2025年人教版選修3物理上冊月考試卷含答案

…………○…………內…………○…………裝…………○…………內…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年人教版選修3物理上冊月考試卷含答案考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五六總分得分評卷人得分一、選擇題(共7題，共14分)1、圖示為一帶電粒子在水平向右的勻強電場中運動的一段軌跡，A、B為軌跡上的兩點．已知該粒子質量為m、電荷量為q，其在A點的速度大小為vo，方向豎直向上，到B點時速度方向與水平方向的夾角為30°，粒子重力不計．則A、B兩點間的電勢差為。

A.B.C.D.2、圖甲是阻值為1Ω的單匝線圈與阻值為9Ω的電阻R構成的回路．線圈在勻強磁場中繞垂直于磁場方向的軸勻速轉動；產生的電動勢隨時間變化的規(guī)律如圖乙所示，電壓表為交流電壓表．則（）

A.電壓表的示數為14.14VB.0﹣0.01s的時間內通過電阻R的電量為0.04πCC.電阻R上消耗的功率為18WD.通過電阻的電流方向每秒變化100次3、ab是長為l的均勻帶電絕緣細桿，P1、P2是位于ab所在直線上的兩點，位置如圖所示，ab上電荷產生的靜電場在P1處的場強大小為E1，在P2處的場強大小為E2。若將絕緣細桿的右半邊截掉并移走（左邊電量、位置不變），則P2處的場強大小為（??）

A.B.C.D.4、下列關于波的說法中，正確的是（）A.次聲波比超聲波更容易發(fā)生明顯的衍射現象B.海嘯發(fā)生后尚未到達海岸邊，沿海漁民沒有反應，但狗顯得煩噪不安，這是因為次聲波傳播速度比超聲波大C.當聲源相對于觀察者勻速遠離時，觀察者聽到的聲音的音調可能變高，也可能變低D.發(fā)生多普勒效應的原因是因為聲源的頻率發(fā)生了變化5、如圖所示；在水面下同一深度并排緊挨著放置分別能發(fā)出紅光；黃光、藍光和紫光的四個燈泡，一人站在這四盞燈正上方離水面有一定距離處觀察，他感覺離水面最近的那盞燈發(fā)出的光是()

A.紅光B.紫光C.藍光D.黃光6、據新華社報道，由我國自行設計、研制的世界第一套全超導核聚變實驗裝置（又稱“人造太陽”）已完成了首次工程調試．下列關于“人造太陽”的說法正確的是A.“人造太陽”的核反應方程式可能為：B.“人造太陽”的核反應方程式可能為C.“人造太陽”釋放的能量大小的計算公式是：D.根據公式可知，核燃料的質量相同時，聚變反應釋放的能量與裂變反應釋放的能量相同7、在人類對物質運動規(guī)律的認識過程中，許多物理學家大膽猜想、勇于質疑，取得了輝煌的成就，下列有關科學家及他們的貢獻描述中正確的是（）A.卡文迪許在牛頓發(fā)現萬有引力定律后，進行了“月﹣地檢驗”，將天體間的力和地球上物體的重力統一起來B.開普勒潛心研究第谷的天文觀測數據，提出行星繞太陽做勻速圓周運動C.法國物理學家德布羅意大膽預言了實物粒子在一定條件下會表現出波動性，提出了物質波概念，后來的科學家在實驗中找到了實物粒子波動性的證據．D.奧斯特由環(huán)形電流和條形磁鐵磁場的相似性，提出分子電流假說，解釋了磁現象的電本質評卷人得分二、多選題(共6題，共12分)8、嚴冬，湖面上結了厚厚的冰，但冰下魚兒仍在游動。為了測出冰下水的溫度，徐強同學在冰上打了一個洞，拿來一支實驗室溫度計，用下列四種方法測水溫，正確的做法是（）A.用線將溫度計拴牢從洞中放入水里，待較長時間后從水中提出，讀出溫度計的示數B.取一空的塑料飲水瓶，將溫度計懸吊在瓶中，再將瓶拴住從洞中放入水里，水灌滿瓶后待較長時間，然后將瓶提出，立即讀出溫度計的示數C.若溫度計顯示的示數為攝氏溫度即熱力學溫度4KD.若溫度計顯示的示數為攝氏溫度即熱力學溫度277.15K9、一定質量的理想氣體從狀態(tài)a開始，經兩個過程到達狀態(tài)c，其圖像如圖所示。已知絕對零度為下列說法正確的是（）

A.狀態(tài)a和c的壓強大小相等，大于b的壓強B.狀態(tài)a和b的壓強大小相等，小于c的壓強C.由a變化到b的過程中，氣體內能增加量小于吸收的熱量D.氣體分子在狀態(tài)a時單位時間內撞擊單位面積的分子數目比狀態(tài)c少10、關于不確定性關系有以下幾種理解，其中正確的是（）A.微觀粒子的動量不可能確定B.微觀粒子的坐標不可能確定C.微觀粒子的動量和坐標不可能同時確定D.不確定性關系不僅適用于電子和光子，也適用于其他微觀粒子11、下面說法錯誤的是()A.鴨子從池塘中出來，羽毛并不濕——毛細現象B.細玻璃棒尖端放在火焰上燒熔后尖端變成球形——表面張力C.粉筆能吸干紙上的墨水——浸潤現象E.雨傘的布料不粘水——不浸潤現象E.雨傘的布料不粘水——不浸潤現象12、如圖所示，在P一T圖像中，一定質量的理想氣體經歷了從狀態(tài)A到狀態(tài)B、再到狀態(tài)C，最后回到狀態(tài)A的過程，在該過程中，下列說法正確的是___________

A.從A到B過程中，氣體對外做功B.從B到C過程中，氣體放出熱量C.從C到A過程中，氣體分子密度減小E.從A到B再到C過程中，氣體內能先增加后減少E.從A到B再到C過程中，氣體內能先增加后減少13、質量的小球以的初速度沿水平方向拋出，小球距離地面的高度是（），下面說法正確的是A.小球落地時速度大小是B.小球在落地時重力的瞬時功率為C.小球在空中運動過程中，任意相等時間內小球動能變化相等D.小球在空中運動過程中，任意相等時間內小球動量變化相等評卷人得分三、填空題(共9題，共18分)14、如圖所示電路，當滑動變阻器的滑片P向右移動時，安培表A的示數如何變化？小明同學的分析思路如下：

試寫出以下步驟的物理原理：

②______________________________________。

④______________________________________。15、如圖，一定質量的理想氣體先從狀態(tài)a沿直線變化到狀態(tài)b，該過程中氣體的溫度______（填“升高”或“降低”），氣體______（填“吸熱”或“放熱”）。

16、一定質量的理想氣體，狀態(tài)經A→B→C→A的變化過程可用如圖所示的p-V圖線描述，其中C→A為等溫過程，氣體在狀態(tài)A時溫度為該氣體在狀態(tài)B時的溫度為______K，C→A過程中氣體______（填“吸熱”或“放熱”）。

17、蒸汽機、內燃機等熱機以及電冰箱工作時都利用了氣體狀態(tài)變化來實現能量的轉移和轉化，我們把這些氣體稱為工質。某熱機經過一個循環(huán)后，工質從高溫熱源吸熱Q1，對外做功W，又向低溫熱源放熱Q2，工質完全恢復初始狀態(tài)，內能沒有變化。根據熱力學第一定律，在工質的一個循環(huán)中，Q1、Q2、W三者之間滿足的關系是____。熱機的效率不可能達到100%，從能量轉化的角度，說明___能不能完全轉化為___能而不產生其他影響。18、如圖所示為某磁場的磁感線分布情況，圖中M點的磁感應強度_________(填“大于”；“等于”或“小于”)P點的磁感應強度．

19、如圖所示的平行板器件中，電場強度E和磁感應強度B相互垂直，具有不同水平速度的帶電粒子射入后發(fā)生偏轉的情況不同。若從左側水平射入的帶電粒子，不計重力，穿過這一區(qū)域時未發(fā)生偏轉，則該粒子的速度大小為________；若只改變該粒子的電性，則粒子穿過這一區(qū)域時是否會發(fā)生偏轉？________（選填“會”或“不會”）。20、如圖，交流電壓隨時間按正弦函數規(guī)律變化，則該交流電的電壓最大值為_________V，有效值為_________V．

21、小涵站在平面鏡前0.5m處觀察自己在鏡中的像，像到平面鏡的距離是______m，她向后退的過程中，像的大小______（選填“變大”、“變小”或“不變”）。22、光電效應實驗中，用波長為的單色光A照射某金屬板時，剛好有光電子從金屬表面逸出．當波長為的單色光B照射該金屬板時，光電子的最大初動能為______，A、B兩種光子的動量之比為_____．（已知普朗克常量為h、光速為c）評卷人得分四、作圖題(共3題，共27分)23、如圖所示，甲、乙是直線電流的磁場，丙、丁是環(huán)形電流的磁場，戊、己是通電螺線管的磁場，試在各圖中補畫出電流方向或磁感線方向．

24、示波管的內部結構如圖所示．如果在偏轉電極XX/、YY/之間都沒有加電壓，電子束將打在熒光屏中心．如果在偏轉電極XX/之間和YY/之間分別加上如圖所示的電壓，請畫出熒光屏上出現的完整掃描波形圖．

25、圖中表示某一時刻的波形圖，已知波速為0.5m/s，波沿著x軸的正方向傳播；畫出經過7s后的波形曲線。

評卷人得分五、實驗題(共3題，共24分)26、小明同學采用如圖所示的電路圖測量一電池的電動勢和內電阻，記錄數據如下，在所給的圖中作出電源的伏安特性曲線______．根據圖像得出電源電動勢E=_________內電阻r=_________(小數點后保留2位)。0.160.240.320.40.480.561.421.381.341.301.261.22

27、在“測定電阻”的實驗中，待測電阻Rx約為5Ω；實驗室備有下列實驗器材：

電壓表V1(量程3V；內阻約為15kΩ)；

電壓表V2(量程15V；內阻約為75kΩ)；

電流表A1(量程3A；內阻約為0.2Ω)；

電流表A2(量程0.6A；內阻約為1Ω)；

滑動變阻器R1(0～20Ω；0.5A)；

滑動變阻器R2(0～2000Ω；0.1A)；

電池E(電動勢為3V；內阻約為0.3Ω)；

開關S；導線若干．

（1）為提高實驗精確度，減小實驗誤差，電壓表應選_______，電流表應選________，滑動變阻器應選_________．（填寫器材的符號）

（2）實驗中某同學連接的實物圖如圖所示，請在虛線框內畫出該實驗的原理圖______．

（3）若采用該電路進行測量，其測量值________(選填“大于”、“等于”、“小于”)真實值．28、某同學在一次“測定金屬的電阻率”的實驗中，用米尺測出接入電路部分的金屬絲的長度為l=0.720m，用螺旋測微器測出金屬絲直徑（刻度位置如圖所示），用伏安法測出金屬絲的電阻（電阻大約為5Ω），然后計算出該金屬材料的電阻率．在用伏安法測定金屬絲的電阻時，除被測金屬絲外，還有如下實驗器材料：

A.直流電源（輸出電壓為3V）

B.電流表A（0～0.6A，內阻約0.125Ω）

C.電壓表A（0～3V，內阻3kΩ）

D.滑動變阻器（最大阻值20Ω）

E.開關、導線等

（1）從圖中讀出金屬絲的直徑為____________mm．

（2）根據所提供的器材，在虛線框中畫出實驗電路圖____________．

（3）若根據伏安法測出金屬絲的阻值為Rx=4.0Ω，則這種金屬材料的電阻率為_________Ω?m（保留兩位有效數字）評卷人得分六、解答題(共2題，共4分)29、圖中畫出了非門的輸入端的工作波形圖；請在圖中畫出輸出端的工作波形圖，并在下表中完成其非門的真值表。

。

非門的真值表輸入輸出輸入輸出AZAZ001130、如圖所示，寬為L=2m、足夠長的金屬導軌MN和M′N′放在傾角為θ=30°的絕緣斜面上，在N和N′之間連有一個阻值為R=1.2Ω的電阻，在導軌上處放置一根與導軌垂直、質量為m=0.8kg、電阻為r=0.4Ω的金屬滑桿，導軌的電阻不計，用輕繩通過定滑輪將一質量為M=1.2kg的小球與滑桿的中點相連，繩與滑桿的連線平行于斜面。在導軌的和所圍的區(qū)域存在一個磁感應強度B=1.0T、方向垂直于斜面向上的勻強磁場，此區(qū)域內滑桿和導軌間的動摩擦因數為μ=此區(qū)域外導軌是光滑的?，F將小球和滑桿由靜止釋放，滑桿經d=1m的位移由滑到位置時整個電路中產生的電熱為Q=4.64J。(g取10m/s2）求：

（1）滑桿通過位置時的加速度的大??；

（2）若滑桿運動到位置時突然剪斷繩子，滑桿滑回到時恰好做勻速直線運動，則從繩斷到滑桿回到位置過程中，電阻R上產生的熱量QR為多少。

參考答案一、選擇題(共7題，共14分)1、C【分析】【分析】

分析可知，該帶電粒子在電場中做類平拋運動，在B點將速度分解，找到B點速度和分速度的關系；求出B點速度；從A到B根據動能定理，即可求解A；B兩點電勢差．

【詳解】

根據題意，在B點，解得：

從A到B根據動能定理得：

聯立上述各式得：

故選C．

【點睛】

本題關鍵是通過運動的合成與分解得到A點速度和B點速度的關系，然后結合動能定理列式求解電勢差．2、C【分析】【詳解】

從圖象得出電動勢最大值為20V，有效值為：根據閉合電路歐姆定律，電流為電阻兩端電壓為故A錯誤；根據角速度為：可得：根據可得~0.01s的時間內通過電阻R的電量為：故B錯誤；電阻R上消耗的功率為：故C正確；每個周期，電流方向改變兩次，電流周期為0.04s，故每秒電流方向改變50次，故D錯誤．3、B【分析】【分析】

【詳解】

將均勻帶電細桿等分為很多段，每段可看作點電荷，設細桿帶正電，根據電場的疊加，這些點電荷在的合場強方向向左，在P2的合場強方向向右。由題意可知，左半邊的電荷在的合場強為0，右半邊的電荷在的合場強大小為E1，方向向左，根據對稱性，右半邊的電荷在P2處的電場強度大小為E1，方向向右，而整個桿電荷在P2處的電場強度為方向向右，則左半邊桿的電荷在P2處的電場強度為同理，當細桿帶負電時，依然可以得到左半邊桿的電荷在P2處的電場強度為

故選B。4、A【分析】波長越長越容易發(fā)生衍射；次聲波的波長比超聲波的波長長，故次聲波比超聲波更容易發(fā)生明顯的衍射現象，故A正確．海嘯發(fā)生時，發(fā)出很強的次聲波，狗能接受到次聲波，但人無法接受次聲波，故B錯誤．根據多普勒效應，當聲源相對于觀察者勻速遠離時，觀察者聽到的聲音的音調變低，故C錯誤．產生多普勒效應的原因是觀察者和波源之間發(fā)生了相對運動，聲源的頻率沒有變化，是接受到的頻率發(fā)生了變化，故D錯誤；故選A．

點睛：本題要注意多普勒效應現象的特點、適用范圍，對于多普勒效應，要知道在波源與觀察者靠近時觀察者接收到的波的頻率變高，而在波源與觀察者遠離時接收頻率變低；即高亢表示遠離，低沉表示靠近．5、B【分析】【詳解】

光線從水中射入空氣中折射時，折射角大于入射角，所以，水面上方的人看水中的燈覺得變淺。水對紫光的折射率最大，相同入射角時，折射角最大，水面上方的人看水中的紫光燈最淺。故B正確，ACD錯誤。6、A【分析】【詳解】

人造太陽的核聚變是氘核和氚核進行的核聚變反應，其方程為：A正確，B錯誤；核聚變過程中出現質量虧損，根據愛因斯坦質能方程可求出核反應釋放的能量，C錯誤；當相同質量的核燃料，發(fā)生核聚變反應所釋放出的核能比發(fā)生核裂變反應所釋放的能量更多，比如：氫彈的釋放能量遠多于原子彈，D錯誤．7、C【分析】【詳解】

試題分析：牛頓發(fā)現萬有引力定律后；進行了“月-地檢驗”，將天體間的力和地球上物體的重力統一起來，故A錯誤；開普勒潛心研究第谷的天文觀測數據，提出行星繞太陽做橢圓運動，故B錯誤；法國物理學家德布羅意大膽預言了實物粒子在一定條件下會表現出波動性，提出了物質波概念，后來的科學家在實驗中找到了實物粒子波動性的證據，故C正確；安培由環(huán)形電流和條形磁鐵磁場的相似性，提出分子電流假說，解釋了磁現象的電本質，故D錯誤．

考點：物理學史。

【名師點睛】本題考查物理學史，是常識性問題，對于物理學上重大發(fā)現、發(fā)明、著名理論要加強記憶，平時注意歷史知識的積累．二、多選題(共6題，共12分)8、B:D【分析】【分析】

【詳解】

AB．要測量冰下水的溫度；必須使溫度計與冰下的水達到熱平衡時，再讀出溫度計的示數，但因隔著冰無法直接讀數，把溫度計取出來，顯示的也不再是原熱平衡狀態(tài)下的溫度，A錯誤B正確；

CD．根據。

C錯誤D正確。

故選BD。9、A:C【分析】【詳解】

AB．狀態(tài)的溫度

狀態(tài)的溫度

狀態(tài)的溫度

狀態(tài)的體積分別為

根據理想氣體狀態(tài)方程

代入數據可得

A正確；B錯誤；

C．由a變化到b的過程中；溫度升高，內能增大，體積增大，外界對氣體做負功，根據熱力學第一定律可知氣體內能增加量小于吸收的熱量，C正確；

D．狀態(tài)和狀態(tài)壓強相等，狀態(tài)溫度低，氣體分子的平均動能小，根據壓強的微觀意義可知氣體分子在狀態(tài)a時單位時間內撞擊單位面積的分子數目比狀態(tài)c多；D錯誤。

故選AC。10、C:D【分析】【詳解】

不確定性關系

表示確定位置；動量的精度互相制約；此長彼消，當粒子位置不確定性變小時，粒子動量的不確定性變大；當粒子位置不確定性變大時，粒子動量的不確定性變小。故不能同時準確確定粒子的動量和坐標。不確定性關系也適用于其他宏觀粒子，不過這些不確定量微乎其微。

故選CD。11、A:C:D【分析】【詳解】

鴨子從池塘中出來，羽毛并不濕是不浸潤現象，故A錯誤；細玻璃棒尖端放在火焰上燒溶后尖端變成球形，是表面張力，故B正確；粉筆能吸干紙上的墨水，是毛細現象，故C錯誤；布做的雨傘，雖然紗線間有空隙，卻不漏雨水，是不浸潤現象，故D錯誤，E正確；本題選錯誤的，故選ACD．12、A:B:E【分析】【詳解】

根據可知從A到B過程中，體積增大，因此氣體對外做功，A正確；從B到C過程中，直線是通過原點的直線，故體積不變，而溫度降低，氣體內能減少，根據熱力學第一定律可知氣體放出熱量，B正確；從C到A過程中，氣體溫度不變，壓強增大，根據理想氣體狀態(tài)方程可知，氣體體積減小，分子密度增大，C錯誤；從A到B過程和從C到A過程，氣體體積變化相等，但兩個過程氣體壓強的平均值不同，因此兩個過程氣體做功絕對值不同，D錯誤；由于從A到B再到C過程，氣體溫度先升高后降低，因此氣體內能先增加后減小，E正確13、A:D【分析】【詳解】

A、根據解得：則小球落地時豎直方向的速度則小球落地時速度大小故A正確；

B、小球在落地時重力的瞬時功率故B錯誤；

C、由動能定理可得：由于物體在豎直方向上是自由落體運動，物體下落的速度越來越大，所以在相同的時間內物體下降的高度也是越來越大，重力做的功越來越多，動能的變化量也是越來越大，故C錯誤；

D、由動量定理可得：小球在空中運動過程中，任意相等時間內小球動量變化相等，故D正確．三、填空題(共9題，共18分)14、略

【分析】【詳解】

②根據閉合電路歐姆定律得：總電流減小，所以路端電壓變大；④根據并聯電路電流關系：總電流變小，而變大，則一定變小【解析】15、略

【分析】【詳解】

[1][2]由圖像可知，氣體先從狀態(tài)a沿直線變化到狀態(tài)b，pV值變大，根據

可知，溫度T升高，氣體內能變大，即?U>0

氣體體積變大，對外做功，即W<0

根據熱力學第一定律可知?U=W+Q

可知Q>0

即氣體吸熱?！窘馕觥可呶鼰?6、略

【分析】【詳解】

[1]A→B等壓變化過程中，根據蓋—呂薩克定律

代入已知條件，可得

[2]在C→A等溫變化過程中

又由于體積減小，外界對系統做正功

根據熱力學第一定律

可得

故氣體放熱?！窘馕觥?00放熱17、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1]由熱力學第一定律，熱量、做功、內能的符號規(guī)定得Q1＋（－Q2）＋（－W）＝0，即Q1－Q2＝W。

[2][3]再由熱力學第二定律知，內能不可能全部轉化成機械能而不產生其他影響?！窘馕觥縌1－Q2＝W內機械18、略

【分析】【詳解】

如圖；M點處磁感線比P點處磁感線密，則M點的磁感應強度大于P點的磁感應強度．

【點睛】

磁感線可以形象表示磁場的強弱和方向，磁感線的疏密表示磁場的強弱，磁感線越密，磁感應強度越大．磁感線的切線方向表示磁場的方向．【解析】大于19、略

【分析】帶電粒子未發(fā)生偏轉則所以只改變該粒子的電性，粒子所受的電場力和洛倫茲力方向改變，但大小不變以，所以不會發(fā)生偏轉【解析】不會20、略

【分析】【詳解】

由圖可知，該交流電的電壓最大值為Um(V)，有效值為V．【解析】Um．21、略

【分析】【詳解】

小涵站在平面鏡前0.5m；小涵在平面鏡中成像，小涵的像和小涵到平面鏡的距離相等，所以小涵的像到平面鏡的距離也是0.5m。小涵后退遠離平面鏡，小涵像的大小跟小涵的大小有關，跟到平面鏡的距離無關，所以小涵的像大小不變。

【點睛】

物體在平面鏡中成像，像的大小只跟物體大小有關，跟平面鏡大小，跟物體到平面鏡的距離無關。但是我們遠離平面鏡時，看到自己在平面鏡中的像變小，是因為眼睛看像的視角變小，產生了錯覺，像的實際大小是沒有發(fā)生變化的?！窘馕觥?.5；不變；22、略

【分析】【詳解】

根據光電效應方程又所以有解得又光子動量所以A、B兩種光子的動量之比為1:2.【解析】1:2四、作圖題(共3題，共27分)23、略

【分析】【詳解】

利用右手螺旋定則；已知電流的方向可判定磁場方向，也可以通過磁場方向來確定電流的方向；

圖甲；已知磁場方向，順時針方向，則電流垂直紙面向里；

圖乙；電流右側的磁場的方向向里，左側的磁場的方向向外，則電流的方向向上；

圖丙；已知磁場方向，則可知電流方向，逆時針方向；

圖??；環(huán)形電流從左側流入，從右側流出，所以磁場的方向向下；

圖戊；根據螺線管中電流方向，利用右手螺旋定則可以確定螺線管的磁場的方向向左；

圖已；根據螺線管中上邊的電流方向向外，下邊的電流的方向向里，利用右手螺旋定則可以確定螺線管的磁場的方向向右．如圖所示：

【解析】24、略

【分析】試題分析：A圖中；在XX′偏轉電極所加的電壓的周期為2T，即在2T的時間內才能完成一次水平方向的掃描，而豎直方向（y方向）的周期為T，所以在水平方向的一次水平掃描的過程中，豎直方向由2個周期性的變化；y方向的電壓變化為正弦式的變化，由于電子到達熒光屏的偏轉量與偏轉電壓成正比，所以A圖中的掃描圖形如圖；

要在熒光屏上得到待測信號在一個周期內的穩(wěn)定圖象．XX′偏轉電極要接入鋸齒形電壓；即掃描電壓．

B圖中；在XX′偏轉電極所加的電壓的周期為T，即在一個周期T的時間內完成一次水平方向的掃描，同時豎直方向的周期為T，所以在水平方向的一次水平掃描的過程中，豎直方向也完成一個周期性的變化；y方向的電壓大小不變，方向每半個周期變化一次，結合電子到達熒光屏的偏轉量與偏轉電壓成正比，所以B圖中的掃描圖形如圖．

考點：考查了示波器的工作原理。

【名師點睛】本題關鍵要清楚示波管的工作原理，示波管的YY′偏轉電壓上加的是待顯示的信號電壓，XX′偏轉電極通常接入鋸齒形電壓，即掃描電壓，當信號電壓與掃描電壓周期相同時，就可以在熒光屏上得到待測信號在一個周期內的穩(wěn)定圖象【解析】25、略

【分析】【分析】

【詳解】

7s波向前傳播的距離為

7s后，故x=3.5m位置的原圖中x=0位置的振動情況相同；因此作出以下圖形。

【解析】五、實驗題(共3題，共24分)26、略

【分析】【分析】

根據描點法得出對應的伏安特性曲線；再由閉合電路歐姆定律可得出電壓與電流的關系；結合數學關系可知圖象的斜率表示內阻，與縱坐標的交點表示電源的電動勢．

【詳解】

作出電源的伏安特性曲線如圖；

由閉合電路歐姆定律可知：U=E-Ir；即電動勢與電流成一次函數關系，由數學知識可知，圖象與縱坐標的交點為電源的電動勢；圖象的斜率表示內源內電阻；故由圖可得電動勢為：E=1.50V