2025年人教A新版選修3物理下冊月考試卷含答案

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年人教A新版選修3物理下冊月考試卷含答案考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五六總分得分評卷人得分一、選擇題(共6題，共12分)1、如圖所示的電路中，電源電動勢為E，內(nèi)阻為r；電壓表和電流表均為理想電表，當滑動變阻器的滑片p向左移動一小段距離后，下列說法正確的是：

A.電壓表示數(shù)減小B.電流表示數(shù)增大C.R0的功率增大D.電源的功率減小2、如圖所示是一種演示氣體定律的儀器一哈勃瓶，它是一個底部開有圓孔，瓶頸很短的平底大燒瓶，在瓶內(nèi)塞有一氣球，氣球的吹氣口反扣在瓶口上，瓶底的圓孔上配有一個橡皮塞。在一次實驗中，瓶內(nèi)由氣球和橡皮塞封閉一定質(zhì)量的氣體，開始時氣球自然松弛，氣球內(nèi)氣體與外界連通，氣體體積為V，瓶內(nèi)氣體體積為用打氣筒出氣口緊密貼合氣球吹氣口并向氣球內(nèi)緩慢打入氣體，直至氣球體積增大到容器和氣球?qū)崃己茫饨鐪囟炔蛔?，氣球壁厚度不計、重力不計，大氣壓強為在此過程中（）

A.瓶內(nèi)氣體內(nèi)能減小B.瓶內(nèi)氣體吸熱C.瓶內(nèi)氣體壓強由變?yōu)镈.氣球中充入的氣體質(zhì)量等于開始時氣球中氣體質(zhì)量3、在地球赤道上，用磁傳感器測得P點地磁場的磁感應強度大小為將一根條形磁場固定在P點附近，N極指向正北，中心軸線水平經(jīng)過P點，如圖所示，用磁傳感器測得P點的磁感應強度大小為現(xiàn)將條形磁場以P點為軸水平旋轉(zhuǎn)90°，N極指向正東，再用磁傳感器測得P點的磁感應強度；其大小應為。

A.B.C.D.4、如圖所示；一輕彈簧懸于O點，下端恰好與水銀面接觸，在彈簧和水銀間接上電源，閉合開關(guān)K后，發(fā)現(xiàn)（）

A.彈簧上下振動B.彈簧伸長C.彈簧收縮后離開水銀面靜止D.什么現(xiàn)象也沒有5、機械運動在介質(zhì)中傳播形成機械波，下列說法正確的是（）A.如果波源停止振動，在介質(zhì)中傳播的波動也立即停止B.在縱波中質(zhì)點的振動方向總是垂直于波的傳播方向C.在橫波中兩個相鄰的波峰（或波谷）之間的距離等于波長D.橫波中振動質(zhì)點不隨波遷移，縱波中振動質(zhì)點隨波遷移6、簡諧運動屬于下列運動中的().A.勻速直線運動B.勻加速直線運動C.非勻變速直線運動D.勻變速直線運動評卷人得分二、多選題(共9題，共18分)7、如圖所示，勻強磁場垂直于紙面向里，勻強電場平行于斜面向下，斜面是粗糙的．一帶正電物塊以某一初速度沿斜面向上滑動，經(jīng)a點后到b點時速度減為零，接著又滑了下來．設(shè)物塊帶電荷量保持不變，則從a到b和從b回到a兩過程相比較。

A.加速度大小相等B.摩擦產(chǎn)生熱量不相同C.電勢能變化量的絕對值相同D.動能變化量的絕對值相同8、如圖所示為一定質(zhì)量氣體的三種變化過程；則下列說法正確的是（）

A.a→d過程氣體體積增加B.b→d過程氣體體積不變C.c→d過程氣體體積增加D.Va>Vb9、關(guān)于熱力學定律，下列說法不正確的是A.在一定條件下物體的溫度可以降到0KB.物體從單一熱源吸收的熱量可全部用于做功C.吸收了熱量的物體，其內(nèi)能一定增加E.一切自發(fā)過程總是沿著分子熱運動的無序性增大的方向進行E.一切自發(fā)過程總是沿著分子熱運動的無序性增大的方向進行10、如圖所示，一個有界勻強磁場區(qū)域，磁場方向垂直紙面向外．一個矩形閉合導線框abcd沿紙面由圖示位置自由下落．當bc邊剛進入磁場時；線框恰好做勻速運動，線框邊長L小于磁場寬度H．則（）

A.線框進入磁場時，感應電流方向為a→b→c→d→aB.線框離開磁場時，受到的安培力方向豎直向上C.線框bc邊剛進入磁場時的感應電流，小于線框bc邊剛離開時的感應電流D.線框穿過磁場的過程中機械能守恒11、下列說法中正確的是()A.某氣體的摩爾體積為V，每個分子的體積為V0，則阿伏加德羅常數(shù)可表示為NA=V/V0B.已知阿伏加德羅常數(shù)、氣體摩爾質(zhì)量和密度，可以求出分子間距離C.在“用油膜法估測分子的大小”的實驗中，把油膜視為單分子層油膜時，需要考慮分子間隙D.在“用油膜法估測分子的大小”的實驗中，將油酸酒精溶液的體積直接作為油酸的體積進行計算，會使分子直徑計算結(jié)果偏大12、關(guān)于一定量的氣體，下列說法正確的是()A.氣體的體積指的是該氣體的分子所能到達的空間的體積，而不是該氣體所有分子體積之和B.只要能減弱氣體分子熱運動的劇烈程度，氣體的溫度就可以降低C.氣體在等壓膨脹過程中溫度一定升高E.在完全失重的情況下，氣體對容器壁的壓強為零E.在完全失重的情況下，氣體對容器壁的壓強為零13、質(zhì)量為m的運動員從下蹲狀態(tài)向上起跳，經(jīng)時間t身體伸直并剛好離開水平地面，該過程中，地面對他的沖量大小為I，重力加速度大小為g.下列說法正確的是（）A.運動員在加速上升過程中處于超重狀態(tài)B.運動員離開地面時的速度大小為C.該過程中，地面對運動員做的功為D.該過程中，人的動量變化大小為I-mgt14、兩個小球A、B在光滑水平桌面上沿直線運動，發(fā)生彈性碰撞。碰撞過程中，A球?qū)球的沖量大小為I1，B球?qū)球的沖量大小為I2，A球?qū)球所做功的大小為W1，B球?qū)球所做功的大小為W2，則A.I1=I2B.I1≠I2C.W1=W2D.W1≠W215、如圖是某金屬在光的照射下，光電子的最大初動能Ek與入射光頻率ν的關(guān)系圖象；由此可知()

A.圖線的斜率表示普朗克常量hB.該金屬發(fā)生光電效應的截止頻率為ν0＝C.當入射光的頻率增為2倍，光電子的最大初動能增為2倍D.普朗克常量為h＝評卷人得分三、填空題(共5題，共10分)16、平靜的水面上，有一條質(zhì)量M=100kg長度為3m的小船浮于水面，船上一個質(zhì)量m=50kg的人勻速從船頭走到船尾，不計水的阻力，人相對水面走了_____m，船相對水位移為_____m．17、如圖所示，半徑為R的圓形區(qū)域內(nèi)有垂直紙面向里的勻強磁場，磁感強度為B，若在圓心處靜止的原子核中釋放一個質(zhì)量為m，電量為q的粒子，粒子的初速度垂直于B，則粒子的初速度必須滿足條件________時，粒子才能從磁場中穿出，粒子穿過磁場需要的最長時間為_____________18、上午教室內(nèi)的溫度是空氣的相對濕度是60%，已知時飽和汽壓是則絕對濕度為___________如果教室內(nèi)絕對濕度不變，下午溫度升高到則相對濕度________________（選填“變大”或“不變”或“變小”）。19、如圖所示；將邊長為L；總電阻為R的正方形閉合線圈，從磁感強度為B的勻強磁場中以速度v勻速拉出（磁場方向，垂直線圈平面）

（1）所用拉力F＝_________．

（2）拉力F做的功WF＝________．

（3）拉力F的功率PF＝________．

（4）線圈放出的熱量Q＝_________．

（5）通過導線截面的電量q＝_________．20、如圖所示是用光照射某種金屬時逸出的光電子的最大初動能隨入射光頻率的變化圖線，普朗克常量h＝6.63×10-34J·s，（直線與橫軸的交點坐標4.31，與縱軸交點坐標0.5）由圖可知，斜率表示_____________；該金屬的極限頻率為____________Hz，該金屬的逸出功為___________J，（結(jié)果保留三位有效數(shù)字）若用頻率為5.5×1014Hz的光照射該種金屬時，則對應的遏止電壓應為_____________V

評卷人得分四、作圖題(共3題，共6分)21、如圖所示，甲、乙是直線電流的磁場，丙、丁是環(huán)形電流的磁場，戊、己是通電螺線管的磁場，試在各圖中補畫出電流方向或磁感線方向．

22、示波管的內(nèi)部結(jié)構(gòu)如圖所示．如果在偏轉(zhuǎn)電極XX/、YY/之間都沒有加電壓，電子束將打在熒光屏中心．如果在偏轉(zhuǎn)電極XX/之間和YY/之間分別加上如圖所示的電壓，請畫出熒光屏上出現(xiàn)的完整掃描波形圖．

23、圖中表示某一時刻的波形圖，已知波速為0.5m/s，波沿著x軸的正方向傳播；畫出經(jīng)過7s后的波形曲線。

評卷人得分五、實驗題(共2題，共20分)24、某同學欲將量程為200μA的電流表G改裝成電壓表

①該同學首先采用如圖所示的實驗電路測量該電流表的內(nèi)阻Rg，圖中R1、R2為電阻箱．他按電路圖連接好電路，將R1的阻值調(diào)到最大，斷開開關(guān)S2，閉合開關(guān)S1后，調(diào)節(jié)R1的阻值，使電流表的指針偏轉(zhuǎn)到滿刻度，接下來他應該正確操作的步驟是________(選填下列步驟前的字母代號)，最后記下R2的阻值；

A．閉合S2，調(diào)節(jié)R1和R2的阻值，使電流表的指針偏轉(zhuǎn)到滿刻度的一半

B．閉合S2，保持R1不變，調(diào)節(jié)R2的阻值，使電流表的指針偏轉(zhuǎn)到滿刻度的一半

②如果按正確操作步驟測得R2的阻值為120Ω，則認為Rg的阻值大小為_____(選填字母代號)；

A.60ΩB.120ΩC.240ΩD.360ΩB.120ΩC.240ΩD.360Ω

③R如果該同學在調(diào)節(jié)1R使電流表滿偏過程中，發(fā)現(xiàn)電流表指針滿偏時，1______的接入阻值不到其總阻值的二分之一．為了減小實驗誤差，該同學可以采取下列措施中的(選填字母代號

A．將R2換成一個最大阻值更大的電阻箱。

B．將R1換成一個最大阻值為現(xiàn)在二分之一的電阻箱。

C．將電源換成一個電動勢為現(xiàn)在電源兩倍；內(nèi)阻可以忽略的電源。

D．將電源換成一個電動勢為現(xiàn)在電源二分之一；內(nèi)阻可以忽略的電源。

)；④_______利用上述方法測量出的電流表內(nèi)阻值（選填“大于”或“小于”）該電流表內(nèi)阻的真實值

．⑤依據(jù)以上的測量數(shù)據(jù)可知，若把該電流表改裝成量程為3V___的電壓表，需與該表（選填“串”或“并”__________）聯(lián)一個阻值為Ω的定值電阻．25、在“油膜法估測油酸分子的大小”實驗中；有下列實驗步驟：

a．用注射器將事先配好的油酸酒精溶液滴一滴在水面上；待油膜形狀穩(wěn)定。

b．將畫有油膜形狀的玻璃板平放在坐標紙上；計算出油膜的面積，根據(jù)油酸的體積和面積計算出油酸分子直徑的大小。

c．往淺盤里倒入約2cm深的水；待水面穩(wěn)定后將適量的痱子粉均勻地撒在水面上。

d．將玻璃板放在淺盤上；然后將油膜的形狀用彩筆描繪在玻璃板上。

①上述步驟中；正確的操作順序是__________。（填寫步驟前面的字母）

②某同學做完實驗后，發(fā)現(xiàn)自己所測的分子直徑明顯偏大。出現(xiàn)這種情況的原因可能是________。A．將滴入的油酸酒精溶液體積作為油酸體積進行計算B．水面上痱子粉撒得太多，油膜沒有充分展開C．計算油膜面積時，將不完整的方格均視為完整方格處理評卷人得分六、解答題(共4題，共8分)26、如圖所示，空間存在豎直向下的勻強磁場，磁感應強度B＝0.5T.在勻強磁場區(qū)域內(nèi)，有一對光滑平行金屬導軌，處于同一水平面內(nèi)，導軌足夠長，導軌間距L＝1m，電阻可忽略不計．質(zhì)量均為m＝lkg，電阻均為R＝2.5Ω的金屬導體棒MN和PQ垂直放置于導軌上，且與導軌接觸良好．先將PQ暫時鎖定，金屬棒MN在垂直于棒的拉力F作用下，由靜止開始以加速度a＝0.4m/s2向右做勻加速直線運動，5s后保持拉力F的功率不變，直到棒以最大速度vm做勻速直線運動.

(1)求棒MN的最大速度vm；

(2)當棒MN達到最大速度vm時，解除PQ鎖定，同時撤去拉力F，兩棒最終均勻速運動.求解除PQ棒鎖定后；到兩棒最終勻速運動的過程中，電路中產(chǎn)生的總焦耳熱.

(3)若PQ始終不解除鎖定，當棒MN達到最大速度vm時，撤去拉力F，棒MN繼續(xù)運動多遠后停下來?（運算結(jié)果可用根式表示）27、利用打氣筒給電動車輪胎打氣是日常生活中常見的現(xiàn)象，其工作原理如圖所示?，F(xiàn)有一輛電動車的后輪胎需充氣，測得此時輪胎內(nèi)的氣體壓強為氣體的體積為溫度為該電動車正常工作時每個輪胎內(nèi)的氣體壓強為設(shè)打氣筒每次打入的氣體體積為壓強和外界大氣壓強相同，均為溫度為不考慮車胎的體積變化。

（1）要使電動車的輪胎恢復到正常工作狀態(tài)；求需要打氣的次數(shù)。（忽略打氣過程中氣簡及輪胎內(nèi)氣體溫度的變化）

（2）由于不斷地按壓活塞，氣體的溫度略有上升，如果輪胎內(nèi)的氣體壓強已達到電動車正常工作要求，但測得氣體溫度比外界溫度高了則當溫度恢復到時；輪胎內(nèi)的氣體壓強為多大？

28、如圖所示，兩根金屬平行導軌MN和PQ放在水平面上，左端向上彎曲且光滑，導軌間距為L，電阻不計．水平段導軌所處空間有勻強磁場，磁感應強度大小為B，方向豎直向上，磁場區(qū)域足夠大．兩個電阻均為R、質(zhì)量均為m的金屬棒a和b垂直導軌放置在其上．現(xiàn)將金屬棒a從彎曲導軌上、距水平軌道高度為h處由靜止釋放；使其沿導軌運動并進入磁場．設(shè)兩金屬棒運動過程中始終未相碰，與導軌垂直且接觸良好．

（1）對全過程進行研究：

①在同一坐標系中畫出兩個金屬棒的速度隨時間變化圖像（從a進入磁場開始計時）；

②求金屬棒b的最終速度；

③求回路中產(chǎn)生的總焦耳熱；

（2）對運動過程中的某一狀態(tài)進行分析：

a進入磁場后某時刻，a的速度為v1，b的速度為v2，此時，a克服安培力做功的功率為P1，安培力對b做功的功率為P2，回路中的焦耳熱功率為P3，請寫出P1、P2、P3三者的關(guān)系，并寫出證明過程．29、如圖所示，長方形區(qū)域甲內(nèi)存在磁感應強度大小B1=0.3T的勻強磁場，方向垂直于紙面向外，長方形區(qū)域乙內(nèi)存在沿紙面方向水平向左的勻強電場，場強大小為長方形區(qū)域丙內(nèi)存在磁感應強度大小B2=0.6T的勻強磁場，方向垂直于紙面向里，長方形區(qū)域的長度足夠長，寬度d=1m．一束帶正電的某種粒子荷質(zhì)比為從ab上的O點以沿與ab成60°角的初速度射入磁場，剛好垂直邊界cd射出區(qū)域甲而進入勻強電場乙區(qū)域，且以沿與ef成θ角（銳角未知）進入丙區(qū)域；最后粒子剛好不能從磁場區(qū)域丙射出．（不計粒子所受重力，取π≈3，計算結(jié)果保留兩位有效數(shù)字）．求：

（1）粒子從O點射入磁場的初速度大?。?/p>

（2）粒子進入丙區(qū)域與ef成的角度θ（銳角）；

（3）粒子從O點射入磁場到剛好不能從磁場區(qū)域丙射出的過程中，在磁場甲和磁場丙所用的時間之和．參考答案一、選擇題(共6題，共12分)1、D【分析】【詳解】

當滑動變阻器的滑片P向左移動時，變阻器左側(cè)電阻減小，并聯(lián)部分電阻減小，右側(cè)電阻增大，外電路總電阻增大，整個閉合回路的總電阻增大，利用閉合電路的歐姆定律可判斷I減小，因電壓表示數(shù)所以電壓表示數(shù)增大，故AB錯誤；R0與其并聯(lián)的滑動變阻器的總電阻減小，而干路電流I減小，所以R0兩端的電壓減小，根據(jù)可知R0的功率減小，故C錯誤；因干路電流減小，可判斷電源的總功率減小，故D正確．所以D正確，ABC錯誤．2、C【分析】【詳解】

A．瓶內(nèi)氣體做等溫變化；內(nèi)能不變，故A錯誤；

B．瓶內(nèi)氣體體積減小，則外界對氣體做功，根據(jù)熱力學第一定律可知瓶內(nèi)氣體向外界放熱，故B錯誤；

C．對瓶內(nèi)氣體，根據(jù)玻意耳定律有

解得

故C正確；

D．對氣球中的氣體，初始的壓強和體積為充氣后氣球中氣體的壓強和體積為則氣球中原來氣體與充入氣球中氣體的質(zhì)量比為

故D錯誤；

故選C。3、D【分析】【詳解】

根據(jù)題意，赤道上P點地磁場磁感應強度大小為B0；條形磁鐵N極指向正北方向，其分磁感應強度也向正北，故條行磁鐵在P點產(chǎn)生的磁感應強度為B=B1-B0

條形磁鐵N極指向正東方向，其分磁感應強度也向正東方向，此時兩個分矢量垂直，故P點的合磁感應強度為

故選D。

【點睛】

物理中力、電場強度、磁場強度等均為矢量，在合成時遵循平行四邊形定則，因此要熟練應用平行四邊形定則進行矢量的合成。4、A【分析】【詳解】

當有電流通過彈簧時，構(gòu)成彈簧的每一圈導線周圍都產(chǎn)生了磁場，根據(jù)安培定則可知，各圈導線之間都產(chǎn)生了相互的吸引作用，彈簧就縮短了，當彈簧的下端離開水銀后，電路斷開，彈簧中沒有了電流，各圈導線之間失去了相互吸引力，彈簧又恢復原長，使得彈簧下端又與水銀接觸，彈簧中又有了電流，開始重復上述過程，所以彈簧上下振動，故A正確，BCD錯誤．5、C【分析】振源停止振動時，因為慣性其他振動質(zhì)點并不立即停止振動，所在在介質(zhì)中傳播的波動并不立即停止，故A錯誤；在縱波中質(zhì)點的振動方向總與波的傳播方向在同一直線上，故B錯誤；根據(jù)波定的定義知：在橫波中兩個相鄰的波峰（或波谷）之間的距離等于波長，所以C選項是正確的；在橫波和縱波中振動質(zhì)點都不隨波遷移，故D錯誤．故選C．6、C【分析】【分析】

【詳解】

簡諧振動的物體的加速度不斷變化，屬于非勻變速直線運動，選項C正確．二、多選題(共9題，共18分)7、B:C【分析】【詳解】

試題分析：物塊從a到b運動時，由牛頓定律：受洛倫茲力垂直斜面向上；而由b向a滑動時，由牛頓定律：受洛倫茲力垂直斜面向下，兩次物體對斜面的壓力不同，摩擦力不同，即f1＜f2,故兩過程的加速度大小不相等，選項A錯誤；又相對，可知兩過程摩擦產(chǎn)生熱量不相同，選項B正確；物塊從a到b運動時，電場力做負功，電勢能增加；物塊從b回到a電場力做正功；電勢能減小，故電場力做功不相同，但是電勢能變化量的絕對值相同，選項C正確；上滑過程和下滑過程，都是重力；摩擦力及電場力做功，但是上滑時摩擦力小于下滑時的摩擦力，由動能定理得，動能變化量大小不相同，故D錯誤．故選BC.

考點：牛頓定理；電場力做功和電勢能；動能定理.8、A:B【分析】【分析】

【詳解】

在p-T圖像中等容線是延長線過原點的傾斜直線，且氣體體積越大，直線的斜率越小。因此，a狀態(tài)對應的體積最小，c狀態(tài)對應的體積最大，b、d狀態(tài)對應的體積相等。

故選AB。9、A:C:D【分析】【詳解】

A．根據(jù)熱力學第三定律的絕對零度不可能達到可知A錯誤；

B．根據(jù)熱力學第二定律；物體從單一熱源吸收的熱量可全部用于做功而引起其他變化是可能的，當然會產(chǎn)生其他變化，故B正確；

C．物體從外界吸收熱量同時對外做功；根據(jù)能量守恒定律可知內(nèi)能可能增加；減小和不變，選項C錯誤；

D．壓縮氣體；外界對氣體作正功，氣體同時可能向外釋放熱，根據(jù)能量守恒定律可知物體內(nèi)能可能減少；溫度降低，D錯誤；

E．一切自發(fā)過程總是沿著分子熱運動的無序性增大的方向進行,故選項E正確。

故選ACD。10、B:C【分析】試題分析：線框進入磁場時，磁通量增大，因此感應電流形成磁場方向向外，由安培定則可知感應電流方向為a→d→c→b→a，安培力方向豎直向上，同理線框離開磁場時，電流方向為a→b→c→d→a，安培力方向豎直向上，故A錯誤，B正確．當bc邊剛進入磁場時，線框恰好做勻速運動，完全進入磁場后，磁通量不變，線框中沒有感應電流產(chǎn)生，不受安培力，所以線框做勻加速運動，則線框bc邊剛離開時的速度大于bc邊剛進入磁場時的速度，由知線框bc邊剛進入磁場時的感應電流小于線框bc邊剛離開時的感應電流．故C正確．線框穿過磁場的過程中；由于安培力做負功，其機械能不守恒．故D錯誤．故選BC

考點：安培定則；法拉第電磁感應定律；安培力11、B:D【分析】【詳解】

某氣體的摩爾體積為V，每個氣體分子運動占據(jù)的空間的體積為V0，則阿伏加德羅常數(shù)可表示為NA=V/V0，選項A錯誤；由氣體摩爾質(zhì)量除以密度可求解摩爾體積，再除以阿伏加德羅常數(shù)可求解一個氣體分子運動占據(jù)的空間的體積，把分子占據(jù)的空間看做正方體，可求解正方體的邊長即為分子間的平均距離，選項B正確；在“用油膜法估測分子的大小”的實驗中，把油膜視為單分子層油膜時，認為分子一個一個緊密排列，不考慮分子間隙，選項C錯誤；在“用油膜法估測分子的大小”的實驗中，分子直徑為若將油酸酒精溶液的體積直接作為油酸的體積進行計算，會使分子直徑計算結(jié)果偏大，選項D正確；故選BD.12、A:B:C【分析】【詳解】

A.氣體的體積指的是該氣體的分子所能到達的空間的體積；而不是該氣體所有分子體積之和，A正確。

B.溫度是分子運動劇烈程度的標志；所以只要能減弱氣體分子熱運動的劇烈程度，氣體的溫度就可以降低，B正確。

C.根據(jù)氣體方程可知；氣體在等壓膨脹過程中溫度一定升高，C正確。

D.改變內(nèi)能的兩種方式：做功和熱傳遞；由于不清楚做功情況，所以內(nèi)能無法判斷，D錯誤。

E.氣體的壓強是大量分子頻繁撞擊器壁產(chǎn)生的，與有無重力無關(guān)，E錯誤。13、A:D【分析】【詳解】

A．運動員在加速上升過程中加速度向上；處于超重狀態(tài)，故A正確；

B．取向上為正，根據(jù)動量定理可得I﹣mgt=mv

解得v=﹣gt

故B錯誤；

C．該過程中；地面對運動員做的功為0，故C錯誤；

D．根據(jù)動量定理可得：該過程中，人的動量變化大小為△p=I﹣mgt

故D正確。

故選AD。14、A:C【分析】【詳解】

AB．根據(jù)牛頓第三定律可知A對B的作用力與B對A的作用力，等大反向，同時變化，而沖量所以沖量大小相等，A正確B錯誤．

CD．因為發(fā)生的是彈性碰撞，沒有能量損失，A減少的動能等于B增加的動能，而動能改變等于合外力的功，所以A球?qū)球所做功和B球?qū)球所做功相等，C正確D錯誤．15、A:B:D【分析】【詳解】

根據(jù)Ekm=hv-W0得，圖線的斜率表示普朗克常量h；縱軸截距的絕對值等于金屬的逸出功，等于E．當最大初動能為零時，入射光的頻率等于截止頻率，所以金屬的截止頻率為v0＝．根據(jù)AB正確．根據(jù)光電效應方程可知，入射光的頻率變?yōu)樵瓉淼?倍，由于逸出功不變，最大初動能不是原來的2倍．故C錯誤．逸出功等于E，則E=hv0，所以h=．或通過圖線的斜率求出k=h=．故D正確．故選ABD．

點睛：解決本題的關(guān)鍵掌握光電效應方程Ekm=hv-W0，知道最大初動能與入射光頻率的關(guān)系，并能根據(jù)數(shù)學知識對圖像的斜率和截距進行研究．三、填空題(共5題，共10分)16、略

【分析】試題分析：和小船組成的系統(tǒng)動量守恒；根據(jù)動量守恒定律求出船移動的位移大?。?/p>

船和人組成的系統(tǒng)，在水平方向上動量守恒，人在船上行進，船向右退，則有人從船頭走到船尾，設(shè)船相對水的位移為x，則人相對于水的位移為．

解得【解析】2m1m17、略

【分析】粒子恰好不從磁場中穿出時的軌道半徑：

由牛頓第二定律得：解得：

粒子要穿出磁場，速度：

粒子在磁場中做圓周運動的周期：

粒子穿過磁場需要的最長時間：．

點睛：粒子在磁場中做勻速圓周運動，由幾何知識求出粒子的最小軌道半徑，然后又牛頓第二定律求出粒子的速度，求出粒子的運動時間．【解析】18、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1]．24.11℃時飽和汽壓3.0kPa；相對濕度是60%，絕對濕度為。

P=3.0×0.6=1.8kPa[2]．因為絕對濕度=相對濕度×飽和氣壓，則絕對濕度不變時，溫度升高，則飽和氣壓變大，相對濕度變小?！窘馕觥?.8變小19、略

【分析】【詳解】

（1）線框受到的安培力由平衡條件可知，拉力

（2）拉力的功

（3）拉力功率：

（4）感應電動勢產(chǎn)生的焦耳熱

（5）感應電動勢電流電荷量【解析】20、略

【分析】【詳解】

[1][2][3]根據(jù)愛因斯坦光電效應方程

圖象的斜率表示普朗克常量h，橫軸的截距大小等于截止頻率，由圖知該金屬的截止頻率為4.31×1014Hz；金屬的逸出功為

[4]根據(jù)光電效應方程得

當入射光的頻率為時，代入數(shù)據(jù)解得最大初動能為

依據(jù)

解得

【點睛】

解決本題的關(guān)鍵掌握光電效應方程，知道最大初動能與入射光頻率的關(guān)系，并掌握光電效應方程，以及知道逸出功與極限頻率的關(guān)系，結(jié)合數(shù)學知識即可進行求解，同時注意遏止電壓與最大初動能的關(guān)系，及保留3位有效數(shù)字。【解析】普朗克常量h4.30×10142.86×10-190.5．四、作圖題(共3題，共6分)21、略

【分析】【詳解】

利用右手螺旋定則；已知電流的方向可判定磁場方向，也可以通過磁場方向來確定電流的方向；

圖甲；已知磁場方向，順時針方向，則電流垂直紙面向里；

圖乙；電流右側(cè)的磁場的方向向里，左側(cè)的磁場的方向向外，則電流的方向向上；

圖丙；已知磁場方向，則可知電流方向，逆時針方向；

圖丁；環(huán)形電流從左側(cè)流入，從右側(cè)流出，所以磁場的方向向下；

圖戊；根據(jù)螺線管中電流方向，利用右手螺旋定則可以確定螺線管的磁場的方向向左；

圖已；根據(jù)螺線管中上邊的電流方向向外，下邊的電流的方向向里，利用右手螺旋定則可以確定螺線管的磁場的方向向右．如圖所示：

【解析】22、略

【分析】試題分析：A圖中；在XX′偏轉(zhuǎn)電極所加的電壓的周期為2T，即在2T的時間內(nèi)才能完成一次水平方向的掃描，而豎直方向（y方向）的周期為T，所以在水平方向的一次水平掃描的過程中，豎直方向由2個周期性的變化；y方向的電壓變化為正弦式的變化，由于電子到達熒光屏的偏轉(zhuǎn)量與偏轉(zhuǎn)電壓成正比，所以A圖中的掃描圖形如圖；

要在熒光屏上得到待測信號在一個周期內(nèi)的穩(wěn)定圖象．XX′偏轉(zhuǎn)電極要接入鋸齒形電壓；即掃描電壓．

B圖中；在XX′偏轉(zhuǎn)電極所加的電壓的周期為T，即在一個周期T的時間內(nèi)完成一次水平方向的掃描，同時豎直方向的周期為T，所以在水平方向的一次水平掃描的過程中，豎直方向也完成一個周期性的變化；y方向的電壓大小不變，方向每半個周期變化一次，結(jié)合電子到達熒光屏的偏轉(zhuǎn)量與偏轉(zhuǎn)電壓成正比，所以B圖中的掃描圖形如圖．

考點：考查了示波器的工作原理。

【名師點睛】本題關(guān)鍵要清楚示波管的工作原理，示波管的YY′偏轉(zhuǎn)電壓上加的是待顯示的信號電壓，XX′偏轉(zhuǎn)電極通常接入鋸齒形電壓，即掃描電壓，當信號電壓與掃描電壓周期相同時，就可以在熒光屏上得到待測信號在一個周期內(nèi)的穩(wěn)定圖象【解析】23、略

【分析】【分析】

【詳解】

7s波向前傳播的距離為

7s后，故x=3.5m位置的原圖中x=0位置的振動情況相同；因此作出以下圖形。

【解析】五、實驗題(共2題，共20分)24、略

【分析】【詳解】

試題分析：“半偏電流法”測定電流表G的內(nèi)電阻Rg的實驗中，先閉合S1，R1必須調(diào)節(jié)到最高阻值是為了保護該電路的用電器；本實驗在的條件下，所以電流表兩端的電壓很小，S1閉合前，不須調(diào)節(jié)到最大；當接通時，有電流流過，和Rg并聯(lián)，并聯(lián)后的電阻減小，總電流增加，當電流表示數(shù)從滿偏電流調(diào)到半偏電流時，中電流稍大于一半，則

①該同學使用半偏法測電流表內(nèi)阻，所以第一步使電流表滿偏后，第二步應閉合條件電阻箱使電流表指針指在刻度盤的中央；故B正確；

②因為分擔的電流近似等于電流表的電流，并且兩者的電壓相等，所以B正確；

③S2打開與閉合，近似認為干路中電流不變，前提是．故實驗器材選擇應滿足①電源電動勢盡可能大，②盡可能大．則C正確

④當接通時，有電流流過，和并聯(lián)，并聯(lián)后的電阻減小，總電流增加，當電流表示數(shù)從滿偏電流I1調(diào)到半偏電流時，R′中電流稍大于則小于

⑤電流表改裝成電壓表要串聯(lián)電阻分壓：【解析】BBC小于串1488025、略

【分析】【詳解】

①油膜法估測油酸分子的大小”實驗步驟為：配制酒精油酸溶液（教師完成，記下配制比例）→測定一滴酒精油酸溶液的體積→準備淺水盤（c）→形成油膜（a）→描繪油膜邊緣（d）→測量油膜面積（b）→計算分子直徑（b）

②根據(jù)則有：

A.錯誤地將油酸酒精溶液的體積直接作為油酸的體積進行計算；則計算時所用體積數(shù)值偏大，會導致計算結(jié)果偏大，故A正確；

B.水面上痱子粉撒得較多，油膜沒有充分展開，則測量的面積S偏??；導致結(jié)果計算偏大，故B正確；

C.計算油膜面積時，將不完整的方格作為完整方格處理，則計算所用的面積S偏大，會導致計算結(jié)果偏小，故C錯誤【解析】cadbAB六、解答題(共4題，共8分)26、略

【分析】【詳解】

(1)棒MN做勻加速運動，由牛頓第二定律得：F-BIL=ma

棒MN做切割磁感線運動，產(chǎn)生的感應電動勢為：E=BLv

棒MN做勻加速直線運動，5s時的速度為：v=at1=2m/s

在兩棒組成的回路中，由閉合電路歐姆定律得：

聯(lián)立上述式子，有：

代入數(shù)據(jù)解得：F=0.5N

5s時拉力F的功率為：P=Fv