2025年人教版（2024）高二物理下冊階段測試試卷

…………○…………內…………○…………裝…………○…………內…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年人教版（2024）高二物理下冊階段測試試卷484考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五六總分得分評卷人得分一、選擇題(共5題，共10分)1、在勻強磁場中某處P放一個長度為L=20cm；通電電流I=0.5A的直導線，測得它受到的最大安培力F=1.0N，其方向豎直向上，現(xiàn)將該通電導線從磁場中撤走，則P處的磁感應強度為（）

A.零。

B.10T；方向肯定不是豎直向上。

C.0.1T；方向豎直向上。

D.10T；方向豎直向上。

2、美國的“大鳥”偵察衛(wèi)星可以發(fā)現(xiàn)地面上邊長僅為0.36m

的方形物體，它距離地面高度僅有16km

理論和實踐都表明：衛(wèi)星離地面越近，它的分辨率就越高，那么分辨率越高的衛(wèi)星(

)

A.向心加速度一定越大B.角速度一定越小C.周期一定越大D.速度一定越小3、如圖甲所示，在水平面上固定有平行長直金屬導軌ab和cd，bd端接有電阻R．導體棒ef垂直軌道放置在光滑導軌上，導軌電阻不計。導軌右端區(qū)域存在垂直于導軌面的勻強磁場，且磁感應強度B隨時間t的變化規(guī)律如圖乙所示。在t=0時刻，導體棒以速度v0從導軌的左端向右運動，經過時間2t0開始進入磁場區(qū)域；取磁場方向垂直紙面向里為磁感應強度B的正方向，回路中順時針方向為電流正方向，則回路中的電流i隨時間t的變化規(guī)律圖象可能是（）

A.B.C.D.4、物體做單一方向的直線運動，用正、負號表示方向的不同，根據給出速度和加速度的正負，下列對運動情況判斷正確的是()A.v0>0>0a<0a<0物體的速度越來越大B.v0<0<0a<0a<0物體的速度越來越小C.v0<0<0a>0a>0物體的速度越來越大D.v0>0>0a>0a>0物體的速度越來越大5、一個單擺做受迫振動；其共振曲線(

振幅A

與驅動力的頻率f

的關系)

如圖所示，則(

)

A.此單擺的固有周期約為0.5s

B.此單擺的擺長約為1m

C.若擺長增大，單擺的固有頻率增大D.若擺長增大，共振曲線的峰將向右移動評卷人得分二、多選題(共8題，共16分)6、(

多選)

物體b

在力F

作用下將物體a

壓向光滑的豎直墻壁，如圖所示，a

處于靜止狀態(tài).

現(xiàn)增大力F

則下列說法中正確的是()

A.a

受到的摩擦力有兩個B.a

受到的摩擦力大小不隨F

變化而變化C.b

受到地面的支持力大小隨F

的增大而增大D.b

受到地面的支持力大小等于ab

的重力之和7、關于元電荷下列說法正確的是(

)

A.元電荷實際上是指電子和質子本身B.所有帶電體的電荷量一定等于元電荷的整數倍C.元電荷的值通常取作e=1.60隆脕10鈭?19C

D.電荷量e

的數值最早是由美國科學家密立根用實驗測得的8、關于生活中的熱學現(xiàn)象，下列說法正確的是_____。E.一輛空載的卡車停于水平地面，在緩慢裝沙過程中，若車胎不漏氣，胎內氣體溫度不變，不計分子間勢能，則胎內氣體向外界放熱A.夏天和冬天相比，夏天的氣溫較高，水的飽和汽壓較大，在相對濕度相同的情況下，夏天的絕對濕度較大B.民間常用“撥火罐”來治療某些疾病，方法是用鑷子夾一棉球，沾一些酒精，點燃，在罐內迅速旋轉一下再抽出，迅速將火罐開口端緊壓在皮膚上，火罐就會緊緊地被“吸”在皮膚上，其原因是，當火罐內的氣體體積不變時，溫度降低，壓強增大C.盛有氧氣的鋼瓶，在27℃的室內測得其壓強是9．0xl06Pa．將其搬到-3℃的工地上時，測得瓶內氧氣的壓強變?yōu)?.8×106Pa，通過計算可判斷出鋼瓶漏氣D.汽車尾氣中各類有害氣體排人大氣后嚴重污染了空氣，想辦法使它們自發(fā)地分離，既清潔了空氣又變廢為寶9、如圖所示（俯視圖），在光滑的水平面上，寬為l的區(qū)域內存在一勻強磁場，磁場方向垂直水平面向下．水平面內有一不可形變的粗細均勻的等邊三角形閉合導體線框CDE（由同種材料制成），邊長為l．t=0時刻，E點處于磁場邊界，CD邊與磁場邊界平行．在外力F的作用下線框沿垂直于磁場區(qū)域邊界的方向勻速穿過磁場區(qū)域．從E點進入磁場到CD邊恰好離開磁場的過程中，線框中感應電流I（以逆時針方向的感應電流為正）、外力F（水平向右為正方向）隨時間變化的圖象（圖象中的t=曲線均為拋物線）可能正確的有（）A.B.C.D.10、如圖所示；L為理想電感線圏，A；B為兩個相同燈泡，燈泡不會燒毀，則（）

A.合上S時，A先亮，B后亮B.合上S時，B同時亮，之后A不熄滅，B熄滅C.斷開S時，A先閃亮后很快熄滅，B越來越暗D.斷開S時，A立即熄滅，B先閃亮后再熄滅．11、只含有ab兩種單色光的復色光由某種介質射向真空，光路如圖所示，則下列說法正確的是（）A.a光在玻璃磚中的傳播速度比b光大B.a光的頻率比b光大C.a光的臨界角比b光小E.a、b通過相同的雙縫干涉實驗裝置，a光的條紋間距比b光大E.a、b通過相同的雙縫干涉實驗裝置，a光的條紋間距比b光大12、把兩孔小用細線接，置于光滑平面上，如圖所示，間一根已壓縮輕彈簧.

燒斷細線，小球將分別向兩側彈開.

彈開程，列說法正確(

)

A.兩小球組成的系統(tǒng)動量守恒B.兩小球加速度相等C.質量大的小球動量增量大D.兩小球和彈簧組成的系統(tǒng)機械能守恒13、如圖所示，足夠長的光滑導軌傾斜放置，其下端連接一個定值電阻R

勻強磁場垂直于導軌所在平面，將ab

棒在導軌上無初速度釋放，當ab

棒下滑到穩(wěn)定狀態(tài)時，速度為v

電阻R

上消耗的功率為P.

導軌和導體棒電阻不計.

下列判斷正確的是(

)

A.導體棒的a

端比b

端電勢低B.ab

棒在達到穩(wěn)定狀態(tài)前做加速度減小的加速運動C.若磁感應強度增大為原來的2

倍，其他條件不變，則ab

棒下滑到穩(wěn)定狀態(tài)時速度將變?yōu)樵瓉淼?2

D.若換成一根質量為原來2

倍的導體棒，其他條件不變，則當ab

棒下滑到穩(wěn)定狀態(tài)時電阻R

上消耗的功率將變?yōu)樵瓉淼?

倍評卷人得分三、填空題(共7題，共14分)14、如圖所示，水平向左的勻強電場，一根不可伸長的絕緣細線長度為L，細線一端拴一個質量為m，帶負電小球，另一端固定在O點，把小球拉到使細線水平的位置A，然后由靜止釋放，小球沿弧線運動到細線與水平方向成角的位置B時速度為零。（1）該小球在B點的電勢能比在A點時（大、?。?。（2）小球所受電場力與重力之比為____。（3）小球從A到B過程中，電場力做功。（4）小球從A到B過程中，最大動能為。15、磁場對運動電荷的作用力稱為____，當電荷的運動方向與磁場方向垂直時磁場對電荷的作用力最大，其大小為____，當電荷的運動方向與磁場方向平行時，磁場對電荷的作用力等于____．16、飽和氣壓與溫度有關，而與體積無關．______．（判斷對錯）17、如圖所示，質量為3.0kg

的小車在光滑水平軌道上以2.0m/s

速度向右運動.

一股水流以2.4m/s

的水平速度自右向左射向小車后壁，已知水流流量為5.0隆脕10鈭?5m3/s

射到車壁的水全部流入車廂內.

則經過t=

______s

時間小車就開始反向運動.(

水的密度為1.0隆脕103kg/m3)

18、英國物理學家麥克斯韋認為：變化的磁場________(

選填“能”或“不能”)

產生電場.

電磁波按照波長由長到短排列依次是：無線電波、紅外線、可見光、________、X

射線和婁脙

射線．19、分)

利用圖中所示的裝置可以研究自由落體運動.

實驗中需要調整好儀器，接通打點計時器的電源，松開紙帶，使重物下落，打點計時器會在紙帶上打出一系列的小點．

(1)

若實驗時用到的計時器為電磁打點計時器，打點計時器的安裝要使兩個限位孔在同一________(

選填“水平”或“豎直”)

線上，以減少摩擦阻力．(2)

實驗過程中，下列說法正確的是________A.

接通電源的同時要立刻釋放重物B.

選取紙帶時要選取第1

個計數點與第2

個計數點之間的距離接近4mm

且清晰的紙帶C.

釋放重物之前要讓重物靠近打點計時器D.

為了使實驗數據更加準確，可取多次測量結果的平均值(3)

為了測得重物下落的加速度，還需要的實驗器材有________A.

天平B.

秒表C.

米尺20、在電場中某點放入一個點電荷，其帶電量是2.0隆脕10鈭?6C

受到的電場力是1.0隆脕10鈭?3N

方向向右，則該點的電場強度大小為______N/C

若在該點改放鈭?1.0隆脕10鈭?6C

的電荷，則該點的電場強度方向______．評卷人得分四、判斷題(共4題，共40分)21、只有沿著電場線的方向電勢才會降低，所以電勢降低的方向就一定是電場強度的方向．（判斷對錯）22、如圖所示，有一水平方向的勻強電場，場強大小為9000N/C，在電場內一水平面上作半徑為10cm的圓，圓上取A、B兩點，AO沿E方向，BO⊥OA，另在圓心處放一電量為10﹣8C的正點電荷，則A處場強大小EA為零．________（判斷對錯）

23、電勢差有正有負，所以是矢量，且電場中兩點間的電勢差隨著零電勢點的選取變化而變化．（判斷對錯）24、如圖所示，有一水平方向的勻強電場，場強大小為9000N/C，在電場內一水平面上作半徑為10cm的圓，圓上取A、B兩點，AO沿E方向，BO⊥OA，另在圓心處放一電量為10﹣8C的正點電荷，則A處場強大小EA為零．________（判斷對錯）

評卷人得分五、證明題(共2題，共4分)25、如圖，兩根勁度系數分別為K1、K2的輕質彈簧與小球相連結，另外一端固定不動。整個裝置位于光滑的水平地面上。當小球位于O點時，兩彈簧均處于原長狀態(tài)。今把小球沿彈簧軸線方向拉離O一小段距離后放手。證明小球此后的運動為簡諧運動。26、如圖，兩根勁度系數分別為K1、K2的輕質彈簧與小球相連結，另外一端固定不動。整個裝置位于光滑的水平地面上。當小球位于O點時，兩彈簧均處于原長狀態(tài)。今把小球沿彈簧軸線方向拉離O一小段距離后放手。證明小球此后的運動為簡諧運動。評卷人得分六、綜合題(共3題，共6分)27、“神州五號”載人飛船成功發(fā)射，如果你想通過同步衛(wèi)星轉發(fā)的無線電話與楊利偉通話，則在你講完話后，至少要等多長時間才能聽到對方的回話？（已知地球的質量為M=6.0×1024kg，地球半徑為R=6.4×106m，萬有引力恒量G=6.67×10-11N?m2/kg2）28、

(

選修隆陋1)

(1)

通過一系列實驗；發(fā)現(xiàn)了電流的發(fā)熱規(guī)律的物理學家是________．

A.焦耳B.

庫侖C.

安培D.

法拉第。

(2)

如圖所示的直線電流磁場的磁感線；正確的是________．

A.B.C.D.

(3)

移動通信誕生于19

世紀末；發(fā)展到20

世紀中葉以后個人移動電話逐漸普及，如圖所示.

下列關于移動電話功能的判斷正確的是________．

A.移動電話可以發(fā)射電磁波。

B.移動電話不可以接收電磁波。

C.移動電話只是一個電磁波發(fā)射器。

D.移動電話只是一個電磁波接收器。

(4)

真空中有兩個點電荷；它們之間的相互作用力為F

若將每個點電荷的電荷量都增加一倍，同時使它們之間的距離減半，那么它們之間的相互作用力將變?yōu)開_______．

A.16FB.4FC

．F4

D.F16

(5)

如圖；桌面上放一閉合金屬線圈，把一豎立的條形磁鐵從位置A

快速移到桌面上的位置B

則此過程線圈中(

填“有”或“無”)

感應電流.

若此實驗做了兩次，磁鐵從位置A

移到位置B

的時間第一次比第二次長，則線圈中產生的感應電動勢，第一次比第二次________(

填“大”或“小”)

．

(6)

如圖所示，水平放置的兩平行金屬導軌abcd

間距為0.5m

其上垂直于導軌放置質量為0.05kg

的直金屬棒，整個裝置放在方向跟導軌平行的勻強磁場中.

當金屬棒中的電流為2A

時，它對導軌的壓力恰好為零，取g=10m/s2.

求磁感應強度的大小和方向．

(

選修3隆陋1)

(1)

下列說法正確的是________.A.

由庫侖定律F=kq1q2r2

可知，當r隆煤0

時；F隆煤隆脼B.

處于靜電平衡狀態(tài)的導體內部電場強度處處為0C.

電場中某點的電場強度越大，則該點的電勢越高D.

電場線與等勢面平行。

(2)

如圖所示是某一磁場部分磁感線的分布示意圖；PQ

是其中一條磁感線上的兩點，關于這兩點的磁感應強度，下列判斷正確的是________．

A.P

點的磁感應強度比Q

點的大。

B.P

點的磁感應強度比Q

點的小。

C.PQ

兩點的磁感應強度大小相等。

D.無法比較PQ

兩點的磁感應強度大小。

(3)

如圖所示為一勻強電場；某帶電粒子從A

點運動到B

點，在這一運動過程中克服重力做的功為2.0J

電場力做的功為1.5J.

則下列說法中正確的是________．

A.粒子帶負電B.

粒子在A

點的電勢能比在B

點少1.5JC.

粒子在A

點的動能比在B

點多1.5JD.

粒子在A

點的機械能比在B

點少1.5J

(4)

如圖所示；平板下方有垂直紙面向外的勻強磁場，一個質量為m

電荷量為q

的粒子(

小計重力)

在紙面內沿垂直于平板的方向從板上小孔P

射人磁場，并打在板上的Q

點，已知磁場的磁感應強度為B

粒子的速度大小為v

由此可知________．

A.該帶電粒子帶正電，PQ

間的距離L=2mvqB

B.該帶電粒子帶正電，PQ

間的距離L=mvqB

C.該帶電粒子帶負電，PQ

間的距離L=2mvqB

D.該帶電粒子帶負電，PQ

間的距離L=mvqB

(5)

某同學使用多用電表測量小燈泡的電壓和通過小燈泡的電流；他利用如圖甲；乙所示的電路進行了正確的操作和測量，圖________(

填“甲”或“乙”)

中多用電表測量的是通過小燈泡的電流，圖________(

填“甲”或“乙”)

中多用電表測量的是小燈泡兩端的電壓．

(6)

如圖所示，水平放置的兩根平行金屬導軌相距L=0.4m

上面有一金屬棒PQ

垂直導軌放置，并處于豎直向上的勻強磁場中，磁場的磁感應強度大小8=0.5T

與導軌相連的電源電動勢E=d.5V

內阻r=1.0婁賂

電阻R=8.0婁賂

其他電阻不計，閉合開關S

后，金屬棒PQ

仍然靜止不動.

求：

壟脵

閉合回路中電流的大??；壟脷

金屬棒PQ

所受安培力的大小和方向；壟脹

金屬棒PQ

所受靜摩擦力的大?。?/p>

29、(1)

聲波在空氣中的傳播速度為340m/s

在鋼鐵中的傳播速度為4900m/s

一平直橋由鋼鐵制成，某同學用錘子敲擊一下橋的一端發(fā)出聲音，分別經空氣和橋傳到另一端的時間之差為1.00s

橋的長度為_______m

若該波在空氣中的波長為婁脣

則它在鋼鐵中波長為婁脣

的_______倍。(2)

如圖，鈻?ABC

是一直角三棱鏡的橫截面，鈭?A=90鈭?鈭?B=60鈭?

一細光束從BC

邊的D

點折射后，射到AC

邊的E

點，發(fā)生全反射后經AB

邊的F

點射出。EG

垂直于AC

交BC

于GD

恰好是CG

的中點。不計多次反射。

(i)

求出射光相對于D

點的入射光的偏角；(ii)

為實現(xiàn)上述光路，棱鏡折射率的取值應在什么范圍？參考答案一、選擇題(共5題，共10分)1、B【分析】

由題意；通電導線放入磁場中所受安培力最大，說明導線與磁場垂直，則有F=BIL

得B==T=10T

因磁感應強度B方向與安培力方向是垂直關系．故知B的方向肯定不豎直向上．故B正確．

故選B

【解析】【答案】當通電導線垂直放入磁場中時；所受的安培力最大，由F=BIL求得磁感應強度B．磁感應強度B方向與安培力方向是垂直關系．

2、A【分析】解：根據萬有引力提供向心力。

F脥貌=F脧貌

GMmr2=ma=m婁脴2r=m4婁脨2T2r=mv2r

所以有以下結論。

a=GMr2婁脴=GMr3T=2婁脨r3GMv=GMr

．

A、根據a=GMr2r

越??；a

越大.

故A正確．

B、根據婁脴=GMr3r

越??；婁脴

越大.

故B錯誤．

C、根據T=2婁脨r3GMr

越小；T

越小.

故C錯誤．

D、根據v=GMrr

越??；v

越大.

故D錯誤．

故選A．

分辨率越高，可知r

越小；根據萬有引力提供向心力，找出向心加速度；角速度、線速度、周期與軌道半徑的關系．

解決本題的關鍵是熟練掌握根據萬有引力提供向心力GMmr2=ma=m婁脴2r=m4婁脨2T2r=mv2r

．【解析】A

3、A【分析】解：根據法拉第電磁感應定律可得，在0～2t0時間內，產生的感應電動勢E1=為定值；則感應電流為定值，根據楞次定律可得回路中電流方向為逆時針，即負方向；

導體棒進入磁場的過程中，感應電流i===-隨著速度減??；安培力減小、則加速度a減小，i-t圖象的斜率減小，根據右手定則可得電流方向為順時針。

所以A正確；BCD錯誤；

故選：A。

根據法拉第電磁感應定律和閉合電路的歐姆定律求解感應電流隨時間的變化關系；再根據楞次定律或右手定則判斷電流方向。

對于圖象問題，關鍵是能夠根據已知的公式、定律等推導出橫坐標和縱坐標的關系式，分析斜率的變化，然后作出正確的判斷?！窘馕觥緼4、D【分析】【分析】當速度的方向和加速度的方向相同時，物體就做加速運動，當速度的方向和加速度的方向相反時，物體就做減速運動。物體做加速還是減速運動，不是看速度或加速度的正負，而是看它們的方向是否相同，本題比較簡單。【解答】A.因為v

為正、a

為負，速度和加速度的方向相反，所以物體是做減速運動，速度越來越小，故A錯誤；B.因為v

為負、a

為負，速度和加速度的方向相同，所以物體是做加速運動，速度越來越大，故B錯誤；C.因為v

為負、a

為正，速度和加速度的方向相反，所以物體是做減速運動，速度越來越小，故C錯誤；D.因為v

為正，a

為正，速度和加速度的方向相同，所以物體是做加速運動，速度越來越大，故D正確。故選D?！窘馕觥緿

5、B【分析】解：A

由圖可知；此單擺的振動頻率與固有頻率相等，則周期為2s.

故A錯誤；

B、由圖可知，此單擺的振動頻率與固有頻率相等，則周期為2s.

由公式T=2婁脨Lg

可得L隆脰1m.

故B正確；

C；若擺長增大；單擺的固有周期增大，則固有頻率減小.

故C錯誤；

D；若擺長增大；則固有頻率減小，所以共振曲線的峰將向左移動.

故D錯誤；

故選：B

由共振曲線可知；出現(xiàn)振幅最大，則固有頻率等于受迫振動的頻率．

受迫振動的頻率等于驅動力的頻率；當受迫振動中的固有頻率等于驅動力頻率時，出現(xiàn)共振現(xiàn)象．【解析】B

二、多選題(共8題，共16分)6、BD【分析】【分析】對a

受力分析，根據共點力平衡判斷a

所受摩擦力的大小和方向。解決本題的關鍵是隔離對a

分析，根據共點力平衡進行求解?！窘獯稹緼BAB對aa由平衡條件得，豎直方向上bb對aa的摩擦力大小等于aa的重力，選項A錯誤；選項B正確；

CDCD對aabb整體，由平衡條件得，bb受到地面的支持力大小等于aabb的重力之和，選項C錯誤，選項D正確；

故選BD。

【解析】BD

7、BCD【分析】解：A

元電荷是指電子或質子所帶的電荷量；數值為e=1.60隆脕10鈭?19C

故A項錯誤，C

項正確；

B；所有帶電體的電荷量都等于元電荷的整數倍；B

項正確；

D；電荷量e

的數值最早是由美國科學家密立根用實驗測得的；D

也正確．

故選：BCD

電子的帶電量最??；質子的帶電量與電子相等，但電性相反，故物體的帶電量只能是電子電量的整數倍，人們把這個最小的帶電量叫做叫做元電荷．

元電荷是帶電量的最小值，它本身不是電荷，所帶電量均是元電荷的整數倍.

且知道電子的電量與元電荷的電量相等，同時讓學生明白電荷量最早是由美國科學家密立根用實驗測得．【解析】BCD

8、A:C:E【分析】夏天和冬天相比，夏天的氣溫較高，水的飽和汽壓較大，在相對濕度相同的情況下，夏天的絕對濕度較大，選項A正確；民間常用“撥火罐”的原理是：根據可知，當火罐內的氣體體積不變時，溫度降低，壓強減小，選項B錯誤；盛有氧氣的鋼瓶，在27℃的室內測得其壓強是9.0xl06Pa．將其搬到-3℃的工地上時，測得瓶內氧氣的壓強變?yōu)?.8×106Pa；若不漏氣，則氣體做等容變化，有得由于P2＞7.8×106Pa，所以鋼瓶在搬運過程中漏氣通過計算可判斷出鋼瓶漏氣，選項C正確；分散在環(huán)境中的內能不管數量有多么巨大，卻再也不能驅動機器做功了，這是“能量耗散”的過程，故D錯誤；質量一定時，溫度是氣體內能的標志，由題，胎內氣體溫度不變，則內能不變．在緩慢裝沙過程中，外界對氣體做功，故氣體應向外界放熱，故E正確．故選ACE.9、BD【分析】解：A、線框的位移：x=vt，切割磁感線的有效長度：L=2xtan30°=t，感應電流：I===t；線框進入與粒子磁場過程L都增大，感應電流都增大，線框完全在磁場中感應電流為零，由右手定則可知，線框進入磁場過程安培力沿逆時針方向，為正的，離開磁場過程，感應電流沿順時針方向，為負的，故A錯誤，B正確；

C、線框的位移：x=vt，切割磁感線的有效長度：L=2xtan30°=t，安培力：F安培=BIL==t2，線框做勻速運動，由平衡條件可知，F(xiàn)=F安培=t2；由左手定則可知，安培力水平向左，則拉力水平向右，故C錯誤，D正確；

故選：BD．

由E=BLv求出感應電動勢；由歐姆定律求出電流，由安培力公式求出安培力，由平衡條件求出拉力，然后分析答題．

本題考查了電流與外力隨時間的變化關系，應用E=BLv、歐姆定律、安培力公式即可正確解題，求感應電動勢時，要注意求出切割磁感線的有效長度．【解析】【答案】BD10、BD【分析】解：A；合上開關時；AB直接串聯(lián)，故兩燈同時亮；之后，L的阻礙作用減弱，則B被短路；A越來越亮；B慢慢熄滅；故A錯誤；B正確；

C；斷開時；A瞬間熄滅；L中的電流通過B，故B閃亮后再慢慢熄滅；故C錯誤；D正確；

故選：BD．

電感線圈L中電流變化時；會產生自感電動勢，阻礙電流的變化；故電鍵接通瞬間通過線圈的電流緩慢增加，電鍵斷開瞬間通過線圈的電流緩慢減少．

本題考查了通電自感和斷電自感，關鍵要明確線圈中的自感電動勢總是阻礙電流的增加和減小，即總是阻礙電流的變化．【解析】【答案】BD11、ADE【分析】解：

A、C、D、由圖看出b光發(fā)生了全反射，而a光未發(fā)生全反射，說明b光的臨界角小于a光的臨界角，根據全反射臨界角公式sinC=知，a光的折射率比b光的折射率小．

根據v=得，a光在玻璃磚中的傳播速度比b光大．故AD正確；C錯誤．

B、a光的折射率比b光小，則a光的頻率比b光?。蔅錯誤．

E、a光的頻率小，波長長，而干涉條紋的間距與波長成正比，則知a、b通過相同的雙縫干涉實驗裝置，a光的條紋間距比b光大．故E正確．

故答案為：ADE．

根據b光發(fā)生了全反射，a光未發(fā)生全反射，通過臨界角，由公式sinC=比較出a、b兩光的折射率，從而得出兩光的頻率大小，結合v=比較出在介質中傳播速度的大小．根據干涉條紋的間距與波長成正比；分析干涉條紋間距的大?。?/p>

解決本題的突破口通過臨界角比較出折射率的大小，并掌握頻率、波長、在介質中的速度等等等與折射率的關系．【解析】【答案】ADE12、AD【分析】解：兩小球組成的系所受外力為零；系統(tǒng)動守，故正確；

彈簧彈開過程中；有彈簧彈力做功系統(tǒng)械能守恒故D正；

兩小球到的合外力等彈簧的彈力；彈簧對兩小球的力大小相等，球所受合外力相，由于知的關系，無法判斷球的速度關系，B錯誤；

故選：D

統(tǒng)所受合力為為零；系統(tǒng)動量守恒，只有重力或有力做功，系機械能守，應量恒與械能守恒定律；牛頓第定析答題．

本題查了斷動與機能是否守、比較加速度與動增量是否相等問，應用動量守定律、機械能恒定律牛頓第二、動量理即正確解題．【解析】AD

13、BD【分析】解：A

導體棒ab

下滑過程中，由右手定則判斷感應電流I

在導體棒ab

中從b

到a

電源內部電流由低電勢到高電勢，則a

端比b

端電勢高；故A錯誤；

B、導體棒ab

開始下滑時速度增大，感應電動勢增大，感應電流增大，安培力增大，如果導軌足夠長，當F擄虜=BIL=mgsin婁脠

時達到最大速度，之后做勻速直線運動，速度不再增大，安培力不變，因此ab

棒在達到穩(wěn)定狀態(tài)前做加速度減小的加速運動；故B正確；

C、穩(wěn)定時，有mgsin婁脠?vm=(BLvm)2R

得穩(wěn)定時的速度，即最大速度為vm=mgRsin婁脠B2L2

可知磁感應強度增大為原來的2

倍，其他條件不變，則ab

棒下滑到穩(wěn)定狀態(tài)時速度將變?yōu)樵瓉淼?4

故C錯誤；

D、穩(wěn)定時，電阻R

上消耗的功率P=mgsin婁脠?vm=mgsin婁脠?mgRsin婁脠B2L2=m2g2Rsin2婁脠B2L2

則知換成一根質量為原來2

倍的導體棒，其他條件不變，則導體棒下滑到穩(wěn)定狀態(tài)時R

的功率將變?yōu)樵瓉淼?

倍.

故D正確．

故選：BD

．

根據右手定則判斷感應電流的方向；即可分析電勢的高低.

根據左手定則判斷安培力的方向，通過速度的變化，得出感應電動勢的變化，判斷感應電流的變化，從而得出安培力的變化.

根據能量守恒判斷機械能的變化，根據克服安培力做功與產生的電能關系判斷安培力做功與燈泡消耗電能的關系．

解決這類導體棒切割磁感線產生感應電流問題的關鍵時分析導體棒受力，進一步確定其運動性質，并明確判斷過程中的能量轉化及功能關系如安培力做負功量度了電能的產生，克服安培力做多少功，就有多少電能產生．【解析】BD

三、填空題(共7題，共14分)14、略

【分析】①負電荷所受電場力水平向左，由A運動到B電場力做負功，電勢能增大②根據對稱性可知，小球處在AB中點位置時切線方向合力為零，此時細線與水平方向夾角恰為30°，根據三角函數關系可得：qEsin30°＝mgcos30°，可知Eq＝mg③由電場力做功的公式W=-qEL(1-cos60°)=-④當小球運動到半徑與水平方向成30°角時速度最大，由動能定理【解析】【答案】①大②③④15、洛倫茲力qvB0【分析】【解答】洛侖茲力是磁場對運動電荷的作用力，磁場對運動電荷的作用力稱為洛倫茲力；洛倫茲力的大小的計算公式：F=qvBsinθ，其中θ是B與v的夾角．若磁場對運動電荷的作用力大小為f=qvB；則電荷的運動方向與磁場方向應垂直．當電荷的速度方向與磁場方向互相平行時，洛倫茲力大小等于0．

故答案為：洛倫茲力，qvB；0

【分析】磁場對運動電荷的作用力叫洛倫茲力，洛倫茲力的方向根據左手定則；洛倫茲力的大小的計算公式：F=qvBsinθ，其中θ是B與v的夾角．16、略

【分析】解：飽和汽壓是物質的一個重要性質；它的大小取決于物質的本性和溫度；故一定溫度下的飽和汽的分子數密度是一定值，相同溫度下不同液體的飽和汽壓一般是不同的；溫度越高，液體越容易揮發(fā)，故飽和汽壓隨溫度的升高而增大，而飽和汽壓與氣體的體積無關．所以該說法是正確的．

故答案為：√

飽和汽壓是物質的一個重要性質；它的大小取決于物質的本性和溫度．飽和汽壓越大，表示該物質越容易揮發(fā)．

解決本題的關鍵是知道：1．飽和汽壓的大小取決于物質的本性和溫度，與體積無關．2．飽和狀態(tài)下的汽體不遵循理想氣體實驗定律，未飽和汽近似遵守理想氣體定律．【解析】√17、略

【分析】解：由題意可知；小車質量m=3.0kg

速度v1=2.0m/s

水流速度v2=2.4m/s

水流流量Q=5.0隆脕10鈭?5m3/s

水的密度婁脩=1.0隆脕103kg/m3

．

設經t

時間；流人車內的水的質量為M

此時車開始反向運動，車和水流在水平方向沒有外力，系統(tǒng)動量守恒，以小車的初速度方向為正方向，由動量守恒定律得：

mv1鈭?Mv2=0壟脵

水的質量：M=婁脩V壟脷

水的體積：V=Qt壟脹

由以上各式帶入數據解得：t=50s壟脺

故答案為：50

．

要使小車的速度反向；則小車至少應速度減小到零.

車與水組成的系統(tǒng)在水平方向動量守恒，由密度公式；動量守恒定律可以求出時間．

本題考查動量守恒定律，要注意在題意中要找出正確的條件，明確正方向，再利用動量守恒進行研究．【解析】50

18、能紫外線。

【分析】【分析】

麥克斯韋建立了電磁場理論；預言了電磁波的存在，明確變化的磁場可以產生電場；

電磁波按波長由長到短的排列順序是無線電波、紅外線、可見光、紫外線、x

射線、婁脙

射線。本題考查電磁波理論以及電磁波譜；要注意明確麥克斯韋的電磁場理論內容，同時對電磁波的波長長短順序要加強記憶，便于解題。

【解答】

麥克斯韋建立了電磁場理論：變化的電場周圍產生磁場；變化的磁場周圍產生電場；

電磁波中波長最長的是無線電波；波長最短的是婁脙

射線，電磁波按波長由長到短的排列順序是無線電波；紅外線、可見光、紫外線、x

射線、婁脙

射線。

故答案為：能；紫外線?！窘馕觥磕茏贤饩€。

19、（1）豎直（2）CD（3）C【分析】解決實驗問題首先要掌握該實驗原理，了解實驗的儀器、操作步驟和數據處理以及注意事項..明確實驗中可能面臨的誤差情況。(1)(1)打點計時器的兩個限位孔如果不在在同一豎直線上..紙帶運動中就會與限位孔之間有摩擦，重物下落時要克服這個阻力做功，重力勢能不能全部轉化為動能，實驗存在誤差..紙帶與限位孔之間的摩擦是無法避免的，這樣做只能減小紙帶與限位孔之間的摩擦。(2)A(2)A應先接通電源，穩(wěn)定后再釋放紙帶，故A錯誤；

B、選擇紙帶時應選擇點跡清楚，前兩個點間距接近2mm2mm的紙帶，故B錯誤；

C、釋放重物時，應讓重物靠近紙帶；故C正確；

D、實驗中需對多條紙帶進行處理即需要多測幾次；故D正確。

故選CD。

(3)(3)據運動學公式得：鈻?x=attrianglex=at2，為了測試重物下落的加速度，還需要的實驗器材有：米尺，用來測量計數點之間的距離，

該實驗中不需要天平，通過打點計時器打點的時間間隔可以計算出計數點之間的時間間隔，所以也不需要秒表。

故選C。本題考查驗證自由落體運動的實驗，要清楚實驗中需要測量的物理量，從中知道需要的儀器和多余的儀器，

知道實驗原理，清楚實際情況下存在的誤差?！窘馕觥?1)

豎直(2)CD(3)C

20、略

【分析】解：正試探電荷在該點所受的電場力方向向右；則該點的電場方向向右.

該點的電場強度為：

E=Fq=1隆脕10鈭?32.0隆脕10鈭?6N/C=500N/C

電場強度取決于電場本身；與有無試探電荷無關，在該點改放鈭?1.0隆脕10鈭?6C

的電荷，該點的場強仍為500N/C

電場強度方向向右．

故答案為：500

向右。

電場強度的方向與正電荷在該點所受的電場力方向相同，電場強度的大小由場強的定義式E=Fq

求出.

電場強度取決于電場本身；與有無試探電荷無關．

明確場強的定義式采用比值法定義；電場強度取決于電場本身，與有無試探電荷無關和場強方向的規(guī)定是解題關鍵．【解析】500

向右四、判斷題(共4題，共40分)21、B【分析】【解答】解：沿著電場線方向；電勢降低，且降低最快；

那么電勢降低最快的方向才是電場線的方向；但電勢降低的方向不一定是電場線的方向，故錯誤；

故答案為：錯誤．

【分析】電場強度和電勢這兩個概念非常抽象，借助電場線可以形象直觀表示電場這兩方面的特性：電場線疏密表示電場強度的相對大小，切線方向表示電場強度的方向，電場線的方向反映電勢的高低．22、A【分析】【解答】解：點電荷在A點的場強

根據場強的疊加原理得；則兩點的場強是由正點電荷和勻強電場場強的合成，A點的場強大小為。

EA=E點﹣E勻=9×103N/C﹣9×103N/C=0；所以A處場強大小為0

故答案為：正確。

【分析】根據公式E=k求出點電荷在A點處產生的場強大小，判斷出場強方向，A點的場強是由正點電荷和勻強電場場強的合成，根據平行四邊形定則求解A點處的場強大小及方向．23、B【分析】【解答】解：電勢差類似于高度差；沒有方向，是標量，正負表示電勢的相對大?。?/p>

兩點間的電勢差等于電勢之差；由電場中兩點的位置決定，與零電勢點的選取無關．由以上的分析可知，以上的說法都錯誤．

故答案為：錯誤。

【分析】電勢差是標量，正負表示大?。浑妱莶钆c零電勢點的選取無關；沿著電場線方向電勢降低；電勢反映電場本身的性質，與試探電荷無關．24、A【分析】【解答】解：點電荷在A點的場強

根據場強的疊加原理得；則兩點的場強是由正點電荷和勻強電場場強的合成，A點的場強大小為。

EA=E點﹣E勻=9×103N/C﹣9×103N/C=0；所以A處場強大小為0

故答案為：正確。

【分析】根據公式E=k求出點電荷在A點處產生的場強大小，判斷出場強方向，A點的場強是由正點電荷和勻強電場場強的合成，根據平行四邊形定則求解A點處的場強大小及方向．五、證明題(共2題，共4分)25、略

【分析】見答案【解析】【答案】（6分）令小球向右偏離平衡位置位移為X,則左側彈簧被拉伸X，右側彈簧被壓縮X。小球所受合外力為，F(xiàn)=K1X+K2X=(K1+K2)X=KX考慮到F與X的方向相反，則F=-KX所以小球的運動為簡諧運動26、略

【分析】見答案【解析】【答案】（6分）令小球向右偏離平衡位置位移為X,則左側彈簧被拉伸X，右側彈簧被壓縮X。小球所受合外力為，F(xiàn)=K1X+K2X=(K1+K2)X=KX考慮到F與X的方向相反，則F=-KX所以小球的運動為簡諧運動六、綜合題(共3題，共6分)27、略

【分析】

同步衛(wèi)星繞地球做勻速圓周運動；根據萬有引力提供向心力列式求出軌道半徑，從而得出同步衛(wèi)星的高度，根據速度公式求出時間．

解決本題的關鍵是根據萬有引力提供向心力列式求解同步衛(wèi)星的高度．【解析】解：同步衛(wèi)星是相對于地面靜止的，它的運動周期T=3600×24s，設衛(wèi)星離地面距離為h，它繞地球轉動的向心力是它對地球的萬有引力，即：

代入數據可解得：h=3.59×107m．

最短通信距離是發(fā)話人和聽話人均在同步衛(wèi)星的正下方；這時電磁波傳播的最短距離為s=2h，所以最短時間為：

t==0.24s．

答：在講完話后，至少要等0.24時間才能聽到對方的回話．28、（選修—1）

（1）A（2）A（3）A（4）A（5）A

（6）解：金屬棒對導軌壓力為零，受安培力方向向上，故磁感應強度B的方向為水平向右，由BIL＝mg得：

（選修3—1）

（1）B（2）A（3）D（4）A（5）乙甲。

（6）解：①由得：I＝0.5A；即：閉合回路中電流的大小為0.5A；②由FB＝BIL得：FB＝0.5×05×0.4N＝0.1N；方向水平向右；即：金屬棒PQ所受安培力的大小為0.1N，方向水平向右；⑤金屬棒PQ受力平衡，所受靜摩力f＝FB＝0.1N；即：金屬棒PQ所受靜摩擦力的大小為0.1N。

【分析】(1)

【分析】根據物理學史回答即可。電流熱效應的發(fā)現(xiàn)者是焦耳?！窘獯稹客ㄟ^一系列實驗，發(fā)現(xiàn)電流的發(fā)熱規(guī)律的物理學家是焦耳，A正確。故選A。(2)

【分析】電流的磁效應根據右手螺旋定則判斷，并且離電流越近，磁場越強。本題是電流的磁場的判斷，根據右手螺旋定則判斷即可?！窘獯稹緼.

根據右手螺旋定則可知A正確，BC錯誤；D.

根據右手螺旋定則，可知磁感線應為順時針方向，且離電流越近，磁感線越密，D錯誤。故選A。(3)

【分析】移動電話能將我們的聲音信息用電磁波發(fā)射到空中，同時它也能在空中捕獲電磁波，得到對方講話的信息。本題需要掌握移動電話的電信號通過電磁波進行傳遞，知道移動電話既是無線電的發(fā)射臺，又是無線電的接收臺?！窘獯稹恳驗橐苿与娫捘軐⑽覀兊穆曇粜畔⒂秒姶挪òl(fā)射到空中；同時它也能在空中捕獲電磁波，得到對方講話的信息.

所以移動電話的聲音信息由空間的電磁波來傳遞，移動電話既能發(fā)射電磁波，也能接收電磁波。

故選A。(4)

【分析】本題比較簡單，直接根據庫侖力公式得出兩次作用力的表達式，則可求得距離不變后的相互作用力，從而解出正確結果。本題考查庫侖定律的直接應用，對于庫倫定律公式要注意公式的適用條件以及公式中各個物理量的含義?！窘獯稹坑蓭靷惗煽傻茫?/p>

變化前：F=kq1q2r2

變化后：F鈥?=k2q1隆隴2q2(r2)2=16kq1q2r2=16F

故選A。(5)

【分析】由磁通量的定義可知線圈中磁通量的變化；由法拉第電磁感應定律可求得線圈中的感應電動勢。本題考查法拉第電磁感應定律的應用，題目較為簡單，熟記法拉第電磁感應定律即可求解?！窘獯稹吭诖朋w豎直向下落時；穿過線圈的磁感應強度增大，故磁通量變大；所以閉合線圈內有感應電流；

由法拉第電磁感應定律可得：E=?婁脮?t

磁鐵從位置A

移到位置B

的時間第一次比第二次長，則線圈中產生的感應電動勢第一次比第二次小。

故填：有小(6)

根據受力平衡，列出重力等于安培力的方程，進而求出B

的大??；再結合左手定則求解B

的方向。本題是共點力的平衡問題，在電學中的應用，基礎題目。(

選修3隆陋1)

【分析】(1)

庫侖定律使用的條件是真空中；點電荷.

靜電感應現(xiàn)象是金屬導體在外電場的作用下自由電子定向移動；電荷在導體內發(fā)生重新分布，當感應電荷的電場與外電場大小相等時方向相反時達到靜電平衡，導體為等勢體；電勢的高低與電場強度的大小無關。本題考查了庫侖定律、靜電感應現(xiàn)象電場線與電勢的關系以及電場線與等勢面的關系；其中處于靜電感應平衡狀態(tài)導體的特點，導體內部合場強處處為零，是一個等勢體是題目中易錯的地方。(2)

磁感線中各點切線方向表示該點的磁感應強度的方向；磁感線的疏密表示磁場的強弱；由此分析即可。本題考查了磁感線的性質，要注意明確根據磁感線判斷磁場強弱以及方向的基本方法。(3)

在由A

運動B

的過程中，有兩個力做功，一是重力做負功，一是電場力做正功.

從運動軌跡上判斷，粒子帶正電.

從A

到B

的過程中，電場力做正功為1.5J

所以電勢能是減少的，A

點的電勢能要大于B

點電勢能；從A

到B

的過程中，克服重力做功2.0J

電場力做功1.5J

由動能定理可求出動能的變化情況；從A

到B

的過程中，做功的力有重力和電場力，應用能量的轉化與守恒可比較AB

兩點的機械能。本題考查了電勢差與電場強度的關系、電勢能。對于本題，要明確以下幾點：壟脵

電場力對電荷做正功時，電荷的電勢能減少，電荷克服電場力做功，電荷的電勢能增加，電勢能變化的數值等于電場力做功的數值，這常是判斷電荷電勢能如何變化的依據；壟脷

電勢能是電荷與所在的電場所共有的，且具有相對性，通常取無窮遠處或大地為電勢能的零點；壟脹

電荷在電場中移動時，電場力做的功與移動的路徑無關，只取決于起止位置的電勢差和電荷的電量，這一點與重力做功和高度差的關系相似。(4)

根據粒子偏轉方向確定粒子所受洛倫茲力方向，然后應用左手定則判斷出粒子的電性；

粒子在磁場中做圓周運動，洛倫茲力提供向心力，由牛頓第二定律求出粒子的軌道半徑，然后分析答題。本題考查了粒子在磁場中的運動，分析清楚粒子運動過程是解題的關鍵，應用左手定則與牛頓第二定律可以解題。(5)

電流表應串聯(lián)在被測電路中，電壓表應并聯(lián)在被測電路兩端，分析圖示電路圖，然后答題。本題考查了用多用電表測電壓與測電流的方法，知道電壓表與電流表的用法，分析清楚電路結構可以解題?！窘獯稹?1)A.

庫侖定律使用的條件是點電荷，當r隆煤0

時，庫侖定律不再使用，故A錯誤；B.

當感應電荷的電場與外電場大小相等時方向相反時達到靜電平衡，所以處于靜電平衡狀態(tài)的導體內部場強處處為0

故B正確；C.

電勢的高低與電場強度的大小無關，電場中某點的電場強度越大，該點的電勢不一定高，故C錯誤；D.

電場線與等勢面垂直，故D錯誤。故選B。(2)

磁感線的疏密表示磁場強弱；由圖可知，P

點的磁感應強度大于Q

點的磁感應強度；故A正確，BCD錯誤。故選A。(3)A.

由運動軌跡上來看，垂直電場方向射入的帶電粒子向電場的方向偏轉，說明帶電粒子受到的電場力與電場方向相同，所以帶電粒子應帶正電，故A錯誤；B.

從A

到B

的過程中，電場力做正功，電勢能在減少，所以在A

點是的電勢能要大于在B

點時的電勢能，故B錯誤；C.

從A

到B

的過程中，克服重力做功2.0J

電場力做功1.5J

由動能定理可知，粒子在A

點的動能比在B

點多0.5J

故C錯誤；D.

從A

到B

的過程中，除了重力做功以外，還有電場力做功，電場力做正功，電勢能轉化為機械能，帶電粒子的機械能增加，由能的轉化與守恒可知，機械能的增加量等于電場力做功的多少，所以機械能增加了1.5J

故D正確。故選D。(4)

由圖示可知，粒子剛進入磁場時所受洛倫茲力水平向左，由左手定則可知，