2025年仁愛科普版必修3物理下冊階段測試試卷含答案

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年仁愛科普版必修3物理下冊階段測試試卷含答案考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四總分得分評卷人得分一、選擇題(共5題，共10分)1、2008年6月24日強雷電襲擊杭州；威力之猛近期少有．雷暴天氣和雷擊事件，引起了杭州市委；市政府的高度重視，要求有關部門加大防雷避雷知識的宣傳，提高廣大人民群眾的防范意識，做好防雷工作，保障人民群眾安全．假如在戶外我們遭遇雷電，下列防雷措施可行的是()

①在大樹下避雷雨。

②停留在山頂；山脊的涼亭等地方避雷雨。

③不要快速開摩托；快騎自行車和在雨中狂奔。

④在空曠地帶，最好關掉手機電源A.①③B.②③C.①④D.③④2、一匝數(shù)n=10匝、面積S=0.1m2的圓形線圈，放在磁感應強度大小B=1T的勻強磁場中，若磁場方向與線圈平面的夾角為30°，則穿過線圈的磁通量為（）A.0.5WbB.0.05WbC.WbD.Wb3、如圖所示，是一等邊三角形，在頂點放置一個電量為的正點電荷，在頂點放置一個電量為的負點電荷，這時頂點處電場強度的大小為若將點處的正點電荷取走，并放置一個電量為的負點電荷，則點的場強（）

A.大小為B.大小為C.方向與平行向左D.方向垂直向上4、真空中兩個相同的帶等量異種電荷的小球A和B，分別固定在兩處，兩球間靜電力為F。用不帶電的同樣小球C先和A接觸，再與B接觸，然后移去C，則AB間的靜電力應為（）A.B.C.D.5、小紅在路上看到一個現(xiàn)象：當電動汽車的電動機啟動時，汽車的車燈會瞬時變暗。汽車的電源、電流表、車燈、電動機連接的簡化電路如圖所示，已知汽車電源電動勢為內(nèi)阻為車燈接通電動機未起動時（即開關斷開，閉合），電流表示數(shù)為電動機啟動的瞬間（即開關均閉合），電流表示數(shù)達到若電流表內(nèi)阻不計；車燈電阻恒定，電動機啟動時（）

A.車燈兩端的電壓為B.通過車燈的電流為C.車燈的功率為D.車燈的功率約為評卷人得分二、多選題(共8題，共16分)6、A是某點電荷電場中一條電場線上的點，把電量為+1×10?9C的試探電荷從零電勢點移動到A點，靜電力做功為4×10?8J，則下列說法正確的是A.該電荷的電勢能增加B.該電荷的電勢能減小C.A點的電勢為-40VD.A點的電勢為0.25V7、關于電容器的電容，下列說法中正確的是（）A.根據(jù)C=可知，電容器的電容與其所帶電荷量成正比，跟兩極板間的電壓成反比B.對于確定的電容器，其所帶電荷量與兩板間的電壓成正比C.無論電容器電壓如何變化（小于擊穿電壓且不為零），它所帶的電荷量與電壓的比值都恒定不變D.電容器所帶電荷量增加2倍，則電容增大2倍8、如圖所示，AC、BD為圓的兩條互相垂直的直徑，圓心為O，半徑為R。電荷量均為Q的正、負點電荷放在圓周上，它們的位置關于AC對稱，+Q與O點的連線和OC間夾角為30°；下列說法正確的是（）

A.O點的場強大小為方向由O指向DB.O點的場強大小為方向由O指向DC.D兩點的電勢關系是D.電荷量為q的正電荷在A點的電勢能大于在C點的電勢能9、靜電場在x軸上的場強E隨x的變化關系如圖所示，x軸正方向為場強正方向，帶正電的點電荷沿x軸運動；則點電荷（）

A.在x2和x4處電勢能相等B.由x1運動到x3的過程中電勢能增大C.從x2運動到x3和從x3運動到x4電勢差相等D.由x1運動到x4的過程中速度先減小后增大10、如圖甲所示，兩平行板沿水平方向放置，且在兩極板間加如圖乙所示的電壓，時刻由兩極板的正中央靜止釋放一帶負電的粒子，結果在時粒子回到出發(fā)點，且整個過程中粒子剛好未與極板M發(fā)生碰撞；忽略粒子的重力。則下列說法正確的是（）

A.粒子在時刻剛好運動到極板MB.在時刻粒子的速率最大C.D.與時刻粒子的動能之比為11、某區(qū)域的電場線分布如圖所示，一電場線上有P、Q兩點，一電子以速度v0從P點向Q點運動，經(jīng)過時間t1到達Q點時速度大小為v1。一正電子（帶正電，質(zhì)量、電荷量均與電子相同）以大小為v0的速度從Q點向P點運動，經(jīng)過時間t2到達P點時速度大小為v2，不計正、負電子受到的重力。則（）

A.v1<v2B.v1=v2C.t1>t2D.t1=t212、在如圖所示的電路中，燈泡L的電阻大于電源的內(nèi)阻r，閉合電鍵S，將滑動變阻器滑片P向左移動一段距離后，下列結論正確的是（）

A.燈泡L變亮B.電源的輸出功率先變大后變小C.電容器C上的電荷量增加D.電壓表讀數(shù)的變化量與電流表讀數(shù)的變化量之比恒定13、如圖所示，電源電動勢為E，內(nèi)阻為r；平行板電容器C的兩金屬板水平放置．G為靈敏電流計．開關S閉合后，兩板間恰好有一質(zhì)量為m；電荷量為q的油滴處于靜止狀態(tài)．則在滑動變阻器R的觸頭P向上移動的過程中，下列判斷正確的是（）

A.靈敏電流計G中有b→a的電流B.油滴向上加速運動C.電容器極板所帶電荷量將減小D.通過電阻R2的電流將減小評卷人得分三、填空題(共5題，共10分)14、電容器。

（1）電容器：儲存電荷和電能的裝置。任何兩個彼此___________又相距很近的___________；都可以看成一個電容器。

（2）電容器的充放電。

a.充電：把電容器的兩極板分別與電池組的兩極相連，兩個極板分別帶上等量的___________電荷的過程，充電過程中，由電源獲得的___________儲存在電容器中。

b.放電：用導線把充電后的電容器的兩極板接通，兩極板上的電荷___________的過程，放電過程中，電容器把儲存的能量通過___________轉化為電路中其他形式的能量。15、真空中點電荷的場強大?。篍＝________（Q為場源電荷）。16、（1）能吸收各種電磁波而不反射電磁波的物體叫黑體。______

（2）溫度越高，黑體輻射電磁波的強度越大。______

（3）微觀粒子的能量只能是能量子的整數(shù)倍。______

（4）能量子的能量不是任意的，其大小與電磁波的頻率成正比。______

（5）光滑水平桌面上勻速運動的小球的動能也是量子化的。______

（6）熱輻射電磁波的強度按波長的分布只與物體的溫度有關。______17、利用靜電除塵器可以消除空氣中的粉塵，靜電除塵器由金屬管A和懸在管中的金屬絲B組成，A和B分別接到高壓電源的正極和負極，其裝置示意圖如右圖所示．A、B之間有很強的電場，距B越近，場強__________（填“越大”或“越小”）．B附近的氣體分子被電離成為電子和正離子、粉塵吸附電子后被吸附到______（填“A”或“B”）上；最后在重力作用下落入下面的漏斗中．

18、示波管的原理。

（1）示波管主要由___________（由發(fā)射電子的燈絲、加速電極組成）、___________（由一對X偏轉電極和一對Y偏轉電極組成）和___________組成。

（2）掃描電壓：XX′偏轉電極接入的是由儀器自身產(chǎn)生的___________電壓。

（3）示波管工作原理：被加熱的燈絲發(fā)射出熱電子，電子經(jīng)加速電場加速后，以很大的速度進入偏轉電場，如果在Y偏轉電極上加一個___________電壓，在X偏轉電極上加一個___________電壓，當掃描電壓與信號電壓的周期___________時，熒光屏上就會得到信號電壓一個周期內(nèi)的穩(wěn)定圖像。評卷人得分四、解答題(共2題，共20分)19、如圖所示，a、b、c、d為某勻強電場中的四個點，且ab=bc=ac=20cm，d為b、c的中點，電場線與四個點所在平面平行，已知=20V，=24V，=16V。求：

（1）電場強度E的大小和方向；

（2）將一個電荷量為1.8×10C的負電荷，從c點移到a、d連線的中點；電場力所做的功是多少？

20、“電子能量分析器”主要由處于真空中的電子偏轉器和探測板組成。偏轉器是由兩個相互絕緣、半徑分別為和的同軸（即z軸）帶電足夠長半圓柱面a、b組成。設在區(qū)域內(nèi)只有徑向電場，其場強大小分布為（k為已知常量）。如圖所示，電荷量為質(zhì)量為m的電子以不同的速度，從偏轉器左端正中間小孔P處沿y軸正方向入射；進入偏轉電場區(qū)域，最后到達偏轉器右端的探測板，忽略電場的邊緣效應。

（1）判斷半圓柱面a、b的電勢高低；并說明理由；

（2）電子入射速度為時，恰能在xoy平面內(nèi)做以O為圓心的勻速圓周運動到達探測板，則大小為多少；

（3）若電子以某一速度射入偏轉電場區(qū)域，速度方向與xoy平面成45°角，且在垂直z軸方向的運動恰好與（2）相同，求電子到達探測板時，z軸方向上的位移大小。

參考答案一、選擇題(共5題，共10分)1、D【分析】【詳解】

試題分析：大樹；山頂、山脊的涼亭、樓頂?shù)鹊胤绞潜砻婢哂型怀黾舛说膶w；可能使其周圍的空氣發(fā)生電離而引發(fā)尖端放電，故不能避雷雨；在空曠地帶使用手機通話，手機很有可能成為閃電的放電對象．所以選D；

考點：本題考查的是關于避雷雨的常識；

點評：表面具有突出尖端的導體，在尖端的電荷分布密度很大，使得其周圍電場很強，就可能使其周圍的空氣發(fā)生電離而引發(fā)尖端放電．因此不要在大樹下避雨；別停留在山頂、山脊的涼亭等地方，快速開摩托、快騎自行車和在雨中狂奔；身體的跨步越大，電壓就越大，雷電也越容易傷人；在空曠地帶使用手機通話，手機很有可能成為閃電的放電對象．2、B【分析】【詳解】

根據(jù)磁通量的定義，穿過線圈平面的磁通量為Wb

故選B。3、B【分析】【分析】

【詳解】

若頂點A放置一個電量為的正點電荷，則在C點產(chǎn)生的場強為E0，方向沿AC方向；若在頂點放置一個電量為的負點電荷，則在C點產(chǎn)生的場強也為E0，方向沿CB方向；二者成120°角，合場強為E，則E1=E；若將A點處的正點電荷取走，并放置一個電量為的負點電荷，則該電荷在C點的場強為E1，方向沿CA方向，則C點的合場強為

方向垂直向下。

故選B。4、C【分析】【詳解】

兩個完全相同且可看成點電荷的金屬小球A和B，分別帶有等量異種電荷q，這時兩球間靜電引力的大小為F；當用一個不帶電，且與A和B完全相同的絕緣金屬小球C先與A球接觸，再與B球接觸后移去。根據(jù)電荷的分配規(guī)律，是先中和在平分的原則。

小球C先與A球接觸，A球和C球分別帶電

B球和C球

由庫侖定律可得

兩球間靜電力的大小為原來的八分之一；故ABD錯誤，C正確。

故選C。5、D【分析】【詳解】

A．電動機啟動時，車燈兩端的電壓為

故A錯誤；

B．車燈電阻為

電動機啟動時，通過車燈的電流為

故B錯誤；

CD．電動機啟動時，車燈的功率為

故C錯誤；D正確。

故選D。二、多選題(共8題，共16分)6、B:C【分析】【詳解】

AB．把電量為+1×10?9C的試探電荷從零電勢點移動到A點，靜電力做功為4×10?8J；則電勢能減小，選項A錯誤，B正確；

CD．因

因U0A=0-φA=40V

則φA=-40V

選項C正確，D錯誤．7、B:C【分析】【分析】

【詳解】

AD．電容是電容器本身的性質(zhì)；對于一個確定的電容器的電容是不變的，與所帶的電荷量無關，故AD錯誤；

B．根據(jù)

對于確定的電容器；其所帶電荷量與兩板間的電壓成正比，故B正確；

C．根據(jù)電容的定義式

可知；電容器所帶的電荷量與電壓的比值是電容，故C正確。

故選BC。8、A:C【分析】【詳解】

AB．O的場強大小

方向由O指向D；A正確，B錯誤；

C．等量異種電荷，電場線從正電荷出發(fā)到負電荷，沿著電場線，電勢逐漸減小，因此C正確；

D．A點與C點的電勢相等，其電勢差為零，則電荷q從A點運動到C點；電場力做功為零，A點電勢能等于C點的電勢能，D錯誤。

故選AC。9、B:C【分析】【詳解】

A．處場強沿軸負方向，則從到處逆著電場線方向移動，電勢升高，正電荷在處電勢能較大；故A錯誤；

B．處場強沿軸負方向，則從到處逆著電場線方向移動，電勢升高，正電荷在處電勢能較大；故B正確；

C．圖象中面積表示電勢差，由圖象的對稱性知從到和從到面積相等，所以從運動到和從運動到電勢差相等；故C正確；

D．由運動到的過程中，電場力方向沿軸負方向，位移沿軸正方向；電場力一直做負功，由動能定理知動能一直減小，速度一直減小，故D錯誤；

故選BC。10、C:D【分析】【詳解】

AC．設兩極板之間的距離為d，粒子的質(zhì)量為m，電荷量的絕對值為q。在時間內(nèi)平行板間的電場強度為

粒子的加速度

向上做勻加速直線運動，經(jīng)過時間的位移為

此時的速度為

在時間內(nèi)平行板間電場強度為

加速度大小為

粒子以的速度先向上做勻減速直線運動到達M板時，速度減為零，然后向下做勻加速直線運動，這段時間內(nèi)的位移為

由題意知，在時刻，粒子回到出發(fā)點，則有

聯(lián)立可得

A錯誤；C正確；

BD．由以上分析可知，在時刻粒子的速度大小為

在時刻粒子的速度大小為

整理得

顯然與時刻粒子的速率之比為

由公式

可知與時刻粒子的動能之比為B錯誤，D正確。

故選CD。11、B:C【分析】【分析】

【詳解】

AB．電子從P點向Q點運動和正電子從Q點向P點運動過程，電場力都做負功，因為UPQ=-UQP

根據(jù)動能定理可知

聯(lián)立可求解出v1=v2；A錯誤；B正確；

CD．由于電子從P點向Q點運動過程電場強度逐漸減小，做加速度減小的減速直線運動，而正電子從Q點向P點運動過程電場強度逐漸增加，做加速度增加的減速直線運動，并且兩個過程通過的位移大小相同，即它們圖象所包圍的面積相同，因此根據(jù)題意畫出二者的v—t圖象如下。

從圖象可以看出t1>t2；C正確；D錯誤。

故選BC。12、C:D【分析】【分析】

電路穩(wěn)定時；電容器相當于開關斷開，滑動變阻器滑片P向左移動時，變阻器在路電阻增大，分析電路總電阻的變化，由閉合電路歐姆定律分析干路電流的變化，判斷燈泡亮度的變化以及電源的輸出功率如何變化和電容器電壓的變化；

【詳解】

A、當滑動變阻器滑片P向左移動，其接入電路的電阻增大，電路總電阻增大，干路電流I減小，則燈泡變暗，故A錯誤；

B、當內(nèi)、外電阻相等時，電源的輸出功率最大，由題意，燈泡L的電阻大于電源的內(nèi)阻r，當R增大時，外電阻與電源內(nèi)電阻的差值增大，電源的輸出功率變小，故B錯誤；

C、由上面分析可知：干路電流I減小，電源的內(nèi)電壓減小，路端電壓增大，而且燈泡兩端電壓減小，故電容器上電壓增大，則其電荷量增大，故C正確；

D、根據(jù)閉合電路歐姆定律得：則即電壓表讀數(shù)的變化量與電流表讀數(shù)的變化量之比等于電源的內(nèi)電阻r；保持不變，故D正確．

【點睛】

本題的難點在于確定電源的輸出功率如何變化，可以用數(shù)學證明，當內(nèi)外電阻相等時，電源的輸出功率最大，這是很重要的結論．對于電容器，關鍵確定電壓，記住這個結論很有必要：電容器與與它并聯(lián)的電路電壓相等．13、A:B【分析】【詳解】

在滑動變阻器R的觸頭P向上移動的過程中，R增大，總電阻增大，電動勢和內(nèi)阻不變，可知總電流減小，內(nèi)電壓減小，外電壓增大，外電壓等于R1上的電壓和R2與R并聯(lián)電壓之和，而R1上的電壓減小，所以R2與R的并聯(lián)電壓增大，通過R2的電流增大．根據(jù)Q=CU，電容器所帶的電量增大，上極板帶正電，電容器充電，所以流過電流計的電流方向是b→a．電容器兩端電壓增大；電場強度增大，電場力增大，開始電場力與重力平衡，所以油滴會向上加速．故AB正確，CD錯誤．故選AB．

【點睛】

處理本題的關鍵是抓住不變量，熟練運用閉合電路的動態(tài)分析．注意處理含容電路時，把含有電容的支路看成斷路，電容器兩端的電壓等于和電容器并聯(lián)支路的電壓．三、填空題(共5題，共10分)14、略

【分析】【分析】

【詳解】

（1）[1][2]電容器指儲存電荷和電能的裝置。任何兩個彼此絕緣又相距很近的導體；都可以看成一個電容器；

（2）[3][4]充電指把電容器的兩極板分別與電池組的兩極相連；兩個極板分別帶上等量的異種電荷的過程，充電過程中，由電源獲得的電能儲存在電容器中；

[5][6]放電指用導線把充電后的電容器的兩極板接通，兩極板上的電荷中和的過程，放電過程中，電容器把儲存的能量通過電流做功轉化為電路中其他形式的能量?！窘馕觥竣?絕緣②.導體③.異種④.電能⑤.中和⑥.電流做功15、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1]真空中點電荷的場強大小。

【解析】16、略

【分析】【分析】

【詳解】

（1）[1]根據(jù)定義可知；黑體是一個理想化了的物體，它能吸收各種電磁波而不反射電磁波的物體叫黑體，故正確；

（2）[2]根據(jù)黑體輻射電磁波的性質(zhì)可知；黑體輻射電磁波的強度按波長的分布只與黑體的溫度有關，溫度越高，黑體輻射電磁波的強度越大，故正確；

（3）[3]根據(jù)微觀粒子的能量的特征可知；在微觀世界中能量是量子化的，其能量只能是能量子的整數(shù)倍，故正確；

（4）[4]根據(jù)能量子的性質(zhì)可知；能量子的能量是不連續(xù)的，而只能取一些分立的值，其大小與電磁波的頻率成正比，故正確；

（5）[5]研究勻速運動的小球的動能是宏觀層面考慮，大小為

因為小球的質(zhì)量與速度可取任意實數(shù)；所以動能大小是連續(xù)的，不是量子化的，故錯誤；

（6）[6]黑體輻射電磁波的強度按波長的分布只與物體的溫度有關，故錯誤?！窘馕觥竣?正確②.正確③.正確④.正確⑤.錯誤⑥.錯誤17、略

【分析】【詳解】

電源的兩極分別接在AB上；凈電荷一般分布在尖端，所以B處分布電荷較為密集，則距離B