2025年湘教版高二物理下冊月考試卷

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年湘教版高二物理下冊月考試卷785考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五六總分得分評卷人得分一、選擇題(共5題，共10分)1、如圖甲所示，兩個相鄰的有界勻強磁場區(qū)，方向相反，且垂直紙面，磁感應強度的大小均為B

磁場區(qū)在y

軸方向足夠?qū)挘趚

軸方向?qū)挾染鶠閍

一正三角形(

中垂線長為a)

導線框ABC

從圖示位置向右勻速穿過磁場區(qū)域，以逆時針方向為電流的正方向，在圖乙中感應電流i

與線框移動距離x

的關系圖象正確的是(

)

A.B.

C.D.2、如圖所示，一固定斜面傾角為30鈭?

一質(zhì)量為m

的小物塊自斜面底端以一定的初速度沿斜面向上做勻減速運動，加速度大小等于重力加速度的大小g.

物塊上升的最大高度為H

則此過程中，物塊的(

)

A.動能損失了12mgH

B.動能損失了mgH

C.機械能損失了mgH

D.機械能損失了12mgH

3、下列實驗現(xiàn)象；屬于電磁感應現(xiàn)象的是（）

A.導線通電后；其下方的小磁針偏轉(zhuǎn)。

B.通電導線AB在磁場中運動。

C.金屬桿切割磁感線時；電流表指針偏轉(zhuǎn)。

D.通電線圈在磁場中轉(zhuǎn)動。

4、如圖所示，L為豎直．固定的光滑絕緣桿，桿上O點套有一質(zhì)量為m．帶電量為－q的小環(huán)，在桿的左側(cè)固定一電荷量為+Q的點電荷，桿上a、b兩點到+Q的距離相等，Oa之間距離為h1，ab之間距離為h2，使小環(huán)從圖示位置的O點由止釋放后，通過a的速率為則下列說法正確的是A.小環(huán)通過b點的速率為B.小環(huán)從O到b，電場力做的功可能為零C.小環(huán)在Oa之間的速度是先增大后減小D.小環(huán)在ab之間的速度是先減小后增大5、關于靜電場的等勢面，下列說法正確的是（）A.兩個電勢不同的等勢面可能相交B.同一等勢面上各點電場強度一定相等C.電場線與等勢面處處相互垂直D.將一負的試探電荷從電勢較高的等勢面移至電勢較低的等勢面，電場力做正功評卷人得分二、填空題(共7題，共14分)6、三個電阻R1、R2、R3串聯(lián)后，接到電壓為U的電路中，已知R1：R2：R3=3：2：1，求：通過三個電阻的電流之比為____；每個電阻兩端的電壓之比為____．7、電磁波按頻率由高到低排列是：γ射線、X射線（倫琴射線）、紫外線、可見光、____、微波、無線電波，它們構成了電磁波譜，其中波長最長的是____．8、一臺給低壓照明電路供電的變壓器，初級所加交流電壓為u="311sin314t"V。能夠使次級獲得有效值為36V的安全電壓，它的初、次級線圈匝數(shù)之比應為__________。當次級電路使五盞“36V40W”的燈泡正常發(fā)光時，它的初級電流的有效值是___________A。(該變壓器可視為理想變壓器)9、(1)

單晶體有各向______的特點。(2)

液體的溫度越高，表面張力______；液體中溶有雜質(zhì)時，表面張力______；液體的密度越大，表面張力______。(3)

關于飽和汽壓的特點：液體的飽和汽壓與溫度有關，溫度越高，飽和汽壓_____，且飽和汽壓與飽和汽的體積無關。10、某同學利用圖甲所示的實驗裝置；探究物塊在水平桌面上的運動規(guī)律．物塊在重物的牽引下開始運動，重物落地后，物塊再運動一段距離停在桌面上（尚未到達滑輪處）．從紙帶上便于測量的點開始，每5個點取1個計數(shù)點，相鄰計數(shù)點間的距離如圖乙所示．打點計時器電源的頻率為50Hz．

①通過分析紙帶數(shù)據(jù)，可判斷物塊在相鄰計數(shù)點______和______之間某時刻開始減速．

②計數(shù)點4對應的速度大小為______m/s，計數(shù)點5對應的速度大小為______m/s．（保留三位有效數(shù)字）．

③物塊減速運動過程中加速度的大小為a=______m/s2，若用來計算物塊與桌面間的動摩擦因數(shù)（g為重力加速度），則計算結(jié)果比動摩擦因數(shù)的真實值______（填“偏大”或“偏小”）．11、本題為選做題，考生只選擇一題作答.

若兩題都作答，則按24鈭?A

題計．。鈭?A.(

本題供選修1鈭?1

的考生作答)

如圖所示，條形磁鐵A

沿豎直方向插入線圈B

的過程中，電流表G

的讀數(shù)_________(

選填“為零”或“不為零”)

若條形磁鐵A

在線圈B

中保持不動，電流表G

的讀數(shù)_________(

選填“為零”或“不為零”)

．24鈭?B.(

本題供選修3鈭?1

的考生作答)

如圖所示電路中，閉合開關S

后，增大滑動變阻器R

的阻值，則電流表A

的讀數(shù)將_________(

選填“變大”或“變小”)

電阻R0

消耗的功率將_________(

選填“變大”或“變小”)

．12、物體做勻加速直線運動，初速度v0=2m/s

加速度a=0.1m/s2

則第3s

末的速度是______m/s5s

末的速度是______m/s

．評卷人得分三、判斷題(共7題，共14分)13、電場線與等勢面相互垂直，沿著同一等勢面移動電荷時靜電力不做功．（判斷對錯）14、如圖所示，有一水平方向的勻強電場，場強大小為9000N/C，在電場內(nèi)一水平面上作半徑為10cm的圓，圓上取A、B兩點，AO沿E方向，BO⊥OA，另在圓心處放一電量為10﹣8C的正點電荷，則A處場強大小EA為零．________（判斷對錯）

15、空間兩點放置兩個異種點電荷a、b，其所帶電荷量分別為qa和qb，其產(chǎn)生的電場的等勢面如圖所示，且相鄰等勢面間的電勢差均相等，電場中A、B兩點間的電勢大小的關系為φA＞φB，由此可以判斷出a為正電荷，且有qa＜qb．________（判斷對錯）

16、只有沿著電場線的方向電勢才會降低，所以電勢降低的方向就一定是電場強度的方向．（判斷對錯）17、如圖所示，有一水平方向的勻強電場，場強大小為9000N/C，在電場內(nèi)一水平面上作半徑為10cm的圓，圓上取A、B兩點，AO沿E方向，BO⊥OA，另在圓心處放一電量為10﹣8C的正點電荷，則A處場強大小EA為零．________（判斷對錯）

18、空間兩點放置兩個異種點電荷a、b，其所帶電荷量分別為qa和qb，其產(chǎn)生的電場的等勢面如圖所示，且相鄰等勢面間的電勢差均相等，電場中A、B兩點間的電勢大小的關系為φA＞φB，由此可以判斷出a為正電荷，且有qa＜qb．________（判斷對錯）

19、如圖所示為某示波管內(nèi)的聚焦電場，實線和虛線分別表示電場線和等勢線．兩電子分別從a、b兩點運動到c點．設電場力對兩電子做的功分別為Wa和Wb，a、b點的電場強度大小分別為Ea和Eb，則Wa=Wb，Ea＞Eb．________（判斷對錯）

評卷人得分四、識圖作答題(共3題，共9分)20、【略】21、下圖為某生物特定部位的細胞結(jié)構示意圖。請據(jù)圖分析回答：①將此細胞放入濃度大于11中細胞液濃度的蔗糖液中，此細胞將發(fā)生________。②細胞代謝活動的控制中心是[]________。③具有該細胞的生物，在生態(tài)系統(tǒng)中的成分是________。22、（12分）下圖1是小腸上皮細胞亞顯微結(jié)構示意圖，圖2是植物細胞亞顯微結(jié)構示意圖，圖3為氨基酸和Na+進出腎小管上皮細胞的示意圖。請據(jù)圖分析回答：圖1圖2圖3(1)細胞膜的基本骨架是____。(2)細胞膜表面還存在水解二糖的膜蛋白D，說明膜蛋白D具有____功能。細胞膜可執(zhí)行多種功能，從膜的成分分析，出現(xiàn)這一現(xiàn)象的主要原因是____。(3)若將紫色洋蔥表皮細胞置于30%的蔗糖溶液中一段時間后，觀察到的變化最明顯的細胞器是對應于圖2中的____（用圖中標號表示），其具體變化是____。(4)據(jù)圖3分析，氨基酸和Na+運出腎小管上皮細胞的方式分別是____。評卷人得分五、畫圖題(共2題，共8分)23、13.矩形導線框abcd固定在勻強磁場中，磁感線的方向與導線框所在平面垂直，規(guī)定磁場的正方向垂直紙面向里，磁感應強度B隨時間變化的規(guī)律如圖所示.若規(guī)定順時針方向為感應電流i的正方向，在下列i-t圖中畫出感應電流隨時間變化的圖象24、13.矩形導線框abcd固定在勻強磁場中，磁感線的方向與導線框所在平面垂直，規(guī)定磁場的正方向垂直紙面向里，磁感應強度B隨時間變化的規(guī)律如圖所示.若規(guī)定順時針方向為感應電流i的正方向，在下列i-t圖中畫出感應電流隨時間變化的圖象評卷人得分六、綜合題(共2題，共10分)25、[

物理隆陋隆陋

選修3隆陋4]

(1)(5

分)

圖甲為一列簡諧橫波在t=4s

時的波形圖，ab

兩質(zhì)點的橫坐標分別為xa=3m

和xb=9m

圖乙為質(zhì)點b

的振動圖象；下列說法正確的是_____(

填正確答案標號。)

A.該波沿+x

方向傳播，波速為1.5m/s

B.質(zhì)點a

與質(zhì)點b

離開平衡位置的位移大小總是相等C.從t=4s

到t=8s

質(zhì)點a

通過的路程為0.5m

D.t=4s

時，質(zhì)點a

正在向y

軸負方向運動E.質(zhì)點b

做簡諧運動的位移表達式為y=(0.5sin婁脨4t)m

(2)

下圖為透明材料制成的柱體截面圖，其截面為四分之一圓，圓半徑OM=6cm

該透明材料的折射率n=2

一束平行光垂直照射到OM

面，在這束平行光中選取1234

四條等間距的光線，其中光線1

入射到M

點，光線4

入射到O

點。忽略二次反射光線。

(i)

請作出圖中光線23

通過該透明材料的光路圖并說明作圖依據(jù)；(ii)

計算MN

弧面上有光射出的部分的弧長為多大。26、(1)(1)真空中有兩個點電荷，它們之間的靜電力為FF如果保持它們所帶的電量不變，將它們之間的距離增大到原來的33倍，它們之間作用力的大小等于________．A.F

B.3F

C.F3

D.F9

(2)

如圖所示為帶負電的點電荷的電場線分布圖，對該電場中的AB

兩點，下列說法正確的是________．A.A

點的電場強度等于B

點的電場強度B.A

點的電場強度比B

點的電場強度大C.A

點的電勢等于B

點的電勢D.A

點的電勢比B

點的電勢高(3)

在如圖所示的電路中，電源電動勢為E

內(nèi)電阻為r.

將滑動變阻器的滑片P

從圖示位置向右滑動的過程中，關于各電表示數(shù)的變化，下列判斷中正確的是________．A.電壓表V

的示數(shù)變小B.電流表A2

的示數(shù)變小C.電流表A1

的示數(shù)變小D.電流表A

的示數(shù)變大(4)

在如圖所示的電路中，電源的電動勢為E

內(nèi)電阻為r

電阻R1

與變阻器R2

串聯(lián)，將R2

的阻值調(diào)至零時，下列說法中正確的是________．A.電路的外電阻最小B.電阻R1

消耗的功率最小C.電源內(nèi)消耗的功率最小D.電源內(nèi)部的電勢降落最小(5)

如圖所示，MN

表示真空室中垂直于紙面放置的感光板，它的一側(cè)有勻強磁場，磁場方向垂直于紙面向里，磁感應強度大小為B.

一個電荷量為q

的帶電粒子從感光板上的狹縫O

處以垂直于感光板的初速度v

射入磁場區(qū)域，最后到達感光板上的P

點.

經(jīng)測量PO

間的距離為l

不計帶電粒子受到的重力.

求：壟脵

帶電粒子所受洛倫茲力的大小為________；壟脷

此粒子的質(zhì)量為________．(6)

水平面上有電阻不計的U

形導軌NMPQ

它們之間的寬度為LM

和P

之間接入電動勢為E

的電源(

不計內(nèi)阻).

現(xiàn)垂直于導軌放置一根質(zhì)量為m

電阻為R

的金屬棒ab

并加一個范圍較大的勻強磁場，磁感應強度大小為B

方向與水平面夾角為婁脠

且指向右上方，如圖所示，問：壟脵

當ab

棒靜止時，受到的支持力和摩擦力各為多少？壟脷

若B

的大小和方向均能改變，則要使ab

棒所受支持力為零，B

的大小至少為多少？此時B

的方向如何？參考答案一、選擇題(共5題，共10分)1、C【分析】【分析】本題導體的運動可分為三段進行分析；根據(jù)右手定則可判斷電路中感應電流的方向；由導體切割磁感線時的感應電動勢公式可求得感應電動勢的大小。

本題為選擇題，而過程比較復雜，故可選用排除法解決，這樣可以節(jié)約一定的時間；而進入第二段磁場后，分處兩磁場的線圈兩部分產(chǎn)生的電流相同，且有效長度是均勻變大的，當將要全部進入第二磁場時，線圈中電流達最大2I

【解答】線框從開始進入到全部進入第一個磁場時；磁通量向里增大，則由楞次定律可知，電流方向為逆時針，故B一定錯誤；

因切割的有效長度均勻增大；故由E=BLV

可知，電動勢也均勻增加；

而在全部進入第一部分磁場時；磁通量達最大，該瞬間磁通量的變化率為零，故感應電動勢也會零，故A錯誤；

當線圈開始進入第二段磁場后；線圈中磁通量向里減小，則可知電流為順時針，故D錯誤，C正確。

故選C。

【解析】C

2、C【分析】解：

A、B

已知物體上滑的加速度大小為g

由動能定理得：動能損失等于物體克服合外力做功，為：鈻?Ek=W潞脧=F潞脧?Hsin30鈭?=mg?2H=2mgH

故A；B錯誤．

C、D

設摩擦力的大小為f

根據(jù)牛頓第二定律得：mgsin30鈭?+f=ma=mg

得f=0.5mg

則物塊克服摩擦力做功為Wf=f?2H=0.5mg?2H=mgH

根據(jù)功能關系可知機械能損失了mgH.

故C正確，D錯誤．

故選：C

．

知道加速度；根據(jù)牛頓第二定律和動能定理可求得動能的損失；根據(jù)牛頓第二定律求出摩擦力，得到摩擦力做功，即可根據(jù)功能關系求解機械能的損失．

解決本題的關鍵根據(jù)動能定理可求得動能的變化，掌握功能關系，明確除了重力以外的力做功等于物體機械能的變化．【解析】C

3、C【分析】

A；導線通電后；其下方的小磁針受到磁場的作用力而發(fā)生偏轉(zhuǎn)，說明電流能產(chǎn)生磁場，是電流的磁效應現(xiàn)象，不是電磁感應現(xiàn)象．故A錯誤．

B；通電導線AB在磁場中受到安培力作用而運動；不是電磁感應現(xiàn)象．故B錯誤．

C；金屬桿切割磁感線時；電路中產(chǎn)生感應電流，是電磁感應現(xiàn)象．故C正確．

D；通電線圈在磁場中受到安培力作用而發(fā)生轉(zhuǎn)動；不是電磁感應現(xiàn)象．故D錯誤．

故選C

【解析】【答案】電磁感應現(xiàn)象的是指穿過電路的磁通量變化時；產(chǎn)生感應電動勢或感應電流的現(xiàn)象．

4、A【分析】O到a有：O到b有：因為聯(lián)立可得【解析】【答案】A5、C【分析】解：A；沿電場線的方向電勢降低；所以電勢不同的等勢面不可能相交．故A錯誤；

B；電場強度的大小與電勢的高低沒有關系；所以同一等勢面上各點電場強度不一定相等，故B錯誤；

C；根據(jù)電場線與等勢面的關系可知；電場線與等勢面互相垂直，故C正確；

D；負電荷在等勢面高的位置的電勢能??；所以將一負的試探電荷從電勢較高的等勢面移至電勢較低的等勢面，電勢能增大，電場力做負功，故D錯誤．

故選：C

電場中電勢相等的各個點構成的面叫做等勢面；沿著等勢面移動點電荷；電場力不做功．電場線與等勢面垂直，且從電勢高的等勢面指向電勢低的等勢面．負電荷在等勢面高的位置的電勢能?。?/p>

本題關鍵記住電場線和等勢面的關系，相互垂直，從電勢高的等勢面指向電勢低的等勢面，掌握等勢面的基本特點：在等勢面上移動電荷，電場力總是不做功．【解析】【答案】C二、填空題(共7題，共14分)6、略

【分析】

串聯(lián)電路電流相等；故通過三個電阻的電流之比為1：1：1；

根據(jù)U=IR，I一定時，電壓與電阻成正比，已知R1：R2：R3=3：2：1；故每個電阻兩端的電壓之比為3：2：1；

故答案為：1：1：1；3：2：1．

【解析】【答案】串聯(lián)電路電流相等；根據(jù)U=IR求解電壓之比．

7、略

【分析】

波長越長；頻率越??；比可見光頻率小，比微波頻率大的電磁波是紅外線，波長最長的是無線電波．

故答案為：紅外線；無線電波．

【解析】【答案】依照波長的長短的不同；電磁波譜可大致分為：無線電波，微波，紅外線，可見光，紫外線，倫琴射線，γ射線（伽馬射線）．

8、略

【分析】【解析】試題分析：原線圈中的有效電壓為所以根據(jù)可得原副線圈的匝數(shù)比為每盞電燈的電流為故副線圈中的電流為根據(jù)公式可得原線圈中電流有效值為0.91A，考點：理想變壓器【解析】【答案】55：90.91A9、（1）異性。

（2）越小變小越大。

（3）越大【分析】(1)

【分析】

單晶體具有各向異性的特點；多晶體具有各向同性的特點。

注意多晶體和單晶體的異同；基礎題。

【解答】

單晶體有各向異性的特點。

故答案為：異性。

(2)

【分析】

凡作用于液體表面；使液體表面積縮小的力，稱為液體表面張力。液體的溫度越高，表面張力越?。灰后w中溶有雜質(zhì)時，表面張力變??；液體的密度越大，表面張力越大。

本題考查液體表面張力；基礎題，注意識記。

【解答】

液體的溫度越高；表面張力越?。灰后w中溶有雜質(zhì)時，表面張力變?。灰后w的密度越大，表面張力越大。

故答案為越?。鹤冃?；越大。

(3)

【分析】

液體的飽和汽壓與溫度有關；溫度越高，飽和汽壓越大，且飽和汽壓與飽和汽的體積無關。

本題關鍵在于理解飽和氣壓與那些因素有關；注意識記。

【解答】

液體的飽和汽壓與溫度有關；溫度越高，飽和汽壓越大，且飽和汽壓與飽和汽的體積無關。

故答案為：越大。

【解析】(1)

異性。

(2)

越小變小越大。

(3)

越大10、略

【分析】解：①從紙帶上的數(shù)據(jù)分析得知：在點計數(shù)點5之前；兩點之間的位移逐漸增大，是加速運動，在計數(shù)點6之后，兩點之間的位移逐漸減小，是減速運動，所以物塊在相鄰計數(shù)點5和6之間某時刻開始減速；

②根據(jù)平均速度等于瞬時速度，則有：v4===1.00m/s

v5==m/s=1.16m/s

③由紙帶可知；計數(shù)點6往后做減速運動，根據(jù)作差法得：

a==-2.00m/s2．

在減速階段產(chǎn)生的加速度的力是滑動摩擦力和紙帶受的阻力；所以計算結(jié)果比動摩擦因素的真實值偏大．

故答案為：①5；6；②1.00；1.16；③2.00；偏大．

①由紙帶兩個點之間的時間相同；若位移逐漸增大，表示物體做加速運動，若位移逐漸減小，則表示物體做減速運動；

②用平均速度代替瞬時速度的方法求解瞬時速度；

③用作差法求解減速過程中的加速度．

要提高應用勻變速直線的規(guī)律以及推論解答實驗問題的能力，在平時練習中要加強基礎知識的理解與應用．【解析】5；6；1.00；1.16；2.00；偏大11、24-A．不為零為零

24-B．變小變小

【分析】24鈭?A24-A．【分析】明確感應電流產(chǎn)生的條件；當穿過閉合電路的磁通量發(fā)生變化時，電路中產(chǎn)生感應電流，從而電流表G

讀數(shù)不為零。本題考查了楞次定律的應用以及感應電流的產(chǎn)生條件，要注意明確掌握楞次定律是正確解題的關鍵【解答】由圖示可知；穿過線圈的磁場方向豎直向上，當把磁鐵插入線圈時，穿過線圈的磁通量增大，由楞次定律可知，感應電流的磁場方向與原磁場方向相反，電流表G

指針不為零；

保持磁鐵在線圈中靜止；穿過線圈的磁通量不變，線圈中不產(chǎn)生感應電流，電流表G

指針為零。

故答案為：不為零；為零。24鈭?B24-B．【分析】圖中電阻R

與R0

串聯(lián)，根據(jù)閉合電路歐姆定律列式求解電流表達式，分析電流變化情況；在根據(jù)P=I2R0

分析R0

電功率變化情況。本題關鍵是根據(jù)閉合電路歐姆定律列式分析電流變化情況，再根據(jù)功率的公式分析電功率的變化情況，基礎題目?！窘獯稹扛鶕?jù)閉合電路歐姆定律，有：I=Er+R+R0，故增大滑動變阻器RR的阻值后，電流減小；根據(jù)P=I2R0，電阻R0消耗的功率將變小；故答案為：變小；變小。

【解析】24鈭?A.24-A.不為零為零

24鈭?B.24-B.變小變小

12、略

【分析】解：由：v=v0+at

得：

(1)

第3s

末的速度：v=2+0.1隆脕3=2.3m/s

．

(2)5s

末的速度：v=2+0.1隆脕5=2.5m/s

．

故答案為：2.3m/s2.5m/s

物體做勻加速直線運動；直接應用勻變速直線運動的規(guī)律求解即可．

勻變速直線運動規(guī)律的直接應用，直接應用公式求解即可，是一個很基礎的題目．【解析】2.32.5

三、判斷題(共7題，共14分)13、A【分析】【解答】解：根據(jù)電場線的特點可知；沿電場線的方向電勢降低；電場線垂直于等勢面、同一等勢面移動電荷電場力不做功．

故答案為：正確．

【分析】解決本題要根據(jù)：電場線是人為假想的曲線，從正電荷或無限遠出發(fā)，終止于無限遠或負電荷，不閉合，電場線疏密描述電場強弱，電場線密的地方，電場強度大，疏的地方電場強度弱，沿電場線的方向電勢降低．14、A【分析】【解答】解：點電荷在A點的場強

根據(jù)場強的疊加原理得；則兩點的場強是由正點電荷和勻強電場場強的合成，A點的場強大小為。

EA=E點﹣E勻=9×103N/C﹣9×103N/C=0；所以A處場強大小為0

故答案為：正確。

【分析】根據(jù)公式E=k求出點電荷在A點處產(chǎn)生的場強大小，判斷出場強方向，A點的場強是由正點電荷和勻強電場場強的合成，根據(jù)平行四邊形定則求解A點處的場強大小及方向．15、B【分析】【解答】解：若把該圖象與等量異種點電荷電場中的部分等勢面圖比較；可以得到：靠近正電荷的點電勢高，靠近負電荷的點，電勢較低．所以，a處為正電荷．

等量異種點電荷電場中的部分等勢面圖象中的等勢面左右對稱；無窮遠處的電勢為0．該圖象的左側(cè)的等勢線比較密，無窮遠處的電勢為0，所以無窮遠處到兩點之間的電勢差相比，與a點之間的電勢差比較大，所以a點所帶的電量就多．

故答案為：錯誤．

【分析】若把該圖象與等量異種點電荷電場中的部分等勢面圖比較，很容易得出正確的結(jié)論．16、B【分析】【解答】解：沿著電場線方向；電勢降低，且降低最快；

那么電勢降低最快的方向才是電場線的方向；但電勢降低的方向不一定是電場線的方向，故錯誤；

故答案為：錯誤．

【分析】電場強度和電勢這兩個概念非常抽象，借助電場線可以形象直觀表示電場這兩方面的特性：電場線疏密表示電場強度的相對大小，切線方向表示電場強度的方向，電場線的方向反映電勢的高低．17、A【分析】【解答】解：點電荷在A點的場強

根據(jù)場強的疊加原理得；則兩點的場強是由正點電荷和勻強電場場強的合成，A點的場強大小為。

EA=E點﹣E勻=9×103N/C﹣9×103N/C=0；所以A處場強大小為0

故答案為：正確。

【分析】根據(jù)公式E=k求出點電荷在A點處產(chǎn)生的場強大小，判斷出場強方向，A點的場強是由正點電荷和勻強電場場強的合成，根據(jù)平行四邊形定則求解A點處的場強大小及方向．18、B【分析】【解答】解：若把該圖象與等量異種點電荷電場中的部分等勢面圖比較；可以得到：靠近正電荷的點電勢高，靠近負電荷的點，電勢較低．所以，a處為正電荷．

等量異種點電荷電場中的部分等勢面圖象中的等勢面左右對稱；無窮遠處的電勢為0．該圖象的左側(cè)的等勢線比較密，無窮遠處的電勢為0，所以無窮遠處到兩點之間的電勢差相比，與a點之間的電勢差比較大，所以a點所帶的電量就多．

故答案為：錯誤．

【分析】若把該圖象與等量異種點電荷電場中的部分等勢面圖比較，很容易得出正確的結(jié)論．19、A【分析】【解答】解：圖中a、b兩點在一個等勢面上；

故Uac=Ubc，根據(jù)W=qU，有Wa=Wb；

a位置的電場強度較密集，故Ea＞Eb；

故答案為：正確．

【分析】圖中a、b兩點在一個等勢面上，根據(jù)W=qU判斷電場力做功的大小，根據(jù)電場線的疏密程度判斷電場強度的大?。?、識圖作答題(共3題，共9分)20、略【分析】略【解析】略21、（1）質(zhì)壁分離（2）[10]細胞核（3）生產(chǎn)者【分析】【分析】本題考查細胞的結(jié)構和功能等相關知識，意在考查考生理解所學知識的要點，把握知識間的內(nèi)在聯(lián)系的能力。【解答】（1）此細胞中，11為液泡，將此細胞放入濃度大于液泡中細胞液濃度的蔗糖液中，細胞滲透失水，原生質(zhì)層和細胞壁逐漸分離，細胞將發(fā)生質(zhì)壁分離。（2）[10]細胞核是遺傳信息庫，是細胞代謝和遺傳的控制中心。（3）觀察可知，此細胞中含有細胞壁、液泡和葉綠體，為植物細胞，具有該細胞的生物，在生態(tài)系統(tǒng)中的成分是生產(chǎn)者?！窘馕觥浚?）質(zhì)壁分離（2）[10]細胞核（3）生產(chǎn)者22、略

【分析】【分析】本題考查細胞的結(jié)構和功能、觀察植物細胞質(zhì)壁分離和物質(zhì)出入細胞的方式等有關知識，意在考查考生識圖能力和理解所學知識的要點，把握知識間的內(nèi)在聯(lián)系的能力；能運用所學知識與觀點，通過比較、分析與綜合等方法對某些生物學問題進行解釋、推理，做出合理的判斷或得出正確的結(jié)論?！窘獯稹?1)細胞膜的基本骨架是磷脂雙分子層。

(2)膜蛋白D能水解二糖；說明膜蛋白D具有催化功能；蛋白質(zhì)的差異性使其執(zhí)行不同的功能，具有高度的專一性。

(3)若將紫色洋蔥表皮細胞置于30％的蔗糖溶液中；由于外界溶液溶度大于細胞液濃度，會發(fā)生質(zhì)壁分離，所以一段時間后，液泡變小，顏色變深，液泡為圖中的7。

(4)分析題圖，氨基酸運出腎小管上皮細胞時需要載體蛋白的協(xié)助，但不消耗能量，屬于協(xié)助擴散；Na+運出腎小管上皮細胞時需要載體蛋白的協(xié)助；并且消耗能量，故運輸方式是主動運輸。

【解析】(1)磷脂雙分子層。

(2)(生物)催化蛋白質(zhì)(或膜蛋白)不同。

(3)7體積變?。活伾兩?。

(4)協(xié)助擴散(或被動運輸)、主動運輸五、畫圖題(共2題，共8分)23、略

【分析】本題考查楞次定律和法拉第電磁感應定律，當磁感強度均勻變化時磁通量均勻變化，感應電動勢、感應電流恒定不變【解析】【答案】24、略

【分析】本題考查楞次定律和法拉第電磁感應定律，當磁感強度均勻變化時磁通量均勻變化，感應電動勢、感應電流恒定不變【解析】【答案】六、綜合題(共2題，共10分)25、(1)ABE

(2)

解：(i)

設臨界角為C

則有：sin(C)=1n

解得：C=30鈭?

對光線2

設入射角為婁脕

由幾何知識得：sin(婁脕)=23>1n

即婁脕>C

所以光線2

發(fā)生全反射，如圖所示。

對光線3

入射角為婁脗

由幾何知識得：sin(婁脗)=13<1n

即婁脗<C

所以光線3

不會發(fā)生全反射，如圖所示。

(ii)

若射到弧面上A

點的光線剛好能發(fā)生全反射，則NA

弧面被照亮，對應的圓心角為：婁脮=C

所以被照亮的弧長為：l=婁脮360鈭?2婁脨r

上式中r=6cm

數(shù)據(jù)代入以上兩式解得：l=3.14cm

【分析】(1)

【分析】根據(jù)平移法確定波的傳播方向；只有在平衡位置或最大位移處的質(zhì)點經(jīng)過14T

通過的路程才等于振幅；根據(jù)x=4m

處的質(zhì)點a

的振動方程確定位移大??；當t=9s

時，確定x=9mx=15m

處質(zhì)點的振動方程來分析位移大?。桓鶕?jù)質(zhì)點b

的簡諧運動情況確定振動方程。本題主要是考查了波的圖象和振動圖象；解答本題關鍵是要掌握振動的一般方程y=Asin婁脴t

知道方程中各字母表示的物理意義，能夠根據(jù)圖象直接讀出振幅、波長和各個位置處的質(zhì)點振動方向，知道波速、波長和頻率之間的關系。【解答】

?A.t=4s

時，x=9m

處的質(zhì)點向下振動，根據(jù)平移法可知該波沿+x

方向傳播；根據(jù)波的圖象可得婁脣=12m

周期T=8s

波速為v=婁脣T=128m/s=1.5m/s

故A正確；

B.因是簡諧橫波，那么所有質(zhì)點離開平衡位置的位移大小總相等，因此質(zhì)點a

與質(zhì)點b

離開平衡位置的位移大小也總是相等；故B正確；

C.從t=4s

到t=8s

即12T

質(zhì)點a

的橫坐標為xa=3m

所以通過的路程等于0.5隆脕2=1m

故C錯誤；

D.依據(jù)波向+x

方向傳播；結(jié)合波的微平移法，那么在t=4s

時，質(zhì)點a

正在向y

軸正方向運動，故D錯誤；

E.由圖乙可知，質(zhì)點b

的簡諧運動表達式為：y=0.5sin(婁脨4t)m

故E正確。

故選ABE。(2)

畫出光路圖，當光線在MN

弧面上發(fā)生全反射時，ab

弧面上就被照亮，就沒有光線從MN

弧面射出，根據(jù)臨界角確定出光線在MN

弧面上恰好發(fā)生全反射時的入射點，由幾何知識求解MN

弧面上被照亮的弧長。正確地畫出光路圖是解決本題的關鍵，要靈活運用幾何知識解決物理問題，掌握全反射的條件和臨界角公式，并能綜合應用。

【解析】(1)ABE

(2)

解：(i)

設臨界角為C

則有：sin(C)=1n

解得：C=30鈭?

對光線2

設入射角為婁脕

由幾何知識得：sin(婁脕)=23>1n

即婁脕>C

所以光線2

發(fā)生全反射，如圖所示。對光線3

入射角為婁脗

由幾何知識得：sin(婁脗)=13<1n

即婁脗<C

所以光線3

不會發(fā)生全反射，如圖所示。(ii)

若射到弧面上A

點的光線剛好能發(fā)生全反射，則NA

弧面被照亮，對應的圓心角為：婁脮=C

所以被照亮的弧長為：l=婁脮360鈭?2婁脨r

上式中r=6cm

數(shù)據(jù)代入以上兩式解得：l=3.14cm

26、(1)D

(2)B

(3)B

(4)A

(5)qvBqBl2v

(6)

解：從b

向a

看側(cè)視圖如圖所示，

壟脵

水平方向：F=FAsin婁脠

豎直方向：FN+FAcos婁脠=mg

又FA=BIL=BERL

聯(lián)立得：FN=mg?BLEcos?婁脠RF=BLEsin?婁脠R

壟脷

使ab

棒受支持力為零，且讓磁場最小，可知安培力豎直向上，

則有FA=mg

Bmin=mgREL

根據(jù)左手定則判定磁場方向水平向右。

【分析】(1)

【分析】電量不變，只是將距離增大到原來的3

倍，根據(jù)點電荷庫侖力的公式F=kQ1Q2r2

可以求得改變之后的庫侖力的大小。本題就是對庫侖力公式的直接考查，掌握住公式就很容易分析了。【解答】由點電荷庫侖力的公式F=kQ1Q2r2

可以得到，電量不變，當距離增大到原來的3

倍，庫侖力將變?yōu)樵瓉淼?9

故D正確。故選D。

(2)

【分析】電場線的疏密表示電場強