2025年浙科版高二物理上冊月考試卷含答案

…………○…………內…………○…………裝…………○…………內…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年浙科版高二物理上冊月考試卷含答案考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五六總分得分評卷人得分一、選擇題(共9題，共18分)1、鋼索拉著升降機在豎直方向上運動；鋼索所受的拉力最大時發(fā)生在（）

A.在下降過程中急速停下來

B.以最大的速度勻速下降時。

C.減速上升。

D.以最大的速度勻速上升時。

2、如圖所示，在傾角為θ的光滑斜面上，重為G的物體受到水平推力F的作用，物體靜止不動，則物體對斜面的壓力大小為（）A.GsinθB.GcosθC.Gcosθ+FsinθD.Gcosθ+Fcosθ3、一理想變壓器原、副線圈的匝數(shù)比為5:1，原線圈輸入電壓的變化規(guī)律如圖甲所示，副線圈所接電路如圖乙所示，為滑動變阻器的觸頭。下列說法正確的是A.副線圈輸出電壓的頻率為10HzB.副線圈輸出電壓的有效值為62VC.向右移動時，原、副線圈的電流比減小D.向右移動時，變壓器的輸入功率增大4、如圖所示，虛線右側存在勻強磁場，磁場方向垂直紙面向外，正方形金屬框電阻為R，邊長是L，自線框從左邊界進入磁場時開始計時，在水平向右的外力作用下由靜止開始，以垂直于磁場邊界的恒定加速度a進人磁場區(qū)域，t1時刻線框全部進入磁場．規(guī)定順時針方向為感應電流I的正方向．外力大小為F，線框中電功率的瞬時值為P，通過導體橫截面的電荷量為q，其中p—t圖像為拋物線，則這些量隨時間的變化關系正確的是（）5、關于速度與加速度，下列說法正確的是（）A.物體的速度越大，其加速度越大B.物體的速度變化越大，其加速度越大C.物體的速度減小，其加速度一定減小D.物體的加速度不變，其速度可能減小6、如圖所示，理想變壓器原、副線圈上接有四個完全相同的燈泡，若四個燈泡恰好都能正常發(fā)光時，則下列說法正確的是(

)

A.U1U2=34

B.U1U2=43

C.若將L1

短路，則副線圈的三個燈泡仍能正常發(fā)光D.若將L2

短路，則副線圈的兩個燈泡兩端的電壓變?yōu)轭~定電壓的32

倍7、如圖所示，A為一水平旋轉的橡膠盤，帶有大量均勻分布的負電荷，在圓盤正上方水平放置一通電直導線，電流方向如圖。當圓盤高速繞中心軸OO′轉動時，通電直導線所受磁場力的方向是（）A.豎直向上B.豎直向下C.水平向里D.水平向外8、關于運動電荷、通電導線所受磁場力的方向，下列判斷正確的是（）A.B.C.D.9、將兩個質量均為m的小球a、b用絕緣細線相連，豎直懸掛于O點，其中球a帶正電、電荷量為q，球b不帶電，現(xiàn)加一電場強度方向平行豎直平面的勻強電場(沒畫出)，使整個裝置處于平衡狀態(tài)，且繃緊的絕緣細線Oa與豎直方向的夾角為θ＝30°；如圖所示，則所加勻強電場的電場強度大小可能為()

A.B.C.D.評卷人得分二、填空題(共7題，共14分)10、平行板電容器所帶量Q=4×l0-8C，它的兩極板之間電壓U=2v，則該電容器的電容為____μF；如果兩板電量各減少一半，則兩板間電勢差變?yōu)開___V，兩板間的電場強度將變?yōu)樵瓉淼腳___．11、如圖所示，a、b為電場中同一電場線上的兩點，兩點的電勢分別為φa＝8V，φb＝6V．將一個帶電量為1.6×10－19C的質子放在電場中的a點．(1）該質子在a點具有的電勢能為________J；(2）該質子從a點運動到b點，電場力做功為________J.12、手機是人們生活中普遍使用的通訊工具，它是利用____（選填“電磁波”或“超聲波”）進行通訊的．這種波____（選填“能”或“不能”）在真空中傳播．13、如圖所示，放在通電螺線管內部中央處的小磁針，靜止時N極指向右端，則電源的a端為______極（填“正”或“負”），螺線管的c端為______極．（填“N”或“S”）14、如圖10

所示的光滑絕緣水平面上，固定著ABC

三個帶電小球，三球球心共線，質量mAmBmC=121

現(xiàn)同時釋放三個小球的瞬間，A

球的加速度值為2m/s2

方向向左，C

球的加速度值為6m/s2

方向向右，那么B

球的加速度大小為______，方向______．15、為測量某種液體的密度，小剛利用天平和量杯測量了液體和量杯的總質量m及液體的體積V，得到了幾組數(shù)據(jù)并繪出了m-V圖象，如圖所示。則：量杯質量為______g，該液體密度為______g/cm316、下圖是用一個邏輯電路和按鈕開關、光敏電阻、蜂鳴器等元件組成的一個簡單防盜報警器的電路圖。該報警器的功能是：當放在保險箱前地板上的按鈕開關S

被腳踩下而閉合，同時安裝在保險箱里的電阻R0

被手電筒照射時，蜂鳴器就會發(fā)出鳴叫聲。在實驗中我們在R0

處連接的是______電阻，在虛線框里連接的是_______門電路。

評卷人得分三、判斷題(共6題，共12分)17、電場線與等勢面相互垂直，沿著同一等勢面移動電荷時靜電力不做功．（判斷對錯）18、電勢差有正有負，所以是矢量，且電場中兩點間的電勢差隨著零電勢點的選取變化而變化．（判斷對錯）19、只有沿著電場線的方向電勢才會降低，所以電勢降低的方向就一定是電場強度的方向．（判斷對錯）20、處于靜電平衡狀態(tài)的導體內部的場強處處為零，導體外表面場強方向與導體的表面一定不垂直．（判斷對錯）21、如圖所示，有一水平方向的勻強電場，場強大小為9000N/C，在電場內一水平面上作半徑為10cm的圓，圓上取A、B兩點，AO沿E方向，BO⊥OA，另在圓心處放一電量為10﹣8C的正點電荷，則A處場強大小EA為零．________（判斷對錯）

22、空間兩點放置兩個異種點電荷a、b，其所帶電荷量分別為qa和qb，其產(chǎn)生的電場的等勢面如圖所示，且相鄰等勢面間的電勢差均相等，電場中A、B兩點間的電勢大小的關系為φA＞φB，由此可以判斷出a為正電荷，且有qa＜qb．________（判斷對錯）

評卷人得分四、計算題(共4題，共28分)23、如圖所示，兩個質量相等的彈性小球A和B分別掛在L1=0.81m，L2=0.36m的細線上，兩球重心等高且互相接觸，現(xiàn)將A球拉離平衡位置與豎直方向夾角小于5°后由靜止開始釋放，已知當A與B相碰時發(fā)生速度交換，即碰后A球速度為零，B球速度等于A球碰前的速度；當B與A相碰時遵循相同的規(guī)律，且碰撞時間極短忽略不計．求從釋放小球A開始到兩球發(fā)生第3次碰撞的時間t．（已知π2≈g）24、簡諧波沿x軸傳播；波速為50m/s．t=0時的波形如圖，M處的質點此時正經(jīng)過平衡位置沿y軸正方向運動．畫出t=0.5s時的波形圖．（只畫出0-50之間的圖形即可）

25、在一次閃電的過程中，流動的電荷量為30C

持續(xù)的時間是0.05s

所形成的電流大小為多少？26、如圖甲所示；理想變壓器原；副線圈的匝數(shù)n1n2=3l

原線圈電路中接有一量程為3A

的理想交流電流表，副線圈兩端接有理想交流電壓表一只和可變電阻R

以及若干“6V6W

”的相同燈泡，原線圈輸入如圖乙所示的交變電壓.

求：

(1)

圖甲中電壓表的示數(shù)；

(2)

燈泡均正常發(fā)光時電路中最多允許接入的燈泡個數(shù)．

評卷人得分五、簡答題(共4題，共32分)27、能說明分子都在永不停息地做無規(guī)則運動的實驗事實有________(

舉一例即可)

在兩分子間的距離由r

0(

此時分子間的引力和斥力相互平衡，分子力為零)

逐漸增大的過程中，分子力的變化情況是______________，分子勢能的變化情況是______________(

填“逐漸增大”、“逐漸減小”、“先增大后減小”、“先減小后增大”)

28、如圖甲所示，電源由n個電動勢E=1.5V、內阻均為r（具體值未知）的電池串聯(lián)組成；合上開關，在變阻器的滑片C從A端滑到B端的過程中，電路中的一些物理量的變化如圖乙中Ⅰ；Ⅱ、Ⅲ所示，電表對電路的影響不計．Ⅰ圖為輸出功率與路端電壓關系曲線；Ⅱ圖為路端電壓與總電流關系圖線；Ⅲ圖為電源的輸出效率與外電阻的關系圖線）

（1）求組成電源的電池的個數(shù)以及一個電池的內阻；

（2）求滑動變阻器的總阻值；

（3）寫出圖Ⅰ、Ⅱ中a、b、c三點的坐標（不要求計算過程）．29、氯化鐵和高鐵酸鉀都是常見的水處理劑，下圖為制備粗高鐵酸鉀的工業(yè)流程。請回答下列問題：rm{(1)}氯化鐵做凈水劑的原因是rm{(}結合化學用語表達rm{)}___。rm{(2)}吸收劑rm{X}的化學式為___，氧化劑rm{Y}的化學式為___。rm{(3)}堿性條件下反應rm{壟脵}的離子方程式為___。rm{(4)}過程rm{壟脷}將混合溶液攪拌半小時，靜置，抽濾獲得粗產(chǎn)品。該反應的化學方程式為rm{2KOH+Na_{2}FeO_{4}=K_{2}FeO_{4}+2NaOH}請根據(jù)反應原理分析反應能發(fā)生的原因_______。rm{(5)K_{2}FeO_{4}}在水溶液中易發(fā)生反應：rm{4FeO_{4}^{2-}+10H_{2}O=4Fe(OH)_{3}+8OH^{-}+3O_{2}隆眉}在提純rm{K_{2}FeO_{4}}時采用重結晶、洗滌、低溫烘干的方法，則洗滌劑最好選用___rm{(}填序號rm{)}A.rm{H_{2}OB.}稀rm{KOH}溶液rm{C.NH_{4}Cl}溶液rm{D.Fe(NO_{3})_{3}}溶液除了這種洗滌劑外，一般工業(yè)生產(chǎn)還要加入異丙醇作為洗滌劑，你認為選擇異丙醇的原因是_____。30、rm{(I)}第三代混合動力車，可以用電動機、內燃機或二者結合推動車輛。汽車上坡或加速時，電動機提供推動力，降低汽油的消耗；在剎車或下坡時，電池處于充電狀態(tài)。rm{(1)}混合動力車的內燃機以汽油為燃料，汽油rm{(}以辛烷rm{C_{8}H_{18}}計rm{)}和氧氣充分反應，生成rm{1mol}水蒸氣放熱rm{569.1kJ}則該反應的熱化學方程式為_______________________________________________________________。rm{(2)}混合動力車目前一般使用鎳氫電池，該電池中鎳的化合物為正極，儲氫金屬rm{(}以rm{M}表示rm{)}為負極，堿液rm{(}主要為rm{KOH)}為電解質溶液。鎳氫電池充放電原理示意如圖，其總反應式為rm{H_{2}+2NiOOHunderset{魯盲碌莽}{overset{路脜碌莽}{?}}2Ni(OH)_{2}}根據(jù)所給信息判斷，混合動力車上坡或加速時，乙電極的電極反應方程式為___________________________________________________rm{H_{2}+2NiOOHunderset{魯盲碌莽}{overset{路脜碌莽}{?}}

2Ni(OH)_{2}}是一種半導體材料，可通過如圖所示的電解裝置制取，電解總反應式為rm{(3)Cu_{2}O}陰極的電極反應式是________________________________________用鎳rm{2Cu+H_{2}Ooverset{脥簍碌莽}{=!=!=!=!=}Cu_{2}O+H_{2}隆眉}氫電池作為電源進行電解，當電池中有rm{1molH}rm{1molH}rm{{,!}_{2}}被消耗時，rm{Cu}的理論產(chǎn)量為________rm{Cu}rm{{,!}_{2}}時，有關物質的電離平衡常數(shù)如下：rm{O}的理論產(chǎn)量為________rm{g}常溫下，體積為rm{O}的醋酸溶液與亞硫酸溶液分別加蒸餾水稀釋至rm{g}稀釋后溶液的rm{(II)25隆忙}前者___________后者rm{(4)}填“rm{10mLpH=2}”、“rm{1000mL}”或“rm{pH}”rm{(}rm{>}下列離子rm{<}rm{=}rm{)}rm{(5)}下列離子rm{CH}rm{(5)}rm{CH}rm{{,!}_{3}}rm{COO}rm{COO}rm{{,!}^{-}}、rm{CO}rm{CO}、rm{HSO}rm{HSO}評卷人得分六、實驗題(共1題，共8分)31、某同學在做“利用單擺測重力加速度”實驗中，先測得擺線長為101.00cm，擺球直徑為2.00cm，然后用秒表記錄了單擺振動50次所用的時間為101.5s。則（1）他測得的重力加速度g=________m/s2。（保留三位有效數(shù)字）（2）他測得的g值偏小，可能的原因是____A．測擺線長時擺線拉得過緊B．擺線上端未牢固地系于懸點，振動中出現(xiàn)松動，使擺線長度增加了C．開始計時時，秒表過遲按下D．實驗中誤將49次全振動數(shù)為50次（3）為了提高實驗精度，在實驗中可改變幾次擺長L并測出相應的周期T，從而得出一組對應的L與T的數(shù)據(jù)，再以L為橫坐標、T2為縱坐標將所得數(shù)據(jù)連成直線，并求得該直線的斜率k。則重力加速度表達式g=________。(用k表示)參考答案一、選擇題(共9題，共18分)1、A【分析】

鋼索拉著升降機在豎直方向上運動；鋼索所受的拉力最大時，則升降機的加速度向上，可能加速上升，也可能減速下降．

A；在下降過程中急速停下來時；向下的速度減小，則加速度方向向上，故A正確。

B；升降機勻速運動時；不論向下還是向上，拉力都等于重力．故BD錯誤；

C；升降機減速上升；則速度向上，加速度向下，則重力大于拉力，故C錯誤；

故選：A

【解析】【答案】當鋼索拉著做勻速運動時；拉力等于重力；當做加速度向下的運動時，拉力小于重力；當做加速度向上的運動時，拉力大于重力．

2、C【分析】【解析】試題分析：對物體進行受力分析，然后把重力和推力分解在沿斜面方向和垂直于斜面方向，在垂直于斜面方向受力平衡FN=Gcosθ+Fsinθ考點：受力分析，正交分解【解析】【答案】C3、D【分析】【解析】【答案】D4、C【分析】試題分析：導體棒以恒定加速度a進入磁場，由和得知I與t成正比，所以A錯誤；由牛頓第二定律：得知，F(xiàn)與t成一次函數(shù)，所以B錯誤；由P與t是二次函數(shù)，圖象為拋物線；所以C正確；電量q與t是二次函數(shù)，圖象為拋物線，所以D錯誤?？键c：電磁感應的圖象問題【解析】【答案】C5、D【分析】解：A；加速度與速度沒有直接關系；物體的速度越大，其加速度不一定越大，如速度很大的勻速運動，加速度為零，故A錯誤．

B；物體的速度變化越大；其加速度不一定越大，還與發(fā)生變化所用時間有關，故B錯誤．

C；物體的速度減小；加速度可能不變，如勻減速運動．加速度可能減小，也可能增大．故C錯誤．

D；物體的加速度不變；若加速度方向與速度方向相反，則速度減小，故D正確．

故選：D

加速度與速度沒有直接關系；加速度表示物體速度變化的快慢，速度變化越快，加速度一定越大．由此分析即可．

本題的解題關鍵是抓住速度與加速度無關的特點和加速度的物理意義，來理解加速度與速度的關系．【解析】【答案】D6、B【分析】解：AB

設燈泡的額定電壓為U

額定電流為I

則副線圈電壓為3U

電流為I

原線圈的燈泡正常發(fā)光，電流也為I

所以原副線圈的匝數(shù)比為11

原線圈兩端電壓為3U

所以U1U2=43

A錯誤，B正確；

C；若將L1

短路；則原線圈的電壓增大，則副線圈兩端電壓也增大，三個燈泡不能正常發(fā)光，C錯誤；

D、若將L2

短路，設副線圈的電流為I

原線圈的電流也為I

因此2IR+IR=U1

則副線圈的每個燈泡兩端的電壓變?yōu)轭~定電壓的43

D錯誤．

故選：B

．

設每只燈的額定電流為I

因串聯(lián)在副線圈兩端的三只小燈泡正常發(fā)光，所以副線圈中的總電流為I

由電流關系求出匝數(shù)比；由匝數(shù)比求電壓關系．

題解題的突破口在原副線圈的電流關系，難度不大，屬于基礎題．【解析】B

7、D【分析】解：帶負電圓盤如圖轉動時；形成逆時針方向（從上向下）的電流，根據(jù)右手螺旋定則可知，在圓盤上方形成的磁場方向豎直向上，根據(jù)左手定則，伸開左手，讓四指和電流方向一致，磁感線穿過手心，則大拇指指向垂直紙面向外，因此安培力的方向水平向外，故D正確，ABC錯誤。

故選：D。

帶電圓盤轉動時形成環(huán)形電流；利用右手螺旋定則判斷出環(huán)形電流在導線處的磁場方向，然后根據(jù)左手定則即可正確判斷通電直導線所受磁場力的方向。

本題考查了電流的形成、右手螺旋定則、左手定則等基礎知識，要掌握兩種定則的使用方法、條件，熟練應用其解決問題?！窘馕觥緿8、C【分析】解：A；由左手定則可知；安培力方向應豎直向下，故A錯誤；

B；根據(jù)左手定則可知；洛倫茲力方向向上，故B錯誤；

C；根據(jù)左手定則可知；安培力方向水平向右，故C正確；

D；粒子帶負電；由左手定則可知，粒子受力豎直向下，故D錯誤。

故選：C。

根據(jù)左手定則判斷出安培力的方向；伸開左手，使大拇指與四指方向垂直，四指方向與電流方向相同，磁場方向垂直于掌心，大拇指所指方向為安培力的方向．

解決本題的關鍵掌握左手定則判斷磁場方向、電流方向、安培力方向的關系，要注意明確負電荷在判斷時洛倫茲力時，四指要指向運動的反方向．【解析】C9、B【分析】【詳解】

取小球a、b整體作為研究對象，則受重力2mg、懸線拉力FT和電場力F作用處于平衡；此三力滿足如圖所示的三角形關系；

由圖知F的最小值為由知故B對。

綜上所述所述本題答案是：B二、填空題(共7題，共14分)10、略

【分析】

電容C=μF．

當電量減小一半，電容不變，則電勢差．

電勢差變?yōu)樵瓉淼囊话?，根?jù)E=知，電場強度變?yōu)樵瓉淼模?/p>

故答案為：2×10-2，1，．

【解析】【答案】根據(jù)電容的定義式求出電容的大?。鶕?jù)Q=CU求出兩板間電勢差；結合勻強電場的場強公式判斷電場強度的變化．

11、略

【分析】試題分析:該質子在a點具有的電勢能為該質子從a點運動到b點，電場力做功考點：電勢；電勢能【解析】【答案】1.2810-18J；3.210-19J12、電磁波能【分析】【解答】手機已成為人們普遍使用的通信工具；它是由電磁波來傳遞信息的，電磁波本身就是物質，故能在真空中傳播．

故答案為：電磁波；能．

【分析】手機既是電磁波的發(fā)射臺，也是電磁波的接收臺；電磁波本身就是物質，能在真空中傳播．13、略

【分析】解：螺線管內部的磁場方向水平向右；根據(jù)安培定則，知螺線管中的電流從左側流進，右側流出，實驗a端為電源的正極．內部的磁場由S指向N，實驗c端為S極或南極．

故答案為：正；S

根據(jù)小磁針的指向；通過安培定則判斷出螺線管電流的流向，從而知道電源的正負極．螺線管等效為條形磁鐵，根據(jù)內部磁場的方向得出螺線管的極性．

解決本題的關鍵掌握安培定則，會運用安培定則判斷電流與磁場的關系．【解析】正；S14、略

【分析】解：設A

球質量為m

根據(jù)mAmBmC=121

可知B

球質量為2mC

球質量為m

小球A

受到小球B

和C

的作用力分別記為FBA

和FCA

小球B

分別受到小球A

和C

的作用力分別記為FAB

和FCB

小球C

受到A

和B

的作用力記為FAC

和FBC

對小球A

有：FBA+FCA=ma1壟脵

對小球B

有：FAB+FCB=2ma2壟脷

對小球C

有：FAC+FBC=ma3壟脹

由于FBA

和FAB

互為作用力和反作用力；故其大小相等方向相反，有FBA+FAB=0

故有。

壟脵+壟脷+壟脹

得：

ma1+2ma2+ma3=0

根據(jù)題意取向左為正方向；則有：a1=2m/s2a3=鈭?6m/s2

據(jù)ma1+2ma2+ma3=0

知a2=2m/s2

方向與正方向相同即向左．

故答案為：2m/s2

向左。

在光滑的水平面上；小球所受重力和支持力平衡，使小球產(chǎn)生加速的力就是小球間相互作用的庫侖力，根據(jù)牛頓第三定律解出其加速度滿足的規(guī)律．

根據(jù)力的獨立作用性原理，根據(jù)牛頓第三定律求解出釋放每個小球時加速度所滿足的關系式，根據(jù)題目中給出的2

種情況下的加速值，求釋放B

球時產(chǎn)生的加速度a

．【解析】2m/s2

向左15、201.0×103【分析】解：設量杯的質量為m杯；液體的密度為ρ；

讀圖可知，當液體體積為V1=20cm3時，液體和杯的總質量m總1=m1+m杯=40g；

由ρ=可得：ρ×20cm3+m杯=40g①

當液體體積為V2=80cm3時，液體和杯的總質量m總2=m2+m杯=100g；

可得：ρ×80cm3+m杯=100g②

由①-②得；液體的密度：

ρ=1.0g/cm3=1.0×103kg/m3；

代入①得m杯=20g。

故答案為：20；1.0×103。

設量杯的質量為m杯；液體的密度為ρ，讀圖可知，當液體體積為V1=20cm3時，液體和杯的總質量m總1；當液體體積為V2=80cm3時，液體和杯的總質量m總2，列方程組求出液體密度和量杯質量。

讀取圖象獲取信息，進一步進行分析和計算，是本題的一大特點，形式較為新穎，即考查了密度的相關計算，同時更考查了對圖象的認識，值得我們關注，這也是我們應該鍛煉的實驗能力?！窘馕觥?01.0×10316、光敏與【分析】【分析】由題意分析可知，當放在保險箱前地毯下的按鈕開關S

被腳踩下閉合，同時安裝在保險箱里的光敏電阻R0

被透入的光線照射時，蜂鳴器就會發(fā)出鳴叫聲，說明某個事件的條件全部滿足，事件才能發(fā)生.

即可知采用與門電路。對于門電路要清楚其原理及功能，并且通過分析題意才能找出正確的對應關系?！窘獯稹颗c門的特點是當某個事件的條件全部滿足時，事件才能發(fā)生，由題意分析：按鈕開關S

被腳踩下閉合和光敏電阻R0

被透入的光線照射同時滿足時，蜂鳴器就會發(fā)出鳴叫聲，可知虛線方框中使用的門電路是與門電路。故填：光敏，與。【解析】光敏與三、判斷題(共6題，共12分)17、A【分析】【解答】解：根據(jù)電場線的特點可知；沿電場線的方向電勢降低；電場線垂直于等勢面、同一等勢面移動電荷電場力不做功．

故答案為：正確．

【分析】解決本題要根據(jù)：電場線是人為假想的曲線，從正電荷或無限遠出發(fā)，終止于無限遠或負電荷，不閉合，電場線疏密描述電場強弱，電場線密的地方，電場強度大，疏的地方電場強度弱，沿電場線的方向電勢降低．18、B【分析】【解答】解：電勢差類似于高度差；沒有方向，是標量，正負表示電勢的相對大小．

兩點間的電勢差等于電勢之差；由電場中兩點的位置決定，與零電勢點的選取無關．由以上的分析可知，以上的說法都錯誤．

故答案為：錯誤。

【分析】電勢差是標量，正負表示大??；電勢差與零電勢點的選取無關；沿著電場線方向電勢降低；電勢反映電場本身的性質，與試探電荷無關．19、B【分析】【解答】解：沿著電場線方向；電勢降低，且降低最快；

那么電勢降低最快的方向才是電場線的方向；但電勢降低的方向不一定是電場線的方向，故錯誤；

故答案為：錯誤．

【分析】電場強度和電勢這兩個概念非常抽象，借助電場線可以形象直觀表示電場這兩方面的特性：電場線疏密表示電場強度的相對大小，切線方向表示電場強度的方向，電場線的方向反映電勢的高低．20、B【分析】【解答】解：根據(jù)靜電平衡的特點；導體是等勢體，金屬導體的內部電場強度處處為零；

由于處于靜電平衡狀態(tài)的導體是一個等勢體；則表面電勢處處相等，即等勢面，那么電場線與等勢面垂直；

故答案為：錯誤．

【分析】金屬導體在點電荷附近，出現(xiàn)靜電感應現(xiàn)象，導致電荷重新分布．因此在金屬導體內部出現(xiàn)感應電荷的電場，正好與點電荷的電場疊加，只有疊加后電場為零時，電荷才不會移動．此時導體內部電場強度處處為零，電荷全部分布在表面，且為等勢面，導體是等勢體．21、A【分析】【解答】解：點電荷在A點的場強

根據(jù)場強的疊加原理得；則兩點的場強是由正點電荷和勻強電場場強的合成，A點的場強大小為。

EA=E點﹣E勻=9×103N/C﹣9×103N/C=0；所以A處場強大小為0

故答案為：正確。

【分析】根據(jù)公式E=k求出點電荷在A點處產(chǎn)生的場強大小，判斷出場強方向，A點的場強是由正點電荷和勻強電場場強的合成，根據(jù)平行四邊形定則求解A點處的場強大小及方向．22、B【分析】【解答】解：若把該圖象與等量異種點電荷電場中的部分等勢面圖比較；可以得到：靠近正電荷的點電勢高，靠近負電荷的點，電勢較低．所以，a處為正電荷．

等量異種點電荷電場中的部分等勢面圖象中的等勢面左右對稱；無窮遠處的電勢為0．該圖象的左側的等勢線比較密，無窮遠處的電勢為0，所以無窮遠處到兩點之間的電勢差相比，與a點之間的電勢差比較大，所以a點所帶的電量就多．

故答案為：錯誤．

【分析】若把該圖象與等量異種點電荷電場中的部分等勢面圖比較，很容易得出正確的結論．四、計算題(共4題，共28分)23、略

【分析】

由于兩球相撞時交換速度；則球A從最大位移處擺下來碰靜止的球B后，球A靜止，球B運動．同樣，球B擺下來碰靜止的球A后，球B靜止，球A運動．所以，總是只有一個球在擺動，兩球總是在最低點相碰．

本題考查了單擺的周期公式，解決本題的關鍵是知道兩個擺總是一個在動，理解系統(tǒng)的周期．【解析】解：兩質量相等的彈性小球做彈性正碰時；兩球速度交換．

由單擺周期公式有s；

s

從釋放小球A到第1次相碰經(jīng)歷時間t1=s

從小球B擺起到第2次相碰經(jīng)歷時間t2=s

從小球A擺起到第3次相碰經(jīng)歷時間t3=s

所以從釋放小球A到A、B第3次碰撞，共需時間t=t1+t2+t3=0.45s+0.6s+0.9s=1.95s

答：釋放小球A開始到兩球發(fā)生第3次碰撞的時間為1.95S24、略

【分析】

根據(jù)時間t=0.5s與周期的關系；則可得出波在0.5s內傳播的距離，再結合波形的平移，即可作出圖象．

本題是波動圖象中基本題，由質點的振動方向判斷波的傳播方向是基本功，會應用平移的方法畫出波的圖象．【解析】解：t=0.5s=1T，此時波形與t=T時刻波形相同，根據(jù)波形的平移法可知，將t=0時刻的波形向左平移λ得到；作出圖象如圖所示．

25、略

【分析】

根據(jù)電流的定義式I=qt

即可求解．

本題主要考查了電流定義式的直接應用，難度不大，屬于基礎題．【解析】解：根據(jù)電流的定義式得：電流I=qt=300.05=600A

．

答：所形成的電流大小為600A

26、略

【分析】

由圖象可知原線圈兩端電壓和周期；根據(jù)電壓與匝數(shù)程正比，電流與匝數(shù)成反比，變壓器的輸入功率和輸出功率相等，逐項分析即可得出結論．

本題考查的是學生讀圖的能力，根據(jù)圖象讀出交流電的最大值和周期，根據(jù)電壓和匝數(shù)之間的關系即可求得．【解析】解：(1)

由圖象可知原線圈兩端電壓的最大值為272

原線圈兩端電壓有效值27V

對理想變壓器有：

U2=n2n1U1=13隆脕27=9V

(2)

設輸出端電路中最多接入的燈泡個數(shù)為N

每個燈泡正常發(fā)光時通過原；副線圈的電流分別為I1I2

則根據(jù)理想變壓器有：

U1I1=U2I2I2=279隆脕3=9A

N=I2PLUL=966=9

答：(1)

圖甲中電壓表的示數(shù)9V(2)

燈泡均正常發(fā)光時電路中最多允許接入的燈泡個數(shù)9

個．五、簡答題(共4題，共32分)27、布朗運動或擴散現(xiàn)象先增大后減小逐漸增大【分析】【分析】物質是由大量分子組成的；分子在永不停息地做無規(guī)則運動，分子間存在著相互作用的引力和斥力；分子直徑的數(shù)量級為是10鈭?10m

當分子間距大于平衡位置時，分子力將先增大后減小。

本題考查分子動理論；掌握分子力與間距的變化關系，同時強調間距與平衡位置的比較。

【解答】擴散現(xiàn)象(

布朗運動)

說明分子在永不停息地做無規(guī)則運動；當分子間距大于平衡位置時，若間距增大，則分子引力與斥力都在減小，但斥力減小得快，所以體現(xiàn)為引力，則引力越來越大，隨著間距增大一定值時，引力與斥力都變小，所以分子力也變小，故分子力先增大后減小，分子勢能逐漸增大。

故填：布朗運動或擴散現(xiàn)象；先增大后減小，逐漸增大。

【解析】布朗運動或擴散現(xiàn)象先增大后減小逐漸增大28、略

【分析】

電流表測電路電流；電壓表測外電路電壓，即滑動變阻器電壓；

（1）當滑動變阻器接入電路的阻值為零時；電路短路，電路電流為短路電流，等于電源電壓與電源內阻的比值；當滑動變阻器接入電路的阻值與電源內阻阻值相等時，電源輸出功率最大，根據(jù)圖象數(shù)據(jù)，應用歐姆定律與電功率公式列方程，求出電源電壓，然后求出電池節(jié)數(shù)．

（2）電源的輸出功率與電源的總功率之比是電源的效率；滑動變阻器接入電路的阻值越大，電源效率越高，當滑動變阻器阻值全部接入電路時，滑動變阻器效率最高，由圖丙所示圖象，應用電功率公式及效率公式可以求出滑動變阻器的最大阻值．

（3）由歐姆定律；串聯(lián)電路特點及圖象可以求出各點的坐標．

本題難度較大，分析清楚電路結構、根據(jù)各圖象獲得所需信息，應用歐姆定律、電功率公式、效率公式等即可正確解題．【解析】解：設電源電壓為U，內阻為r；

（1）由Ⅱ圖可知，短路電流：I==3A；

當滑動變阻器電阻與電源內阻相等時；電源輸出功率最大；

由于滑動變阻器接入電路的電阻與電源內阻相等；

由串聯(lián)電路特點知；電源內阻電壓等于滑動變阻器電壓；

則滑動變阻器電壓為R滑=r，由乙圖得：P最大===4.5W；

解得：U=6V，r=2Ω，每節(jié)干電池電壓為1.5V，電源電壓為6V，則電源由4節(jié)干電池組成，每個電池的內阻．

（2）電源效率η=當滑動變阻器阻值全部接入電路時，電源的效率最高；

由丙圖得：η==0.8；解得R=8Ω；

（3）當輸出功率達到最大時R=4r=2Ω時，此時的路端電壓為3V，b（3V；4.5W）c（4.8V、2.88W）a（0.6A、4.8V）；

答：（1）串聯(lián)干電池的個數(shù)為4個；每個電池的內阻為0.5Ω．

（2）滑動變阻器的最大阻值為8Ω．

（3）各點坐標分別為：a（0.6A、4.8V）；b（3V、4.5W）；c（4.8V、2.88W）．29、(1)水解產(chǎn)生的氫氧化鐵膠體能吸附雜質。

(2)FeCl2NaClO

(3)2Fe3++3ClO-+10OH-=2FeO42-+3Cl-+5H2O

(4)K2FeO4溶解度小于Na2FeO4，析出晶體，促進反應進行

(5)B高鐵酸鉀在異丙醇中的溶解度小于在水中的溶解度，用異丙醇洗滌有利于提高產(chǎn)品回收率【分析】【分析】本題考查了制備粗高鐵酸鉀的工業(yè)流程的知識，涉及離子方程式的書寫?！窘獯稹縭m{(1)}氯化鐵做凈水劑的原因是：氯化鐵做凈水劑的原因是：rm{F{e}^{3+}+3{H}_{2}Ounderset{}{overset{}{?}}Fe(OH{)}_{3}+3{H}^{+}}rm{(1)}

rm{F{e}^{3+}+3{H}_{2}O

underset{}{overset{}{?}}Fe(OH{)}_{3}+3{H}^{+}}rm{F{e}^{3+}+3{H}_{2}Ounderset{}{overset{}{?}}Fe(OH{)}_{3}+3{H}^{+}}水解產(chǎn)生的氫氧化鐵膠體能吸附雜質；故答案為：吸收劑rm{F{e}^{3+}+3{H}_{2}O

underset{}{overset{}{?}}Fe(OH{)}_{3}+3{H}^{+}}的與水解產(chǎn)生的氫氧化鐵膠體能吸附雜質；rm{(2)}吸收劑rm{X}的與rm{Cl}rm{(2)}rm{X}rm{Cl}是rm{{,!}_{2}}反應的產(chǎn)物是rm{FeCl}rm{FeCl}rm{{,!}_{3}}，rm{X}是rm{FeCl}rm{X}rm{FeCl}rm{{,!}_{2}}，反應的離子方程式為：rm{2Fe}rm{2Fe}rm{{,!}^{2+}}rm{+Cl}rm{+Cl}和rm{{,!}_{2}}其中rm{=2Fe}能做氧化劑，所以rm{=2Fe}為rm{{,!}^{3+}}

rm{+2Cl}rm{+2Cl}rm{{,!}^{-}}；rm{Cl}堿性條件下反應rm{Cl}的離子方程式為：rm{{,!}_{2}}與氫氧化鈉反應生成rm{NaClO}和rm{NaCl}其中rm{NaClO}能做氧化劑，所以rm{Y}為rm{NaClO}rm{NaClO}rm{NaCl}rm{NaClO}rm{Y}rm{NaClO}故答案為：rm{FeCl}rm{FeCl}rm{{,!}_{2}}；rm{NaClO}rm{NaClO}rm{(3)}堿性條件下反應rm{壟脵}的離子方程式為：rm{2Fe}

rm{(3)}rm{壟脵}rm{2Fe}rm{{,!}^{3+}}rm{+3ClO}rm{+3ClO}rm{{,!}^{-}}rm{+10OH}rm{+10OH}rm{{,!}^{-}}rm{=2FeO}rm{=2FeO}rm{{,!}_{4}^{2-}}rm{+3Cl}該反應的化學方程式為rm{+3Cl}反應能發(fā)生的原因是rm{{,!}^{-}}溶解度小，析出晶體，促進反應進行；故答案為：rm{+5H}溶解度小于rm{+5H}析出晶體，促進反應進行；

rm{{,!}_{2}}在水溶液中易發(fā)生反應：rm{O}所以用堿液來洗滌，抑制水解，不引入新的雜質所以用稀rm{O}溶液，高鐵酸鉀在異丙醇中的溶解度小于在水中的溶解度，用異丙醇洗滌有利于提高產(chǎn)品回收率；故答案為：故答案為：rm{2Fe}rm{2Fe}。

rm{{,!}^{3+}}【解析】rm{(1)F{e}^{3+}+3{H}_{2}Ounderset{}{overset{}{?}}Fe(OH{)}_{3}+3{H}^{+}}水解產(chǎn)生的氫氧化鐵膠體能吸附雜質。

rm{(1)F{e}^{3+}+3{H}_{2}O

underset{}{overset{}{?}}Fe(OH{)}_{3}+3{H}^{+}}rm{(2)FeCl_{2}}

rm{NaClO}

rm{(3)2Fe^{3+}+3ClO^{-}+10OH^{-}=2FeO_{4}^{2-}+3Cl^{-}+5H_{2}O}rm{(4)}rm{K}rm{K}rm{{,!}_{2}}rm{FeO}rm{FeO}rm{{,!}_{4}}溶解度小于rm{Na}rm{Na}

rm{{,!}_{2}}rm{FeO}rm{FeO}rm{{,!}_{4}}30、（1）C8H18（l）+O2（g）═8CO2（g）+9H2O（g）△H=-5121.9kJ?mol-1

（2）NiOOH+H2O+e-═Ni(OH)2+OH-

（3）2H++2e-=H2↑144

（4）<

（5）CO32-＞SO32-＞CH3COO-＞HSO3-

（6）c(Na+)＞c(HSO3-)＞c(H+)＞c(SO32-)＞c(OH-)【分析】【分析】本題考查學生有關電化學和熱化學的知識，注意熱化學方程式書寫和電極反應式書寫，綜合性較強，難度中等。【解答】rm{(1)}辛烷rm{C_{8}H_{18}}燃燒生成rm{1mol}水蒸氣時放熱rm{569.1KJ}rm{1mol}辛烷燃燒生成rm{9mol}水，所以rm{1mol}辛烷燃燒放熱放熱rm{569.1KJ隆脕9=5121.9kJ}其熱化學方程式為：rm{C_{8}H_{18}(l)+dfrac{25}{2}O_{2}(g)簍T8CO_{2}(g)+9H_{2}O(g)triangleH=-5121.9kJ?mol^{-1}}故答案為：rm{C_{8}H_{18}(l)+dfrac{25}{2}O_{2}(g)簍T8CO_{2}(g)+9H_{2}O(g)triangleH=-5121.9kJ?mol^{-1}}

rm{C_{8}H_{18}(l)+dfrac

{25}{2}O_{2}(g)簍T8CO_{2}(g)+9H_{2}O(g)triangleH=-5

121.9kJ?mol^{-1}}混合