2025年人教版PEP高二物理上冊階段測試試卷

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年人教版PEP高二物理上冊階段測試試卷582考試試卷考試范圍：全部知識點(diǎn)；考試時(shí)間：120分鐘學(xué)校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五總分得分評卷人得分一、選擇題(共6題，共12分)1、如圖所示，圓形線圈垂直放在勻強(qiáng)磁場里，第1秒內(nèi)磁場方向指向紙里，如圖（b）．若磁感應(yīng)強(qiáng)度大小隨時(shí)間變化的關(guān)系如圖（a），那么，下面關(guān)于線圈中感應(yīng)電流的說法正確的是（）A.在第1秒內(nèi)感應(yīng)電流增大，電流方向?yàn)槟鏁r(shí)針B.在第2秒內(nèi)感應(yīng)電流大小不變，電流方向?yàn)轫槙r(shí)針C.在第3秒內(nèi)感應(yīng)電流減小，電流方向?yàn)轫槙r(shí)針D.在第4秒內(nèi)感應(yīng)電流大小不變，電流方向?yàn)轫槙r(shí)針2、兩個(gè)相同的小量程電流表表頭分別改裝成兩個(gè)電流表A1、A2.已知電流表A1量程大于A2的量程；改裝好后把它們按圖接入電路，則()

A.電流表A1的讀數(shù)小于電流表A2的讀數(shù)B.電流表A1的讀數(shù)等于電流表A2的讀數(shù)C.電流表A1的偏轉(zhuǎn)角等于電流表A2的偏轉(zhuǎn)角D.電流表A1的偏轉(zhuǎn)角小于電流表A2的偏轉(zhuǎn)角3、如圖，高為h的光滑絕緣曲面處于勻強(qiáng)電場中，勻強(qiáng)電場的方向平行于豎直平面，一帶電荷量為+q，質(zhì)量為m的小球，以初速度為v0從曲面底端的A點(diǎn)開始沿曲面表面上滑，到達(dá)曲面頂端B點(diǎn)的速度仍為v0，則（）A.電場力對小球做功為mgh+mvB.B兩點(diǎn)的電勢差為C.小球在B點(diǎn)的電勢能大于在A點(diǎn)的電勢能D.電場強(qiáng)度的最小值為4、如圖所示是某物體做直線運(yùn)動的v

簍C

t

圖象；則該物體。

A.做勻速直線運(yùn)動B.做勻加速直線運(yùn)動C.一直朝某一方向運(yùn)動D.在某一線段上做兩個(gè)來回運(yùn)動。

5、在國際單位制中，與質(zhì)量、長度和時(shí)間對應(yīng)的基本單位是(

)

A.克、米、秒B.千克、米、小時(shí)C.克、厘米、分鐘D.千克、米、秒6、如圖所示，一閉合的小金屬環(huán)用一根絕緣細(xì)桿掛在固定點(diǎn)O

處，使金屬環(huán)在豎直線OO隆盲

的兩側(cè)來回?cái)[動的過程中穿過水平方向的勻強(qiáng)磁場區(qū)域，磁感線的方向和水平面垂直.

若懸點(diǎn)摩擦力和空氣阻力均不計(jì)，則(

)

A.金屬環(huán)每次進(jìn)入和離開磁場區(qū)域都有感應(yīng)電流，而且感應(yīng)電流的方向相反B.金屬環(huán)進(jìn)入磁場區(qū)域后越靠近OO隆盲

線時(shí)速度越大，而且產(chǎn)生的感應(yīng)電流越大C.金屬環(huán)開始擺動后，擺角會越來越小，最終停止D.金屬環(huán)在擺動過程中，機(jī)械能將全部轉(zhuǎn)化為環(huán)中的電能評卷人得分二、填空題(共9題，共18分)7、將一電荷量為-3×10-6C的負(fù)電荷從電場中的A點(diǎn)移動到B點(diǎn)，克服電場力做了3×10-5J的功，再將該電荷從B點(diǎn)移動到C點(diǎn)，電場力做了1.2×10-5J的功，則A、C間的電勢差為V，電荷從A點(diǎn)移動到B點(diǎn)再從B點(diǎn)移動到C點(diǎn)的過程中，電勢能變化了J。8、一列簡諧橫波沿x軸傳播，t=0時(shí)刻的波形如圖甲所示，其中質(zhì)點(diǎn)P的振動圖象如圖乙所示，則該波的傳播方向沿x軸______方向（選填”正“或”負(fù)“），該波的波速是______m/s．

9、如圖所示，一個(gè)枕形導(dǎo)體位于帶正電小球的附近，A、B為導(dǎo)體的左、右端點(diǎn)，C為導(dǎo)體內(nèi)的一點(diǎn)．則由于靜電感應(yīng)，B端帶______電，C點(diǎn)處的電場強(qiáng)度為______，A端電勢______（填“高于”、“低于”或“等于”）B端電勢．10、如圖所示，固定在電梯頂部的彈簧測力計(jì)下端掛著G=1N

的鉤碼(g

取10m/s2)

電梯運(yùn)行時(shí)人觀察到測力計(jì)的示數(shù)F=1.5N

這種對懸掛物的拉力大于重力的現(xiàn)象是______(

填“超重”或“失重)

現(xiàn)象；此時(shí)鉤碼的加速度大小為______m/s2

加速度方向向______(

填“上”或“下”)

11、電量為2×10-6C的點(diǎn)電荷q1放入電場中A點(diǎn)，受到作用力為4×10-4N，方向向右，若在A點(diǎn)放一個(gè)電量為-4×10-6C的點(diǎn)電荷q2，則q2在A點(diǎn)受到的作用力為____N，方向____．12、有一種噴灌裝置，噴水口離地面高度為h=1.25m

水從噴水口水平噴出的速度v0

=8m/s.

如果水在空氣的運(yùn)動可近似地看成是平拋運(yùn)動，則水離開噴水口后到達(dá)地面所需的時(shí)間t=

____s

水噴射的水平距離x

=

____m(g=10m/s2).

若噴出的水的初速度變小，則水水離開噴水口后到達(dá)地面的時(shí)間將____(

填“變大”“不變”“變小”)

13、將一條形磁鐵插入螺線管線圈.

第一次插入用0.2

秒，第二次插入用1

秒，則兩次線圈中電流強(qiáng)度之比為______，通過線圈的電量之比為______，線圈放出的熱量之比為______．14、有一水平方向的勻強(qiáng)電場，場強(qiáng)大小為9隆脕103N/C

在電場內(nèi)作一半徑為10cm

的圓，圓周上取AB

兩點(diǎn)，如圖所示，連線AO

沿E

方向，BO隆脥AO

另在圓心O

處放一電量為10鈭?8C

的正點(diǎn)電荷，則A

處的場強(qiáng)大小為______；B

處的場強(qiáng)大小和方向?yàn)開_____．15、如圖所示，兩根平行光滑長直金屬導(dǎo)軌，其電阻不計(jì)，導(dǎo)體棒ab和cd跨在導(dǎo)軌上，ab電阻大于cd電阻。當(dāng)cd在外力F2作用下勻速向右滑動時(shí)，ab在外力F1作用下保持靜止，則ab兩端電壓Uab和cd兩端電壓Ucd相比，Uab______Ucd，外力F1和F2相比，F(xiàn)1______F2（填＞、=或＜）。評卷人得分三、判斷題(共6題，共12分)16、電場線與等勢面相互垂直，沿著同一等勢面移動電荷時(shí)靜電力不做功．（判斷對錯）17、電勢差有正有負(fù)，所以是矢量，且電場中兩點(diǎn)間的電勢差隨著零電勢點(diǎn)的選取變化而變化．（判斷對錯）18、只有沿著電場線的方向電勢才會降低，所以電勢降低的方向就一定是電場強(qiáng)度的方向．（判斷對錯）19、電場線與等勢面相互垂直，沿著同一等勢面移動電荷時(shí)靜電力不做功．（判斷對錯）20、處于靜電平衡狀態(tài)的導(dǎo)體內(nèi)部的場強(qiáng)處處為零，導(dǎo)體外表面場強(qiáng)方向與導(dǎo)體的表面一定不垂直．（判斷對錯）21、如圖所示，有一水平方向的勻強(qiáng)電場，場強(qiáng)大小為9000N/C，在電場內(nèi)一水平面上作半徑為10cm的圓，圓上取A、B兩點(diǎn)，AO沿E方向，BO⊥OA，另在圓心處放一電量為10﹣8C的正點(diǎn)電荷，則A處場強(qiáng)大小EA為零．________（判斷對錯）

評卷人得分四、實(shí)驗(yàn)探究題(共3題，共27分)22、某同學(xué)探究小磁鐵在銅管中下落時(shí)受電磁阻尼作用的運(yùn)動規(guī)律。實(shí)驗(yàn)裝置如圖甲所示；打點(diǎn)計(jì)時(shí)器的電源是頻率為f的交流電。

（1）（單選）下列實(shí)驗(yàn)操作中；錯誤的有______

A．將銅管豎直地固定在限位孔的正下方。

B．紙帶穿過限位孔；壓在復(fù)寫紙下面。

C．捏住磁鐵所連的紙帶上端；然后松開讓磁鐵從靜止釋放。

D．在磁鐵下落之后再接通打點(diǎn)計(jì)時(shí)器的電源。

（2）該同學(xué)按正確的步驟進(jìn)行實(shí)驗(yàn)，將磁鐵從銅管上方釋放，打出一條紙帶，如圖乙所示為磁鐵在銅管中運(yùn)動的記錄，圖中刻度尺的最小分度為s0，磁鐵質(zhì)量為m，己知磁鐵在鋼管中運(yùn)動時(shí)所受電磁阻尼作用與磁鐵的速度成正比，即F=kv，則阻力常數(shù)k的表達(dá)式為______23、果蠅的有眼、無眼由等位基因B、b控制，眼的紅色、白色由等位基因R、r控制。一只無眼雌果蠅與—只白眼雄果蠅交配，F(xiàn)1全為紅眼，F(xiàn)1雌雄果蠅隨機(jī)交配得F2,F2的表現(xiàn)型及比例如下圖。請回答下列問題：(1)果蠅的有眼對無眼為_______性，控制紅眼、白眼的基因R、r位于______染色體上。(2)F1的基因型為____________,___________。F2中白眼的基因型為______________。(3)F2紅眼雌果蠅中純合子占_______________。F2中紅眼個(gè)體之間隨機(jī)交配，產(chǎn)生的后代中紅眼:白眼:無眼=______________________。(4)B與b,R與r這兩對基因在遺傳時(shí)遵循____________定律，其原因是________________。24、某同學(xué)在做“利用單擺測重力加速度”實(shí)驗(yàn)中；先測得擺線長為97.50cm

擺球直徑為2.0cm

然后用秒表記錄了單擺振動50

次所用的時(shí)間為99.9s.

則。

(1)

該擺擺長為______cm

．

(2)(

單選題)

如果他測得的g

值偏??；可能的原因是______

A.測擺線長時(shí)擺線拉得過緊。

B.擺線上端未牢固地系于懸點(diǎn)；振動中出現(xiàn)松動，使擺線長度增加了。

C.開始計(jì)時(shí)；秒表過遲按下。

D.實(shí)驗(yàn)中誤將49

次全振動數(shù)為50

次．評卷人得分五、簡答題(共4題，共12分)25、如圖所示，是一提升重物用的直流電動機(jī)工作時(shí)的電路圖．電動機(jī)內(nèi)電阻r=0.8Ω，電路中另一電阻R=10Ω，直流電壓U=160V，電壓表示數(shù)UM=110V．試求：

（1）通過電動機(jī)的電流？

（2）電動機(jī)的電功率及電動機(jī)的輸出功率？

（3）若電動機(jī)以v=1m/s勻速豎直向上提升重物，求該重物的質(zhì)量？（g取10m/s2）26、把水或油灌入小口瓶時(shí)，常在瓶口插入一根竹筷或玻璃棒，水或油就沿著竹筷或玻璃棒流入瓶中，不致流到瓶子外面，這是什么道理？如果要將水銀灌入小口瓶中，能否采用竹筷或是玻璃棒？你能想出其它的方法嗎？27、苯乙烯rm{(}rm{(}是生產(chǎn)各種塑料的重要單體，可通過乙苯催化脫氫制得：rm{)}是生產(chǎn)各種塑料的重要單體，可通過乙苯催化脫氫制得：?rm{)}rm{(g)overset{麓脽祿爐錄脕}{?}}rm{(g)+H_{2}(g)}已知：。rm{triangleH}化學(xué)鍵rm{C-H}rm{C-C}rm{C=C}rm{H-H}鍵能rm{/kJ/mol}rm{412}rm{348}rm{612}rm{436}計(jì)算上述反應(yīng)的rm{triangleH=}________rm{kJ隆隴mol^{-1}}rm{(2)500隆忙}時(shí)，在恒容密閉容器中，充入rm{amol}乙苯，反應(yīng)達(dá)到平衡后容器內(nèi)氣體的壓強(qiáng)為rm{P}若再充入rm{bmol}的乙苯，重新達(dá)到平衡后容器內(nèi)氣體的壓強(qiáng)為rm{2P}則rm{a}________rm{b(}填“rm{>}”、“rm{<}”或“rm{=}”rm{)}乙苯的轉(zhuǎn)化率將________rm{(}填“增大”、“減小”或“不變”rm{)}rm{(3)}工業(yè)上，通常在乙苯rm{(EB)}蒸氣中摻混rm{N_{2}(}原料氣中乙苯和rm{N_{2}}的物質(zhì)的量之比為rm{1漏U10}rm{N_{2}}不參與反應(yīng)rm{)}控制反應(yīng)溫度rm{600隆忙}并保持體系總壓為rm{0.1Mpa}不變的條件下進(jìn)行反應(yīng)。在不同反應(yīng)溫度下，乙苯的平衡轉(zhuǎn)化率和某催化劑作用下苯乙烯的選擇性rm{(}指除了rm{H_{2}}以外的產(chǎn)物中苯乙烯的物質(zhì)的量分?jǐn)?shù)rm{)}示意圖如下rm{壟脵A}rm{B}兩點(diǎn)對應(yīng)的正反應(yīng)速率較大的是________。rm{壟脷}摻入rm{N_{2}}能提高乙苯的平衡轉(zhuǎn)化率，解釋說明該事實(shí)___________________________________。rm{壟脹}用平衡分壓代替平衡濃度計(jì)算rm{600隆忙}時(shí)的平衡常數(shù)rm{K_{p}=}________。rm{(}保留兩位有效數(shù)字，分壓rm{=}總壓rm{隆脕}物質(zhì)的量分?jǐn)?shù)rm{)}rm{壟脺}控制反應(yīng)溫度為rm{600隆忙}的理由是_______________________________________________________________________________________________。28、rm{(15}分，除特殊標(biāo)記外每空rm{2}分rm{)}氨為重要化工原料，有廣泛用途。rm{(1)}合成氨中的氫氣可由下列反應(yīng)制?。簉m{a.CH_{4}(g)+H_{2}O(g)overset{}{?}CO(g)+3H_{2}(g)triangleH=+216.4kJ/mol}rm{b.CO(g)+H_{2}O(g)overset{}{?}CO_{2}(g)+H_{2}(g)triangleH=-41.2kJ/mol}則反應(yīng)rm{CH_{4}(g)+2H_{2}O(g)overset{}{?}CO_{2}(g)+4H_{2}(g)triangleH=}_________。rm{a.CH_{4}(g)+H_{2}O(g)overset{}{?}

CO(g)+3H_{2}(g)triangleH=+216.4kJ/mol}起始時(shí)投入氮?dú)夂蜌錃夥謩e為rm{b.CO(g)+H_{2}O(g)overset{}{?}

CO_{2}(g)+H_{2}(g)triangleH=-41.2kJ/mol}rm{CH_{4}(g)+2H_{2}O(g)overset{}{?}

CO_{2}(g)+4H_{2}(g)triangleH=}在不同溫度和壓強(qiáng)下合成氨。平衡時(shí)混合物中氨的體積分?jǐn)?shù)與溫度關(guān)系如下圖。

rm{(2)}恒壓時(shí)，反應(yīng)一定達(dá)到平衡狀態(tài)的標(biāo)志是______rm{1mol}填序號rm{3mol}A.rm{壟脵}和rm{(}的轉(zhuǎn)化率相等rm{)}反應(yīng)體系密度保持不變C.rm{dfrac{cleft({H}_{2}right)}{cleft(N{H}_{3}right)}}比值保持不變r(jià)m{N_{2}}．rm{dfrac{cleft(N{H}_{3}right)}{cleft({N}_{2}right)}=2}rm{H_{2}}_____rm{B.}rm{dfrac{cleft({H}_{2}right)}{cleft(N{H}_{3}right)}

}填“rm{D}”、“rm{dfrac{cleft(N{H}_{3}right)}{cleft({N}_{2}right)}

=2}”、“rm{壟脷P_{1}}”、“不確定”，下同rm{P_{2}}反應(yīng)平衡常數(shù)：rm{(}點(diǎn)____rm{>}點(diǎn)；rm{<}點(diǎn)rm{=}的轉(zhuǎn)化率為____rm{)}可作火箭推進(jìn)劑，rm{B}和rm{D}在一定條件下反應(yīng)可生成rm{壟脹C}rm{H_{2}}寫出rm{(3)N_{2}H_{4}}和rm{NH_{3}}反應(yīng)生成rm{NaClO}的化學(xué)方程式__________；rm{N_{2}H_{4}}已知rm{壟脵}時(shí)rm{NH_{3}}水溶液呈弱堿性：rm{N_{2}H_{4}+H_{2}Ooverset{}{?}N_{2}H_{5}^{+}+OH^{-}}rm{NaClO}rm{N_{2}H_{5}^{+}+H_{2}Ooverset{}{?}N_{2}H_{6}^{2+}+OH^{-}K_{2}=1隆脕10^{-b}}rm{N_{2}H_{4}}時(shí)，向rm{壟脷}水溶液中加入rm{25隆忙}欲使rm{N_{2}H_{4}}同時(shí)rm{N_{2}H_{4}+H_{2}Ooverset{}{?}

N_{2}H_{5}^{+}+OH^{-}}應(yīng)控制溶液rm{K_{1}=1隆脕10^{-a}}范圍_________rm{N_{2}H_{5}^{+}+H_{2}Ooverset{}{?}

N_{2}H_{6}^{2+}+OH^{-}K_{2}=1隆脕10^{-b}}用含rm{25隆忙}rm{N_{2}H_{4}}式子表示rm{H_{2}SO_{4,}}rm{c(N_{2}H_{5}^{+})>c(N_{2}H_{4})}參考答案一、選擇題(共6題，共12分)1、B【分析】第1s內(nèi)磁通量均勻變化，所以產(chǎn)生的感應(yīng)電流大小不變，根據(jù)楞次定律可得方向?yàn)槟鏁r(shí)針，A錯誤，在第2秒內(nèi)，垂直向里的磁通量均勻減小，產(chǎn)生的感應(yīng)電流大小不變，電流方向?yàn)轫槙r(shí)針,B正確。同理這個(gè)時(shí)間段內(nèi)產(chǎn)生的感應(yīng)電流大小都恒定，所以C錯誤，第四秒內(nèi)感應(yīng)電流方向?yàn)槟鏁r(shí)針，D錯誤?！窘馕觥俊敬鸢浮緽2、C【分析】【分析】A1與A2并聯(lián)，電壓相同，由于A1量程大于A2，說明A1的內(nèi)阻小于A2的內(nèi)阻，故通過A1的電流大于A2；所以A對B錯．將小量程電流表表頭改裝成較大量程的電流表，都是并聯(lián)小電阻，因此兩表頭仍為并聯(lián)關(guān)系，通過表頭的電流相等，所以表頭指針偏轉(zhuǎn)相同，故正確答案選；C.

【點(diǎn)評】本題關(guān)鍵要對電表的內(nèi)部結(jié)構(gòu)要了【解答】電流表是由表頭與分流電阻并聯(lián)；電壓表是由表頭與分壓電阻串聯(lián)．3、B【分析】解：A；小球上滑過程中；由動能定理得：

W-mgh=-

得：W=mgh．故A錯誤．

B、由W=qU得，A、B兩點(diǎn)的電勢差為U=．故B正確．

C；由于電場力做正功；小球的電勢能減小，則小球在B點(diǎn)的電勢能小于在A點(diǎn)的電勢能．故C錯誤．

D、由U=Ed得，E=若電場線沿AB時(shí)，d＞h，則E＜=．故D錯誤．

故選B

小球從曲面底端的A點(diǎn)開始沿曲面表面上滑過程中；重力做負(fù)功，電場力做正功，動能變化量為零，由動能定理求解電場力做功．由電場力做功公式W=qU求出電勢差．由U=Ed分析場強(qiáng)的最小值．根據(jù)電場力做功正負(fù)，判斷電勢能的變化．

本題關(guān)鍵能運(yùn)用動能定理求解電場力做功．只要掌握W=qU、U=Ed兩個(gè)公式，此題就不難解答．【解析】【答案】B4、C【分析】由v鈭?t

圖像可知在整個(gè)運(yùn)動過程中；速度一直為正值，表示運(yùn)動方向不變，一直朝某一方向運(yùn)動，先做勻加速直線運(yùn)動，再做勻減速直線運(yùn)動，然后重復(fù)之前的運(yùn)動；故C正確，AB

D錯誤。

故選C。【解析】C

5、D【分析】解：在國際單位制中；長度；質(zhì)量和時(shí)間三個(gè)基本量的基本單位是mkg

和s

故ABC錯誤，D正確。

故選：D

國際單位制規(guī)定了七個(gè)基本物理量.

分別為長度；質(zhì)量、時(shí)間、熱力學(xué)溫度、電流、光強(qiáng)度、物質(zhì)的量.

它們的在國際單位制中的單位稱為基本單位；而物理量之間的關(guān)系式推到出來的物理量的單位叫做導(dǎo)出單位．

國際單位制規(guī)定了七個(gè)基本物理量，這七個(gè)基本物理量分別是誰，它們在國際單位制分別是誰，這都是需要學(xué)生自己記住的．【解析】D

6、A【分析】解：A

當(dāng)金屬環(huán)進(jìn)入或離開磁場區(qū)域時(shí)磁通量發(fā)生變化；會產(chǎn)生電流.

環(huán)進(jìn)入和離開磁場區(qū)域，磁通量分別是增大和減小，根據(jù)楞次定律得感應(yīng)電流的方向相反，故A正確．

B；金屬環(huán)進(jìn)入磁場后；由于沒有磁通量的變化，因而圓環(huán)中沒有感應(yīng)電流，不受磁場力作用，只在重力作用下，離平衡位置越近，則速度越大，故B錯誤．

C；由于從左側(cè)擺到右側(cè)的過程中；線框中磁通量發(fā)生變化，因而產(chǎn)生感應(yīng)電流，由于電阻的存在，線框中將產(chǎn)生焦耳熱，根據(jù)能量守恒知線框的機(jī)械能將不守恒，故在左側(cè)線框的高度將高于起始時(shí)右側(cè)的高度，所以擺角會越來越小，當(dāng)完全在磁場中來回?cái)[動時(shí)，則沒有感應(yīng)電流，圓環(huán)最后的運(yùn)動狀態(tài)為在磁場區(qū)域來回?cái)[動，故C錯誤．

D；圓環(huán)最后的運(yùn)動狀態(tài)為在磁場區(qū)域來回?cái)[動；機(jī)械能守恒，金屬環(huán)在擺動過程中，機(jī)械能不可能將完全轉(zhuǎn)化為環(huán)中的電能，故D錯誤。

故選：A

．

楞次定律的內(nèi)容為：閉合回路中產(chǎn)生的感應(yīng)電流的磁場總是阻礙原磁通量的變化；判斷感應(yīng)電流的方向首先要確定原磁場的方向及磁通量的變化；然后根據(jù)楞次定律進(jìn)行判斷感應(yīng)電流的方向．

本題考查楞次定律的應(yīng)用和能量守恒相合.

注意楞次定律判斷感應(yīng)電流方向的過程，先確認(rèn)原磁場方向，再判斷磁通量的變化，感應(yīng)電流產(chǎn)生的磁場總是阻礙原磁通量的變化．【解析】A

二、填空題(共9題，共18分)7、略

【分析】由電場力做功將該電荷從B點(diǎn)移動到C點(diǎn)電場力做了1.8×10-5的負(fù)功，電勢能增大了1.8×10-5【解析】【答案】6-1.8×10-58、略

【分析】解：由乙圖知；t=0時(shí)刻，質(zhì)點(diǎn)P正向下運(yùn)動，根據(jù)甲圖可知，由波形平移法可知：該波沿x軸負(fù)方向傳播．

由甲圖知，波長λ=8m，由乙圖知，質(zhì)點(diǎn)的振動周期為T=0.4s，則波速為：v===20m/s．

故答案為：負(fù)；20．

根據(jù)圖乙中t=0時(shí)刻質(zhì)點(diǎn)P的速度方向，在圖甲中判斷波的傳播方向．由甲讀出波長λ，由圖乙讀出周期T，由v=求出波速．

本題關(guān)鍵要把握兩種圖象之間的聯(lián)系，能根據(jù)振動圖象讀出質(zhì)點(diǎn)的速度方向，在波動圖象上判斷出波的傳播方向．【解析】負(fù)；209、略

【分析】解：由于靜電感應(yīng)；A端帶負(fù)電，B端帶正電．帶正電的導(dǎo)體產(chǎn)生的是發(fā)散的電場，產(chǎn)生的電場的電場線由A到B，而感應(yīng)電荷產(chǎn)生電場與正電荷電場疊加，導(dǎo)致合電場強(qiáng)度為零，即C點(diǎn)電場強(qiáng)度為零．導(dǎo)體是一個(gè)等勢體；故AB兩點(diǎn)的電勢相等；

故答案為：正；零，等于。

應(yīng)起電的實(shí)質(zhì)是在帶電體上電荷的作用下；導(dǎo)體上的正負(fù)電荷發(fā)生了分離，使電荷從導(dǎo)體的一部分轉(zhuǎn)移到了另一部分，既然是轉(zhuǎn)移，那么電荷必然守恒．

正電荷產(chǎn)生的電場是發(fā)散的電場；沿著電場線電勢要降低．

此題考查靜電平衡中的導(dǎo)體，電場中的處于靜電平衡的導(dǎo)體是等勢體，導(dǎo)體上電勢處處相同．同時(shí)要知道正電荷產(chǎn)生的電場特點(diǎn)，以及電勢分布的特點(diǎn)．【解析】正；0；等于10、略

【分析】解：重物的重力G=1N

物體的質(zhì)量m=Gg=110=0.1kg

當(dāng)測力計(jì)示數(shù)為1.5N

時(shí)；重物受到豎直向下的重力G=1N

豎直向上的拉力F隆盲=1.5N

則重物受到的合力大小為F=F鈥?鈭?G=1.5鈭?1=0.5N

根據(jù)牛頓第二定律可知：a=F隆盲m=0.50.1=5m/s2

方向豎直向上；故物體處于超重狀態(tài)；

故答案為：超重；5

上．

對重物受力分析；根據(jù)牛頓第二定律得出重物的加速度大小和方向，從而判斷出電梯的運(yùn)動規(guī)律．

解決本題的關(guān)鍵知道重物和電梯具有相同的加速度，根據(jù)牛頓第二定律進(jìn)行分析，由牛頓第二定律即可求得加速度，根據(jù)加速度判斷所處的狀態(tài)．【解析】超重；5

上11、略

【分析】

電場強(qiáng)度E===200N/C；電場強(qiáng)度的方向?yàn)樗较蛴遥?/p>

若在A點(diǎn)放一個(gè)電量為-4×10-6C的點(diǎn)電荷q2，則N=-8×10-4N；負(fù)號說明方向向左。

故答案為為：8×10-4；向左。

【解析】【答案】根據(jù)電場強(qiáng)度的定義式E=求出電場強(qiáng)度；再根據(jù)F=qE求出電場力的大小和方向，電場強(qiáng)度的大小與放入電場中的電荷無關(guān)．

12、0.54不變。

【分析】【分析】水在空氣的運(yùn)動可近似地看成是平拋運(yùn)動，在水平方向上做勻速直線運(yùn)動，在豎直方向上做自由落體運(yùn)動，根據(jù)高度求出小球運(yùn)動的時(shí)間，結(jié)合初速度和時(shí)間求出水平距離。本題考查了平拋運(yùn)動。解決本題的關(guān)鍵知道平拋運(yùn)動在水平方向和豎直方向上的運(yùn)動規(guī)律，根據(jù)運(yùn)動學(xué)公式進(jìn)行求解，要知道平拋運(yùn)動的時(shí)間由高度決定，與初速度無關(guān)?！窘獯稹克銎綊佭\(yùn)動，由h=12gt2

得t=2hg=2隆脕1.2510s=0.5s

水噴射的水平距離x=v0t=8隆脕0.5m=4m

由t=2hg

知，水在空中運(yùn)動的時(shí)間由h

決定，與初速度無關(guān)，所以若噴出的水的初速度變小，則水水離開噴水口后到達(dá)地面的時(shí)間將不變。故填：0.54

不變。【解析】0.54

不變。

13、略

【分析】解：根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律分析感應(yīng)電動勢的大小，由歐姆定律分析感應(yīng)電流的大小，E=鈻?鈱?鈻?t

與I=ER

因兩次的磁通量相同，則有：I1I2=鈻?鈱?鈻?t1R鈻?鈱?鈻?t2R=鈻?t2鈻?t1=10.2=51

由q=It

可確定導(dǎo)體某橫截面的電荷量等于磁通量的變化與電阻的比值；由于磁通量變化量相同，電阻不變，所以通過導(dǎo)體橫截面的電荷量不變，即為11

而熱量Q=I2Rt

則有：熱量與電流的平方及時(shí)間的乘積成正比，即為51

故答案為：511151

．

根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律分析感應(yīng)電動勢的大小；由歐姆定律分析感應(yīng)電流的大小.

再由q=It

可確定導(dǎo)體某橫截面的電荷量等于磁通量的變化與電阻的比值，而熱量根據(jù)Q=I2Rt

即可求解．

本題考查對電磁感應(yīng)現(xiàn)象的理解和應(yīng)用能力.

感應(yīng)電流產(chǎn)生的條件：穿過閉合回路的磁通量發(fā)生變化，首先前提條件電路要閉合.

磁通量的變化率與感應(yīng)電動勢有關(guān)，感應(yīng)電流的大小與感應(yīng)電動勢大小有關(guān)，而通過橫截面的電荷量卻與通過線圈的磁通量變化及電阻阻值有關(guān)．【解析】511151

14、略

【分析】解：點(diǎn)電荷在AB

產(chǎn)生的場強(qiáng)大小為E隆盲=kQr2=9隆脕109隆脕10鈭?80.12N/C=9隆脕103N/C

故在A

點(diǎn)的點(diǎn)電荷為EA=E鈭?E隆盲=0

在B

點(diǎn)的場強(qiáng)為EB=E2+E隆盲2=92隆脕103N/C

方向與水平方向成45鈭?

斜向下。

故答案為：092隆脕103N/C

方向與水平方向成45鈭?

斜向下。

由E=kQr2

點(diǎn)電荷求的AB

兩點(diǎn)的場強(qiáng)；根據(jù)場強(qiáng)的合成即可求得AB

的合場強(qiáng)。

本題主要考查了場強(qiáng)的合成，利用好矢量的合成即可【解析】092隆脕103N/C

方向與水平方向成45鈭?

斜向下15、==【分析】解：cd在外力F2作用下向右勻速運(yùn)動，則外力F2與安培力二力平衡；大小相等；

ab在外力F1作用下保持靜止，外力F1與所受的安培力二平衡；大小相等。

由安培力公式F=BIL，可知兩棒所受的安培力大小相等，則F1=F2。

cd棒切割磁感線相當(dāng)于電源，而ab相當(dāng)于外電路；導(dǎo)軌電阻不計(jì)；

ab兩端與cd兩端的電壓都是路端電壓，大小相等。故有Uab=Ucd。

故答案為：=；=。

cd棒勻速運(yùn)動，所受的外力F2與安培力二力平衡。ab在外力F1作用下保持靜止，外力F1與所受的安培力二平衡，而兩棒所受的安培力大小相等，即可知道兩個(gè)外力之間的關(guān)系。ab棒切割磁感線相當(dāng)于電源，而cd相當(dāng)于外電路，ab兩端與cd兩端的電壓相等。

本題關(guān)鍵是分析兩棒的受力情況，運(yùn)用平衡條件分析外力關(guān)系，由電路知識分析電壓關(guān)系。屬于基礎(chǔ)題；處理電磁感應(yīng)中電路問題時(shí)，關(guān)鍵能夠知道其等效電路，知道哪一部分相當(dāng)于電源，結(jié)合安培力的大小公式和共點(diǎn)力平衡進(jìn)行求解。【解析】==三、判斷題(共6題，共12分)16、A【分析】【解答】解：根據(jù)電場線的特點(diǎn)可知；沿電場線的方向電勢降低；電場線垂直于等勢面、同一等勢面移動電荷電場力不做功．

故答案為：正確．

【分析】解決本題要根據(jù)：電場線是人為假想的曲線，從正電荷或無限遠(yuǎn)出發(fā)，終止于無限遠(yuǎn)或負(fù)電荷，不閉合，電場線疏密描述電場強(qiáng)弱，電場線密的地方，電場強(qiáng)度大，疏的地方電場強(qiáng)度弱，沿電場線的方向電勢降低．17、B【分析】【解答】解：電勢差類似于高度差；沒有方向，是標(biāo)量，正負(fù)表示電勢的相對大?。?/p>

兩點(diǎn)間的電勢差等于電勢之差；由電場中兩點(diǎn)的位置決定，與零電勢點(diǎn)的選取無關(guān)．由以上的分析可知，以上的說法都錯誤．

故答案為：錯誤。

【分析】電勢差是標(biāo)量，正負(fù)表示大小；電勢差與零電勢點(diǎn)的選取無關(guān)；沿著電場線方向電勢降低；電勢反映電場本身的性質(zhì)，與試探電荷無關(guān)．18、B【分析】【解答】解：沿著電場線方向；電勢降低，且降低最快；

那么電勢降低最快的方向才是電場線的方向；但電勢降低的方向不一定是電場線的方向，故錯誤；

故答案為：錯誤．

【分析】電場強(qiáng)度和電勢這兩個(gè)概念非常抽象，借助電場線可以形象直觀表示電場這兩方面的特性：電場線疏密表示電場強(qiáng)度的相對大小，切線方向表示電場強(qiáng)度的方向，電場線的方向反映電勢的高低．19、A【分析】【解答】解：根據(jù)電場線的特點(diǎn)可知；沿電場線的方向電勢降低；電場線垂直于等勢面、同一等勢面移動電荷電場力不做功．

故答案為：正確．

【分析】解決本題要根據(jù)：電場線是人為假想的曲線，從正電荷或無限遠(yuǎn)出發(fā)，終止于無限遠(yuǎn)或負(fù)電荷，不閉合，電場線疏密描述電場強(qiáng)弱，電場線密的地方，電場強(qiáng)度大，疏的地方電場強(qiáng)度弱，沿電場線的方向電勢降低．20、B【分析】【解答】解：根據(jù)靜電平衡的特點(diǎn)；導(dǎo)體是等勢體，金屬導(dǎo)體的內(nèi)部電場強(qiáng)度處處為零；

由于處于靜電平衡狀態(tài)的導(dǎo)體是一個(gè)等勢體；則表面電勢處處相等，即等勢面，那么電場線與等勢面垂直；

故答案為：錯誤．

【分析】金屬導(dǎo)體在點(diǎn)電荷附近，出現(xiàn)靜電感應(yīng)現(xiàn)象，導(dǎo)致電荷重新分布．因此在金屬導(dǎo)體內(nèi)部出現(xiàn)感應(yīng)電荷的電場，正好與點(diǎn)電荷的電場疊加，只有疊加后電場為零時(shí)，電荷才不會移動．此時(shí)導(dǎo)體內(nèi)部電場強(qiáng)度處處為零，電荷全部分布在表面，且為等勢面，導(dǎo)體是等勢體．21、A【分析】【解答】解：點(diǎn)電荷在A點(diǎn)的場強(qiáng)

根據(jù)場強(qiáng)的疊加原理得；則兩點(diǎn)的場強(qiáng)是由正點(diǎn)電荷和勻強(qiáng)電場場強(qiáng)的合成，A點(diǎn)的場強(qiáng)大小為。

EA=E點(diǎn)﹣E勻=9×103N/C﹣9×103N/C=0；所以A處場強(qiáng)大小為0

故答案為：正確。

【分析】根據(jù)公式E=k求出點(diǎn)電荷在A點(diǎn)處產(chǎn)生的場強(qiáng)大小，判斷出場強(qiáng)方向，A點(diǎn)的場強(qiáng)是由正點(diǎn)電荷和勻強(qiáng)電場場強(qiáng)的合成，根據(jù)平行四邊形定則求解A點(diǎn)處的場強(qiáng)大小及方向．四、實(shí)驗(yàn)探究題(共3題，共27分)22、Dk=【分析】解：（1）A；本實(shí)驗(yàn)的目的是研究小磁鐵在銅管中下落時(shí)受電磁阻尼作用的運(yùn)動規(guī)律；故實(shí)驗(yàn)中必須保證小磁鐵除受重力、磁力外不受其他力的作用，故銅管需豎直地固定在限位孔正下方以保證磁鐵在下落過程中不與銅管摩擦與碰撞，A正確。

B；紙帶穿過限位孔可以保證紙帶的正確方位；置于復(fù)寫紙下面可以保證打點(diǎn)清晰，B正確。

C；釋放紙帶前應(yīng)手提紙帶上端使紙帶豎直；小磁鐵靜止，故C正確。

D；釋放小磁鐵前應(yīng)先接通打點(diǎn)計(jì)時(shí)器的電源；待其工作穩(wěn)定后方可放開紙帶，D錯誤。

該題選錯誤的；故選：D；

（2）由紙帶數(shù)據(jù)；可知，磁鐵先加速，后勻速；

在勻速直線運(yùn)動過程中；重力與電磁阻力平衡，則有：kv=mg

而v==2s0f

解得：k=

故答案為：（1）D；

（2）k=

（1）小磁鐵豎直下落；做的是直線運(yùn)動，根據(jù)打點(diǎn)計(jì)時(shí)器的使用方法可以判斷選項(xiàng)的結(jié)果；

（2）根據(jù)紙帶點(diǎn)間距；確定勻速直線運(yùn)動的速度，再依據(jù)受力平衡，即可求解。

本題通過實(shí)驗(yàn)考查對紙帶運(yùn)動情況的分析以及對電磁感應(yīng)現(xiàn)象理解，要能根據(jù)紙帶的運(yùn)動情況分析電磁感應(yīng)對運(yùn)動情況的影響，抓住實(shí)驗(yàn)的本質(zhì)即可分析本題。對于陌生實(shí)驗(yàn)不用緊張，能過認(rèn)真分析明確實(shí)驗(yàn)原理，再結(jié)合所學(xué)知識即可求解?！窘馕觥緿k=23、（1）顯X

（2）BbXRYBbXRXrBBXrY和BbXrY

（3）1/67：1：1

（4）自由組合B與b，R與r這兩對基因分別位于兩對同源染色體上。

【分析】【分析】本題考查自由組合定律的應(yīng)用，意在考查考生分析解決問題的能力?！窘獯稹浚?）由題干“一只無眼雌果蠅與—只白眼雄果蠅交配，F(xiàn)1全為紅眼”可知，有眼對無眼為顯性。F1雌雄果蠅隨機(jī)交配得F2，F(xiàn)2雌雄有眼∶無眼都是3∶1可知，此性狀與性別無關(guān)，控制有眼、無眼的基因B、b位于常染色體上。眼的紅色、白色這對相對性狀F1全為紅眼，F(xiàn)2雌性只有紅眼，雄性紅眼∶白眼=1∶1，與性別相關(guān)聯(lián)，說明控制紅眼和白眼的基因R、r位于X染色體上。（2）首先看有眼、無眼這對相對性狀，F(xiàn)1雌雄果蠅隨機(jī)交配，F(xiàn)2雌雄有眼∶無眼都是3∶1，可知F1的基因型為Bb；再看眼的紅色、白色這對相對性狀F1全為紅眼，F(xiàn)2雌性只有紅眼，雄性紅眼∶白眼=1∶1，可知F1雌性的基因型為XRXr，F(xiàn)1雄性的基因型為XRY，綜合上述分析，F(xiàn)1的基因型為BbXRY和BbXRXr。F2中白眼的基因型為BBXrY和BbXrY。（3）F1的基因型為BbXRY和BbXRXr，雌雄果蠅隨機(jī)交配得F2，F(xiàn)2紅眼雌果蠅中有眼基因型BB占1/3，有眼基因型Bb占2/3，紅眼基因型XRXr占1/2，紅眼基因型XRXR占1/2，因此F2紅眼雌果蠅中純合子（BBXRXR）占F2紅眼雄果蠅中有眼基因型BB占1/3，有眼基因型Bb占2/3，紅眼基因型全部為XRY，F(xiàn)2中紅眼個(gè)體之間隨機(jī)交配，子代無眼個(gè)體占，有眼個(gè)體占F2中紅眼個(gè)體之間隨機(jī)交配，子代白眼占紅眼占因此后代紅眼占白眼占紅眼：白眼：無眼=7：1：1?。（4）由上述分析可知，B與b，R與r這兩對基因分別位于兩對同源染色體上，其遺傳遵循自由組合定律。【解析】（1）顯X（2）BbXRYBbXRXrBBXrY和BbXrY（3）1/67：1：1（4）自由組合B與b，R與r這兩對基因分別位于兩對同源染色體上。

24、98.50；B【分析】解：(1)

擺長L=97.50+1.0cm=98.50cm

．

(2)

根據(jù)單擺的周期公式T=2婁脨Lg

得，g=4婁脨2LT2

．

A；測擺線時(shí)擺線拉得過緊；則擺長的測量量偏大，則測得的重力加速度偏大.

故A錯誤．

B；擺線上端未牢固地系于懸點(diǎn)；振動中出現(xiàn)松動，使擺線長度增加了，而測得的擺長偏小，則測得重力加速度偏小.

故B正確．

C；開始計(jì)時(shí)；秒表過遲按下，測得單擺的周期偏小，則測得的重力加速度偏大.

故C錯誤．

D；實(shí)驗(yàn)中誤將49

次全振動數(shù)為50

次.

測得周期偏?。粍t測得的重力加速度偏大.

故D錯誤．

故選B．

故答案為：98.50B

．

(1)

擺長的大小等于擺線的長度加上擺球的半徑．

(2)

根據(jù)單擺的周期公式得出重力加速度的表達(dá)式；從而確定重力加速度偏小的原因．

解決本題的關(guān)鍵掌握單擺的周期公式，并能通過該公式分析誤差形成的原因．【解析】98.50B

五、簡答題(共4題，共12分)25、略

【分析】

（1）根據(jù)歐姆定律求出通過電路的電流；

（2）電動機(jī)的輸入功率為P1=UMI，電動機(jī)內(nèi)電阻的發(fā)熱功率為P2=I2r，輸出的機(jī)械功率為P3=P1-P2；

（3）由公式P3=Fv=mgv求解物體的質(zhì)量．

本題考查了機(jī)械公式和電功功率以及電功公式的靈活應(yīng)用，關(guān)鍵是知道電動機(jī)做功的功率加上線圈的發(fā)熱功率即為電動機(jī)消耗電能的功率．【解析】解：（1）通過R的電流為：I=A=5A；則通過電動機(jī)的電流為5A；

（2）電動機(jī)的輸入功率為：P1=UMI=110×5W=550W；

電動機(jī)內(nèi)電阻的發(fā)熱功率為：P2=I2r=52×0.8W=20W；

輸出功率為：P3=P1-P2=（550-20）W=530W；

（3）根據(jù)輸出功率等于機(jī)械功率得：P3=Fv=mgv

解得：m==53kg

答：（1）通過電動機(jī)的電流為5A；

（2）電動機(jī)的電功率為550W；電動機(jī)的輸出功率為530W；

（3）若電動機(jī)以v=1m/s勻速豎直向上提升重物，該重物的質(zhì)量為53kg．26、略

【分析】【解析】試題分析：水和油對竹筷或玻璃棒是浸潤液體，不能；因?yàn)樗y對竹筷或玻璃是不浸潤液體，浸潤于銅或鋅；所以用銅棒或鋅棒引流即可?？键c(diǎn)：表面張力【解析】【答案】毛細(xì)現(xiàn)象，詳細(xì)解釋見答案27、（1）+124

（2）＜減小

（3）①B

②正反應(yīng)方向氣體分子數(shù)增加，加入N2稀釋，相當(dāng)于起減壓的效果

③0.019MPa

④600℃時(shí)，乙苯的轉(zhuǎn)化率和苯乙烯的選擇性均較高。溫度過低，反應(yīng)速率慢，轉(zhuǎn)化率低；溫度過高，選擇性下降。高溫還可能使催化劑失活，且能耗大【分析】【分析】本題考查化學(xué)平衡計(jì)算及平衡移動，為高頻考點(diǎn)，把握rm{Kp}的計(jì)算、化學(xué)平衡移動的影響為解答的關(guān)鍵，側(cè)重分析與應(yīng)用能力的考查，綜合性較強(qiáng)，題目難度中等。【解答】rm{(1)}rm{(g)}rm{(g)}rm{(g)+H}rm{(g)+H}rm{{,!}_{2}}反應(yīng)的rm{(g)}反應(yīng)物鍵能總和rm{(g)}生成物鍵能總和，所以rm{triangleH=348kJ/mol+5隆脕412kJ/mol-(612kJ/mol+3隆脕412J/mol+436J/mol)=+124kJ/mol}故答案為：rm{triangleH}rm{triangleH=}恒容密閉容器中，物質(zhì)的量與壓強(qiáng)成正比，充入rm{-}rm{triangle

H=348kJ/mol+5隆脕412kJ/mol-(612kJ/mol+3隆脕412J/mol+436J/mol)=+124kJ/mol}乙苯，反應(yīng)達(dá)到平衡后容器內(nèi)氣體的壓強(qiáng)為rm{+124}若再充入rm{(2)}的乙苯，重新達(dá)到平衡后容器內(nèi)氣體的壓強(qiáng)為rm{a}則rm{mol}增大壓強(qiáng)平衡逆向移動；乙苯的轉(zhuǎn)化率將減小；

故答案為：rm{P}減??；rm{bmol}rm{2P}溫度相同，rm{a<b}點(diǎn)乙苯的濃度大，則rm{<}點(diǎn)反應(yīng)速率大；故答案為：rm{(3)壟脵A}rm{B}正反應(yīng)方向氣體分子數(shù)增加，總壓不變，加入rm{B}相當(dāng)于減小壓強(qiáng)，平衡正向移動，乙苯的平衡轉(zhuǎn)化率增大；故答案為：正反應(yīng)方向氣體分子數(shù)增加，加入rm{B}稀釋；相當(dāng)于起減壓的效果；

rm{B}設(shè)乙苯起始物質(zhì)的量為rm{壟脷}rm{N_{2}}rm{N_{2}}

開始rm{壟脹}rm{a}rm{(g)}

轉(zhuǎn)化rm{(g)+H_{2}(g)}rm{a}rm{0}

平衡rm{0}rm{0.4a}rm{0.4a}

分壓rm{0.4a}總壓rm{0.6a}物質(zhì)的量分?jǐn)?shù)，則乙苯分壓分別為rm{0.4a}rm{0.4a}rm{=}則平衡常數(shù)rm{{K}_{p}=;dfrac{0.1MPa隆脕dfrac{;2}{;7};隆脕0.1MPa隆脕dfrac{;2;}{7}}{0.1MPa隆脕;dfrac{3}{7};};=0.019MPa}故答案為：rm{隆脕}rm{0.1MPa隆脕dfrac{3}{7}}rm{0.1Mpa隆脕dfrac{2}{7}}時(shí)，乙苯的轉(zhuǎn)化率和苯乙烯的選擇性均較高。溫度過低，反應(yīng)速率慢，轉(zhuǎn)化率低；溫度過高，選擇性下降。高溫還可能使催化劑失活，且能耗大；故答案為：rm{0.1MPa隆脕dfrac{2}{7}}時(shí)，乙苯的轉(zhuǎn)化率和苯乙烯的選擇性均較高。溫度過低，反應(yīng)速率慢，轉(zhuǎn)化率低；溫度過高，選擇性下降。高溫還可能使催化劑失活，且能耗大。

rm{{K}_{p}=;dfrac{0.1MPa隆脕

dfrac{;2}{;7};隆脕0.1MPa隆脕dfrac{;2;}{7}}{0.1MPa隆脕;

dfrac{3}{7};};=0.019MPa}【解析】rm{(1)+124}rm{(2)<}減小rm{(3)壟脵B}rm{壟脷}正反應(yīng)方向氣體分子數(shù)增加，加入rm{N}rm{N}稀釋，相當(dāng)于起減壓的效果rm{{,!}_{2}}rm{壟脹0.019MPa}時(shí)，乙苯的轉(zhuǎn)化率和苯乙烯的選擇性均較高。溫度過低，反應(yīng)速率慢，轉(zhuǎn)化率低；溫度過高，選擇性下降。高溫還可能使催化劑失活，且能耗大rm{壟脺600隆忙}28、（1）+175.21kJ／mol

（2）①BC

②<>

③66.7%

（3）①2NH3+NaClON2H4+NaCl+H2O

②(14-b，14-a)

【分析】【分析】本題考察化學(xué)反應(yīng)中的能量變化，化學(xué)平衡，弱電解質(zhì)的電離平衡。【解答】rm{(1)}合成氨中的氫氣可由下列反應(yīng)制?。簉m{a.CH_{4}(g)+H_{2}O(g)?CO(g)+3H_{2}(g)}rm{a.CH_{4}(g)+H_{2}O(g)?

CO(g)+3H_{2}(g)}rm{b.CO(g)+H_{2}O(g)?CO_{2}(g)+H_{2}(g)}rm{婁隴H=+216.4kJ/mol}據(jù)蓋斯定律rm{b.CO(g)+H_{2}O(g)?

CO_{2}(g)+H_{2}(g)}得反應(yīng)rm{CH4(g)+2H_{2}O(g)?CO_{2}(g)+4H_{2}(g)}rm{婁隴H=-41.2kJ/mol}故答案為：rm{a+b}rm{CH4(g)+2H_{2}O(g)?

CO_{2}(g)+4H_{2}(g)}．rm{婁隴H=+216.4kJ/mol+(-41.2kJ/m