2025年外研版選擇性必修2物理下冊階段測試試卷含答案

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年外研版選擇性必修2物理下冊階段測試試卷含答案考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五總分得分評卷人得分一、選擇題(共8題，共16分)1、中國已投產(chǎn)運行的1000kV特高壓輸電是目前世界上電壓最高的輸電工程．假設甲、乙兩地原來用500kV的起高壓輸電，輸電線上損耗的電功率為P．保持輸送電功率和輸電線電阻都不變的條件下，現(xiàn)改用1000kV特高壓輸電，若不考慮其他因素的影響，則輸電線上損耗的電功率將變?yōu)锳.B.C.D.2、如圖所示為電流天平，可以用來測量勻強磁場的磁感應強度。它的右臂掛著邊長為l正三角形線圈，匝數(shù)為n，線圈的底邊水平，一半的高度處于方框內(nèi)的勻強磁場中，磁感應強度B的方向與線圈平面垂直。當線圈中通過圖示方向的電流I時，調(diào)節(jié)砝碼使兩臂達到平衡。然后使電流反向，大小不變。這時需要在左盤中增加質(zhì)量為m的砝碼；才能使兩臂再達到新的平衡。則（）

A.方框內(nèi)磁場方向垂直紙面向里，磁感應強度B.方框內(nèi)磁場方向垂直紙面向里，磁感應強度C.方框內(nèi)磁場方向垂直紙面向外，磁感應強度D.方框內(nèi)磁場方向垂直紙面向外，磁感應強度3、在勻強磁場中，一個帶電粒子做勻速圓周運動，其運動速率為v1，軌道半徑為r1，運動周期為T1。如果突然將磁場的磁感應強度增加為原來的2倍，其運動速率為v2，軌道半徑為r2，運動周期為T2。則下列結論中正確的是（）A.v1<v2，T1＝T2B.v1=v2，T1＝2T2C.v1>v2，r1＝r2D.v1=v2，r1＝r24、如圖；兩端封閉；抽成真空的銅管豎直放置，一個柱形強磁體、一個塑料錘和一根羽毛同時從銅管頂端自由下落。下列說法正確的是（）

A.羽毛下落的時間最長B.磁體下落的時間最長C.塑料錘下落的時間最長D.三個物體下落的時間一樣5、一邊長為的正三角形金屬框abc靜置于光滑絕緣水平面上，寬度為的有界勻強磁場位于正三角形右側，邊界平行于bc，如圖所示?，F(xiàn)用外力沿bc的中垂線方向勻速拉動線框并穿過磁場區(qū)域。從頂點a進入磁場開始計時，規(guī)定感應電流沿abca為正方向；則金屬框經(jīng)過磁場的過程中，感應電流隨時間變化的圖象是（）

A.B.C.D.6、如圖所示，在光滑水平平面上有一根通有恒定電流I的長直導線，用同種均勻材料做成的單匝線框A、B平鋪在水平平面上。A是邊長為a的正方形，B是長邊長為2a的長方形。瞬間關閉恒定電流I；假設線框不會與長直導線碰撞，A；B最終獲得的動量之比為（）

A.3∶8B.3∶4C.1∶4D.9∶167、如圖甲所示，光滑且足夠長的平行金屬導軌MN、PQ固定在同一水平面上，兩導軌間距L=0.30m，導軌電阻忽略不計，其間連接有固定電阻R=0.40Ω，導軌上停放一質(zhì)量m=0.10kg、電阻r=0.20Ω長度也為L=0.30m的金屬桿ab，整個裝置處于磁感應強度B=0.50T的勻強磁場中，磁場方向豎直向下，用一外力F沿水平方向拉金屬桿ab，使之由靜止開始運動，電壓傳感器可將R兩端的電壓U即時采集并輸入電腦，獲得電壓U隨時間t變化的關系如圖乙所示；下列說法不正確的是（）

A.金屬桿做勻加速直線運動B.第2s末外力的瞬時功率為0.35WC.如果水平外力從靜止開始拉動桿2s所做的功為0.35J，則金屬桿上產(chǎn)生的焦耳熱為0.15JD.如果水平外力從靜止開始拉動桿2s所做的功為0.35J，則金屬桿上產(chǎn)生的焦耳熱為0.05J8、下列關于傳感器的說法正確的是（）A.所有傳感器都是由半導體材料做成的B.金屬材料也可以制成傳感器C.傳感器主要是通過感知電壓的變化來傳遞信號的D.以上說法都不正確評卷人得分二、多選題(共5題，共10分)9、如圖，物理學家法拉第在研究電磁學時，親手設計過許多實驗，如圖實驗是著名的電磁旋轉實驗，他在個盛水銀的容器A中固定一根導線B，在水銀液內(nèi)傾斜地系著一根磁棒，在裝置的另外一側的容器D中豎直固定一根磁棒，在它上方懸起一根導線C；導線斜著浸入水銀內(nèi)，接通電源，下列說法正確的是（）

A.水銀將會勻速轉動B.俯視D容器，可以看到水銀順時針轉動C.俯視A容器，可以看到磁鐵逆時針轉動D.俯視D容器，可以觀察到導線C逆時針運動10、如圖所示，磁感應強度為B的勻強磁場方向垂直紙面向里，圖中虛線為磁場的邊界，其中bc段是半徑為R的四分之一圓弧，ab、cd的延長線通過圓弧的圓心，Ob長為R。一束質(zhì)量為m、電荷量為q（q>0）的粒子，在紙面內(nèi)以不同的速率從O點垂直ab射入磁場，已知所有粒子均從圓弧邊界射出，其中M、N是圓弧邊界上的兩點；不計粒子間的相互作用和重力。則下列分析中正確的是（）

A.從M點射出粒子的速率一定小于從N點射出粒子的速率B.從M點射出粒子在磁場中運動時間一定小于從N點射出粒子所用時間C.所有粒子所用最短時間為D.所有粒子所用最短時間為11、一勻強磁場的磁感應強度大小為方向垂直于紙面向外，其邊界如圖中虛線所示，弧是半徑為的半圓，與直徑共線，與與之間的距離等于半圓的半徑。一束質(zhì)量為電荷量為的粒子，在紙面內(nèi)從點垂直于射入磁場，這些粒子具有各種速率，不計粒子之間的相互作用和粒子的重力，速度分別為和的粒子在磁場中的運動時間分別為則（）

A.B.C.D.12、如圖所示，一U形光滑導軌間距與水平面之間的夾角虛線CD、EF與導軌垂直，區(qū)域Ⅰ（CD虛線沿斜面向上區(qū)域）中有磁感應強度均勻增加的磁場，方向垂直導軌平面向下，區(qū)域Ⅱ（EF虛線沿斜面向下區(qū)域）中有磁感應強度的勻強磁場，方向垂直導軌平面向上。虛線CD、EF間無磁場。一質(zhì)量電阻的導體棒垂直導軌放置，從無磁場區(qū)域由靜止釋放，經(jīng)進入?yún)^(qū)域Ⅱ且恰好勻速下滑，運動中棒與導軌始終保持垂直且接觸良好。導軌足夠長，電阻不計，重力加速度則導體棒（）

A.進入?yún)^(qū)域Ⅱ時的速度為12m/sB.進入?yún)^(qū)域Ⅱ時的速度為3.2m/sC.進入?yún)^(qū)域Ⅱ前的電流為7.6AD.前1.5s產(chǎn)生的焦耳熱為116.16J13、如圖所示，是兩個寬度均為磁感應強度大小均為但方向相反的相鄰勻強磁場區(qū)域。一個邊長也為的正方形金屬線框，以速度沿垂直于磁場邊界方向由位置1勻速運動到位置2。取線框剛到達位置1的時刻為計時起點（），設剛進入磁場時線框中的電流為線框所受安培力的大小為逆時針方向為感應電流的正方向，水平向左的方向為線框所受安培力的正方向，則下列反映線框中的電流、線框所受的安培力與時間關系的圖像中正確的是（）

A.B.C.D.評卷人得分三、填空題(共8題，共16分)14、兩個速率不同的同種帶電粒子，如圖所示，它們沿同一方向從圖中長方形區(qū)域的勻強磁場的上邊緣射入，從下邊緣飛出時，相對于入射方向的偏轉角分別為90°，60°，則它們在磁場中運動的軌道半徑之比為________，在磁場中運動時間比為________。

15、變壓器線圈中的電流越大，所用的導線應當越粗。如圖所示為一小區(qū)的降壓變壓器，假設它只有一個原線圈和一個副線圈，則_______（填“原線圈”或“副線圈”）應該使用較粗的導線。當副線圈的負載電阻減小時，副線圈中的電流________（填“增大”；“減小”或“不變”）。

16、交流發(fā)電機的線圈在磁場中轉動時，轉軸與磁場方向_________，用_________定則判斷線圈切割磁感線產(chǎn)生的感應電流方向。17、如圖是“用DIS探究向心力與哪些因素有關”的實驗儀器，該實驗采用的方法是_______________；該實驗中需要用到的傳感器是__________________。

18、在如圖甲所示的電路中，螺線管匝數(shù)匝，橫截面積螺線管導線電阻在一段時間內(nèi)，穿過螺線管的磁場的磁感應強度B按如圖乙所示的規(guī)律變化，則螺線管中產(chǎn)生的感應電動勢大小為________，閉合S，電路中的電流穩(wěn)定后，全電路電流的方向為_________（填“順時針”或“逆時針”），閉合S，電路中的電流穩(wěn)定后，電阻的電功率為__________，閉合S，電路中的電流穩(wěn)定后，電容器所帶的電荷量為________。

19、如圖甲所示，一個固定的矩形線圈abcd的匝數(shù)n=500，線圈面積S=100cm2，線圈的總電阻r=1Ω，線圈外接一個阻值R=4Ω的電阻，把線圈放入一方向垂直線圈平面向里的勻強磁場中，磁感應強度隨時間變化的規(guī)律如圖乙所示。則線圈中的感應電流為___________A，流過R的電流方向為___________（選填“向上”或“向下”）

20、如圖所示，在圓形區(qū)域內(nèi)有垂直于紙面向里的勻強磁場。帶電粒子（不計重力）第一次以速度沿直徑射入，粒子飛出磁場區(qū)域時，速度方向偏轉60°；該帶電粒子第二次以速度從同一點沿同一方向射入，粒子飛出磁場區(qū)域時，速度方向偏轉90°。帶電粒子第一次和第二次在磁場中運動的半徑之比為______，時間之比為______。

21、如圖所示，將邊長為L、總電阻為R的正方形閉合線圈，從磁感強度為B的勻強磁場中以速度v勻速拉出（磁場方向垂直線圈平面）

(1)所用拉力F=___________。

(2)拉力F做的功W=___________。

(3)線圈放出的熱量Q=___________。評卷人得分四、作圖題(共4題，共36分)22、在圖中畫出或說明圖中所示情形下通電導線I所受磁場力的方向。

23、要在居民樓的樓道安裝一個插座和一個電燈；電燈由光敏開關和聲敏開關控制，光敏開關在天黑時自動閉合，天亮時自動斷開；聲敏開關在有聲音時自動閉合，無聲音時自動斷開。在下圖中連線，要求夜間且有聲音時電燈自動亮，插座隨時可用。

24、在“探究楞次定律”的實驗中；某同學記錄了實驗過程的三個情境圖，其中有兩個記錄不全，請將其補充完整。

25、如圖所示：當條形磁鐵向右靠近通電圓環(huán)時，圓環(huán)向右偏離，試在圖中標出圓環(huán)中的電流方向___________．評卷人得分五、解答題(共4題，共20分)26、如圖，在水平桌面上固定兩條相距的平行且足夠長的光滑金屬導軌，導軌的左端連接阻值的電阻，導軌上放有垂直導軌的金屬桿金屬桿的質(zhì)量接入電路的電阻整個空間存在磁感應強度豎直向下的勻強磁場。初始時刻金屬桿在水平向右的恒力的作用下，向右做速度的勻速直線運動，經(jīng)后撤去恒力整個運動過程中金屬桿始終與導軌垂直且接觸良好；導軌電阻不計，求：

（1）水平恒力的大小；

（2）從初始時刻到金屬桿停止運動的過程中，電阻上產(chǎn)生的熱量；

（3）從初始時刻到金屬桿停止運動的過程中；金屬桿向右運動的位移。

27、收音機選臺時，如果調(diào)諧不準就會出現(xiàn)“串臺”現(xiàn)象，這是為什么？28、如圖甲所示，三維坐標系中yoz平面的右側存在平行z軸方向周期性變化的磁場B（圖中未畫出）和沿y軸正方向豎直向上的勻強電場?，F(xiàn)將一個質(zhì)量為m、電荷量為q的帶正電的微粒從xoy平面內(nèi)的P點沿x軸正方向水平拋出，微粒第一次經(jīng)過x軸時恰好經(jīng)過O點，此時速度大小為v0，方向與x軸正方向的夾角為45°。從微粒通過O點開始計時，磁感應強度隨時間的變化關系如圖乙所示，規(guī)定當磁場方向沿z軸負方向時磁感應強度為正。已知電場強度大小為重力加速度大小為g，結果用v0、g、π、n表示。

（1）求微粒從第1次經(jīng)過x軸到第2次經(jīng)過x軸的時間t1；

（2）求微粒第n次經(jīng)過x軸時的x坐標；

（3）若時撤去yoz右側勻強磁場，同時在整個空間加上沿x軸負方向的勻強磁場，磁感應強度大小為求微粒向上運動到離xoz平面最遠時的坐標。

29、如圖所示，間距L=2.0m的平行金屬導軌放置在絕緣水平面上，導軌左端連接輸出電流I=0.5A的恒流源。空間分布兩個寬度分別為d1=和d2=、間距D=2.0m的勻強磁場區(qū)域Ⅰ和Ⅱ，兩磁場磁感應強度大小均為B=0.5T，方向均豎直向下。質(zhì)量m=0.5kg、電阻為R1的導體棒靜止于區(qū)域Ⅰ左邊界，質(zhì)量m=0.5kg、邊長為0.5D、電阻R2=2.0Ω的正方形單重線框的右邊緊靠區(qū)域Ⅱ左邊界；一豎直固定擋板與區(qū)域Ⅱ的右邊界距離為0.5D。某時刻閉合開關S；導體棒開始向右運動。已知導體棒與線框；線框與豎直擋板之間均發(fā)生彈性碰撞，導體棒始終與導軌接觸并且相互垂直，不計一切摩擦和空氣阻力。求：

（1）導體棒第一次離開區(qū)域Ⅰ時的速度大小v1；

（2）線框與導體棒從第1次碰撞至它們第2次碰撞過程中；線框產(chǎn)生的焦耳熱Q；

（3）線框與導體棒碰撞的次數(shù)n，以及導體棒在磁場區(qū)域Ⅰ中運動的總時間t總。

參考答案一、選擇題(共8題，共16分)1、A【分析】試題分析：當以不同電壓輸送時，有而在線路上損失的功率為可知，損失的功率與電壓的平方成反比，即

所以輸電線上損失的功率為．

輸電線上損失的功率為．

故選A.

考點：遠距離輸電；

點評：本題考查遠距離輸電中的能量損失及功率公式的應用，要注意功率公式中P=UI中的電壓U應為輸電電壓．2、C【分析】【詳解】

線圈一半處于勻強磁場中，則有效長度為安培力大小為

電流反向時，需要在左盤中增加質(zhì)量為m的砝碼，說明原來的安培力方向向上，根據(jù)左手定則，可知，方框內(nèi)磁場方向垂直紙面向外。當電流反向，安培力變?yōu)橄蛳聲r，再次平衡，說明安培力等于mg的一半，即

得

故選C。3、B【分析】【詳解】

AB．洛倫茲力與速度垂直，不做功，突然將磁場的磁感應強度增加為原來的2倍，速度大小不變，即

由周期公式

突然將磁場的磁感應強度增加為原來的2倍，周期變?yōu)樵瓉淼囊话?/p>

則

A錯誤；B正確；

CD．由半徑公式

突然將磁場的磁感應強度增加為原來的2倍，速度大小不變，半徑變?yōu)樵瓉淼囊话?/p>

即

CD錯誤。

故選B。4、B【分析】【分析】

【詳解】

由楞次定律可知；強磁體的運動，導致磁體周圍的銅管磁通量變化，從而產(chǎn)生感應電流，阻礙強磁體下落，而塑料錘和羽毛做自由落體運動，故磁體下落的時間最長，故B正確，ACD錯誤。

故選B。5、D【分析】【詳解】

AB．線圈進入磁場的過程中；根據(jù)楞次定律，感應電流的磁場與原磁場方向相反，再根據(jù)右手螺旋定則可知，電流方向為正，而離開磁場時，感應電流的磁場與原磁場方向相同，電流為負方向，故AB錯誤；

CD．線圈在磁場中運動過程中，根據(jù)

切割磁感線的導線有效長度不變；因此感應電流恒定不變，但不為零，故C錯誤，D正確。

故選D。6、A【分析】【詳解】

時間極短，可認為磁感應強度均勻變化，設線框左右兩邊的磁感應強度差為由動量定理可知有

根據(jù)題意AB為同種均勻材料，可得

所以有

故選A。7、C【分析】【詳解】

A．由閉合電路歐姆定律可知

由于表達式中的變量只有v；結合圖乙可知導體桿的速度隨時間均勻變化，即金屬桿做勻加速直線運動，故A正確，不符合題意；

B．由圖乙知時

解得金屬桿此時的速度

由圖線的斜率

再由

可得金屬桿的加速度

再由牛頓第二定律

可得此時的外力

故此時拉力的功率

故B正確；不符合題意；

CD．由能量守恒可知回路中產(chǎn)生熱量等于外力所做功與桿獲得的動能的差值

則桿中產(chǎn)生的熱量

故C錯誤；符合題意；D正確，不符合題意。

故選C。8、B【分析】【詳解】

半導體材料可以制成傳感器；其他材料也可以制成傳感器，如金屬氧化物氧化錳就可以制成溫度傳感器，A錯誤，B正確；

傳感器主要是感知力；溫度、光、聲、化學成分等非電學量；并將其轉換成電壓、電流等電學量或電路的通斷，從而傳遞信號，CD錯誤.

故選B二、多選題(共5題，共10分)9、B:C【分析】【詳解】

A．水銀受到恒定的安培力；推動水銀面將做加速圓周運動，選項A錯誤；

BCD．容器D中水銀所處的磁場方向向下，電流方向由導線C流向水銀中心，由左手定則容易判斷，俯視D容器，可以看到水銀順時針轉動，導線C也會順時針運動；從上向下看，導線B和導線C中電流方向相反，磁場方向相同，受力方向相反，故當通電導線C繞磁鐵順時針旋轉時，則俯視A容器；可以看到磁鐵逆時針轉動，選項BC正確，D錯誤。

故選BC。10、A:D【分析】【詳解】

粒子運動軌跡如圖所示，可以看出，粒子落到b點到c點的過程中，半徑越老越大，則由

可知，速度越來越大，所以從M點射出粒子的速率一定小于從N點射出粒子的速率。又因為粒子在磁場中的運動時間和圓心角成正比，且由幾何關系知，弦切角等于圓心角的一半，所以當弦切角最小時對應粒子的運動時間最短，如圖所示，當弦與圓周相切時，弦切角最小，因為Ob長為R，所以由幾何關系知，此時弦切角為

所以圓心角為

所以最短運動時間為

即從M點射出粒子在磁場中運動時間與從N點射出粒子所用時間大小不能確定。

故選AD。11、B:D【分析】【分析】

【詳解】

由洛倫茲力作為向心力可得。

聯(lián)立解得。

AB．當時，粒子的運動軌跡如圖所示。

由幾何關系可知；對應的圓心角為。

則粒子在磁場中的運動時間為。

A錯誤；B正確；

CD．當時，粒子的運動軌跡如圖所示。

由幾何關系可知；對應的圓心角為。

則粒子在磁場中的運動時間為。

C錯誤；D正確。

故選BD。12、A:D【分析】【詳解】

AB．導體棒在無磁場區(qū)域下滑1.5s時間內(nèi)，由牛頓第二定律

解得

則剛進入?yún)^(qū)域Ⅱ時的速度為

A正確；B錯誤；

C．區(qū)域Ⅰ中磁感應強度均勻增加，設其產(chǎn)生的感應電動勢為E0，由楞次定律知D點電勢高于C點電勢；導體棒剛進入磁場Ⅱ時，切割磁感線產(chǎn)生感應電動勢（由A向B，與E0反向），由于安培力要平衡重力下滑分力，所以安培力沿導軌向上，通過導體棒的電流方向為由A向B，根據(jù)平衡條件有

解得E0=17.6V

則進入?yún)^(qū)域Ⅱ前的電流為

C錯誤；

D．前1.5s產(chǎn)生的焦耳熱為

D正確。

故選AD。13、A:D【分析】【詳解】

線圈從0~L過程中

方向逆時針，為正方向；安培力

方向向左；為正方向；

線圈從L~2L過程中

方向順時針，為負方向；安培力

方向向左；為正方向；

線圈從2L~3L過程中

方向逆時針，為正方向；安培力

方向向左；為正方向；

故選AD。三、填空題(共8題，共16分)14、略

【分析】【詳解】

[1]．設粒子的入射點到磁場下邊界的磁場寬度為d，畫出粒子軌跡過程圖，如圖所示，

由幾何關系可知：

第一個粒子的圓心為O1，由幾何關系可知：R1=d；

第二個粒子的圓心為O2；由幾何關系可知：R2sin30°+d=R2

解得：R2=2d；

故粒子在磁場中運動的軌道半徑之比為：R1：R2=1：2；

[2]．粒子在磁場中運動的周期的公式為由此可知，粒子的運動的周期與粒子的速度的大小無關，所以粒子在磁場中的周期相同；由粒子的運動的軌跡可知，兩種速度的粒子的偏轉角分別為90°、60°，所以偏轉角為90°的粒子的運動的時間為偏轉角為60°的粒子的運動的時間為所以在磁場中運動時間比為【解析】1:23:215、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1]副線圈的電流大于原線圈的電流；所以副線圈的導線粗。

[2]當副線圈的負載電阻減小時，由于副線圈電壓不變，所以副線圈中的電流增大?！窘馕觥扛本€圈增大16、略

【分析】【分析】

【詳解】

略【解析】垂直右手17、略

【分析】【詳解】

[1]該實驗運用控制變量法研究物理量的關系，根據(jù)向心力公式實驗探究向心力F和圓柱體線速度v的關系時，要保持圓柱體質(zhì)量和半徑都不變；研究F與r的關系時；保持圓柱體的質(zhì)量和線速度的大小不變，故采用控制變量法；

[2]向心力F需要用力傳感器測定，圓柱體的線速度v需要用光電傳感器測定，故需要用到力傳感器、光電傳感器。【解析】①.控制變量法②.力傳感器、光電傳感器18、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1]根據(jù)法拉第電磁感應定律得

代入數(shù)據(jù)解得螺線管中產(chǎn)生的感應電動勢大小為

[2]根據(jù)楞次定律知；電流方向為逆時針。

[3]根據(jù)全電路歐姆定律得

根據(jù)

解得電阻的電功率為

[4]電容器兩端的電壓

電容器所帶的電荷量【解析】逆時針19、略

【分析】【詳解】

[1]根據(jù)法拉第電磁感應定律有

再根據(jù)閉合電路歐姆定律有

[2]根據(jù)楞次定律可判斷流過R的電流方向為向上?！窘馕觥肯蛏?0、略

【分析】【詳解】

[1]設圓柱形區(qū)域為R；粒子運動軌跡如圖所示。

由幾何知識可知

帶電粒子第一次和第二次在磁場中運動的半徑之比為

[2]粒子在磁場中做圓周運動的周期

粒子運動周期與粒子速度無關，粒子在磁場中做圓周運動的周期之后為1：1；由幾何知識可知，粒子在磁場中做圓周運動轉過的圓心角

粒子在磁場中的運動時間

粒子的運動時間之比【解析】21、略

【分析】【詳解】

拉出的過程中，產(chǎn)生的感應電動勢為

根據(jù)閉合電路的歐姆定律得，電流為

所以安培力為

線圈勻速運動，有

拉力做的功為

根據(jù)功能關系，有【解析】四、作圖題(共4題，共36分)22、略

【分析】【詳解】

根據(jù)左手定則，畫出通過電導線I所受磁場力的方向如圖所示。

【解析】23、略

【分析】【分析】

根據(jù)題中“要在居民樓的樓道安裝一個插座和一個電燈”可知；本題考查交流電的常識，根據(jù)開關作用和交流電接線常識，進行連接電路圖。

【詳解】

晚上；天黑光控開關閉合，有人走動發(fā)出聲音，聲控開關閉合，燈亮，說明兩個開關不能獨立工作，只有同時閉合時，燈才亮，即兩個開關和燈泡是三者串聯(lián)后連入電路；根據(jù)安全用電的原則可知，開關控制火線，開關一端接火線，一端接燈泡頂端的金屬點，零線接燈泡的螺旋套；三孔插座通常的接線方式是面對插座，上孔接地線，左孔接零線，右孔接火線；電路圖如下圖所示。

【解析】24、略

【分析】【分析】

【詳解】

由第一個圖可知：當條形磁鐵的N極插入線圈過程中；電流計的指針向右偏轉，則有：線圈中向下的磁場增強，感應電流的磁場阻礙磁通量增加，感應電流的磁場方向向上，則指針向右偏，記錄完整。

第二個圖指針向左偏；說明感應電流的磁場方向向下，與磁鐵在線圈中的磁場方向相反，則線圈中磁場增強，故磁鐵向下運動，如圖。

第三個圖指針向右偏；說明感應電流的磁場方向向上，與磁鐵在線圈中的磁場方向相同，則線圈中磁場減弱，故磁鐵向上運動，如圖。

【解析】25、略

【分析】【詳解】

當條形磁鐵向右靠近圓環(huán)時；導線線圈的磁通量向右增大，由楞次定律：增反減同可知，線圈中產(chǎn)生感應電流的方向順時針（從右向左看），如圖所示：

【解析】如圖所示五、解答題(共4題，共20分)26、略

【分析】【分析】

【詳解】

（1）金屬桿勻速運動時，感應電動勢

根據(jù)閉合電路的歐姆定律得

金屬桿所受安培力

根據(jù)金屬桿受力平衡得

代入數(shù)據(jù)解得

（2）前1.5s內(nèi)金屬桿運動的位移

水平恒力F做的功

根據(jù)功能關系得

其中

代入數(shù)據(jù)解得

（3）撤去恒力F后，金屬桿的加速度大小滿足

即

等式兩邊同時乘以非常短的時間即

整理得

解得

所以撤去恒力F后，金屬桿繼續(xù)運動的位移為

從初始時刻到金屬桿停止運動的過程中，金屬桿向右運動的位移【解析】（1）（2）（3）27、略

【分析】【分析】

【詳解】

收音機選臺時，我們調(diào)至具體頻道時調(diào)諧器將相對應的頻率信號進行調(diào)諧，使這一頻率產(chǎn)生的電流達最大，然后輸送給調(diào)諧器；如果調(diào)諧不準，就可能出現(xiàn)兩種不同頻率的信號都會在電路中產(chǎn)生，即出現(xiàn)“串臺”現(xiàn)象?！窘馕觥恳娊馕?8、略

【分析】【詳解】

（1）根據(jù)題意有

即重力與電場力平衡，由洛倫茲力提供向心力，則

又由

解得

可知微粒從第一次經(jīng)過x軸到第二次經(jīng)過x軸時，對應的圓心角為90°則

（2）由于

可知0~微粒剛好轉過180°。之后磁場大小方向都變了，則偏轉方向變了。由洛倫茲力提供向心力得

聯(lián)立解得

將帶入周期公式

解得

~2微粒轉過90°。

同理得，時間在2~3與0~的運動軌跡大小一