物理-河北省張家口市2024~2025學(xué)年高三年級第一（上）學(xué)期期末教學(xué)質(zhì)量監(jiān)測試題和答案

張家口市2024~2025學(xué)年度第一學(xué)期高三年級期末教學(xué)質(zhì)量監(jiān)測物理參考答案及評分標(biāo)準(zhǔn)一、單項選擇題:本題共7小題,每小題4分,共28分。在每小題給出的四個選項中,只有一項是符合題目要求的。1.D【解析】根據(jù)核反應(yīng)前后質(zhì)量數(shù)和電荷數(shù)守恒得A=238234=4,Z=9492=2,故式中的X為24He,故選D。2.B【解析】由對稱性可知,負(fù)試探電荷在P點和Q點受到的電場力大小相等,方向不同,A錯誤;由對稱性可知,P點和Q點的電勢相等,所以負(fù)試探電荷在P點和Q點的電勢能相等,B正確;負(fù)試探電荷在M點受到的電場力最大但電勢能最小,C錯誤;試探電荷在N點受到的電場力一定不為零,D錯誤。3.A【解析】據(jù)牛頓第二定律:Fmg=ma,物體豎直向上的加速度最大時,拉力F最大,由v-t圖像可知0S時和4S時豎直向上的加速度最大,A正確。4.C解析線圈產(chǎn)生的感應(yīng)電動勢最大值ENBSw·則感應(yīng)電動勢的有效值EE·根據(jù)閉2ENBSwR2(R+r)合電路歐姆定律可知i+,:則交流電流表的示數(shù)為1==ENBSwR2(R+r)5.D【解析】設(shè)斜面傾角為,對斜面體受力分析,如圖所示NAFNG根據(jù)平衡條件可得FNSinF,對重物和桿整體在豎直方向上有FNCOS9=mg,FNFN',聯(lián)立2可得F=mgtanmg,D正確20.1m,方向垂直紙面向里,BD=12mλ,則t=0時刻波源B在D點引起的位移為0,所以t=。時刻波源A、B在D點引起的合位移大小為0.1m,方向垂直紙面向里,B正確。l△z·d77.A【解析根據(jù)公式△d入可得入l·代入數(shù)據(jù)解得λ6.5x10m,A正確高三物理參考答案及評分標(biāo)準(zhǔn)第1頁(共l△z·d7:二、多項選擇題:本題共3小題,每小題6分,共18分。在每小題給出的四個選項中,有多項符合題目要求。全部選對的得6分,選對但不全的得3分,有選錯的得。分。8.AC【解析工"嫦娥六號"由I軌道變?yōu)镮I軌道,需要在P點減速,A正確;"嫦娥六號"由I軌道變?yōu)棰筌壍?需要在Q點減速,B錯誤;軌道是貼近月球表面環(huán)月飛行,設(shè)其周期為T,根據(jù)萬Mm2n242R3MMm2n242R3M3勒第三定律可知,半長軸越大,周期越大,D錯誤。S9ACD解析對活塞和重物受力分析,由平衡條件可知p,S+mg=piS,解得pip+"—g,SA正確;汽缸導(dǎo)熱良好,緩慢增大重物質(zhì)量過程中,汽缸內(nèi)氣體溫度不變,內(nèi)能不變,B錯誤;緩慢增大重物質(zhì)量,由平衡條件可知,汽缸內(nèi)氣體體積減小,壓強(qiáng)增大,溫度不變,與初始時相比,汽缸內(nèi)氣體對汽缸底部單位時間內(nèi)撞擊的分子數(shù)增多,C正確;等效彈力改變量為△mg,等效彈簧形變改變量為sh·據(jù)胡克定律可得·空氣彈簧的等效勁度系數(shù)k·D正確軸負(fù)方向的夾角為30"可能有兩種情況,其運動軌跡圖如圖所示,設(shè)兩種情況下圓形磁場的最ab226+,/2232312rrmL52rr5L小半徑分別為R,和R2,R=ab226+,/2232312rrmL52rr5L場中的運動時間分別為t1=·,t2·,C錯誤,D正確42v,3v,122v,9v,AybPAybP三、非選擇題:本題共5小題,共54分。解答題應(yīng)寫出必要的文字說明、方程式和重要答題步驟,只寫出最后答案的不能得分。有數(shù)值計算的題,答案中必須明確寫出數(shù)值和單位。11.(6分)(1)紅(2分)(2)2500(2分)(3)小(2分)【解析】(1)由電流從紅表筆流入可知,圖中右側(cè)表筆是紅表筆。EE(2)設(shè)歐姆表內(nèi)阻為R內(nèi)由閉合回路歐姆定律有iR內(nèi)·2R內(nèi)+R:聯(lián)立并代數(shù)解得,g—I3gRx2500Q。高三物理參考答案及評分標(biāo)準(zhǔn)第2頁(共4頁):(3)將一定值電阻與電流計并聯(lián),當(dāng)電流計滿偏時,通過電源的電流比并聯(lián)之前大,則歐姆表內(nèi)阻比并聯(lián)之前小,所以倍率比并聯(lián)之前小。12.(9分)(1)不必須(1分)(2)BC(1分)DE(1分)(30.588(2分)0.584(2分)在誤差允許的范圍內(nèi),系統(tǒng)動量守恒(2分)【解析】(1)本實驗中不必須滿足小車A的質(zhì)量大于小車B的質(zhì)量。(2)因為小車A與B碰撞前、后都做勻速直線運動,且碰后A與B粘在一起,其共同速度比小車A原來的速度小。所以應(yīng)選點跡分布均勻且點距較大的BC段計算A碰前的速度,選點跡分布均勻且點距較小的DE段計算A和B碰后的速度。碰撞后總動量為mAVAmBVBO.584kg·m/s,由此得出結(jié)論:在誤差允許的范圍內(nèi),系統(tǒng)動量守恒。13.(9分)解:(1)由題可知Q1(qcPA)=W(1分)q2(qAPD)=W2(1分)解得APC:=30VDA15V則PDPC:=45V(1分)由于CD=3BD所以PBPD15V(1分)聯(lián)立可得UBCBC=60V(1分)(2)易得BC的中點P與A點等勢,如圖所示,連接AP并作出電場方向 解得E=15o2V/m(1分)方向與BA成45o,向下垂直AP。(1分)高三物理參考答案及評分標(biāo)準(zhǔn)第3頁(共4頁):14.(14分)解:(1)由楞次定律和右手定則得通過導(dǎo)體棒PQ的感應(yīng)電流方向為從Q到P(2分)(2)t=1S時,B=4T導(dǎo)體棒PQ的位移2at25m(2分)速度v=at=10m/s(1分)解得I=1A(1分)(3)根據(jù)牛頓第二定律可得F十mgsin37。ILB=ma(2分)拉力F的功率P=Fv(1分)解得P=120W(1分)15.(16分)解:(1)彈開后a的速度大小為v,,b的速度大小為vb由動量守恒定律得mbvb=mava(2分)根據(jù)能量守恒有Ep2mbvb2+2mava2(2分)解得va10m/s、vb4m/s(2分)(2)b與C發(fā)生完全非彈性碰撞,設(shè)碰后二者共同速度為vc,由動量守恒定律有mbvb(mb+mc)vci(1分)解得vc1=2m/s解得E=2J(1分)(3)小滑塊a在傳送帶上的加速度大小a=ug(1分)所以小滑塊a將從傳送帶上返回,返回速度大小va=10m/s根據(jù)動量守恒得:mavai十(mbmc)vci=mava2+(mb+mc)vc2(1分)2222據(jù)能量守恒得:mava2(mb+mc)vc2=7mava22(mb+mc)vc22(122223