2025年人教版高二物理下冊月考試卷含答案

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年人教版高二物理下冊月考試卷含答案考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學(xué)校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五總分得分評卷人得分一、選擇題(共8題，共16分)1、兩個等量異種電荷的連線的垂直平分線上有a、b；c三點（c點為連線中點）；如圖所示，下列說法正確的是（）

A.a、b；c三點電場強(qiáng)度的方向相同。

B.a、b；c三點電場強(qiáng)度的大小相等。

C.a、b；c三點電勢相等。

D.a、b；c三點中；c點電勢最大。

2、如圖在x軸上方存在垂直紙面向里的磁感應(yīng)強(qiáng)度為B的勻強(qiáng)磁場，x軸下方存在垂直紙面向外的磁感應(yīng)強(qiáng)度為B/2的勻強(qiáng)磁場．一帶負(fù)電的粒子從原點O以與x軸成角斜向上射人磁場(此為第一次)，且在上方運動半徑為R（不計重力）。則（）A.粒子經(jīng)偏轉(zhuǎn)一定能回到原點0B.粒子在軸上方和下方兩磁場中運動的半徑之比為2:1C.粒子完成一次周期性運動的時間為D.粒子第二次射入軸上方磁場時，沿軸前進(jìn)3R3、下列關(guān)于加速度的說法中，正確的是（）A.加速度越大，速度變化越大B.速度變化越快，加速度一定越大C.加速度的方向和速度方向一定相同D.加速度為零，速度一定為零4、激光是人工產(chǎn)生的相干光，其具有單色性好、平行度好、亮度高、方向性好等特性，以下關(guān)于激光正確的是（）A.激光的頻率比X射線的頻率還高B.利用激光進(jìn)行長距離精確測量C.利用激光進(jìn)行通信D.利用激光加工堅硬材料5、在圖所示的各種情況中，穿過回路的磁通量增大的有（）A.B.C.D.6、跳高比賽中，必須在運動員著地處鋪上很厚的海綿墊子，這是因為(

)

A.減小運動員著地過程中受到的沖量作用B.減小運動員著地過程中受到的平均沖力C.減小運動員著地過程中動量的變化量D.以上說法均不正確7、從接收到的高頻振蕩電流中分離出所攜帶的有用信號的過程叫做(

)

A.調(diào)頻B.解調(diào)C.調(diào)幅D.調(diào)諧8、人類日常生活離不開摩擦力，如果沒有摩擦力，我們將不能走路、汽車將不能開動

下列關(guān)于摩擦力的說法中正確的是(

)

A.汽車輪胎表面都有花紋，是為了減小摩擦B.吃飯時拿在手中的筷子不會滑落，是因為有摩擦力的作用C.猴子沿豎直竹竿勻速向上爬時，受到的摩擦力方向向下D.靜止的物體不會受到滑動摩擦力的作用評卷人得分二、填空題(共6題，共12分)9、一個20匝、面積為2m2的圓形線圈放在勻強(qiáng)磁場中，磁場的方向與線圈平面垂直，若該磁場的磁感應(yīng)強(qiáng)度在0.05s內(nèi)由0.1T增加到0.5T，在此過程中，穿過線圈的磁通量變化量為______Wb，磁通量的變化率為______Wb/S，線圈中感應(yīng)電動勢的大小為______V．10、如圖為“碰撞中的動量守恒”實驗裝置示意圖

(1)

入射小球m

1

與被碰小球m

2

直徑相同，均為d

，它們的質(zhì)量相比較，應(yīng)是m

1

______m

2

．

(

填大于；等于或小于)

(2)

為了保證小球做平拋運動；必須調(diào)整斜槽使______．

(3)

圖中O

點是小球拋出點在地面上的垂直投影.

實驗時，先讓入射球ml

多次從斜軌上S

位置靜止釋放；找到其平均落地點的位置P

測量平拋射程OP

．

然后，把被碰小球m

2

靜置于軌道的水平部分，再將入射球ml

從斜軌上S

位置靜止釋放，與小球m

2

相碰；并多次重復(fù).

接下來要完成的必要步驟是______.(

填選項前的符號)

A.用天平測量兩個小球的質(zhì)量m

1

m

2

B.測量小球m

1

開始釋放高度h

C.測量拋出點距地面的高度H

D.分別找到m

1

m

2

相碰后平均落地點的位置MN

E.測量平拋射程OMON

(4)

若兩球相碰前后的動量守恒，其表達(dá)式可表示為______(

用(3)

中測量的量表示)

11、一個質(zhì)量為0.5kg

的物體在光滑水平面上以4m/s

的速度勻速運動，則其動量大小為______kg/m/s

動能大小為______J

若物體在碰到豎直的墻壁后以2m/s

的速度返回，則動量的變化量為______kg/m/s(

以初速度方向為正方向)

動能變化大小為______J

碰撞時間為0.1s

則墻壁的平均作用力為______N.

12、有人說礦區(qū)的重力加速度偏大，某同學(xué)“用單擺測定重力加速度”的實驗探究該問題．

（1）他用最小分度為毫米的米尺測得擺線的長度L為800.0mm，用游標(biāo)為10分度的卡尺測得擺球的直徑如圖1所示，擺球的直徑D為____mm．他把擺球從平衡位置拉開一個小角度由靜止釋放，使單擺在豎直平面內(nèi)擺動，當(dāng)擺動穩(wěn)定后，在擺球通過平衡位置時啟動秒表，并數(shù)下“0”，直到擺球第N次同向通過平衡位置時按停秒表，秒表讀數(shù)如圖2所示，讀出所經(jīng)歷的時間t=____s

（2）根據(jù)上述物理量，寫出當(dāng)?shù)氐闹亓铀俣鹊谋磉_(dá)式為____．（用L、D、N、t等符號表示）13、衛(wèi)星繞地球做勻速圓周運動時處于完全失重狀態(tài)，在這種環(huán)境中無法用天平稱量物體的質(zhì)量。于是某同學(xué)在這種環(huán)境設(shè)計了如圖所示的裝置（圖中O為光滑的小孔）來間接測量物體的質(zhì)量：給待測物體一個初速度，使它在桌面上做勻速圓周運動。設(shè)航天器中具有基本測量工具（彈簧秤、秒表、刻度尺）。（1）物體與桌面間沒有摩擦力，原因是____；（2）實驗時需要測量的物理量是____；（3）待測質(zhì)量的表達(dá)式為m=____。14、兩根平行的直導(dǎo)線，當(dāng)通以相反方向的電流時，它們相互______．電流之間的這種作用，是通過______來實現(xiàn)的．評卷人得分三、判斷題(共6題，共12分)15、電勢差有正有負(fù)，所以是矢量，且電場中兩點間的電勢差隨著零電勢點的選取變化而變化．（判斷對錯）16、如圖所示，有一水平方向的勻強(qiáng)電場，場強(qiáng)大小為9000N/C，在電場內(nèi)一水平面上作半徑為10cm的圓，圓上取A、B兩點，AO沿E方向，BO⊥OA，另在圓心處放一電量為10﹣8C的正點電荷，則A處場強(qiáng)大小EA為零．________（判斷對錯）

17、空間兩點放置兩個異種點電荷a、b，其所帶電荷量分別為qa和qb，其產(chǎn)生的電場的等勢面如圖所示，且相鄰等勢面間的電勢差均相等，電場中A、B兩點間的電勢大小的關(guān)系為φA＞φB，由此可以判斷出a為正電荷，且有qa＜qb．________（判斷對錯）

18、電場線與等勢面相互垂直，沿著同一等勢面移動電荷時靜電力不做功．（判斷對錯）19、電勢差有正有負(fù)，所以是矢量，且電場中兩點間的電勢差隨著零電勢點的選取變化而變化．（判斷對錯）20、如圖所示為某示波管內(nèi)的聚焦電場，實線和虛線分別表示電場線和等勢線．兩電子分別從a、b兩點運動到c點．設(shè)電場力對兩電子做的功分別為Wa和Wb，a、b點的電場強(qiáng)度大小分別為Ea和Eb，則Wa=Wb，Ea＞Eb．________（判斷對錯）

評卷人得分四、實驗探究題(共4題，共20分)21、利用電流表和電壓表測定一節(jié)干電池的電動勢和內(nèi)電阻；要求盡量減小實驗誤差．

（1）應(yīng)該選擇的實驗電路是圖1中的______（選項“甲”或“乙”）．

（2）現(xiàn)有電流表（0-0.6A）；開關(guān)和導(dǎo)線若干；以及以下器材：

A．電壓表（0-15V）B．電壓表（0-3V）

C．滑動變阻器（0-50Ω）D．滑動變阻器（0-500Ω）

實驗中電壓表應(yīng)選用______；滑動變阻器應(yīng)選用______；（選填相應(yīng)器材前的字母）

（3）某位同學(xué)記錄的6組數(shù)據(jù)如下表所示；其中5組數(shù)據(jù)的對應(yīng)點已經(jīng)標(biāo)在圖2的坐標(biāo)紙上，請用△標(biāo)出余下一組數(shù)據(jù)的對應(yīng)點，并畫出U-I圖線．

。序號123456電壓U（V）1.451.401.301.251.201.10電流I（A）0.0600.1200.2400.2600.3600.480（4）根據(jù)（3）中所畫圖線可得出干電池的電動勢E=______v，內(nèi)電阻r=______Ω

（5）實驗中，隨著滑動變阻器滑片的移動，電壓表的示數(shù)U以及干電池的輸出功率P都會發(fā)生變化．圖3的各示意圖中正確反映P-U關(guān)系的是______．22、用單擺測定重力加速度的實驗裝置如圖所示．

（1）為了比較準(zhǔn)確地測量出當(dāng)?shù)氐闹亓铀俣戎担瑧?yīng)在下列器材中選用______（選填選項前的字母）．

A．長1m左右的細(xì)繩。

B．長30cm左右的細(xì)繩。

C．直徑2cm的塑料球。

D．直徑2cm的鐵球。

（2）如表是某組同學(xué)記錄的6組實驗數(shù)據(jù)；并做了部分計算處理．

。組次123456擺長L/cm50.060.070.080.090.0100.030次全振動的時間t/s42.647.150.154.057.060.3振動周期T/s1.421.571.671.802.01①請計算出第5組實驗中的T=______s；

②在計算當(dāng)?shù)刂亓铀俣萭時，以下同學(xué)處理數(shù)據(jù)合理的是______；

A．甲同學(xué)利用第六組數(shù)據(jù)帶入單擺周期公式中求出重力加速度g．

B．乙同學(xué)分別求出六組擺長的平均值；周期的平均值；然后帶入單擺周期公式中求出重力加速度g．

C．丙同學(xué)分別把各組數(shù)據(jù)帶入單擺周期公式中求出重力加速度g；然后求g的平均值．

（3）若某同學(xué)在實驗中沒能找到小球，用了一個不規(guī)則的小鐵塊代替小球，因而無法測量擺長的確切值．他第一次用長L1的懸線，測得周期T1；第二次用長L2的懸線，測得周期T2．根據(jù)以上數(shù)據(jù)，該同學(xué)______（選填“能”或“不能”）得出當(dāng)?shù)刂亓铀俣鹊闹担堈f明理由．23、在隆露

測定金屬絲電阻率隆路

的實驗中，需要測出其長度L.

直徑d

和電阻R.

用游標(biāo)卡尺和螺旋測微器測金屬絲長度和直徑時讀數(shù)如圖，則金屬絲的長度為____mm

直徑為____mm

．

。

24、為了測量一微安表頭A

的內(nèi)阻；某同學(xué)設(shè)計了如圖所示的電路.

圖中，A0

是標(biāo)準(zhǔn)電流表，R0

和RN

分別是滑動變阻器和電阻箱，S

和S1

分別是單刀雙擲開關(guān)和單刀開關(guān)，E

是電池.

完成下列實驗步驟中的填空：

(1)

將S

撥向接點1

接通S1

調(diào)節(jié)____，使待測表頭指針偏轉(zhuǎn)到適當(dāng)位置，記下此時標(biāo)準(zhǔn)電流表的讀數(shù)I

(2)

然后將S

撥向接點2

調(diào)節(jié)____，使標(biāo)準(zhǔn)電流表的讀數(shù)為____，記下此時RN

的讀數(shù)，此即為待測微安表頭內(nèi)阻的測量值．評卷人得分五、證明題(共2題，共4分)25、如圖，兩根勁度系數(shù)分別為K1、K2的輕質(zhì)彈簧與小球相連結(jié)，另外一端固定不動。整個裝置位于光滑的水平地面上。當(dāng)小球位于O點時，兩彈簧均處于原長狀態(tài)。今把小球沿彈簧軸線方向拉離O一小段距離后放手。證明小球此后的運動為簡諧運動。26、如圖，兩根勁度系數(shù)分別為K1、K2的輕質(zhì)彈簧與小球相連結(jié)，另外一端固定不動。整個裝置位于光滑的水平地面上。當(dāng)小球位于O點時，兩彈簧均處于原長狀態(tài)。今把小球沿彈簧軸線方向拉離O一小段距離后放手。證明小球此后的運動為簡諧運動。參考答案一、選擇題(共8題，共16分)1、A|C【分析】

A、B、a、b兩點的場強(qiáng)方向都與垂直平分線垂直向右，方向相同．由于b處電場線密；電場強(qiáng)度大于a處電場強(qiáng)度．故A正確，B錯誤；

C、D，a、b；c是兩個等量異種電荷連線的垂直平分線的三點；電勢相等，而且與無窮遠(yuǎn)處電勢相等．故C正確，D錯誤．

故選AC

【解析】【答案】兩個等量異種電荷連線的垂直平分線是一條等勢線．電場強(qiáng)度方向與等勢面方向垂直；而且指向電勢低的方向．根據(jù)電子的受力情況，分析電子的運動情況．

2、D【分析】試題分析：根據(jù)左手定則可知，負(fù)電荷在第一、四象限所受洛倫茲力的方向不同，粒子在第一象限沿順時針方向，而在第四象限沿逆時針方向，故不可能回到原點，所以A錯誤；根據(jù)可知粒子圓周運動半徑與B成反比，則粒子在一、四象限中的運動半徑之比為1:2，所以B錯誤；負(fù)電荷在第一象限運動軌跡的圓心角為600，粒子在磁場中的周期為在第四象限中的運動軌跡圓心角也是600，其周期為故粒子完成一次周期性運動的時間所以C錯誤；根據(jù)幾何關(guān)系得到，粒子第二次放入第一象限時沿橫軸前進(jìn)距離為故D正確?？键c：帶電粒子在磁場中的運動【解析】【答案】D3、B【分析】解：A；加速度越大；說明物體的速度變化越快，但是速度變化不一定越大，還要根據(jù)時間來進(jìn)行判斷，故A錯誤；

B；加速度是描述速度變化快慢的物理量；速度變化越快則加速度一定越大，故B正確；

C；加速度的與速度無關(guān)；加速度的方向與速度方向可以相同、相反或不在同一直線上，故C錯誤；

D；加速度為零時；物體可能靜止也可能做勻速運動，故D錯誤．

故選：B．

加速度定義為單位時間內(nèi)速度的變化量；反應(yīng)速度變化快慢的物理量．注意明確速度和加速度無關(guān)．

本題應(yīng)明確：加速度是用來描述速度變化快慢的物理量，判斷勻變速直線運動的速度是增加還是減小，依據(jù)是速度與加速度方向是否一致，即它們的正負(fù)號是否一致，同為正號或者同為負(fù)號時，物體的速度增加，一個為正，另一為負(fù)時，速度減?。窘馕觥俊敬鸢浮緽4、B|C|D【分析】激光具有平行度好，相干性好，亮度高，單色性好，根據(jù)這些特點，可判斷BCD對；不同的激光頻率是不同的，A錯；【解析】【答案】BCD5、B【分析】解：A；由圖看不出回路的面積是否變化；根據(jù)Φ=BS可知，無法判斷磁通量是否變大，故A錯誤．

B、導(dǎo)體棒ab向右運動時；回路的面積變大，根據(jù)Φ=BS可知，磁通量變大，故B正確．

C；當(dāng)磁鐵遠(yuǎn)離線圈時；穿過線圈的磁場減弱，根據(jù)Φ=BS可知，磁通量變小，故C錯誤．

D；離通電導(dǎo)線越遠(yuǎn)磁場越弱；根據(jù)Φ=BS可知，磁通量變小，故D錯誤．

故選：B．

根據(jù)磁通量的定義式Φ=BS；B或者S有一個增大，磁通量就增大，磁通量也可以理解為穿過閉合電路的磁感線的條數(shù)，穿過閉合電路的磁感線條數(shù)增加，則磁通量增大．

要注意通電直導(dǎo)線所產(chǎn)生的磁場，離導(dǎo)線越近磁場越強(qiáng)，離導(dǎo)線越遠(yuǎn)，磁場越弱；穿線框圈的磁感線凈條數(shù)越多，磁通量越大，穿過線框的磁感線凈條數(shù)越少，磁通量越小．【解析】【答案】B6、B【分析】解：跳高運動員在落地的過程中；動量變化一定.

由動量定理可知，運動員受到的沖量I

一定；跳高運動員在跳高時跳到沙坑里或跳到海綿墊上可以延長著地過程的作用時間t

由I=Ft

可知，延長時間t

可以減小運動員所受到的平均沖力F

故ACD錯誤，B正確；

故選：B

跳高運動員在落地的過程中；動量變化一定.

由動量定理可知，運動員受到的沖量一定，延長與地面的接觸時間，可以減小運動員受到的沖擊力。

沙坑或海綿墊子具有緩沖作用，可以延長運動員與地面的接觸時間，減小運動員受到的沖擊力，避免運動員受傷【解析】B

7、B【分析】解：解調(diào)是從攜帶消息的已調(diào)信號中恢復(fù)消息的過程.

所以從調(diào)諧電路接受到的高頻振蕩電流中；還原出聲音信號的過程叫解調(diào).

故B正確，AC

D錯誤．

故選：B

．

在各種信息傳輸或處理系統(tǒng)中；發(fā)送端用所欲傳送的消息對載波進(jìn)行調(diào)制，產(chǎn)生攜帶這一消息的信號.

接收端必須恢復(fù)所傳送的消息才能加以利用，這就是解調(diào)．

解調(diào)是從已調(diào)制的無線電信號中提取信息，與調(diào)制是逆過程，基礎(chǔ)題目．【解析】B

8、B【分析】解：A

汽車輪胎表面都有花紋；是為了增大摩擦.

故A錯誤．

B；吃飯時拿在手中的筷子因為有重力而下落的趨勢；由于靜摩擦力的作用才沒有從手中滑落.

故B正確．

C；猴子沿豎直竹竿勻速上爬時；豎直方向的重力和摩擦力平衡，大小相等.

故C錯誤．

D；靜止的物體會受到滑動摩擦力的作用；比如，汽車急剎車時，地面受到滑動摩擦力.

故D錯誤．

故選：B

吃飯時拿在手中的筷子因為有摩擦力的作用而不會滑落.

汽車輪胎表面都有花紋；是為了增大摩擦；猴子沿豎直竹竿勻速上爬，是因為摩擦力等于猴子重力．

人類日常生活中利用摩擦力的例子很多，本題考查學(xué)生運用物理知識分析生活實際現(xiàn)象的能力．【解析】B

二、填空題(共6題，共12分)9、略

【分析】解：圓線圈在勻強(qiáng)磁場中；現(xiàn)讓磁感強(qiáng)度在0.05s內(nèi)由0.1T均勻地增加到0.5T．

所以穿過線圈的磁通量變化量是：△?=?2-?1=（B2-B1）S=0.8Wb

而磁通量變化率為：==16Wb/s

則線圈中感應(yīng)電動勢大小為：E=N=20×16=320V

故答案為：0.8；16，320．

穿過線圈的磁通量發(fā)生變化；導(dǎo)致線圈中產(chǎn)生感應(yīng)電動勢，從而出現(xiàn)感應(yīng)電流．由法拉第電磁感應(yīng)定律可得感應(yīng)電動勢的大?。?/p>

感應(yīng)電動勢的大小與磁通量的變化率有關(guān)，而與磁通量變化及磁通量沒有關(guān)系．由此求出則是平均感應(yīng)電動勢，而瞬時感應(yīng)電動勢則由E=BLV，式中L是有效長度，V是切割磁感線的速度．【解析】0.8；16；32010、（1）大于（2）斜槽末端切線水平（3）ADE（4）m1OP=m1OM+m2ON【分析】【分析】(1)

為了保證碰撞前后使入射小球的速度方向不變，故必須使入射小球的質(zhì)量大于被碰小球的質(zhì)量；(2)

為了保證小球做平拋運動，所以必須使斜槽的末端切線水平；(3)

根據(jù)動量守恒定律求出實驗需要驗證的表達(dá)式，然后根據(jù)表達(dá)式分析答題。本題主要考查了“驗證動量守恒定律”的實驗的原理及要求以及數(shù)據(jù)處理等基礎(chǔ)知識，難度不大，屬于基礎(chǔ)題，是考查基礎(chǔ)知識的好題。【解答】(1)

為防止兩球碰撞后入射球反彈，入射球質(zhì)量應(yīng)大于被碰球質(zhì)量，即：m1>m2

(2)

要小球做平拋運動，則斜槽的末端必須水平；(3)

兩球離開軌道后做平拋運動，它們拋出點的高度相等，在空中的運動時間t

相等，如果碰撞過程動量守恒，則有：m1v1=m1v1隆盲+m2v2隆盲

兩邊同時乘以t

得：m1v1t=m1v1隆盲t+m2v2隆盲t

即為：m1OP=m1OM+m2ON

由此可知，實驗需要測出兩小球質(zhì)量、小球相碰后平均落地點的位置和MN

小球的水平位移；(4)

由(3)

可知m1OP=m1OM+m2ON

故答案為：(1)

大于；(2)

斜槽末端切線水平；(3)ADE

；(4)m1OP=m1OM+m2ON

。【解析】(1)

大于(2)

斜槽末端切線水平(3)ADE

(4)m1OP=m1OM+m2ON

11、2；4；-3；3；30【分析】解：以初速度方向為正方向；則小球的初速度v=4m/s

其動量大小為：p=mv=0.5隆脕4=2kg/m/s

動能大小為：Ek=12mv2=12隆脕0.2隆脕42=4J

．

末速度v隆盲=鈭?2m/s

則小球的動量變化量為：鈻?P=mv隆盲鈭?mv=鈭?3kg?m/s

小球的動能變化量為：鈻?Ek=12mv隆盲2鈭?12mv2=鈭?3J

則動能變化大小為3J

．

由動量定理得：鈭?Ft=鈻?P

得：F=30N

故答案為：24鈭?3330

．

根據(jù)動量和動能的定義式求解動量和動能.

動量變化量等于末動量與初動量之差.

動能變化量等于末動能與初動能之差.

根據(jù)動量定理求解墻壁對小球的平均作用力．

此題要注意動量是矢量，動量變化量也是矢量，在規(guī)定正方向時，用正負(fù)號表示矢量的方向．【解析】24鈭?3330

12、略

【分析】

（1）由圖1所示游標(biāo)卡尺可知；主尺示數(shù)是2cm=20mm，游標(biāo)尺示數(shù)是1×0.1mm=0.1mm，游標(biāo)卡尺所示是20mm+0.1mm=20.1mm；由圖2所示秒表可知，秒表分針示數(shù)是0min，秒針示數(shù)是54s，則秒表示數(shù)是54s．

（2）單擺擺長l=L+單擺周期T=由單擺周期公式T=2π可知；

g=4π2==

故答案為：（1）20.1，54；（2）．

【解析】【答案】（1）游標(biāo)卡尺主尺與游標(biāo)尺示數(shù)之和是游標(biāo)卡尺的示數(shù)；秒表分針示數(shù)與秒針示數(shù)之和是秒表的示數(shù)；

（2）根據(jù)單擺周期公式求出重力加速的表達(dá)式．

13、略

【分析】【解析】試題分析：：（1）物體處于完全失重狀態(tài)，對支持面沒有壓力，所以沒有摩擦力，因而可以忽略不計。（2）通過示意圖，物體做勻速圓周運動的向心力大小通過彈簧可以測出，即且測量物體做圓周運動的圈數(shù)n和總時間t，即可測得周期。因此帶入可得：化簡則即需要測量彈簧秤的示數(shù)F、圓周運動的半徑R、圓周運動的周期T（或n周的時間t）。（3）考點：考查圓周運動【解析】【答案】(1)物體對桌面無壓力(2)彈力大?。鹤鲌A周的周期和半徑(3)m=FT2/4π2R14、略

【分析】解：兩根平行的直導(dǎo)線；當(dāng)通以相反方向的電流時，它們相互排斥，電流之間的這種作用，是通過磁場來實現(xiàn)的．

故答案為：排斥；磁場．

電流和電流之間的相互作用通過磁場來實現(xiàn)的；同向電流相互吸引，異向電流相互排斥．

解決本題的關(guān)鍵知道電流的周圍存在磁場，磁場對放入磁場中的電流或磁鐵有力的作用．【解析】排斥；磁場三、判斷題(共6題，共12分)15、B【分析】【解答】解：電勢差類似于高度差；沒有方向，是標(biāo)量，正負(fù)表示電勢的相對大?。?/p>

兩點間的電勢差等于電勢之差；由電場中兩點的位置決定，與零電勢點的選取無關(guān)．由以上的分析可知，以上的說法都錯誤．

故答案為：錯誤。

【分析】電勢差是標(biāo)量，正負(fù)表示大??；電勢差與零電勢點的選取無關(guān)；沿著電場線方向電勢降低；電勢反映電場本身的性質(zhì)，與試探電荷無關(guān)．16、A【分析】【解答】解：點電荷在A點的場強(qiáng)

根據(jù)場強(qiáng)的疊加原理得；則兩點的場強(qiáng)是由正點電荷和勻強(qiáng)電場場強(qiáng)的合成，A點的場強(qiáng)大小為。

EA=E點﹣E勻=9×103N/C﹣9×103N/C=0；所以A處場強(qiáng)大小為0

故答案為：正確。

【分析】根據(jù)公式E=k求出點電荷在A點處產(chǎn)生的場強(qiáng)大小，判斷出場強(qiáng)方向，A點的場強(qiáng)是由正點電荷和勻強(qiáng)電場場強(qiáng)的合成，根據(jù)平行四邊形定則求解A點處的場強(qiáng)大小及方向．17、B【分析】【解答】解：若把該圖象與等量異種點電荷電場中的部分等勢面圖比較；可以得到：靠近正電荷的點電勢高，靠近負(fù)電荷的點，電勢較低．所以，a處為正電荷．

等量異種點電荷電場中的部分等勢面圖象中的等勢面左右對稱；無窮遠(yuǎn)處的電勢為0．該圖象的左側(cè)的等勢線比較密，無窮遠(yuǎn)處的電勢為0，所以無窮遠(yuǎn)處到兩點之間的電勢差相比，與a點之間的電勢差比較大，所以a點所帶的電量就多．

故答案為：錯誤．

【分析】若把該圖象與等量異種點電荷電場中的部分等勢面圖比較，很容易得出正確的結(jié)論．18、A【分析】【解答】解：根據(jù)電場線的特點可知；沿電場線的方向電勢降低；電場線垂直于等勢面、同一等勢面移動電荷電場力不做功．

故答案為：正確．

【分析】解決本題要根據(jù)：電場線是人為假想的曲線，從正電荷或無限遠(yuǎn)出發(fā)，終止于無限遠(yuǎn)或負(fù)電荷，不閉合，電場線疏密描述電場強(qiáng)弱，電場線密的地方，電場強(qiáng)度大，疏的地方電場強(qiáng)度弱，沿電場線的方向電勢降低．19、B【分析】【解答】解：電勢差類似于高度差；沒有方向，是標(biāo)量，正負(fù)表示電勢的相對大?。?/p>

兩點間的電勢差等于電勢之差；由電場中兩點的位置決定，與零電勢點的選取無關(guān)．由以上的分析可知，以上的說法都錯誤．

故答案為：錯誤。

【分析】電勢差是標(biāo)量，正負(fù)表示大??；電勢差與零電勢點的選取無關(guān)；沿著電場線方向電勢降低；電勢反映電場本身的性質(zhì)，與試探電荷無關(guān)．20、A【分析】【解答】解：圖中a、b兩點在一個等勢面上；

故Uac=Ubc，根據(jù)W=qU，有Wa=Wb；

a位置的電場強(qiáng)度較密集，故Ea＞Eb；

故答案為：正確．

【分析】圖中a、b兩點在一個等勢面上，根據(jù)W=qU判斷電場力做功的大小，根據(jù)電場線的疏密程度判斷電場強(qiáng)度的大?。?、實驗探究題(共4題，共20分)21、略

【分析】解：（1）干電池內(nèi)阻較小；為減小實驗誤差，應(yīng)選題甲所示電路圖；

（2）一節(jié)干電池電動勢約為1.5V；則電壓表應(yīng)選B，為方便實驗操作，滑動變阻器應(yīng)選C；

（3）根據(jù)表中實驗數(shù)據(jù)在坐標(biāo)系內(nèi)描出對應(yīng)點；然后作出電源的U-I圖象如圖所示：

（4）由圖示電源U-I圖象可知；圖象與縱軸交點坐標(biāo)值是1.5，則電源電動勢E=1.5V；

電源內(nèi)阻：r==≈0.83Ω；

（5）電壓表測量路端電壓；其示數(shù)隨滑動變阻器的阻值增大而增大；而當(dāng)內(nèi)阻和外阻相等時，輸出功率最大；此時輸出電壓為電動勢的一半．外電路斷開時，路端電壓等于電源的電動勢，此時輸出功率為零；故符合條件的圖象應(yīng)為C．

故答案為：（1）甲；（2）B；C；（3）圖象如圖所示；（4）1.5；0.83；（5）C．

（1）當(dāng)待測電源內(nèi)阻很小時；為減小實驗誤差，相對于電源應(yīng)采用電流表外接法（相對于電壓表采用內(nèi)接法）．

（2）根據(jù)電源電動勢選擇電壓表；為方便實驗操作應(yīng)選擇最大阻值較小的滑動變阻器．

（3）根據(jù)表中實驗數(shù)據(jù)在坐標(biāo)系內(nèi)描出對應(yīng)點；然后作出圖象．

（4）電源U-I圖象與縱軸交點坐標(biāo)值是電源電動勢；圖象斜率的絕對值是電源內(nèi)阻，根據(jù)圖示圖象求出電源電動勢與內(nèi)阻．

（5）求出電源輸出功率表達(dá)式；然后答題。

本題考查了實驗電路選擇、實驗器材選擇、作圖象、求電源電動勢與內(nèi)阻等問題，要知道實驗原理，要掌握應(yīng)用圖象法處理實驗數(shù)據(jù)的方法；電源的U-I圖象與縱軸交點坐標(biāo)值是電源電動勢圖象斜率的絕對值是電源內(nèi)阻．【解析】甲；B；C；1.5；0.83；C22、略

【分析】解：（1）為減小實驗誤差；應(yīng)選擇1m左右的擺線，故選A，為減小空氣阻力影響，擺球應(yīng)選質(zhì)量大而體積小的金屬球，故選D，因此需要的實驗器材是AD；

（2）①由表中實驗數(shù)據(jù)可知，第5組實驗中的T==≈=1.90s；

②為減小實驗誤差應(yīng)根據(jù)每組實驗數(shù)據(jù)求出重力加速度g；然后求出各測量值的平均值作為重力加速度的測量值，故合理的實驗數(shù)據(jù)處理方法是丙同學(xué)，故選C；

（3）設(shè)擺線與小鐵塊結(jié)點到小鐵塊重心的距離為d，則單擺周期：T1=2πT2=2π解得：g=該同學(xué)能測出當(dāng)?shù)氐闹亓铀俣戎担?/p>

故答案為：（1）AD；（2）①1.90；②C；（3）能；根據(jù)單擺周期公式可以求出g=．

（1）單擺測定重力加速度的原理是：單擺的周期公式；在擺角很小的情況下；單擺的振動才是簡諧運動；為減小空氣阻力的影響，擺球的直徑應(yīng)遠(yuǎn)小于擺線的長度，選擇密度較大的實心金屬小球作為擺球．?dāng)[長等于擺線的長度加上擺球