2025年人教A版高一物理下冊月考試卷含答案

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年人教A版高一物理下冊月考試卷含答案考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四總分得分評卷人得分一、選擇題(共6題，共12分)1、下列關(guān)于力的說法正確的是（）A.先有施力物體，后才有受力物體B.足球運動員一腳踢出去卻沒有擊中足球，看來力可以沒有受力物體C.飛行的子彈能水平前進，也可以存在沒有施力物體的受力D.有施力物體就一定有受力物體2、把一不可伸長的長為L的細繩一端懸于O點，另一端系一質(zhì)量為m的小球，在O點的正下方距O點處有一光滑釘子，將小球由與懸點等高且使細線拉直的位置靜止釋放，運動過程中，小球、懸點、釘子始終處于同一豎直平面內(nèi)，則小球碰釘子的瞬間，下列說法不正確的是（）A.小球線速度沒有變化B.小球的角速度突然增大到原來的2倍C.小球的向心加速度突然增大到原來的2倍D.懸線對小球的拉力來突然增大到原來的2倍3、同學家將一籃球從三樓的陽臺上扔下，籃球經(jīng)地面彈起后被二樓的同學乙接住，已知籃球被扔下時的離地高度和被接住時的離地高度分別為6m

和3m

則該過程中籃球經(jīng)過的路程和位移大小分別為(

)

A.9m3m

B.9m9m

C.3m3m

D.9m6m

4、小船在寬100m

的河中劃行，已知水流的速度為3m/s

船在靜水中的速度為5m/s

下列說法正確的是()A.小船過河的最短時間為25s

B.小船不可能垂直河岸過河C.小船能垂直河岸過河，過河的時間是20s

D.小船能垂直河岸過河，過河的時間為25s

5、在粗糙水平面上與墻平行放著一個截面為半圓的柱狀物體Ａ，Ａ與豎直墻之間放一光滑圓球Ｂ，整個裝置處于靜止狀態(tài)。現(xiàn)對Ｂ加一豎直向下的力Ｆ，Ｆ的作用線通過球心，設墻對Ｂ的作用力F1，Ｂ對Ａ的作用力Ｆ2，地面對Ａ的作用力為F3。若Ｆ緩慢增大面整個裝置仍保持靜止，截面如圖所示，在此過程中（）A.F1保持不變，F(xiàn)3緩慢增大B.F1緩慢增大，F(xiàn)3保持不變C.F1緩慢增大，F(xiàn)3緩慢增大D.F1保持不變，F(xiàn)3保持不變6、如圖所示是物體做直線運動的v-t圖象，由圖象可得到的正確結(jié)果是()A.t＝1s時物體的加速度為1.0m/s2B.t＝5s時物體的加速度為0.75m/s2C.第3s內(nèi)物體的位移為1.5mD.物體在加速過程的位移比減速過程的位移小評卷人得分二、多選題(共9題，共18分)7、如圖所示，A、B兩物體的重力分別是GA=4N，GB=5N．A用細繩懸掛在頂板上，B放在水平地面上，A、B間輕彈簧的彈力F=3N，則細繩中的彈力FT及物體B對地面的壓力FN的可能值分別是（）A.9N和0NB.7N和2NC.3N和6ND.1N和8N8、一個內(nèi)壁光滑的圓錐形筒的軸線垂直水平面，圓錐筒固定，小球A

的質(zhì)量大于B

它們分別沿著筒的內(nèi)壁在水平面內(nèi)做勻速圓周運動，如圖所示，下列說法可能正確的是()

A.筒壁對A

球的彈力可以分解為豎直向上和水平向軌跡圓心兩個分力，前者用于平衡重力，后者用于產(chǎn)生向心加速度B.B

球的重力可以分解為垂直筒壁斜向下和水平指向軌跡圓心兩個分力，前者用于壓緊筒壁產(chǎn)生(

并平衡)

支持力，后者用于產(chǎn)生向心加速度C.球A

的角速度大于球B

的角速度D.球A

的線速度大于球B

的線速度9、兩塊大小、形狀完全相同的金屬平板平行放置，構(gòu)成一平行板電容器，接通開關(guān)S

電源即給電容器充電。以下說法正確的是A.保持S

接通，減小兩極板間的距離，則兩極板間電場的電場強度減小B.保持S

接通，在兩極板間插入一塊介質(zhì)，則極板上的電荷量增大C.斷開S

減小兩極板間的距離，則兩極板間的電勢差減小D.斷開S

在兩極板間插入一塊介質(zhì)，則兩極板間的電勢差增大10、如圖所示是某地的摩天輪.

假設摩天輪的半徑為R

每個轎廂質(zhì)量(

包括轎廂內(nèi)的人)

相等且為m

尺寸遠小于摩天輪的半徑，摩天輪以角速度婁脴

勻速轉(zhuǎn)動.

則下列說法正確的是(

)

A.轉(zhuǎn)動到豎直面最高點的轎廂處于超重狀態(tài)B.轉(zhuǎn)動到豎直面最低點的轎廂處于超重狀態(tài)C.部分轎廂所受的合外力小于mR婁脴2

D.所有轎廂所受的合外力都等于mR婁脴2

11、如圖，質(zhì)量為m的物體（可視為質(zhì)點）沿水平面向左運動，經(jīng)過A點時速度為v0，滑過AB段后在B點與輕彈簧接觸并發(fā)生相互作用，作用前彈簧處于原長，彈簧先被壓縮，而后又將物體彈回，物體向右滑到C處恰好靜止．已知AB=a，BC=b，且物體只與水平面AB間有摩擦，動摩擦因數(shù)為μ，取重力加速度為g．則（）A.整個過程中，摩擦力產(chǎn)生的熱量為mv02B.整個過程中，摩擦產(chǎn)生的熱量為μmg（a-b）C.彈簧的最大彈性勢能為mv02-μmgaD.彈簧的最大彈性勢能為μmgb12、如圖所示，質(zhì)量為m

的球置于斜面上，被一個豎直擋板擋住，力F

拉斜面，使斜面在水平面上做加速度a

不斷減小的加速直線運動，忽略一切摩擦，下列說法正確的是(

)

A.豎直擋板對球的彈力一定減小B.斜面對球的彈力一定保持不變C.若加速度足夠大，斜面對球的彈力可能為零D.若加速度足夠小，豎直擋板對球的彈力可能為零13、如圖所示的靠輪傳動裝置中右輪半徑為2ra

為它邊緣上的一點，b

為輪上的一點，b

距軸為r.

左側(cè)為一輪軸，大輪的半徑為4rd

為它邊緣上的一點，小輪的半徑為rc

為它邊緣上的一點.

若傳動中靠輪不打滑，則(

)

A.b

點與d

點的線速度大小相等B.a

點與c

點的線速度大小相等C.c

點與b

點的角速度大小相等D.a

點與d

點的向心加速度大小之比為18

14、某物理興趣小組利用電腦模擬衛(wèi)星繞地球做勻速圓周運動的情景，當衛(wèi)星繞地球運動的軌道半徑為R

時，線速度為v

，周期為T

。下列變換符合物理規(guī)律的是A.若衛(wèi)星轉(zhuǎn)道半徑從R

變?yōu)?

R

，則衛(wèi)星運行周期從T

變?yōu)?2

T

B.若衛(wèi)星軌道半徑從R

變?yōu)?

R

，則衛(wèi)星運行線速度從v

變?yōu)関2

C.若衛(wèi)星運行周期從T

變?yōu)?

T

，則衛(wèi)星軌道半徑從R

變?yōu)?

R

D.若衛(wèi)星運行線速度從v

變?yōu)閯t衛(wèi)星運行周期從T

變?yōu)?

T

15、某物體運動的s鈭?t

圖象如圖所示；判斷下列說法中正確的是(

)

A.0鈭?8s

內(nèi)物體運動的路程是20m

B.物體運動的軌跡是曲線C.0鈭?8s

內(nèi)物體的速度先減小后增大D.0鈭?8s

內(nèi)物體的平均速度為2.5m/s

評卷人得分三、填空題(共5題，共10分)16、某人要將貨箱搬上離地12m高的閣樓．現(xiàn)有30個相同的貨箱，每個貨箱的質(zhì)量均為5kg，如圖所示為該人提升重物時對貨箱做功的功率與被提升物體質(zhì)量的關(guān)系圖，由圖可知此人以最大功率對貨箱做功，則每次應搬____個箱子；要把貨箱全部搬上樓，他對貨箱做功的最少時間是____s．（不計下樓；搬起和放下箱子等時間）

17、【題文】一質(zhì)量為5kg的物體，沿半徑為2m的圓軌道作勻速圓周運動，1分鐘內(nèi)運動了30圈，則物體運動的線速度為_________m/s，角速度為__________rad/s，向心力為_________N。18、【題文】如圖所示，一質(zhì)量為m的汽車，通過凸形路面的最高處時對路面的壓力為N1，通過凹形路面最低處時對路面的壓力為N2；則。

A．N1>mgB．N1C．N2=mgD．N2>mg19、如圖；用“碰撞實驗器”可以驗證動量守恒定律，即研究兩個小球在軌道水平部分碰撞前后的動量關(guān)系．

(1)

實驗中，直接測定小球碰撞前后的速度是不容易的，但是，可以通過僅測量________(

填選項前的符號)

間接地解決這個問題．A.小球開始釋放高度h

B.小球拋出點距地面的高度H

C.小球做平拋運動的射程(2)

圖中O

點是小球拋出點在地面上的垂直投影.

實驗時，先讓入射球m

1

多次從斜軌上S

位置靜止釋放，找到其平均落地點的位置P

，測量平拋射程OP

.

然后，把被碰小球m

2

靜置于軌道的水平部分，再將入射球m

1

從斜軌上S

位置靜止釋放，與小球m

2

相碰，并多次重復．接下來要完成的必要步驟是________.(

填選項前的符號)

A.用天平測量兩個小球的質(zhì)量m

1

m

2

B.測量小球m

1

開始釋放高度h

C.測量拋出點距地面的高度H

D.分別找到m

1

m

2

相碰后平均落地點的位置M

、N

E.測量平拋射程OM

，ON

(3)

若兩球相碰前后的動量守恒，其表達式可表示為________(

用(2)

中測量的量表示)

若碰撞是彈性碰撞，那么還應滿足的表達式為________(

用(2)

中測量的量表示)

．20、在“測定勻變速直線運動的加速度”的實驗中；用打點計時器記錄紙帶運動的時間.

計時器所用電源的頻率為50Hz

圖為一次實驗得到的一條紙帶，紙帶上每相鄰的兩計數(shù)點間都有四個點未畫出，按時間順序取0123456

七個計數(shù)點，用米尺量出123456

點到0

點的距離如圖所示(

單位：cm).

由紙帶數(shù)據(jù)計算可得計數(shù)點4

所代表時刻的瞬時速度大小v4=

______m/s

小車的加速度大小a=

______m/s2.(

結(jié)果保留3

位有效數(shù)字)

評卷人得分四、推斷題(共2題，共18分)21、A、rm{B}rm{C}為三種常見的單質(zhì)，其中rm{A}rm{C}為氣體，rm{B}為常見金屬rm{.A}溶于水可使石蕊試液先變紅后褪色rm{.F}的水溶液為淺綠色溶液，它們的關(guān)系如圖：rm{(1)}寫出rm{A}rm{B}rm{D}的化學式：rm{A.}____________rm{B.}____________rm{C.}____________rm{(2)}寫出反應rm{壟脵壟脷}的離子方程式：rm{壟脵}____________；rm{壟脷}____________．rm{(3)A}溶于水使石蕊試液先變紅后褪色的原因是rm{(}用方程式表示rm{)}____．rm{(4)}檢驗rm{D}的水溶液中的陽離子的試劑是：____rm{.}將rm{D}溶液逐滴加入的沸水中會產(chǎn)生一種紅褐色的液體，你認為該液體中的分散質(zhì)微粒直徑在____之間，驗證的簡單方法是：____．22、A、rm{B}rm{C}rm{D}均為中學化學常見物質(zhì)，且均含有同一種元素，它們之間有如下轉(zhuǎn)化關(guān)系，其中rm{A}是單質(zhì)。

rm{(1)}若rm{A}是一種淡黃色固體，rm{B}是氣態(tài)氫化物，rm{C}rm{D}為氧化物，rm{C}是形成酸雨的主要物質(zhì)。請寫出rm{C}與rm{B}反應的化學方程式_____________。rm{(2)}若rm{B}是氣態(tài)氫化物，rm{C}rm{D}為氣態(tài)氧化物，且rm{C}rm{D}是形成光化學煙霧的一個重要原因。請寫出反應rm{壟脹}的化學方程式_________________。實驗室中檢驗氣體rm{B}用的試劑或用品為________________。rm{(3)}若rm{B}rm{D}既能溶于強酸溶液，又能溶于強堿溶液，反應rm{壟脷壟脹}均需要強堿性溶液，反應rm{壟脺}可以通過滴加少量稀鹽酸實現(xiàn)。據(jù)此判斷rm{A}元素是__________。請寫出rm{壟脷}的離子方程式__________________。rm{(4)}若rm{C}是一種淡黃色固體，常用于呼吸面具中的供氧劑，rm{D}是一種強堿。則rm{C}作供氧劑時氧化產(chǎn)物和還原產(chǎn)物的物質(zhì)的量之比為_____________；焰色反應時，rm{D}的火焰呈_______色。參考答案一、選擇題(共6題，共12分)1、D【分析】【分析】力是物體對物體的相互作用；必須有施力物體和受力物體同時存在。既然力是物體對物體的相互作用，所以施力和受力物體同時產(chǎn)生同時消失，所以ABC錯，D對。

【點評】本題考查了對力的概念的理解，其實力的概念中有牛頓運動定律的影子，例如牛頓第三定律。2、D【分析】解：A；小球遇到釘子后繞O點時；線速度不變，故A正確；

B、根據(jù)ω=知，半徑由L減小為則角速度增大為原來的2倍．故B正確；

C、根據(jù)a=知，半徑由L減小為向心加速度突然增大到原來的2倍．故C正確；

D、根據(jù)牛頓第二定律知，F(xiàn)-mg=得知半徑由L減小為拉力增大，但不是增大到原來的2倍．故D不正確．

本題選擇不正確的；故選：D．

讓小球從靜止釋放，當小球遇到釘子后繞O點時，線速度不變，半徑變小，根據(jù)v=rω，a=判斷角速度；向心加速度的變化；根據(jù)牛頓第二定律判斷懸繩拉力的變化．

該題考查豎直平面內(nèi)的圓周運動的特點，解決本題的關(guān)鍵抓住通過最低點的線速度不變，根據(jù)半徑的變化判斷角速度、向心加速度等變化．【解析】【答案】D3、A【分析】解：路程是物體通過的軌跡的長度；籃球下落6m.

上升3m

路程為9m

位移是從初始位置指向末位置的有向線段；其大小等于初末位置之間的直線距離，故位移大小為3m

．

故A正確；BCD錯誤．

故選：A

．

路程是物體通過的軌跡的長度；位移是從初始位置指向末位置的有向線段；其大小等于初末位置之間的直線距離．

一定要真正理解位移是從初始位置指向末位置的有向線段，這是我們學習運動學公式時常用的物理量，是一個重點知識．【解析】A

4、D【分析】【分析】因為水流速度小于靜水速度；當靜水速的方向與河岸垂直，渡河時間最短。

速度的合成滿足平行四邊形定則。

解決本題的關(guān)鍵知道當靜水速與河岸垂直時，渡河時間最短。【解答】A.當靜水船速的方向與河岸垂直時，渡河時間最短為：t=1005s=20s

故A錯誤；

B.船要垂直河岸過河即合速度垂直河岸；合速度與分速度如圖：

過河時間用合位移除以合速度：t隆盲=1004s=25s

因此船可以垂直過河，過河時間為25s

故BC錯誤，D正確。

故選D。

【解析】D

5、C【分析】【解析】試題分析：將AB作為整體，在豎直方向根據(jù)平衡條件有F3=GA+GB+F，所以F3隨F緩慢增大而緩慢增大。BD錯；對光滑圓球B力F和圓球B的重力的合力GB+F產(chǎn)生了兩個作用效果，一個是使B壓緊豎直墻面的力F1，一個是壓緊A的力F2，當力F緩慢增大時，兩個分力的方向都沒有發(fā)生變化，所以當合力GB+F增大時兩個分力同時增大。故選C考點：考查整體隔離法的應用【解析】【答案】C6、D【分析】【解析】試題分析：從圖像中可看出，物體在0-2s內(nèi)做勻加速直線運動，加速度為所以t＝1s時物體的加速度大小為1.5m/s2，A錯誤，物體在3-7s內(nèi)做勻減速直線運動，加速度為所以在t=5s時的加速度為-B錯誤，物體在2-3s內(nèi)做勻速直線運動，物體在第3s內(nèi)通過的位移為C錯誤；V-t圖像中的圖線與坐標圍成的面積表示位移，所以加速階段的位移減速階段的位移所以D正確考點：考查運動圖像的應用【解析】【答案】D二、多選題(共9題，共18分)7、BD【分析】解：A受到豎直向下的重力、向上的彈力F1和向上的拉力FT，三力平衡，得：GA=F1+FT；

代人數(shù)據(jù)解得：FT=1N

B受到重力、向下的彈力F1和向上的支持力F3，三力平衡，得：GB+F1=F3；

代人數(shù)據(jù)解得：F3=8N．

若彈力F1向下，則FT=7N

F3=2N；故BD正確。

故選：BD

分別對A和B進行受力分析；列出平衡方程即可正確解題。

該題考查共點力作用下物體的平衡，分別選取A、B為研究的對象即可．屬于基礎題目【解析】【答案】BD8、ABD【分析】【分析】對小球受力分析，受重力和支持力，合力提供向心力，根據(jù)牛頓第二定律列式求解即可。本題關(guān)鍵是對小球受力分析，知道小球做圓周運動向心力的來源，運用牛頓第二定律進行求解?！窘獯稹緾D

．對小球受力分析；小球受到重力和支持力，它們的合力提供向心力，如圖。

根據(jù)牛頓第二定律，有：，解得：a=gtan婁脠v=grtan(婁脠)

；因為A

轉(zhuǎn)動的半徑大于B

轉(zhuǎn)動的半徑，則A

的角速度小于B

球的角速度，A

的線速度大于B

的線速度，故D正確，C錯誤。

AB.

根據(jù)受力分析及力的合成和分解的知識及向心力是指向圓心的合力可得AB

均正確。

故選：ABD

【解析】ABD

9、BC【分析】【分析】電容器與電源相連，兩極板間的電勢差不變，通電后斷開，則兩極板上的電量不變；由平行板電容器電容C=婁脜rS4婁脨kd

根據(jù)某些量的變化可知電容的變化，則由Q=UC

可知電壓或電量的變化，由E=Ud

可求得電場強度的變化。

電容器的動態(tài)分析重點在于明確電容器的兩種狀態(tài)：充電后斷開則極板上的電量不變；和電源相連，則兩板間的電勢差不變。【解答】A.保持SS接通，則兩板間的電勢差不變，因dd減小，由E=Ud可知，兩極板間的電場的電場場強增大，故A錯誤；

B.保持SS接通，兩板間的電勢差不變，在兩極板間插入一塊介質(zhì)，則電容增大，則由Q=UCQ=UC可知極板上的電量增大，故B正確；

C.斷開SS兩板上所帶電量不變，減小距離dd電容增大，由U=QC可知電勢差減小，故C正確；

D.斷開SS在兩極板間插入一塊介質(zhì)，電容增大，電量不變，UU減小；則由QC可知極板間電勢差的變小，故D錯誤。

故選BC。

【解析】BC

10、BD【分析】解：A

轉(zhuǎn)到豎直面最高點的轎廂加速度向下指向圓心；處于失重狀態(tài)，故A錯誤；

B；轉(zhuǎn)動到豎直面最低點的轎廂具有向上的加速度；處于超重狀態(tài)，故B正確；

CD

根據(jù)題意摩天輪以角速度婁脴

勻速轉(zhuǎn)動；且每個轎廂質(zhì)量(

包括轎廂內(nèi)的人)

相等且為m

根據(jù)牛頓第二定律F潞脧=m婁脴2R

所以所有轎廂所受的合外力度等于m婁脴2R

故C錯誤，D正確；

故選：BD

根據(jù)加速度的方向分析轎廂的狀態(tài).

由牛頓第二定律和向心力公式求轎廂所受的合外力。

解決本題的關(guān)鍵是掌握超重和失重的條件：當物體的加速度方向向上時處于超重狀態(tài)，當物體的加速度方向向下時處于失重狀態(tài)，知道勻速圓周運動由合外力提供向心力【解析】BD

11、ACD【分析】解：A、整個過程中，物體的動能減少轉(zhuǎn)化為內(nèi)能，根據(jù)能量守恒定律可知摩擦力產(chǎn)生的熱量為為mv02．故A錯誤．

B、根據(jù)功能關(guān)系可得摩擦產(chǎn)生的熱量為μmg（a+b）；故B錯誤．

CD；從A到B的過程中；根據(jù)動能定理得：

mvB2-mv02=-μmga

從B到C的過程中；根據(jù)動能定理得：

0-mvB2=-μmgb；

當物體速度為零時；彈簧彈性勢能最大，則有：

EP=mvB2

解得：EP=mv02-μmga或EP=μmgb；故CD正確．

故選：ACD

根據(jù)能量守恒定律求摩擦生熱．當物體在B點與彈簧接觸后；只有彈簧彈力做功，系統(tǒng)機械能守恒，當物體速度為零時，彈簧彈性勢能最大，根據(jù)機動能定理列式即可求解彈簧的最大彈性勢能．

本題主要考查了動能定理及能量守恒定律的直接應用，知道當物體速度為零時，彈簧彈性勢能最大．【解析】【答案】ACD12、AB【分析】解：分析小球的受力情況：重力mg

擋板的彈力N1

和斜面對小球的彈力N2.

設斜面的傾角為婁脕

根據(jù)牛頓第二定律得：

水平方向：N1鈭?N2sin婁脕=ma壟脵

豎直方向：N2cos婁脕=mg壟脷

聯(lián)立得N1=ma+mgtan婁脕壟脹

A；若加速度a

越??；由壟脹

得，N1

越小.

即豎直擋板對球的彈力越小.

故A正確．

B；C

由壟脷

得知；若加速度a

逐漸減小或變大，斜面對球的彈力不變.

故B正確，C錯誤．

D、由壟脷壟脹

得，斜面和擋板對球的彈力的合力F潞脧=N12+N22=(ma+mgtan婁脕)2+(mgcos偽)2>ma.

故D錯誤．

故選：AB

以小球為研究對象；分析受力，根據(jù)牛頓第二定律得到擋板和斜面對小球的彈力與加速度a

的關(guān)系式，再進行分析．

本題根據(jù)牛頓第二定律得到兩個彈力與加速度的關(guān)系式，即可分析加速度變化時彈力的變化情況．【解析】AB

13、BD【分析】解：Acd

輪共軸轉(zhuǎn)動，角速度相等，根據(jù)v=r婁脴

知，d

點的線速度大于c

點的線速度，而ac

的線速度大小相等，ab

的角速度相等，則a

的線速度大于b

的線速度，所以d

點的線速度大于b

點的線速度.

故A錯誤；B正確．

C、ac

的線速度相等，半徑比為21

根據(jù)婁脴=vr

知ac

的角速度之比12.ab

的角速度相等，所以bc

的角速度不等.

故C錯誤．

D、ac

的線速度相等，半徑比為21

根據(jù)a=v2r

知向心加速度之比為12.cd

的角速度相等，根據(jù)a=r婁脴2

知cd

的向心加速度之比為14

所以ad

兩點的向心加速度之比為18.

故D正確．

故選BD．

cd

輪共軸轉(zhuǎn)動，角速度相等，bc

兩輪在傳動中靠輪不打滑，知bc

兩輪邊緣上的點線速度大小相等.

根據(jù)線速度與角速度、向心加速度的關(guān)系比較它們的大小．

解決本題的關(guān)鍵知道共軸轉(zhuǎn)動，角速度相等，不打滑傳動，輪子邊緣上的點線速度大小相等．【解析】BD

14、AC【分析】【分析】根據(jù)萬有引力提供向心力GMmr2=mv2r=m(2婁脨T)2r

抓住中心天體的質(zhì)量不變，求出v

和T

分析和什么因素有關(guān)。

明確由萬有引力提供向心力，分別有線速度，角速度，及周期來表示向心力，求出v

和T

分析和什么因素有關(guān)?！窘獯稹扛鶕?jù)萬有引力提供向心力GMmr2=mv2r=m(2婁脨T)2r，解得：v=GMrv=sqrt{dfrac{GM}{r}}T=2婁脨r3GMT=2婁脨sqrt{dfrac{{r}^{3}}{GM}}則：ABAB．若衛(wèi)星軌道半徑從RR變?yōu)?R2R則衛(wèi)星運行周期從TT變?yōu)?2T，線速度從vv變?yōu)?v2

故A正確，B錯誤；

C.若衛(wèi)星運行周期從TT變?yōu)?8TT，則衛(wèi)星軌道半徑從RR變?yōu)?R4R故C正確；D.若衛(wèi)星運行線速度從vv變?yōu)関2，則衛(wèi)星軌道半徑從R

變?yōu)?R衛(wèi)星運行周期從TT變?yōu)?8TT故D錯誤。故選AC。【解析】AC

15、AC【分析】解：As鈭?t

圖象反映了各個時刻物體的位置情況；由圖可知，物體做往返運動，0鈭?8s

內(nèi)物體運動的路程是20m

故A正確．

B；s鈭?t

圖象不是物體的運動軌跡；只能表示物體做直線運動，故B錯誤．

C；圖線的斜率表示速度；由圖可知0鈭?8s

內(nèi)物體的速度先減小后增大，故C正確．

D；根據(jù)位移等于s

的變化量；則知物體做往返運動，在8s

內(nèi)物體的位移為0

因此在8s

內(nèi)物體的平均速度為0

故D錯誤．

故選：AC

s鈭?t

圖象反映了各個時刻物體的位置情況；不是物體的運動軌跡.

圖線的斜率表示速度，平均速度等于位移與時間之比.

根據(jù)位置的變化情況分析物體運動的最遠距離．

本題關(guān)鍵明確x鈭?t

圖象的物理意義，知道位移圖象的斜率表示速度.

要注意位移圖象并不是物體運動的軌跡．【解析】AC

三、填空題(共5題，共10分)16、略

【分析】

根據(jù)圖象可知當質(zhì)量為15kg時；功率最大；

則n==3個。

以最大功率提升箱子是；時間最短；

則搬運三個貨箱時，根據(jù)Pt=3mgh，得t=

則要把貨箱全部搬上樓，他對貨箱做功的最少時間為t總=10t=720s

故答案為：3；720

【解析】【答案】根據(jù)圖象可知當質(zhì)量為15kg時；功率最大，進而求出以最大功率對貨箱做功時每次應搬箱子的個數(shù)，以最大功率提升箱子是，時間最短，根據(jù)Pt=mgh去求運動的時間．

17、略

【分析】【解析】

試題分析：該物體的轉(zhuǎn)速為所以該物體的角速度為根據(jù)公式可得物體的線速度為：根據(jù)公式可得

考點：考查了勻速圓周運動規(guī)律的應用。

點評：關(guān)鍵是正確掌握公式【解析】【答案】2π，π，10π218、略

【分析】【解析】

試題分析：通過凸形路面時，根據(jù)牛頓第二定律有：所以故A錯誤，B正確；通過凹形路面最低處時，根據(jù)牛頓第二定律有：所以故C錯誤，D正確。

考點：考查了圓周運動實例分析【解析】【答案】BD19、(1)C(2)ADE或DEA或DAE(3)m1·OM＋m2·ON＝m1·OPm1·OM2＋m2·ON2＝m1·OP2【分析】解：壟脵

驗證動量守恒定律實驗中；即研究兩個小球在軌道水平部分碰撞前后的動量關(guān)系，直接測定小球碰撞前后的速度是不容易的，根據(jù)平拋運動規(guī)律，若落地高度不變，則運動時間不變，因此可以用水平射程大小來體現(xiàn)速度速度大小，故需要測量水平射程，故AB錯誤，C正確．

壟脷

碰撞過程中動量；能量均守恒；因此有：m1v0=m1v1+m2v2

12mv02=12mv12+12mv22

因此有：v1=m1鈭?m2m1+m2v0

因此要使入射小球m1

碰后不被反彈，應該滿足m1>m2

．

實驗時；先讓入射球ml

多次從斜軌上S

位置靜止釋放，找到其平均落地點的位置P

測量平拋射程OP.

然后，把被碰小球m2

靜置于軌道的水平部分，再將入射球ml

從斜軌上S

位置靜止釋放，與小球m2

相碰，并多次重復.

測量平均落點的位置，找到平拋運動的水平位移，因此步驟中DE

是必須的，而且D

要在E

之前.

至于用天平秤質(zhì)量先后均可以．

故選：ADE

．

壟脹

根據(jù)平拋運動可知；落地高度相同，則運動時間相同，設落地時間為t

則：

v0=OPtv1=OMtv2=ONt

而動量守恒的表達式是：m1v0=m1v1+m2v2

若兩球相碰前后的動量守恒；則需要驗證表達式m1?OM+m2?ON=m1?OP

即可．

若為彈性碰撞；則碰撞前后系統(tǒng)動能相同，則有：

12mv02=12mv12+12mv22

將即滿足關(guān)系式：m1?OM2+m2?ON2=m1OP2

．

故答案為：壟脵C壟脷m1>m2ADE壟脹m1?OM+m2?ON=m1OPm1?OM2+m2?ON2=m1OP2

【解析】(1)C

(2)ADE(2)ADE或DEADEA或DAEDAE(3)m1隆隴OM+m2隆隴ON=m1隆隴OP(3)m_{1}隆隴OM+m_{2}隆隴ON=m_{1}隆隴OPm1隆隴OM2+m2隆隴ON2=m1隆隴OP2

20、略

【分析】解：由于每相鄰兩個計數(shù)點間還有4

個點沒有畫出；所以相鄰的計數(shù)點間的時間間隔T=0.1s

根據(jù)勻變速直線運動中時間中點的速度等于該過程中的平均速度；可以求出打紙帶上4

點時小車的瞬時速度大?。?/p>

v4=0.1455鈭?0.06452脳0.1=0.405m/s

設0

到1

之間的距離為x1

以后各段分別為x2x3x4x5x6

根據(jù)勻變速直線運動的推論公式鈻?x=aT2

可以求出加速度的大小；

得：x4鈭?x1=3a1T2

x5鈭?x2=3a2T2

x6鈭?x3=3a3T2

為了更加準確的求解加速度；我們對三個加速度取平均值。

得：a=13(a1+a2+a3)=0.1970鈭?0.0645鈭?0.06459脳0.01m/s2=0.756m/s2

故答案為：0.4050.756

根據(jù)勻變速直線運動的推論公式鈻?x=aT2

可以求出加速度的大?。桓鶕?jù)勻變速直線運動中時間中點的速度等于該過程中的平均速度，可以求出打紙帶上4

點時小車的瞬時速度大?。?/p>

要提高應用勻變速直線的規(guī)律以及推論解答實驗問題的能力，在平時練習中要加強基礎知識的理解與應用．【解析】0.4050.756

四、推斷題(共2題，共18分)21、(1)Cl2FeFeCl3(2)Fe+2H+=Fe2++H2↑2Fe2++Cl2=2Fe3++2Cl-(3)因Cl2+H2O=HCl+HClO，HCl使石蕊試液變紅，HClO具有漂白性，Cl2+H2O=HCl+HClO使石蕊試液變紅，HCl具有漂白性HClO(4))KSCN溶液1nm-100nm是否有丁達爾效應?【分析】【分析】本題考查無機物的推斷，題目難度不大。

【解答】

rm{(1)A}rm{(1)A}為溶于水所得的溶液可使石蕊試液先變紅后退色，則說明rm{A}為rm{Cl}rm{A}rm{A}rm{Cl}和rm{Cl}，能使石蕊試液先變紅后褪色，的水溶液為淺綠色溶液，說明rm{2}中含有rm{2}，與水反應生成rm{HCl}和rm{HClO}，能使石蕊試液先變紅后褪色，rm{F}的水溶液為淺綠色溶液，說明rm{B}中含有rm{Fe}rm{HCl}rm{HCl}rm{HClO}rm{HClO}，則rm{F}為rm{F}rm{B}rm{B}為rm{Fe}，則rm{Fe}為rm{{,!}^{2+}}，能繼續(xù)和rm{Cl}為rm{Cl}；rm{Cl}rm{2}rm{2}；反應生成rm{D}，則rm{D}為rm{FeCl}rm{D}rm{D}rm{D}rm{D}rm{FeCl}為rm{FeCl}和鹽酸的反應，反應的離子方程式為rm{3}rm{3}，所以rm{B}為rm{Fe}，則rm{C}為rm{H}rm{B}rm{B}rm{Fe}rm{Fe}rm{C}rm{C}rm{H}rm{H}rm{2}rm{2}，rm{E}為rm{HCl}；rm{E}rm{E}rm{HCl}rm{HCl}故答案為：rm{Cl}rm{Cl}rm{Cl}rm{2}rm{2}；rm{Fe}；rm{FeCl}rm{Fe}rm{Fe}故答案為：rm{FeCl}rm{FeCl}rm{3}rm{3}；rm{(2)}rm{(2)}反應rm{壟脵}為rm{Fe}和鹽酸的反應，反應的離子方程式為rm{Fe+2H}rm{壟脵}rm{Fe}rm{Fe}rm{Fe+2H}rm{Fe+2H}rm{{,!}^{+}}

rm{簍T}rm{Fe}rm{簍T}rm{Fe}和rm{Fe}，涉及反應為rm{{,!}^{2+}}rm{+H}rm{+H}rm{2}rm{2}rm{隆眉}rm{FeCl}具有酸性，rm{隆眉}具有氧化性和漂白性，可使石蕊試液褪色；rm{FeCl}rm{FeCl}rm{2}rm{2}具有還原性，能與具有氧化性的rm{Cl}rm{Cl}rm{Cl}使石蕊試液變紅，rm{2}具有漂白性；rm{2}反應生成rm{FeCl}rm{FeCl}rm{FeCl}rm{3}rm{3}溶液，觀察溶液是否變紅，具體做法為取少量溶液于試管中，滴加兩滴，反應的離子方程式為rm{2Fe}溶液，觀察溶液是否變紅色，將飽和rm{2Fe}rm{2Fe}rm{{,!}^{2+}}rm{+Cl}rm{+Cl}之間，具有丁達爾效應；rm{2}故答案為：rm{2}溶液；rm{簍T}rm{2Fe}是否有丁達爾效應。rm{簍T}【解析】rm{(1)Cl_{2}}rm{Fe}rm{FeCl_{3}}rm{(1)Cl_{2}}rm{Fe}rm{(2)Fe+2H^{+}=Fe^{2+}+H_{2}}rm{FeCl_{3}}rm{(2)

Fe+2H^{+}=Fe^{2+}+H_{2}}rm{(2)

Fe+2H^{+}=Fe^{2+}+H_{2}}rm{隆眉}，rm{2Fe^{2+}+Cl_{2}=2Fe^{3+}+2Cl^{-}}使石蕊試液變紅，rm{2Fe^{2+}+Cl_{2}=2Fe^{3+}+2Cl^{-}}具有漂白性rm{(3)}rm{(3)}因rm{Cl_{2}+H_{2}O=HCl+HClO}，rm{HCl}使石蕊試液變紅，rm{HClO}具有漂白性rm{Cl_{2}+H_{2}O=HCl+HClO}rm{Cl_{2}+H_{2}O=HCl+HClO}rm{HCl}溶