2025年蘇科版高三物理下冊階段測試試卷含答案

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年蘇科版高三物理下冊階段測試試卷含答案考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五六總分得分評卷人得分一、選擇題(共5題，共10分)1、如圖，汽車通過繩子將一物體拉起，當汽車到達圖示位置時，繩子與水平方向的夾角是θ，此時物體M的上升速度大小為v，則汽車的速度為v（）A.vB.vcosθC.D.vsinθ2、如圖a所示，固定在水平面內(nèi)的光滑金屬框架cdeg處于方向豎直向下的勻強磁場中，金屬桿ab與金屬框架接觸良好．在兩根導軌的端點d、e之間連接一電阻，其它部分電阻忽略不計．現(xiàn)用一水平向右的外力F作用在金屬桿ab上，使金屬桿在框架上由靜止開始向右滑動，運動中桿ab始終垂直于框架．圖b為一段時間內(nèi)金屬桿受到安培力f隨時間t的變化關(guān)系，則圖c中可以表示此段時間內(nèi)外力F隨時間t變化關(guān)系的圖象是（）A.B.C.D.3、在地球表面上，除了兩極以外，任何物體都要隨地球的自轉(zhuǎn)而做勻速圓周運動，當同一物體先后位于a和b兩地時；下列表述正確的是（）

A.該物體在a、b兩地所受合力都指向地心。

B.該物體在a、b兩地時角速度一樣大。

C.該物體在b時線速度較大。

D.該物體在b時的向心加速度較小。

4、如圖所示，上表面有一段光滑圓弧的質(zhì)量為M的小車A置于光滑平面上，在一質(zhì)量為m的物體B自弧上端自由滑下的同時釋放A，則()A.在B下滑過程中，B的機械能守恒B.軌道對B的支持力對B不做功C.在B下滑的過程中，A和B組成的系統(tǒng)動量守恒D.A、B和地球組成的系統(tǒng)的機械能守恒5、下列關(guān)于地球同步衛(wèi)星的敘述正確的是（）A.同步衛(wèi)星的運行周期與地球自轉(zhuǎn)周期相同B.同步衛(wèi)星的軌道不一定與赤道平面共面C.不同的同步衛(wèi)星高度可以不同D.同步衛(wèi)星的運行速度大于7.9km/s評卷人得分二、填空題(共9題，共18分)6、（2015秋?巴彥淖爾校級期末）表示一架作勻變速直線飛行的飛機的速度一時間圖象，利用速度一時間圖象可以看出飛機的初速度是____米/秒，10秒后飛機的速度是____米/秒．飛機的速度達到250米/秒，需要____秒．7、某人向北走了300m，然后在向東走400m，他的總路程____，位移的大小____．8、一列火車由靜止以恒定的加速度自動出站，設(shè)每節(jié)車廂的長度相同，不計車廂間間隙距離，一觀察者站在第一節(jié)車廂最前面，他通過測時間估算出第一節(jié)車廂尾駛過他時的速度為v0，則第n節(jié)車廂尾駛過他時的速度為____．9、一質(zhì)點作勻變速直線運動，其速度表達式為v=（5-4t）m/s，則此質(zhì)點運動的加速度a為____m/s2，4s末的速度為____m/s；t=____s時物體的速度為零，質(zhì)點速度為零時的位移s=____m．10、（2012秋?臨沂校級期中）如圖為某勻強電場的等勢面分布圖，每兩個相鄰等勢面相距2cm，則該勻強電場的場強大小為____V/m，方向____．11、（2013秋?遵化市期中）如圖所示是某同學在科技活動中自制的電子秤原理圖利用電壓表的示數(shù)刻度指示物體的質(zhì)量．托盤與電阻可忽略的彈簧相連，托盤與彈簧的質(zhì)量均不計．滑動變阻器的滑動端與彈簧上端連接，當托盤中沒有放物體時，電壓表示數(shù)為零．設(shè)變阻器總電阻為R，總長度為L，電源電動勢為E，內(nèi)阻為r，限流電阻阻值為R0，彈簧勁度系數(shù)為k，若不計一切摩擦和其他阻力．求出電壓表示數(shù)Ux與所稱物體質(zhì)量m的關(guān)系式為Ux=____．12、（2011秋?浦東新區(qū)期末）如圖所示，用絕緣絲線將一帶正電的小球N掛在水平橫桿上的P點，在N的左側(cè)放置一帶正電的小球M，由于靜電相互作用，N平衡時絲線與豎直方向有一定的偏角．如果M的電荷量減半，絲線偏角____（選填“變大”、“變小”或“不變”）．如果兩球的電荷量不變，把M向右移動一定距離，N靜止時受到的靜電力____（選填“變大”、“變小”或“不變”）．13、【題文】某物質(zhì)的摩爾質(zhì)量為μ，密度為ρ，阿伏加德羅常數(shù)為N，設(shè)分子為球體，且分子間隙不計，則此分子的直徑為____。14、（2012?烏蘭察布）一個質(zhì)點沿直線運動，其速度圖象如圖所示．由圖象可知線段OA表示質(zhì)點做____運動，加速度大小為____m/s2；線段AB表示質(zhì)點做____運動，質(zhì)點在6s末的速度為____m/s；線段BC表示質(zhì)點做____運動．評卷人得分三、判斷題(共5題，共10分)15、物體的平均速率為零，則物體一定處于靜止狀態(tài)．____．（判斷對錯）16、狹義相對論認為真空中的光速在不同的慣性參考系中是不同的____（判斷對錯）17、沿電場線的方向，電勢逐點降低．____（判斷對錯）18、普通驗電器能直接檢測物體帶有何種性質(zhì)的電荷．____．（判斷對錯）19、幾個不同阻值的電阻并聯(lián)后，其總電阻等于各電阻之和．____．（判斷對錯）評卷人得分四、識圖作答題(共3題，共15分)20、高密度水廣養(yǎng)殖常會引起池塘水體富營養(yǎng)化，影響?zhàn)B殖。下圖為利用稻田生態(tài)系統(tǒng)凈化魚塘尾水的示意圖，箭頭所指為水流方向。請回答以下相關(guān)問題：(1)養(yǎng)殖期間，可在塘魚種群數(shù)量達到k/2與k之間捕撈并把剩余量控制在k/2，這樣做的目的是____________________。(2)魚塘的塘邊和塘中央生長著不同的生物類型，體現(xiàn)了群落的__________。為調(diào)查圖中稻田害蟲的發(fā)生狀況，取樣時宜采用__________法，分別統(tǒng)計各種害蟲的種群密度。(3)出現(xiàn)藻類水華的魚塘尾水流經(jīng)稻出后，B處水樣中藻類數(shù)量大大減少。從生態(tài)學角度分析，藻類數(shù)量減少的原因是____________(答出兩點)。(4)從能量流動的角度分析，建立“桑基魚塘”的實踐意義是____________________。21、登革熱是伊蚊傳播，登革熱病毒引起的一種急性傳染病,臨床特征為起病急驟，發(fā)熱等癥狀，如圖為登革熱病毒致病機理的簡圖，請據(jù)圖回答

（1）登革熱病毒感染會使人體產(chǎn)生不同的抗體；說明登革熱病毒表面存在不同的___________，當T細胞活性下降時，會引起機體生成抗體的能力下降，其主要原因是物質(zhì)甲分泌量少，影響___________________。

（2）登革熱病毒侵入人體后，血液中_____________和腎上腺素等激素含量升高,從而使產(chǎn)熱增加導致發(fā)熱,發(fā)熱要多飲水,飲水較多,_______________降低會刺激下丘腦中的滲透壓感受器，進而使垂體釋放抗利尿激素的量減少，導致尿量增加。

（3）物質(zhì)甲和抗體能促進_________________________，使復合物增多，復合物增多又會使血管通透性增大，血漿蛋白外滲而引起組織水腫。22、植物的光合作用受內(nèi)、外多種因素的影響。圖甲是在一定的溫度和CO2濃度條件下，測得A、B兩種植物在不同光照條件下光合速率變化曲線；圖乙表示B植物在一晝夜內(nèi)對CO2的吸收和釋放情況。請回答問題。

(1)圖甲表明；________植物更適宜在弱光照條件下生長。

(2)當光照強度為8千勒克斯時，A植物與B植物每小時光合作用所制造的有機物量的比例________。

(3)圖乙中，B植物在7時細胞內(nèi)能產(chǎn)生ATP的細胞器有___________；在________時有機物的積累總量最多，在________時呼吸速率等于光合速率。

(4)當S1、S2、S3三者的關(guān)系為________________(用數(shù)學表達式)時，B植物才能正常生長。評卷人得分五、證明題(共4題，共8分)23、一物體做初速度為v0的勻加速直線運動，加速度為a，經(jīng)過時間t速度達到vt，試證明物體經(jīng)過時刻的速度等于這段時間內(nèi)的平均速度，還等于．24、（2016?海淀區(qū)模擬）如圖所示，將小物塊（可視為質(zhì)點）平放在水平桌面的一張薄紙上，對紙施加恒定水平拉力將其從物塊底下抽出，物塊的位移很小，人眼幾乎觀察不到物塊的移動．已知物塊的質(zhì)量為M，紙與桌面、物塊與桌面間的動摩擦因數(shù)均為μ1，紙與物塊間的動摩擦因數(shù)為μ2；重力加速度為g．

（1）若薄紙的質(zhì)量為m；則從開始抽紙到紙被抽離物塊底部的過程中；

①求薄紙所受總的摩擦力為多大；

②從沖量和動量的定義；結(jié)合牛頓運動定律和運動學規(guī)律，證明：水平拉力F和桌面對薄紙摩擦力的總沖量等于物塊和紙的總動量的變化量．（注意：解題過程中需要用到；但題目中沒有給出的物理量，要在解題中做必要的說明．）

（2）若薄紙質(zhì)量可忽略，紙的后邊緣到物塊的距離為L，從開始抽紙到物塊最終停下，若物塊相對桌面移動了很小的距離s0（人眼觀察不到物塊的移動），求此過程中水平拉力所做的功．25、如圖所示，小球用不可伸長的長度為L的輕繩懸于O點．（不計阻力）試證明：繩對小球在最低點拉力T1與最高點拉力T2之差T1-T2=6mg．

26、如圖所示，1、2、3為p-V圖中一定量理想氣體的三個狀態(tài)，該理想氣體由狀態(tài)1經(jīng)過程1-3-2到達狀態(tài)2．試利用氣體實驗定律證明：．評卷人得分六、綜合題(共3題，共12分)27、【題文】（16分）

如圖所示，質(zhì)量的物體與地面的動摩擦因數(shù)物體在與地面成的恒力F作用下，由靜止開始運動，運動0.20s撤去F，又經(jīng)過040s物體剛好停下。（）求。

（1）撤去F后物體運動過程中加速度的大??；

（2）撤去F時物體的速度；

（3）F的大小。28、【題文】如圖所示，質(zhì)量均為m的A、B兩物體靜止在水平面上，A在B的左側(cè)且相距L，A為底部光滑的不帶電物體；B為絕緣帶電體，所帶電荷量為+q，且與水平面間的動摩擦因數(shù)為μ(已知)．空間存在水平向左的勻強電場，電場強度為E．今始終用大小為的水平力向右推A；A與Ｂ正碰后即以共同速度向右運動但不粘連，A；B不會因為運動或碰撞而改變原來的帶電情況．求：

（1）與B碰前A的速度v0是多少？

（2）A運動的總位移s是多少？29、(1)

如圖示，在一平靜水面上建立xOy

坐標系，甲、乙兩波源分別在O11和O22位置先后以5Hz

的頻率上下振動，圖中AB

為某一時刻兩波剛到達的位置。波傳播過程中能量損耗不計。圖示時刻x=0.4m

處的質(zhì)點沿振動方向的位移為零，速度向下。已知水波的波速為0.5m/s

振幅均為2cm

兩波源起振方式相同，則下列說法正確的是()A.再經(jīng)0.5s

兩波前都到達x=0.9m

處B.波源O11比O22開始振動的時間早0.4s

C.圖示時刻兩波波前的交點CD

位移為零，為振動的減弱點D.圖示時刻x=0.46m

處的質(zhì)點振動方向向上E.圖示時刻起經(jīng)1s

過程中x=0.4m

處質(zhì)點的路程為72cm

(2)

研究光的干涉特性時，常將一束光分成兩束頻率相同的相干光。用如圖所示裝置來將光“一分為二、一塊矩形玻璃磚，下底面鍍銀，厚為d

右端緊靠豎直光屏，一束單色光沿OC

方向射到玻璃磚上表面，分成兩束頻率相同的相干光，一束反射后直接射到屏上A

點，一束折射后經(jīng)下底面反射后再經(jīng)上表面折射后射到屏上B

點。已知OC

與玻璃磚上表面成30鈭?

角，玻璃磚對該單色光的折射率為3

光在真空中的傳播速度為c

圖中AB

兩點未畫出.

求：壟脵

射到B

點的折射光在玻璃磚中傳播的時間；壟脷AB

兩點之間的距離。參考答案一、選擇題(共5題，共10分)1、C【分析】【分析】小車參與兩個分運動，沿繩子方向和垂直繩子方向的兩個分運動，由于繩子長度一定，故物體下降的速度等于小車沿繩子方向的分速度．【解析】【解答】解：小車參與兩個分運動；沿繩子拉伸方向和垂直繩子方向（繞滑輪轉(zhuǎn)動）的兩個分運動，將小車合速度正交分解，如圖所示：

物體上升速度等于小車沿繩子拉伸方向的分速度為：

v物=vcosθ；

解得：v=；

故選：C．2、B【分析】【分析】金屬桿由靜止開始向右在框架上滑動時，水平方向受到外力F和安培力作用，可推導出安培力與速度的關(guān)系式，由圖分析安培力隨時間的變化情況，得到速度與時間的變化情況，根據(jù)牛頓第二定律，分析F與時間的關(guān)系．【解析】【解答】解：由感應(yīng)電動勢E=Blv，電流I=得：

安培力為：f=BIl=

由圖f∝t；則v∝t，說明導體做勻加速運動，那么v=at

根據(jù)牛頓第二定律；得：F-f=ma

得到：F=f+ma=．故B正確；A；C、D錯誤．

故選：B．3、B|C【分析】

A、物體a、b繞地軸轉(zhuǎn)動；向心力的方向指向地軸，則合力的方向指向地軸．故A錯誤．

B、a、b兩點的角速度相等，根據(jù)v=rω知，b的半徑大，則b的線速度大，根據(jù)a=rω2知，b的向心加速度大．故B；C正確；D錯誤．

故選BC．

【解析】【答案】a、b兩點共軸轉(zhuǎn)動，角速度大小相等，根據(jù)v=rω比較線速度大小，根據(jù)a=rω2比較向心加速度大??；知道合力提供向心力．

4、D【分析】【解析】試題分析：在B下滑的過程中，A向左運動，即B對A做功，所以A對B也做功，故B機械能不守恒，AB錯誤，過程中重力做功，所以系統(tǒng)動量不守恒，C錯誤，系統(tǒng)受到的合力為零，所以機械能守恒，D正確，考點：考查了動量守恒和機械能守恒定律條件的判斷【解析】【答案】D5、A【分析】【分析】了解同步衛(wèi)星的含義；即同步衛(wèi)星的周期必須與地球自轉(zhuǎn)周期相同．

物體做勻速圓周運動；它所受的合力提供向心力，也就是合力要指向軌道平面的中心．

通過萬有引力提供向心力，列出等式通過已知量確定未知量．【解析】【解答】解：A、由于同步衛(wèi)星的周期必須與地球自轉(zhuǎn)周期相同，根據(jù)ω=；所以衛(wèi)星的運行角速度與地球的自轉(zhuǎn)角速度相同．故A正確．

B；它若在除赤道所在平面外的任意點；假設(shè)實現(xiàn)了“同步”，那它的運動軌道所在平面與受到地球的引力就不在一個平面上，這是不可能的．故B錯誤．

C、根據(jù)萬有引力提供向心力，列出等式：=m（R+h）；其中R為地球半徑，h為同步衛(wèi)星離地面的高度．

由于同步衛(wèi)星的周期必須與地球自轉(zhuǎn)周期相同；所以T為一定值；

根據(jù)上面等式得出：同步衛(wèi)星離地面的高度h也為一定值；故C錯誤．

D、根據(jù)；可知，當軌道半徑越大時，線速度越小，則衛(wèi)星的運行速度小于7.9km/s．故D錯誤．

故選：A．二、填空題(共9題，共18分)6、5010040【分析】【分析】t=0時刻的速度即為初速度．由圖象可直接讀出速度．并能讀出速度對應(yīng)的時刻．【解析】【解答】解：由速度一時間圖象可以看出飛機的初速度是50m/s；10s后飛機的速度是100m/s．可知，飛機的速度每10s增大50m/s，則飛機的速度達到250m/s時，需要時間為40s．

故答案為：50，100，40．7、700m500m【分析】【分析】位移是矢量，位移的方向由初位置指向末位置．位移的大小不大于路程．路程是標量，是運動路徑的長度．當質(zhì)點做單向直線運動時，位移的大小一定等于路程．【解析】【解答】解：某人向北走了300m；然后在向東走400m，他的總路程是s=700m；

位移的大小x==500m；

故答案為：700m；500m8、【分析】【分析】根據(jù)勻變速直線運動的速度位移公式，結(jié)合位移的關(guān)系得出速度的關(guān)系．【解析】【解答】解：設(shè)每節(jié)火車的長度為l，由v2=2ax得；第一節(jié)車廂經(jīng)過時有：

；

n節(jié)車廂經(jīng)過時有：

v2=2a?nl

聯(lián)立兩式解得v=

故答案為：9、-4-111.253.125【分析】【分析】根據(jù)勻變速直線運動的速度時間公式得出質(zhì)點的加速度，以及4s末的速度，通過關(guān)系式得出速度為零的時間，結(jié)合速度位移公式求出質(zhì)點速度為零時的位移．【解析】【解答】解：根據(jù)v=v0+at=5-4t，知質(zhì)點的加速度a=-4m/s2；4s末的速度v=5-4×4m/s=-11m/s；

當v=0時，t=．

速度為零時的位移x=．

故答案為：-4，-11，1.25，3.12510、100水平向左【分析】【分析】電場線總是與等勢面垂直，而且由高電勢指向低電勢．根據(jù)勻強電場場強與電勢差的關(guān)系U=Ed求出電場強度的大?。窘馕觥俊窘獯稹拷猓焊鶕?jù)電場線總是與等勢面垂直；而且由高電勢指向低電勢，可知，電場強度方向水平向左．

兩個相鄰等勢面相距d=2cm，電勢差U=2V，則電場強度V/m；

故答案為：100；水平向左11、【分析】【分析】根據(jù)歐姆定律求得電路的電流，再根據(jù)彈簧彈力等于重力，電阻與長度的關(guān)系列式即可求解．【解析】【解答】解：當托盤中沒有放物體時，電壓表示數(shù)為零，當物體質(zhì)量為m時，設(shè)物體下降x1；平衡條件，有：

mg=kx①

根據(jù)歐姆定律得：

I=②

故電壓表讀數(shù)為：

Ux=I?Rx=③

根據(jù)電阻定律；有：

Rx=④

聯(lián)立①②③④解得：

Ux=

故答案為：．12、變小變大【分析】【分析】根據(jù)庫侖定律的公式F=k判斷靜電力的變化．【解析】【解答】解：M的電荷量減半時，根據(jù)庫侖定律的公式F=k知；靜電力減小，則絲線偏角變小；

如果兩球的電荷量不變，把M向右移動一定距離，即r變小，根據(jù)庫侖定律的公式F=k知；靜電力變大．

故答案為：變小、變大13、略

【分析】【解析】略【解析】【答案】（或）14、勻加速直線6勻速直線12勻減速直線【分析】【分析】由圖象的形狀分析質(zhì)點的運動性質(zhì)，直接讀出6s末的速度．圖線的斜率等于加速度．【解析】【解答】解：OA表示質(zhì)點的速度隨時間均勻變大，故做勻加速直線運動，加速度大小為a===6m/s2；線段AB表示質(zhì)點做勻速直線運動；質(zhì)點在6s末的速度為12m/s；線段BC表示質(zhì)點做勻減速直線運動．

故答案為：勻加速直線，6，勻速直線，12，勻減速直線．三、判斷題(共5題，共10分)15、√【分析】【分析】平均速度是位移與時間的比值；平均速率是位移的路程與時間的比值．由此分析即可．【解析】【解答】解：平均速率是位移的路程與時間的比值；物體的平均速率為零，則物體的路程為0，物體一定處于靜止狀態(tài)．所以該說法是正確的．

故答案為：√16、×【分析】【分析】根據(jù)狹義相對論的兩個基本假設(shè)：

①物理規(guī)律在所有慣性系中都具有相同的形式．這叫做相對性原理．

②在所有的慣性系中，光在真空中的傳播速率具有相同的值C．這叫光速不變原理．它告訴我們光（在真空中）的速度c是恒定的，它不依賴于發(fā)光物體的運動速度．【解析】【解答】解：根據(jù)相對論的兩個基本假設(shè)可知；在所有的慣性系中，光在真空中的傳播速率具有相同的值C．這叫光速不變原理．故以上說法是錯誤的．

故答案為：×17、√【分析】【分析】本題根據(jù)電場線的物理意義分析場強與電勢的關(guān)系；根據(jù)沿電場線的方向，電勢逐點降低即可解答．【解析】【解答】解：根據(jù)電場線的物理意義：順著電場線方向；電勢降低．故該說法是正確的．

故答案為：√18、×【分析】【分析】驗電器使用時是讓金屬桿上的金屬箔帶上同種電荷，然后同種電荷會相互排斥從而驗證物體是否帶電的．【解析】【解答】解：驗電器是利用同種電荷相互排斥的原理制成的；故驗電器張開的角度越大，說明帶電體所帶的電荷越多，不能直接判斷電荷的正負，只可以定性表物體帶電量的多少．

故答案為：×19、×【分析】【分析】根據(jù)并聯(lián)電阻的總電阻的倒數(shù)等于個分電阻的讀數(shù)之和進行判定即可，【解析】【解答】解：因為并聯(lián)電阻的總電阻的倒數(shù)等于個分電阻的倒數(shù)之和；所以題干則的說法是錯誤的．

故答案為：×四、識圖作答題(共3題，共15分)20、（1）不僅捕獲量大而且K/2時魚種群的增長率最大

（2）水平結(jié)構(gòu)五點取樣

（3）競爭光照和N、P等無機鹽、動物攝食、微生物等產(chǎn)生殺藻物質(zhì)

（4）實現(xiàn)能量的多級利用，提高能量的利用率【分析】【分析】本題考查種群的數(shù)量變化、群落結(jié)構(gòu)、能量流動，意在考查學生對知識的理解和應(yīng)用能力?！窘獯稹浚?）養(yǎng)殖期間，可在塘魚種群數(shù)量達到k/2與k之間捕撈并把剩余量控制在k/2，這樣做的目的是不僅捕獲量大而且K/2時魚種群的增長率最大。（2）魚塘的塘邊和塘中央生長著不同的生物類型，體現(xiàn)了群落的水平結(jié)構(gòu)。為調(diào)查圖中稻田害蟲的發(fā)生狀況，取樣時宜采用五點取樣法，分別統(tǒng)計各種害蟲的種群密度。（3）出現(xiàn)藻類水華的魚塘尾水流經(jīng)稻出后，B處水樣中藻類數(shù)量大大減少。從生態(tài)學角度分析，藻類數(shù)量減少的原因是：水稻和藻類競爭光照和N、P等無機鹽、動物攝食、微生物等產(chǎn)生殺藻物質(zhì)。（4）從能量流動的角度分析，建立“?；~塘”的實踐意義是實現(xiàn)能量的多級利用，提高能量的利用率?！窘馕觥浚?）不僅捕獲量大而且K/2時魚種群的增長率最大（2）水平結(jié)構(gòu)五點取樣（3）競爭光照和N、P等無機鹽、動物攝食、微生物等產(chǎn)生殺藻物質(zhì)（4）實現(xiàn)能量的多級利用，提高能量的利用率21、（1）抗原B細胞增殖分化為漿細胞和記憶細胞

（2）甲狀腺激素細胞外液滲透壓(或血漿滲透壓)

（3）病毒在吞噬細胞的繁殖【分析】【分析】本題結(jié)合病毒致病機理圖，考查人體免疫系統(tǒng)在維持穩(wěn)態(tài)中的作用，要求考生識記人體免疫系統(tǒng)的組成，掌握體液免疫和細胞免疫的具體過程，能結(jié)合圖中信息準確答題，屬于考綱識記和理解層次的考查。分析題圖：病毒侵染后首先被吞噬細胞處理，并將之呈遞給T細胞；T細胞再將抗原呈遞給B細胞，并分泌淋巴因子，因此物質(zhì)甲為淋巴因子；抗原刺激B細胞后會增殖分化為漿細胞；不同的漿細胞產(chǎn)生的抗體不同，其中抗體Ⅰ與病毒結(jié)合形成復合物導致通透性增大，進而引起組織水腫；抗體Ⅱ與子代病毒中和后被清除。【解答】（1）抗體只能與特定的抗原結(jié)合；具有特異性，登革熱病毒感染會使人體產(chǎn)生不同的抗體，說明登革熱病毒表面存在不同的抗原或者抗原決定簇；在體液免疫中，淋巴因子的作用是促進B細胞增殖分化為漿細胞和記憶細胞。

（2）登革熱病毒侵入人體后，導致與產(chǎn)熱相關(guān)的甲狀腺激素和腎上腺素分泌增加；提高細胞的代謝水平，增加產(chǎn)熱，體溫上升。發(fā)熱要多飲水，飲水較多，血漿滲透壓降低會刺激下丘腦中的滲透壓感受器，使垂體釋放抗利尿激素的量減少，減少集合管和腎小管對原尿水的重吸收，導致尿量增加。

（3）物質(zhì)甲是T細胞分泌的，為淋巴因子；由圖可知，該物質(zhì)和抗體Ⅰ能促進病毒在吞噬細胞中的繁殖，使復合物增多，加重病癥，血管通透性增大，血漿蛋白外滲引起組織水腫?！窘馕觥浚?）抗原B細胞增殖分化為漿細胞和記憶細胞（2）甲狀腺激素細胞外液滲透壓(或血漿滲透壓)（3）病毒在吞噬細胞的繁殖22、（1）A

（2）5：7

（3）葉綠體；線粒體177、17

（4）S1＞S2+S3【分析】【分析】本題主要考查影響光合作用的因素，意在考查考生識圖、讀圖的能力，把握知識間內(nèi)在聯(lián)系的能力。分析圖甲：光照強度為0時；由于缺少光照，只進行細胞呼吸，氧氣的釋放量為負值，表示呼吸速率，A植物的呼吸速率為10，B植物的呼吸速率為20，當氧氣的釋放量為0時，說明光合強度=呼吸強度，A；B植物的光補償點分別是1千勒克斯和2千勒克斯，A、B植物分別在8千勒克斯和10千勒克斯達到最大光合速率。

乙圖表示一晝夜內(nèi)對CO2的吸收和釋放情況。【解答】（1）如圖表明；在5千勒克斯之前，A植物光合強度大于B植物，說明A植物更適宜在弱光下生長。

（2）總光合作用=凈光和作用+呼吸作用；當光照強度為8千勒克斯時，A植物的總光合作用=40+10=50，B植物制造的有機物的量=50+20=70，故每小時光合作用所制造的有機物量的比值是5：7。

（3）乙圖中，7點和17點時呼吸速率等于光合速率，所以CO2的釋放量為0。7點時B植物細胞能產(chǎn)生ATP的生理過程有呼吸作用和光合作用；所以能產(chǎn)生ATP的細胞器有葉綠體；線粒體，由于17點之后呼吸速率大于光合速率，所以B植物在17時有機物的積累總量最多。

（4）當植物細胞內(nèi)有機物有積累時，B植物才能正常生長，所以S1＞S2+S3?！窘馕觥浚?）A

（2）5：7

（3）葉綠體；線粒體177、17

（4）S1＞S2+S3五、證明題(共4題，共8分)23、略

【分析】【分析】根據(jù)位移時間公式的表達式，結(jié)合平均速度的定義式求出平均速度的大小，通過速度時間公式得出中間時刻的瞬時速度，判斷是否相等．【解析】【解答】證明：設(shè)物體在上述兩個T內(nèi)的總位移為s，則s=v0?2T+a（2T）2

物體在這兩個T內(nèi)的平均速度為==v0+aT=vT

而v0+aT==

故可證物體經(jīng)過時刻的速度等于這段時間內(nèi)的平均速度，還等于．24、略

【分析】【分析】（1）①根據(jù)滑動摩擦力公式f=μN求解摩擦力．

②根據(jù)牛頓第二定律得物塊和薄紙的加速度．從而得到速度的變化量；再研究水平拉力F和桌面對薄紙摩擦力的總沖量，即可證明．

（2）根據(jù)相對位移，得到摩擦產(chǎn)生的熱量，利用功能關(guān)系求解．【解析】【解答】解：（1）①從開始抽紙到紙被抽離物塊底部的過程中；

物塊對薄紙施加的摩擦力f物=μ2Mg

水平桌面對薄紙施加的摩擦力f桌=μ1（M+m）g

薄紙受到的總的摩擦阻力f總=μ1（M+m）g+μ2Mg

②從開始抽紙到薄紙被抽離物塊底部的過程，假設(shè)物塊的加速度為aM、薄紙的加速度為am，所用時間為t，這一過程物塊和紙張的速度變化量分別為△vM，△vm．

則有△vM=aMt，△vm=amt；

對于薄紙，根據(jù)牛頓第二定律有F-f桌-f物=mam

對于物塊，根據(jù)牛頓第二定律有f紙=MaM

由牛頓第三定律有f物=f紙

由以上三式解得F-f桌=mam+MaM

上式左右兩邊都乘以時間t，有（F-f桌）t=mamt+MaMt=m△vm+M△vM

上式左邊即為水平拉力F和桌面對薄紙摩擦力的總沖量；右邊即為物塊和紙的總動量的變化量．命題得證．

說明：其他方法正確同樣得分．

（2）設(shè)物塊在薄紙上加速和在桌面上減速的位移分別為x1，x2；

則物塊對地位移s0=x1+x2

因薄紙質(zhì)量可忽略；故其動能可忽略，所以水平拉力F所做的功有以下一些去向：

薄紙與桌面間的摩擦生熱Q1=μ1Mg（x1+L）

物塊與薄紙間的摩擦生熱Q2=μ2Mgs相=μ2MgL

物塊與桌面間的摩擦生熱Q3=μ1Mgx2

由功能關(guān)系有WF=Q1+Q2+Q3

解得WF=μ1Mg（s0+L）+μ2MgL

所以，水平拉力F所做的功W=μ1Mg（s0+L）+μ2MgL．

答：

（1）①薄紙所受總的摩擦力為μ1（M+m）g+μ2Mg．②證明見上．

（2）此過程中水平拉力所做的功為μ1Mg（s0+L）+μ2MgL．25、略

【分析】【分析】根據(jù)牛頓第二定律分別求出小球通過最高點和最低點時拉力與速度的關(guān)系式，再由機械能守恒定律列式，得到兩點速度的關(guān)系，聯(lián)立即可證明．【解析】【解答】解：根據(jù)牛頓第二定律得：

在最高點有：T2+mg=m

在最低點有：T1-mg=m

根據(jù)機械能守恒定律得：mg?2L=-mv22；

解得：T1-T2=6mg

得證．26、略

【分析】【分析】從p-V圖中找到某一過程中發(fā)生的是什么變化．

能夠運用控制變量法研究多個物理量變化時的關(guān)系．【解析】【解答】證明：設(shè)狀態(tài)3的溫度為T；

狀態(tài)1-3為等壓過程，①

狀態(tài)3-2為等容過程，②

由①②兩式消去T，即得．六、綜合題(共3題，共12分)27、略

【分析】【解析】（1）撤去F后物體的受力情況如右圖所示；根據(jù)牛頓運動定律。

又因為

所以4分。

（2）設(shè)撤去F時物體的速度為v；

因為

所以6分。

（3）物體受恒力F作用時的受力情況如右圖所示，設(shè)物體在F作用過程中的加速度為則=10m/s2

根據(jù)牛頓運動定律

又因為

所以F="54.5N"6分【解析】【答案】（1）

（2）

（3）F=54.5N28、略

【分析】【解析】（1）以A為研究對象有得

（2）設(shè)碰后A、B的共同速度為v，由動量守恒得解得

碰后；A；B系統(tǒng)的合外力大小為（只有B受電場力和摩擦力）：

F合=

由于故合外力方向向左，則A；B一起向右勻減速運動至停止時不會再運動．

設(shè)碰后A運動的位移為s0；對A；B系統(tǒng)，由動能定理：

解得

所以A運動的總位移為：【解析】【答案】(1)(2)29、（1）BDE

（2）解：

①畫出光路如圖所示：

設(shè)折射光線在上表面的入射角為折射角為在玻璃磚中傳播速度為v，傳播距離為x；傳播時間為t，則由折射定律：

光速與折射率的關(guān)系：光在介質(zhì)中的路程：解得折射光在玻璃磚中傳播的時間：聯(lián)立解得：

②設(shè)折射光線在下底面反射后在上表面的D點折射，C、D間距離為在下底面入射角和反射角為α，在D點入射角為折射角為C點距光屏的距離為L，A點距玻璃磚上表面的高度為B點距玻璃磚上表