2025年人教五四新版必修3物理上冊月考試卷

…………○…………內…………○…………裝…………○…………內…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年人教五四新版必修3物理上冊月考試卷74考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五總分得分評卷人得分一、選擇題(共9題，共18分)1、空間存在甲、乙兩相鄰的金屬球，甲球帶正電，乙球原來不帶電，由于靜電感應，兩球在空間形成了如圖所示穩(wěn)定的靜電場．實線為其電場線，虛線為其等勢線，A、B兩點與兩球球心連線位于同一直線上，C、D兩點關于直線AB對稱；則()

A.A點和B點的電勢相同B.C點和D點的電場強度相同C.正電荷從A點移至B點，靜電力做正功D.負電荷從C點沿直線CD移至D點，電勢能先增大后減小2、某同學按照如圖所示連接了電路，利用電流傳感器研究電容器的充電和放電過程，先使開關S接1，電容器充電完畢后將開關擲向2，可視為理想電流表的電流傳感器將電流信號傳入計算機，屏幕上顯示出電流隨時間變化的I-t曲線，如圖所示。定值電阻R已知，且從圖中可讀出最大放電電流I0以及圖線與坐標軸圍成的面積S；但電源電動勢；內電阻、電容器的電容均未知，下列說法中正確的是（）

A.根據題目所給的信息能求出電源電動勢和內電阻B.電容器放電過程中電阻R兩端的電壓變大C.根據題目所給的信息能求出電容器的電容D.由計算機采集的電流可知流過電阻R的電流方向規(guī)定向右為正3、如圖所示，長為l、傾角為θ的光滑絕緣斜面處于電場中，一帶電荷量為+q、質量為m的小球以初速度從斜面底端A點開始沿斜面向上運動，當?shù)竭_斜面頂端B點時，速度仍為則（）．

A.A、B兩點之間的電壓一定等于B.小球在B點時的電勢能一定大于在A點時的電勢能C.若電場是勻強電場，則該電場的電場強度的最大值一定為D.若該電場是斜面中點正上方某點的點電荷Q產生的，則Q一定是正點電荷4、如圖所示，一帶負電粒子以某速度進入豎直向上的勻強電場中，在電場力作用下形成圖中所示的運動軌跡。M和N是軌跡上的兩點，其中M點在軌跡的最高點。不計重力；下列表述正確的是（）

A.粒子在M點的速率最大B.粒子所受電場力沿電場方向向上C.粒子在電場中的動能先減小后增加D.粒子在電場中M點的電勢能最小5、使兩個完全相同的金屬小球(均可視為點電荷)分別帶上－3Q和＋5Q的電荷后，將它們固定在相距為a的兩點，它們之間庫侖力的大小為F1.現(xiàn)用絕緣工具使兩小球相互接觸后，再將它們固定在相距為2a的兩點，它們之間庫侖力的大小為F2.則F1與F2之比為A.2∶1B.4∶1C.16∶1D.60∶16、下列說法正確的是（）A.電場中某點放入試探電荷受力為該點的場強為取走后，該點的場強不變B.電荷所受的電場力越大，該點的電場強度一定越大C.以點電荷為球心，為半徑的球面上各點的場強都相同D.電場是為了研究問題的方便而設想的一種物質，實際上不存在7、下列電場線中，哪一幅是等量異號點電荷的電場線（）A.B.C.D.8、如圖所示，是勻強電場中同一平面上的三個點，各點的電勢分別為則在下列各示意圖中能表示該電場強度方向的是（）A.B.C.D.9、如圖所示，用完全相同的兩個電源給完全相同的兩個電容器充電，甲圖中電源與電容器直接用導線連接，乙圖中電源與電容器中間接有電阻同時閉合開關后，關于甲、乙兩種充電情況的說法正確的是（）

A.充電結束后，甲圖中電容器兩極板間的電勢差比乙圖的大B.由于電阻的影響，甲乙兩圖充電過程中的瞬時電流不相等C.充電結束后，保持開關閉合，僅減小電容器兩極板間的距離，電容器所帶電荷量將減少D.充電結束后，保持開關閉合，在乙圖電容器兩極板間插入玻璃板的過程，不會有電流流過電阻評卷人得分二、多選題(共8題，共16分)10、如圖所示，一質量為電荷量為的粒子以速度從連線上的點水平向右射入大小為方向豎直向下的勻強電場中。已知與水平方向成角，粒子的重力可以忽略，則粒子到達連線上的某點時（）

A.所用時間為B.速度大小為C.與點的距離為D.速度方向與豎直方向的夾角小于11、如圖所示，直角坐標系中x軸上的r和－r處固定有兩個帶電荷量分別為－Q和＋9Q的點電荷，y軸上a、b兩點的坐標分別為ya＝r和yb＝－r，x軸上d點的坐標為xd＝2r，則下列說法中正確的是（）

A.a、b兩點的場強相同B.a、b兩點的電勢相等C.d點場強為零D.O點電勢為零12、如圖所示，在真空中固定兩個等量異號點電荷+Q和-Q,圖中O點為兩點電荷連線的中點，P點為連線上靠近-Q的一點，MN為過O點的一條線段，M點與N點關于O點對稱.下列說法中正確的是（）

A.同一個試探電荷在M、N兩點所受的電場力相同B.M、N兩點的電勢相同C.將帶正電的試探電荷從M點沿直線移到N點的過程中電荷的電勢能先增大后減小D.只將-Q移到P點，其他點在空間的位置不變，則O點的電勢降低13、在x軸上x=0和x=1處，固定兩點電荷q1和q2，兩電荷之間各點對應的電勢高低如圖中曲線所示，在x=0.6m處電勢最低；下列說法中正確的是（）

A.兩個電荷是同種電荷，電荷量大小關系為q1：q2=9：4B.兩個電荷是同種電荷，電荷量大小關系為q1：q2=3：2C.x=0.5m處的位置電場強度不為0D.在q1與q2所在的直線上電場強度為0的點只有1個14、如圖所示電路，由定值電阻可變電阻理想二極管，水平金屬板M、N，電源及開關組成。閉合開關，電路穩(wěn)定后，質量為的帶正電荷的微粒從點以水平速度射入金屬板間，沿曲線打在N板上的點。若經下列調整后，微粒仍從點以水平速度射入，則關于微粒打在板上的位置說法正確的是（）

A.保持開關閉合，增大粒子打在點左側B.保持開關閉合，減小粒子打在點C.斷開開關M極板稍微上移，粒子打在點右側D.斷開開關N極板稍微下移，粒子打在點右側15、豎直平面內的直角坐標系xOy中存在平行于x軸的電場，坐標系內任意一點電場強度E的大小和方向與該點x坐標的關系是E=-10x（N/C）。一不計重力、帶正電的試探電荷在坐標系內不同位置，從不同的初狀態(tài)開始運動，下列分析正確的有（）A.在點（-4，0）由靜止釋放，則試探電荷以點（0，0）為中心在x軸上往復運動B.在點（4，0）以初速度沿y軸正方向運動，則試探電荷以點（0，0）為中心往復運動C.在點（-4，0）以初速度沿y軸正方向運動，則試探電荷在閉合軌跡上往復運動D.在點（4，0）以初速度沿x軸正方向運動，則試探電荷以點（0，0）為中心在x軸上往復運動16、在圖示電路中，電源內阻不可忽略，R1、R2為定值電阻，G為靈敏電流計，V為理想電壓表，平行板電容器兩極板水平，開關S閉合后，位于電容器兩板間的帶電油滴恰好靜止，現(xiàn)將滑動變阻器的滑片P向下移動；則以下說法正確的是（）

A.G中有從a到b的電流B.V示數(shù)增大C.油滴向上運動D.電源內阻消耗功率增大17、如圖所示的電路中，E為電源電動勢，r為電源內阻，R1和R3均為定值電阻，R2為滑動變阻器。當R2的滑動觸點在a端時合上開關S，此時三個電表A1、A2和V的示數(shù)分別為I1、I2和U。將R2的滑動觸點向b端移動過程中；下列判斷正確的是。

A.電源的效率減小B.電源的輸出功率一定減小C.I1減小，I2增大，U減小D.I1變化量ΔI1小于I2變化量ΔI2評卷人得分三、填空題(共9題，共18分)18、在閉合電路中，外電路電阻發(fā)生變化時路端電壓也要發(fā)生變化，這是由于電源存在內阻而引起的.當外電阻增大時，引起總電流_______，從而使內電壓_______，由于內阻不變，因而路端電壓將_______，當外電路電阻變成無限大，即電路斷開時，路端電壓等于_______，當外電路電阻趨近于零，即電路短路時，路端電壓就趨近于_______，電流趨近于_______，這會損壞電源.19、長為l的導體棒原來不帶電，現(xiàn)將一電荷量為的點電荷放在與棒的左端距離為R的地方，如圖所示達到靜電平衡后，棒上的感應電荷在棒內距左端處產生的場強______，方向______．

20、如圖所示，用帶負電的絕緣棒A去靠近原來不帶電的驗電器B的金屬小球，B的金屬箔片張開，這時金屬箔片帶______電，若在帶電棒A移開前，用手摸一下驗電器的小球后離開，然后移開A這時B的金屬箔片也能張開，它帶______電。

21、如圖所示，游標卡尺的示數(shù)為___________cm；螺旋測微器的示數(shù)為___________mm。

22、同學們乘坐大客車去參加社會實踐活動。小華上車時，他的手剛觸碰到車門，就被“電”了一下，這是因為汽車在行駛過程中與空氣摩擦而帶了___。大客車以80km/h的速度勻速行駛0.5h，通過的路程是___km。同學們必須系安全帶，這是為了防止汽車剎車時人由于___向前傾倒。23、一均勻帶正電的空心橡皮球，在吹大的過程中始終維持球狀，球內任意點的電勢___________；始終在球外的任意點的場強___________。（填寫變大、變小或不變）24、如圖所示，在場強為E=1.0×102V/m的勻強電場中，有相距d=2.0×10-2m的A、B兩點，A、B連線與電場方向的夾角為60°，則A、B兩點間的電勢差為___________V。

25、圖為“伏安法測量電阻”實驗的部分電路。在某次測量中，電壓表的示數(shù)為1.50V時，電流表的示數(shù)為0.50A，根據測量數(shù)據可計算出電阻測量值為__________Ω。從理論上講，由于電壓表內阻的影響，用該電路測得的電阻值__________（選填“大于”或“小于”）真實值。

26、如圖所示直線a為某電源的路端電壓隨電流的變化圖線，直線b為電阻R兩端的電壓隨電流的變化圖線，用該電源和該電阻組成的閉合電路，電源的輸出功率為___________W，內阻為___________Ω。

評卷人得分四、作圖題(共2題，共8分)27、如圖所示，A、B、C為勻強電場中的三個點，已知φA=18V，φB=11V，φC=－3V。試畫出該電場的電場線；并保留作圖時所用的輔助線（用虛線表示輔助線，實線表示電場線）。

28、在“用電流和電壓傳感器研究電容器的放電”實驗中；某同學按照圖所示連接電路。實驗時，先將開關S擲向1，一段時間后，將開關擲向2，傳感器將信息傳入計算機屏幕上，顯示出電流或電壓隨時間變化的圖線。

（1）由圖可知，傳感器1應為________（選填選項前的字母）

A．電流傳感器B．電壓傳感器。

（2）用q表示電容器上極板所帶的電荷量，UR表示滑動變阻器兩端的電壓，UC表示電容器兩端的電壓，I表示電路中的電流，關于電容器在整個放電過程中的圖像變化正確的有________。

A．B．

C．D．

（3）若已知電源電動勢E，但其內阻和電阻箱阻值均未知，根據已知條件和傳感器顯示的圖像中的數(shù)據信息，下列判斷正確的是________；

A．可知該電容器的電容。

B．可知此時電阻箱阻值大小。

C．若只增大電阻箱R的阻值；電容器放電的時間將變短。

D．若只減小電容器的電容大小，電容器放電的時間將變短評卷人得分五、實驗題(共4題，共40分)29、某同學想設計一個實驗測量某金屬棒的電阻率；提供的器材有：

A．電流表A1（滿偏電流=200μA，內阻=100Ω）

B．電流表A2（量程為0.6A；內阻約為0.4Ω）

C．電阻箱R0（0～99999.9Ω）

D．滑動變阻器R（0～5Ω，最大允許電流2A）

E．干電池組（電動勢6V；內阻約為0.05Ω）

F．一個開關k和導線若干。

（1）如圖甲所示，用螺旋測微器測得金屬棒的直徑D=______mm；如圖乙所示，用20分度游標卡尺測得金屬棒的長度L=______mm．

（2）該同學找來一個多用表，用歐姆擋“×10Ω”粗測金屬棒的電阻，發(fā)現(xiàn)指針偏轉角度過大，他應換用_______擋（填“×1Ω”或“×100Ω”），換擋后歐姆調零再次測量時指針靜止如圖丙所示，則金屬棒的阻值Rx約為_____Ω．

（3）為了精確地測量金屬棒的電阻，從而計算出電阻率，該同學將電流表A1與阻值調為R0=____Ω的電阻箱串聯(lián)改裝成量程為6V的電壓表，并在虛線框畫出測量原理圖________．

30、某同學想測量阻值約為20kΩ某種圓柱形材料的電阻率；實驗要求必須精確測出該段材料的阻值。除了導線和開關外，實驗室還備有以下器材可供選用：

電流表A1，量程1A，內阻r1約0.5Ω

電流表A2，量程30mA，內阻r2約200Ω

電壓表V1，量程6V，內阻RV1等于20kΩ

電壓表V2，量程10V，內阻RV2約30kΩ

滑動變阻器R1，0～20Ω；額定電流2A

滑動變阻器R2，0～2000Ω；額定電流1mA

電源E（電動勢為12V，內阻r約2Ω）

(1)請選擇合適的器材，設計出便于精確測量的電路圖畫在虛線框中______；其中滑動變阻器應選_______。

(2)若選用其中一組電表的數(shù)據，設該段圓柱形材料的長為L，直徑為d，由以上實驗得出這種材料電阻率的表達式為_______。31、某同學擬利用發(fā)光二極管等器材制作一個創(chuàng)意賀卡，需要首先測定發(fā)光二極管的伏安特性。主要實驗器材有：直流電源E（5V，內阻不計），電壓表（內阻約），電流表（內阻約），滑動變阻器發(fā)光二極管D（正常發(fā)光時電阻約為幾十歐姆）。

（1）該同學測定發(fā)光二極管D兩端電壓在范圍內的伏安特性的電路如圖所示，圖中只連接了部分電路，還需要連接c點與________點，e點與________點。

（2）測得的伏安特性曲線如圖所示，當工作電流為時，發(fā)光二極管兩端的電壓約為________V。

（3）該同學設計的創(chuàng)意賀卡的電路如圖所示。已知電源E的電動勢為5V（內阻不計），音樂芯片的等效電阻為其阻值為若取該發(fā)光二極管的工作電流為則電阻的取值應為________（結果保留2位有效數(shù)字）。

32、某實驗小組計劃先用多用電表測量定值電阻的阻值，再設計電路測量電源的電動勢和內阻。實驗器材有：待測定值電阻待測電源（電動勢E約為8V，內阻r約為1Ω），多用表一只，電阻箱R；開關一個，導線若干。

（1）用多用電表測量定值電阻的阻值。

①對多用電表完成機械調零后，先將選擇開關調到電阻×10Ω檔，再將紅、黑表筆短接，調整圖a中多用電表的______（選填“A”或“B”）旋鈕；進行歐姆調零；

②將紅、黑表筆分別與定值電阻兩端相連，多用電表指針位置如圖b所示；

③應將選擇開關調到電阻×______檔，再次進行歐姆調零后重新測量，指針位置如圖c所示，定值電阻的阻值______Ω；

④完成測量后，將選擇開關調到______檔或交流電壓最高檔。

（2）用多用電表測量電源電動勢和內阻。

①將多用電表選擇開關調到______（選填“交流”或“直流”）電壓10V檔；

②按圖d所示電路連接實物；

③閉合開關S，調節(jié)電阻箱R，讀出多用電表示數(shù)U，測得多組R和U并做好記錄；

④根據實驗數(shù)據，作出圖像如圖e所示，電源電動勢E=______V，內阻r=______Ω。（結果均保留3位有效數(shù)字）參考答案一、選擇題(共9題，共18分)1、C【分析】【分析】

【詳解】

A．A點和B點不在同一個等勢面上；所以它們的電勢不同，故A錯誤．

B．根據電場的對稱性可知，C點和D點的電場強度的大小相同；但是它們的方向不同，則電場強度不同，故B錯誤．

C．從A點移至B點，電勢降低，所以正電荷從A點移至B點；電場力做正功，故C正確．

D．C點和D點在同一個等勢面上，負電荷在CD兩點電勢能相等；負電荷從C點沿直線CD移至D點，電場力先做正功，后做負功，電勢能先減小后增大原來的值，故D錯誤．2、C【分析】【分析】

【詳解】

B．電容器放電過程中電流減小，則電阻R兩端的電壓變小；選項B錯誤；

C．根據

可知圖像與兩坐標軸圍成的面積表示電容器放出的總電荷量，即

電阻兩端的最大電壓即為電容器剛開始放電的時候，則最大電壓

根據

可知電容器的電容為

故選項C可求；則C正確；

A．電源的內電阻在右面的充電電路中，根據題意只知道電源的電動勢等于電容器充滿電兩板間的電壓，也就是剛開始放電時的電壓，即

但內電阻沒法求出；故選項A錯誤；

D．電容器放電時，流過電阻R的電流為向左，則由計算機采集的電流可知流過電阻R的電流方向規(guī)定向左為正；選項D錯誤。

故選C。3、A【分析】【詳解】

A．帶電小球由A運動到B的過程中動能的增量為零，由功能關系可知，重力的功與電場力的功的總量為零，即

所以，A、B間的電壓

選項A正確；

B．由于在此過程中電場力做正功，電勢能減小，小球在B點時所具有的電勢能將小于在A點時所具有的電勢能．選項B錯誤；

C．若該電場是勻強電場，小球在A、B兩點處的速度又都是故小球只能做勻速運動在運動中，小球受到的重力、支持力和電場力的合力為零．因為電場力的大小和方向與電場強度的大小和方向的關系，使我們可以通過觀察電場力來了解電場強度．如圖可知，電場力完全可以大于、等于或者小于重力．也就是說電場強度E也完全可以大于、等于或者小于選項C錯誤；

D．小球沿著斜面向上運動時，動能沒有增量，由功能關系可知，重力和電場力做的總功必須為零，在這過程中重力做負功，故電場力一定是做正功而不可能做負功．若該電場是斜面中點正上方某點的正點電荷+Q產生的，如圖可知，A、B兩處的電勢關系定是注意到小球是帶正電的，它從A向B運動時；電場力和重力做的都是負功，不可能保持速度不變，D錯誤。

4、C【分析】【分析】

【詳解】

AB．粒子做曲線運動，受電場力指向曲線彎曲的內側，故可知，電場力豎直向下，在向上運動的過程中，電場力對粒子做負功，粒子的速度減小，運動到M點時；粒子的速度最小，故AB錯誤；

C．在向上運動的過程中；電場力對粒子做負功，粒子的速度減小，向下運動的過程中，電場力對粒子做正功，粒子的速度增加，故C正確；

D．運動到M點時；粒子的速度最小，根據能量守恒可知，此時電勢能最大，故D錯誤。

故選C。5、D【分析】【詳解】

開始時由庫侖定律得：現(xiàn)用絕緣工具使兩小球相互接觸后，各自帶電為Q，因此此時：聯(lián)立得：F2=F1，則F1與F2之比為60：1，故選D.6、A【分析】【詳解】

A．電場中各點的場強取決于電場本身；與所放試探電荷及其電量；受力大小無關，A正確；

B．同一電荷所受的電場力越大；該點的電場強度一定越大，B錯誤；

C．以點電荷為球心，為半徑的球面上各點的場強大小都相同；方向不同，C錯誤；

D．電場是客觀存在的；電場線是為了研究問題的方便而設想的，實際上不存在，D錯誤。

故選A。7、A【分析】【分析】

【詳解】

根據電場線的特點；總是從正電荷出發(fā)，到無窮遠，或終止于負電荷，則等量異號點電荷的電場線的分布如圖所示。

所以A正確；BCD錯誤；

故選A。8、D【分析】【分析】

【詳解】

各點電勢則兩點連線的線段分三等分，則取點的電勢為因此點與點的連接為等勢面，那么與連線垂直的即為電場線。由于又因為電勢沿著電場線降低，所以方向指向右下方。

故選D。9、B【分析】【詳解】

A．充電結束后，電路中的電流為0，電阻的電壓為0；所以兩個電容器兩極板間的電勢差相等，都等于電源的電動勢，A錯誤；

B．由于電阻的影響；在充電過程中多了阻礙作用，所以在電動勢相同的情況下，甲乙兩圖充電過程中的瞬時電流不相等，B正確；

C．充電結束后，保持開關閉合，電容器兩極板的電勢差不變，根據電容的決定式

可知，僅減小電容器兩極板間的距離，電容器的電容增大，根據電容的定義式

可知，電容器所帶電荷量將增大；C錯誤；

D．因為在乙圖電容器兩極板間插入玻璃板的過程，電容器的電容增大，根據電容的定義式

可知，電容器所帶電荷量將增大，則乙圖中電容器在充電，所以有電流流過電阻D錯誤。

故選B。二、多選題(共8題，共16分)10、B:D【分析】【分析】

【詳解】

A．粒子在電場中做類平拋運動，水平方向

豎直方向

由

可得

故A錯誤；

B．由于

故粒子速度大小為

故B正確；

C．由幾何關系可知，到P點的距離為

故C錯誤；

D．速度方向與豎直方向的夾角正切

即

故D正確。

故選BD。11、B:C【分析】【詳解】

A．根據電場線分布的對稱性可知，a、b兩點場強的大小相等，但方向不同，則a、b兩點的場強不等；故A錯誤；

B．由電場分布的對稱性可知，a、b兩點的電勢相等；故B正確；

C．+9Q在d點產生的場強大小

方向水平向右，－Q在d點產生的場強大小

方向水平向左，所以由電場的疊加原理可知，d點場強為零；故C正確；

D．由于零電勢點的選取可以是任意的，則O點電勢不一定為零；故D錯誤。

故選BC。12、A:D【分析】【詳解】

A．等量異種點電荷的電場的分布具有一定的對稱性；如圖：

由圖可得M、N兩點的電場強度相同，F(xiàn)=Eq；電場力相同，故A正確；

B．畫出過M、N的等勢面；如圖所示：

電場線從電勢高的等勢面指向電勢低的等勢面，故M點的電勢大于N點的電勢；故B錯誤；

C．將帶正電的試探電荷從M點沿直線移到N點的過程中；電場力一直做正功，故電勢能一直減小，故C錯誤；

D．等量異種點電荷的連線中垂線是一條等勢線，故O點的電勢為零；只將-Q移到P點，其它點在空間的位置不變，此時兩個電荷連線的中點在O點的左側，故O點的電勢變?yōu)樨撝?，故O點的電勢降低，故D正確。13、A:C:D【分析】【詳解】

AB．由圖可知電勢都大于零，且在x=0.6m處電勢最低，故一定都是正電荷，因圖象的切線斜率表示電場強度，故在x=0.6m處的電場強度為零，則有

解得q1：q2=9：4；A正確，B錯誤；

C．因圖象的切線斜率表示電場強度，故x=0.5m處的位置切線斜率不為零；故電場強度不為零，C正確；

D．在q1與q2所在的直線上，q1左側電場強度向左，q2右側電場強度方向向右，所以在q1與q2所在的直線上電場強度為0的點只有1個；D正確。

故選ACD。14、B:D【分析】【詳解】

A．保持開關S閉合，由串并聯(lián)電壓關系可知，R0兩端電壓為

增大R1，U減小，電容器兩端的電壓減小，因此電容兩極板帶電量減少，由于上級板帶負電，電荷量要減少時二極管不導通，故電容器上電荷量不變，由

可知兩極板間電場強度不變化，故粒子仍打在O點；故A錯誤；

B．保持開關S閉合，減小R2，R0兩端電壓為

電壓不變，則電容器兩端的電壓不變，加速度不變，粒子仍打在O點；故B正確；

C．斷開開關S，平行板電量不變，由

可知M極板稍微上移，E不變，故加速度不變，不影響粒子得運動，粒子仍打在O點；故C錯誤；

D．斷開開關S，N極板稍微下移，E不變，故加速度不變，但y增大，則x增大，粒子打在O點右側；故D正確。

故選BD。15、A:D【分析】【詳解】

由E=-10xN/C可知，在第一象限電場線沿x軸負方向，在第二象限電場線沿x軸正方向。

A．在點（-4，0）由靜止釋放試探電荷帶正電，在x軸負半軸，受力方向向右，到O點前，作加速運動，到O點速度最大，過O點后受力方向向左，作減速運動，速度減為0時，開始反向，繞O點往復運動；故A正確；

B．在點（4，0）以初速度沿y軸正方向運動，在第一象限內受力方向向左，第二象限內受力方向向右，受力F方向與速度方向始終有夾角，作曲線運動，且軌跡偏向力F一側，不會繞O點往復運動；故B錯誤；

C．在點（-4，0）以初速度沿y軸正方向運動，由B可知，電荷沿y軸正方向向上作曲線運動；軌跡不是閉合軌跡，故C錯誤；

D．在點（4，0）以初速度沿x軸正方向運動，在x軸正半軸，受力方向向左，作減速運動，速度減為0時，向左作加速運動，到O點速度最大，過O點后受力方向向右，作減速運動，速度減為0時，開始反向，繞O點往復運動；故D正確。

故選AD。16、A:D【分析】【分析】

【詳解】

AB．滑動變阻器的滑片P向下移動，并聯(lián)部分電路電阻減小，根據分壓原理，有

可知電壓表示數(shù)減小，電容器兩端電壓減小，根據公式有

可知電容器極板上電荷要減小，有從a到b的電流出現(xiàn)；故A正確；B錯誤；

C．對油滴進行分析可知；之前二力平衡，現(xiàn)在極板電荷量減小，導致極板間場強變小，電場力將小于重力，故油滴將向下運動。故C錯誤；

D．根據分壓原理，外部電阻減小，路端電壓減小，則內電阻電壓增加，有

電源內阻消耗功率增大；故D正確。

故選AD。17、A:C:D【分析】【詳解】

A．將的滑動觸點向端移動時，減小，整個電路的總電阻減小，總電流增大，電源的內電壓增大，路端電壓減小，即電壓表示數(shù)減小。電源的效率：

則減小，A正確；

B．由于電源的內外電阻關系未知，所以不能確定電源的輸出功率如何變化，B錯誤；

C．總電流增大，電壓增大，、并聯(lián)電壓減小，通過的電流減小，而總電流增大，則流過的電流增大，C正確；

D．由于總電流增大，通過的電流減小，則，D正確。

故選ACD。三、填空題(共9題，共18分)18、略

【分析】【詳解】

[1][2][3][4][5][6]在閉合電路中，外電路電阻發(fā)生變化時路端電壓也要發(fā)生變化，這是由于電源存在內阻而引起的．當外電阻增大時，引起總電流減小，從而使內電壓減小，由于內阻不變，因而路端電壓將增大，當外電路電阻變成無限大，即電路斷開時，回路電流為零，路端電壓等于電動勢，當外電路電阻趨近于零，即電路短路時，路端電壓就趨近于0，電流趨近于

電源內阻很小，電流很大，這會損壞電源．【解析】減小減小增大電動勢019、略

【分析】【詳解】

水平導體棒當達到靜電平衡后，棒上感應電荷在棒內距離左端L處產生的場強大小與一帶電量為?q的點電荷在該處產生的電場強度大小相等，則有：由于該處的電場強度為零，所以方向與一帶電量為?q的點電荷在該處產生的電場強度的方向相反；即水平向右．

【點睛】根據靜電平衡可知，達到靜電平衡后，感應電荷產生的附加電場與外面的電場大小相等，方向相反，所以導體內部場強處處為0，同一個導體為等勢體，導體上的電勢處處相等．然后在結合庫侖定律解答即可．【解析】水平向右20、略

【分析】【詳解】

[1]用帶負電的絕緣棒A去靠近原來不帶電的驗電器B的金屬小球；由于靜電感應，驗電器兩端出現(xiàn)等量正負感應電荷，近端的電荷電性與A相反，帶正電，遠端的金屬箔片電荷電性與A相同，帶負電。

[2]人和地球都是導體，用手指瞬間接觸金屬球B時，人、地球和驗電器構成一個整體，在帶負電荷棒A的影響下發(fā)生靜電感應，近端帶正電，金屬箔片不帶電。移開手指后，驗電器上的正電荷不會再改變，故驗電器帶正電，再移開棒A后，驗電器上的正電荷不會再改變，金屬箔片上此時也帶正電?！窘馕觥控撜?1、略

【分析】【詳解】

[1]圖甲所示是20分度游標卡尺，示數(shù)為

[2]螺旋測微器的示數(shù)為【解析】1.3456.79022、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1]汽車在行駛過程中與空氣摩擦；產生摩擦起電現(xiàn)象，從而帶了電荷，所以手剛觸車門就被“電”了一下。

[2]大客車以80km/h的速度勻速行駛0.5h，通過的路程s=vt=80km/h×0.5h=40km

[3]同學們必須系安全帶，這是為了防止汽車剎車時人由于慣性向前傾倒。【解析】電荷40慣性23、略

【分析】【詳解】

[1]電荷在某點的電勢能，等于把它從這點移動到零勢能位置時靜電力做的功。我們取一個正的點電荷放在球內任意點，把該點電荷移動到無窮遠處（零勢能位置）的過程中，橡皮球上所有正電荷對其做功代數(shù)和記為橡皮球吹大后，該點電荷與球上所有電荷的距離變遠，再把該點電荷移動到無窮遠處（零勢能位置）的過程中，橡皮球上所有正電荷對其做功代數(shù)和記為根據庫倫定律有

所以球吹大后；該點電荷的電勢能變小，該位置的電勢變小。

[2]一個半徑為R的均勻帶電球體或球殼，在球的外部產生的電場，與一個位于球心的、電荷量相等的點電荷產生的電場相同，求外各點的電場強度為

球吹大后，始終在球外的任意點距球心的距離r不變，球所帶電荷量Q不變，則場強不變。【解析】變小不變24、略

【分析】【分析】

【詳解】

U=Edcos60°=1.0×102×2.0×10-2×V=1.0V?！窘馕觥?.025、略

【分析】【詳解】

[1]根據測量數(shù)據可計算出電阻測量值為

[2]從理論上講，由于電壓表內阻的影響，使得電流表的測量值偏大，則用該電路測得的電阻值小于真實值?！窘馕觥?##3.0小于26、略

【分析】【詳解】

[1]由交點坐標知工作電壓為U=2V，工作電流為I=2A，則輸出功率為P出=UI=2×2=4W

[2]由縱截距知電源的電動勢為E=3V

由橫截距知電源短路電流為I0=6A

電源的內阻【解析】40.5四、作圖題(共2題，共8分)27、略

【分析】【分析】

【詳解】

連接BC，過A點作BC的平行且與BC線段相等的線段AD，將AD分成兩等份，找出B點的等勢點，即E點，電勢為11V，連接BE，則BE為等勢線；電場線與等勢線垂直，由高電勢指向低電勢，如圖所示。

【解析】28、略

【分析】【詳解】

（1）[1]傳感器1串聯(lián)在電路中；因此應為電流傳感器。

故選A。

（2）[2]ABC．電容器在整個放電過程中，電容器的電荷量q、電流I、電壓UC均隨時間減?。贿x項AC錯誤，選項B正確；

D．由于放電電流I減小，根據可知電阻箱R的電壓UR減??；選項D正確。

故選BD。

（3）[3]A．根據電流傳感器顯示的I-t圖像中的面積可求出電容器的電荷量，根據電壓傳感器可知電阻箱兩端的電壓，若已知電源電動勢E，則可知電容器的電壓，根據可求出該電容器的電容；選項A正確；

B．根據電流傳感器和電壓傳感器可知電阻箱的電流和兩端的電壓；因此可知此時電阻箱