2025年華東師大版高二物理上冊階段測試試卷

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年華東師大版高二物理上冊階段測試試卷652考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學(xué)校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五總分得分評卷人得分一、選擇題(共7題，共14分)1、如圖所示；在“用DIS研究通電螺線管的磁感應(yīng)強度”的實驗中，M，N是通電螺線管軸線上的兩點，且這兩點到螺線管中心的距離相等．用磁傳感器測量軸線上M，N之間各點的磁感應(yīng)強度B的大小，并將磁傳感器頂端與M點的距離記作x．如果實驗操作正確，得到的B﹣x圖象應(yīng)為圖中的（）

A.B.C.D.2、照明供電線路的路端電壓基本上是保持不變的，可是我們在晚上七八點鐘用電高峰開燈時電燈比深夜時要顯得暗，這說明在用電高峰期（）A.每個用電器的功率減小了，所以降壓變壓器的輸出功率也減小了B.總電阻比深夜時大，干路電流小，每一支路的電流就小C.總電阻比深夜時小，干路電流大，輸電線上損失的電壓大D.干路電流一定，支路比深夜時多，分去了一部分電流3、有甲；乙、丙、丁四位同學(xué)在做“研究氣體實驗定律實驗”；分別得到如下四幅圖象(

如圖所示).

則如下的有關(guān)他們的說法，不正確的是(

)

A.若甲研究的是查理定律，則他作的圖象可能是圖a

B.若乙研究的是玻意耳定律，則他作的圖象是圖b

C.若丙研究的是查理定律，則他作的圖象可能是圖c

D.若丁研究的是蓋鈭?

呂薩克定律，則他作的圖象是圖d

4、完全相同的三塊木板并排固定在水平面上，一顆子彈以速度v

水平射入，若子彈在木塊中做勻減速直線運動，且穿過第三塊木塊后子彈速度恰好為零，則子彈依次剛射入每塊木塊時的速度之比和穿過每塊木塊所用的時間之比正確的是(

)

A.v1v2v3=321

B.v1v2v3=321

C.t1t2t3=321

D.t1t2t3=123

5、如圖所示是某離子速度選擇器的原理示意圖，在一半徑為R=10cm

的圓柱桶內(nèi)有B=1隆脕10鈭?4T

的勻強磁場，方向平行于軸線，在圓柱桶內(nèi)某一直徑兩端開有PQ

兩個小孔，其中P

孔作為入射孔，離子束以不同角度入射，最后有不同速度的離子束從Q

孔射出，現(xiàn)有一離子源發(fā)射荷質(zhì)為2隆脕1011C/kg

的陽離子，且粒子束中速度分布連續(xù)，當(dāng)角婁脠=45鈭?

時，出射離子速度v

的大小是(

)

A.2隆脕108m/s

B.22隆脕106m/s

C.22隆脕108m/s

D.42隆脕106m/s

6、如圖所示；輕繩AO

和BO

共同吊起質(zhì)量為m

的重物.AO

與BO

垂直，BO

與豎直方向的夾角為婁脠

則()

A.繩AO

所受的拉力大小為mgsin婁脠

B.繩AO

所受的拉力大小為mgsin胃

C.繩BO

所受的拉力大小為mgtan婁脠

D.繩BO

所受的拉力大小為mgcos胃

7、質(zhì)量為20Kg

的物體在動摩擦因數(shù)為0.1

的水平面上向右運動，在運動過程中受到水平向左，大小為10N

的拉力作用，則物體受到的摩擦力為(

)

A.10N

向右B.10N

向左C.20N

向右D.20N

向左評卷人得分二、填空題(共5題，共10分)8、如圖所示，變壓器原線圈應(yīng)該與______相連，副線圈與______相連(

選填“負(fù)載”、“電源”).

如果原線圈兩端的電壓為220V

匝數(shù)為110

匝，副線圈的匝數(shù)為22

匝，則副線圈兩端的電壓是______V.

9、螺旋測微器的示數(shù)為______mm

．

10、如圖（甲）是由某金屬材料制成的電阻阻值隨攝氏溫度t變化的圖象；若用該電阻與電池（電動勢E=1.5V，內(nèi)阻不計）；電流表（量程為5mA、內(nèi)阻不計）、電阻箱R′串聯(lián)起來，連接成如圖（乙）所示的電路，用該電阻做測溫探頭，把電流表的電流刻度改為相應(yīng)的溫度刻度，就得到了一個簡單的“金屬電阻溫度計”．

①電流刻度較大處對應(yīng)的溫度刻度____；（填“較大”或“較小”）

②若電阻箱阻值R′=150Ω，當(dāng)電流為5mA時對應(yīng)的溫度數(shù)值為____°C．11、兩根由同種材料制成的均勻電阻絲A、B串聯(lián)在電路中，A的長度為L，直徑為d；B的長度為2L，直徑為2d，那么通電后，A、B在相同的時間內(nèi)產(chǎn)生的熱量之比為QA：QB＝____12、某同學(xué)用平行玻璃磚測定玻璃的折射率，由于沒有量角器，在完成了光路圖以后，以O(shè)點為圓心，以一定長度為半徑畫圓，分別交線段OA于A點，交OO'延長線于C點，過A點作法線NN'的垂線AB交于B點，過C點作法線NN'的垂線CD交NN'于D，如圖所示，用刻度尺測得AB=6.00cm，CD=4.00cm．由此可得出玻璃的折射率為____．為了減小實驗誤差應(yīng)該注意的是____．

A．玻璃磚的寬度應(yīng)盡量大些；即圖中EF與GH間的距離大些。

B．入射角應(yīng)盡量小些。

C．大頭針應(yīng)垂直插在紙面上。

D．大頭針P1、P2及P3、P4之間的距離應(yīng)適當(dāng)小些．

評卷人得分三、判斷題(共7題，共14分)13、電場線與等勢面相互垂直，沿著同一等勢面移動電荷時靜電力不做功．（判斷對錯）14、電勢差有正有負(fù)，所以是矢量，且電場中兩點間的電勢差隨著零電勢點的選取變化而變化．（判斷對錯）15、只有沿著電場線的方向電勢才會降低，所以電勢降低的方向就一定是電場強度的方向．（判斷對錯）16、如圖所示為某示波管內(nèi)的聚焦電場，實線和虛線分別表示電場線和等勢線．兩電子分別從a、b兩點運動到c點．設(shè)電場力對兩電子做的功分別為Wa和Wb，a、b點的電場強度大小分別為Ea和Eb，則Wa=Wb，Ea＞Eb．________（判斷對錯）

17、只有沿著電場線的方向電勢才會降低，所以電勢降低的方向就一定是電場強度的方向．（判斷對錯）18、處于靜電平衡狀態(tài)的導(dǎo)體內(nèi)部的場強處處為零，導(dǎo)體外表面場強方向與導(dǎo)體的表面一定不垂直．（判斷對錯）19、如圖所示，有一水平方向的勻強電場，場強大小為9000N/C，在電場內(nèi)一水平面上作半徑為10cm的圓，圓上取A、B兩點，AO沿E方向，BO⊥OA，另在圓心處放一電量為10﹣8C的正點電荷，則A處場強大小EA為零．________（判斷對錯）

評卷人得分四、畫圖題(共2題，共16分)20、13.矩形導(dǎo)線框abcd固定在勻強磁場中，磁感線的方向與導(dǎo)線框所在平面垂直，規(guī)定磁場的正方向垂直紙面向里，磁感應(yīng)強度B隨時間變化的規(guī)律如圖所示.若規(guī)定順時針方向為感應(yīng)電流i的正方向，在下列i-t圖中畫出感應(yīng)電流隨時間變化的圖象21、13.矩形導(dǎo)線框abcd固定在勻強磁場中，磁感線的方向與導(dǎo)線框所在平面垂直，規(guī)定磁場的正方向垂直紙面向里，磁感應(yīng)強度B隨時間變化的規(guī)律如圖所示.若規(guī)定順時針方向為感應(yīng)電流i的正方向，在下列i-t圖中畫出感應(yīng)電流隨時間變化的圖象評卷人得分五、實驗題(共4題，共8分)22、在“測繪小燈泡的伏安特性曲線”的實驗中，某同學(xué)根據(jù)測得的數(shù)據(jù)繪出了I－U圖線。（1）當(dāng)燈泡兩端電壓為1V時，燈泡的電阻RA＝____Ω；當(dāng)燈泡兩端電壓為3V時，燈泡的電阻RB＝____Ω。說明小燈泡燈絲的金屬電阻率隨溫度的升高而____（填“增大”或“減小”）（2）由該同學(xué)繪出的I－U圖線，在虛線框內(nèi)畫出實驗的電路圖。23、某同學(xué)要測量一均勻新材料制成的圓柱體的電阻率ρ。步驟如下：（1）用20分度的游標(biāo)卡尺測量其長度如圖，由圖可知其長度為____mm。（2）用螺旋測微器測量其直徑如圖，由圖可知其直徑為____mm（3）用多用電表“×l0”的電阻擋，按正確的操作步驟測此圓柱體的電阻，表盤的示數(shù)如圖，則該電阻的阻值約為____Ω（4）該同學(xué)想用伏安法更精確地測量其電阻R，現(xiàn)有的器材及其代號和規(guī)格如下：待測圓柱體電阻R直流電源E(電動勢4V，內(nèi)阻不記)電流表A1(量程0～4mA，內(nèi)阻約50Ω)電流表A2(量程0～10mA，內(nèi)阻約30Ω)電壓表V1(量程0～3V，內(nèi)阻約10kΩ)電壓表V2(量程0～l5V，內(nèi)阻約25kΩ)滑動變阻器R1(阻值范圍0～15Ω，允許通過的最大電流2.0A)滑動變阻器R2(阻值范圍0～2kΩ，允許通過的最大電流0.5A)開關(guān)S，導(dǎo)線若干.為使實驗誤差較小，要求測得多組數(shù)據(jù)進行分析，電流表應(yīng)選擇____，電壓表應(yīng)選擇____，滑動變阻器應(yīng)選擇____（填儀器符號），請在框中畫出測量的電路圖．24、用圖甲所示裝置驗證機械能守恒定律①電火花計時器的工作電壓為②下列做法正確的有A．圖甲中兩限位孔必須在同一直線上B．實驗前，手應(yīng)提住紙帶上端，并使紙帶豎直C．實驗時，先放手松開紙帶再接通打點計時器電源D．?dāng)?shù)據(jù)處理時，應(yīng)選擇紙帶上距離較近的兩點作為初、末位置③實驗打出的紙帶如乙圖所示，則實驗時紙帶的_______端（選填“左”或“右”）應(yīng)和重物相連接。重物質(zhì)量為m，若選取A、C兩點為初末位置研究機械能守恒，則減少的重力勢能是（當(dāng)?shù)刂亓铀俣葹間）。25、示波器面板如右圖所示，下圖中左邊為一信號源．(1)若要觀測此信號源發(fā)出的正弦交流信號的波形(正弦交流信號的電流i隨時間t做周期性變化的圖象如圖所示)，應(yīng)將信號源a端與示波器面板上的_____接線柱相連，b端與____接線柱相連．(2)若示波器所顯示的輸入波形如圖中右圖所示，要將波形上移應(yīng)調(diào)節(jié)面板上的_____旋鈕；要使波形橫向展寬，應(yīng)調(diào)節(jié)_____旋鈕；要使屏上能夠顯示3個完整波形，應(yīng)調(diào)節(jié)_____旋鈕和____旋鈕參考答案一、選擇題(共7題，共14分)1、C【分析】【解答】解：從外部逐漸靠近螺線管兩端時；磁場逐漸增強，在螺線管內(nèi)部，磁場基本上是勻強磁場，磁感應(yīng)強度大于螺線管端點的磁感應(yīng)強度，螺線管的磁場關(guān)于中點對稱，由圖示可知，圖象C正確；

故選：C

【分析】從外部逐漸靠近螺線管兩端時，磁場逐漸增強，在螺線管內(nèi)部，磁場基本上是勻強磁場，磁感應(yīng)強度大于螺線管端點的磁感應(yīng)強度，螺線管的磁場關(guān)于中點對稱，分析各圖示，找出符合螺線管實際的圖象．通電螺線管的磁場是由電流產(chǎn)生的，知道螺線管的磁場分布是正確解題的關(guān)鍵．2、C【分析】解：晚上七；八點鐘用電高峰時開燈；由于負(fù)載增多，總電阻減小，根據(jù)歐姆定律，輸電線上的電流增大，輸電線上損失的電壓變大，由于照明供電線路的路端電壓基本上是保持不變的，所以用戶獲得的電壓減小，每盞燈兩端的電壓較低．故C正確，A、B、D錯誤．

故選：C．

用電高峰時；負(fù)載增多，總電阻減小，根據(jù)電流的變化，判斷出輸電線上損失電壓的變化，從而得出用戶獲得電壓的大?。?/p>

本題考查的是電路的動態(tài)分析，關(guān)鍵抓住不變量以及變化量，運用歐姆定律進行分析．【解析】【答案】C3、C【分析】解：A

查理定律研究的是等容變化；壓強與溫度成正比，且過坐標(biāo)原點，故A正確，C錯誤；

B；波意耳定律研究的是等溫變化；壓強與體積成反比，故B正確；

D；蓋鈭?

呂薩克定律；研究的是等壓變化，體積與溫度成正比，故D正確；

因選錯誤的；故選：C

明確每個理想氣體定律對應(yīng)的不變量；即可判斷兩個量間的關(guān)系；

本題主要考查了理想氣體狀態(tài)方程，明確每個定律下對應(yīng)的不變量即可判斷【解析】C

4、B【分析】解：A

采用逆向思維，子彈做初速度為零的勻加速直線運動，根據(jù)v=2ax

知，從開始到經(jīng)過第3

個木塊，第2

個木塊、第1

個木塊所經(jīng)歷的位移之比為123

則射入第3

個木塊、第2

個木塊、第1

個木塊的速度之比為1攏潞2攏潞3

所以子彈依次剛射入每塊木塊時的速度之比v1v2v3=321

故A錯誤，B正確．

C、因為初速度為零的勻加速直線運動，在相等位移內(nèi)所用的時間之比為1(2鈭?1)攏潞(3鈭?2)

則子彈通過每塊木塊所用的時間之比為(3鈭?2)攏潞(2鈭?1)攏潞1

故C；D錯誤．

故選：B

．

采用逆向思維；根據(jù)勻變速直線運動的速度位移公式求出子彈依次射入每塊木塊的速度之比，根據(jù)初速度為零的勻加速直線運動的特殊推論求出通過相同位移的時間之比．

解決本題的關(guān)鍵掌握勻變速直線運動的運動學(xué)公式和推論，并能靈活運用，本題采用逆向思維解決比較簡捷．【解析】B

5、B【分析】解：離子從小孔a

射入磁場，與ab

方向的夾角為婁脕=45鈭?

則離子從小孔b

離開磁場時速度與ab

的夾角也為婁脕=45鈭?

過入射速度和出射速度方向作垂線，得到軌跡的圓心O隆盲

畫出軌跡如圖，由幾何知識得到軌跡所對應(yīng)的圓心角婁脠=2婁脕=90鈭?

則離子的軌跡半徑2r=2R

由牛頓第二定律得：

Bqv=mv2r

解得：v=Bqrm=22隆脕106m/s

故選B

離子束不經(jīng)碰撞而直接從出身孔射出；即可根據(jù)幾何知識畫出軌跡，由幾何關(guān)系求出軌跡的半徑，即可由牛頓第二定律求速度v

本題的解題關(guān)鍵是根據(jù)幾何知識畫出離子的運動軌跡，得到半徑，即可求解速度v

．【解析】B

6、A【分析】【分析】以結(jié)點O

為研究對象；分析受力，作出受力圖，根據(jù)平衡條件求解AOBO

兩繩的拉力。

本題的解題關(guān)鍵是分析結(jié)點的受力情況，作出力圖。【解答】以結(jié)點O

為研究對象；分析受力，如圖：重力mgAO

繩的拉力TAOBO

繩的拉力TBO.

根據(jù)平衡條件得知：拉力TAO

和TBO

的合力F

與重力mg

大小相等，方向相反，則有。

TAO=Fsin婁脠=mgsin婁脠

TBO=mgcos婁脠

故A正確。BCD錯誤。故選A。

【解析】A

7、D【分析】解：f=婁脤FN=0.1隆脕200N=20N

方向與相對運動方向相反，所以為水平向左．

故選：D

滑動摩擦力的大小可以根據(jù)f=婁脤FN

去求；方向與相對運動方向相反．

解決本題的關(guān)鍵掌握滑動摩擦力的大小公式和方向的判定．【解析】D

二、填空題(共5題，共10分)8、略

【分析】解：變壓器原線圈應(yīng)該與電源相連；副線圈與負(fù)載相連；

根據(jù)U1U2=n1n2

得：

U2=n2n1U1=22110隆脕220=44V

故答案為：電源負(fù)載44V

原線圈應(yīng)該與電源相連，副線圈與負(fù)載相連，根據(jù)變壓器工作原理U1U2=n1n2

求解副線圈兩端的電壓。

本題考查了變壓器的變壓特點，屬于容易題.

關(guān)鍵熟悉理想變壓器的變壓比，變流比的公式.

并明確變壓器的工作原理．【解析】電源；負(fù)載；44

9、略

【分析】解：螺旋測微器的固定刻度為3mm

可動刻度為24.0隆脕0.01mm=0.240mm

所以最終讀數(shù)為3mm+0.20mm=3.240mm

由于需要估讀，最后的結(jié)果可以為3.240隆脌0.002

．

故答案為：3.240隆脌0.002

螺旋測微器的讀數(shù)方法是固定刻度讀數(shù)加上可動刻度讀數(shù)；在讀可動刻度讀數(shù)時需估讀．

對于基本測量儀器如游標(biāo)卡尺、螺旋測微器等要了解其原理，要能正確使用這些基本儀器進行有關(guān)測量．【解析】3.240隆脌0.002

10、略

【分析】

①根據(jù)閉合電路歐姆定律得。

電路中電流I=可見，電阻R越小，電流I越大，對應(yīng)的溫度越低，所以電流刻度較大處對應(yīng)的溫度刻度較?。?/p>

②當(dāng)電流為5mA時，由閉合電路歐姆定律I=得。

R==-150（Ω）=150Ω；

由R-t圖象；根據(jù)數(shù)學(xué)得到R=t+100（Ω），當(dāng)R=150Ω，t=50°C．

故答案為：較?。?0

【解析】【答案】根據(jù)閉合電路歐姆定律分析電路中電流與電阻R的關(guān)系；電路中電流越大，該電阻的阻值越大，由圖象可知溫度越高．當(dāng)電流為5mA時，由閉合電路歐姆定律求出電阻R的值，根據(jù)圖象讀出對應(yīng)的溫度．

11、略

【分析】【解析】試題分析：直徑比為1:2，則橫截面積比為1:4，根據(jù)電阻定律，電阻之比為2:1，根據(jù)電流相等，則熱量之比為2:1?？键c：電阻定律【解析】【答案】2:112、略

【分析】

根據(jù)折射定律得，n=．

為了減小實驗的誤差；圖中EF和GH的距離適當(dāng)大些，入射角適當(dāng)大些，大頭針應(yīng)垂直插在紙面上，大頭針的距離適當(dāng)大些．故AC正確．

故選AC．

故答案為：1.50；AC．

【解析】【答案】根據(jù)折射定律，結(jié)合幾何關(guān)系求出折射率的大?。疄榱巳〉幂^好的實驗效果，根據(jù)實驗原理分析可知：選擇的入射角應(yīng)盡量大些；大頭針應(yīng)垂直地插在紙面上；大頭針P1和P2及P3和P4之間的距離適當(dāng)大些；這樣可以減小測量的相對誤差．

三、判斷題(共7題，共14分)13、A【分析】【解答】解：根據(jù)電場線的特點可知；沿電場線的方向電勢降低；電場線垂直于等勢面、同一等勢面移動電荷電場力不做功．

故答案為：正確．

【分析】解決本題要根據(jù)：電場線是人為假想的曲線，從正電荷或無限遠(yuǎn)出發(fā)，終止于無限遠(yuǎn)或負(fù)電荷，不閉合，電場線疏密描述電場強弱，電場線密的地方，電場強度大，疏的地方電場強度弱，沿電場線的方向電勢降低．14、B【分析】【解答】解：電勢差類似于高度差；沒有方向，是標(biāo)量，正負(fù)表示電勢的相對大小．

兩點間的電勢差等于電勢之差；由電場中兩點的位置決定，與零電勢點的選取無關(guān)．由以上的分析可知，以上的說法都錯誤．

故答案為：錯誤。

【分析】電勢差是標(biāo)量，正負(fù)表示大小；電勢差與零電勢點的選取無關(guān)；沿著電場線方向電勢降低；電勢反映電場本身的性質(zhì)，與試探電荷無關(guān)．15、B【分析】【解答】解：沿著電場線方向；電勢降低，且降低最快；

那么電勢降低最快的方向才是電場線的方向；但電勢降低的方向不一定是電場線的方向，故錯誤；

故答案為：錯誤．

【分析】電場強度和電勢這兩個概念非常抽象，借助電場線可以形象直觀表示電場這兩方面的特性：電場線疏密表示電場強度的相對大小，切線方向表示電場強度的方向，電場線的方向反映電勢的高低．16、A【分析】【解答】解：圖中a、b兩點在一個等勢面上；

故Uac=Ubc，根據(jù)W=qU，有Wa=Wb；

a位置的電場強度較密集，故Ea＞Eb；

故答案為：正確．

【分析】圖中a、b兩點在一個等勢面上，根據(jù)W=qU判斷電場力做功的大小，根據(jù)電場線的疏密程度判斷電場強度的大小．17、B【分析】【解答】解：沿著電場線方向；電勢降低，且降低最快；

那么電勢降低最快的方向才是電場線的方向；但電勢降低的方向不一定是電場線的方向，故錯誤；

故答案為：錯誤．

【分析】電場強度和電勢這兩個概念非常抽象，借助電場線可以形象直觀表示電場這兩方面的特性：電場線疏密表示電場強度的相對大小，切線方向表示電場強度的方向，電場線的方向反映電勢的高低．18、B【分析】【解答】解：根據(jù)靜電平衡的特點；導(dǎo)體是等勢體，金屬導(dǎo)體的內(nèi)部電場強度處處為零；

由于處于靜電平衡狀態(tài)的導(dǎo)體是一個等勢體；則表面電勢處處相等，即等勢面，那么電場線與等勢面垂直；

故答案為：錯誤．

【分析】金屬導(dǎo)體在點電荷附近，出現(xiàn)靜電感應(yīng)現(xiàn)象，導(dǎo)致電荷重新分布．因此在金屬導(dǎo)體內(nèi)部出現(xiàn)感應(yīng)電荷的電場，正好與點電荷的電場疊加，只有疊加后電場為零時，電荷才不會移動．此時導(dǎo)體內(nèi)部電場強度處處為零，電荷全部分布在表面，且為等勢面，導(dǎo)體是等勢體．19、A【分析】【解答】解：點電荷在A點的場強

根據(jù)場強的疊加原理得；則兩點的場強是由正點電荷和勻強電場場強的合成，A點的場強大小為。

EA=E點﹣E勻=9×103N/C﹣9×103N/C=0；所以A處場強大小為0

故答案為：正確。

【分析】根據(jù)公式E=k求出點電荷在A點處產(chǎn)生的場強大小，判斷出場強方向，A點的場強是由正點電荷和勻強電場場強的合成，根據(jù)平行四邊形定則求解A點處的場強大小及方向．四、畫圖題(共2題，共16分)20、略

【分析】本題考查楞次定律和法拉第電磁感應(yīng)定律，當(dāng)磁感強度均勻變化時磁通量均勻變化，感應(yīng)電動勢、感應(yīng)電流恒定不變【解析】【答案】21、略

【分析】本題考查楞次定律和法拉第電磁感應(yīng)定律，當(dāng)磁感強度均勻變化時磁通量均勻變化，感應(yīng)電動勢、感應(yīng)電流恒定不變【解析】【答案】五、實驗題(共4題，共8分)22、略

【分析】【解析】試題分析：（1）當(dāng)燈泡兩端電壓為1V時，通過的電流為0.4A，所以燈泡的電阻為