2025年岳麓版高三物理上冊(cè)階段測(cè)試試卷含答案

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請(qǐng)※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年岳麓版高三物理上冊(cè)階段測(cè)試試卷含答案考試試卷考試范圍：全部知識(shí)點(diǎn)；考試時(shí)間：120分鐘學(xué)校：______姓名：______班級(jí)：______考號(hào)：______總分欄題號(hào)一二三四五六總分得分評(píng)卷人得分一、選擇題(共6題，共12分)1、小華乘出租車到車站接人后返回出發(fā)地，司機(jī)打出全程的發(fā)票如圖所示，則此過程中，出租車運(yùn)動(dòng)的路程和位移分別是（）A.9.8km，9.8kmB.0，0C.0，9.8kmD.9.8km，02、下列說法正確的是（）A.擲出的鉛球速度不大，所以其慣性很小，可以用手去接B.用力打出的乒乓球速度很大，因此其慣性很大，不能用手去接C.相同的兩輛車，速度大的比速度小的難以停下，是因?yàn)樗俣却蟮能噾T性大D.相同的兩輛車，慣性大小相同3、如圖，帶箭頭的線表示某一電場(chǎng)的電場(chǎng)線的分布情況，一帶電粒子在電場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的軌跡如圖中虛線所示，若不計(jì)重力，則下列判斷正確的是（）A.若粒子從A向B運(yùn)動(dòng)，則粒子帶正電B.無論粒子如何運(yùn)動(dòng)，粒子必帶正電C.若粒子從B向A運(yùn)動(dòng)，則其加速度大小不變D.若粒子從B向A運(yùn)動(dòng)，則其加速度大小減小4、關(guān)于動(dòng)量的概念，下列說法正確的是（）A.動(dòng)量大的物體慣性一定大B.動(dòng)量大的物體運(yùn)動(dòng)一定快C.動(dòng)量相同的物體動(dòng)能一定相同D.動(dòng)量相同的物體速度小的慣性大5、一臺(tái)起重機(jī)將質(zhì)量m=1×103kg的貨物從靜止勻加速地豎直吊起，在2s末貨物的速度v=4m/s．求起重機(jī)在2s內(nèi)對(duì)貨物做的功和在2s內(nèi)的平均輸出功率．（g取10m/s2）（）A.平均功率為2kw，瞬時(shí)功率為4kwB.平均功率為20kw，瞬時(shí)功率為40kwC.平均功率為4kw，瞬時(shí)功率為2kwD.平均功率為40kw，瞬時(shí)功率為20kw6、如圖，簡諧橫波在t時(shí)刻的波形如實(shí)線所示，經(jīng)過△t=3s，其波形如虛線所示．己知圖中x1與x2相距1m，波的周期為T，且2T＜△t＜4T．則下列說法中正確的是（）A.可能的最小波速為5m/sB.可能的最小波速為m/sC.可能的最小周期為sD.可能的最小周期為s評(píng)卷人得分二、填空題(共8題，共16分)7、電火花計(jì)時(shí)器是使用交流電源的計(jì)時(shí)儀器，工作電壓是____V，使用頻率為50Hz的電源，打點(diǎn)的時(shí)間間隔是____s．8、甲、乙兩物體質(zhì)量之比為2：1，所受合外力之比為1：2，則甲、乙兩物體運(yùn)動(dòng)的加速度之比為____；若甲、乙均由靜止開始經(jīng)過相同的時(shí)間，則通過相等的位移之比為____．9、某導(dǎo)體的電阻是l0Ω，在20s內(nèi)通過它某一橫截面的電荷量是60C，通過這個(gè)導(dǎo)體的電流是____A，電壓是____V．10、質(zhì)點(diǎn)做初速度為零的勻變速直線運(yùn)動(dòng)，加速度為3m/s2，則質(zhì)點(diǎn)在第3s初的速度是____m/s，在第3s末的速度是____m/s．11、（2009春?普陀區(qū)校級(jí)期中）如圖所示，為一雙線擺，二擺線長均為L，懸點(diǎn)在同一水平面上，使擺球A垂直于紙面做簡諧振動(dòng)，當(dāng)A球從平衡位置通過的同時(shí)，小球B在A球的正上方由靜止釋放，小球A、B剛好相碰，則小球B距小球A的平衡位置的最小距離等于____．（已知懸線與天花板夾角為α）12、（2012?長白縣校級(jí)模擬）有兩列簡諧橫波a、b在同一媒質(zhì)中沿x軸正方向傳播；波速均為v=2.5m/s．在t=0時(shí)，兩列波的波峰正好在x=2.5m處重合（如圖）．那么兩

列波的周期Ta和Tb之比為____；t=0時(shí)兩列波的波峰重合處的所有位置X=____m．13、19

世紀(jì)中葉，英國物理學(xué)家______系統(tǒng)總結(jié)了人類對(duì)電磁規(guī)律的研究成果，提出了電磁場(chǎng)理論并預(yù)言了電磁波的存在，赫茲用實(shí)驗(yàn)證實(shí)了電磁波的存在.

電磁波在日常生產(chǎn)、生活中得到了廣泛的應(yīng)用，某衛(wèi)星傳送電視信號(hào)的頻率為2.0隆脕109HZ

它在真空中的波長為______m.

14、圖1為甲、乙兩物體運(yùn)動(dòng)的位移-時(shí)間圖象，則乙的速度是____m/s；在圖2中畫出甲物體運(yùn)動(dòng)的速度-時(shí)間圖象．

評(píng)卷人得分三、判斷題(共6題，共12分)15、氣體由狀態(tài)1變到狀態(tài)2時(shí)，一定滿足方程=．____．（判斷對(duì)錯(cuò)）16、在磁場(chǎng)中任一點(diǎn)，小磁針北極的受力方向?yàn)樵擖c(diǎn)的磁場(chǎng)方向．____．（判斷對(duì)錯(cuò)）17、同一汽車，速度越快，越難剎車，說明物體速度越大，慣性越大．____（判斷對(duì)錯(cuò)）18、分力的大小一定小于合力的大?。甠___．19、電場(chǎng)線真實(shí)地存在于電場(chǎng)中．____．（判斷對(duì)錯(cuò)）20、光的偏振現(xiàn)象說明光是橫波____（判斷對(duì)錯(cuò)）評(píng)卷人得分四、實(shí)驗(yàn)探究題(共1題，共10分)21、在描繪小電珠的伏安特性曲線實(shí)驗(yàn)中；一組同學(xué)用量程3V

的電壓表測(cè)量小電珠的電壓，用多用電表的250mA

擋測(cè)量通過小電珠的電流．

(1)

在圖甲電路中，需要將多用電表的兩表筆連接到ab

兩處.

其中黑表筆應(yīng)與______(

填“a

”或“b

”)

連接．

(2)

將得到的數(shù)據(jù)記錄在表格中；當(dāng)電壓為1.50V

時(shí).

對(duì)應(yīng)的多用電表指針指示如圖乙所示，其讀數(shù)為______mA

．

(3)

根據(jù)表格中的其他數(shù)據(jù)；在答題卡的坐標(biāo)紙上繪制出I鈭?U

曲線．

。電壓U/V00.501.001.502.002.50電流I/mA0115154188200(4)

由I鈭?U

曲線可以看出；隨電壓；電流的增大，小電珠的電阻______(

填“變大”、“變小”或“不變”)

．

(5)

實(shí)驗(yàn)完成后；一位同學(xué)用多用電表的歐姆擋測(cè)量小電珠的電阻.

他將選擇開關(guān)置于電阻“隆脕l

”擋，調(diào)零后將紅黑表筆接在小電珠的兩極上.

已知多用電表內(nèi)部歐姆擋所接電池的電動(dòng)勢(shì)為1.5V

歐姆擋刻度盤的中央刻度示數(shù)為15.

則指針應(yīng)位于______區(qū)間．

A.R>10B.7<R<9C.4.5<R<7D.R<4.5

評(píng)卷人得分五、證明題(共4題，共32分)22、電磁彈是我國最新研究的重大科技項(xiàng)目，原理可用下述模型說明．如圖甲所示，虛線MN右側(cè)存在豎直向上的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，邊長為L的正方形單匝金屬線框abcd放在光滑水平面上，電阻為R，質(zhì)量為m，ab邊在磁場(chǎng)外側(cè)緊靠MN虛線邊界．t=0時(shí)起磁感應(yīng)強(qiáng)度B隨時(shí)間t的變化規(guī)律是B=B0+kt（k為大于零的常數(shù)）．空氣阻力忽略不計(jì)．

（1）求t=0時(shí)刻；線框中感應(yīng)電流的功率P；

（2）若用相同的金屬線繞制相同大小的n匝線框，如圖乙所示，在線框上加一質(zhì)量為M的負(fù)載物，證明：載物線框匝數(shù)越多，t=0時(shí)線框加速度越大．23、船以4m/s′的速度（相對(duì)靜水）垂直河岸渡河；水流的速度為5m/s．若河寬為120m，試計(jì)算：

（1）船能否垂直到達(dá)對(duì)岸？

（2）船需要多少時(shí)間才能到達(dá)對(duì)岸？

（3）船登陸的地點(diǎn)離出發(fā)點(diǎn)的距離是多少？24、如圖所示，1、2、3為p-V圖中一定量理想氣體的三個(gè)狀態(tài)，該理想氣體由狀態(tài)1經(jīng)過程1-3-2到達(dá)狀態(tài)2．試?yán)脷怏w實(shí)驗(yàn)定律證明：．25、（2015秋?西城區(qū)期末）如圖1所示；一根輕質(zhì)彈簧上端固定在天花板上，下端掛一小球（可視為質(zhì)點(diǎn)），彈簧處于原長時(shí)小球位于O點(diǎn)．將小球從O點(diǎn)由靜止釋放，小球沿豎直方向在OP之間做往復(fù)運(yùn)動(dòng)，如圖2所示．小球運(yùn)動(dòng)過程中彈簧始終處于彈性限度內(nèi)．不計(jì)空氣阻力，重力加速度為g．

（1）在小球運(yùn)動(dòng)的過程中，經(jīng)過某一位置A時(shí)動(dòng)能為Ek1，重力勢(shì)能為EP1，彈簧彈性勢(shì)能為E彈1，經(jīng)過另一位置B時(shí)動(dòng)能為Ek2，重力勢(shì)能為EP2，彈簧彈性勢(shì)能為E彈2．請(qǐng)根據(jù)功是能量轉(zhuǎn)化的量度；證明：小球由A運(yùn)動(dòng)到B的過程中，小球；彈簧和地球組成的物體系統(tǒng)機(jī)械能守恒；

（2）已知彈簧勁度系數(shù)為k．以O(shè)點(diǎn)為坐標(biāo)原點(diǎn)；豎直向下為x軸正方向，建立一維坐標(biāo)系O-x，如圖2所示．

a．請(qǐng)?jiān)趫D3中畫出小球從O運(yùn)動(dòng)到P的過程中，彈簧彈力的大小F隨相對(duì)于O點(diǎn)的位移x變化的圖象．根據(jù)F-x圖象求：小球從O運(yùn)動(dòng)到任意位置x的過程中彈力所做的功W，以及小球在此位置時(shí)彈簧的彈性勢(shì)能E彈；

b．已知小球質(zhì)量為m．求小球經(jīng)過OP中點(diǎn)時(shí)瞬時(shí)速度的大小v．評(píng)卷人得分六、綜合題(共4題，共36分)26、【題文】如圖12-2-12所示為一列簡諧波某時(shí)刻的波形圖；圖中P點(diǎn)為介質(zhì)中一質(zhì)點(diǎn)，此時(shí)刻恰好過平衡位置，已知其振動(dòng)周期T="0.4"s，求至少過多長時(shí)間P質(zhì)點(diǎn)到達(dá)波峰？

圖12-2-1227、

（1）請(qǐng)分析二極管是否發(fā)光？

（2）到了節(jié)日，要想在傍晚時(shí)天亮一點(diǎn)就點(diǎn)，應(yīng)該把R1的阻值調(diào)大些還是調(diào)小些？28、【題文】把一個(gè)額定電壓和額定功率分別為4V和6W的白熾燈和一個(gè)內(nèi)電阻為0.5Ω的電動(dòng)機(jī)串聯(lián)后接在電動(dòng)勢(shì)為13.5

Ｖ；內(nèi)阻為0.3Ω的電源兩端,接通后電燈正常發(fā)光。求：

①電動(dòng)機(jī)兩端的電壓；

②電動(dòng)機(jī)輸出的機(jī)械功率。29、【題文】彈簧在不受作用力時(shí)所具有的長度稱為自然長度，記為l0；彈簧受到拉力作用后會(huì)伸長，受到壓力作用后會(huì)縮短，如果受力作用時(shí)的長度稱為實(shí)際長度，記為l；而l與l0之差的絕對(duì)值稱為形變量，記為x；x=|l－l0|．有一彈簧振子如圖所示，放在光滑的水平面上，彈簧處于自然長度時(shí)M靜止在O位置，一質(zhì)量為m=20g的子彈，以一定的初速度射入質(zhì)量為M=1980g的物塊中；并留在其中一起壓縮彈簧．振子在振動(dòng)的整個(gè)過程中，彈簧的彈性勢(shì)能隨彈簧的形變量變化的關(guān)系如圖所示．則。

（1）根據(jù)圖線可以看出，M被子彈擊中后將在O點(diǎn)附近哪一區(qū)間運(yùn)動(dòng)？

（2）子彈的初速度為多大？

（3）當(dāng)M運(yùn)動(dòng)到O點(diǎn)左邊離O點(diǎn)2cm的A點(diǎn)處時(shí)，速度u多大？

（4）現(xiàn)若水平面粗糙，上述子彈擊中M后同樣從O點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到A點(diǎn)時(shí)，振子的速度變?yōu)?m/s，則M從開始運(yùn)動(dòng)到運(yùn)動(dòng)到A點(diǎn)的過程中，地面的摩擦力對(duì)M做了多少功？彈簧的彈力對(duì)M做了多少功？參考答案一、選擇題(共6題，共12分)1、D【分析】【分析】由出租車發(fā)票可以求出出租車的行駛時(shí)間與路程．位移是矢量，為初末兩點(diǎn)的直線距離；路程是標(biāo)量，為物體經(jīng)過軌跡的長度．【解析】【解答】解：由題意可知；出租返回出發(fā)地，故位移為零；

由圖可知；汽車經(jīng)過的路程為9.8km；

故選：D．2、D【分析】【分析】慣性是物體的固有屬性，它指的是物體能夠保持原來的運(yùn)動(dòng)狀態(tài)的一種性質(zhì)，慣性大小與物體的質(zhì)量有關(guān)，質(zhì)量越大，慣性越大．【解析】【解答】解：A；物體的慣性只與物體的質(zhì)量有關(guān)；與速度、狀態(tài)等無關(guān)，故A錯(cuò)誤；

B；乒乓球質(zhì)量小；慣性小，與速度、狀態(tài)等無關(guān)，故B錯(cuò)誤；

C；相同的兩輛車；慣性大小相同，與速度的大小無關(guān)，故C錯(cuò)誤，D正確；

故選：D3、D【分析】【分析】做曲線運(yùn)動(dòng)物體所受合外力指向曲線內(nèi)側(cè)；本題中粒子只受電場(chǎng)力，由此可判斷電場(chǎng)力向左；

根據(jù)電場(chǎng)力做功可以判斷電勢(shì)能的高低和動(dòng)能變化情況，加速度的判斷可以根據(jù)電場(chǎng)線的疏密進(jìn)行【解析】【解答】解：A、根據(jù)做曲線運(yùn)動(dòng)物體所受合外力指向曲線內(nèi)側(cè)可知電場(chǎng)力的方向與電場(chǎng)線的方向相反，所以不論粒子是從a運(yùn)動(dòng)到b，還是從b運(yùn)動(dòng)到a；粒子必帶負(fù)電，故A錯(cuò)誤，B錯(cuò)誤；

C、電場(chǎng)線密的地方電場(chǎng)的強(qiáng)度大，所以粒子在b點(diǎn)受到的電場(chǎng)力大，在b點(diǎn)時(shí)的加速度較大．所以粒子從b運(yùn)動(dòng)到a；則其加速度減小，故C錯(cuò)誤；

D；若粒子從B向A運(yùn)動(dòng)；電場(chǎng)線變疏，場(chǎng)強(qiáng)變小，電場(chǎng)力變小，則其加速度大小，故D正確．

故選：D4、D【分析】【分析】動(dòng)量（國際單位制中的單位為kg?m/s）表示為物體的質(zhì)量和速度的乘積，是與物體的質(zhì)量和速度相關(guān)的物理量，指的是這個(gè)物體在它運(yùn)動(dòng)方向上保持運(yùn)動(dòng)的趨勢(shì)．動(dòng)量也是矢量，它的方向與速度的方向相同．【解析】【解答】解：A；動(dòng)量等于物體的質(zhì)量與速度的乘積；動(dòng)量大的物體其質(zhì)量不一定大，故慣性不一定大，故A錯(cuò)誤；

B；動(dòng)量大的物體如果質(zhì)量大；則其運(yùn)動(dòng)的速度不一定大，故B錯(cuò)誤；

C、動(dòng)量相同的物體質(zhì)量不一定相同，據(jù)動(dòng)量動(dòng)能的關(guān)系有；知?jiǎng)恿肯嗤奈矬w動(dòng)能不一定相同，故C錯(cuò)誤；

D；動(dòng)量相同的物體；據(jù)P=mv可知，速度小的質(zhì)量大，而質(zhì)量大的物體慣性大，故D正確．

故選：D．5、B【分析】【分析】由勻變速運(yùn)動(dòng)的公式求起重機(jī)的拉力、物體的位移，由功的公式求出起重機(jī)做的功，由功率公式求出拉力的平均功率；由速度公式求出2s末的速度，然后由P=Fv求出拉力的瞬時(shí)功率．【解析】【解答】解：（1）物體向上運(yùn)動(dòng)的加速度a==2m/s2；

由牛頓第二定律得：F-mg=ma，起重機(jī)的拉力F=1.2×104N；

物體上升的高度h=at2=×2×22=4m；

起重機(jī)做功的平均功率==2.4×104W；

（2）2s末的速度v=at=2×2=4m/s；

起重機(jī)在2s末的瞬時(shí)功率：

P=Fv=1.2×104×4=4.8×104W．

故選：B6、A【分析】【分析】分波向左傳播和向右傳播兩種情況討論；先求出位移，再求解波速和對(duì)應(yīng)的周期．【解析】【解答】解：由圖象可以看出；波長為：λ=7m；

2T＜△t＜4T；故波傳播的距離：2λ＜△x＜4λ；

①波向右傳播；△x=15m或22m；

波速為v==5m/s或m/s；

周期為：T=或s；

②波向左傳播；△x=20m或27m

波速為v==m/s或9m/s；

周期為：T=或

所以最小波速為5m/s，最小周期為；故A正確．

故選：A二、填空題(共8題，共16分)7、2200.02【分析】【分析】了解打點(diǎn)計(jì)時(shí)器的構(gòu)造、工作原理、工作特點(diǎn)等，比如工作電壓、打點(diǎn)周期等，掌握基本儀器的使用，能夠正確的使用打點(diǎn)計(jì)時(shí)器．【解析】【解答】解：打點(diǎn)計(jì)時(shí)器是一種計(jì)時(shí)儀器；使用交流電源，電火花打點(diǎn)計(jì)時(shí)器使用交流220V電源工作，頻率為50HZ，打點(diǎn)的時(shí)間間隔為0.02s．

故答案為：220，0.02．8、1：41：4【分析】【分析】知道合外力大小之比；質(zhì)量之比，根據(jù)牛頓第二定律，可以求得加速度之比；

有加速度和時(shí)間，根據(jù)勻變速直線運(yùn)動(dòng)的位移時(shí)間公式可以求得位移之比；【解析】【解答】解：由a=得，

由x=at2，故

故答案為：1：4，1：4．9、330【分析】【分析】已知在20s內(nèi)通過它某一橫截面的電荷量是60C，可由：算出通過導(dǎo)體的電流，進(jìn)而算出電壓【解析】【解答】解：

已知在20s內(nèi)通過它某一橫截面的電荷量是60C，可由：=；電壓為：U=IR=3×10V=30V

故答案為：3；3010、69【分析】【分析】質(zhì)點(diǎn)做初速度為零的勻加速直線運(yùn)動(dòng)，已知加速度和時(shí)間，運(yùn)用速度公式v=at求速度．質(zhì)點(diǎn)在第3s初的速度即為在第2s末的速度．【解析】【解答】解：質(zhì)點(diǎn)在第3s初的速度即為在第2s末的速度，大小為v1=at1=3×2m/s=6m/s

在第3s末的速度為v2=at2=3×3m/s=9m/s

故答案為：6，911、【分析】【分析】雙線擺在擺動(dòng)過程中，等效擺長l′=lsinα，周期T=2π；

A球從平衡位置每經(jīng)過回到平衡位置均有可能與B球相碰；

再根據(jù)自由落體運(yùn)動(dòng)的位移公式計(jì)算，化簡可得小球B距平衡位置高度h．【解析】【解答】解：①雙線擺在擺動(dòng)過程中，等效擺長l′=lsinα，周期T=2π

②A球從平衡位置每經(jīng)過回到平衡位置均有可能與B球相碰；

則tA=時(shí)二者的距離最??；

又h=gtB2；

且tA=tB

可得：h=

故答案為：12、5：8x=（2.5±20k）（k=0，1，2，3，）【分析】【分析】由圖讀出兩列波的波長，由波速公式求解周期之比．運(yùn)用數(shù)學(xué)知識(shí)，求出位置坐標(biāo)的通項(xiàng)．【解析】【解答】解；（1）從圖中可以看出兩列波的波長分別為λa=2.5m，λb=4.0m，波長之比λa：λb=5：8．由波速公式v=，波速相同，則有周期Ta和Tb之比：Ta：Tb=λa：λb=5：8．

（2）兩列波波長的最小整數(shù)公倍數(shù)為S=20m；則t=0時(shí)，兩列波的波峰重合處的所有位置為

x=（2.5±20k）m；k=0，1，2，3，

故答案為：5：8，x=（2.5±20k）（k=0，1，2，3，）13、略

【分析】解：預(yù)言電磁波存在的物理學(xué)家是麥克斯韋；

由v=婁脣f

可知：

波長婁脣=Cf=3隆脕1082隆脕109=0.15m

故答案為：麥克斯韋；0.15

電磁波在真空中的傳播速度是一定的；和光速相同，即c=3隆脕108m/s

波長與波速間的關(guān)系為v=婁脣f

．

本題考查物理學(xué)史，是常識(shí)性問題，對(duì)于物理學(xué)上重大發(fā)現(xiàn)、發(fā)明、著名理論要加強(qiáng)記憶，這也是考試內(nèi)容之一；同時(shí)還要掌握波速公式，明確真空中光速為3隆脕108m/s

．【解析】麥克斯韋；0.15

14、2.5【分析】【分析】位移-時(shí)間圖象的斜率等于物體運(yùn)動(dòng)的速度，從位移圖上可以知道物體在任意時(shí)刻的速度（斜率）和位置（縱坐標(biāo)）．v-t圖象中，與時(shí)間軸平行的直線表示做勻速直線運(yùn)動(dòng)．【解析】【解答】解：根據(jù)位移-時(shí)間圖象可知：物體乙做勻速直線運(yùn)動(dòng)，速度為：v乙===2.5m/s．

物體甲做勻速直線運(yùn)動(dòng)，速度為：v甲===5m/s．畫出甲物體運(yùn)動(dòng)的速度-時(shí)間圖象如圖所示．

故答案為：2.5．畫出甲物體運(yùn)動(dòng)的速度-時(shí)間圖象如圖所示．三、判斷題(共6題，共12分)15、×【分析】【分析】根據(jù)理想氣體的狀態(tài)方程即可做出判定．【解析】【解答】解：對(duì)于一定質(zhì)量的理想氣體，由狀態(tài)1變到狀態(tài)2時(shí)，一定滿足方程=．若不滿足一定質(zhì)量的條件；該公式不成立．所以以上的說法是錯(cuò)誤的．

故答案為：×16、√【分析】【分析】磁場(chǎng)雖然是看不見、摸不著的，但它會(huì)對(duì)放入它中的磁體產(chǎn)生力的作用，小磁針N極在磁場(chǎng)中所受的磁力方向跟該點(diǎn)的磁場(chǎng)方向相同．【解析】【解答】解：磁體的周圍存在磁場(chǎng)；電流周圍也存在磁場(chǎng)，磁場(chǎng)的基本性質(zhì)是對(duì)放在其中的磁體存在力的作用．

磁場(chǎng)方向與放在該點(diǎn)的小磁針的N極靜止時(shí)的方向一致；或小磁針北極的受力方向?yàn)樵擖c(diǎn)的磁場(chǎng)方向．所以該說法是正確的．

故答案為：√17、×【分析】【分析】質(zhì)量是慣性的唯一標(biāo)志，與物體的速度大小，加速度大小，是否運(yùn)動(dòng)等全部無關(guān)．【解析】【解答】解：質(zhì)量是慣性的唯一標(biāo)志；與物體的速度大小，加速度大小，是否運(yùn)動(dòng)等全部無關(guān)，故此說法是錯(cuò)誤的．

故答案為：×．18、×【分析】【分析】（1）如果二力在同一條直線上；根據(jù)力的合成計(jì)算合力的大小，即同一直線上同方向二力的合力等于二力之和；

同一直線反方向二力的合力等于二力之差．

（2）如果二力不在同一條直線上，合力大小介于二力之和與二力之差之間．【解析】【解答】解：當(dāng)二力反向時(shí)；合力等于二力大小之差，合力有可能小于分力，故這句話是錯(cuò)誤的；

故答案為：×19、×【分析】【分析】為了研究的方便引入了電場(chǎng)線，實(shí)際不存在，電場(chǎng)線從正電荷或無限遠(yuǎn)出發(fā)，終止于無限遠(yuǎn)或負(fù)電荷，不相交不閉合，電場(chǎng)線疏密描述電場(chǎng)強(qiáng)弱，電場(chǎng)線密的地方，電場(chǎng)強(qiáng)度大，疏的地方電場(chǎng)強(qiáng)度弱．【解析】【解答】解：為了研究的方便引入了電場(chǎng)線；實(shí)際不存在．所以該說法是錯(cuò)誤的．

故答案為：×20、√【分析】【分析】可以把波分為橫波和縱波兩類，傳播的只是振動(dòng)形式和能量，而偏振現(xiàn)象與橫波有關(guān)，從而即可求解．【解析】【解答】解：偏振是橫波特有的現(xiàn)象；所以光的偏振現(xiàn)象說明光是橫波．以上說法是正確的．

故答案為：√四、實(shí)驗(yàn)探究題(共1題，共10分)21、略

【分析】解：(1)

多用電表充當(dāng)電流表時(shí)，應(yīng)保證電流紅進(jìn)黑出；根據(jù)電路圖可知，黑表筆應(yīng)接b

處；

(2)

由圖可知；電流表量程為250mA

則最小分度為5mA

則讀數(shù)為173mA

(3)

根據(jù)表中數(shù)據(jù)利用描點(diǎn)法可得出對(duì)應(yīng)的伏安特性曲線；

(4)I鈭?U

圖象中圖象的斜率表示電阻的倒數(shù)；由圖可知，電阻隨著電壓的增大而增大；

(5)

當(dāng)電壓為零時(shí)，圖象中過O

點(diǎn)的斜率可以表示常溫下的電阻，由圖可知，電阻約為：0.10.05=2婁賂

則可知；指針對(duì)應(yīng)的區(qū)間應(yīng)為D

故答案為：(1)b(2)173(3)

如圖所示；(4)

變大；(5)D

．

(1)

根據(jù)多用電表的讀數(shù)原理和電路圖可明確黑表筆應(yīng)接的位置；

(2)

根據(jù)電流表的量程確定最小分度；從而明確對(duì)應(yīng)的讀數(shù)；

(3)

根據(jù)描點(diǎn)法可得出對(duì)應(yīng)的伏安特性曲線；

(4)

根據(jù)圖象的性質(zhì)可明確電阻的變化；

(5)

根據(jù)圖象O

點(diǎn)的斜率可近似表示沒有電流時(shí)的電阻；則可明確多用電表的指針的位置．

本題考查伏安法描繪小燈泡的伏安特性曲線實(shí)驗(yàn)和多用電表的使用方法；要求能明確I鈭?U

圖象的性質(zhì)，根據(jù)圖象能得出電阻的變化．【解析】b173

變大；D

五、證明題(共4題，共32分)22、略

【分析】【分析】（1）先計(jì)算出線框中感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)；再代入功率的公式計(jì)算出線框中感應(yīng)電流的功率P；

（2）先計(jì)算出n匝線框中感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)，從而計(jì)算出安培力的大小，再由牛頓第二定律算出加速度來證明：載物線框匝數(shù)越多，t=0時(shí)線框加速度越大．【解析】【解答】解：（1）t=0時(shí)刻線框中的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)；由法拉第電磁感應(yīng)定律得。

功率=；

（2）n匝線框中時(shí)刻產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)。

線框的總電阻R總=nR

線框中的感應(yīng)電流

t=0時(shí)刻線框受到的安培力F=nB0IL

設(shè)線框的加速度為a；根據(jù)牛頓第二定律有。

F=（nm+M）a

解得：

可知n越大；a越大。

證得：若用相同的金屬線繞制相同大小的n匝線框；如圖乙所示，在線框上加一質(zhì)量為M的負(fù)載物，載物線框匝數(shù)越多，t=0時(shí)線框加速度越大．

答：（1）求t=0時(shí)刻，線框中感應(yīng)電流的功率P為；

（2）證明過程見解析．23、略

【分析】【分析】將小船渡河的運(yùn)動(dòng)分解為沿河岸方向和垂直于河岸方向的兩個(gè)分運(yùn)動(dòng)；在兩個(gè)方向上都做勻速直線運(yùn)動(dòng)，因此不能垂直到達(dá)對(duì)岸；

再根據(jù)分運(yùn)動(dòng)和合運(yùn)動(dòng)具有等時(shí)性求出渡河的時(shí)間；

結(jié)合兩方向的位移公式，由矢量合成法則，即可求解登陸的地點(diǎn)離船出發(fā)點(diǎn)的距離【解析】【解答】解：（1）船以4m/s垂直河岸的速度渡河；因存在水流的速度為5m/s，則是船不能垂直達(dá)到對(duì)岸；

（2）因船以4m/s垂直河岸的速度渡河時(shí)間最短，根據(jù)t==s=30s；則有渡河時(shí)間至少為30s；

（3）在渡河時(shí)間內(nèi)，船沿著水流方向的位移為：s=vst=5×30m=150m；

所以船登陸的地點(diǎn)離船出發(fā)點(diǎn)的距離是：x==m=30m；

答：（1）船不能垂直達(dá)到對(duì)岸；

（2）船需要30s時(shí)間才能達(dá)到對(duì)岸；

（3）船登陸的地點(diǎn)離船S發(fā)點(diǎn)的距離是30m．24、略

【分析】【分析】從p-V圖中找到某一過程中發(fā)生的是什么變化．

能夠運(yùn)用控制變量法研究多個(gè)物理量變化時(shí)的關(guān)系．【解析】【解答】證明：設(shè)狀態(tài)3的溫度為T；

狀態(tài)1-3為等壓過程，①

狀態(tài)3-2為等容過程，②

由①②兩式消去T，即得．25、略

【分析】【分析】（1）根據(jù)動(dòng)能定理；重力做功與重力勢(shì)能的關(guān)系、彈力做功與彈性勢(shì)能的關(guān)系分別列式；即可證明；

（2）畫出F-x圖象，該圖象與坐標(biāo)軸所圍的面積表示彈力做功，求出彈力做功從而得到彈簧的彈性勢(shì)能E彈；

（3）小球由O點(diǎn)到OP中點(diǎn)，根據(jù)動(dòng)能定理列式．小球由O點(diǎn)到P點(diǎn)，根據(jù)機(jī)械能守恒定律列式，聯(lián)立解得v．【解析】【解答】解：（1）設(shè)重力做的功為WG，彈力做的功為W彈

根據(jù)動(dòng)能定理得WG+W彈=Ek2-Ek1

由重力做功與重力勢(shì)能的關(guān)系WG=Ep1-Ep2

由彈力做功與彈性勢(shì)能的關(guān)系W彈=E彈1-E彈2

聯(lián)立以上三式可得Ek1+Ep1+E彈1=Ek2+Ep2+E彈2；

（2）a．F-x圖象如右圖所示。

圖中的圖線和x軸圍成的面積表示功的大小。

所以彈力做功為W=-

由彈力做功與彈性勢(shì)能的關(guān)系W彈=0-E彈

解得E彈=

b．小球由O點(diǎn)到OP中點(diǎn)；根據(jù)動(dòng)能定理得：

mgx-=-0

小球由O點(diǎn)