2025年華東師大版選擇性必修2物理下冊月考試卷

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年華東師大版選擇性必修2物理下冊月考試卷247考試試卷考試范圍：全部知識點(diǎn)；考試時間：120分鐘學(xué)校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四總分得分評卷人得分一、選擇題(共5題，共10分)1、如圖所示，兩個線圈A、B套在一起，線圈A中通有電流，方向如圖所示。當(dāng)線圈A中的電流突然增強(qiáng)時，線圈B中的感應(yīng)電流方向?yàn)椋ǎ?/p>

A.無感應(yīng)電流B.沿逆時針方向C.沿順時針方向D.先沿順時針方向，再沿逆時針方向2、如圖為小型旋轉(zhuǎn)電樞式交流發(fā)電機(jī)的原理圖，其矩形線圈在磁感應(yīng)強(qiáng)度為B的勻強(qiáng)磁場中繞垂直于磁場方向的固定軸OO′勻速轉(zhuǎn)動．磁場的磁感應(yīng)強(qiáng)度B=×10-2T，線圈的面積s=0.02m2，匝數(shù)N=400匝，線圈總電阻r=2Ω，線圈的兩端經(jīng)集流環(huán)和電刷與電阻R=8Ω連接，與電阻R并聯(lián)的交流電壓表為理想電表，線圈的轉(zhuǎn)速n=r/s．在t＝0時刻，線圈平面與磁場方向平行，則下列說法正確的是

A.交流發(fā)電機(jī)產(chǎn)生電動勢隨時間的變化關(guān)系是e=8sin100t(V)B.交流電壓表的示數(shù)為8VC.從t＝0時刻開始線圈平面轉(zhuǎn)過30o的過程中，通過電阻的電量約為5.6×10-3CD.電阻R上的熱功率為6.4W3、如圖所示，用粗細(xì)均勻的電阻絲折成平面梯形框架其中邊均與邊成60°角，長度為的電阻絲電阻為框架與一電動勢為內(nèi)阻的電源相連接，垂直于框架平面有垂直于紙面向里磁感應(yīng)強(qiáng)度為的勻強(qiáng)磁場，則梯形框架受到的安培力的大小為（）

A.0B.C.D.4、決定電路中感應(yīng)電動勢的大小的是穿過這一電路的（）A.磁場B.磁通量C.磁通量變化量D.磁通量變化率5、圖甲所示，將阻值為的電阻接到內(nèi)阻不計的正弦交變電源上；電阻上電流隨時間變化的規(guī)律如圖乙所示，電流表為理想電表，下列說法正確的是（）

A.電阻R兩端電壓變化規(guī)律的函數(shù)表達(dá)式為B.電阻R消耗的電功率為C.若此交變電流由一矩形線框在勻強(qiáng)磁場中勻速轉(zhuǎn)動產(chǎn)生，如圖丙所示，當(dāng)線圈的轉(zhuǎn)速提升一倍時，電流表的示數(shù)為1AD.圖乙交變電流與圖丁所示電流的有效值之比為評卷人得分二、多選題(共9題，共18分)6、單匝線圈在勻強(qiáng)磁場中繞垂直于磁場的軸勻速轉(zhuǎn)動，穿過線圈的磁通量Φ隨時間t的關(guān)系圖象如圖所示；則()

A.在t＝0時刻，線圈中磁通量最大，感應(yīng)電動勢也最大B.在t＝1×10－2s時刻，感應(yīng)電動勢最大C.在t＝2×10－2s時刻，感應(yīng)電動勢為零D.在0～2×10－2s時間內(nèi)，線圈中感應(yīng)電動勢的平均值為零7、如圖所示xOy坐標(biāo)系的第一象限內(nèi)y軸與直線y=x（x≥0）之間的部分區(qū)域內(nèi)存在垂直紙面向里的磁感應(yīng)強(qiáng)度B=0.5T的有界勻強(qiáng)磁場。從y軸上的A點(diǎn)沿x軸正方向射出許多速率不同的相同帶正電的粒子。已知粒子速率范圍為0<v≤102m/s。且最大速率的粒子恰好不從磁場右邊界穿出。不計粒子的重力及電荷間相互作用力。下列說法正確的是（）

A.所有粒子在磁場中運(yùn)動的時間相同B.粒子的比荷為C.磁場區(qū)域的最小面積為D.粒子從直線y=x處運(yùn)動時間射出磁場8、如圖所示為一圓形區(qū)域的勻強(qiáng)磁場，在O點(diǎn)處有一放射源，沿半徑方向射出速率不同的同種粒子，其中帶電粒子1從A點(diǎn)飛出磁場，帶電粒子2從B點(diǎn)飛出磁場；不考慮帶電粒子的重力，則（）

A.帶電粒子1與2的速率之比為B.帶電粒子1與2的速率之比為C.帶電粒子1與2在磁場中運(yùn)動時間的比為D.帶電粒子1與2在磁場中運(yùn)動時間的比為9、如圖所示為圓柱形區(qū)域的橫截面，在該區(qū)域加沿圓柱軸線方向的勻強(qiáng)磁場。帶電粒子（不計重力）第一次以速度沿截面直徑入射，粒子飛出磁場區(qū)域時，速度方向偏轉(zhuǎn)角；該帶電粒子第二次以速度從同一點(diǎn)沿同一方向入射，粒子飛出磁場區(qū)域時，速度方向偏轉(zhuǎn)角；則帶電粒子第一次和第二次在磁場中運(yùn)動的（）

A.半徑之比為B.速度之比為C.時間之比為D.時間之比為10、利用霍爾元件可以進(jìn)行微小位移的測量。如圖甲所示，將固定有霍爾元件的物體置于兩塊磁性強(qiáng)弱相同、同極相對放置的磁體縫隙中，建立如圖乙所示的空間坐標(biāo)系。保持沿x方向通過霍爾元件的電流I不變，當(dāng)物體沿z軸方向移動時，由于不同位置處磁感應(yīng)強(qiáng)度B不同，霍爾元件將在y軸方向的上、下表面間產(chǎn)生不同的霍爾電壓當(dāng)霍爾元件處于中間位置時，磁感應(yīng)強(qiáng)度B為0，為0，將該點(diǎn)作為位移的零點(diǎn)。在小范圍內(nèi)，磁感應(yīng)強(qiáng)度B的大小和坐標(biāo)z成正比；這樣就可以把電壓表改裝成測量物體微小位移的儀表。下列說法中正確的是（）

A.該儀表不僅能測量位移的大小，還可以確定位移的方向B.該儀表的刻度線是均勻的C.若霍爾元件中導(dǎo)電的載流子為電子，則當(dāng)Δz<0時，下表面電勢高D.電流I越大，霍爾電壓越小11、如圖所示，H1、H2是同種金屬材料（自由電荷為電子）、上下表面為正方形的兩個霍爾元件，H1的邊長和厚度均為H2邊長和厚度的2倍。將兩個霍爾元件放置在同一勻強(qiáng)磁場B中，磁場方向垂直于兩元件正方形表面。在兩元件上加相同的電壓，形成圖示方向的電流，M、N兩端形成霍爾電壓U，下列說法正確的是（）

A.H1中的電流強(qiáng)度是H2中電流強(qiáng)度的2倍B.H1、H2上M端電勢高于N端電勢C.H1中產(chǎn)生的霍爾電壓是H2中產(chǎn)生的霍爾電壓的2倍D.H1中產(chǎn)生的霍爾電壓等于H2中產(chǎn)生的霍爾電壓12、如圖所示，寬為L的足夠長U形光滑導(dǎo)軌放置在絕緣水平面上，整個導(dǎo)軌處于豎直向上、磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B的勻強(qiáng)磁場中，將一質(zhì)量為m、有效電阻為R、長度略大于L的導(dǎo)體棒垂直于導(dǎo)軌放置。某時刻給導(dǎo)體棒一沿導(dǎo)軌向右、大小為v0的水平速度；不計導(dǎo)軌電阻，棒在運(yùn)動過程中始終與導(dǎo)軌垂直且接觸良好，則下列說法正確的是（）

A.導(dǎo)體棒中感應(yīng)電流方向?yàn)橛蒩到bB.導(dǎo)體棒中的最大發(fā)熱量為C.導(dǎo)體棒的加速度逐漸減小到0D.通過導(dǎo)體棒的電荷量最大值為13、如圖甲所示，兩根完全相同的光滑長直導(dǎo)軌固定，兩導(dǎo)軌構(gòu)成的平面與水平面成θ，導(dǎo)軌兩端均連接電阻，阻值R1=R2=R，導(dǎo)軌間距L。在導(dǎo)軌所在斜面的矩形區(qū)域M1P1、M2P2內(nèi)分布有垂直斜面向上的磁場，磁場上下邊界M1P1、M2P2的距離d，磁感應(yīng)強(qiáng)度大小隨時間的變化規(guī)律如圖乙所示。在導(dǎo)軌斜面上與M1P1距離為s處，有一根阻值也為R的金屬棒ab垂直于導(dǎo)軌在t=0時刻靜止釋放，恰好勻速通過整個磁場區(qū)域。已知重力加速度為g；導(dǎo)軌電阻不計。下列說法錯誤的是（）

A.前t1時間內(nèi)，ab棒所受安培力沿斜面向上，做變加速運(yùn)動B.從開始運(yùn)動到離開磁場區(qū)域ab棒減少的機(jī)械能等于該過程中回路所產(chǎn)生的總焦耳熱C.ab棒在磁場中運(yùn)動的過程時棒兩端的電壓大小為D.在進(jìn)入磁場前和通過磁場區(qū)域的過程中通過ab棒的電荷量之比為1：214、在如圖所示的傾角為的光滑斜面上，存在著兩個磁感應(yīng)強(qiáng)度大小均為B的勻強(qiáng)磁場區(qū)域，區(qū)域I的磁場方向垂直斜面向上，區(qū)域II的磁場方向垂直斜面向下，磁場的寬度均為L，一個質(zhì)量為m、電阻為R、邊長也為L的正方形導(dǎo)線框，由靜止開始沿斜面下滑，t1時刻ab邊剛從GH進(jìn)入磁場I區(qū)域，此時導(dǎo)線框恰好以速度v1做勻速直線運(yùn)動；t2時刻ab邊下滑到JP與MN的中間位置，此時導(dǎo)線框又恰好以速度v2做勻速直線運(yùn)動．重力加速度為g；下列說法中正確的是（）

A.t2時刻，導(dǎo)線框具有的速度B.線框兩次勻速直線運(yùn)動的速度v1v2=41C.從t1到t2的過程中，導(dǎo)線框克服安培力做的功等于重力勢能的減少量D.從t1到t2的過程中，有機(jī)械能轉(zhuǎn)化為電能評卷人得分三、填空題(共7題，共14分)15、如圖所示，LC振蕩電路中振蕩電流的周期為自振蕩電流沿逆時針方向達(dá)到最大值時開始計時，當(dāng)時，電容器正處于______狀態(tài)（選填“充電”“放電”“充電完畢”或“放電完畢”），這時電容器的上極板______（選填“帶正電”“帶負(fù)電”或“不帶電”）。

16、位移傳感器的發(fā)射器發(fā)射________和________兩種脈沖，接收器測出前后接收到這兩種脈沖的不同的________，計算機(jī)就根據(jù)兩者的________和________。計算出發(fā)射器和接收器間的距離。17、如圖為在溫度為左右的環(huán)境中工作的某自動恒溫箱的原理簡圖。

箱內(nèi)的電阻為熱敏電阻，它的電阻隨溫度變化的圖線如圖所示。當(dāng)ab端電壓時，電壓鑒別器會令開關(guān)S接通，恒溫箱內(nèi)的電熱絲發(fā)熱，使箱內(nèi)的溫度升高；當(dāng)時，電壓鑒別器會使S斷開，停止加熱。則恒溫箱內(nèi)的溫度恒定在________

18、在如圖所示的日光燈工作原理電路圖中：

（1）開關(guān)閉合前，啟動器的靜觸片和動觸片是______（填“接通的”或“斷開的”）；

（2）日光燈正常發(fā)光時，啟動器的靜觸片和動觸片______（填“接通”或“斷開”），鎮(zhèn)流器起著______作用，保證日光燈正常工作。19、汽車中的電磁輔助減震系統(tǒng)可等效簡化為如圖所示（俯視）的裝置，減震線圈處于輻射狀的水平磁場中。若某時刻測得線圈內(nèi)有逆時針方向且正在增大的感應(yīng)電流，則圖中線圈此時在豎直方向做________運(yùn)動。已知線圈質(zhì)量為周長為電阻為線圈所處磁場的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為以豎直向下為正方向，當(dāng)線圈的加速度大小為時其速度________（重力加速度g取）

20、如圖所示，將直徑為d、電阻為R的閉合金屬環(huán)從勻強(qiáng)磁場B中拉出，這一過程中通過金屬環(huán)某一截面的電荷量為_________。

21、如圖所示，和是輸電線，在圖中空圈內(nèi)填入所用的電表的符號______，若已知變壓比為變流比為并且知道電壓表示數(shù)為220V，電流表示數(shù)為1000A，則輸電線路中的功率為______W。

評卷人得分四、作圖題(共4題，共36分)22、在圖中畫出或說明圖中所示情形下通電導(dǎo)線I所受磁場力的方向。

23、要在居民樓的樓道安裝一個插座和一個電燈；電燈由光敏開關(guān)和聲敏開關(guān)控制，光敏開關(guān)在天黑時自動閉合，天亮?xí)r自動斷開；聲敏開關(guān)在有聲音時自動閉合，無聲音時自動斷開。在下圖中連線，要求夜間且有聲音時電燈自動亮，插座隨時可用。

24、在“探究楞次定律”的實(shí)驗(yàn)中；某同學(xué)記錄了實(shí)驗(yàn)過程的三個情境圖，其中有兩個記錄不全，請將其補(bǔ)充完整。

25、如圖所示：當(dāng)條形磁鐵向右靠近通電圓環(huán)時，圓環(huán)向右偏離，試在圖中標(biāo)出圓環(huán)中的電流方向___________．參考答案一、選擇題(共5題，共10分)1、C【分析】【詳解】

當(dāng)線圈A中通有不斷增大的逆時針方向的電流時，知穿過線圈B的磁通量垂直向外，且增大，根據(jù)楞次定律，線圈B產(chǎn)生與A的電流的方向相反；即順時針方向的電流，故C正確，ABD錯誤；

故選C。2、C【分析】【詳解】

磁場的磁感應(yīng)強(qiáng)度B=×10-2T，線圈的面積s=0.02m2，匝數(shù)n=400，線圈總電阻r=2.0Ω，線圈的轉(zhuǎn)速n0=r/s．所以ω=100rad/s，最大值為：Em=nBSω=8V，則瞬時值為e=8cos100tV，故A錯誤；交流電壓表顯示的是路端電壓有效值，示數(shù)為=6.4V，故B錯誤；從t=0時刻開始轉(zhuǎn)過30°的過程中，通過電阻的電量為：故C正確；電阻R上的熱功率為：P=I2R=()2R=5.12W；故D錯誤；故選C．

【點(diǎn)睛】

本題考查了交流電的峰值和有效值、周期和頻率的關(guān)系，記住，求電量用電動勢的平均值，求熱量用有效值．3、B【分析】【分析】

【詳解】

因?yàn)閍bcd部分的電阻為3R0，而ad部分的電阻為2R0，可知并聯(lián)電阻為

電路總電流

對線框的整體研究，則整個線框受安培力為

故選B。4、D【分析】【詳解】

根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律

得知；感應(yīng)電動勢的大小與磁通量的變化率成正比，與磁通量；磁通量的變化量沒有直接關(guān)系。

故選D。5、D【分析】【分析】

【詳解】

A．圖乙所示電流的最大值為由歐姆定律得周期為所以R兩端電壓的表達(dá)式為選項(xiàng)A錯誤；

B．該電流的有效值為電阻R消耗的電功率為解得選項(xiàng)B錯誤；

C．該交變電流由圖丙所示矩形線圈在勻強(qiáng)磁場中勻速轉(zhuǎn)動產(chǎn)生，當(dāng)轉(zhuǎn)速提升一倍時，電動勢的最大值為原來的2倍，電路中電流的有效值也是原來的2倍，即選項(xiàng)C錯誤；

D．圖乙中的正弦交變電流的有效值為圖丁所示的交變電流雖然方向發(fā)生變化，但大小恒為選項(xiàng)D正確。

故選Ｄ。二、多選題(共9題，共18分)6、B:C【分析】t=0時刻，線圈中磁通量最大，Φ的變化率達(dá)最小，感應(yīng)電動勢最小，故A錯誤；在t=1×10-2s時刻，磁通量為零，但Φ的變化率達(dá)最大，感應(yīng)電動勢最大，故B正確；在t=2×10-2s時刻，Φ的變化率為零，感應(yīng)電動勢為零，故C正確；在0-2×10-2s時間內(nèi)，磁通量變化不為零，線圈中感應(yīng)電動勢的平均值不為零，故D錯誤．所以BC正確，AD錯誤．7、A:B【分析】【詳解】

A．因?yàn)樗辛Ｗ泳粡拇艌鲇疫吔缟涑?，所以所有粒子在磁場中均做半個圓周運(yùn)動，從y軸上射出磁場，運(yùn)動時間均為

選項(xiàng)A正確；

B．速率的粒子恰好不從磁場右邊界射出，其軌跡圓與直線相切（如圖所示）

設(shè)粒子軌跡圓的半徑為r，由幾何關(guān)系有

解得

由得

選項(xiàng)B正確；

C．磁場中區(qū)域的最小面積

選項(xiàng)C錯誤；

D．速率最大的粒子從A點(diǎn)運(yùn)動到直線處的軌跡圓心角

粒子從直線處到從y軸射出磁場運(yùn)動的時間為

選項(xiàng)D錯誤；

故選AB。8、A:D【分析】【詳解】

如圖所示。

AB．設(shè)帶電粒子1的軌跡半徑為帶電粒子2的軌跡半徑為根據(jù)幾何關(guān)系得

粒子在磁場中做勻速圓周運(yùn)動，根據(jù)

可得

可得帶電粒子1與2的速率之比

故A正確；B錯誤；

CD．粒子在磁場中做勻速圓周運(yùn)動的周期

則粒子1在磁場中運(yùn)動的時間

則粒子2在磁場中運(yùn)動的時間

則帶電粒子1與2在磁場中運(yùn)動時間的比

故D正確；C錯誤。

故選AD。9、A:C【分析】【分析】

【詳解】

A．設(shè)磁場半徑為當(dāng)?shù)谝淮我运俣妊亟孛嬷睆饺肷鋾r，根據(jù)幾何知識可得

即

當(dāng)?shù)诙我运俣妊亟孛嬷睆饺肷鋾r，根據(jù)幾何知識可得

所以

故A正確。

B．兩次情況下都是同一個帶電粒子在相等的磁感應(yīng)強(qiáng)度下運(yùn)動的，所以根據(jù)公式

可得

故B錯誤；

CD．因?yàn)橹芷?/p>

與速度無關(guān)，所以運(yùn)動時間比為

故C正確；D錯誤。

故選AC。10、A:B【分析】【詳解】

A．若上表面電勢高；則空穴在上表面聚集，根據(jù)左手定則可知磁感應(yīng)強(qiáng)度方向沿z軸負(fù)方向，說明霍爾元件靠近右側(cè)的磁鐵，位移方向向右，反之則位移向左，則該儀表可確定位移的方向，故A正確。

B．設(shè)霍爾元件在y方向的長度為d，空穴定向移動的速率為v，則根據(jù)平衡條件有

解得

則與z成正比關(guān)系,可知該儀表的刻度線是均勻的；選項(xiàng)B正確；

C．若霍爾元件中導(dǎo)電的載流子為電子，則當(dāng)時；磁場方向向右，則由左手定則可知，電子偏向下表面，即下表面電勢低，選項(xiàng)C錯誤；

D．根據(jù)

電流的決定式

可知當(dāng)n、e、S三者確定時，I越大，v越大，霍爾電壓越高；故D錯誤。

故選AB。11、A:D【分析】【詳解】

A.根據(jù)電阻設(shè)正方形金屬導(dǎo)體邊長為a，厚度為b，則

則2R1=R2，

在兩導(dǎo)體上加上相同電壓，則R1中的電流等于R2中電流的2倍；故A正確；

B.電子定向移動的分析與電流方向反向，在磁場中受到洛倫茲力作用，根據(jù)左手定則可知，向M表面偏轉(zhuǎn)，所以M端電勢低于N端電勢；故B錯誤；

CD.根據(jù)電場力與洛倫茲力平衡，則有

由電流：

及電阻：

聯(lián)立解得：

則有H1中產(chǎn)生的霍爾電壓和H2中產(chǎn)生的霍爾電壓相等；故C錯誤，D正確；

故選：AD。12、B:C【分析】【詳解】

A．根據(jù)右手定則可知，導(dǎo)體棒中感應(yīng)電流方向?yàn)橛蒪到a；選項(xiàng)A錯誤；

B．當(dāng)導(dǎo)體棒靜止時，動能全部轉(zhuǎn)化為焦耳熱，則導(dǎo)體棒中的最大發(fā)熱量為選項(xiàng)B正確；

C．導(dǎo)體棒向右運(yùn)動時，受到向左的安培力作用而做減速運(yùn)動，則加速度滿足

則隨速度的減?。患铀俣葴p小，最后導(dǎo)體棒速度為零時加速度減小到0，選項(xiàng)C正確；

D．從開始運(yùn)動到最后停止，由動量定理可知

通過導(dǎo)體棒的電荷量最大值為

選項(xiàng)D錯誤。

故選BC。13、A:B【分析】【詳解】

A．前t1時間內(nèi)，ab棒進(jìn)入磁場前不受安培力；做勻加速運(yùn)動，A錯誤；

B．前t1時間內(nèi)，ab棒進(jìn)入磁場前，棒的機(jī)械能不變，磁場變化回路也產(chǎn)生焦耳熱，所以從開始運(yùn)動到離開磁場區(qū)域ab棒減少的機(jī)械能小于該過程中回路所產(chǎn)生的總焦耳熱；B錯誤；

C．a(chǎn)b棒在磁場中運(yùn)動的過程時棒兩端的電壓大小為

解得

C正確；

D．棒進(jìn)入磁場前

解得

棒進(jìn)入磁場后

解得

所以

D正確。

故選AB。14、B:D【分析】【分析】

由題意可知考查電磁感應(yīng)中的能量問題；平衡問題；根據(jù)功能關(guān)系、受力平衡分析可得．

【詳解】

A.t2時刻，導(dǎo)線框做勻速運(yùn)動，則有：

由平衡條件有：

解得故A錯誤；

B.t1時刻，導(dǎo)線框做勻速運(yùn)動，根據(jù)平衡條件有：

解得

線框兩次勻速直線運(yùn)動的速度v1v2=41；故B正確．

C.從t1到t2過程中；導(dǎo)線框克服安培力做功的大小等于回路中產(chǎn)生的焦耳熱，此過程中，線框的重力勢能和動能均減小，根據(jù)功能關(guān)系得知，線圈克服安培力做功的大小等于重力勢能的減少量與動能減小量之和．故C錯誤．

D.從t1到t2的過程中，設(shè)導(dǎo)線框克服安培力做的功為W，由動能定理可得

解得：

所以有機(jī)械能轉(zhuǎn)化為電能，故D正確．三、填空題(共7題，共14分)15、略

【分析】【分析】

本題考查考生對電磁振蕩的規(guī)律的理解與掌握情況；體現(xiàn)了高考重視基礎(chǔ)的命題理念，要求考生注重對基礎(chǔ)知識的理解和掌握。

【詳解】

[1][2]以逆時針方向?yàn)殡娏鞯恼较?，根?jù)題意畫出LC回路振蕩電流的變化圖像如圖所示；結(jié)合圖像。

時刻設(shè)為圖像中的P點(diǎn)，則該時刻電路正處于反向電流減小的過程中，所以電容器正處于反向充電狀態(tài)，上極板帶正電?！窘馕觥砍潆妿д?6、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1][2]位移傳感器的發(fā)射器向接收器同時發(fā)射紅外線和超聲波脈沖。

[3][4][5]接收器收到紅外線脈沖時開始計時，收到超聲波脈沖時停止計時，以此測出前后接收到這兩種脈沖的不同的時間，計算機(jī)就根據(jù)兩者的時間差和空氣中的聲速，計算出發(fā)射器和接收器間的距離?！窘馕觥竣?紅外線②.超聲波③.時間④.時間差⑤.空氣中的聲速17、略

【分析】【詳解】

設(shè)電路路端電壓為U，當(dāng)Uab=0時，有R1=R3

解得Rt=20kΩ

由圖可知，當(dāng)Rt＝20kΩ時t=35【解析】3518、略

【分析】【詳解】

（1）[1]開關(guān)閉合前；啟動器處于未工作狀態(tài)，靜觸片和動觸片時斷開的。

（2）[2][3]日光燈管中的氣體一旦擊穿而使燈管發(fā)光后，鎮(zhèn)流器中的自感電動勢很快降低，此時開關(guān)、鎮(zhèn)流器、燈管組成閉合回路，又由于回路中為交流電，鎮(zhèn)流器中會產(chǎn)生自感電動勢阻礙電流的變化，從而使燈管兩端的電壓降低，啟動器中的氖燈不發(fā)光，所以正常工作時啟動器中的靜觸片與動觸片時斷開的，鎮(zhèn)流器起著降壓限流的作用。【解析】斷開的斷開限流降壓19、略

【分析】【詳解】

[1]線圈內(nèi)有逆時針電流，由右手定則可知線圈向上運(yùn)動；感應(yīng)電流增大，由可得

則線圈加速運(yùn)動；所以線圈向上加速運(yùn)動。

[2]由解得

以豎直向下為正方向，則

由牛頓第二定律得

解得

代入數(shù)據(jù)得【解析】向上加速-2.220、略

【分析】【分析】

【詳解