2025年人教版PEP高三物理上冊階段測試試卷

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年人教版PEP高三物理上冊階段測試試卷720考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學(xué)校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五六總分得分評卷人得分一、選擇題(共9題，共18分)1、（2010秋?徐州期末）“追拍法”屬于慢速快門拍攝法的一種，要求相機跟著動體相應(yīng)的動，將動體作為實影主體來表現(xiàn)動感，如圖是體育攝影中“追拍法”的成功之作，攝影師眼中清晰的滑板運動員是靜止的，而模糊的背景是運動的，攝影師用自己的方式表達(dá)了運動的美，請問攝影師選擇的參考系是（）A.大地B.滑板運動員C.步行的人D.太陽2、（2015秋?淄博校級期末）如圖所示，在兩等量異種點電荷的電場中，MN為兩電荷連線的中垂線，a、b、c三點所在直線平行于兩電荷的連線，且a與c關(guān)于MN對稱，b點位于MN上，d點位于兩電荷的連線上．則以下判斷正確的是（）A.b點場強大于d點場強B.b點電勢高于d點電勢C.a、b兩點的電勢差大于b、c兩點的電勢差D.試探電荷+q在a點的電勢能大于在c點的電勢能3、如圖所示，開始時矩形線圈平面與磁場垂直，且一半在勻強磁場內(nèi)一半在勻強磁場外，若要使線圈產(chǎn)生感應(yīng)電流，則下列方法中不可行的是（）A.以ab為軸轉(zhuǎn)動B.以O(shè)O′為軸轉(zhuǎn)動C.以ad為軸轉(zhuǎn)動（小于60°）D.以bc為軸轉(zhuǎn)動（小于60°）4、電磁炮是現(xiàn)代武器庫中的一朵“奇葩”，其中“軌道電磁炮”由電源、金屬軌道、炮彈和電磁鐵組成．發(fā)射時接通電路，強大的電流通過導(dǎo)軌、電樞，與電源構(gòu)成回路，同時電磁鐵中的強磁場對電樞產(chǎn)生一個巨大的推力，推動電樞加速運動，從而推動炮彈高速發(fā)射出去．下列四幅俯視圖是簡化后的“軌道電磁炮”發(fā)射圖，其中正確表示磁感應(yīng)強度方向的是（）A.B.C.D.5、甲、乙兩個物體都做勻速圓周運動．轉(zhuǎn)動半徑比為3：4，在相同的時間里甲轉(zhuǎn)過60圈時，乙轉(zhuǎn)過45圈，則它們所受的向心加速度之比為（）A.3：4B.4：3C.4：9D.9：166、如圖所示，一斜面體靜止在粗糙的水平地面上，一物體恰能在斜面體上沿斜面勻速下滑，此時斜面受地面的摩擦力為F1．若用沿平行于斜面方向的力F向下推此物體，使物體加速下滑，斜面體仍與地面保持相對靜止，此時斜面體受地面的摩擦力為F2，則（）A.F1=F2=OB.F2方向水平向右C.F2方向水平向左D.F1F2均不為零7、如圖所示；一根條形磁鐵自左向右穿過一個閉合螺線管，則電路中（）

A.始終有感應(yīng)電流自a向b流過電流表GB.始終有感應(yīng)電流自b向a流過電流表GC.先有a→G→b方向的感應(yīng)電流，后有b→G→a方向的感應(yīng)電流D.先有b→G→a方向的感應(yīng)電流，后有a→G→b方向的感應(yīng)電流8、圖中物體沿粗糙斜面下滑的過程中，下列關(guān)于各個力做功的說法正確的是（）A.重力對物體不做功B.支持力對物體做正功C.摩擦力對物體做負(fù)功D.以上說法都不正確9、如圖所示，在兩等量異種點電荷的電場中，O為兩電荷連線的中點，a、b兩點所在直線過O點，且a與b關(guān)于O對稱．以下判斷正確的是（）A.a、b兩點場強相同B.a、b兩點電勢相同C.將一負(fù)電荷由a點移到O點，電勢能減小D.將一正電荷由a點移到b點，電勢能先減小后增大評卷人得分二、填空題(共7題，共14分)10、（2010秋?清遠(yuǎn)校級期中）如圖所示，有三個點電荷，甲帶電為+q，乙?guī)щ姙?9q，丙帶電為Q．甲乙相距為R，將丙電荷放甲乙連線上的某點，使甲、乙、丙都處于平衡狀態(tài)，則丙電荷的電性應(yīng)為____，電荷量Q=____，所放位置應(yīng)在____．11、曲線運動的條件：物體所受____的方向跟它的速度方向不在同一條直線上或它的____方向與速度方向不在同一條直線上．12、一棟16m高的樓房屋檐處，因滲水每隔一定時間有一水滴落下，當(dāng)?shù)谖宓嗡坞x開屋檐時，第一滴水滴正好落到地面，此時第三滴水滴距地面的高度是____m．13、質(zhì)點在x軸上運動，其位置坐標(biāo)x隨時間t的變化關(guān)系為x=2t2+2t-4，則其加速度a=____m/s2．當(dāng)t=0時，速度為____m/s（x的單位是m，t的單位是s）．14、【題文】（09·天津·9）（1）如圖所示，單匝矩形閉合導(dǎo)線框abcd全部處于磁感應(yīng)強度為B的水平勻強磁場中，線框面積為S，電阻為R。線框繞與cd邊重合的豎直固定轉(zhuǎn)軸以角速度勻速轉(zhuǎn)動，線框中感應(yīng)電流的有效值I=____。線框從中性面開始轉(zhuǎn)過的過程中，通過導(dǎo)線橫截面的電荷量q=____。15、在“測定金屬電阻率”的實驗過程中：

（1）正確操作獲得金屬絲的直徑以及電流表、電壓表的讀數(shù)如圖所示，則它們的讀數(shù)依次是____mm、____A、____V．

（2）實驗中所用的滑動變阻器阻值范圍為0～10Ω，電流表內(nèi)阻約為幾歐，電壓表內(nèi)阻約為20kΩ，電源為干電池，其電動勢E=4.5V，內(nèi)阻較?。畡t電路圖____（選填字母代號）為實驗選擇電路，該電路測量的金屬絲電阻比真實值偏____（選填“大”或“小”）．

16、如圖所示A、B是兩塊相同的均勻長方形磚塊，長為L，疊放在一起，A磚相對于B磚右端伸出的長度，B磚放在水平桌面上，磚的端面與桌面平行，為保持兩磚都不翻倒，B磚伸出桌邊的最大長度是____．評卷人得分三、判斷題(共5題，共10分)17、一定質(zhì)量的理想氣體內(nèi)能的大小只與溫度有關(guān)____（判斷對錯）18、新能源是指新開采的能源．____．（判斷對錯）19、液體的飽和汽壓隨溫度的升高而增大，是因為飽和汽的體積隨溫度的升高而增大．____．（判斷對錯）20、電荷在電場中一定受電場力的作用．____（判斷對錯）21、點電荷一定是電量很小的電荷．____．（判斷對錯）評卷人得分四、實驗探究題(共3題，共21分)22、某物理學(xué)習(xí)小組的同學(xué)在研究性學(xué)習(xí)過程中，用伏安法研究某電子元件R1的（6V；2.5W）伏安特性曲線，要求多次測量盡可能減小實驗誤差，備有下列器材：

A．電流表G（滿偏電流3mA，內(nèi)阻Rg=10Ω）

B．量程為3A，內(nèi)阻約為0.1Ω的電流表A2；

C．量程為0.6A，內(nèi)阻約為0.5Ω的電流表Al；

D．量程為3V，內(nèi)阻約為3kΩ的電壓表V1

E．滑動變阻器（0～20Ω；10A）

F．滑動變阻器（0～200Ω；1A）

G．定值電阻R0（阻值1990Ω）

H．開關(guān)與導(dǎo)線若干。

I．直流電源（6V；內(nèi)阻不計）

（1）根據(jù)題目提供的實驗器材，請你設(shè)計出測量電子元件R1伏安特性曲線的電路原理圖（R1可用“”表示）．（畫在方框內(nèi)）

（2）在實驗中，為了操作方便且能夠準(zhǔn)確地進行測量，應(yīng)該選用的電流表是______，滑動變阻器應(yīng)選用______．（填寫器材序號）

（3）實驗中，______的示數(shù)為______時，可測出電子元件R1的額定功率2.5W．23、某小組同學(xué)利用如圖(a)

所示的裝置研究一定質(zhì)量氣體的壓強與溫度的關(guān)系.

他們在與壓強傳感器相連的試管中封閉了一定質(zhì)量的氣體；將溫度傳感器的熱敏元件伸入到試管內(nèi)部，通過數(shù)據(jù)采集器和計算機測得試管內(nèi)氣體的壓強和溫度.

實驗中，把試管浸在燒杯的冷水中，通過在燒杯中逐次加入熱水來改變試管內(nèi)氣體的溫度．

溫度傳感器壓強傳感器試管熱敏元件(a)

(1)

該組同學(xué)在先后三次實驗中獲得了三組實驗數(shù)據(jù)，通過計算機繪出的p鈭?t

圖象分別如圖(b)

中的abc

所示；其中三條線不重合的原因是______；

(2)

如果圖中p1

為已知量；則圖線a

的函數(shù)表達(dá)式為______；

(3)

如果某次實驗中，加入熱水后沒有充分?jǐn)嚢?，就立即記錄壓強和溫度的?shù)值，則測量的氣體溫度和該時刻氣體實際溫度相比將______(

填“偏高”“偏低”“一致”)

24、利用所學(xué)物理知識解答問題：

（1）如圖甲所示是用雙縫干涉測光波波長的實驗設(shè)備示意圖；圖中①是光源，②是濾光片，③是單縫，④是雙縫，⑤是光屏。下列操作能增大光屏上相鄰兩條亮紋之間距離的是______

A．增大③和④之間的距離。

B．增大④和⑤之間的距離。

C．將綠色濾光片改成紅色濾光片。

D．增大雙縫之間的距離。

（2）如果將燈泡換成激光光源；該實驗照樣可以完成，這時可以去掉的部件是______（填數(shù)字代號）。

（3）轉(zhuǎn)動測量頭的手輪；使分劃板中心刻線對準(zhǔn)第1條亮紋，讀出手輪的讀數(shù)如圖乙所示。繼續(xù)轉(zhuǎn)動手輪，使分劃板中心刻線對準(zhǔn)第10條亮紋，讀出手輪的讀數(shù)如圖丙所示。則相鄰兩亮條紋的間距是______mm。

（4）如果已經(jīng)量得雙縫的間距是0.30mm、雙縫和光屏之間的距離是900mm，則待測光的波長是______m．（取三位有效數(shù)字）評卷人得分五、推斷題(共3題，共12分)25、A、rm{B}rm{C}rm{D}是中學(xué)化學(xué)的常見物質(zhì)，其中rm{A}rm{B}rm{C}均含有同一種元素。在一定條件下相互轉(zhuǎn)化的關(guān)系如下圖所示rm{(}部分反應(yīng)中的rm{H_{2}O}已略去rm{)}請?zhí)羁眨簉m{(1)}若rm{A}可用于自來水消毒，rm{D}是生產(chǎn)、生活中用量最大、用途最廣的金屬單質(zhì)，則反應(yīng)rm{壟脷}的離子方程式為_______________________________；實驗室保存rm{C}的水溶液應(yīng)加入____________rm{(}填試劑名稱rm{)}rm{(2)}若rm{A}是一種堿性氣體，常用作制冷劑，rm{B}是汽車尾氣之一，遇空氣會變色，則反應(yīng)rm{壟脵}的化學(xué)方程式為____________________________________。rm{(3)}若rm{C}是一種能形成硫酸型酸雨的污染性氣體，rm{D}是一種能支持燃燒和呼吸的氣體，則反應(yīng)rm{壟脹}中氧化產(chǎn)物和還原產(chǎn)物的質(zhì)量比為_________。rm{(4)}若rm{D}是一種常見的溫室氣體，rm{A}rm{B}rm{C}的的焰色反應(yīng)都呈黃色，則反應(yīng)rm{壟脹}的離子方程式為________________________________。26、對氨基苯甲酸酯類是一類局部麻醉藥，化合物rm{M}是該類藥物之一。合成rm{M}的一種路線如下：已知以下信息：rm{壟脵}核磁共振氫譜顯示rm{B}只有一種化學(xué)環(huán)境的氫，rm{H}苯環(huán)上有兩種化學(xué)環(huán)境的氫。rm{壟脷}rm{壟脹E}為芳香烴，其相對分子質(zhì)量為rm{92}rm{壟脺}rm{(}苯胺，易被氧化rm{)}回答下列問題：rm{(1)A}的結(jié)構(gòu)簡式為____，其化學(xué)名稱是____。rm{(2)}由rm{G}生成rm{H}的反應(yīng)類型為____，rm{H}在一定條件下可以發(fā)生聚合反應(yīng)，寫出該聚合反應(yīng)的化學(xué)方程式____。rm{(3)D}的同分異構(gòu)體中不能與金屬鈉反應(yīng)生成氫氣的共有____種rm{(}不考慮立體異構(gòu)rm{)}其中核磁共振氫譜只有兩組峰，且峰面積比為rm{6:1}的是____rm{(}寫結(jié)構(gòu)簡式rm{)}rm{(4)}參照上述合成路線，以乙烯和環(huán)氧乙烷為原料rm{(}無機試劑任選rm{)}制備rm{1}rm{6-}己二醛，設(shè)計合成路線____27、鹽酸氨溴索rm{(H)}對于治療老年重癥肺炎有良好的療效，其合成路線如下rm{(}部分反應(yīng)條件及產(chǎn)物已略rm{)}對于治療老年重癥肺炎有良好的療效，其合成路線如下rm{(H)}部分反應(yīng)條件及產(chǎn)物已略rm{(}

rm{)}

的名稱為________；反應(yīng)rm{(1)B}中為取代反應(yīng)的是__________rm{壟脵-壟脼}填序號rm{(}rm{)}的芳香族同分異構(gòu)體rm{(2)B}滿足下列條件：rm{J}可水解rm{壟脵}可發(fā)生銀鏡反應(yīng)rm{壟脷}rm{壟脹}最多消耗rm{1molJ}rm{2molNaOH}有_______種；rm{J}有_______種；rm{B}的另一種芳香族同分異構(gòu)體可與rm{NaHCO}的另一種芳香族同分異構(gòu)體可與rm{J}rm{B}rm{NaHCO}組吸收峰，則它的結(jié)構(gòu)簡式為___________。rm{{,!}_{3}}可用堿性新制氫氧化銅懸濁液檢驗溶液反應(yīng)，并有氣體生成，其核磁共振氫譜有rm{4}組吸收峰，則它的結(jié)構(gòu)簡式為___________。中的特征官能團，寫出該檢驗的離子反應(yīng)方程rm{4}rm{(3)}關(guān)于rm{C}的說法正確的是________。A.式：___________________________。難溶于水rm{(4)}可使酸性rm{E}溶液褪色C.rm{E}最多與rm{B.E}加成rm{KMnO_{4}}不能與金屬鈉反應(yīng)rm{1molE}鄰氨基苯甲酸甲酯rm{1molH_{2}}具有塔花的甜香味，也是合成糖精的中間體，以甲苯和甲醇為原料，無機試劑自選，參照rm{D.E}的合成路線圖，設(shè)計rm{(5)}的合成路線___________。rm{(L)}評卷人得分六、解答題(共3題，共30分)28、三只燈泡L1、L2和L3的額定電壓分別為1.5V；1.5V和2.5V；它們的額定電流都為0.3A．若將它們連接成圖1、圖2所示電路，且燈泡都能正常發(fā)光．

（1）試求圖1電路的總電流和電阻R2消耗的電功率；

（2）分別計算兩電路電源的總功率；并說明哪個電路更節(jié)能．

29、（2016?菏澤一模）如圖所示，在平面直角坐標(biāo)系xOy的第一象限內(nèi)分布有方向豎直向下、寬度為2d的勻強電場，一質(zhì)量為m、電荷量為+q的帶電粒子從y軸上的A點以速度v0水平向右射出，穿過勻強電場后恰好打在x軸上的G點，且速度方向與x軸正方向成θ=60°夾角斜向下．若A點坐標(biāo)為（0，2d）；G點坐標(biāo)為（3d，0），粒子重力不計．

（1）試求該勻強電場的電場強度E的大?。?/p>

（2）若撤去電場，在該坐標(biāo)系的第一象限內(nèi)加上一個方向垂直紙面向外、磁感應(yīng)強度大小為B的圓形磁場，粒子扔按原方向入射，經(jīng)磁場偏轉(zhuǎn)后粒子仍打在x軸上的G點，且速度方向與x軸正方向成θ=60°夾角斜向下，試求該圓形磁場的最小面積S．30、如圖所示AB、CD為平行金屬板，A、B兩板間電勢差為500V，C、D始終和電源相接，測得其間的場強為104V/m，一質(zhì)量為2.5×10-24㎏，電荷量為8×10-16C的帶電粒子（重力不計）由靜止開始；經(jīng)A；B加速后穿過CD發(fā)生偏轉(zhuǎn)，最后打在熒光屏上，已知C、D極板長S均為4cm，熒光屏距CD右端的距離L為3cm；

問：（1）粒子剛離開B板小孔時的速度大??？

（2）粒子打在熒光屏上距O點多遠(yuǎn)處？

（3）粒子打在熒光屏上時的動能為多大？參考答案一、選擇題(共9題，共18分)1、B【分析】【分析】“追拍法”是跟蹤運動的物體，將運動的物體看做是靜止的，由此其背景就是運動的了．【解析】【解答】解：

“追拍法”是跟蹤運動的物體；將運動的物體看做是靜止的，該圖片是運動的滑板運動員被攝影師當(dāng)做靜止的，而用鏡頭跟蹤，故參考系是滑板運動員．

故B正確；ACD錯誤．

故選：B．2、D【分析】【分析】根據(jù)等量異號電荷的電場分布特點分析各點的場強大小，由電場線性質(zhì)及電場的對稱性可知ab間及bc兩點間的電勢差關(guān)系；由電勢能的定義可知a、c兩點電勢能的大小．【解析】【解答】解：A、在MN上，兩電荷連線中點電場線最密，場強最大．在兩電荷連線上，中點處電場線最疏，場強最小，則b點場強小于連線中點的場強；也小于d點場強，故A錯誤．

B、MN是一條等勢線，根據(jù)順著電場線方向電勢降低，可知與兩等量異號電荷連線上的點相比較，d點的電勢要高，所以d點電勢高于b點電勢；故B錯誤．

C、由對稱性可知，a、b兩點的電勢差等于b；c兩點間的電勢差；故C錯誤．

D；因c點的電勢小于d點的電勢；故試探電荷+q在a點的電勢能大于在c點的電勢能，故D正確；

故選：D3、D【分析】【分析】磁通量是穿過線圈的磁感線的條數(shù)．對照產(chǎn)生感應(yīng)電流的條件：穿過電路的磁通量發(fā)生變化進行分析判斷有無感應(yīng)電流產(chǎn)生．【解析】【解答】解：A、以ab為軸轉(zhuǎn)動（小于90°）；磁通量減小，有感應(yīng)電流產(chǎn)生，故A可行；

B；以O(shè)O′為軸轉(zhuǎn)動；磁通量減小，故有感應(yīng)電流產(chǎn)生，故B可行；

C；以ad為軸轉(zhuǎn)動（小于60°）；磁通量減小，有感應(yīng)電流產(chǎn)生，故C可行；

D、以bc為軸轉(zhuǎn)動（小于60°）；磁通量不變，沒有感應(yīng)電流產(chǎn)生，故D不開可行；

不同選擇不可行的，故選：D．4、B【分析】【分析】電流由電源正極經(jīng)炮彈流向電源負(fù)極，炮彈受到的安培力方向應(yīng)水平向前，由左手定則判斷磁場方向是否正確．【解析】【解答】解：A；由左手定則可知；圖示磁感應(yīng)強度方向使炮彈受到的安培力向后，不符合實際，故A錯誤；

B；由左手定則可知；圖示磁感應(yīng)強度方向使炮彈受到的安培力向前，符合實際，故B正確；

CD；電流和磁場平行故不受安培力；不符合要求，故CD錯誤；

故選：B．5、B【分析】【分析】根據(jù)角速度定義ω=可知甲、乙的角速度之比，再由向心加速度公式a=ω2r可以求出他們的向心加速度之比．【解析】【解答】解：相同時間里甲轉(zhuǎn)過60圈，乙轉(zhuǎn)過45圈，根據(jù)角速度定義ω=可知。

ω1：ω2=4：3

由題意。

r1：r2=3：4

根據(jù)a=ω2r得：

a1：a2=4：3

故選B6、A【分析】【分析】物塊勻速下滑時，對木塊和斜面體整體受力分析，根據(jù)平衡條件得到地面對斜面體的摩擦力；物塊勻速下滑和加速下滑時，分別對物塊受力分析可知，斜面體對木塊的力不變，故木塊對斜面體的力也不變，從而根據(jù)平衡條件得到地面對斜面體的摩擦力不變．【解析】【解答】解：物塊勻速下滑時；對物塊和斜面體整體進行受力分析，受到重力；支持力，假設(shè)地面對整體有摩擦力，設(shè)為水平向右，如圖

根據(jù)共點力平衡條件得到摩擦力為零；

物塊勻速下滑時；物塊受到重力；支持力和摩擦力；物塊在推力作用下加速下滑時，除推力外，仍舊受到重力、支持力和摩擦力，由于支持力不變，摩擦力也不變，即物塊對斜面體的力不變，故斜體體受到地面的摩擦力也不變；

故選A．7、C【分析】【分析】楞次定律的內(nèi)容：感應(yīng)電流的磁場總是要阻礙引起感應(yīng)電流磁通量的變化．根據(jù)楞次定律判定感應(yīng)電流的方向．【解析】【解答】解：條形磁鐵從左向右進入螺線管的過程中，原磁場方向向右，且磁通量在增加，根據(jù)楞次定律，感應(yīng)電流的磁場阻礙原磁場磁通量的變化，所以感應(yīng)電流的磁場向左，由安培定則，知感應(yīng)電流的方向a→G→b．

條形磁鐵從左向右離開螺線管的過程中，原磁場方向向右，且磁通量在減少，根據(jù)楞次定律，感應(yīng)電流的磁場阻礙原磁場磁通量的變化，所以感應(yīng)電流的磁場向右，由安培定則，知感應(yīng)電流的方向b→G→a．故ABD錯誤；C正確；

故選：C．8、C【分析】【分析】本題要抓住做功的兩個必要因素：作用在物體上的力；物體在力的方向上通過的距離．二者缺一不可，由W=FLcosθ確定正負(fù)功．【解析】【解答】解：A；重力方向與位移方向夾角小于90°；故重力做正功，故A錯誤；

B；支持力方向與位移垂直；故支持力不做功，故B錯誤；

C；摩擦力方向與位移方向相反；故摩擦力做負(fù)功，故C正確；

D；綜上可知；故D錯誤；

故選：C9、A【分析】【分析】據(jù)等量異號電荷的電場分布特點分析各點的場強關(guān)系，由電場線性質(zhì)及電場的對稱性可知ab及bc兩點間的電勢關(guān)系；由電勢能的定義分析電勢能的大?。窘馕觥俊窘獯稹拷猓?/p>

A、如圖所示，根據(jù)兩等量異種電荷電場線的分布情況，由對稱性可知，a、b兩點場強相同；故A正確；

B、根據(jù)順著電場線電勢逐漸減小，可知，a點的電勢高于兩點電荷連線中垂面的電勢，b的電勢低于兩點電荷連線中垂面的電勢，而中垂面是一個等勢面，所以a點的電勢高于b點的電勢；故B錯誤．

C；由上分析可知；a點的電勢高于O點的電勢，負(fù)電荷在電勢高處電勢能小，則將一負(fù)電荷由a點移到O點，電勢能增大，故C錯誤．

D、a點的電勢高于b點的電勢，正電荷在電勢高處電勢能大，則將一正電荷由a點移到b點；電勢一直降低，電勢能一直減小，故D錯誤．

故選：A二、填空題(共7題，共14分)10、負(fù)電甲左側(cè)處【分析】【分析】甲、乙、丙三個點電荷都處于靜止?fàn)顟B(tài)，對電荷受力分析，每個電荷都處于受力平衡狀態(tài)，故根據(jù)庫侖定律可分別對任意兩球進行分析列出平衡方程即可求得結(jié)果．【解析】【解答】解：甲；乙、丙三個電荷要平衡；必須三個電荷的一條直線，外側(cè)二個電荷相互排斥，中間電荷吸引外側(cè)兩個電荷，所以外側(cè)兩個電荷距離大，要平衡中間電荷的拉力，必須外側(cè)電荷電量大，中間電荷電量小，所以丙必須為負(fù)電，在甲的左側(cè)．

設(shè)丙所在位置與甲的距離為r，則丙所在位置與乙的距離為R+r；要能處于平衡狀態(tài)，所以甲對丙的電場力大小等于乙對丙的電場力大??；

設(shè)丙的電量為q．則有：=

解得：r=．

對點電荷甲，其受力也平衡，則=

解得：Q=q．

故答案為：負(fù)電，，甲左側(cè)處．11、合外力加速度【分析】【分析】物體做曲線運動的條件是合力與速度不在同一條直線上，速度的方向與該點曲線的切線方向相同．【解析】【解答】解：曲線運動的條件：物體所受合外力的方向跟它的速度方向不在同一條直線上或它的加速度的方向與速度方向不在同一條直線上．

故答案為：合外力；加速度12、12【分析】【分析】初速度為零的勻加速直線運動，第1t、第2t、第3t、第4t的位移之比為1：3：5：7；根據(jù)上述結(jié)論得到第三滴水滴距地面的高度．【解析】【解答】解：初速度為零的勻加速直線運動；第1t；第2t、第3t、第4t的位移之比為1：3：5：7；

故第三滴水滴距地面的高度為；

故答案為：12m．13、略

【分析】

根據(jù)x=以及x=2t2+2t-4，知a=4m/s2．當(dāng)t=0時；速度為2m/s．

故本題答案為：4；2

【解析】【答案】根據(jù)勻變速直線運動的公式x=去分析加速度和初速度．

14、略

【分析】【解析】本題考查交變流電的產(chǎn)生和最大值；有效值、平均值的關(guān)系及交變電流中有關(guān)電荷量的計算等知識。

電動勢的最大值電動勢的有效值電流的有效值【解析】【答案】（1）15、0.7300.422.24甲小【分析】【分析】應(yīng)明確螺旋測微器讀數(shù)原理；電流表與電壓表讀數(shù)時要注意估讀，本題電流表為估讀，電壓表為估讀；

滑動變阻器采用分壓式接法時，通過電源的電流遠(yuǎn)大于采用限流式時的電流．【解析】【解答】解：（1）螺旋測微器讀數(shù)為L=0.5mm+23.0×0.01mm=0.730mm；

電流表示數(shù)為I=0.42A；電壓表讀數(shù)為U=2.24V．

（2）根據(jù)題意，因電源不宜在長時間、大功率狀況下使用，故滑動變阻器不能用分壓式應(yīng)用限流式，又待測電阻阻值遠(yuǎn)小于電壓表內(nèi)阻，故電流表應(yīng)用外接法，故電路圖甲為應(yīng)當(dāng)采用的最佳電路．根據(jù)歐姆定律R=知；由于電壓表的分流作用而使得R測量值偏?。?/p>

故答案為：（1）0.730，0.42，2.24；（2）甲，?。?6、L【分析】【分析】應(yīng)用整體法考慮，根據(jù)平衡條件得出若兩磚不翻到且B伸出最長時，應(yīng)滿足整體的重心應(yīng)恰好在桌子的邊緣【解析】【解答】解：將兩塊磚看做一個整體，則其總長度為，根據(jù)平衡條件看做，為了保持兩磚都不翻倒，整體的重心應(yīng)恰好在桌子邊緣，所以整體重心與A右邊緣距離為L，由圖可知B邊緣到桌子邊緣的距離為x=L-L=L；

故答案為：L．三、判斷題(共5題，共10分)17、√【分析】【分析】一定質(zhì)量的理想氣體的內(nèi)能只與溫度有關(guān)，溫度越高，內(nèi)能越大．【解析】【解答】解：物態(tài)的內(nèi)能與物體的物質(zhì)的量；溫度、體積以及物態(tài)有關(guān)．對一定質(zhì)量的理想氣體；物質(zhì)的量一定，物態(tài)一定，而氣體分子之間的作用力可以忽略不計，所以一定質(zhì)量的理想氣體內(nèi)能的大小只與溫度有關(guān)．

故答案為：√18、×【分析】【分析】根據(jù)新能源的定義進行判斷，新能源又稱非常規(guī)能源，是指傳統(tǒng)能源之外的各種能源形式，指剛開始開發(fā)利用或正在積極研究、有待推廣的能源．【解析】【解答】解：新能源又稱非常規(guī)能源；是指傳統(tǒng)能源之外的各種能源形式，指剛開始開發(fā)利用或正在積極研究；有待推廣的能源，如太陽能、地?zé)崮?、風(fēng)能、海洋能、生物質(zhì)能和核聚變能等，因此新能源是指新開采的能源這種說法是錯誤的．

故答案為：×19、×【分析】【分析】與液體處于動態(tài)平衡的蒸氣叫飽和蒸氣；反之，稱為不飽和蒸氣．飽和蒸氣壓強與飽和蒸氣體積無關(guān)！在一定溫度下，飽和蒸氣的分子數(shù)密度是一定的，因而其壓強也是一定的，這個壓強叫做飽和蒸氣壓強．同溫下未飽和蒸氣壓強小于飽和蒸氣壓強．【解析】【解答】解：在一定溫度下；飽和蒸氣的分子數(shù)密度是一定的，因而其壓強也是一定的，與體積無關(guān)；故密閉容器中某種蒸汽開始時若是飽和的，保持溫度不變，增大容器的體積，穩(wěn)定后蒸汽的壓強不變；液體的飽和汽壓隨溫度的升高而增大，是因為隨溫度的升高液體蒸發(fā)的速度加快．所以該說法是錯誤的．

故答案為：×20、√【分析】【分析】電場的基本性質(zhì)就是對其中的電荷有力的作用，電荷在電場中一定受到電場力作用．【解析】【解答】解：電場的基本性質(zhì)就是對其中的電荷有力的作用；故電荷在電場中一定受電場力的作用．

故答案為：√21、×【分析】【分析】元電荷一定是電量最小的電荷；點電荷是一種理想化模型，其本身所帶的電量可以很大．【解析】【解答】解：點電荷是一種理想化模型；當(dāng)帶電體的體積和形狀相對所研究的問題可以忽略的時候，帶電體可以看做點電荷，其本身所帶的電量可以很大．故此說法錯誤．

故答案為：×四、實驗探究題(共3題，共21分)22、略

【分析】解：（1）在研究該元件的伏安特性曲線時；要求電壓從零調(diào)節(jié)，因此滑動變阻器采用分壓接法，在該實驗中，滑動變阻器采用分壓接法，由于沒有電壓表，因此需要用已知內(nèi)阻的電流表G進行改裝，由此可畫出原理圖如下所示：

（2）該元件的電流約為：Im==0.43A；故電流表應(yīng)選用0.6A量程；故選：C；

因采用分壓接法；故滑動變阻器選擇小電阻；故選：E；

（3）根據(jù)改裝原理可知；新改裝的電表內(nèi)阻為：1990+10=2000Ω；則要使電壓示數(shù)為6V，則表頭的示數(shù)應(yīng)為3mA；此時元件達(dá)額定功率為2.5W；

故答案為：（1）如右圖所示；（2）C；E；（3）電流表G；3mA

（1）在研究該元件的伏安特性曲線時；要求電壓從零調(diào)節(jié)，因此滑動變阻器采用分壓接法，所以在選擇時選擇總阻值較小的，便于調(diào)節(jié)；

（2）在該實驗中；滑動變阻器采用分壓接法，由于沒有電壓表，因此需要用已知內(nèi)阻的電流表G進行改裝，由此可畫出原理圖；

（3）根據(jù)電表的改裝原理可知電流表示數(shù)為多少時可以應(yīng)元件兩端電壓為6V；

（4）由電表的電子元件R1和R2消耗的電功率恰好相等，說明它們的電壓和電流相等，根據(jù)圖象求出此時流過R1和R2的電壓電流，從而求出R1的阻值；根據(jù)串并聯(lián)知識進一步求出滑動變阻器接入電路中的電阻值．

本題考查測量燈泡的伏安特性曲線的方法，要注意電表的改裝原理，并能正確利用歐姆定律進行分析求解．【解析】C；E；電流表；3mA23、略

【分析】解：(1)

由題，是氣體先后三次實驗中獲得了三組實驗數(shù)據(jù)的P鈭?t

圖象，根據(jù)公式：PVT=C

可知；其中三條線不重合的原因可能是實驗的過程中的體積不同，有可能是開始時氣體的質(zhì)量不同；

(2)

斜率為：k=鈻?P鈻?t=P1273

縱軸截距為：P1

故圖線壟脵

的函數(shù)表達(dá)式為：P=kt+P1=P1273t+P1

(3)

在實驗的過程中“加入熱水后就立即記錄一次壓強和溫度的數(shù)值”是錯誤的；應(yīng)該是“加入熱水后，在氣體狀態(tài)穩(wěn)定后再記錄壓強和溫度的數(shù)值”；因為這時氣體的溫度與液體的溫度不一定相等，但測量的氣體溫度和該時刻氣體實際溫度相比是相等的．

故答案為：(1)

體積不同，或者質(zhì)量不同；(2)P1273t+P1(3)

一致。

(1)

根據(jù)公式：PVT=C

分析不重合的原因即可；

(2)

運用數(shù)學(xué)知識求出斜率；然后結(jié)合查理定律即可求出；

(3)

由于熱敏電阻在氣體內(nèi)；所以測量的氣體溫度和該時刻氣體實際溫度相比是相等的．

該題考查對查理定律的驗證，解答本題關(guān)鍵是根據(jù)查理定律進行分析，最后親手做實驗體會實際問題．【解析】體積不同，或者質(zhì)量不同；P1273t+P1

一致24、BC②，③1.615.37×10-7【分析】【分析】

（1）根據(jù)雙縫干涉條紋的間距公式得出增加相鄰亮紋（暗紋）間的距離的方法。

（2）將燈泡換成激光光源；激光的單色性好，不需要濾光片。

（3）螺旋測微器的讀數(shù)等于固定刻度讀數(shù)加上可動刻度讀數(shù)，需要估讀一位，再依據(jù)△x=

（4）根據(jù)雙縫干涉條紋的間距公式△x=λ求出光波的波長。

解決本題的關(guān)鍵掌握螺旋測微器的讀數(shù)方法；固定刻度讀數(shù)加上可動刻度讀數(shù)，不需估讀。以及掌握條紋間距公式，注意相鄰亮條紋間距的求解是解題的關(guān)鍵。

【解答】

（1）根據(jù)△x=λ知；為增大相鄰亮紋（暗紋）間的距離，可采取增大雙縫到光屏的距離；減小雙縫間距離、或增大入射光的波長，而單縫與雙縫間距不會影響條紋間距。故BC正確，AD錯誤。

（2）將燈泡換成激光光源；激光的單色性好，不需要濾光片與單縫，即為②與③。

（3）圖乙中固定刻度讀數(shù)為0.0mm，可動刻度讀數(shù)為0.01×4.5=0.045mm，所以最終讀數(shù)x1=0.045mm。

圖丙中固定刻度讀數(shù)為14.5mm，可動刻度讀數(shù)為0.01×3.5=0.035mm，所以最終讀數(shù)x10=14.535mm。

根據(jù)△x==1.61mm；

（4）相鄰干涉條紋的間距△x=1.61mm=1.61×10-3m

由△x=λ得λ===5.37×10-7m

故答案為：

（1）BC；（2）②③；（3）1.61；（4）5.37×10-7

【解析】BC②，③1.615.37×10-7五、推斷題(共3題，共12分)25、（1）鐵粉和稀鹽酸

（2）

（3）2：1

（4）【分析】【分析】本題考查較為綜合，涉及元素化合物的推斷，為高頻考點，側(cè)重于學(xué)生的分析能力，物質(zhì)性質(zhì)是解題關(guān)鍵，題目具有一定難度，做題時注意把握推斷的思路?！窘獯稹縭m{(1)}若rm{A}可用于自來水消毒，應(yīng)為rm{Cl_{2}}rm{D}是生產(chǎn)、生活中用量最大、用途最廣的金屬單質(zhì)，應(yīng)為rm{Fe}則rm{B}為rm{FeCl_{3}}rm{C}為rm{FeCl_{2}}則反應(yīng)rm{壟脷}的離子方程式為：的離子方程式為：rm{壟脷}因為氯化亞鐵具有還原性，易被空氣氧化，所以rm{2F{e}^{3+}+Fe=3F{e}^{2+}}的水溶液應(yīng)加鐵粉，

故答案為：實驗室保存rm{C}的水溶液應(yīng)加鐵粉，鐵粉和稀鹽酸；

rm{C}若rm{2F{e}^{3+}+Fe=3F{e}^{2+}}是一種堿性氣體，常用作制冷劑，應(yīng)為rm{(2)}rm{A}是汽車尾氣之一，遇空氣會變色，應(yīng)為rm{NH_{3}}反應(yīng)rm{B}的化學(xué)方程式為rm{4N{H}_{3}+5{O}_{2}underset{麓脽祿爐i錄脕}{overset{?}{=}}4NO+6{H}_{2}O}

故答案為：rm{4N{H}_{3}+5{O}_{2}underset{麓脽祿爐i錄脕}{overset{?}{=}}4NO+6{H}_{2}O}

rm{NO}rm{壟脵}是一種能形成硫酸型酸雨的污染性氣體，則rm{4N{H}_{3}+5{O}_{2}

underset{麓脽祿爐i錄脕}{overset{?}{=}}4NO+6{H}_{2}O}應(yīng)為rm{4N{H}_{3}+5{O}_{2}

underset{麓脽祿爐i錄脕}{overset{?}{=}}4NO+6{H}_{2}O}則rm{(3)}為若rm{C}是一種能形成硫酸型酸雨的污染性氣體，則rm{C}rm{C}為rm{C}rm{SO_{2}}為rm{A}反應(yīng)rm{H_{2}S}的化學(xué)方程式是rm{D}rm{O_{2}}rm{B}；

故答案為：rm{S}rm{壟脹}

rm{2H_{2}S+SO_{2}=3S隆媒+2H_{2}O}若，該反應(yīng)中氧化產(chǎn)物和還原產(chǎn)物均為硫，其質(zhì)量比為rm{2}rm{1}是常見的溫室氣體，rm{2}rm{1}的的焰色反應(yīng)都呈黃色，則rm{2}為rm{1}rm{(4)}，rm{D}為A、rm{B}rm{C}的的焰色反應(yīng)都呈黃色rm{B}為rm{C}rm{A}為rm{NaO}反應(yīng)rm{H}的離子方程式是：rm{O{H}^{-}+HC{{O}_{3}}^{-}=C{{O}_{3}}^{2-}+{H}_{2}O}

故答案為：rm{O{H}^{-}+HC{{O}_{3}}^{-}=C{{O}_{3}}^{2-}+{H}_{2}O}rm{H}【解析】rm{(1)2F{e}^{3+}+Fe=3F{e}^{2+}}鐵粉和稀鹽酸rm{(2)4N{H}_{3}+5{O}_{2}underset{麓脽祿爐i錄脕}{overset{?}{=}}4NO+6{H}_{2}O}rm{(1)2F{e}^{3+}+Fe=3F{e}^{2+}

}rm{(2)4N{H}_{3}+5{O}_{2}

underset{麓脽祿爐i錄脕}{overset{?}{=}}4NO+6{H}_{2}O}rm{(4)O{H}^{-}+HC{{O}_{3}}^{-}=C{{O}_{3}}^{2-}+{H}_{2}O}rm{(3)2}26、（1）2-甲基丙烯（2）還原反應(yīng)（3）15（4）【分析】【分析】本題考查的是有機物的合成與推斷，掌握有機物各官能團的結(jié)構(gòu)和性質(zhì)及相互轉(zhuǎn)化的條件是解答本題的關(guān)鍵，注意題中信息的運用。【解答】核磁共振氫譜顯示rm{B}只有一種化學(xué)環(huán)境的氫，則rm{B}中一個碳原子上連有三個甲基，所以rm{B}的結(jié)構(gòu)簡式則rm{A}的結(jié)構(gòu)簡式為只有一種化學(xué)環(huán)境的氫，則rm{B}中一個碳原子上連有三個甲基，所以rm{B}的結(jié)構(gòu)簡式則rm{B}的結(jié)構(gòu)簡式為rm{A}可知，；根據(jù)信息rm{壟脷}可知，rm{D}的結(jié)構(gòu)簡式為的結(jié)構(gòu)簡式為rm{壟脷}為芳香烴，其相對分子質(zhì)量為rm{D}則rm{E}為芳香烴，其相對分子質(zhì)量為rm{92}則rm{E}的分子式為rm{{C}_{7}{H}_{8}}則其結(jié)構(gòu)簡式為rm{H}苯環(huán)上有兩種化學(xué)環(huán)境的氫，則苯環(huán)上兩種取代基處于對位，根據(jù)rm{E隆煤F}反應(yīng)條件可知，該反應(yīng)為甲苯與濃硝酸發(fā)生的硝化反應(yīng)，根據(jù)rm{H}苯環(huán)上兩種取代基處于對位，則硝基處于甲基的對位，所以rm{F}為rm{G}為rm{H}為rm{D}與rm{H}在一定條件下發(fā)生酯化反應(yīng)，生成rm{M}則rm{M}為的分子式為rm{E}則其結(jié)構(gòu)簡式為rm{92}苯環(huán)上有兩種化學(xué)環(huán)境的氫，則苯環(huán)上兩種取代基處于對位，根據(jù)rm{E}反應(yīng)條件可知，該反應(yīng)為甲苯與濃硝酸發(fā)生的硝化反應(yīng)，根據(jù)rm{{C}_{7}{H}_{8}}苯環(huán)上兩種取代基處于對位，則硝基處于甲基的對位，所以rm{H}為rm{E隆煤F}為rm{H}為rm{F}與rm{G}在一定條件下發(fā)生酯化反應(yīng)，生成rm{H}則rm{D}為rm{H}的結(jié)構(gòu)簡式為rm{M}甲基丙烯，故答案為：rm{M}甲基丙烯；rm{(1)A}，其化學(xué)名稱為rm{2-}甲基丙烯，生成rm{2-}的反應(yīng)為苯環(huán)上的硝基轉(zhuǎn)化為氨基，所以為還原反應(yīng)；rm{2-}在一定條件下可以發(fā)生聚合反應(yīng)，該聚合反應(yīng)的化學(xué)方程式____故答案為：還原反應(yīng)；rm{(2)}為其同分異構(gòu)體中不能與金屬鈉反應(yīng)生成氫氣，則不含羥基，含有醚鍵，則連有醚鍵的兩個烴基可分別為甲基和戊基，乙基和丁基，丙基和丙基。甲基只有一種，乙基只有一種，丙基有兩種，丁基有rm{(2)}種，戊基有rm{G}種，所以連有醚鍵的兩個烴基可分別為甲基和戊基，有rm{H}種結(jié)構(gòu)，分別為乙基和丁基時有rm{H}種結(jié)構(gòu)，分別為丙基和丙基時有rm{(3)D}種結(jié)構(gòu)，所以共有rm{4}種結(jié)構(gòu)，其中核磁共振氫譜只有兩組峰，且峰面積比為rm{8}的是故答案為：rm{8}rm{4}乙烯與溴發(fā)生加成反應(yīng)生成rm{3}rm{8+4+3=15}二溴乙烷，根據(jù)信息rm{6:1}可知rm{15}rm{(4)}二溴乙烷發(fā)生信息rm{1}的反應(yīng)生成rm{2-}rm{壟脷}己二醇，rm{1}rm{2-}二溴乙烷發(fā)生信息rm{壟脷}的反應(yīng)生成rm{1}rm{6}己二醇，rm{1}rm{6}己二醇在銅作用下被氧氣氧化為rm{1}rm{6-}己二醛，其合成路線為：rm{1}己二醇在銅作用下被氧氣氧化為rm{2-}rm{壟脷}己二醛，其合成路線為：故答案為：rm{1}【解析】rm{(1)}rm{2-}甲基丙烯rm{(2)}還原反應(yīng)rm{(3)15}rm{(4)}27、（1）鄰硝基甲苯(或2-硝基甲苯)①⑤

（2）6種

（3）

（4）AB

（5）【分析】【分析】本題考查有機物的合成和有機物的結(jié)構(gòu)和性質(zhì)的關(guān)系，難度不大?！窘獯稹縭m{(1)}根據(jù)rm{B}的結(jié)構(gòu)簡式可知rm{B}的名稱為：鄰硝基甲苯rm{(}或rm{2-}硝基甲苯rm{)}；反應(yīng)rm{壟脵}是甲苯的取代反應(yīng)，反應(yīng)rm{壟脷}是甲基的氧化反應(yīng)，反應(yīng)rm{壟脺}是加成反應(yīng)，反應(yīng)rm{壟脻}是取代反應(yīng)，反應(yīng)rm{壟脼}是氨基和酸的反應(yīng)，故答案為：鄰硝基甲苯rm{(}或rm{2-}硝基甲苯rm{)}rm{壟脵壟脻}rm{(2)}rm{B}的芳香族同分異構(gòu)體rm{J}可以水解，則含有酯基，可發(fā)生銀鏡反應(yīng)，則要有醛基或甲酸某酯，同時滿足rm{1molJ}最多消耗rm{2molNaOH}的的芳香族同分異構(gòu)體rm{B}可以水解，則含有酯基，可發(fā)生銀鏡反應(yīng)，則要有醛基或甲酸某酯，同時滿足rm{J}最多消耗rm{1molJ}的rm{2molNaOH}有rm{J}有種，rm{J}的另一種芳香族同分異構(gòu)體可與rm{6}rm{B}的另一種芳香族同分異構(gòu)體可與rm{NaHCO}rm{B}故答案為：rm{NaHCO}r