2025年外研版選擇性必修2物理下冊月考試卷

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年外研版選擇性必修2物理下冊月考試卷593考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學(xué)校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五總分得分評卷人得分一、選擇題(共9題，共18分)1、一交流發(fā)電機(jī)輸出電壓為加在匝數(shù)比為1：的理想升壓變壓器的原線圈上，變壓器的副線圈通過總電阻為R的輸電線向用戶供電，若發(fā)電機(jī)的輸出功率為P，則輸電線上消耗的功率為（）A.B.C.D.2、利用霍爾效應(yīng)制作的霍爾元件是一種重要的磁傳感器，由于體積小，它可以用來制作探測磁場的探頭，還可以應(yīng)用在與磁場有關(guān)的多種自動控制系統(tǒng)中、如圖是霍爾元件的工作原理示意圖，磁感應(yīng)強(qiáng)度B垂直于霍爾元件的工作面向下，通入圖示方向的電流I，C、D兩側(cè)面會形成電勢差下列說法中正確的是（）

A.電勢差僅與材料有關(guān)B.若霍爾元件的載流子是自由電子，則電勢差C.僅增大磁感應(yīng)強(qiáng)度時，兩側(cè)面的電勢差值變大D.在測定地球赤道上方的地磁場強(qiáng)弱時，元件的工作面應(yīng)保持水平3、將圖甲所示的正弦交變電流加在圖乙所示的理想變壓器的原線圈上，變壓器原、副線圈匝數(shù)比n1∶n2=10∶1，電路中電表均為理想交流電表，定值電阻R1=5Ω，熱敏電阻R2的阻值隨溫度的升高而減小。下列說法正確的是（）

A.原線圈兩端電壓的瞬時值表達(dá)式為u=10sin50πt(V)B.t=0.01s時，電壓表示數(shù)為0C.R1消耗的電功率為0.02WD.R2溫度升高時，電流表示數(shù)增大4、如圖所示；甲圖是遠(yuǎn)距離輸電線路的示意圖，乙圖是發(fā)電機(jī)輸出電壓隨時間變化的圖象，則（）

A.用戶用電器上交流電的頻率是100HzB.發(fā)電機(jī)輸出交流電的電壓有效值是500VC.輸電線的電流只由降壓變壓器原副線圈的匝數(shù)比決定D.當(dāng)用戶用電器的總電阻增大時，輸電線上損失的功率減小5、如圖所示，下列現(xiàn)象中利用了渦流的是（）A.

B.

C.

D.

6、如圖所示，光滑平行金屬導(dǎo)軌水平放置，M、P間接一電阻R，金屬棒垂直導(dǎo)軌放置，金屬棒和導(dǎo)軌的電阻均不計，整個裝置處在豎直向上的勻強(qiáng)磁場中。時對金屬棒施加水平向右的拉力F，使金屬棒由靜止開始做勻加速直線運動。下列關(guān)于金屬棒的電流i、電量q、拉力F及R中的焦耳熱Q隨時間或位移變化的圖象不正確的是（）

A.B.C.D.7、如圖所示，在圓形區(qū)域內(nèi)存在垂直紙面向外的勻強(qiáng)磁場，ab是圓的直徑。一帶電粒子從a點射入磁場，速度大小為v、方向與ab成30°角時，恰好從b點飛出磁場，且粒子在磁場中運動的時間為t；若同一帶電粒子從a點沿ab方向射入磁場，也經(jīng)時間t飛出磁場；則其速度大小為（）

A.B.C.D.8、質(zhì)譜儀的兩大重要組成部分是加速電場和偏轉(zhuǎn)磁場．如圖3所示為質(zhì)譜儀的原理圖．設(shè)想有一個靜止的質(zhì)量為m；帶電荷量為q的帶電粒子(不計重力)；經(jīng)電壓為U的加速電場加速后垂直進(jìn)入磁感應(yīng)強(qiáng)度為B的偏轉(zhuǎn)磁場中，帶電粒子打到底片上的P點，設(shè)OP＝x，則在圖4中能正確反映x與U之間的函數(shù)關(guān)系的是()

A.B.C.D.9、如圖所示，一通有恒定電流的無限長直導(dǎo)線固定在光滑水平面上，一質(zhì)量為0.4kg的金屬環(huán)，在該平面上以m/s、與導(dǎo)線成的初速度開始運動；在足夠長的運動時間里（）

A.金屬環(huán)中一直有順時針的感應(yīng)電流B.金屬環(huán)剛開始運動時有收縮的趨勢C.金屬環(huán)中最多能產(chǎn)生0.72J的電能D.金屬環(huán)最多減少的動能為5.4J評卷人得分二、多選題(共8題，共16分)10、如圖甲所示，閉合金屬環(huán)固定在水平桌面上，MN為其直徑。MN右側(cè)分布著垂直桌面向上的有界磁場，磁感應(yīng)強(qiáng)度大小隨時間變化的關(guān)系如圖乙所示。已知金屬環(huán)電阻為1.0Ω，直徑MN長20cm，則時（）

A.M、N兩點間電壓為B.M、N兩點間電壓為C.環(huán)所受安培力大小為D.環(huán)所受安培力大小為11、“二分頻”音箱內(nèi)有兩個不同口徑的揚聲器，它們的固有頻率分別處于高音、低音頻段，分別稱為高音揚聲器和低音揚聲器，音箱要將擴(kuò)音機(jī)送來的含有不同頻率的混合音頻電流按高、低頻段分離出來，送往相應(yīng)的揚聲器，以便使電流所攜帶音頻信息按原比例還原成高、低頻的機(jī)械振動。下圖為音箱的簡化電路圖，高，低頻混合電流由a、b端輸入，L1和L2是線圈，C1和C2是電容器；則下列說法正確的是（）

A.C2的作用是阻礙低頻電流通過乙揚聲器B.L1的作用是阻礙高頻電流通過甲揚聲器C.L2有助于低頻電流通過乙揚聲器D.甲揚聲器是高音揚聲器12、交流發(fā)電機(jī)的線圈在勻強(qiáng)磁場中勻速轉(zhuǎn)動，線圈中的磁通量隨時間t變化的規(guī)律如圖所示；則（）

A.1s內(nèi)線圈中電流方向改變200次B.t＝0.005s時，線圈平面與中性面重合C.t＝0.01s時，磁通量變化率的絕對值為D.t＝0.015s時，線圈中的感應(yīng)電動勢為零13、如圖所示，一質(zhì)量為m、電荷量為q的帶電粒子（不計重力），自A點以初速度v0射入半徑為R的圓形勻強(qiáng)磁場，磁場方向垂直于紙面，速度方向平行于CD，CD為圓的一條直徑，粒子恰好從D點飛出磁場，A點到CD的距離為則（）

A.磁感應(yīng)強(qiáng)度為B.磁感應(yīng)強(qiáng)度為C.粒子在磁場中的飛行時間為D.粒子在磁場中的飛行時間為14、如圖所示為某一裝置的俯視圖，PQ、MN為水平放置且足夠長的平行金屬薄板，兩板間有磁感應(yīng)強(qiáng)度為B的勻強(qiáng)磁場，方向垂直薄板平面向里，金屬棒AB垂直放置在兩板上且與兩板接觸良好，其可以在垂直平行板方向以一定速度運動?，F(xiàn)有質(zhì)量為m，電荷量為+q的粒子以初速度v0水平向左射入兩板之間；若磁場足夠大，粒子的重力不計，則（）

A.若金屬棒的向左運動速度也為v0，則帶電粒子一定做勻速直線運動B.若金屬棒向右運動速度為v0，磁感應(yīng)強(qiáng)度變?yōu)?B，則帶電粒子做曲線運動C.若金屬棒未動，帶電粒子的速度越大，轉(zhuǎn)過所用的時間越長D.若金屬棒未動，則帶電粒子從初始時到位移大小為時，所用的時間可能為15、如圖甲所示，金屬圓環(huán)放置在絕緣水平桌面上，在圓環(huán)的正上方有一個螺線管，規(guī)定電流從螺線管a端流入為正方向，在螺線管中通入如圖乙所示的電流后，金屬圓環(huán)始終未離開桌面。已知通電螺線管產(chǎn)生的磁場的磁感應(yīng)強(qiáng)度與電流成正比，下列能正確反映金屬圓環(huán)中感應(yīng)電流（以圖示方向為正方向）、金屬圓環(huán)對桌面的壓力F隨時間t的變化關(guān)系的是（）

A.B.C.D.16、現(xiàn)代科學(xué)研究中常要用到高速電子，電子感應(yīng)加速器就是利用感生電場使電子加速的設(shè)備。如圖所示，上面為真空室的側(cè)視圖，上、下為電磁鐵的兩個磁極，電磁鐵線圈中電流的大小可以變化；下面為磁極之間真空室的俯視圖?，F(xiàn)有一電子在真空室中做圓周運動，從上往下看，電子沿逆時針方向做加速運動。則下列說法正確的是（）

A.電子在軌道中做圓周運動的向心力是電場力B.電子在軌道中加速的驅(qū)動力是電場力C.通入線圈中的電流正在減弱D.要使電子在固定的圓軌道上不斷加速，真空室的磁場應(yīng)不斷增強(qiáng)17、如圖所示；導(dǎo)線AB可在平行導(dǎo)軌MN上滑動，接觸良好，軌道電阻不計，電流計中有如圖所示方向感應(yīng)電流通過時，AB的運動情況是：（）

A.向右加速運動；B.向右減速運動；C.向右勻速運動；D.向左減速運動．評卷人得分三、填空題(共8題，共16分)18、如圖所示，在磁感應(yīng)強(qiáng)度為B的勻強(qiáng)磁場中，有半徑為r的光滑圓形導(dǎo)體框架，OC為一能繞O在框架上滑動的導(dǎo)體棒，Oa之間連一個電阻R，導(dǎo)體框架與導(dǎo)體電阻均不計，若要使OC能以角速度ω勻速轉(zhuǎn)動，則導(dǎo)體棒產(chǎn)生的電動勢是______，外力做功的功率是______．

19、判斷下列說法的正誤．

（1）運動電荷在磁場中一定受洛倫茲力．（____）

（2）同一電荷，以相同大小的速度進(jìn)入磁場，速度方向不同時，洛倫茲力的大小也可能相同．（____）

（3）洛倫茲力同電場力一樣，可對運動電荷做正功或負(fù)功．（____）

（4）用左手定則判斷洛倫茲力方向時，“四指的指向”與電荷定向移動方向相同．（____）

（5）顯像管內(nèi)偏轉(zhuǎn)線圈中的電流恒定不變時，電子打在熒光屏上的光點是不動的．（____）20、電諧振：當(dāng)接收電路的固有頻率跟收到的電磁波的頻率_________時，接收電路中產(chǎn)生的振蕩電流最強(qiáng)，這種現(xiàn)象叫作電諧振，相當(dāng)于機(jī)械振動中的_____________

（1）調(diào)諧：使接收電路產(chǎn)生_________的過程。

（2）解調(diào)：把聲音或圖像信號從_________中還原出來的過程。調(diào)幅波的解調(diào)也叫檢波。21、峰值：交變電流的電壓、電流能達(dá)到的最大數(shù)值叫峰值．電容器所能承受的電壓要______交流電壓的峰值，否則電容器就可能被擊穿。22、用洛倫茲力演示儀觀察電子在磁場中的運動徑跡。下圖是洛倫（前后各一個）茲力演示儀的結(jié)構(gòu)示意圖。請判斷下列分析是否正確。

（1）圖中電子槍向左發(fā)射電子，形成圖中的電子徑跡，勵磁線圈應(yīng)通以順時針方向的電流；______

（2）僅增大勵磁線圈中的電流，電子束徑跡的半徑變大；_______

（3）僅使電子槍加速電壓增加到原來的2倍，電子束徑跡的半徑將增加到原來的2倍。______23、如圖所示為質(zhì)譜儀的原理圖，利用這種質(zhì)譜儀可以對氫元素的各種同位素迚行測量。從容器A下方的小孔S1迚入加速電壓為U的加速電場，可以認(rèn)為從容器出來的粒子初速度為零，粒子被加速后從小孔S2迚入磁感應(yīng)強(qiáng)度為B的勻強(qiáng)磁場，最后打在照相底片D上，形成a、b、c三條質(zhì)譜線，關(guān)于氫的三種同位素氕、氘、氚迚入磁場時速率最大的是_________；三條譜線中a是粒子形成的_________。（填“氕”；“氘”或“氚”）

24、如圖所示，在坐標(biāo)系中，原點的直線與軸正向的夾角在右側(cè)有一勻強(qiáng)電場，為該電場的左邊界，電場無右邊界；在第二、三象限內(nèi)有一有界勻強(qiáng)磁場，磁場上邊界與電場邊界重疊（即為邊）、右邊界為軸、左邊界為圖中平行于軸的虛線，磁場的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為方向垂直紙面向里。一帶正電荷質(zhì)量為的粒子以某一速度自磁場左邊界上的點射入磁場區(qū)域，并從點射出，粒子射出磁場時的速度方向與軸的夾角大小為粒子在磁場中的運動軌跡為紙面內(nèi)的一段圓弧，且圓弧的半徑為軸下方的磁場水平寬度的2倍。粒子進(jìn)入電場后，在電場力的作用下又由點返回磁場區(qū)域，經(jīng)過一段時間后再次離開磁場。已知粒子從點射入到第二次離開磁場所用的時間恰好等于粒子在磁場中做圓周運動的周期。忽略重力的影響。則。

（1）點到軸的垂直距離為________。

（2）勻強(qiáng)電場的大小為________。粒子從第二次離開磁場到再次進(jìn)入電場時所用的時間為_______。

25、如圖所示，A、B兩個閉合線圈用同樣的導(dǎo)線制成，匝數(shù)均為10匝，半圖示區(qū)域內(nèi)有勻強(qiáng)磁場，且磁感應(yīng)強(qiáng)度隨時間均勻減小。A、B線圈中產(chǎn)生的感應(yīng)電動勢之比為_____，兩線圈的感應(yīng)電流之比為______。

評卷人得分四、作圖題(共4題，共40分)26、在圖中畫出或說明圖中所示情形下通電導(dǎo)線I所受磁場力的方向。

27、要在居民樓的樓道安裝一個插座和一個電燈；電燈由光敏開關(guān)和聲敏開關(guān)控制，光敏開關(guān)在天黑時自動閉合，天亮?xí)r自動斷開；聲敏開關(guān)在有聲音時自動閉合，無聲音時自動斷開。在下圖中連線，要求夜間且有聲音時電燈自動亮，插座隨時可用。

28、在“探究楞次定律”的實驗中；某同學(xué)記錄了實驗過程的三個情境圖，其中有兩個記錄不全，請將其補充完整。

29、如圖所示：當(dāng)條形磁鐵向右靠近通電圓環(huán)時，圓環(huán)向右偏離，試在圖中標(biāo)出圓環(huán)中的電流方向___________．評卷人得分五、實驗題(共1題，共9分)30、如圖所示用A、B兩只萊頓瓶來演示電磁波的發(fā)射和接收.將A的振子a、b接在感應(yīng)圈（感應(yīng)圈是產(chǎn)生高壓電的裝置）輸出端，接通感應(yīng)圈電源，使A的振子a、b產(chǎn)生火花，并發(fā)射_______.將帶有氖燈的萊頓瓶B靠近A，調(diào)節(jié)滑動桿的位置，當(dāng)A和B的滑動桿位置________時，可觀察到氖燈________.實驗表明，盡管A和B這兩個電路之間沒有導(dǎo)線相連，但B的能量顯然可由A通過________傳播過來.

參考答案一、選擇題(共9題，共18分)1、B【分析】【詳解】

加在原線圈上的電壓

根據(jù)變壓比公式，有

得

根據(jù)輸電線上的電流

輸電線上消耗的功率P耗=I2R=

故選B。2、C【分析】【分析】

【詳解】

A．電勢差不僅與材料有關(guān)；還與磁感強(qiáng)度大小，電流強(qiáng)度大小有關(guān)，A錯誤；

B．若霍爾元件的載流子是自由電子，根據(jù)左手定則，電子受洛倫茲力向C端移動，因此電勢差

B錯誤；

C．根據(jù)

而

因此僅增大磁感應(yīng)強(qiáng)度時，電勢差變大；C正確；

D．在測定地球赤道上方的地磁場強(qiáng)弱時；元件的工作面應(yīng)保持豎直，讓磁感線穿過工作面，D錯誤。

故選C。3、D【分析】【詳解】

A．根據(jù)圖象可知，周期為0.02s，最大值為10V，所以可得變壓器原線圈兩端電壓的瞬時值表達(dá)式為u=10sin100πt(V)；A錯誤；

B．電壓表顯示的為電壓的有效值，且正弦式交流電的有效值等于峰值的10V；再結(jié)合理想變壓器的原副線圈的端電壓之比等于匝數(shù)之比，所以電壓表的示數(shù)為1V，B錯誤；

C．R1兩端的電壓為1V，根據(jù)P=

可得R1的電功率為0.2W；C錯誤；

D．R2處溫度升高時，R2的電阻減?。凰愿本€圈的總電阻減小，又副線圈的端電壓不變，所以副線圈的電流增大，再結(jié)合理想變壓器的原副線圈的電流之比等于匝數(shù)之反比，可知電流表示數(shù)變大，D正確。

故選D。4、D【分析】【分析】

【詳解】

A．由于變壓器只交流電改變電壓；不改變交流電的頻率，由圖乙可知，用戶用電器上交流電的頻率是50Hz。A錯誤；

B．發(fā)電機(jī)輸出交流電的電壓的最大值為500V，因此有效值為

B錯誤；

C．輸電線的電流由升壓變壓器原；副線圈匝數(shù)比；降壓變壓器原、副線圈匝數(shù)比用戶，用電量以及輸電導(dǎo)線的電阻共同決定，C錯誤；

D．當(dāng)用戶用電器的總電阻增大時；降壓變壓器副線圈電流減小，因此輸電線的電流減小，輸電線上損失的功率減小，D正確。

故選D。5、A【分析】【分析】

【詳解】

A．利用渦流冶煉金屬；A正確；

B．是電磁阻尼；B錯誤；

C．是電磁驅(qū)動；C錯誤；

D．是防止渦流產(chǎn)生熱量；D錯誤。

故選A。6、D【分析】【詳解】

A．導(dǎo)體棒做勻加速運動，產(chǎn)生的感應(yīng)電動勢為

感應(yīng)電流為

其中為導(dǎo)體棒在兩導(dǎo)軌間的寬度，可見電流強(qiáng)度i與時間成正比，圖象是過原點的直線；故A正確，不符合題意；

B．由

可知q-x圖象應(yīng)為過原點的直線；故B正確，不符合題意；

C．由牛頓第二定律得

化簡得

則圖象應(yīng)為一次函數(shù)圖象；故C正確，不符合題意；

D．導(dǎo)體切割磁感線中產(chǎn)生的焦耳熱

由靜止做勻加速直線運動則有

代入化簡得

熱量隨位移的圖象不是正比例函數(shù)圖象；故D錯誤，符合題意。

故選D。7、B【分析】【詳解】

帶電粒子兩次在磁場中的運動時間相同，圓心角都是60°；設(shè)圓形磁場的半徑為R，粒子第一次在磁場中運動時，根據(jù)牛頓第二定律得

粒子第二次在磁場中運動時，根據(jù)牛頓第二定律得

解得

故選B。8、B【分析】【詳解】

帶電粒子先經(jīng)加速電場加速，故qU＝mv2，進(jìn)入磁場后偏轉(zhuǎn)，OP＝x＝2r＝兩式聯(lián)立得，OP＝x＝∝所以B為正確答案．9、D【分析】【詳解】

A．金屬環(huán)的速度可以分解為平行于直導(dǎo)線的分速度v平行與垂直于直導(dǎo)線的向右的分速度v垂直；金屬環(huán)平行于直導(dǎo)線方向的分運動不產(chǎn)生感應(yīng)電動勢；不產(chǎn)生感應(yīng)電流，金屬環(huán)垂直于直導(dǎo)線方向的分運動導(dǎo)致穿過金屬環(huán)的磁通量減小，產(chǎn)生感應(yīng)電動勢，產(chǎn)生感應(yīng)電流，金屬環(huán)受水平向左的安培力，安培力與運動方向不是相反的，金屬環(huán)水平向右做減速運動，最終水平向右的速度減為零，金屬環(huán)的速度平行于直導(dǎo)線，最終金屬環(huán)平行于直導(dǎo)線做勻速直線運動，由楞次定律可知，金屬環(huán)向右的速度減為零前感應(yīng)電流沿順時針方向，金屬環(huán)向右的分速度為零后金屬環(huán)中沒有感應(yīng)電流，故A錯誤；

B．金屬環(huán)剛開始運動時穿過金屬環(huán)的磁通量減?。挥伞霸隹s減擴(kuò)”可知金屬環(huán)有擴(kuò)張的趨勢，故B錯誤；

CD．沿導(dǎo)線方向分速度為

根據(jù)動能定理解得

代入數(shù)值解得

故金屬環(huán)動能減少量最多為5.4J；環(huán)中最多產(chǎn)生5.4J的電能，故C錯誤，D正確。

故選D。二、多選題(共8題，共16分)10、B:C【分析】【分析】

【詳解】

AB．回路產(chǎn)生的感應(yīng)電動勢為E=

由閉合電路的歐姆定律有I=

聯(lián)立解得I=π×10-3A

則M、N兩點的電壓為U=I=0.5π×10-3V

A錯誤；B正確；

CD．由乙圖可知在t=3s時的磁感應(yīng)強(qiáng)度為B=0.4+0.2×3T=1T

環(huán)所受的安培力大小為F=2BIr=2π×10-4N

C正確；D錯誤。

故選BC。11、A:B【分析】【詳解】

A．電容器能通高頻、阻低頻，故的作用是阻礙低頻電流通過乙揚聲器；故A正確；

B．的作用是高頻扼流圈；阻礙高頻電流通過甲揚聲器，故B正確；

C．的作用是讓低頻交流電通過；減弱乙揚聲器的低頻電流，故C錯誤；

D．高頻和低頻交流電通入該電路；由于線圈能通低頻，阻高頻，電容器能通高頻，阻低頻，所以低頻交流電通過甲揚聲器，高頻交流電通過乙揚聲器，故甲揚聲器是低音揚聲器，故D錯誤。

故選AB。12、B:D【分析】【詳解】

A．一個周期內(nèi)電流方向改變兩次，1s內(nèi)線圈中電流方向改變

故A錯誤；

B．t＝0.005s時；通過線圈的磁通量最大，此時線圈平面與磁場垂直，即與中性面重合，故B正確；

C．t＝0.01s時，磁通量變化率最大，最大值為

故C錯誤；

D．t＝0.015s時，線圈中的磁通量隨時間t變化的圖線的斜率表示感應(yīng)電動勢；由圖可知，此時的斜率為零，故線圈中的感應(yīng)電動勢為零，故D正確。

故選BD。13、A:C【分析】【詳解】

粒子在磁場中做勻速圓周運動；畫出運動軌跡，如圖所示：

AB．A點到CD的距離則：∠OAQ=60°，∠OAD=∠ODA=15°，∠DAQ=75°

則∠AQD=30°，∠AQO=15°

粒子的軌道半徑：

粒子在磁場中做勻速圓周運動洛倫茲力提供向心力，由牛頓第二定律得：

解得：

故A正確B錯誤；

CD．粒子在磁場中轉(zhuǎn)過的圓心角：α=∠AQD=30°

粒子在磁場中做圓周運動的周期為：

粒子在磁場中的運動時間為：

故C正確D錯誤。

故選：AC。14、A:B:D【分析】【分析】

【詳解】

A．由左手定則，+q受洛倫茲力方向垂直指向板MN，則電場方向垂直指向板PQ，據(jù)右手定則，可知棒AB向左運動，金屬棒切割磁感線產(chǎn)生感應(yīng)電動勢，PQ、MN產(chǎn)生電勢差。

因帶電粒子做勻速運動；則有。

又。

解得。

A正確；

B．若金屬棒向右運動，據(jù)右手定則，在PQ、MN間產(chǎn)生的電場方向垂直指向板MN，粒子受到的電場力方向垂直指向板MN，由左手定則，+q受洛倫茲力方向垂直指向板MN；則帶電粒子做曲線運動，B正確；

C．若金屬棒未動；粒子僅在洛倫茲力的作用下做勻速圓周運動，粒子的周期。

轉(zhuǎn)過所用的時間為。

與粒子的速度無關(guān)；C錯誤；

D．因AB不動，兩板間電場消失，電荷在B中做勻速圓周運動；有。

即。

當(dāng)粒子位移大小達(dá)到由幾何關(guān)系可知，電荷軌跡圓弧所對圓心角為60°，則。

也可能軌跡圓弧所對圓心角為300°；則。

D正確。

故選ABD。15、A:D【分析】【分析】

【詳解】

B．0~1s時間內(nèi)電流從a端流入；穿過圓環(huán)的磁場方向向上，磁通量增加，根據(jù)楞次定律可知感應(yīng)電流產(chǎn)生的磁場方向應(yīng)向下，由安培定則可知感應(yīng)電流沿正方向。同理可知1~2s時間內(nèi)電流方向為負(fù)方向，2~3s時間內(nèi)感應(yīng)電流方向為正方向，B項錯誤；

A．由法拉第電磁感應(yīng)定律得。

1~2s時間內(nèi)的感應(yīng)電動勢為0~1s；2~3s時間內(nèi)感應(yīng)電動勢的2倍；A項正確；

CD．0~1s時間內(nèi)；金屬圓環(huán)對桌面的壓力。

1~1.5s時間內(nèi)。

1.5~2s時間內(nèi)。

2~3s時間內(nèi)。

C項錯誤；D項正確。

故選AD。16、B:D【分析】【詳解】

AB．電子所受感應(yīng)電場力方向沿切線方向；電子做圓周運動需要的向心力是電子受的洛倫茲力提供的；電子在軌道中做加速的驅(qū)動力是由感生電場提供的電場力，A錯誤，B正確；

C．從上往下看電子沿逆時針方向做加速運動；表明感應(yīng)電場沿順時針方向，圖示電磁鐵螺線管電流產(chǎn)生的磁場方向豎直向上，根據(jù)楞次定律和右手定則，當(dāng)磁場正在增強(qiáng)時，產(chǎn)生的感應(yīng)電場沿順時針方向，C錯誤；

D．由C分析可知；要使電子在固定的圓軌道上不斷加速，真空室的磁場應(yīng)不斷增強(qiáng)，D正確。

故選BD。17、A:D【分析】試題分析：如果導(dǎo)體棒AB向右勻速運動；產(chǎn)生的感應(yīng)電流恒定不變，穿過右邊線圈的磁通量不變，在靈敏電流表上沒有電流通過，當(dāng)導(dǎo)體棒AB向右加速運動時，產(chǎn)生的感應(yīng)電流方向豎直向上，穿過右邊線圈的磁場為豎直向下，由E=BLv可知穿過右邊線圈的磁通量增大，感應(yīng)電流的磁場豎直向上，由右手定則可知感應(yīng)電流的方向豎直向下，A對；同理判斷B錯；D對；

考點：考查法拉第電磁感應(yīng)和楞次定律。

點評：難度中等，勻速運動的導(dǎo)體棒產(chǎn)生的感應(yīng)電流恒定，電流形成的磁場恒定不變，根據(jù)導(dǎo)體棒的速度方向判斷遠(yuǎn)磁場方向，由速度大小變化判斷磁通量變化三、填空題(共8題，共16分)18、略

【分析】【詳解】

導(dǎo)體棒產(chǎn)生的產(chǎn)生的感應(yīng)電動勢大小為：

因為導(dǎo)體棒OC勻速轉(zhuǎn)動，因此根據(jù)能量守恒可得外力的功率和電阻發(fā)熱的功率大小相等，即有：【解析】19、略

【分析】【分析】

【詳解】

略【解析】錯誤正確錯誤錯誤正確20、略

【解析】①.相同②.共振③.電諧振④.高頻電流21、略

【解析】高于22、略

【分析】【詳解】

（1）[1]根據(jù)左手定則可以判斷；磁場方向垂直紙面向里，根據(jù)安培定則可知，勵磁線圈應(yīng)通以順時針方向的電流，故正確。

（2）[2]僅增大勵磁線圈中的電流，產(chǎn)生的磁場增大

電子束徑跡的半徑變小；故錯誤。

（3）[3]僅使電子槍加速電壓增加到原來的2倍

可知，半徑變?yōu)樵瓉肀叮叔e誤?！窘馕觥空_錯誤錯誤23、略

【分析】【詳解】

[1]．粒子在電場中被加速，由動能定理得；

粒子進(jìn)入磁場時的速度大小

由于氕氘氚的電荷量q相等、加速電壓U相等、m氕＜m氘＜m氚，則它們的速度關(guān)系為：v氕＞v氘＞v氚，即速率最大的是氕；

[2]．粒子進(jìn)入磁場后做勻速圓周運動，洛倫茲力提供向心力，由牛頓第二定律得：

粒子軌道半徑

由于氕氘氚的電荷量q相等、磁感應(yīng)強(qiáng)度B相等、加速電壓U相等、m氕＜m氘＜m氚，則R氕＜R氘＜R氚，a、b、c分別對應(yīng)：氚、氘、氕。【解析】氕氚24、略

【分析】【分析】

【詳解】

(1)[1]粒子第一次進(jìn)入磁場時弧半徑為磁場左右邊界間距的二倍，由洛倫茲力提供向心力得

A點到x軸的距離為

(2)[2]粒子在磁場中運動時間為

粒子進(jìn)入電場后，在電場力的作用下又由O點返回磁場區(qū)域說明電場力的方向一定與v相反，再次進(jìn)入磁場時速度方向與v相反，將向y軸負(fù)方向偏轉(zhuǎn)做圓周運動，運動時間為

則在電場中運動的時間為

那么在電場中的