2025年北師大新版選擇性必修2物理下冊階段測試試卷

…………○…………內…………○…………裝…………○…………內…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年北師大新版選擇性必修2物理下冊階段測試試卷306考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五總分得分評卷人得分一、選擇題(共9題，共18分)1、質量和電荷量都相等的帶電粒子M和N，以不同的速率經小孔S垂直進入勻強磁場；運行的半圓軌跡分別如圖中的兩支虛線所示，下列表述正確的是（）

A.M帶正電，N帶負電B.M的速率大于N的速率C.洛倫磁力對M、N做正功D.M的運行時間大于N的運行時間2、在xOy平面內有一條拋物線金屬導軌，導軌的拋物線方程為y2＝4x，磁感應強度為B的勻強磁場垂直于導軌平面向里，一根足夠長的金屬棒ab垂直于x軸從坐標原點開始；以恒定速度v沿x軸正方向運動，運動中始終與金屬導軌保持良好接觸形成閉合回路，如圖甲所示．則所示圖象中能表示回路中感應電動勢大小隨時間變化的圖象是()

甲A.B.C.D.3、下列關于電磁波的正確認識有（）A.在真空中電磁波的傳播速度跟光速相等B.赫茲預言了電磁波的存在，20多年后麥克斯韋用實驗證實C.電磁波和機械波都依靠介質來傳播D.常用的遙控器通過發(fā)出紫外線脈沖信號來遙控電視機4、一臺變壓器的原線圈匝數(shù)為50，副線圈的匝數(shù)為100，在原線圈兩端接上電動勢為的蓄電池，則在副線圈兩端輸出的電壓為（）A.B.C.D.5、利用示波器可以顯示輸入信號的波形，單匝正方形金屬線框abed處在勻強磁場中，當以線圈平面內某虛線為軸勻速轉動時；線圈內產生的電流隨時間的變化關系如圖甲所示。則在四個選項所示的情景中，無論從線圈平面處于哪個位置開始計時，都不可能產生該電流的是（）

A.B.C.D.6、如圖所示；抽成真空的玻璃管水平放置，左右兩個電極分別連接到高壓電源兩極，陰極發(fā)射的電子自左向右運動。一條形磁鐵與水平面垂直，當磁鐵N極從正下方靠近玻璃管，則電子將（）

A.向上偏轉B.向下偏轉C.向紙面內偏轉D.向紙面外偏轉7、學了發(fā)電機的原理后，小明所在的研究小組設計了如下的方案，繞有n匝、邊長為L的正方形金屬線圈以的角速度勻速轉動，某時刻線圈剛好轉至OO，與水平線MN所決定的平面，磁感應強度為B，如圖2所示。線圈（電阻不計）外部連有阻值為R的電阻；則（）

A.電阻R上通過的電流不是交流電B.線圈產生的感應電動勢的有效值為C.線圈轉動一周電阻R上通過的電量為零D.線圈轉動一周電阻R上產生的焦耳熱是8、如圖所示，單匝線圈abcd在勻強磁場中繞垂直于磁場的bc邊以角速度勻速轉動，其線圈中感應電動勢的峰值為閉合回路中兩只相同燈泡恰好正常發(fā)光。則（）

A.若抽去電感器L的鐵芯，燈泡亮度不變B.若增大線圈轉動角速度則燈泡將比更亮C.若增大電容器C兩極板間的正對面積，則燈泡變暗D.從圖示位置開始計時，線圈上產生的感應電動勢大小9、下列關于傳感器的說法正確的是（）A.所有傳感器都是由半導體材料做成的B.金屬材料也可以制成傳感器C.傳感器主要是通過感知電壓的變化來傳遞信號的D.以上說法都不正確評卷人得分二、多選題(共8題，共16分)10、下列關于電場力和洛侖茲力的說法中，正確的是（）A.電荷在電場中一定受到電場力的作用B.電荷在磁場中一定受到洛侖茲力的作用C.同一電荷所受電場力大的地方，該處電場強度一定強D.同一電荷所受洛侖茲力大的地方，該處磁感應強度一定強11、某中、短波雙波段收音機的接收電路（部分）如圖甲所示，乙圖是該電路的原理圖，通過切換開關S可使可變電容C分別與L1（線圈）和L2（線圈）組成LC回路；下列判斷正確的是（）

A.要接收短波電臺應將S撥到B.S接后將可變電容動片旋入一些可接收更高頻率信號C.要接收短波電臺應將S撥到D.S接后將可變電容動片旋入一些可接收波長更長的信號12、目前雷達發(fā)出的電磁波頻率多在200～1000MHz的范圍內，下列關于電磁波的說法正確的是（）A.真空中，上述頻率范圍的電磁波的波長在30～150m之間B.電磁波是由恒定不變的電場或磁場產生的C.不同電磁波由于具有不同的頻率，因此具有不同的特性D.測出從發(fā)射無線電波到接收反射回來的無線電波的時間，就可以確定障礙物的距離13、如圖所示矩形區(qū)域MNPQ，MN邊長為a，NP邊長為b（b遠大于a），區(qū)域內有一勻強磁場，其磁感應強度大小為B，方向垂直于紙面向外?，F(xiàn)有質量為m，電荷量為的粒子，從MN邊的中點O點射入磁場。已知粒子的速度大小為方向與ON邊夾角且運動過程中僅受磁場力作用。則下列說法中正確的是（）

A.粒子速度越小，在磁場中運動時間越長B.若速度小于粒子將從MN邊射出磁場C.若速度大于粒子將從NP邊射出磁場D.粒子在磁場中運動的最長時間為14、如圖所示，半徑為R的半圓形區(qū)域內分布著垂直紙面向里的勻強磁場，磁感應強度為B，半圓的左邊垂直x軸放置一粒子發(fā)射裝置，在的區(qū)間內各處均沿x軸正方向同時發(fā)射出一個帶正電粒子，粒子質量均為m、電荷量均為q、初速度均為v，粒子重力以及粒子之間的相互作用忽略不計，所有粒子均能穿過磁場到達y軸，其中最后到達y軸的粒子比最先到達y軸的粒子晚時間；則（）

A.粒子到達y軸的位置一定各不相同B.磁場區(qū)域半徑R應滿足C.從x軸入射的粒子最先到達y軸D.其中角的弧度值15、如圖所示，寬為L的足夠長光滑導軌豎直放置，導軌電阻不計，下端接有阻值為R的電阻，空間存在垂直于導軌平面向里的勻強磁場，磁感應強度大小為B，質量為m的導體棒電阻不計，與導軌接觸良好，重力加速度為g，現(xiàn)給導體棒一向上的初速度v0，使其自水平位置MN開始運動，v0＞對于導體棒的運動情況，以下說法正確的是（）

A.導體棒上升過程中加速度越來越大B.導體棒在上升過程中R產生的焦耳熱大于導體棒自最高點返回至MN過程中R產生的焦耳熱C.導體棒上升過程中通過R的電量等于導體棒自最高點返回至MN過程中通過R的電量D.導體棒返回至MN前一定有一段勻速運動的過程16、在如圖所示的傾角為的光滑斜面上，存在著兩個磁感應強度大小均為B的勻強磁場區(qū)域，區(qū)域I的磁場方向垂直斜面向上，區(qū)域II的磁場方向垂直斜面向下，磁場的寬度均為L，一個質量為m、電阻為R、邊長也為L的正方形導線框，由靜止開始沿斜面下滑，t1時刻ab邊剛從GH進入磁場I區(qū)域，此時導線框恰好以速度v1做勻速直線運動；t2時刻ab邊下滑到JP與MN的中間位置，此時導線框又恰好以速度v2做勻速直線運動．重力加速度為g；下列說法中正確的是（）

A.t2時刻，導線框具有的速度B.線框兩次勻速直線運動的速度v1v2=41C.從t1到t2的過程中，導線框克服安培力做的功等于重力勢能的減少量D.從t1到t2的過程中，有機械能轉化為電能17、今有某小型發(fā)電機和一理想變壓器連接后給一個燈泡供電，電路如圖（電壓表和電流表均為理想電表）.已知該發(fā)電機線圈匝數(shù)為N，電阻為r，當線圈以轉速n勻速轉動時，電壓表示數(shù)為U，燈泡（額定電壓為U0，電阻恒為R）恰能正常發(fā)光，則（）

A.變壓器的匝數(shù)比為U:U0B.電流表的示數(shù)為C.在圖示位置時，發(fā)電機線圈的磁通量為D.從圖示位置開始計時，變壓器輸入電壓的瞬時值表達式為評卷人得分三、填空題(共7題，共14分)18、如圖所示，水平放置的U形金屬框架，框架上放置一質量為m、電阻為R的金屬桿，它可以在框架上無摩擦地滑動，框架兩邊相距l(xiāng)，勻強磁場的磁感應強度為B，方向豎直向下.當桿受到水平向右恒力F后開始向右滑動，則桿從靜止開始向右滑動，啟動時的加速度大小______，桿可以達到的最大速度_______，桿達到最大速度時電路中每秒放出的熱量__________.

19、變壓器線圈中的電流越大，所用的導線應當越粗。如圖所示為一小區(qū)的降壓變壓器，假設它只有一個原線圈和一個副線圈，則_______（填“原線圈”或“副線圈”）應該使用較粗的導線。當副線圈的負載電阻減小時，副線圈中的電流________（填“增大”；“減小”或“不變”）。

20、線圈每通過中性面一次，電流方向改變一次。______21、如圖所示，當交流電源的電壓有效值是220V，頻率為50Hz時，三盞電燈的亮度相同，當電源電壓不變只將交流電源的頻率改為100Hz時，則各燈亮度變化情況為a燈____，b燈____，c燈____。（均選填“變亮”“變暗”或“不變”）

22、一段直導線在垂直于均勻磁場的平面內運動。已知導線繞其一端以角速度轉動時的電動勢與導線以垂直于導線方向的速度v做平動時的電動勢相同，那么，導線的長度為__________________。23、若電子在垂直于磁場的平面內運動，均勻磁場作用于電子上的力為F，軌道的曲率半徑為R，則磁感強度的大小應為__________。24、如圖所示，將邊長為L、總電阻為R的正方形閉合線圈，從磁感強度為B的勻強磁場中以速度v勻速拉出（磁場方向垂直線圈平面）

(1)所用拉力F=___________。

(2)拉力F做的功W=___________。

(3)線圈放出的熱量Q=___________。評卷人得分四、作圖題(共4題，共16分)25、在圖中畫出或說明圖中所示情形下通電導線I所受磁場力的方向。

26、要在居民樓的樓道安裝一個插座和一個電燈；電燈由光敏開關和聲敏開關控制，光敏開關在天黑時自動閉合，天亮時自動斷開；聲敏開關在有聲音時自動閉合，無聲音時自動斷開。在下圖中連線，要求夜間且有聲音時電燈自動亮，插座隨時可用。

27、在“探究楞次定律”的實驗中；某同學記錄了實驗過程的三個情境圖，其中有兩個記錄不全，請將其補充完整。

28、如圖所示：當條形磁鐵向右靠近通電圓環(huán)時，圓環(huán)向右偏離，試在圖中標出圓環(huán)中的電流方向___________．評卷人得分五、實驗題(共3題，共30分)29、如圖所示為探究變壓器線圈兩端電壓與匝數(shù)的關系的電路圖；我們把兩個線圈套在同一閉合鐵芯上，一個線圈連接到電源的輸出端，另一個線圈連接到小燈泡上，試回答下列問題：

（1）原線圈應連接到學生電源的___________（選填直流；交流）輸出端；

（2）將與小燈泡相連接的線圈減少一定的匝數(shù)，裝置其他部分不變，繼續(xù)完成實驗，發(fā)現(xiàn)燈泡亮度將___________（填“變亮”或“變暗”）。30、為了測一個自感系數(shù)很大的線圈L的直流電阻RL；實驗室提供以下器材：

待測線圈L（阻值約為5Ω）；

電流表A1（量程3.0A，內阻r1約為0.2Ω）；

電流表A2（量程0.6A，內阻r2=1.0Ω）；

滑動變阻器R1（0~10Ω）；

電壓表V（量程3V；內阻約為2kΩ）；

電阻箱R2（0~99.9Ω）；

電源E（電動勢E約為3V；內阻很小）；

單刀單擲開關S1、S2；導線若干。

（1）某實驗小組按如圖（a）所示的電路測量線圈L的直流電阻RL。實驗主要步驟如下：

①按電路圖連接好電路，斷開開關S1、S2，滑動變阻器R1的滑片移動________（填“左”或者“右”）端；

②閉合開關S1、S2，移動滑動變阻器R的滑片至適當位置，記下電流表A2的示數(shù)為I2，電壓表V的示數(shù)為U，線圈L的直流電阻的測量值的計算式為RL=________；

③測量完后，應先斷開開關________，再斷開開關________（以上兩空填S1或S2）其理由是________；

（2）若只提供一個開關S1，為避免自感現(xiàn)象對電表的影響，經討論，同學們認為可以利用兩個電流表和一個電阻箱達到測量的目的。圖（b）方框中已畫了部分電路，請根據(jù)你的設計，在方框中完成電路圖________。

31、為了節(jié)能和環(huán)保；一些公共場所用光控開關控制照明系統(tǒng)，光控開關可用光敏電阻控制，圖甲是某光敏電阻阻值隨光的照度的變化曲線，照度可以反映光的強弱，光越強照度越大，照度單位為勒克斯（lx）。

（1）如圖乙所示，電源電動勢為3V，內阻不計，當控制開關兩端電壓上升至2V時控制開關自動啟動照明系統(tǒng)。要求當天色漸暗照度降至1.0lx時控制開關接通照明系統(tǒng)，則R1=___________kΩ。

（2）某同學為了測量光敏電阻在不同照度下的阻值，設計了如圖戊所示的電路進行測量，電源電動勢E=3V，內阻未知，電阻箱的調節(jié)范圍為0~99999Ω。實驗時將電阻箱阻值置于最大，閉合S1，將S2與1相連，減小電阻箱阻值，使靈敏電流計的示數(shù)為I，圖丙為實驗時電阻箱的阻值，其讀數(shù)為___________kΩ；然后將S2與2相連，調節(jié)電阻箱的阻值如圖丁所示，此時電流表的示數(shù)恰好為I，則光敏電阻的阻值R0=___________kΩ。

參考答案一、選擇題(共9題，共18分)1、B【分析】【詳解】

A.根據(jù)左手定則；可知，M帶負電，N帶正電，A錯誤；

B.粒子在磁場中運動，洛倫茲力提供向心力，即：

解得：

同一磁場，又M和N兩粒子的電荷量相同，故軌道半徑大小r和速度v成正比；故B正確；

C.洛倫茲力每時每刻與速度垂直；不做功，C錯誤；

D.粒子在磁場中運動的周期T的計算如下：

同一磁場；M和N兩粒子的電荷量相同，故兩粒子在磁場中運動的周期相同，它們均運動了半個周期，故它們運動的時間相同，D錯誤；

故選B。2、B【分析】【分析】

【詳解】

由圖知，導體切割的有效長度為2y，根據(jù)法拉第電磁感應定律又y2=4x，x=vt，聯(lián)立解得因導體做勻速運動，故E2與t成正比，所以B正確；ACD錯誤．3、A【分析】【詳解】

A．在真空中電磁波的傳播速度跟光速相等；故A正確；

B．麥克斯韋預言了電磁波的存在；20多年后赫茲用實驗證實，故B錯誤；

C．機械波需要依靠介質傳播；而電磁波不依靠介質也能夠傳播，故C錯誤；

D．常用的遙控器通過發(fā)出紅外線脈沖信號來遙控電視機；故D錯誤。

故選A。4、A【分析】【詳解】

蓄電池提供的是直流電；變壓器不能改變直流電壓，故在副線圈兩端輸出的電壓為0。

故選A。5、A【分析】【詳解】

A．當以線圈平面內某虛線為軸勻速轉動時；線圈中的磁通量始終不變，沒有感應電流產生，故A不可能產生該電流，故A符合題意；

BCD．三圖中線圈繞垂直于磁場方向的軸轉動；磁通量發(fā)生變化，根據(jù)交變電流的產生原理可知，三者均產生示波器中的正弦式交變電流，故BCD不符合題意。

故選A。6、C【分析】【詳解】

根據(jù)左手定則可知；自左向右運動的電子受到的洛倫茲力方向垂直紙面向里，則電子將向紙面內偏轉。

故選C。7、A【分析】【詳解】

AC．存在換向器，使得通過電阻R的電流方向不變，則電阻R上通過的電量不為零；A正確，C錯誤；

B．線圈產生的感應電動勢的最大值

感應電動勢的有效值

B錯誤；

D．線圈轉動一周電阻R上產生的焦耳熱為

D錯誤。

故選A。8、B【分析】【詳解】

A．若抽去L的鐵芯，感抗減小，燈泡A2亮度變亮；A錯誤；

B．若增大線圈轉動角速度，則交流電頻率增大，C容抗減小，L感抗增大，A1將比A2更亮；B正確；

C．若增大C兩極板間的正對面積，容抗減小，燈泡A1變亮；C錯誤；

D．線圈在圖示中位置為中性面，所以線圈上產生的感應電動勢大小為D錯誤。

故選B。9、B【分析】【詳解】

半導體材料可以制成傳感器；其他材料也可以制成傳感器，如金屬氧化物氧化錳就可以制成溫度傳感器，A錯誤，B正確；

傳感器主要是感知力；溫度、光、聲、化學成分等非電學量；并將其轉換成電壓、電流等電學量或電路的通斷，從而傳遞信號，CD錯誤.

故選B二、多選題(共8題，共16分)10、A:C【分析】【分析】

【詳解】

AC．電荷在電場中一定受到電場力的作用，由F=Eq可知；同一電荷所受電場力大的地方，該處電場強度一定強，選項AC正確；

B．靜止的電荷．或者速度方向與磁場方向平行的電荷在磁場中不受到洛侖茲力的作用；選項B錯誤；

D．根據(jù)f=Bqvsinθ可知B=f/qvsinθ，同一帶電粒子在磁場中受到磁場力大的地方，該處磁場不一定大，還要看v、sinθ的大小情況；故D錯誤；

故選AC。11、A:D【分析】【分析】

【詳解】

AC．振蕩電路的周期公式為

電臺應將S撥到L變小，T變小；適合接收短波，A正確，C錯誤；

B．S接后將可變電容動片旋入一些，使電容正對面積S變大，由

可知，C變大，振蕩周期T變大，頻率f變??；故可接收更低頻率的信號，B錯誤；

D．S接后L較大，將可變電容動片旋入一些，C變大，振蕩周期T變大；故可接收波長更長的信號，D正確。

故選AD。12、C:D【分析】【詳解】

A．根據(jù)公式

可得上述頻率范圍的電磁波的波長在0.3m~1.5m之間；故A錯誤；

B．均勻變化的電場產生穩(wěn)定的磁場；均勻變化的磁場產生穩(wěn)定的電場，穩(wěn)定的電磁場不會產生電磁波，故B錯誤；

C．不同電磁波具有不同的頻率；不同的波長，因此具有不同的特性，故C正確；

D．根據(jù)

可得障礙物的位置；故D正確。

故選CD。13、B:D【分析】【詳解】

粒子受洛倫茲力做勻速圓周運動，根據(jù)

可得

C．粒子能從NP邊射出磁場的臨界條件為粒子的軌跡與相切；如圖所示。

根據(jù)幾何關系可得

可得

則速度

可知若速度大于粒子將從NP邊射出磁場；C錯誤；

BD．粒子從邊射出的臨界條件為粒子的軌跡與相切，根據(jù)幾何關系可得

解得

可得

可知粒子速度小于粒子將從MN邊射出磁場，此時粒子運動軌跡對應的圓心角最大，由幾何關系可知該圓心角為

則運動的最長時間

故BD正確；

A．由BD選項分析可知；并不是粒子速度越小，在磁場中運動時間越長，A錯誤。

故選BD。14、B:D【分析】【詳解】

粒子射入磁場后做勻速圓周運動；其運動軌跡如圖所示。

的粒子直接沿直線做勻速運動到達y軸；其它粒子在磁場中發(fā)生偏轉。

A．由圖可知，發(fā)生偏轉的粒子也有可能打在y=R的位置上，所以粒子到達y軸的位置不是各不相同的；故A錯誤；

B．以沿x軸射入的粒子為例

則粒子不能達到y(tǒng)軸就偏向上離開磁場區(qū)域，所以要求

所有粒子才能穿過磁場到達y軸；故B正確；

C．從x軸入射的粒子在磁場中對應的弧長最長，所以該粒子最后到達y軸，而y=±R的粒子直接沿直線做勻速運動到達y軸；時間最短，故C錯誤；

D．從x軸入射的粒子運動時間為

的粒子直接沿直線做勻速運動到達y軸，時間最短

所以

其中角度為從x軸入射的粒子運動的圓心角，根據(jù)幾何關系有

則有

故D正確。

故選BD。15、B:C【分析】【詳解】

A、向上運動過程中安培力方向向下，根據(jù)牛頓第二定律可得其中則加速度隨著速度減小，加速度減小，故A錯誤；上升過程中的最大速度大于下落到MN處的最大速度，所以上升過程中的平均電流大，平均安培力大，導體棒在上升過程中R產生的焦耳熱大于導體棒自最高點返回至MN過程中R產生的焦耳熱，故B正確；根據(jù)電荷量的經驗公式可得導體棒上升過程中通過R的電量等于導體棒自最高點返回至MN過程中通過R的電量，故C正確；剛開始向上運動時安培力但導體棒返回至MN前的速度減小，安培力不一定大于mg，故不一定有一段勻速運動的過程，故D錯誤．故選BC．16、B:D【分析】【分析】

由題意可知考查電磁感應中的能量問題；平衡問題；根據(jù)功能關系、受力平衡分析可得．

【詳解】

A.t2時刻，導線框做勻速運動，則有：

由平衡條件有：

解得故A錯誤；

B.t1時刻，導線框做勻速運動，根據(jù)平衡條件有：

解得

線框兩次勻速直線運動的速度v1v2=41；故B正確．

C.從t1到t2過程中；導線框克服安培力做功的大小等于回路中產生的焦耳熱，此過程中，線框的重力勢能和動能均減小，根據(jù)功能關系得知，線圈克服安培力做功的大小等于重力勢能的減少量與動能減小量之和．故C錯誤．

D.從t1到t2的過程中，設導線框克服安培力做的功為W，由動能定理可得

解得：

所以有機械能轉化為電能，故D正確．17、A:B【分析】【詳解】

A．電壓與匝數(shù)成正比，所以變壓器的原副線圈的匝數(shù)比是U1：U2=U：U0；故A正確；

燈泡電流是理想變壓器的輸入功率和輸出功率相等，燈泡正常發(fā)光時電功率為P，所B．以輸入功率為P，即電流表讀數(shù)I=

故B正確；

C．手搖發(fā)電機的線圈中產生的電動勢最大值是

所以解得最大磁通量

故C錯誤；

D．線圈以較大的轉速n勻速轉動時，所以所以變壓器輸入電壓的瞬時值

故D錯誤。三、填空題(共7題，共14分)18、略

【分析】【詳解】

[1]桿受到水平向右恒力F后開始向右滑動,啟動的瞬間速度為零，則沒有感應電流，桿也不受安培力，由牛頓第二定律：

解得啟動時的加速度大?。?/p>

[2]桿向右運動后受逐漸增大的安培力而做加速度逐漸減小的變加速直線運動，當a=0時桿的速度達到最大，則有：

聯(lián)立可得：

[3]根據(jù)熱量的定義式：

其中聯(lián)立可得：【解析】19、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1]副線圈的電流大于原線圈的電流；所以副線圈的導線粗。

[2]當副線圈的負載電阻減小時，由于副線圈電壓不變，所以副線圈中的電流增大。【解析】副線圈增大20、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1]在中性面時，沒有邊切割磁感線，感應電動勢為零，線圈每通過中性面一次，電流方向改變一次，此說法正確?！窘馕觥空_21、略

【分析】【詳解】

[1][2][3]頻率變大，電容器容抗減小，又電壓不變，故a燈變亮；頻率變大，電感線圈的電感變大，又電壓不變，故b燈變暗；頻率的變化對電阻R無影響，故c燈亮度不變?！窘馕觥孔兞磷儼挡蛔?2、略

【分析】【詳解】

[1]導線以垂直于導線方向的速度v做平動時的電動勢為

導線繞其一端以角速度轉動時的電動勢為

聯(lián)立得【解析】23、略

【分析】【詳解】

[1]根據(jù)

又

聯(lián)立解得【解析】24、略

【分析】【詳解】

拉出的過程中，產生的感應電動勢為

根據(jù)閉合電路的歐姆定律得，電流為

所以安培力為

線圈勻速運動，有

拉力做的功為

根據(jù)功能關系，有【解析】四、作圖題(共4題，共16分)25、略

【分析】【詳解】

根據(jù)左手定則，畫出通過電導線I所受磁場力的方向如圖所示。

【解析】26、略

【分析】【分析】

根據(jù)題中“要在居民樓的樓道安裝一個插座和一個電燈”可知；本題考查交流電的常識，根據(jù)開關作用和交流電接線常識，進行連接電路圖。

【詳解】

晚上；天黑光控開關閉合，有人走動發(fā)出聲