2025年牛津譯林版選擇性必修1物理上冊階段測試試卷含答案

…………○…………內…………○…………裝…………○…………內…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年牛津譯林版選擇性必修1物理上冊階段測試試卷含答案考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五六總分得分評卷人得分一、選擇題(共7題，共14分)1、質量分別為3m和m的兩個物體，用一根細繩相連，中間夾著一根被壓縮的輕彈簧，在光滑的水平面上以速度v0勻速運動．某時刻剪斷細繩，質量為m的物體離開彈簧時速度變?yōu)関=2v0；如圖所示．則在這一過程中彈簧做的功和兩物體之間轉移的動能分別是。

A.B.C.D.2、如圖所示，坐標原點處有一周期為的振源，發(fā)出一列沿軸正方向傳播的簡諧橫波，時的波動圖像如圖所示；下列說法正確的是（）

A.再過一個周期處的質點將運動到處B.圖示時刻處質點的速度方向為軸正方向C.一觀察者從處沿軸向坐標原點運動時，接收到該波的頻率為D.該波在傳播過程中遇到尺寸為的障礙物會發(fā)生明顯的衍射現象3、在光滑水平面上運動的物塊具有5kg·m/s的動量，某時刻起受到大小恒為3N的力作用了2s后，物塊的動量不可能為（）A.8kg·m/sB.5kg·m/sC.kg·m/sD.kg·m/s4、如圖所示，在光滑水平面上，一個質量為m、速度大小為v的A球與質量為2m；靜止的B球碰撞后；A球的速度方向與碰撞前相反。則碰撞后B球的速度大小可能是（）

A.0.30vB.0.40vC.0.60vD.0.70v5、兩個小球在光滑水平面上沿同一直線、同一方向運動，B球在前，A球在后，mA＝1kg、mB＝2kg，vA＝6m/s，vB＝3m/s，當A球與B球發(fā)生碰撞后，A、B兩球的速度可能是A.vA′＝－4m/s，vB′＝6m/sB.vA′＝4m/s，vB′＝5m/sC.vA′＝4m/s，vB′＝4m/sD.vA′＝7m/s，vB′＝2.5m/s6、下列有關振動的說法正確的是（）A.阻尼振動的振幅不會變化B.物體振動的頻率就是物體的固有頻率C.當驅動力的頻率等于固有頻率時，物體做受迫振動的振幅達到最大值D.共振是普遍的現象，都是有利的7、光導纖維是光纖通訊中信號傳播的載體，其內芯和涂層的材料不同。如圖所示，一束單色光沿一定角度從一端射入內芯，會在內芯沿著鋸齒形路線傳播。下列說法正確的是（）

A.涂層的折射率比內芯的折射率大B.光在內芯與涂層的界面上發(fā)生全反射C.光的頻率越大，其在內芯中傳播的速度越大D.僅增大光的頻率，光束可能會從內芯進入涂層評卷人得分二、多選題(共7題，共14分)8、一個質點做簡諧運動的圖像如圖所示，下列結論正確的是（）

A.質點的振動頻率為4HzB.在10s內質點通過的路程是20cmC.在第5s末，質點的速度為零，加速度最大D.在t＝1.5s和t＝4.5s兩時刻質點的加速度方向和速度方向都相同9、如圖所示，水平放置的光滑絕緣細桿上套著一個質量為m的帶電小球，用一個輕彈簧將小球與擋板連接，整個裝置處于水平向左的勻強電場中。小球從彈簧處于原長時的B點由靜止釋放，小球將在B、C兩點之間往復運動（彈簧形變均在彈性限度內）。小球從B點向C點運動的過程中（）

A.加速度先減小后增大B.加速度先增大后減小C.小球的電勢能與彈簧彈性勢能之和先變小后變大D.小球的動能與彈簧彈性勢能之和先變大后變小10、一列簡諧橫波沿x軸正方向傳播，在和處的兩個質點A、B的振動圖像如圖所示；則（）

A.波由質點A傳到質點B的時間可能是0.1sB.波由質點A傳到質點B的時間可能是0.3sC.這列波的波速可能是1m/sD.這列波的波速不可能是3m/s11、五角棱鏡是光束定角度轉向器之一，常用于照相機的取景器、圖像觀察系統(tǒng)或測量儀器中。如圖所示是五角棱鏡的截面圖。棱鏡的AB面與AE面垂直。一束單色光垂直AB面入射，經DE面和BC面反射后垂直AE面射出。下列說法正確的是（）

A.BC面與DE面的夾角B.BC面與DE面的夾角C.若入射光線與AB面不垂直，則先后經DE、BC面反射后從AE面射出的光線與AB面的入射光線仍垂直D.若入射光線與AB面不垂直，則先后經DE、BC面反射后從AE面射出的光線與AB面的入射光線不可能垂直12、2022年冬季奧運會將在北京舉行。我國冰壺運動員在某一次水面內訓練時，紅壺以一定的速度與靜止在大本營中心的藍壺發(fā)生對心碰撞，碰撞時間極短，碰后運動員用冰壺刷摩擦藍壺前進方向上的冰面來減小阻力。碰撞前、后兩壺運動的v－t圖線如圖中實線所示；如果兩冰壺的質量相等，那么，由圖像可得出正確的結論是（）

A.碰撞后瞬間，藍壺的速度為紅壺的速度為B.兩壺在碰撞過程中損失的機械能為兩壺從碰后到靜止損失的總機械能的倍C.紅、藍兩壺在運動過程中，動摩擦因數之比為D.碰后藍壺經過停止運動13、一列沿x軸正方向傳播的簡諧橫波在t=0時的波形圖如圖所示，介質中質點M、N的平衡位置分別為xM=2cm、xN=4cm。從t=0時開始計時，當t=11s時質點N剛好第3次到達波峰，則（）

A.波的波長為4cmB.波的傳播周期為8sC.從t=0時刻開始，質點M比質點N先到達波谷位置E.從t=0時開始計時，質點M做簡諧運動的表達式為y=2sint(cm)E.從t=0時開始計時，質點M做簡諧運動的表達式為y=2sint(cm)14、一振動片以頻率f做簡諧振動，固定在振動片上的兩根相同的細桿同步觸動水面上a，b兩點，在水面上形成穩(wěn)定的干涉圖樣。c、d、e是水面上的點，已知a、c、d間的間距均為l、b、e到a的距離均為若d點是振動加強點；下列說法正確的是（）

A.e點一定是振動加強點B.d點的振動頻率為2fC.在ae連線上，a、e兩點間至少存在兩個振動加強點D.水波的傳播速度大小可能為評卷人得分三、填空題(共9題，共18分)15、如圖所示，一個截面為等邊三角形的棱柱形玻璃磚置于水平面上，一條光線在此截面內從邊以入射角射入，在玻璃磚內折射后從邊以折射角射出，當時，出射光線偏折角度為30°，則光線從邊射出時的出射角大小為______，該玻璃磚的折射率大小為______。

16、如圖所示S1和S2是兩個相干的波源，其振幅均為A，波長為λ，圖中實線和虛線分別表示兩波形成的波峰和波谷，則在a、b、c三點中，振動減弱點是___________；經過四分之一周期，b點通過的路程為_________。17、某處一單擺做簡諧運動的振動方程為x=0.04cos3.14t（m）,關于該單擺的敘述下列說法正確的是__________（填正確的答案標號。

A．該單擺的擺長約為1m；

B．若該單擺被考察隊攜至珠穆朗瑪峰的頂端；則其擺動變慢．

C．在t=1.2s時擺球正沿正方向做加速運動；加速度正在減??；

D．在0.25s時刻和1.25s時刻擺球沿相反方向經過同一位置；

E．在0-4s內擺球通過的路程為0.32m，4s末的位移為零；18、如圖所示為一列簡諧橫波在t=0時刻的圖像，此時質點A位于波峰，已知波的傳播速度為2m/s，則從t=0到t=2.5s的時間內，質點A通過的路程是______cm；在t=0.5s末，質點A的位移是_______cm。

19、簡諧橫波在均勻介質中沿直線傳播。P、Q是傳播方向上相距10m的兩質點。質點P比質點Q晚8s開始振動，質點Q的振動圖像如圖所示。則質點P的振動周期為___s，該波的傳播速度為___m/s，波長為___m。

20、碰撞分類。動量是否守恒機械能是否守恒彈性碰撞守恒_______非彈性碰撞守恒有損失完全非彈性碰撞守恒損失______21、波的圖像的畫法。

（1）建立坐標系。

用橫坐標x表示在波的傳播方向上各質點的______，縱坐標y表示某一時刻各質點______。

（2）描點。

把平衡位置位于x1，x2，x3，的質點的位移y1，y2，y3，畫在xOy坐標平面內，得到一系列坐標為______，______，______；的點。

（3）連線。

用一條______的線把各點連接起來就是這一時刻______圖像，有時也稱______。22、如圖表示產生機械波的波源O做勻速運動的情況；圖中的圓表示波峰。

（1）該圖表示的是___________。

A.干涉現象B.衍射現象。

C.反射現象D.多普勒效應。

（2）波源正在移向___________（選填A、B、C、D點）。

（3）觀察到波的頻率最低的點是___________（選填A、B、C、D點）。23、衍射光柵。

（1）構成：由許多___________的狹縫___________地排列起來形成的光學元件。

（2）增加狹縫的個數，衍射條紋的寬度變窄，亮度___________

（3）種類：___________和___________評卷人得分四、作圖題(共4題，共32分)24、如圖所示為一彈簧振子在A、C間振動；圖中黑點為振子球心的位置。

(1)畫出振子位于C點時離開平衡位置O的位移；

(2)標出振子位于A點時加速度的方向。

25、如圖所示，一列簡諧波在x軸上傳播，波速為50m/s。已知時刻的波形圖像如圖甲所示，圖中M處的質點此時正經過平衡位置沿y軸的正方向運動。將時的波形圖像畫在圖乙上（至少要畫出一個波長）。

26、圖中的橫波正在沿軸的正方向傳播，波速為分別畫出經過和時刻的兩個波形圖。

27、某同學做“測玻璃磚的折射率”的實驗時；繪制的光路圖如圖所示，請通過尺規(guī)作圖；刻度尺測量，求出該玻璃磚的折射率。（結果保留兩位有效數字。）

評卷人得分五、實驗題(共2題，共10分)28、現利用圖甲所示的裝置驗證動量守恒定律。在圖甲中；氣墊導軌上有A；B兩個滑塊，滑塊A右側帶有一彈簧片，左側與打點計時器（圖中未畫出）的紙帶相連；滑塊B左側也帶有一彈簧片，上面固定一遮光片，光電計時器（未完全畫出）可以記錄遮光片通過光電門的時間。

實驗測得滑塊A的質量m1=0.310kg，滑塊B的質量m2=0.108kg，遮光片的寬度d=1.00cm；打點計時器所用交流電的頻率f=50.0Hz。將光電門固定在滑塊B的右側，啟動打點計時器，給滑塊A一向右的初速度，使它與B相碰。碰后光電計時器顯示的時間為ΔtB=3.500ms；碰撞前后打出的紙帶如圖乙所示。

若實驗允許的相對誤差絕對值（×100%）最大為5%

（1）滑塊A碰撞前的速度___________m/s，碰撞后的速度___________m/s。

（2）滑塊A、B碰撞后滑塊B的速度=___________m/s。

（3）兩滑塊碰撞前的總動量p=___________kg·m/s，碰撞后的總動量p’=___________kg·m/s。

（4）兩滑塊碰撞前后總動量相對誤差絕對值為___________。

（5）你的結論是：___________。29、（1）如圖所示，用插針法測定玻璃磚折射率的實驗中，下列說法中正確的是()

A．若的距離較大時，通過玻璃磚會看不到的像。

B．為減少測量誤差，的連線與法線NN'的夾角應盡量小些。

C．為了減小作圖誤差，和的距離應適當取大些。

D．若的連線與法線NN'夾角較大時，有可能在bb'面發(fā)生全反射，所以在bb'一側就看不到的像。

（2）在該實驗中，光線是由空氣射入玻璃磚，根據測得的入射角和折射角的正弦值畫出的圖線如圖所示，從圖線可知玻璃磚的折射率是________。

（3）該實驗小組選取了操作正確的實驗記錄，在白紙上畫出光線的徑跡，以入射點O為圓心作圓，與入射光線P1O、折射光線OO'的延長線分別交于A、B點，再過A、B點作法線NN'的垂線，垂足分別為C、D點，如圖甲所示，則玻璃的折射率n=______（用圖中線段的字母表示）；進一步測得所需數據分別為1.68cm和1.12cm，則該玻璃磚的折射率數值為_____。

（4）在用針插法測定玻璃磚折射率的實驗中，甲、乙二位同學在紙上畫出的界面與玻璃磚位置的關系分別如圖乙中①、②所示，其中甲同學用的是矩形玻璃磚，乙同學用的是梯形玻璃磚。他們的其它操作均正確，且均以為界面畫光路圖。則甲同學測得的折射率與真實值相比_____（填“偏大”、“偏小”或“不變”）；乙同學測得的折射率與真實值相比______（填“偏大”、“偏小”或“不變”）。評卷人得分六、解答題(共3題，共12分)30、如圖所示，質量為mc=2mb的物塊c靜止在傾角均為α=30°的等腰斜面上E點，質量為ma的物塊a和質量為mb的物塊b通過一根不可伸長的輕質細繩相連，細繩繞過斜面頂端的光滑輕質定滑輪并處于松弛狀態(tài)，按住物塊a使其靜止在D點，讓物塊b從斜面頂端C由靜止下滑，經過0.6s滑到E點，剛好滑到E點時釋放物塊a，細繩恰好伸直且瞬間張緊繃斷，之后物塊b與物塊c立即發(fā)生彈性碰撞，碰后a、b都經過t=1s同時到達斜面底端。斜面上除EB段外其余都是光滑的，物塊b、c與EB段間的動摩擦因數均為μ=空氣阻力不計，細繩張緊時與斜面平行，物塊a未與滑輪發(fā)生碰撞，取g=10m/s2.求：

(1)C、E兩點間的距離；

(2)若A、D兩點和C、E兩點間的距離相等；求物塊a沿斜面上滑的最大距離；

(3)若E、B兩點距離為0.4m，b與c相碰后b的速度。

31、一列簡諧橫波在x軸上傳播，如圖所示，實線為t=0時刻的波形圖，虛線為△t=0.2s后的波形圖；求：

①此波的波速為多少？

②若△t>T且波速為165m/s，試通過計算確定此波沿何方向傳播？32、半徑為R的固定半圓形玻璃磚的橫截面如圖所示，O點為圓心，OO′為直徑MN的垂線．足夠大的光屏PQ緊靠在玻璃磚的右側且與MN垂直．一束復色光沿半徑方向與OO′成θ＝30°角射向O點，已知復色光包含有折射率從n1＝2到n2＝3的光束；因而光屏NQ上出現了彩色光帶．

(1)求彩色光帶的寬度；

(2)當復色光入射角逐漸增大時，光屏NQ上的彩色光帶全部消失，求θ角至少為多少參考答案一、選擇題(共7題，共14分)1、D【分析】【分析】

細線斷裂過程；系統(tǒng)的合外力為零，總動量守恒，根據動量守恒定律就可以求出物體m離開彈簧時物體3m的速度，根據動能定理分別求出彈簧對兩個物體做的功，兩者之和即可得到彈簧在這個過程中做的總功．

【詳解】

設3m的物體離開彈簧時的速度為υ'；根據動量守恒定律，則有：

解得：

根據動能定理；彈簧對兩個物體做的功分別為：

所以彈簧做的總功：W=W1+W2=

m的物體動能的增量為：

此過程中彈簧的彈性勢能的減小量為彈簧彈力做的功即為

由機械能守恒可知，所以兩物體之間轉移的動能為：．

故應選D．

【點睛】

本題是系統(tǒng)動量守恒和機械能守恒的類型，對于彈簧的彈力是變力，應運用動能定理求解做功．2、B【分析】【分析】

【詳解】

A．沿軸正方向傳播的簡諧橫波；波上各質點都在各自的平衡位置附近，沿垂直波的傳播方向做簡諧振動，而不隨波的傳播方向移動，A錯誤；

B．由圖可知，波沿x軸正方向傳播，由“上下坡”原理確定，x=2m處的質點此時刻在下坡位置，因此速度方向沿y軸正方向；即向上振動，B正確；

C．由題意可知，波源的振動頻率為

由多普勒效應可知，觀察者在x=20m處，沿x軸向坐標原點運動時；接收到的波的頻率要大于0.5Hz，C錯誤；

D．由圖可知波的波長=4m；由產生明顯衍射現象的條件可知，尺寸100m的障礙物遠大于該波的波長，因此不會產生明顯的衍射現象，D錯誤。

故選B。

3、D【分析】【分析】

【詳解】

由于恒力方向未知，因此2s后物塊的動量最大值

若沖量與原動量方向相反，則反向最大值為

2s后物塊動量在之間都是可能的值。

故選D。4、C【分析】【詳解】

A球和B球碰撞的過程中動量守恒，設A、B兩球碰撞后的速度分別為v1、v2，選A原來的運動方向為正方向，由動量守恒定律有

假設碰后A球靜止，即v1=0，可得

由題意知球A被反彈，所以球B的速度

AB兩球碰撞過程機械能不增加，有

兩式聯(lián)立得

故

故選C。5、C【分析】【詳解】

兩球碰撞過程系統(tǒng)動量守恒，以兩球的初速度方向為正方向，如果兩球發(fā)生完全非彈性碰撞，由動量守恒定律得：

代入數據解得：v=4m/s；

如果兩球發(fā)生完全彈性碰撞，有：

由機械能守恒定律得：

代入數據解得：vA′=2m/svB′=5m/s

則碰撞后A、B的速度為：2m/s≤vA≤4m/s4m/s≤vB≤5m/s

A．vA′＝－4m/s，vB′＝6m/s；與結論不相符，選項A錯誤；

B．vA′＝4m/s，vB′＝5m/s；與結論不相符，選項B錯誤；

C．vA′＝4m/s，vB′＝4m/s；與結論相符，選項C正確；

D．vA′＝7m/s，vB′＝2.5m/s，與結論不相符，選項D錯誤；6、C【分析】【詳解】

A．阻尼振動由于阻力的存在；一部分機械能轉化為內能，因此阻尼振動的振幅將逐漸減小，A錯誤；

B．物體振動的頻率不一定是物體的固有頻率；例如受迫振動，其頻率等于外界驅動力的頻率，B錯誤；

C．當驅動力的頻率等于固有頻率時；物體發(fā)生共振，物體做受迫振動的振幅達到最大值，C正確；

D．共振是普遍的現象；不一定都是有利的，例如橋梁在風作用下的振動，如果發(fā)生共振，極有可能使橋梁受損，D錯誤。

故選C。7、B【分析】【詳解】

A．發(fā)生全反射的條件是從光密介質射向光疏介質；所以涂層的折射率比內芯的折射率小，A錯誤；

B．涂層的折射率比內芯的折射率??；光在內芯與涂層的界面上發(fā)生全反射，所有的光都反射回內芯，B正確；

C．根據折射率與光速的關系

可知光的頻率越大；其在內芯中傳播的速度越小，C錯誤；

D．發(fā)生全反射的條件是從光密介質射向光疏介質，且入射角大于臨界角；僅增大光的頻率，光的折射率會變大，根據

可知臨界角會變?。还馐豢赡軓膬刃具M入涂層，D錯誤。

故選B。二、多選題(共7題，共14分)8、B:C【分析】【詳解】

A．由圖讀出周期為T=4s，則頻率為f=1/T=0.25Hz．故A錯誤．

B．質點在一個周期內通過的路程是4個振幅，t=10s=2.5T，則在10s內質點經過的路程是S=2.5×4A=10×2cm=20cm；故B正確．

C．在5s末；質點位于最大位移處，速度為零，加速度最大，故C正確．

D．由圖看出，在t=1.5s和t=4.5s兩時刻質點位移相同，由知加速度大小和方向均相同．由于兩個時刻圖線的切線方向相反，所以速度方向相反，故D錯誤．9、A:C【分析】【分析】

【詳解】

AB．由題意得，靜止釋放小球，小球在B、C之間往復運動，B點處彈簧處于原長，由受力分析可知，在平衡位置小球加速度為0，在水平方向上受到簧水平向左的彈力，則電場力方向為水平向右，可以判斷小球帶負電從B點到C點的過程；經過平衡位置加速度為0，則該過程加速度先減小后增大，A正確B錯誤；

C．由題意得，靜止釋放小球，小球在B、C之間往復運動；小球的速度先增大經過平衡位置后減小，即動能先增大后減小，根據能量守恒定律得，動能的變化量等于電勢能和彈性勢能的變化量之和，即小球的電勢能與彈簧彈性勢能之和先變小后變大，C正確；

D．從B點到C點的過程；電場力做正功，電勢能減少，由能量守恒定律得，小球的動能與彈簧彈性勢能變化量之和等于電勢能的變化量，即小球的動能與彈簧彈性勢能變化量之和一直增大，CD錯誤。

故選AC。10、B:D【分析】【詳解】

AB．由題意可得，波的周期為

AB間的距離為

波由質點A傳到質點B的時間為

故A錯誤；B正確；

CD．由上述分析可得，波速為

當n=0時，速度最大，為2m/s，當速度為1m/s時，n不是整數；故C錯誤，D正確。

故選BD。11、B:C【分析】【詳解】

AB．畫出光路圖如圖甲所示，KH為反射面DE的法線，KI為反射面BC的法線

由反射定律有∠1=∠2，∠3=∠4

光線IJ與光線GH垂直，有∠1+∠2+∠3+∠4=90°

由幾何關系有∠5=∠2+∠3

由于KH⊥FE，KI⊥FB，可得α=∠5=45°

選項A錯誤；B正確；

CD．如圖乙所示，光線在AB面的入射角為i時，折射角為∠6，光線PQ在AE面的入射角為∠7，從Q射出的光線的折射角為r；

由折射定律，有

由前面分析可知光線NO⊥PQ，可得∠6=∠7，可得r=i

可知入射光MN垂直出射光QR，即從AE面射出的光線與入射光線間的夾角為90°。選項C正確；D錯誤。

故選BC。12、A:D【分析】【分析】

【詳解】

A．由圖像可以看出，碰前紅壺的速度為碰后瞬間藍壺的速度兩冰壺質量相等，碰撞過程動量守恒，設紅壺碰后的速度為以碰前紅壺的速度方向為正方向，由動量守恒定律得

得

故A正確；

B．碰撞過程中損失的機械能為

兩壺從碰后到靜止損失的總機械能

兩壺在碰撞過程中損失的機械能為兩壺從碰后到靜止損失的總機械能的故B錯誤；

CD．碰前紅壺的加速度為

則

由圖像可知

碰后藍壺運動時間為

則碰后藍壺的加速度為

則

則

故C錯誤；D正確。

故選AD。13、A:D:E【分析】【詳解】

A．由題目圖可得波長

故A正確；

B．時開始計時，當時質點剛好第3次到達波峰，根據波沿軸正方向傳播可得

所以可得

故B錯誤；

C．由振動規(guī)律可知，從t=0時刻開始，質點到達波谷位置的時間為質點到達波谷位置的時間為故C錯誤；

D．該波的波速為

故D正確；

E．該波的振幅

振動的角速度為

且質點在時振動方向向上，所以質點做簡諧運動的表達式為

故E正確；

故選ADE。14、A:C:D【分析】【分析】

【詳解】

A．因e點到兩振源的距離之差為零，則e點一定是振動加強點；選項A正確；

B．兩振源的振動頻率為f，則d點的振動頻率為f；選項B錯誤；

D．因為

d點是振動加強點，則

當n=1時，則水波的傳播速度大小

選項D正確；

C．過e點做ab的垂直平分線，則該直線上的點都是振動加強點，在ab之間距離a點的點到ab的距離之差為是波長的整數倍，是振動加強點；距離a點的點到ab的距離之差為是波長的整數倍，也是振動加強點；則這兩條加強點所在的曲線與ae有兩個交點，即ae連線上，a、e兩點間至少存在兩個振動加強點；選項C正確。

故選ACD。三、填空題(共9題，共18分)15、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1][2]如圖所示，令邊的折射角為邊的入射角為

則偏轉角

因為所以由幾何關系得

可得

即光線從邊射出時的出射角大小為45°，由折射定律可知【解析】45°16、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1]由圖可知，a點為波峰與波峰相遇，c點為波谷與波谷相遇，則a、c兩點為振動加強點，b點為波峰與波谷相遇即為振動減弱點，在a、b、c三點中，振動減弱點是b點。

[2]由于b點為波峰與波谷相遇即為振動減弱點，且兩波的振幅相同，則經過四分之一周期，b點通過的路程為0【解析】b017、A:B:C【分析】【詳解】

單擺的周期根據解得選項A正確；若該單擺被考察隊攜至珠穆朗瑪峰的頂端，則由于g變小，則T變大，其擺動變慢，選項B正確；在t=1.2s時擺球正處于平衡位置負方向位置向正方向做加速運動，由于逐漸靠近平衡位置，則加速度正在減小，選項C正確；在0.25s時刻位移x1=0.04cos（m）=0.02m；1.25s時刻的位移x2=0.04cos（m）=-0.02m，則擺球在平衡位置兩邊對稱的位置，選項D錯誤；在0-4s內擺球通過的路程為8A=8×0.04m=0.32m，4s末的位移為x=0.04cos4πm=0.04m；選項E錯誤；故選ABC.18、略

【分析】【詳解】

[1][2]由公式

t=0時A質點在正向最大位移處，到t=2.5s時質點的路程為

當t=0.5s時A質點恰好回到平衡位置；故位移為零。

【解析】50019、略

【分析】【詳解】

[1]由振動圖像可知周期

[2][3]質點P比質點Q晚起振

解得【解析】620、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1]彈性碰撞滿足動量守恒及機械能守恒。

[2]完全非彈性碰撞滿足動量守恒，機械能有損失，且損失量最大?！窘馕觥渴睾阕畲?1、略

【分析】【分析】

【詳解】

略【解析】①.平衡位置②.偏離平衡位置的位移③.（x1，y1）④.（x2，y2）⑤.（x3，y3）⑥.平滑⑦.波的⑧.波形圖22、略

【分析】【分析】

【詳解】

（1）[1]該圖表示的是多普勒效應；正確選項為D。

（2）[2]從波長變化情況來看，波源正在移向A點。

（3）[3]由于波源遠離B點，所以觀察到波的頻率最低的點是B點?！窘馕觥竣?D②.A③.B23、略

【分析】【詳解】

（1）[1][2]衍射光柵構成：由許多等寬的狹縫等距離地排列起來形成的光學元件。

（2）[3]增加狹縫的個數；衍射條紋的寬度變窄，亮度變窄。

（3）[4][5]種類有透射光柵和反射光柵?！窘馕觥康葘挼染嚯x變窄透射光柵反射光柵四、作圖題(共4題，共32分)24、略

【分析】【分析】

【詳解】

(1)位移總是偏離平衡位置，振子位于C點時離開平衡位置O的位移s如圖所示。

(2)加速度總是指向平衡位置，振子位于A點時加速度aA的方向如圖所示【解析】(1)(2)25、略

【分析】【詳解】

由圖甲可知，簡諧波的波長所以周期

此時波形與時刻波形相同，根據同側法可知，波沿x軸負方向傳播，根據波形的平移法可知，將時刻的波形向左平移得到時的波形圖像；如圖所示。

【解析】見解析26、略

【分析】【詳解】

ls內波向前傳播的距離為0.5×1m=0.5m，1s后故x=0.5m位置的原圖中x=0位置的振動情況相同；因此作出以下圖形如圖1虛線。

4s內波向前傳播的距離為0.5×4m=2.0m，4s后故x=2.0m位置的原圖中x=0位置的振動情況相同；因此圖形與開始時是相同的，如圖2

【解析】見解析。27、略

【分析】【分析】

【詳解】

測量的長度，根據折射率表達式，有

帶入數據，可得【解析】1.7五、實驗題(共2題，共10分)28、略

【分析】【分析】

【詳解】

(1)[1][2]紙帶上打出的相鄰點的時間間隔

根據可計算出滑塊A碰撞前后的速度

(2)[3]滑塊A、B碰撞后滑塊B的速度

(3)[4]兩滑塊碰撞前的總動量

[5]兩滑塊碰撞后的總動量

(4)[6]兩滑塊碰撞前后總動量相對誤差絕對值為

(5)[7]本實驗在誤差允許范圍內驗證了動量守恒定律。【解析】①.2.00②.0.970③.2.86④.0.620⑤.0.610⑥.1.6%⑦.本實驗在誤差允許范圍內驗證了動量守恒定律29、略

【分析】【分析】

【詳解】

（1）[1]A．根據光路可逆性原理可知，光線一定會從下表面射出，光線不會在玻璃磚的的內表面發(fā)生全反射，則即是的距離較大，通過玻璃磚仍然可以看到的像；A錯誤；

B．為減少測量誤差，入射角應適當大一些，則的連線與法線NN'的夾角應盡量大些；B錯誤；

C．為了減小作圖誤差，和的距離應適當取大些；C正確；

D．由幾何知識可知；光線在上表面的折射角等于下表面的入射角，根據光路可逆性原理可知，光線一定會從下表面射出，折射光線不會在玻璃磚的下表面