2025年外研版高三物理上冊月考試卷含答案

…………○…………內…………○…………裝…………○…………內…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年外研版高三物理上冊月考試卷含答案考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五六總分得分評卷人得分一、選擇題(共5題，共10分)1、如圖所示，圓形區(qū)域內有垂直于紙面方向的勻強磁場，一束質量和帶電量都相同的帶電粒子，以不同的速率，沿著相同的方向，對準圓心O射入勻強磁場，并從該磁場中射出．若帶電粒子在磁場中只受磁場力的作用，下列說法中正確的是（）A.運動時間較長的，其速率一定較大B.運動時間較長的，在磁場中通過的路程較長C.運動時間較長的，在磁場中偏轉的角度較大D.運動時間較長的，射出磁場時側向偏移量較大2、如果把水星和金星繞太陽運行的軌道視為圓周，那么由水星和金星繞太陽運動的周期之比可求得（）A.水星和金星繞太陽的動能之比B.水星和金星的密度之比C.水星和金星到太陽的距離之比D.水星和金星的質量之比3、如圖所示，質量為m的木塊在推力F的作用下，在水平地面上做勻加速直線運動．已知木塊與地面間的動摩擦因數(shù)為μ，F(xiàn)的方向與地面成θ角斜向下．則地面對木塊的滑動摩擦力大小為A.0B.μmgC.FsinθD.μ（mg+Fsinθ）4、某軍事試驗場正在平地上試射地對空導彈，若某次豎直向上發(fā)射導彈時發(fā)生故障的v-t圖象如圖所示，則下述說法中正確的是（）A.0～1s內導彈勻速上升B.3s～5s內導彈減速下降C.3s末導彈回到出發(fā)點D.5s末導彈恰好回到出發(fā)點5、關于自由落體運動，下列說法錯誤的是（）A.物體只在重力作用下從靜止開始下落的運動叫自由落體運動B.物體做自由落體運動的位移與時間成正比C.在自由落體運動中，不同物體的運動規(guī)律相同D.當空氣阻力的作用較小，可以忽略不計時，物體由靜止開始下落的運動可視為自由落體運動評卷人得分二、多選題(共9題，共18分)6、一個靜止的放射性原子核處于垂直紙面向里的勻強磁場中，由于發(fā)生了衰變而形成如圖所示的兩個圓形徑跡，兩個圓的關徑之比為1：16，則（）A.該原子核發(fā)生了α衰變B.反沖核沿小圓軌道運動且反沖核與粒子運動方向相反C.原來靜止的原子核的原子序數(shù)為15D.沿大圓和沿小圓運動的粒子的周期相等7、如圖所示，宇航員在圍繞地球做勻速圓周運動的空間站中會完全失重，下列說法中正確的是（）A.宇航員受力平衡B.宇航員不受任何作用力C.宇航員仍受萬有引力的作用D.宇航員受的萬有引力正好提供向心力8、如圖所示物體A、B用細繩連接后跨過定滑輪（細繩與斜面平行）．A靜止在傾角為20°的斜面上，B被懸掛著．已知質量mA=2mB，不計滑輪摩擦，現(xiàn)將斜面傾角由20°緩慢增大到50°．若兩物體仍保持靜止，那么下列說法正確的是（）A.繩子的拉力將增大B.物體A對斜面的壓力將增火C.物體A受到的靜摩擦力將先減小后增大D.滑輪受到的蠅的作用力增大9、一圓筒繞其中心軸OO1勻速轉動，筒內壁上緊挨著一個物體與筒一起運動相對筒無滑動，如圖所示，以下說法正確的是（）A.物體的重力和筒壁對物體的摩擦力是一對平衡力B.物體所需向心力由筒壁對物體的彈力提供C.如果轉速是原來的二倍，則摩擦力也是原來的二倍D.物體所受向心力是物體所受重力與彈力的合力10、如圖，a、b都是很輕的鋁環(huán)，環(huán)a是閉合的，環(huán)b是不閉合的，a、b環(huán)都固定在一根可以繞O點自由轉動的水平細桿上；此時整個裝置靜止，下列說法中正確的是。

（）A.使條形磁鐵N極垂直a環(huán)靠近a，a靠近磁鐵B.使條形磁鐵N極垂直a環(huán)遠離a，a靠近磁鐵C.使條形磁鐵N極垂直b環(huán)靠近b，b靠近磁鐵D.使條形磁鐵N極垂直b環(huán)靠近b，b將不動11、一列沿x軸正方向傳播的簡諧波t=0時刻的波形如圖所示，t=0.2s時C點開始振動，則()A.t=0.3s，波向前傳播了3m，質點B將到達質點C的位置B.t=0.05s，質點A的速度方向向上C.t=0到t=0.6s時間內，B質點的平均速度大小為10m/sD.若同時存在另一列振幅0.5m，頻率2.5Hz，沿x軸負方向傳播的簡諧波，則兩列波相遇疊加的區(qū)域會出現(xiàn)干涉現(xiàn)象12、在如圖所示的傾角為θ的光滑斜面上，存在著兩個磁感應強度大小為B的勻強磁場，區(qū)域Ⅰ的磁場方向垂直斜面向上，區(qū)域Ⅱ的磁場方向垂直斜面向下，磁場的寬度均為L，一個質量為m、電阻為R、邊長也為L的正方形導線框，由靜止開始沿斜面下滑，當ab邊剛越過GH進入磁場Ⅰ區(qū)時，恰好以速度v1做勻速直線運動；當ab邊下滑到JP與MN的中間位置時，線框又恰好以速度v2做勻速直線運動，從ab進入GH到MN與JP的中間位置的過程中，線框的動能變化量為△Ek，重力對線框做功大小為W1，安培力對線框做功大小為W2，下列說法中正確的有（）A.在下滑過程中，由于重力做正功，所以有v2＞v1B.從ab進入GH到MN與JP的中間位置的過程中，機械能守恒C.從ab進入GH到MN與JP的中間位置的過程，有（W1-△Ek）機械能轉化為電能D.從ab進入GH到MN與JP的中間位置的過程中，線框動能的變化量大小為△Ek=W1-W213、如圖所示，在一個桌面上方有三個金屬小球a、b、c，離桌面高度分別為h1：h2：h3=5：3：1．若先后順次釋放a、b、c，三球剛好同時落到桌面上，不計空氣阻力則（）A.三者到達桌面時的速度之比是：：1B.三者運動時間之比為：：1C.b與a開始下落的時間差等于c與b開始下落的時間差D.若三個小球與桌面碰后以原速率反彈，則三者同時回到各自的釋放點14、有關曲線運動，以下說法正確的是（）A.物體做曲線運動，它的加速度肯定不為零B.做曲線運動的物體，它的加速度可能為零C.勻速圓周運動是勻變速運動D.平拋和斜拋運動都屬于勻變速運動評卷人得分三、填空題(共8題，共16分)15、（2011秋?彝良縣校級期末）一臺理想變壓器的原副線圈的匝數(shù)比為n1：n2=40：1．在副線圈兩端接有“6V、40W”的電燈泡．若燈泡恰能正常發(fā)光，則U1為____．16、做勻速圓周運動的物體，如果合外力減小，物體將脫離原來的軌道做____運動；如果合外力增大，物體將脫離原來的軌道做____運動；如果合外力突然消失，物體將沿著軌跡____方向做勻速直線運動．17、（2012?浦東新區(qū)二模）電磁流量計是一種測量導電液體流量的裝置（單位時間里通過某一截面的液體體積，稱為流量），其結構如圖所示，矩形管道橫截面的寬和高分別為L1=0.4m、L2=0.5m，上下兩側是導體材料，另兩側是絕緣材料，勻強磁場垂直于絕緣材料的兩側．當液體自右向左流過管道時，根據與管道上下兩側連接的電壓表讀數(shù)，可測得液體流量的大?。疄榱耸闺妷罕淼氖緮?shù)1V即表示為流量1m3/s，磁感應強度為____T．液體流過管道時受到阻力作用，若阻力與管道的長度及液體的流速都成正比，即F=kxv，其中比例系數(shù)k=10N?s/m2．為使液體以v=2m/s的速度流過長x=100m的管道，左右兩側管口應施加的壓強差為____Pa．18、甲、乙兩物體從同一地點出發(fā)、沿同一方向做直線運動的速度--時間圖象如圖所示．若速度軸正方向為向南，則從第ls末到第4s末乙的位移大小是____m；第4s末乙的加速度方向為____．在0-6s內，兩物體最大距離是____m，兩物體第二次相遇時甲的位移大小為____m．

19、【題文】如圖，小球質量為m，擺長為L，最大擺角為θ，且小于5o.小球在豎直平面內擺動。則在圖示位置時擺線的拉力為____。從最高點第一次擺到最低點的時間為____。（重力加速度為g）20、【題文】在電場中A點放入一個電荷量為2×10-6C的正試探電荷，它受到的電場力為1×10-3N，則A點的電場強度為____N/C，若將正試探電荷的電荷量減為1×10-6C，則A點的電場強度為____N/C。21、一物體前一半時間平均速度為4m/s，后一半時間平均速度為8m/s，則全程的平均速度為____．22、（2013秋?民樂縣校級期中）如圖所示，直線A為某電源的U-I圖線，曲線B為某小燈泡的U-I圖線，用該電源和小燈泡組成閉合電路時，電源的輸出功率是____W，電源的總功率是____W．評卷人得分四、判斷題(共2題，共16分)23、沿電場線的方向，電勢逐點降低．____（判斷對錯）24、發(fā)現(xiàn)電磁感應現(xiàn)象的科學家是法拉第．____．（判斷對錯）評卷人得分五、計算題(共2題，共12分)25、如圖所示，固定在水平桌面上的光滑金屬導軌處勝豎直向下的勻強磁場中，金屬棒ab放在導軌上，運動過程中始終與導軌垂直，勻強磁場的磁感應強度為0.4T，電阻R=100Ω，電容器的電容C=100μF，ab長20cm，當ab以v=10m/s的速度向右勻速運動時，電容器哪個極板帶正電？電荷量為多少？26、如圖所示，光滑斜面傾角為婁脠

底端固定一垂直于斜面的擋板C

在斜面上放置長木板AA

的下端與C

的距離為dA

的上端放置小物塊BAB

的質量均為mAB

間的動摩擦因數(shù)婁脤=32tan婁脠

現(xiàn)同時由靜止釋放ABA

與C

發(fā)生碰撞的時間極短，碰撞前后瞬間速度大小相等，運動過程中小物塊始終沒有從木板上滑落，已知重力加速度為g

求。

(1)A

與C

發(fā)生第一次碰撞前瞬間的速度大小v1

(2)A

與C

發(fā)生第一次碰撞后上滑到最高點時；小物塊B

的速度大小v2

(3)

為使B

不與C

碰撞，木板A

長度的最小值L

．評卷人得分六、畫圖題(共2題，共16分)27、圖所示為一列向左傳播的簡諧波在某一時刻的波形圖，若波速是0.5m/s，試在圖上畫出經7s時的波形圖。（提示：若用平移法，由于∴λ=2m故只需平移=1.5m）28、在圖示中，物體A處于靜止狀態(tài)，請畫出各圖中A物體所受的彈力．參考答案一、選擇題(共5題，共10分)1、C【分析】【分析】質量和電荷量都相同的帶電粒子，以不同的速率垂直進入勻強磁場中，則運動半徑的不同，導致運動軌跡也不同．因此運動軌跡對應的半徑越大，則粒子的速率也越大．而運動周期它們均一樣，但運動時間卻由圓弧對應的圓心角決定．【解析】【解答】解：A、由周期公式得：T=由于帶電粒子們的B、q、m均相同，所以T相同，根據t=可知，在磁場中運動時間越長的帶電粒子，圓心角越大，半徑越小，由r=知速率一定越??；故A錯誤，C正確；

B、通過的路程即圓弧的長度l=rθ，與半徑r和圓心角θ有關；故B錯誤；

D；射出磁場時側向偏移量與運動時間長短無關；故D錯誤．

故選：C．2、C【分析】【分析】相同時間內水星轉過的角度為θ1；金星轉過的角度為θ2，可知道它們的角速度之比，繞同一中心天體做圓周運動，根據萬有引力提供向心力，可求出軌道半徑比，以及向心加速度比．【解析】【解答】解：A、根據v=rω；軌道半徑之比；角速度之比都知道，很容易求出線速度之比，但由于質量不知，因此動能無法比較．故A錯誤．

B；水星和金星是環(huán)繞天體；無法求出質量，也無法知道它們的半徑，所以求不出密度比．故BD錯誤．

C、根據萬有引力提供向心力：G=mrω2，r=3；知道了角速度比，就可求出軌道半徑之比．故C正確．

故選C．3、D【分析】試題分析：根據力的正交分解法可得，在豎直方向上有：所以木塊受到的滑動摩擦力大小為故D正確。考點：考查了滑動摩擦力的計算【解析】【答案】D4、D【分析】【分析】根據速度隨時間的變化規(guī)律得出導彈的運動規(guī)律，根據圖線與時間軸圍成的面積判斷導彈是否回到出發(fā)點．【解析】【解答】解：A；由速度時間圖線可知；0～1s內導彈勻加速上升，故A錯誤．

B；3s～5s內導彈反向做勻加速直線運動；即加速下降，故B錯誤．

C；3s末速度圖線與時間軸圍成的面積不為零；位移不為零，可知3s末未回到出發(fā)點，故C錯誤．

D、5s內的位移；可知5s末導彈恰好回到出發(fā)點，故D正確．

故選：D．5、B【分析】【分析】自由落體運動，初速度為零，加速度為g的勻加速直線運動，下落的快慢與物體的質量無關．【解析】【解答】解：A；自由落體運動的物體；僅受重力，做初速度為零的勻加速直線運動．故A正確．

B、根據x=知；物體自由落體運動的位移與時間的平方成正比．故B錯誤．

C；在自由落體運動中；不同的物體運動規(guī)律相同．故C正確．

D；當阻力很小時可以忽略；物體由靜止開始運動可視為自由落體運動．故D正確．

本題選錯誤的，故選：B．二、多選題(共9題，共18分)6、BC【分析】【分析】衰變前后，動量守恒，衰變后的粒子在勻強磁場中做勻速圓周運動，洛倫茲力提供向心力可得半徑公式，結合軌跡圖分析解答即可．【解析】【解答】解：A；由運動軌跡可知；衰變產生的新粒子與新核所受洛倫茲力方向相同，而兩者運動方向相反，故小粒子應該帶負電，故發(fā)生了β衰變，故A錯誤，B正確；

C、由洛倫茲力作用下的圓周運動的半徑公式r=得，反沖核必沿小圓周運動，且r1：r2=1：16知；反沖核核電荷數(shù)為16，故靜止的原核的原子序數(shù)為15，故C正確；

D、由周期公式T=得；周期與比荷有關，而β粒子與反沖核比荷不同，故D錯誤。

故選：BC7、CD【分析】【分析】完全失重是指物體受到的重力完全產生了物體運動的加速度，在圓周運動中，完全失重的時候，物體的重力全部作為了物體運動所需要的向心力，產生了向心力加速度．【解析】【解答】解：宇航員在圍繞地球做勻速圓周運動的空間站中會處于完全失重狀態(tài)；此時并不是說人不受萬有引力的作用，而是宇航員受的萬有引力正好充當向心力，并不是處于受力平衡狀態(tài)，所以AB，CD正確．

故選：CD．8、CD【分析】【分析】根據物體B處于靜止狀態(tài)，可知繩子上張力沒有變化；靜摩擦力的大小和方向取決于繩子拉力和物體A重力沿斜面分力大小關系；正確對A進行受力分析，判斷其對斜面壓力的變化情況．【解析】【解答】解：A；斜面傾角增大過程中；物體B始終處于平衡狀態(tài)，因此繩子上拉力大小始終等于物體B重力的大小，保持不變，故A錯誤；

B、物體A對斜面的壓力為：FN=mAgcosθ；隨著θ的增大，cosθ減小，因此物體A對斜面的壓力將減小，故B錯誤；

C；由題可知；開始時A靜止在傾角為20°的斜面上，A重力沿斜面的分力小于繩子的拉力，因此摩擦力沿斜面向下，隨著角度增大，重力沿斜面的分力逐漸增大，而繩子拉力不變，A受到的靜摩擦力將先減小后增大，故C正確；

D；繩子拉力大小不變；但夾角減小，滑輪受到的繩的作用力增大．故D正確．

故選：CD．9、AB【分析】【分析】小物體繞中心軸線做勻速圓周運動，合力應該指向圓心，物體受重力，必有向上的力與重力平衡，同時必須有指向圓心的力，故必受彈力，三個力的合力一直指向圓心，故又稱為向心力．當轉速增加時，所需要的向心力，即提供的彈力增大，重力與摩擦力不變．【解析】【解答】解：小物體必受重力；由于在水平面內做勻速圓周運動，故合力指向圓心，豎直方向受力平衡，必有靜摩擦力與重力平衡，水平方向彈力指向圓心，提供向心力．

A；物體的重力和筒壁對物體的摩擦力是一對平衡力；故A正確；

B；物體所需向心力由筒壁對物體的彈力提供；故B正確；

C；轉速是原來的二倍；則所需要的向心力要增加，而摩擦力與重力相平衡，則不變，故C錯誤；

D；物體所受向心力是物體所受彈力提供的；故D錯誤；

故選：AB．10、BD【分析】【分析】當條形磁鐵N極垂直a環(huán)靠近a時；穿過a環(huán)的磁通量增加，a環(huán)閉合產生感應電流，根據楞次定律判斷a環(huán)的運動情況．

當條形磁鐵N極垂直b環(huán)靠近b時，b環(huán)不閉合，不產生感應電流，根據有無安培力判斷b環(huán)的運動情況．【解析】【解答】解：A；當條形磁鐵N極垂直a環(huán)靠近a時；穿過a環(huán)的磁通量增加，a環(huán)閉合產生感應電流，磁鐵對a環(huán)產生安培力，阻礙兩者相對運動，a環(huán)將遠離磁鐵．故A錯誤．

B；使條形磁鐵N極垂直a環(huán)遠離a時；穿過a環(huán)的磁通量減小，a環(huán)閉合產生感應電流，磁鐵對a環(huán)產生安培力，阻礙兩者相對運動，a向著磁鐵運動．故B正確．

C、當條形磁鐵N極垂直b環(huán)靠近b時，b環(huán)中不產生感應電流，磁鐵對b環(huán)沒有安培力作用，b環(huán)將靜止不動．故C錯誤；D正確．

故選：BD11、BD【分析】解：

A；由題：t=0.2s時C點開始振動；波傳播了2m，由波形平移得：t=0.3s，波向前傳播了3m，但B點只在自己的平衡位置附近上下振動，沒有向前遷移，不會到達C點．故A錯誤．

B；由題得到波的周期為T=0.4s．t=0時刻；質點A的速度方向向上，在t=0.05s，質點A正向波峰運動，速度方向也向上．故B正確．

C、t=0到t=0.6s時間內，時間經過了1.5周期，B質點到達波峰，通過的位移大小為△y=2m，平均速度大小為==3.3m/s．故C錯誤．

D、該波的頻率為f==2.5Hz；若同時存在另一列振幅0.5m，頻率2.5Hz，沿x軸負方向傳播的簡諧波，則兩列波相遇疊加的區(qū)域，由于頻率相同，會出現(xiàn)干涉現(xiàn)象．故D正確．

故選BD【解析】【答案】BD12、CD【分析】解：A、當ab邊剛越過GH進入磁場I時做勻速直線運動，根據平衡條件，有：mgsinθ=．

當ab邊下滑到JP與MN的中間位置時，線框又恰好以速度v2做勻速直線運動，根據平衡條件，有：mgsinθ=2B??L，聯(lián)立解得：v1：v2=4：1，所以v2＜v1．故A錯誤；

B、從ab進入GH到MN與JP的中間位置的過程中；產生了電能，說明線框的機械能在減少，故B錯誤．

C、從ab進入GH到MN與JP的中間位置的過程，重力對線框做功大小為W1，則線框的重力勢能減少了W1．線框的動能變化量為△Ek，由于動能減小，所以動能減少量為-△Ek，則減少的機械能為（W1-△Ek），根據功能關系知，有（W1-△Ek）機械能轉化為電能；故C正確．

D、從ab進入GH到MN與JP的中間位置的過程中，安培力對線框做負功，為-W2，根據動能定理得：線框動能的變化量大小為△Ek=W1-W2．故D正確．

故選：CD

當ab邊剛越過GH進入磁場I時做勻速直線運動，安培力、支持力與重力三力平衡，由平衡條件和安培力公式結合求解線圈ab邊剛進入磁場I時的速度大??；當線圈進入磁場II做勻速運動的過程中，再次根據平衡條件求解速度；從ab進入GH到MN與JP的中間位置的過程中；產生了電能，是減小的機械能轉化為電能．結合功能關系分析．

本題從力和能量兩個角度分析電磁感應現(xiàn)象，安培力的表達式F=是常用的經驗公式，要記牢．運用動能定理時，要分析所有力做功情況，不能遺漏．【解析】【答案】CD13、AB【分析】【分析】三個小球均做自由落體運動，則由自由落體的運動規(guī)律得出通式，則可求得各項比值．【解析】【解答】解：A、小球均做自由落體運動，根據v=知，落地的速度之比為；故A正確．

B、根據t=得，因為下落的高度之比為5：3：1，則三者的運動時間之比為；故B正確．

C、因為三者同時到達地面，則b與a之間的時間差=，c與b的時間差；可知時間差不等．故C錯誤．

D；三球以原速率反彈；上升的時間和下降的時間相等，由于同時落地，三者下落的時間不等，則三者不會同時到達各自的釋放點．故D錯誤．

故選：AB．14、AD【分析】【分析】曲線運動的速度方向是切線方向；時刻改變，一定是變速運動，一定具有加速度，合力一定不為零．

曲線運動的條件是合力方向（加速度方向）與速度方向不共線．

勻變速運動是指加速度恒定的運動．【解析】【解答】解：A；B、曲線運動的速度方向是切線方向；時刻改變，一定是變速運動，一定具有加速度，故A正確，B錯誤；

C；勻速圓周運動的加速度大小不變；方向總是指向圓心，時刻改變，即加速度是變化的，故不是勻變速曲線運動，故C錯誤；

D；平拋和斜拋運動都是只受重力；加速度恒定，為g，故一定是勻變速運動，故D正確；

故選AD．三、填空題(共8題，共16分)15、240V【分析】【分析】根據燈泡的額定值可明確輸出電壓值；再根據電壓之比等于匝數(shù)之比即可求得輸入電壓．【解析】【解答】解：副線圈兩端接有“6V、40W”的電燈泡，且恰能正常發(fā)光．則副線圈的電壓為6V；因原副線圈的匝數(shù)比為n1：n2=40：1；得原線圈的電壓為240V；

故答案為：240V．16、離心向心切線【分析】【分析】當物體受到的合外力等于物體做圓周運動的向心力時，物體做圓周運動；當物體受到的合外力小于物體做圓周運動的向心力時，物體將脫離原來的軌道做離心運動；當物體受到的合外力大于物體做圓周運動的向心力時，物體將脫離原來的軌道做近心運動；當合外力突然消失，物體將沿著軌跡的切線方向做勻速直線運動．【解析】【解答】解：根據物體做勻速圓周運動的條件，可知F=，當時，物體做向心運動，當時；物體做離心運動；當F=0時，物體將沿著軌跡的切線方向做勻速直線運動．

故答案：離心，向心，切線17、0.41×104【分析】【分析】最終粒子在電場力和洛倫茲力作用下處于平衡，根據平衡求出磁感應強度的大?。鶕毫Σ钆c液體所受阻力相等，求出左右兩側管口應施加的壓強差．【解析】【解答】解：根據；

又流量Q=vS=vL1L2．

聯(lián)立兩式解得：．為了使電壓表的示數(shù)1V即表示為流量1m3/s，所以B的大小等于L1的大?。瓸=0.4T．

根據△PL1L2=f=kxv得；

Pa．

故答案為：0.4T，1×10418、略

【分析】

從第ls末到第4s末乙的位移大小x=3×4+=18m．第4s末乙正在做勻減速直線運動；加速度與速度反向，速度為正值，向南運動，則加速度的方向為向北．

從圖上可以看成，第4s末兩者相距最大，此時甲的位移x1=4×4m=16m，乙的位移最大距離x′=20-16m=4m．

相遇時兩者位移相等，知第6s兩物體第二次相遇，則相遇時甲的位移大小x甲=6×4m=24m．

故答案為：18；向北，4，24．

【解析】【答案】速度時間圖線與時間軸圍成的面積表示位移；根據圖線圍成的面積進行分析．

19、略

【分析】【解析】在最高點時，重力沿繩子方向的分力與繩子的拉力相等，為mgcosθ,擺到最低點的時間為四分之一個周期，為【解析】【答案】20、略

【分析】【解析】由公式：

=="500"N/C；

電場強度是電場本身的屬性與有無試探電荷以及試探電荷電量大小無關，所以電場強度還是500N/C。【解析】【答案】、500，50021、6m/s【分析】【分析】先根據平均速度的公式分別求出兩段時間的位移，則全程的平均速度等于兩段總位移除以總時間．【解析】【解答】解：設總時間為2t，則前一半時間內的位移x1=v1t，后一半時間內的位移為x2=v2t；

則平均速度v===6m/s；

故答案為：6m/s．22、46【分析】【分析】電源的U-I曲線與燈泡伏安特性曲線U-I的交點就是燈泡與電源連接時的工作狀態(tài)，由圖可讀出工作電壓和電流及電源的電動勢從而可算出電源的輸出功率和總功率．【解析】【解答】解：A圖線是電源的U-I圖線，圖線縱軸截距等于電源電動勢，斜率大小等于內阻，則得：電源的電動勢E=3V，內阻為r=Ω=0.5Ω．

兩圖線的交點表示該燈泡與該電源連接時的工作狀態(tài)；由交點讀出工作電壓U=2V，電流I=2A

則電源的輸出功率P出=UI=2×2W=4W

電源的總功率P總=EI=3×2W=6W

故答案為：4；6．四、判斷題(共2題，共16分)23、√【分析】【分析】本題根據電場線的物理意義分析場強與電勢的關系；根據沿電場線的方向，電勢逐點降低即可解答．【解析】【解答】解：根據電場線的物理意義：順著電場線方向；電勢降低．故該說法是正確的．

故答案為：√24、√【分析】【分析】發(fā)現(xiàn)電磁感應現(xiàn)象的科學家是法拉第．【解析】【解答】解：發(fā)現(xiàn)電磁感應現(xiàn)象的科學家是法拉第．故這個說法正確．

故答案為：√五、計算題(共2題，共12分)25、略

【分析】【分析】由右手定則判斷出感應電動勢的方向；然后確定哪個極板帶正電；

由E=BLv求出感應電動勢，然后由電容定義式的變形公式求