2025年岳麓版必修3物理下冊月考試卷

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年岳麓版必修3物理下冊月考試卷864考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學(xué)校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五總分得分評卷人得分一、選擇題(共7題，共14分)1、關(guān)于磁感線和磁通量的概念，下列說法中正確的是（）A.磁感線是磁場中客觀存在、肉眼看不見的曲線，且總是從磁體的N極指向S極B.兩個磁場疊加的區(qū)域，磁感線就有可能相交C.穿過閉合回路的磁通量發(fā)生變化，一定是磁場發(fā)生變化引起的D.穿過線圈的磁通量為零，但該處的磁感應(yīng)強(qiáng)度不一定為零2、如圖在半徑為R的圓周上均勻分布著六個不同的點電荷，則圓心O處的場強(qiáng)大小和方向為

A.；由O指向FB.；由O指向FC.；由O指向CD.；由O指向C3、如圖所示，P和Q為真空中的兩個等量異種點電荷，置于矩形ABCD的AD邊和BC邊的中點，E、F分別是AB邊和CD邊的中點，M、N在PQ連線上，PM=NQ；關(guān)于電場強(qiáng)度和電勢關(guān)系說法正確的是（）

A.E、F兩點電場強(qiáng)度不同，電勢相等B.A、D兩點電場強(qiáng)度相同，電勢相等C.A、B兩點電場強(qiáng)度相同，電勢不等D.M、N兩點電場強(qiáng)度相同，電勢不等4、某個同軸半圓柱形的電阻由均勻?qū)щ娢镔|(zhì)組成，其截面如圖陰影部分所示，已知導(dǎo)電物質(zhì)的電阻率為ρ，同軸半圓柱形的電阻的柱長為L，內(nèi)半徑為a，外半徑為b，內(nèi)外兩側(cè)均與導(dǎo)電性能良好、電阻不計的圓柱形和圓柱面形的電極相連，設(shè)電阻的阻值為R。試通過一定的物理分析，選出所給R的四個表達(dá)式中最為合理的一個是（）

A.B.C.D.5、下列關(guān)于教科書上的四副插圖；說法正確的是（）

A.圖甲為靜電除塵裝置的示意圖，帶負(fù)電的塵埃被收集在線狀電離器B上B.圖乙為給汽車加油前要觸摸一下的靜電釋放器，其目的是導(dǎo)走加油槍上的靜電C.圖丙中搖動起電機(jī)，煙霧繚繞的塑料瓶頓時清澈透明，其工作原理為靜電吸附D.圖丁的燃?xì)庠钪邪惭b了電子點火器，點火應(yīng)用了電磁感應(yīng)原理6、如圖所示帶正電的金屬圓環(huán)豎直放置,其中心處有一電子,若電子某一時刻以初速度v0從圓環(huán)中心處水平向右運(yùn)動,則此后電子將()

A.做勻速直線運(yùn)動B.做勻減速直線運(yùn)動C.以圓心為平衡位置振動D.以上選項均不對7、如圖所示為一正四棱錐，底面四個頂點A、B、C、D上固定電荷量均為q的正點電荷，O點為底面中心；取無窮遠(yuǎn)處電勢為零。下列說法正確的是（）

A.O點電勢為零B.從O點到E點場強(qiáng)一定減小C.將一電子從O點沿直線移動到E點電勢能不變D.將B處的點電荷沿OB方向移到無窮遠(yuǎn)過程中電場力做正功評卷人得分二、多選題(共9題，共18分)8、真空中有四個相同的點電荷；所帶電荷量均為q，固定在如圖所示的四個頂點上，任意兩電荷的連線長度都為L，靜電力常量為k，下列說法正確的是。

A.不相鄰的兩棱中點連線在同一條電場線上B.每條棱中點的電場強(qiáng)度大小都為C.任意兩棱中點間的電勢差都為零D.a、b、c三點為側(cè)面棱中點，則a、b、c所在的平面為等勢面9、調(diào)整如圖所示電路的可變電阻R的阻值，使電壓表V的示數(shù)增大ΔU；在這個過程中（）

A.通過R1的電流增加，增加量一定等于B.R2兩端的電壓減小，減少量一定等于ΔUC.通過R2的電流減小，但減少量一定小于D.路端電壓增加，增加量一定等于ΔU10、如圖所示，圖中的三個電表均為理想電表，閉合電鍵后，電流表A和電壓表V1、V2示數(shù)分別用I、U1、U2表示，當(dāng)滑動變阻器滑片P向右端滑動時，電流表A和電壓表V1、V2示數(shù)變化量的大小分別用ΔI、ΔU1、ΔU2表示；下面說法正確的是（）

A.I增大、U1減小、U2增大B.ΔU1>ΔU2C.減小，不變D.電源的效率降低11、將帶正電、負(fù)電和不帶電的三個等質(zhì)量的小球，以相同的水平速度由P點射入水平放置的平行金屬板間，上板帶負(fù)電，下板接地，三小球分別落在圖中的A、B、C三點，則可能是（）

A.A帶正電、B不帶電、C帶負(fù)電B.三小球在電場中運(yùn)動的時間相等C.三小球在電場中運(yùn)動的加速度大小關(guān)系是：D.三小球到達(dá)下板時的動能大小關(guān)系是12、如圖所示的電路中，電流表、電壓表均為理想電表，若將滑動變阻器R1滑片下移；則下列說法中正確的是（）

A.電流表示數(shù)變小B.電壓表示數(shù)變大C.電源內(nèi)電路消耗的功率變大D.R3消耗的功率變大13、一帶負(fù)電的粒子只在電場力作用下沿軸正向運(yùn)動，其電勢能隨位移的變化如圖所示，其中O－段是拋物線，處是頂點，－段是直線，且與拋物線相切。粒子由O－運(yùn)動過程中；下列判斷正確的是（）

A.處的電勢最高B.O－段粒子動能增大C.－段粒子加速度增大D.－段粒子做勻速直線運(yùn)動14、空間存在平行于x軸方向的靜電場，其電勢φ隨x的分布如圖10所示．一質(zhì)量為m、電荷量大小為q的帶電粒子從坐標(biāo)原點O由靜止開始，僅在電場力作用下沿x軸正方向運(yùn)動．則下列說法正確的是()

A.該粒子帶正電荷B.空間存在的靜電場場強(qiáng)E是沿x軸正方向均勻減小的C.該粒子從原點O運(yùn)動到x0過程中電勢能是減小的D.該粒子運(yùn)動到x0處的速度是15、兩個電荷量為q1、q2的正負(fù)點電荷分別固定在x軸上的O、M兩點，在兩電荷連線上各點電勢隨x變化的關(guān)系如圖所示，其中A、N兩點的電勢均為零，ND段中C點的電勢最高。下列說法正確的是（）

A.B.A、N兩點的電場強(qiáng)度均為零C.C點的電場強(qiáng)度為零D.將一正點電荷從D移到N的過程中，電場力先做正功后做負(fù)功16、如圖所示，“6V3W”的小燈泡L與最大阻值為100W的滑動變阻器R連接在總電壓恒為18V的電路中；設(shè)燈絲電阻不隨溫度變化。電流表和電壓表選擇的量程分別為“0~0.6A”和“0~15V”。在保證電路安全的情況下，下列說法中錯誤的是（）

A.小燈泡L正常發(fā)光時的電流0.2AB.當(dāng)電流表的示數(shù)為0.4A時，電壓表的示數(shù)為4.8VC.滑動變阻器允許接入的最大阻值為36ΩD.滑動變阻器允許接入的最小阻值是24Ω評卷人得分三、填空題(共6題，共12分)17、如圖所示電路中，小燈泡規(guī)格為“6V3W”，R3=4Ω，電源內(nèi)阻r=1Ω，電壓表、電流表均為理想電表.閉合開關(guān)，調(diào)節(jié)滑動變阻器阻值，使電壓表示數(shù)為0，此時燈泡恰好正常發(fā)光，電流表的示數(shù)為1A.則電源電動勢E=_______V，電源輸出功率P=_______W，R2=____Ω.

18、帶正電1.0×10-2C的粒子，在電場中先后經(jīng)過A、B兩點，飛經(jīng)A點時動能為10J，飛經(jīng)B點時動能為4J，則帶電粒子從A點到B點過程中電勢能增加了_______J，A、B兩點電勢差為_______。19、公式的意義。

（1）意義：在勻強(qiáng)電場中，電場強(qiáng)度的大小等于兩點之間的____與這兩點________之比。

（2）電場強(qiáng)度的另一種表述：電場強(qiáng)度在數(shù)值上等于沿____方向_____上降低的電勢。

（3）電場強(qiáng)度的另一個單位：由可導(dǎo)出電場強(qiáng)度的另一個單位，即_____，符號為V/m。1V/m=1N/C。20、α粒子和質(zhì)子以相同速度垂直于電場線進(jìn)入兩平行板間勻強(qiáng)電場中，設(shè)都能飛出電場。則它們離開勻強(qiáng)電場時，垂直平行板方向的位移之比yα∶yH=______，動能變化量之比ΔEkα∶ΔEkH=______。

21、判一判。

（1）兩電荷的帶電量越大，它們間的靜電力就越大。______

（2）兩電荷的帶電量一定時，電荷間的距離越小，它們間的靜電力就越大。______

（3）很小的帶電體就是點電荷。______

（4）兩點電荷之間的作用力是相互的，其方向相反，但電荷量大的對電荷量小的電荷作用力大。______

（5）當(dāng)兩個電荷之間的距離r→0時，根據(jù)推出，兩電荷之間的庫侖力F→∞。______22、如圖，電荷量為q的正電荷均勻分布在半球面上，球面半徑為R，CD為通過半球面頂點與球心O的軸線，且OC=OD=2R。若C點的場強(qiáng)大小為E，則D點場強(qiáng)的方向___________，場強(qiáng)的大小為___________。

評卷人得分四、實驗題(共2題，共14分)23、電壓表滿偏時通過該表的電流是半偏是通過該表的電流的兩倍．某同學(xué)利用這一事實測量電壓表的內(nèi)阻（半偏法）實驗室提供材料器材如下：

待測電壓表（量程3V，內(nèi)阻約為3000歐），電阻箱R0（最大阻值為99999.9歐），滑動變阻器R1（最大阻值100歐；額定電壓2A），電源E（電動勢6V，內(nèi)阻不計），開關(guān)兩個，導(dǎo)線若干．

（1）虛線框內(nèi)為同學(xué)設(shè)計的測量電壓表內(nèi)阻的電路圖的一部分；將電路圖補(bǔ)充完整．

（_____________________________）

（2）根據(jù)設(shè)計的電路寫出步驟________________________________________________________________________，________________________________________________________________________，________________________________________________________________________．

（3）將這種方法測出的電壓表內(nèi)阻記為與內(nèi)阻的真實值先比______（添>=或<），主要理由是________________________________________________________________________．24、為確定某電子元件的電氣特性；做如下測量．

(1)用多用表測量該元件的電阻，選用“×100”倍率的電阻檔測量，發(fā)現(xiàn)多用表指針偏轉(zhuǎn)過大，因此需選擇_______倍率的電阻檔(填：“×10”或“×1k”)，并______再進(jìn)行測量，多用表的示數(shù)如圖(a)所示，測量結(jié)果為____Ω．

(2)將待測元件(額定電壓9V)、蓄電池、滑動變阻器、電流表、多用表、電鍵及若干導(dǎo)線連接成電路如圖(b)所示．添加連線_________；使電路能測量該元件完整的伏安特性．

本實驗中使用多用表測電壓，多用表的選擇開關(guān)應(yīng)調(diào)到____檔(填：“直流電壓10V”或“直流電壓50V”)．評卷人得分五、解答題(共4題，共8分)25、如圖所示，虛線PQ、MN間存在水平勻強(qiáng)電場，一帶電粒子質(zhì)量為m=2.0×10-11kg、電荷量為q=+1.0×10-5C，從a點由靜止開始經(jīng)電壓為U=100V的電場加速后，垂直于勻強(qiáng)電場進(jìn)入勻強(qiáng)電場中，從虛線MN的某點b（圖中未畫出）離開勻強(qiáng)電場時速度與電場方向成30o角。已知PQ、MN間距為20cm；帶電粒子的重力忽略不計。求：

(1)帶電粒子剛進(jìn)入勻強(qiáng)電場時的速率v1；

(2)勻強(qiáng)電場的場強(qiáng)大??；

(3)ab兩點間的電勢差。

26、如圖所示是實驗室里用來測量磁場力的一種儀器——電流天平，某同學(xué)在實驗室里，用電流天平測算通電螺線管中的磁感應(yīng)強(qiáng)度，他測得段導(dǎo)線長度為天平平衡時鉤碼重力為通過導(dǎo)線的鉤碼電流為．則通電螺線管中的磁感應(yīng)強(qiáng)度為多少？

27、在一個點電荷Q形成的電場中，建立如圖甲所示的Ox坐標(biāo)軸，坐標(biāo)軸上A、B兩點的坐標(biāo)分別為2.0m和5.0m.放在A、B兩點的試探電荷所受電場力大小跟其電量的關(guān)系圖象分別如圖乙中直線a、b所示．如果放在A點的試探電荷帶正電；放在B點的試探電荷帶負(fù)電；則它們受到的電場力方向都跟x軸的正方向相同．求：

(1)B點的電場強(qiáng)度的大小和方向．

(2)試判斷點電荷Q的電性；并說明理由．

(3)點電荷Q的位置坐標(biāo)．28、如圖所示，在沿水平方向的勻強(qiáng)電場中有一固定點O，用一根長度為的絕緣細(xì)線把質(zhì)量為m=0.4kg，帶有正電荷q=3×10-3C的金屬小球可視為質(zhì)點懸掛在O點，小球靜止在B點時細(xì)線與豎直方向的夾角為θ=37°?，F(xiàn)將小球拉至位置A使細(xì)線水平伸直后由靜止釋放，（g取10m/s2；sin37°=0.6，cos37°=0.8），求：

（1）勻強(qiáng)電場的場強(qiáng)大小E；

（2）A、C兩點間的電勢差UAC；

（3）小球通過最低點C時細(xì)線對小球的拉力大小T。

參考答案一、選擇題(共7題，共14分)1、D【分析】【分析】

【詳解】

A．磁感線是假象的；并不是客觀存在的，故A錯誤；

B．任何兩條磁感線都不相交；故B錯誤；

C．根據(jù)磁通量的定義。

Φ=BS磁通量的變化可能是由于磁場變化引起的，也可能是閉合回路的面積S變化產(chǎn)生的；故C錯誤；

D．根據(jù)磁通量的定義。

Φ=BS當(dāng)線圈平行于磁場時；穿過的磁通量為零，但磁感應(yīng)強(qiáng)度不為零，故D正確．

故選D．2、B【分析】【詳解】

由點電荷的場強(qiáng)公式可知，在A、B、C、E、F五個位置的點電荷在O點產(chǎn)生的場強(qiáng)大小為在D位移的點電荷在O產(chǎn)生的場強(qiáng)大小為電場強(qiáng)度是矢量，求合場強(qiáng)應(yīng)用平行四邊形定則，作出電場強(qiáng)度的示意圖，如圖所示：

則A點的場強(qiáng)與D的點場強(qiáng)合成后大小為方向指向A點；B點的場強(qiáng)與E點的場強(qiáng)合成后大小為方向指向E點，C點的場強(qiáng)與F點的場強(qiáng)合成后大小為方向指向F點，故大小相等，且剛好在與的角平分線上，由幾何關(guān)系可知兩者這間的夾角為故將合成后大小仍為方向指向F點，再將與合成，則最終O點的合場強(qiáng)為方向由O指向F，故選B.

【點睛】根據(jù)點電荷的場強(qiáng)公式求出點電荷產(chǎn)生的場強(qiáng)，然后由平行四邊形定則求出各點電荷場強(qiáng)的合場強(qiáng)，然后求出O點的場強(qiáng)大小與方向．3、D【分析】【分析】

【詳解】

由等量異種電荷的電場分布可知；E；F兩點電場強(qiáng)度大小相等，方向均水平向右，電勢均為零，選項A錯誤；A、D兩點電場強(qiáng)度方向不相同，電勢相等，選項B錯誤；A、B兩點電場強(qiáng)度大小相同，方向不相同，電勢不等，選項C錯誤；M、N兩點電場強(qiáng)度大小和方向均相同，M點電勢高于N點，電勢不等，選項D正確；故選D.

點睛：本題關(guān)鍵根據(jù)點電荷電場強(qiáng)度公式，掌握幾何知識的長度關(guān)系，理解矢量性，也可以根據(jù)等量異種電荷電場線的分布情況分析．4、A【分析】【詳解】

由

可知分子上是長度，分母是面積，由圖可知，圓柱長L是求面積的一個邊，所以L在分母上，故錯誤，單位錯誤，而

由題意可知b大于a；故A正確，BCD錯誤。

故選A。5、C【分析】【詳解】

A．根據(jù)圖甲可知；極板A與電源正極連接，極板A帶正電，帶負(fù)電的塵埃受到指向極板A的電場力作用，即帶負(fù)電的塵埃被收集在極板A上，A錯誤；

B．圖乙為給汽車加油前要觸摸一下的靜電釋放器；其目的是導(dǎo)走人手上的靜電，B錯誤；

C．圖丙中搖動起電機(jī)；電極之間形成強(qiáng)電場，將氣體電離，電子被吸附到煙霧顆粒上，使煙霧顆粒帶負(fù)電，導(dǎo)致煙霧顆粒向正極移動，其工作原理為靜電吸附，C正確；

D．圖丁的燃?xì)庠钪邪惭b了電子點火器；點火應(yīng)用了尖端放電原理，D錯誤。

故選C。6、C【分析】【分析】

【詳解】

將圓環(huán)分成無數(shù)個正點電荷,再用點電荷場強(qiáng)公式和場強(qiáng)疊加原理求出v0方向所在直線上的場強(qiáng)分布即可.由場強(qiáng)疊加原理易知,把帶電圓環(huán)視作由無數(shù)個點電荷組成,則圓環(huán)中心處的場強(qiáng)為0,v0所在直線的無窮遠(yuǎn)處場強(qiáng)也為0,故沿v0方向從圓心到無窮遠(yuǎn)處的直線上必有一點場強(qiáng)最大.從O點沿v0方向向右的直線上各點的場強(qiáng)方向處處向右.再由對稱性知,沿v0方向所在直線上的O點左方也必有一點場強(qiáng)最大,無窮遠(yuǎn)處場強(qiáng)為零,方向處處向左.故電子在帶電圓環(huán)所施加的電場力作用下將向右減速至零,再向左運(yùn)動,當(dāng)運(yùn)動到O點處時,速度大小仍為v0,并向左繼續(xù)運(yùn)動至速度也為零(這點與O點右方的速度為零處關(guān)于O點對稱),然后往復(fù)運(yùn)動.在整個運(yùn)動過程中,F電是個變力,故加速度也是變化的，故C正確，ABD錯誤。7、D【分析】【詳解】

A．取無窮遠(yuǎn)處電勢為零，正電荷周圍電勢為正，O點電勢大于零；A錯誤；

B．根據(jù)矢量疊加原則，O點的場強(qiáng)為零，故從O點到E點場強(qiáng)先增加后減??；不是一定減小，B錯誤；

C．將一電子從O點沿直線移動到E點電場力做負(fù)功；電勢能增加，C錯誤；

D．將B處的點電荷沿OB方向即沿電場方向移動；移到無窮遠(yuǎn)過程中電場力做正功，D正確。

故選D。二、多選題(共9題，共18分)8、B:C【分析】【詳解】

假設(shè)ab連線是一條電場線，則b點的電場方向沿ab方向，同理如果bc連線是一條電場線，b的電場方向沿bc方向，由空間一點的電場方向是唯一的可知電場線不沿ab和bc方向，因此A錯；由點電荷的電場的對稱性可知abc三點的電場強(qiáng)度大小相同，由電場的疊加法則可知上下兩個點電荷對b點的和場強(qiáng)為零，左右兩個點電荷對b點的合場強(qiáng)不為零，每個電荷對b點的場強(qiáng)合場強(qiáng)為故B正確；由點電荷的電勢疊加法則及對稱性可知abc三點的電勢相等，因此任意兩點的電勢差為零，故C正確；假設(shè)abc平面為等勢面，因此電場線方向垂直于等勢面，說明電場強(qiáng)度的方向都在豎直方向，由電場疊加原理知b點的電場方向指向內(nèi)底邊，因此abc不是等勢面，故D錯誤．9、A:C【分析】【詳解】

A．為定值電阻，電壓表示數(shù)為兩端電壓，根據(jù)歐姆定律可知電流增加量為

A正確；

BC．電壓表示數(shù)增大，說明與構(gòu)成的并聯(lián)電路部分電阻增大，根據(jù)閉合電路歐姆定律可知干路電流減小，則通過電流減小，根據(jù)歐姆定律可知兩端電壓減小，根據(jù)電路結(jié)構(gòu)和閉合電路歐姆定律可知

結(jié)合數(shù)學(xué)知識推導(dǎo)

則兩端電壓的減小量小于所以通過的電流小于B錯誤，C正確；

D．干路電流減小，根據(jù)閉合電路歐姆定律可知路端電壓增大，又因為兩端電壓減小，兩端電壓增大，所以路端電壓的增加量一定小于D錯誤。

故選AC。10、A:B:D【分析】【詳解】

A．滑片P向右滑動，電阻減小，總電阻減小，根據(jù)閉合電路歐姆定律：

可知干路電流增大，電流表示數(shù)增大，定值電阻分壓增大，根據(jù)：

可知路端電壓減小，則滑動變阻器上的分壓減??；A正確；

B．根據(jù)閉合電路歐姆定律：

結(jié)合數(shù)學(xué)知識可知：

所以B正確；

C．對B選項中的變化量表達(dá)式分析：

根據(jù)歐姆定律可知：

則：

所以和均不變；C錯誤；

D．電源的效率：

路端電壓減小；電動勢不變，電源效率減小，D正確。

故選ABD。11、A:C【分析】【詳解】

ABC．三個小球在水平方向都做勻速直線運(yùn)動，由圖看出水平位移關(guān)系是xA>xB>xC

三個小球水平速度v0相同，由x=v0t

得運(yùn)動時間關(guān)系是tA>tB>tC

在豎直方向上三個小球都做勻加速直線運(yùn)動，由圖看出豎直方向位移y大小相等，由

得加速度關(guān)系aA<aB<aC

由牛頓第二定律可知，三個小球受力的合力關(guān)系是FA<FB<FC

三個小球的質(zhì)量相等，重力相等，則可知，A所受電場力向上，C所受電場力向下，則A帶正電、B不帶電、C帶負(fù)電；A正確，B錯誤，C正確；

D．由以上分析得到，電場力對A做負(fù)功，電場力對C做正功，而重力做功相等，而且重力都做正功，合力對小球做功A最小，對C最大，初動能相等，則由動能定理可知，到達(dá)正極板時動能關(guān)系EkA<EkB<EkC

D錯誤。

故選AC。12、B:D【分析】【分析】

【詳解】

AB．將滑動變阻器R1滑片下移，電阻R1電阻值增大，外電路總電阻增大，根據(jù)閉合電路歐姆定律得知，電路中總電流I減小，內(nèi)電壓減小、路端電壓U增大，由于R2和R3所在的支路電阻不變；由歐姆定律分析得知。

IA=通過電流表的電流增大，則電阻R2兩端的電壓增大；則電流表和電壓表的示數(shù)都變大，故A錯誤；B正確；

C．電路中總電流減??；根據(jù)。

P=I2r得知；電源內(nèi)電路消耗的功率變小，故C錯誤；

D．由上分析得知通過電流表的電流IA增大，通過R3的電流增大；則根據(jù)。

P=IA2R3可知R3消耗的功率變大；故D正確。

故選BD。13、A:C【分析】【詳解】

A.由電勢能隨位移的變化圖像可知：O－運(yùn)動過程中，粒子的電勢能先增大后減小，同時由于粒子帶負(fù)電，由

可知：O－運(yùn)動過程中，電勢先減小后增大，且因此處的電勢最高；A正確；

B.O－段；粒子的電勢能逐漸增大，由于粒子只受電場力，電場力做負(fù)功，動能轉(zhuǎn)化為電勢能，動能減少，B錯誤；

C.粒子在－段圖像斜率逐漸增大；說明粒子受到的電場力逐漸增大，則粒子加速度增大，C正確；

D.粒子在－段圖像斜率不變；說明粒子所受電場力不變，粒子的加速度不變，因此粒子做勻加速直線運(yùn)動，D錯誤。

故選AC。14、A:C【分析】【詳解】

沿電場線方向電勢降低，由圖可知電場方向沿X正方向．帶電粒子僅在電場力作用下由靜止開始沿x軸正方向運(yùn)動，受力方向與電場方向一致，帶電粒子帶正電，A正確；沿X正方向電勢均勻降低，電場為勻強(qiáng)電場，B錯誤；沿x軸正方向運(yùn)動，電場力做正功，電勢能減小，C正確；根據(jù)動能定理D錯誤．故選AC15、A:C【分析】【詳解】

A．由圖知無窮遠(yuǎn)處和A點的電勢均為0，根據(jù)沿著電場線電勢降低的性質(zhì)，可得出：O點的電荷q1帶正電，M點電荷q2帶負(fù)電，又因為rOA＞rAM，根據(jù)點電荷的電勢分布關(guān)系可知：故A正確；

BC．因為該圖象的斜率等于場強(qiáng)E，則由圖象和數(shù)學(xué)知識可知，A、N兩點的電場場強(qiáng)不等于零，而C點電場強(qiáng)度為零。故B錯誤C正確；

D．由于從D→N段中；電勢先升高后降低，正電荷的電勢能先增大后減小，根據(jù)功能關(guān)系可知，電場力先做負(fù)功后做正功。故D錯誤。

故選：AC。16、A:B:C【分析】【分析】

【詳解】

由電路圖可知，燈泡L與滑動變阻器R串聯(lián)，電壓表測R兩端的電壓；電流表測電路中的電流。

A．由P=UI可得；燈泡正常發(fā)光時的電流。

故A錯誤；

B．由。

可得；燈泡的電阻。

當(dāng)電流表的示數(shù)為0.4A時；燈泡兩端的電壓：

UL′=IRL=0.4A×12Ω=4.8V因串聯(lián)電路中總電壓等于各分電壓之和；所以電壓表的示數(shù)。

UR=U-UL′=18V-4.8V=13.2V故B錯誤；

C．當(dāng)電壓表的示數(shù)UR大=15V時；滑動變阻器接入電路中的電阻最大，此時燈泡兩端的電壓。

UL小=U-UR大=18V-15V=3V因串聯(lián)電路中各處的電流相等；所以電路中的電流。

即。

解得。

R大=60Ω故C錯誤；

D．因燈泡的額定電流為0.5A，電流表的量程為0～0.6A，所以，電路中的最大電流I大=0.5A；滑動變阻器接入電路中的電阻最小，此時電路中的總電阻。

因串聯(lián)電路中總電阻等于各分電阻之和；所以，變阻器接入電路中的最小阻值：

R小=R總-RL=36Ω-12Ω=24Ω故D正確。

此題選擇不正確的選項，故選ABC。三、填空題(共6題，共12分)17、略

【分析】【詳解】

這是一個橋式電路，等效電路圖如圖所示，當(dāng)電壓表示數(shù)為0時，電橋處于平衡狀態(tài)，流過小燈泡的電流為R3兩端的電壓為2V，電源內(nèi)阻的分壓為1V，故電源電動勢E=9V，電源輸出功率P=8V×1A=8W，兩個支路的電流均為0.5A，R2兩端的電壓為6V，故R2=12Ω.

【解析】981218、略

【分析】【詳解】

[1]根據(jù)能量守恒定律可知，帶電粒子從A點到B點的過程中電勢能的增加等于動能的減小，則有

[2]電場力做功為

A、B兩點的電勢差為【解析】6J19、略

【解析】①.電勢差②.沿電場強(qiáng)度方向的距離③.電場④.單位距離⑤.伏每米20、略

【分析】【詳解】

[1]設(shè)兩板間電場強(qiáng)度為E，極板長為L，某種粒子初速度大小為v0，質(zhì)量為m，電荷量為q，則粒子的加速度大小為

粒子離開電場時在電場中運(yùn)動的時間為

粒子離開電場時垂直平行板方向的位移為

所以

[2]根據(jù)動能定理可知，粒子動能的變化量為

所以【解析】1∶21∶121、略

【分析】【分析】

【詳解】

（1）[1]根據(jù)庫侖定律可知；兩電荷之間的庫侖力大小與帶電量大??；電荷間距離均有關(guān)，在不知道電荷間距離的情況下，無法判斷庫侖力大小，故描述錯誤。

（2）[2]根據(jù)庫倫定律可知；兩電荷的帶電量一定時，電荷間的距離越小，它們間的靜電力就越大，故描述正確。

（3）[3]物理學(xué)上把本身的線度比相互之間的距離小得多的帶電體叫做點電荷；故描述錯誤。

（4）[4]根據(jù)牛頓第三定律可知；兩點電荷之間的作用力是相互的，其方向相反，大小相等，故描述錯誤。

（5）[5]當(dāng)兩個電荷之間的距離r→0時，電荷就不能視為點電荷，庫倫定律不再適用，故描述錯誤。【解析】①.錯誤②.正確③.錯誤④.錯誤⑤.錯誤22、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1]根據(jù)場強(qiáng)的疊加可得，D點場強(qiáng)的方向由C指向D（或向右）。

[2]設(shè)D點場強(qiáng)為將半球面補(bǔ)充完整，則完整球面在C點的場強(qiáng)為

方向向左，則補(bǔ)充的半球面在C點的場強(qiáng)為

則原半球面在D點場強(qiáng)的大小為【解析】由C指向D（或向右）四、實驗題(共2題，共14分)23、略

【分析】【詳解】

（1）實驗電路如圖所示。

（2）移動滑動變阻器的滑片，以保證通電后電壓表所在支路分壓最小；閉合開關(guān)S1、S2，調(diào)節(jié)R1，使電壓表指針滿偏；保證滑動變阻器的滑片的位置不變，斷開S2，調(diào)節(jié)電阻箱R0；使電壓表的