2025年浙教版必修3物理上冊月考試卷

…………○…………內…………○…………裝…………○…………內…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年浙教版必修3物理上冊月考試卷926考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五六總分得分評卷人得分一、選擇題(共7題，共14分)1、一帶電粒子自圖中A點以初速度平行于等勢面射入電場，其運動軌跡如虛線AB所示。圖中a、b、c、d為電場的四個等勢面，且其電勢關系為不計粒子重力，則（）

A.粒子一定帶負電B.粒子一定做勻速圓周運動C.粒子從A到B的運動過程中，動能先減小后增大D.粒子從A到B的運動過程中，電勢能不斷減小2、如圖所示，長方體ABCD—的頂面和底面邊長為L，側面棱長為在A、B、C、D四個頂點處分別固定電荷量為+q的點電荷，在、、、四個頂點處分別固定電荷量為－q的點電荷。已知OP垂直于平面ABCD，垂足為P，O點是此長方體的幾何中心，靜電力常量為k；則（）

A.O點處電勢高于P點處電勢B.O點處的電場強度的大小C.將某一帶負電的點電荷從P點沿直線移到O點的過程中電勢能一直在減小D.將某一帶正電的點電荷從P點沿直線移到O點的過程中電勢能一直在增加3、對于電場中兩點，下列說法正確的是（）A.電勢差的定義式說明兩點間的電勢差與電場力做功成正比，與移動電荷的電量成反比B.兩點間的電勢差等于將正電荷從點移到點電場力所做的功C.將電荷從點移到點，電場力做的功，這兩點間的電勢差為D.電荷由點移到點的過程中，除受電場力外，還受其它力的作用，電荷電勢能的變化就不再等于電場力所做的功4、空間有一沿x軸對稱分布的電場，其電場強度E隨x變化的圖象如圖所示；下列說法正確的是。

A.O點的電勢最低B.x1和x3兩點的電勢相等C.x2的電勢最高D.x2和-x2兩點的電勢相等5、電子束焊接是利用加速和會聚的高速電子流轟擊工件接縫處，使金屬熔合的一種焊接方法。電子束焊接機中的電場線如圖中虛線所示。K為陰極，A為陽極，P是KA的中點；電子束從陰極逸出后經(jīng)電場加速到達陽極，不考慮電子重力及電子間的相互作用，下列說法正確的是（）

A.電子由K運動到A做勻加速運動B.K點電勢高于A點電勢C.電子由K運動到A，電勢能增加D.電子在KP階段增加的動能小于在PA階段增加的動能6、如圖所示為一電容式位移傳感器的示意圖，電容器兩固定極板間有一可移動的電介質板，電介質板與被測物體相連。電容器接入電路后，通過極板上物理量的變化可確定被測物體的位置，若物體向左平行于極板移動，在電介質板移出電容器的過程中，下列說法中正確的是（）

A.電容器的電容減小，由a→b的電流流過電流計B.兩極板間的電壓增大，由a→b的電流流過電流計C.電容器的電容增大，由b→a的電流流過電流計D.兩極板間的電壓不變，由b→a的電流流過電流計7、如圖所示，厚薄均勻的矩形金屬薄片邊長為ab=10cm，bc=5cm，當將C與D接入電壓恒為U的電路時，電流為2A，若將A與B接入電壓恒為U的電路中；則電流為()

A.0.5AB.1AC.2AD.4A評卷人得分二、多選題(共5題，共10分)8、在如圖所示的電路中，若滑動變阻器的滑動端P向下滑動時，則L1、L2、L3、L4四燈的發(fā)光情況將是()

A.L1變亮B.L2變亮C.L3變暗D.L4變暗9、如圖是某等量電荷的等勢線分布，相鄰的等勢線間電勢差均相等，點a、b、c連線與兩電荷的連線平行，且一帶負電的點電荷M僅在電場力的作用下經(jīng)過a點時速度方向如圖，經(jīng)過b所在等勢線到達c所在等勢線；取無窮遠處電勢為零。下列說法正確的是（）

A.兩等量電荷電性相反B.a、c兩點的電場強度相同C.a、c兩點的電勢不相等D.點電荷到達c所在等勢線時速度大小與在a點時相等10、如圖所示；為一能夠測電流和電壓的兩用表，以下說法正確的是（）

A.若開關S1和S2都閉合，它是一個電壓表B.若開關S1和S2都閉合，它是一個電流表C.若開關S1和S2都斷開，它是一個電流表D.若開關S1和S2都斷開，它是一個電壓表11、在如圖所示的電路，電源的內阻為r；現(xiàn)閉合電鍵S，將滑片P向左移動一段距離后，下列結論正確的是。

A.燈泡L變亮B.電壓表讀數(shù)變小C.電流表讀數(shù)變小D.電容器C上的電荷量增大12、如圖所示，開關閉合的情況下，平行金屬板中帶電質點P處于靜止狀態(tài)．不考慮電流表和電壓表對電路的影響，當滑動變阻器R4的滑片向b端移動時；則。

A.電壓表讀數(shù)減小B.電流表讀數(shù)減小C.質點P將向下運動D.R3上消耗的功率減小評卷人得分三、填空題(共9題，共18分)13、如圖所示，在X軸上坐標為1m的點上固定一個電量為4Q的正點電荷，在坐標原點O處固定一個電量為Q的負點電荷，那么在X軸上場強為零的點坐標為_____，場強方向沿X軸負方向的區(qū)域是_____．

14、如圖所示，有一塊無限大的原來不帶電的金屬平板MN，現(xiàn)將一個帶電量為+Q的點電荷放置于板右側的A點，并使金屬板接地．已知A點離金屬板MN的距離為d，C點在A點和板MN之間，AC⊥MN，且AC長恰為．金屬平板與電量為+Q的點電荷之間的空間電場分布可類比______________（選填“等量同種電荷”、“等量異種電荷”）之間的電場分布；在C點處的電場強度EC=______________．

15、安培定則。

（1）直線電流的磁場。

安培定則：如圖所示，用右手握住導線，讓伸直的拇指所指的方向與電流方向一致，___________所指的方向就是磁感線環(huán)繞的方向。

直線電流周圍的磁感線環(huán)繞情況如圖所示。

（2）環(huán)形電流的磁場。

安培定則：如圖所示，讓右手___________與環(huán)形電流的方向一致，___________的方向就是環(huán)形導線軸線上磁感線的方向。

（3）通電螺線管的磁場。

安培定則：如圖所示，右手握住螺線管，讓彎曲的四指與___________一致，伸直的拇指所指的方向就是___________上磁場的方向或者說拇指所指的方向是它的北極的方向。

16、如下圖所示是某電路中的電能表，讓某一個標有“”的用電器單獨接入電路正常工作在此期間電能表轉盤轉_______圈。

17、電場和磁場統(tǒng)稱為_______，電磁場是一種特殊物質，也有能量、動量．18、真空中兩個靜止點電荷A、B，電荷量分別是和它們相距則它們互相___________（填“吸引”或“排斥”），相互作用力大小為___________N。19、在邊長為r的等邊三角形的頂點分別放置一點電荷a、b、c，如圖所示。已知Qa=Qc=+q，Qb=－q，則c受到的庫侖力的大小為___________，方向為___________。

20、如圖所示，在場強為E=1.0×102V/m的勻強電場中，有相距d=2.0×10-2m的A、B兩點，A、B連線與電場方向的夾角為60°，則A、B兩點間的電勢差為___________V。

21、（1）①圖1所示的電流表使用量程時，圖中表針示數(shù)為______

②圖2所示的電壓表使用量程時，圖中表針指示的是______

（2）如圖乙所示，游標卡尺的讀數(shù)為______

評卷人得分四、作圖題(共3題，共24分)22、如圖所示，A、B、C為勻強電場中的三個點，已知φA=18V，φB=11V，φC=－3V。試畫出該電場的電場線；并保留作圖時所用的輔助線（用虛線表示輔助線，實線表示電場線）。

23、如圖1所示，用電動勢為E、內阻為r的電源，向滑動變阻器R供電。改變變阻器R的阻值，路端電壓U與電流I均隨之變化。

（1）以U為縱坐標，I為橫坐標，在圖2中畫出變阻器阻值R變化過程中U-I圖像的示意圖，并說明U-I圖像與兩坐標軸交點的物理意義。

（2）請在圖2畫好的U-I關系圖線上任取一點；畫出帶網(wǎng)格的圖形，以其面積表示此時電源的輸出功率。

24、把蜂鳴器；光敏電阻、干簧管繼電器開關、電源連成電路如圖所示；制成光電報警裝置，當報警器有光照射時，峰鳴器發(fā)聲，當沒有光照或者光照很弱時，蜂鳴器不發(fā)聲，①光敏電阻：光敏電阻受光照后，阻值會變小，②干簧管繼電器開關：由干簧管和繞在干簧管外的線圈組成，當線圈中有一定的電流時，線圈產(chǎn)生的磁場使密封在干簧管內的兩個鐵質簧片磁化，兩個簧片在磁力作用下由原來的分離狀態(tài)變成閉合狀態(tài)，當線圈中沒有電流或者電流很微弱時，磁場消失，簧片在彈力的作用下恢復到分離狀態(tài)，電路已經(jīng)連接一部分，請將電路完整連接好。

評卷人得分五、實驗題(共4題，共20分)25、現(xiàn)要測定一段粗細均勻、電阻約為50Ω的合金絲的電阻率，若已測得其長度，要盡量精確的測量其電阻值R；器材有∶

電池組（電動勢3.0V；內阻約為1Ω）

電流表（量程0~100mA；內阻約0.5Ω）

電壓表（量程0~3V；內阻約3kΩ）

滑動變阻器R1（0~10Ω；允許最大電流2.0A）；

滑動變阻器R2（0~500Ω；允許最大電流0.5A）；

開關一個；導線若干。

（1）以上器材中，所用的滑動變阻器應選______；（填“R1”或“R2”）

（2）如圖所示是測量合金絲電阻的電路，閉合開關之前，滑動變阻器的滑片應移到______；（填“最左端”或“最右端”）

（3）若用刻度尺測得金屬絲的長度為1.02m，用螺旋測微器測得金屬絲的直徑為0.664mm，電流表的讀數(shù)為48.0mA，電壓表的讀數(shù)為2.40V，根據(jù)以上數(shù)據(jù)可以估算出金屬絲電阻率約為______（填選項前的符號）；

A．1×10-7Ω·mB.1×10-5Ω·mC.1×10-6Ω·mD.1×10-8Ω·m

（4）為了更準確地測出合金絲的阻值，在不更換實驗器材的條件下，對實驗應改進的是______。（填選項前的字母）

A.電流表連接方式改為內接法。

B.滑動變阻器連接方式改為限流式26、為測量某電壓表V1的內阻；某同學設計的電路如圖1所示．可供選擇的器材如下：

A．待測電壓表V1（量程0～3V；內阻約3kΩ）

B．電壓表V2（量程0～9V；內阻約10kΩ）

C．定值電阻R1（阻值為600Ω）

D．定值電阻R2（阻值為6kΩ）

E．滑動變阻器R（0～20Ω）

F．直流電源（E＝10V；內阻可不計）

G．開關S及導線若干

（1）定值電阻應選_____（選填R1或R2）．

（2）在圖2中用筆畫線代替導線，完成實物電路的連接____．

（3）實驗測量得到的數(shù)據(jù)如下表：。次數(shù)1234567U1／V00.501.001.502.002.502.80U2／V01.52.74.35.77.88.1

請在圖3中描點作出U2－U1圖線_______，可得待測電壓表V1的內阻為______kΩ．27、某物理實驗小組為測量充電寶的電動勢和內阻，實驗時使用了標志為“輸出”的某品牌充電寶；其內阻很小。除充電寶外，還準備了一些可能用到的器材：

A.電壓表V（量程內阻）；

B.電流表A（量程內阻極?。?；

C.定值電阻（阻值）；

D.定值電阻（阻值）；

E．定值電阻（阻值）；

F.滑動變阻器R（最大阻值）；

G.開關一個；導線若干。

完成下列問題：

（1）根據(jù)實驗電路如圖甲，定值電阻應選擇___________（填“”或“”）；電路中定值電阻的作用是___________。

（2）按電路圖正確連接實驗器材，進行實驗測量，記錄數(shù)據(jù)，并在坐標紙上描點如圖乙，請在答題卡上繪制圖像___________。

（3）由圖像和計算可得充電寶的電動勢___________V，___________（保留三位有效數(shù)字）

（4）機場規(guī)定“嚴禁攜帶額定能量超過的充電寶搭乘飛機”；已知該充電寶的電池容量（電池放出的電量）為根據(jù)（3）中測得的數(shù)據(jù)，估算知該充電寶___________帶上飛機。（填“能”或“不能”）28、圖1為實驗小組用安阻法測量電源的電動勢和內阻的設計電路,已知電流表內阻很小，可忽略不計。某同學將兩次測量所記錄的多組數(shù)據(jù)繪制得到關系圖線如圖2所示。

(1)對比兩次測量結果可知E1_______E2。(填“大于”“小于”或“等于”)

(2)第一次所測電源的電動勢E1=_______V,內阻r1=_______Ω(結果保留兩位有效數(shù)字)評卷人得分六、解答題(共2題，共4分)29、如圖所示，水平放置的平行板電容器，兩板間距為d=8cm，板長為l=25cm，接在直流電源上，有一帶電液滴以的初速度從板間的正中央水平射入，恰好做勻速直線運動，當它運動到P處時迅速將上板豎直向上移動2cm，則液滴剛好從金屬板末端飛出，求：（g取10m/s2）

(1)判斷液滴帶電性質并說明理由；

(2)將上板向上提起后；液滴的加速度大?。?/p>

(3)液滴從射入電場開始計時，勻速運動到P點所用的時間。

30、如圖為一真空示波管的示意圖，電子從燈絲K發(fā)出（初速度可忽略不計），經(jīng)燈絲與A板間的電壓U1加速，從A板中心孔沿中心線KO射出，然后進入兩塊平行金屬板M、N形成的偏轉電場中（偏轉電場可視為勻強電場），電子進入M、N間電場時的速度與電場方向垂直，電子經(jīng)過電場后打在熒光屏上的P點．已知M、N兩板間的電壓為U2，兩板間的距離為d，板長為L，偏轉電場右邊緣到熒光屏的距離為L0；電子的質量為m，電荷量為e，不計電子受到的重力及它們之間的相互作用力．

（1）求電子穿過A板時速度的大小；

（2）求電子打在熒光屏上的側移量OP的距離。參考答案一、選擇題(共7題，共14分)1、D【分析】【分析】

【詳解】

A．根據(jù)電場線和等勢線垂直；且從高電勢處指向低電勢處，得知電場沿豎直向上方向，而粒子的軌跡向上彎曲，可判斷粒子所受電場力方向豎直向上，所以粒子帶正電，故A錯誤；

B．由題圖等勢線特點：平行且等間距?？膳袛嘣撾妶鰹閯驈婋妶?；粒子所受的電場力是恒力，粒子的運動為勻變速曲線運動，軌跡為拋物線，故B錯誤；

CD．粒子的電場力方向向上；軌跡向上彎曲，則電場力對粒子做正功，其動能逐漸增大，電勢能減小，故C錯誤，D正確。

故選D。2、B【分析】【詳解】

A.假設正電荷q從O點移動到P點，電場力做負功，由電場力做功特點

可得

A錯誤；

B．A點的電荷在O點產(chǎn)生的場強為

由幾何關系可得

A點的電荷在O點產(chǎn)生的場強的豎直分量為

O點處的電場強度的大小

B正確；

C．將某一帶負電的點電荷從P點沿直線移到O點的過程中；電場力做負功，電勢能一直增加，C錯誤；

D．將某一帶正電的點電荷從P點沿直線移到O點的過程中；電場力做正功，電勢能一直在減少，D錯誤；

故選B。3、C【分析】【分析】

【詳解】

A．電勢差的定義式

是比值定義法，電勢差UAB與電場力做功WAB、與移動電荷的電荷量q無關。故A錯誤；

B．根據(jù)電勢差的定義式

場中A、B兩點間的電勢差UAB等于把單位正電荷q從A點移動到B點時電場力做的功。故B錯誤；

C．據(jù)電勢差的定義式

把1C電荷從A點移到B點；電場力做1J的功，這兩點間的電勢差為1V。故C正確；

D．電荷電勢能的變化始終等于電場力所做的功；與是否有其他的力做功無關。故D錯誤。

故選C。4、D【分析】【詳解】

AB．做出電場線如圖所示：

沿著電場線方向電勢逐漸降低，可知O點的電勢最高。x1的電勢高于x3的電勢。故AB錯誤。

C．沿著電場線方向電勢逐漸降低，故x2的電勢不是最高的。故C錯誤。

D．x2和-x2兩點關于原點對稱，由O點向兩邊電勢都降低且電場強度的變化相同，則可知x2和-x2兩點電勢相等。故D正確。5、D【分析】【詳解】

A．靠近陽極A的地方電場線密集，電場強度大，電子從K運動到A，加速度逐漸增大，電子由K運動到A不是勻加速運動；故A錯誤；

B．沿著電場線方向電勢降低，所以K點電勢低于A點電勢；故B錯誤；

C．電子由K運動到A；電場力做正功，電勢能減小，故C錯誤；

D．AP間的電場強度比KP間的電場強度大，由可知

由動能定理可知

所以電子在KP階段增加的動能小于在PA階段增加的動能故D正確。

故選D。6、A【分析】【詳解】

物體向左運動，電介質在極板間的長度減小，由

可知，電容減小。電容器始終于電源相連，極板間電壓不變，由

可知，電荷量減小，電容器放電，因此可判斷電流計中的電流從a流向b。

故選A。7、A【分析】【詳解】

設厚度為D，根據(jù)電阻定律公式有①②故根據(jù)歐姆定律，電壓相同時，電流與電阻成反比．故兩次電流之比為4:1，故第二次電流為0.5A．二、多選題(共5題，共10分)8、B:C【分析】【詳解】

若滑動變阻器的滑動端P向下滑動時，滑動變阻器連入電路的總電阻增大，即電路總電阻增大，路端電壓增大，即兩端電壓增大，通過的電流增大，故變亮，干路電流減小，而通過的電流增大，即通過的電流減小，所以變暗，其兩端的電壓減小，而路端電壓是增大的，故并聯(lián)電路兩端電壓增大，所以通過的電流增大，故變亮，而通過的電流減小，所以所在支路電流減小，即通過的電流減小，故變暗，BC正確．9、A:C【分析】【分析】

【詳解】

AB．依題意，根據(jù)題圖提供等勢線的分布情況，符合等量異種電荷等勢線的分布特點，故該帶電荷為兩等量電荷，電性相反，根據(jù)等量異種電荷電場線的分布特點，可知a、c兩點的電場強度大小相等；但方向不同，故A正確，B錯誤；

CD．根據(jù)等量異種電荷等勢線的分布特點，可知a、c兩點的電勢不相等，則點電荷僅在電場力的作用下從a點到達c所在等勢線時，電場力做功不為零，動能將發(fā)生改變，所以點電荷到達c所在等勢線時速度大小與在a點時不相等；故C正確，D錯誤。

故選AC。10、B:D【分析】【分析】

【詳解】

AB．若開關S1和S2都閉合，則電流計G與分流電阻R2并聯(lián)；則它是一個電流表，選項A錯誤，B正確；

CD．若開關S1和S2都斷開，則電流計G與電阻R1串聯(lián)；則它是一個電壓表，選項C錯誤，D正確；

故選BD。11、C:D【分析】【分析】

【詳解】

滑片P向左移動一段距離后電阻變大，故電路的電流減小，電流表讀數(shù)變小，燈泡L變暗；路端電壓變大，故電壓表讀數(shù)變大；滑動變阻器兩端電壓變大，根據(jù)Q=CU可知，電容器C上的電荷量增大，選項CD正確，AB錯誤.12、A:C:D【分析】【詳解】

AB．由圖可知，R2與滑動變阻器R4串聯(lián)后與R3并聯(lián)，再與R1串連接在電源兩端；電容器與R3并聯(lián)；當滑片向b移動時，滑動變阻器接入電阻減小，則電路中總電阻減?。挥砷]合電路歐姆定律可知，電路中電流增大；路端電壓減小，同時R1兩端的電壓也增大；故并聯(lián)部分的電壓減?。挥蓺W姆定律可知流過R3的電流減小，則流過并聯(lián)部分的電流增大，故電流表示數(shù)增大；因并聯(lián)部分電壓減小，而R2中電壓增大；所以電壓表示數(shù)減小，故A正確，B錯誤；

C．因電容器兩端電壓減??；故電荷受到的向上電場力減小，則重力大于電場力，電荷向下運動，故C正確；

D．因R3兩端的電壓減小，由公式可知，R3上消耗的功率減??；故D正確．三、填空題(共9題，共18分)13、略

【分析】【詳解】

點的電場強度是正電荷+4Q和負電荷﹣Q在該處產(chǎn)生的電場的疊加，是合場強．根據(jù)點電荷的場強公式：可判斷x＝1m右側不存在E方向向左的點，在0～1間E的方向一定沿x軸負方向，設﹣Q左側d處E＝0；

即

解得：d＝1m；

那么電場強度為0的點坐標是x＝﹣1m；

而電場強度方向沿x軸負方向的點所在的區(qū)域（0，1）m和（﹣∞，﹣1）m；【解析】x＝﹣1m（0，1）m和（﹣∞，﹣1）m14、略

【分析】【詳解】

（1）根據(jù)靜電感應規(guī)律可得；金屬板上會感應出于點電荷相等的電量，但是帶電性質相異，所以他們之間相當于等量異種電荷的電場分布；

（2）們可以把金屬棒上感應出的電荷理解為在A點與板對應的另一點B點存在一個電荷-Q．這樣就可以理解成兩個點電荷在該點產(chǎn)生的電場，該空間的電場相當于等量異種電荷電場的一半，所以產(chǎn)生的電場為【解析】等量異種電荷15、略

【分析】【分析】

【詳解】

（1）[1]直線電流的磁場；安培定則：如圖所示，用右手握住導線，讓伸直的拇指所指的方向與電流方向一致，四指所指的方向就是磁感線環(huán)繞的方向。

（2）[2][3]環(huán)形電流的磁場；安培定則：如圖所示，讓右手四指與環(huán)形電流的方向一致，大拇指的方向就是環(huán)形導線軸線上磁感線的方向。

（3）[4][5]通電螺線管的磁場，安培定則：如圖所示，右手握住螺線管，讓彎曲的四指與電流方向一致，伸直的拇指所指的方向就是螺線管軸線上磁場的方向或者說拇指所指的方向是它的北極的方向。【解析】①.四指②.四指③.大拇指④.電流方向⑤.螺線管軸線16、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1]用電器正常工作10min消耗的電能為。

在此期間電能表轉盤轉的圈數(shù)。

【解析】15017、略

【分析】【詳解】

略【解析】電磁場18、略

【分析】【詳解】

[1]點電荷A；B電性相反；它們相互吸引。

[2]根據(jù)庫侖定律可得A、B之間的相互作用力大小為【解析】吸引14.419、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1][2]根據(jù)庫侖定律，結合平行四邊形定則得c受到的庫侖力的大小為

方向平行ab水平向右?！窘馕觥竣?②.平行ab水平向右20、略

【分析】【分析】

【詳解】

U=Edcos60°=1.0×102×2.0×10-2×V=1.0V?！窘馕觥?.021、略

【分析】【詳解】

（1）①[1]電流表使用量程；分度值為0.02A。故其讀數(shù)為0.44A。

②[2]電壓表使用量程時；分度值為0.1V。故其讀數(shù)為1.40A。

（2）[3]游標卡尺的讀數(shù)

【點睛】

注意分度值?！窘馕觥?.441.4020.60四、作圖題(共3題，共24分)22、略

【分析】【分析】

【詳解】

連接BC，過A點作BC的平行且與BC線段相等的線段AD，將AD分成兩等份，找出B點的等勢點，即E點，電勢為11V，連接BE，則BE為等勢線；電場線與等勢線垂直，由高電勢指向低電勢，如圖所示。

【解析】23、略

【分析】【詳解】

（1）由閉合電路歐姆定律可知

所以圖像與縱軸交點的坐標值為電源電動勢；與橫軸交點的坐標值為短路電流，如圖所示。

（2）電源的輸出功率等于路端電壓與干路電流的乘積；即所要求的的面積為該點向坐標軸作垂線后與坐標軸圍成的面積，如圖所示。

【解析】（1）U-I圖像如圖所示。圖像與縱軸交點的坐標值為電源電動勢，與橫軸交點的坐標值為短路電流；（2）24、略

【分析】【分析】

【詳解】

電池；光敏電阻與開關及干簧管繼電器開關外面接線構成一個回路；而另一組電池、蜂鳴器與干簧管繼電器開關里面的兩個接線構成又一個回路。當有光照時，光敏電阻阻值變小，使得干簧管繼電器開關存在磁場，導致開關接通，最終使得蜂鳴器發(fā)聲，電路如圖所示。

【解析】五、實驗題(共4題，共20分)25、略

【分析】【分析】

【詳解】

（1）[1]由于要盡量精確的測量合金絲的電阻值，需多測幾組數(shù)據(jù)，滑動變阻器應采用分壓接法，則滑動變阻器應選擇阻值較小的R1。

（2）[2]由題圖電路可知；滑動變阻器采用分壓接法，為保護電路，閉合開關前滑片應置于最右端。

（3）[3]根據(jù)可得

代入數(shù)據(jù)解得

故選B。

（4）[4]由于因此應采用電流表的內接法，減小因電表內阻引起的系統(tǒng)誤差；滑動變阻器連接方式改為限流式對實驗誤差無影響，故選A?！窘馕觥竣?R1②.最右端③.B④.A26、略

【分析】【詳解】

（1）因電壓表V1的內阻較大，若與串聯(lián)，的分壓很小，測量誤差較大，故可將電壓表V1與串聯(lián)；

（2）實物圖如圖所示。

（3）根據(jù)描點法作出圖像如圖所示，由解得由圖象求得代入解得．

【點睛】

測量電壓表的內阻可采用伏安法的原理，因沒有電流表，可將電壓表V1與定值電阻串聯(lián)，用電壓表V2測出串聯(lián)的總電壓，即可知道定值電阻的電壓，相當于測出了電流，即可求得電壓表V1的內阻．由于電壓表的