2025年陜教新版必修3物理下冊月考試卷

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年陜教新版必修3物理下冊月考試卷944考試試卷考試范圍：全部知識點(diǎn)；考試時間：120分鐘學(xué)校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五六總分得分評卷人得分一、選擇題(共7題，共14分)1、如圖是靜電噴漆的工作原理圖．工作時,噴槍部分接高壓電源負(fù)極,工件接正極,噴槍的端部與工件之間就形成靜電場,從噴槍噴出的涂料微粒在電場中運(yùn)動到工件,并被吸附在工件表面．圖中畫出了部分微粒的軌跡,設(shè)微粒被噴出后只受靜電力作用,則()

A.微粒的運(yùn)動軌跡顯示的是電場線的分布情況B.微粒向工件運(yùn)動的過程中所受電場力先減小后增大C.在向工件運(yùn)動的過程中,微粒的動能逐漸減小D.在向工件運(yùn)動的過程中,微粒的電勢能逐漸增大2、如圖所示；在絕緣的光滑水平面上，相隔一定距離有兩個帶同號電荷的小球，從靜止同時釋放，則兩個小球的加速度和速度大小隨時間變化的情況是（）

A.速度變大，加速度變大B.速度變小，加速度變小C.速度變大，加速度變小D.速度變小，加速度變大3、如圖所示，正電荷q均勻分布在半球面上，球面半徑為R，為通過半球面頂點(diǎn)C和球心O的軸線。P、M為軸線上的兩點(diǎn)，距球心O的距離均為在M右側(cè)軸線上點(diǎn)固定一帶負(fù)電的點(diǎn)電荷Q，M點(diǎn)間的距離為R，已知P點(diǎn)的場強(qiáng)為零。已知均勻帶電的封閉球殼外部空間的電場強(qiáng)度可等效在球心處的點(diǎn)電荷，則M點(diǎn)的場強(qiáng)為（）

A.B.C.D.4、空間中四點(diǎn)位于正四面體的四個頂點(diǎn)，兩點(diǎn)分別是和的中點(diǎn)。在兩點(diǎn)分別固定等量正電荷；正四面體對電場分布沒有影響。下列說法正確的是（）

A.兩點(diǎn)的電勢相等B.兩點(diǎn)的電場強(qiáng)度相同C.帶負(fù)電的試探電荷從點(diǎn)沿移動到點(diǎn)，試探電荷的電勢能先減少后增加D.帶正電的試探電荷從點(diǎn)沿移動到點(diǎn)，試探電荷的電勢能減小5、如圖甲所示，在某電場中建立x坐標(biāo)軸，A、B為x軸上的兩點(diǎn)，xA、xB分別為A、B兩點(diǎn)在x軸上的坐標(biāo)值。一電子僅在電場力作用下沿x軸運(yùn)動，該電子的電勢能Ep隨其坐標(biāo)x變化的關(guān)系如圖乙所示；則下列說法中正確的是（）

A.該電場可能是孤立點(diǎn)電荷形成的電場B.A點(diǎn)的電場強(qiáng)度小于B點(diǎn)的電場強(qiáng)度C.電子由A點(diǎn)運(yùn)動到B點(diǎn)的過程中電場力對其所做的功W=EpA-EpBD.電子在A點(diǎn)的動能小于在B點(diǎn)的動能6、下面對一些概念及公式的理解，其中正確的是（）A.由可知，電場中某點(diǎn)的電場強(qiáng)度和放在該點(diǎn)的試探電荷有關(guān)B.公式電源電動勢等于非靜電力做功與移動相應(yīng)電荷的電荷量的比值C.由可知，導(dǎo)體的電阻率跟導(dǎo)體的電阻和橫截面積的乘積成正比D.公式只適用于計算純電阻電路的電熱，不適用于非純電阻電路電熱的計算7、如圖所示的圖像中，直線a為電源的路端電壓與電流的關(guān)系，直線b、c分別是電阻的電壓與電流的關(guān)系。若將這兩個電阻分別直接與該電源連接成閉合電路；則下列說法正確的是（）

A.電阻大于電阻B.接在電源上時，電源的輸出功率較大C.接在電源上時，電源的輸出功率較大D.兩種情況下，電源的輸出功率相等評卷人得分二、多選題(共5題，共10分)8、電容器在生產(chǎn)生活中有廣泛的應(yīng)用。用如圖甲所示的電路給電容器充電，其中C表示電容器的電容，R表示電阻的阻值，E表示電源的電動勢（電源內(nèi)阻可忽略）。改變電路中元件的參數(shù)對同一電容器進(jìn)行三次充電，三次充電對應(yīng)的電容器電荷量q隨時間t變化的圖像分別如圖乙中①②③所示。第一次充電時電容器兩端的電壓u隨電荷量q變化的圖像如圖丙所示。下列說法中正確的是（）

A.第一次充電時所用電阻大于第二次充電時所用電阻B.第二次充電時所用電源電動勢大于第三次充電時所用電源電動勢C.第二次充電時電容器兩端的電壓u隨電荷量q變化的圖線斜率比丙圖中圖線斜率大D.第二次充電時時刻的電流大于時刻的電流9、如圖所示，一質(zhì)量為m、電荷量為（）的粒子以速度從連線上的P點(diǎn)水平向右射入大小為E、方向豎直向下的勻強(qiáng)電場中。已知與水平方向成45°角，粒子的重力可以忽略，則粒子到達(dá)連線上的某點(diǎn)時（）

A.所用時間為B.速度大小為C.與P點(diǎn)的距離為D.速度方向與豎直方向的夾角為30°10、“離心軌道演示儀”（如圖甲所示）是演示物體在豎直平面內(nèi)的圓周運(yùn)動的實(shí)驗(yàn)儀器，其軌道主要由主軌長道、軌道圓和輔軌長道三部分組成，主軌長道長度約為軌道圓半徑R的6倍。將主軌長道壓制成水平狀態(tài)后，軌道側(cè)視示意圖如圖乙所示?？臻g中存在水平向右的勻強(qiáng)電場（未畫出），電場強(qiáng)度大小為現(xiàn)在主軌長道上的一點(diǎn)A靜止釋放一電荷量為q、質(zhì)量為m的絕緣小球，小球沿主軌長道向右運(yùn)動，從B點(diǎn)進(jìn)入軌道圓，若不計一切摩擦，重力加速度為g，則小球再次通過最低點(diǎn)之前（）

A.小球上升到與圓心等高處時，其動能最大B.小球上升到軌道圓最高處時，其機(jī)械能最大C.若AB間距離為小球恰好不脫離軌道D.若小球不脫離軌道，小球?qū)壍赖淖畲髩毫Υ笮】赡転?mg11、如圖所示，電源電動勢為內(nèi)阻為．電路中的分別為總阻值一定的滑動變阻器，為定值電阻，為光敏電阻（其電阻隨光照強(qiáng)度增大而減?。?dāng)電鍵閉合時；電容器中一帶電微粒恰好處于靜止?fàn)顟B(tài)．下列說法中正確的是。

A.只逐漸增大的光照強(qiáng)度，電阻消耗的電功率變大，電阻中有向上的電流B.只調(diào)節(jié)電阻的滑動端向上端移動時，電源消耗的功率變大，電阻中有向上的電流C.只調(diào)節(jié)電阻的滑動端向下端移動時，電壓表示數(shù)變大，帶電微粒向上運(yùn)動D.若斷開電鍵電容器所帶電荷量減小，帶電微粒向下運(yùn)動12、如圖所示，在圖線上的點(diǎn)均對應(yīng)該電路中電源的一個確定的工作狀態(tài)，在點(diǎn)有則下列說法中正確的是（）

A.在點(diǎn)時電源的輸出功率最大B.在點(diǎn)時電源的總功率最大C.工作狀態(tài)從時角增大，電源的總功率和輸出功率都將增大D.工作狀態(tài)從時角增大，電源的總功率和輸出功率都將減小評卷人得分三、填空題(共7題，共14分)13、如圖所示，三個定值電阻R1、R2和R3按圖示方式接在電源兩端，在電鍵S處于閉合狀態(tài)下，若將電鍵S1由位置1切換到位置2，電壓表示數(shù)將________，電阻R2消耗的電功率將________（均選填“變大”；“變小”或“不變”）．

14、能量守恒定律。

能量既不會憑空_______，也不會憑空_______，它只能從一種形式_______為其他形式，或者從一個物體_______到別的物體，在轉(zhuǎn)化或轉(zhuǎn)移的過程中，能量的總量_______。15、如圖所示，一帶正電的導(dǎo)體球M放在絕緣支架上，把系在絕緣絲線上的帶電小球N掛在橫桿上。當(dāng)小球N靜止時，絲線與豎直方向成θ角由此推斯小球N帶______電荷（選填“正”或“負(fù)”）。現(xiàn)用另一與M完全相同的不帶電導(dǎo)體球與M接觸后移開，則絲線與豎直方向的夾角θ將________（選填“變大”或“變小”）。

16、在如圖所示的實(shí)驗(yàn)裝置中,充電后的平行板電容器與電源斷開；極板A與靜電計相連,極板B接地．

（1）若將極板B向上平行移動一小段距離,則將觀察到靜電計指針偏角_________（填“增大”或“減小”或“不變”）,說明平行板電容器的電容隨極板正對面積S減小而減小．

（2）若將極板B向左平行移動一小段距離,則將觀察到靜電計指針偏角增大,說明平行板電容器的電容隨板間距離d增大而__________（填“增大”或“減小”或“不變”）；B極板向左移動后，A、B間的電場強(qiáng)度__________（填“增大”或“減小”或“不變”）．17、如圖所示為電容式位移傳感器的示意圖，物體沿左右方向運(yùn)動時，電容將發(fā)生變化。如果實(shí)驗(yàn)測量出電容器的電容變小，那么被測物體向_________運(yùn)動（填寫“左”或“右”）；已知該傳感器的靈敏度定義為電容器電容變化量的大小與物體位置坐標(biāo)變化量大小之比，如果把圖中的電介質(zhì)板換成介電常數(shù)更大的材料，當(dāng)物體沿左右方向運(yùn)動時，傳感器的靈敏度________（填寫“變大”；“不變”或“變小”）。

18、如圖,游標(biāo)卡尺的讀數(shù)為________cm；

19、寫出如圖所示的游標(biāo)卡尺和螺旋測微器的讀數(shù)。游標(biāo)卡尺的讀數(shù)___________cm；螺旋測微器的讀數(shù)___________mm。

評卷人得分四、作圖題(共4題，共28分)20、在如圖所示的四幅圖中；分別給出了導(dǎo)線中的電流方向或磁場中某處小磁針靜止時N極的指向或磁感線方向。請畫出對應(yīng)的磁感線（標(biāo)上方向）或電流方向。

21、連線題：請將下列電路元器件的實(shí)物圖與其符號相連。

22、試畫出點(diǎn)電荷、等量異種點(diǎn)電荷、等量同種點(diǎn)電荷及勻強(qiáng)電場的電場線。23、把蜂鳴器；光敏電阻、干簧管繼電器開關(guān)、電源連成電路如圖所示；制成光電報警裝置，當(dāng)報警器有光照射時，峰鳴器發(fā)聲，當(dāng)沒有光照或者光照很弱時，蜂鳴器不發(fā)聲，①光敏電阻：光敏電阻受光照后，阻值會變小，②干簧管繼電器開關(guān)：由干簧管和繞在干簧管外的線圈組成，當(dāng)線圈中有一定的電流時，線圈產(chǎn)生的磁場使密封在干簧管內(nèi)的兩個鐵質(zhì)簧片磁化，兩個簧片在磁力作用下由原來的分離狀態(tài)變成閉合狀態(tài)，當(dāng)線圈中沒有電流或者電流很微弱時，磁場消失，簧片在彈力的作用下恢復(fù)到分離狀態(tài)，電路已經(jīng)連接一部分，請將電路完整連接好。

評卷人得分五、實(shí)驗(yàn)題(共1題，共10分)24、如圖甲所示；用銅片；鋁片和可樂可以做成可樂電池，電動勢在0.4V～0.6V范圍內(nèi)，內(nèi)阻幾千歐，某實(shí)驗(yàn)興趣小組制作了一個可樂電池并測量其電動勢和內(nèi)阻。

（1）如圖乙所示，直接用多用電表“直流2.5V”擋測量出可樂電池的電動勢為______V。

（2）現(xiàn)有實(shí)驗(yàn)器材：

A．電壓表（0～3V；RV約為3000Ω）B．電流表（0～300μA，RA約為300Ω）

C．電阻箱（0～9999Ω）D．滑動變阻器（0～20Ω）

E．開關(guān)；導(dǎo)線若干。

①為了更準(zhǔn)確的測量可樂電池的電動勢和內(nèi)阻，要求電表讀數(shù)要偏轉(zhuǎn)滿量程的三分之一以上。選擇合適的器材并按電路圖______完成電路連接。

A．B．C．

②通過數(shù)據(jù)處理畫出相應(yīng)的可樂電池圖像如圖丙中實(shí)線所示，可知該可樂電池的內(nèi)阻約為______Ω（保留2位有效數(shù)字）。

③將該可樂電池靜置2h后再次測量獲得的圖像如圖丙虛線所示，可知該可樂電池的電動勢______（選填“增大”“減小”或“不變”）。評卷人得分六、解答題(共4題，共8分)25、如圖所示，三個點(diǎn)電荷q1、q2、q3固定在一直線上，q1與q2間距離為L，q2與q3間距離的3L，每個電荷所受靜電力的合力均為零，求q1、q2、q3的電荷量之比．

26、如圖所示，平行板電容器的兩個極板A、B水平放置且接在電壓為60V的恒壓電源正、負(fù)極上，兩極板間距為3cm，電容器帶電荷量為6×10－8C，A極板接地。求：

(1)平行板電容器的電容；

(2)平行板電容器兩板之間的電場強(qiáng)度；

(3)距B板2cm的M點(diǎn)處的電勢。

27、在真空中的O點(diǎn)放一個點(diǎn)電荷直線MN通過O點(diǎn)，OM的距離M點(diǎn)放一個點(diǎn)電荷靜電力常量如圖，求：

（1）在電荷Q產(chǎn)生的電場中；M；N兩點(diǎn)哪點(diǎn)的電勢高?q在M、N兩點(diǎn)哪點(diǎn)的電勢能大？

（2）q在M點(diǎn)受到的電場力．

（3）點(diǎn)電荷Q在M點(diǎn)產(chǎn)生的場強(qiáng)．28、如圖，ABD為豎直平面內(nèi)的光滑絕緣軌道，其中AB段是水平的，BD段為半徑R=0.2m的半圓，兩段軌道相切于B點(diǎn)，整個軌道處在豎直向下的勻強(qiáng)電場中，場強(qiáng)大小E=5.0×103V/m。一不帶電的絕緣小球甲，以速度沿水平軌道向右運(yùn)動，與靜止在B點(diǎn)帶正電的小球乙發(fā)生彈性碰撞，甲乙兩球碰撞后，乙恰能通過軌道的最高點(diǎn)D。已知甲、乙兩球的質(zhì)量均為m=1.0×10-2kg，乙所帶電荷量q=2.0×10-5C，g取10m/s2。（水平軌道足夠長；甲；乙兩球可視為質(zhì)點(diǎn)，整個運(yùn)動過程中甲不帶電，乙電荷無轉(zhuǎn)移）求：

(1)乙在軌道上的首次落點(diǎn)到B點(diǎn)的距離；

(2)碰撞前甲球的速度

參考答案一、選擇題(共7題，共14分)1、B【分析】【詳解】

A；由于噴出的涂料微粒有初速度；故不一定沿電場線方向運(yùn)動，所以微粒的運(yùn)動軌跡顯示的不一定是電場線的分布情況，故A錯誤；

B；由圖可知；則在涂料微粒向工件靠近的工程中，工件帶正電，涂料微粒帶負(fù)電，根據(jù)電場強(qiáng)度的分布可知，所受電場力先減小后增大，故B正確；

CD；涂料微粒所受的電場力方向向左；其位移方向大體向左，則電場力對涂料微粒做正功，其微粒的動能增大，微粒的電勢能減小，故CD錯誤；

故選B．

【點(diǎn)睛】

在涂料微粒向工件靠近的工程中，工件帶正電，涂料微粒帶負(fù)電，根據(jù)電場強(qiáng)度的分布可知，所受電場力先減小后增大，電場力對涂料微粒做正功，其微粒的動能增大，微粒的電勢能減?。?、C【分析】【詳解】

由于同種電荷間存在相互作用的排斥力；兩球?qū)⑾嗷ミh(yuǎn)離，距離增大，根據(jù)庫侖定律得知，相互作用力減小。由牛頓第二定律得知它們的加速度變小，隨著兩球間距離增大，電場力做正功，電勢能減少，總動能增加。所以速度增加，故速度變大，加速度變小。

故選C。3、C【分析】【分析】

【詳解】

A．由P點(diǎn)的場強(qiáng)為零可知，左半球殼在P點(diǎn)場強(qiáng)與點(diǎn)電荷-Q在P點(diǎn)場強(qiáng)等大、反向，故左半球殼在P點(diǎn)場強(qiáng)方向向左，大小為

半球殼補(bǔ)圓后（電荷量為2q）在P點(diǎn)場強(qiáng)方向向左，大小為

則右半球殼在P點(diǎn)的場強(qiáng)方向向左，大小為

由對稱性可知，左半球殼在M點(diǎn)的場強(qiáng)方向向右，大小為

故M點(diǎn)的合場強(qiáng)為

方向向右；C正確。

故選C。4、C【分析】【詳解】

A．根據(jù)題意可知；等量同種電荷的等勢面分布圖，如圖所示。

由沿電場線方向，電勢逐漸降低可知，離兩個點(diǎn)電荷的距離越遠(yuǎn)電勢越低，由于點(diǎn)離兩個點(diǎn)電荷的距離大于點(diǎn)離兩個點(diǎn)電荷的距離，則有

故A錯誤；

BC．兩點(diǎn)離兩個點(diǎn)電荷的距離相等，由對稱性可知，兩點(diǎn)電勢相等，電場強(qiáng)度的大小相等，但方向不同，由于點(diǎn)離兩個點(diǎn)電荷的距離小于兩點(diǎn)離兩個點(diǎn)電荷的距離，則有

由可知，帶負(fù)電的試探電荷從點(diǎn)沿移動到點(diǎn)；試探電荷的電勢能先減少后增加，故B錯誤，C正確；

D．由于點(diǎn)離兩個點(diǎn)電荷的距離大于點(diǎn)離兩個點(diǎn)電荷的距離，則有

則帶正電的試探電荷從點(diǎn)沿移動到點(diǎn)；試探電荷的電勢能增加，故D錯誤。

故選C。5、C【分析】【詳解】

C．由題圖乙可知，電子在A、B兩點(diǎn)的電勢能分別為EpA和EpB，且EpB>EpA，說明電子由A運(yùn)動到B的過程中電勢能增大，電場力做負(fù)功，電場力對其所做的功為W=EpA-EpB；選項C正確；

D．電子僅在電場力作用下運(yùn)動，電場力做負(fù)功，動能減小，故電子在A點(diǎn)的動能大于在B點(diǎn)的動能；選項D錯誤；

B．由題圖乙知該電場是勻強(qiáng)電場，A、B兩點(diǎn)的電場強(qiáng)度相等；選項B錯誤；

A．該電場一定不是孤立點(diǎn)電荷形成的電場；選項A錯誤。

故選C。6、B【分析】【詳解】

A．電場強(qiáng)度是反映電場的性質(zhì)的物理量；只與電場有關(guān)，A錯誤；

B．公式電源電動勢等于非靜電力做功與移動相應(yīng)電荷的電荷量的比值；B正確；

C．電阻率反映的是導(dǎo)體的導(dǎo)電能力；由材料本身決定，C錯誤；

D．公式適用于所有電路電熱的計算，D錯誤。

故選B。7、D【分析】【詳解】

A．由歐姆定律結(jié)合圖象可知電阻小于電阻故A錯誤；

BCD．電源的內(nèi)阻

當(dāng)時，由閉合電路歐姆定律

同理當(dāng)時，由閉合電路歐姆定律

解得

根據(jù)可得兩種情況下，電源的輸出功率相等為

故D正確；BC錯誤。

故選D。二、多選題(共5題，共10分)8、B:D【分析】【詳解】

A．電阻大的；電荷量變化慢，由圖乙可知，第一次充電電荷量變化快，所以第一次充電時所用電阻小于第二次充電時所用電阻，故A錯誤；

B．由電容的定義式可知；同一個電容器所帶電荷量與兩板間的電勢差成正比，由圖乙可知，第二次充電電容器所帶電量多，所以第二次充電時所用電源電動勢大于第三次充電時所用電源電動勢，故B正確；

C．因?yàn)槿纬潆娪猛粋€電容器，所以由電容的定義式可知，同一個電容器所帶電荷量與兩板間的電勢差成正比，故第二次充電時電容器兩端的電壓u隨電荷量q變化的圖線斜率與丙圖中圖線斜率相同；故C錯誤；

D．由電容器電荷量q隨時間t變化的圖像可知，圖線的斜率表示充電電流，斜率越大，充電電流越大，所以第二次充電時時刻的電流大于時刻的電流；故D正確。

故選BD。9、B:C【分析】【分析】

【詳解】

A．粒子在電場中做類平拋運(yùn)動，水平方向

豎直方向

由

可得

故A錯誤；

B．由于

故粒子速度大小為

故B正確；

C．由幾何關(guān)系可知，到P點(diǎn)的距離為

故C正確；

D．由于平拋推論可知

可知速度正切

可知速度方向與豎直方向的夾角小于30°；故D錯誤。

故選BC。10、C:D【分析】【詳解】

A．使用等效場的觀點(diǎn)，將重力場和電場等效的看作一個場，結(jié)合平行四邊形法則可得等效重力加速度為

設(shè)等效場對物體的力與豎直方向的夾角為θ；如圖所示。

則有

解得

由“等效重力”可知，當(dāng)小球運(yùn)動到BC間且與圓心連線與豎直方向夾角為時；小球的速度最大，動能最大，故A錯誤；

B．小球在軌道上運(yùn)動過程中；能量守恒，小球在與圓心等高且在圓弧右側(cè)的位置電勢能最小，所以小球在該點(diǎn)的機(jī)械能最大，故B錯誤；

C．設(shè)釋放點(diǎn)A到B的距離為L時，小球恰好不脫離圓軌道；圖中D點(diǎn)與圓心連線與圓相交的點(diǎn)M點(diǎn)即為“等效重力”中的最高點(diǎn)，小球恰好不脫離圓軌道，電場力與重力的合力剛好提供向心力，則有

解得

從開始釋放小球到M點(diǎn)的過程中，由動能定理可得

解得

故C正確；

D．若小球做完整的圓周運(yùn)動，小球運(yùn)動到D點(diǎn)時的動能最大，對軌道的壓力最大，從A到D的過程中，根據(jù)動能定理，有

解得

在D點(diǎn)，根據(jù)牛頓第二定律，有

解得

若小球不做完整的圓周運(yùn)動，當(dāng)小球運(yùn)動到與MD連線垂直時如圖中的P點(diǎn)，接下來將沿著軌道返回，此時也未脫離軌道，該過程在D點(diǎn)速度有最大值，對軌道的壓力也為最大值，從P到D點(diǎn)，根據(jù)動能定理，有

解得

在D點(diǎn)，根據(jù)牛頓第二定律，有

解得

如果小球不能到達(dá)P點(diǎn)，則小球?qū)壍赖淖畲髩毫∮?mg，所以小球?qū)壍赖淖畲髩毫Υ笮】赡転?mg；故D正確。

故選CD。11、A:D【分析】【詳解】

試題分析：只逐漸增大R1的光照強(qiáng)度，R1的阻值減小，總電阻減小，總電流增大，電阻R0消耗的電功率變大，滑動變阻器的電壓變大，電容器兩端的電壓增大，電容下極板帶的電荷量變大，所以電阻R3中有向上的電流，故A正確；電路穩(wěn)定時，電容相當(dāng)于開關(guān)斷開，只調(diào)節(jié)電阻R3的滑動端P2向上端移動時，對電路沒有影響，故B錯誤；只調(diào)節(jié)電阻R2的滑動端P1向下端移動時，對電路沒有影響，電壓表讀數(shù)不變；電容器并聯(lián)部分的電阻變大，所以電容器兩端的電壓變大，由可知；電場力變大，帶電微粒向上運(yùn)動，故C錯誤；若斷開電鍵S，電容器處于放電狀態(tài)，電荷量變小，則場強(qiáng)減小，帶電微粒向下運(yùn)動；

故D正確．故選AD．

考點(diǎn)：直流電路中的含電容電路。

【名師點(diǎn)睛】本題中穩(wěn)定時電容器與電路部分是相對獨(dú)立的．分析油滴是否運(yùn)動，關(guān)鍵分析電場強(qiáng)度及電場力是否變化．12、A:D【分析】【分析】

【詳解】

A．根據(jù)題圖可知過原點(diǎn)的直線的斜率表示外電阻，與兩坐標(biāo)軸相交的直線的斜率的絕對值表示電源內(nèi)阻，當(dāng)

時；內(nèi)外電阻相等，是電源的輸出功率最大的時候，A正確；

B．電源的總功率

工作狀態(tài)從時，角減小，電流增大，電源的總功率增大，故在點(diǎn)時電源的總功率不是最大；B錯誤；

C．在點(diǎn)時，電源的輸出功率最大，工作狀態(tài)從時，角增大；電源的輸出功率增大，由于電流減小，故電源的總功率減小，C錯誤；

D．工作狀態(tài)從時，角增大；電源的輸出功率減小，由于電流減小，故電源的總功率減小，D正確。

故選AD。三、填空題(共7題，共14分)13、略

【分析】【詳解】

將電鍵S1由位置1切換到位置2，外電阻變小，電動勢和內(nèi)阻不變，電路中的總電流變大，內(nèi)電壓變大，外電壓變小，電壓表測的是外電壓，所以電壓表示數(shù)變??；

設(shè)電路中的電阻R1、R2和R3的阻值均為R，當(dāng)電鍵打在1時，R2兩端的電壓當(dāng)電鍵打在2時R2兩端的電壓可知．U2′＜U2．故電阻R2兩端的電壓變小，根據(jù)可知，電阻R2消耗的電功率將減?。窘馕觥孔冃∽冃?4、略

【分析】【分析】

【詳解】

略【解析】產(chǎn)生消失轉(zhuǎn)化轉(zhuǎn)移保持不變15、略

【分析】【詳解】

[1]球M與N相互排斥，M、N帶同種電荷，M帶正電，N也帶正電；

[2]小球N受重力mg、繩的拉力、庫侖力F，根據(jù)平衡條件可得庫侖力大小為F=mgtanθ

庫侖力

由于另一與M完全相同的不帶電導(dǎo)體球與M接觸后移開，因電量被平分，導(dǎo)致M的帶電量減小，則庫侖力小，偏角小，即角θ變小?！窘馕觥空冃?6、略

【分析】【詳解】

試題分析：（1）若極板B稍向上移動一點(diǎn)，極板正對面積減小，由電容的決定式分析知電容減??；電容器的電量不變，根據(jù)電容的定義式C=Q/U，極板間的電壓U增大．則靜電計指針偏角增大，此實(shí)驗(yàn)說明平行板電容器的電容隨正對面積的減小而減小；

（2）若極板B稍向左移動一點(diǎn)，板間距離增大，由電容的決定式分析知電容減小，電容器的電量不變，根據(jù)電容的定義式C=Q/U，極板間的電壓U增大．則靜電計指針偏角增大，此實(shí)驗(yàn)說明平行板電容器的電容與極板間距離成反比．極板間距離的增大而減?。灰罁?jù)E=U/d，及C=Q/U，則有電場強(qiáng)度可知，極板間的電場強(qiáng)度與極板間距無關(guān)，即當(dāng)B極板向左移動后，A；B間的電場強(qiáng)度不變；

考點(diǎn)：考查電容器的動態(tài)分析；電場強(qiáng)度．

【名師點(diǎn)睛】

對于電容器動態(tài)變化分析問題，要抓住不變量．當(dāng)電容器保持與電源相連時，電壓不變．當(dāng)電容器充電后，與電源斷開后，往往電量不變．根據(jù)電容的決定式和定義式結(jié)合進(jìn)行分析，注意電場強(qiáng)度的綜合表達(dá)式推導(dǎo)．【解析】增大減小不變17、略

【分析】【詳解】

[1]根據(jù)電容的決定式可知；若電容器的電容變小，一定是插入的電介質(zhì)少了，所以被測物體向右移動。

[2]若換成更大介電常數(shù)的材料，移動相同距離時，電容的變化量一定較大，根據(jù)靈敏度的定義可知，靈敏度一定變大?！窘馕觥坑易兇?8、略

【分析】【詳解】

游標(biāo)卡尺的示數(shù)等于主尺刻度+游尺刻度即【解析】1.1419、略

【分析】【詳解】

[1]游標(biāo)卡尺讀數(shù)為

[2]螺旋測微器讀數(shù)為【解析】1.0552.615四、作圖題(共4題，共28分)20、略

【分析】【分析】

【詳解】

（1）在圖（1）中；已知小磁針靜止時N極的指向，由直線電流的安培定則，可知直線中的電流方向向下，如圖所示。

（2）在圖（2）中；已知小磁針靜止時N極的指向，由環(huán)形電流的安培定則，可知環(huán)形電流方向從左向右看是順時針方向，如圖所示。

（3）在圖（3）中；已知螺線管內(nèi)小磁針靜止時N極的指向，由通電螺線管的右手螺旋定則可知，螺線管中的電流方向從左端導(dǎo)線流入，右端導(dǎo)線流出，如圖所示。

（4）在圖（4）中，已知磁感線的方向，由安培定則可知，環(huán)形電流方向沿逆時針方向，如圖所示?！窘馕觥?1、略

【分析】【詳解】

實(shí)物圖中第一個為電動機(jī)；電動機(jī)符號為符號圖中的第二個；

實(shí)物圖中第二個為電容器；電容器符號為符號圖中的第三個；

實(shí)物圖中第三個為電阻；電阻符號為符號圖中的第四個；

實(shí)物圖中第四個為燈泡；燈泡符號為符號圖中的第一個。

【解析】22、略

【分析】【詳解】

根據(jù)電荷屬性；點(diǎn)電荷；等量異種點(diǎn)電荷、等量同種點(diǎn)電荷及勻強(qiáng)電場的電場線如下所示。

【解析】23、略

【分析】【分析】

【詳解】

電池；光敏電阻與開關(guān)及干簧管繼電器開關(guān)外面接線構(gòu)成一個回路；而另一組電池、蜂鳴器與干簧管繼電器開關(guān)里面的兩個接線構(gòu)成又一個回路。當(dāng)有光照時，光敏電阻阻值變小，使得干簧管繼電器開關(guān)存在磁場，導(dǎo)致開關(guān)接通，最終使得蜂鳴器發(fā)聲，電路如圖所示。

【解析】五、實(shí)驗(yàn)題(共1題，共10分)24、略

【分析】【詳解】

（1）[1]選擇“直流2.5V”擋時分度值為估讀到可得可樂電池的電動勢大小為

（2）[2]AC．要求電表讀數(shù)要偏轉(zhuǎn)滿量程的三分之一以上；而電源內(nèi)阻幾千歐，則電阻箱阻值要調(diào)節(jié)為至少幾千歐，則此時電壓表內(nèi)阻與電阻箱阻值相差不大，電壓表分流作用明顯，誤差較大，故AC錯