2025年華東師大版高二物理上冊(cè)階段測(cè)試試卷含答案

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請(qǐng)※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁(yè)，總=sectionpages22頁(yè)第=page11頁(yè)，總=sectionpages11頁(yè)2025年華東師大版高二物理上冊(cè)階段測(cè)試試卷含答案考試試卷考試范圍：全部知識(shí)點(diǎn)；考試時(shí)間：120分鐘學(xué)校：______姓名：______班級(jí)：______考號(hào)：______總分欄題號(hào)一二三四五總分得分評(píng)卷人得分一、選擇題(共5題，共10分)1、發(fā)現(xiàn)電線起火，應(yīng)采用下列哪種方法（）A.用水滅火B(yǎng).迅速拉下開(kāi)關(guān)切斷電源C.用剪刀切斷電源D.打電話請(qǐng)電工來(lái)處理2、如圖所示，物體A

和B

用輕繩相連掛在輕彈簧下靜止不動(dòng)，A

的質(zhì)量為m

，B

的質(zhì)量為M

彈簧的勁度系數(shù)為k

；當(dāng)連接AB

的繩突然剪斷后，物體A

將在豎直方向上做簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)，則A

振動(dòng)的振幅為()

A.B.C.D.3、如圖所示，通電直導(dǎo)線右邊有一個(gè)矩形線框，線框平面與直導(dǎo)線共面，若使線框逐漸遠(yuǎn)離（平動(dòng)）通電導(dǎo)線，則穿過(guò)線框的磁通量將()A．逐漸增大B．逐漸減小Ｃ．保持不變Ｄ．不能確定4、某質(zhì)點(diǎn)做簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)，其位移隨時(shí)間變化的關(guān)系式為x=Asin婁脨4t

則質(zhì)點(diǎn)(

)

A.第1s

末與第5s

末的位移相同B.第1s

末與第3s

末的位移相同C.第3s

內(nèi)質(zhì)點(diǎn)的加速度一直增大D.1s隆蘆3s

內(nèi)質(zhì)點(diǎn)的路程等于A

5、我國(guó)是世界文明古國(guó)之一，在古代書(shū)籍中有許多關(guān)于物理現(xiàn)象的記載.

西晉張華的隆露

博物志隆路

中寫(xiě)道，“今人梳頭、脫著衣時(shí)，有隨梳、解結(jié)有光者，也有咤聲”.

此處所描述的現(xiàn)象屬于A.靜電現(xiàn)象B.磁化現(xiàn)象C.退磁現(xiàn)象D.摩擦生熱現(xiàn)象評(píng)卷人得分二、填空題(共5題，共10分)6、（1）是不穩(wěn)定的，能自發(fā)的發(fā)生衰變．①完成衰變反應(yīng)方程→________.②衰變?yōu)榻?jīng)過(guò)________次α衰變，________次β衰變．7、已知地面重力加速度大約是月面重力加速度的6倍．那么一臺(tái)地面上的秒擺（運(yùn)動(dòng)周期為2.0秒）在月面上的運(yùn)動(dòng)周期約為_(kāi)___秒．（結(jié)果保留兩位有效數(shù)字）8、庫(kù)侖力的表示公式______．9、如圖所示，一面積為S的長(zhǎng)方形線圈abcd有一半處在磁感應(yīng)強(qiáng)度為B的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，這時(shí)穿過(guò)線圈的磁通量為_(kāi)___________Wb，當(dāng)線圈以ab為軸從圖中位置轉(zhuǎn)過(guò)60°的瞬間，穿過(guò)線圈的磁通量為_(kāi)___________Wb．10、說(shuō)明下列各種場(chǎng)合分別選用的傳感器(

用代碼表示；可重復(fù)應(yīng)用)

常用傳感器的類型有：

a.

紅外線(

光)

傳感器b.

溫度傳感器c.

聲傳感器d.

壓力傳感器。

(1)

普通電冰箱中的自動(dòng)溫度控制電路是______．

(2)

馬路兩側(cè)的路燈控制電路是______．

(3)

氣墊導(dǎo)軌上用的光電門(mén)是______．

(4)

樓梯燈控制電路是______．

(5)

賓館的自動(dòng)門(mén)是______．

(6)

話筒是______．

(7)

非接觸式體溫計(jì)是______．

(8)

遙控電視機(jī)的接收器是______．評(píng)卷人得分三、判斷題(共9題，共18分)11、電場(chǎng)線與等勢(shì)面相互垂直，沿著同一等勢(shì)面移動(dòng)電荷時(shí)靜電力不做功．（判斷對(duì)錯(cuò)）12、只有沿著電場(chǎng)線的方向電勢(shì)才會(huì)降低，所以電勢(shì)降低的方向就一定是電場(chǎng)強(qiáng)度的方向．（判斷對(duì)錯(cuò)）13、處于靜電平衡狀態(tài)的導(dǎo)體內(nèi)部的場(chǎng)強(qiáng)處處為零，導(dǎo)體外表面場(chǎng)強(qiáng)方向與導(dǎo)體的表面一定不垂直．（判斷對(duì)錯(cuò)）14、如圖所示，有一水平方向的勻強(qiáng)電場(chǎng)，場(chǎng)強(qiáng)大小為9000N/C，在電場(chǎng)內(nèi)一水平面上作半徑為10cm的圓，圓上取A、B兩點(diǎn)，AO沿E方向，BO⊥OA，另在圓心處放一電量為10﹣8C的正點(diǎn)電荷，則A處場(chǎng)強(qiáng)大小EA為零．________（判斷對(duì)錯(cuò)）

15、如圖所示為某示波管內(nèi)的聚焦電場(chǎng)，實(shí)線和虛線分別表示電場(chǎng)線和等勢(shì)線．兩電子分別從a、b兩點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到c點(diǎn)．設(shè)電場(chǎng)力對(duì)兩電子做的功分別為Wa和Wb，a、b點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度大小分別為Ea和Eb，則Wa=Wb，Ea＞Eb．________（判斷對(duì)錯(cuò)）

16、電場(chǎng)線與等勢(shì)面相互垂直，沿著同一等勢(shì)面移動(dòng)電荷時(shí)靜電力不做功．（判斷對(duì)錯(cuò)）17、處于靜電平衡狀態(tài)的導(dǎo)體內(nèi)部的場(chǎng)強(qiáng)處處為零，導(dǎo)體外表面場(chǎng)強(qiáng)方向與導(dǎo)體的表面一定不垂直．（判斷對(duì)錯(cuò)）18、如圖所示，有一水平方向的勻強(qiáng)電場(chǎng)，場(chǎng)強(qiáng)大小為9000N/C，在電場(chǎng)內(nèi)一水平面上作半徑為10cm的圓，圓上取A、B兩點(diǎn)，AO沿E方向，BO⊥OA，另在圓心處放一電量為10﹣8C的正點(diǎn)電荷，則A處場(chǎng)強(qiáng)大小EA為零．________（判斷對(duì)錯(cuò)）

19、空間兩點(diǎn)放置兩個(gè)異種點(diǎn)電荷a、b，其所帶電荷量分別為qa和qb，其產(chǎn)生的電場(chǎng)的等勢(shì)面如圖所示，且相鄰等勢(shì)面間的電勢(shì)差均相等，電場(chǎng)中A、B兩點(diǎn)間的電勢(shì)大小的關(guān)系為φA＞φB，由此可以判斷出a為正電荷，且有qa＜qb．________（判斷對(duì)錯(cuò)）

評(píng)卷人得分四、計(jì)算題(共2題，共6分)20、如圖所示，半徑為R

的四分之一光滑圓弧軌道豎直固定在水平地面上，下端與水平地面在P

點(diǎn)相切，一個(gè)質(zhì)量為2m

的物塊B(

可視為質(zhì)點(diǎn))

靜止在水平地面上，左端固定有輕彈簧，Q

點(diǎn)為彈簧處于原長(zhǎng)時(shí)的左端點(diǎn)，PQ

間的距離為RPQ

段地面粗糙、滑動(dòng)摩擦因素為u=0.5Q

點(diǎn)右側(cè)水平地面光滑，現(xiàn)將質(zhì)量為m

的物塊A(

可視為質(zhì)點(diǎn))

從圓弧軌道的最高點(diǎn)由靜止開(kāi)始下滑，重力加速度為g

求：

(1)

物塊A

沿圓弧軌道滑至P

點(diǎn)時(shí)對(duì)軌道的壓力；(2)

彈簧被壓縮的最大彈性勢(shì)能(

未超過(guò)彈性限度)

(3)

物塊A

最終停止位置到Q

點(diǎn)的距離。21、一種測(cè)定電子比荷的實(shí)驗(yàn)裝置如圖所示。真空玻璃管內(nèi)，陰極K

發(fā)出的電子經(jīng)陽(yáng)極A

與陰極K

之間的高壓加速后，形成一細(xì)束電子流，沿平行板電容器中心軸線進(jìn)入兩極板CD

間的區(qū)域。已知極板的長(zhǎng)度為lCD

間的距離也為l

極板區(qū)的中心點(diǎn)N

到熒光屏中點(diǎn)O

的距離為2l

若兩極板CD

間無(wú)電壓，電子將打在熒光屏上的O

點(diǎn)；若在兩極板間加上電壓U

則離開(kāi)極板區(qū)域的電子將打在熒光屏上P

點(diǎn)，P

點(diǎn)到O

點(diǎn)距離為y

若再在兩板間加磁感應(yīng)強(qiáng)度為B

的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，則電子將再次打在熒光屏上的O

點(diǎn)，電子重力忽略不計(jì)，求：(1)

所加勻強(qiáng)磁場(chǎng)B

的方向；(2)

電子的比荷。評(píng)卷人得分五、畫(huà)圖題(共2題，共10分)22、13.矩形導(dǎo)線框abcd固定在勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，磁感線的方向與導(dǎo)線框所在平面垂直，規(guī)定磁場(chǎng)的正方向垂直紙面向里，磁感應(yīng)強(qiáng)度B隨時(shí)間變化的規(guī)律如圖所示.若規(guī)定順時(shí)針?lè)较驗(yàn)楦袘?yīng)電流i的正方向，在下列i-t圖中畫(huà)出感應(yīng)電流隨時(shí)間變化的圖象23、13.矩形導(dǎo)線框abcd固定在勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，磁感線的方向與導(dǎo)線框所在平面垂直，規(guī)定磁場(chǎng)的正方向垂直紙面向里，磁感應(yīng)強(qiáng)度B隨時(shí)間變化的規(guī)律如圖所示.若規(guī)定順時(shí)針?lè)较驗(yàn)楦袘?yīng)電流i的正方向，在下列i-t圖中畫(huà)出感應(yīng)電流隨時(shí)間變化的圖象參考答案一、選擇題(共5題，共10分)1、B【分析】解：A；水是導(dǎo)體；用水去滅電火災(zāi)容易發(fā)生觸電．不合題意．

B；．當(dāng)發(fā)生電火災(zāi)時(shí)；要立即切斷電源．符合題意．

C；刀是金屬是導(dǎo)體直接接觸電源會(huì)觸電．不合題意；

D；找電工處理；耽誤了時(shí)間，不能及時(shí)處理．不合題意．

故選：B

安全用電的基本原則是不接觸低壓帶電體；不靠近高壓帶電體；發(fā)現(xiàn)有人觸電或電引起的火災(zāi)，首先切斷電源，再實(shí)行救援措施．

此題考查了電火災(zāi)的急救措施，我們必須知道如何處理電火災(zāi)事故．【解析】【答案】B2、A【分析】略【解析】A

3、B【分析】【解析】試題分析：由題，通電直導(dǎo)線產(chǎn)生穩(wěn)定的磁場(chǎng)，離導(dǎo)線越遠(yuǎn)磁場(chǎng)越弱，磁感線越疏，則當(dāng)線框遠(yuǎn)離通電導(dǎo)線時(shí)，穿過(guò)線框的磁感線的條數(shù)越來(lái)越少，磁通量將逐漸減?。瓸正確，考點(diǎn)：本題考查了對(duì)磁通量的變化的判斷【解析】【答案】B4、B【分析】解：

A、依據(jù)位移隨時(shí)間變化的關(guān)系式為x=Asin婁脨4t

第1s

末位移為正，與第5s

末的位移為負(fù)，故A錯(cuò)誤．

B、依據(jù)位移隨時(shí)間變化的關(guān)系式為x=Asin婁脨4tx1=x3=2A2

故B正確．

C；第3s

內(nèi)質(zhì)點(diǎn)趨向平衡位置運(yùn)動(dòng)；故第3s

內(nèi)質(zhì)點(diǎn)的加速度一直減小，故C錯(cuò)誤．

D；簡(jiǎn)諧振動(dòng)圖象如圖；可知1s隆蘆3s

內(nèi)質(zhì)點(diǎn)的路程小于A

故D錯(cuò)誤．

故選：B

．

依據(jù)位移隨時(shí)間變化的關(guān)系式為x=Asin婁脨4t

可判定AB

第3s

內(nèi)質(zhì)點(diǎn)趨向平衡位置運(yùn)動(dòng)；

由圖象判定1隆蘆3s

路程．

解決本題的關(guān)鍵是能從簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)的表達(dá)式中獲取信息，并會(huì)畫(huà)簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)的位移時(shí)間圖象，結(jié)合圖象分析問(wèn)題．【解析】B

5、A【分析】【分析】先要理解“今人梳頭、脫著衣時(shí)，有隨梳、解結(jié)有光者，也有咤聲”這句話的意思，即人們梳頭、穿衣時(shí)，梳子與頭發(fā)，外衣與里面的衣服摩擦產(chǎn)生電荷，是靜電現(xiàn)象。能結(jié)合摩擦起電的原理解釋生活中的靜電現(xiàn)象，屬于物理知識(shí)應(yīng)用于實(shí)際的應(yīng)用題目，難度不大，屬于基礎(chǔ)題。【解答】人們梳頭；穿衣時(shí)；梳子與頭發(fā)，外衣與里面的衣服摩擦，使它們帶有異種電荷，電荷放電，看到小火星和聽(tīng)到微弱響聲，是摩擦起電，屬于靜電現(xiàn)象，故A正確，BCD錯(cuò)誤。

故選A?！窘馕觥緼

二、填空題(共5題，共10分)6、略

【分析】試題分析：（1）①根據(jù)核電荷數(shù)守恒和質(zhì)量數(shù)守恒，粒子為②設(shè)發(fā)生n次α衰變，m次β衰變，則有234＝222＋4n，90＝86＋2n－m，解得n＝3，m＝2.考點(diǎn)：核反應(yīng)方程【解析】【答案】3，27、略

【分析】

在地球，有：T地=2π

在月球，有：T月=2π

聯(lián)立解得：T月==T地=2s≈4.9s；

故答案為：4.9．

【解析】【答案】單擺的小角度擺動(dòng)是簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)，具有等時(shí)性，根據(jù)單擺周期公式T=2π列式求解即可．

8、略

【分析】解：根據(jù)庫(kù)侖定律可知，兩個(gè)點(diǎn)電荷之間的庫(kù)侖力：式F=k．方向在它們的連線上．

故答案為：F=k

根據(jù)庫(kù)侖定律即可得出庫(kù)侖力的公式．

解決本題的關(guān)鍵掌握庫(kù)侖定律的公式F=k．【解析】F=k9、略

【分析】解：如圖，當(dāng)長(zhǎng)方形線圈abcd有一半處在磁感應(yīng)強(qiáng)度為B的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中時(shí)。

磁通量為Φ1=B?=

當(dāng)線圈以ab為軸從圖中位置轉(zhuǎn)過(guò)60°的瞬間，線圈在垂直于磁場(chǎng)方向投影的面積為．

則磁通量Φ2=B=

故本題答案是：．【解析】BS;BS10、略

【分析】解：(1)

普通電冰箱中的自動(dòng)溫度控制電路采用的溫度傳感器b

(2)

普通電冰箱中的自動(dòng)溫度控制電路是采用了光傳感器a

(3)

氣墊導(dǎo)軌上用的光電門(mén)采用的是光傳感器；

(4)

樓梯燈控制電路為聲光控電路；故采用了光傳感器a

和聲傳感器c

(5)

賓館的自動(dòng)門(mén)采用的是光傳感器；

(6)

話筒采用的是聲傳感器；

(7)

非接觸式體溫計(jì)采用的是溫度傳感器；

(8)

遙控電視機(jī)的接收器采用的是紅外(

光傳感器)a

故答案為：(1)b.(2)a.(3)a.(4)a.c.(5)a.(6)c.(7)a.(8)a

．

傳感器的作用是將溫度；力、光、聲音等非電學(xué)量轉(zhuǎn)換為電學(xué)量.

明確各種裝置的基本原理即可明確采用了何種傳感器．

紅外線有很多作用，電視機(jī)的遙控器發(fā)出的是紅外線，是不可見(jiàn)光，它能對(duì)電視機(jī)進(jìn)行遙控；在日常生活中具有很多應(yīng)用．【解析】baaacacaa

三、判斷題(共9題，共18分)11、A【分析】【解答】解：根據(jù)電場(chǎng)線的特點(diǎn)可知；沿電場(chǎng)線的方向電勢(shì)降低；電場(chǎng)線垂直于等勢(shì)面、同一等勢(shì)面移動(dòng)電荷電場(chǎng)力不做功．

故答案為：正確．

【分析】解決本題要根據(jù)：電場(chǎng)線是人為假想的曲線，從正電荷或無(wú)限遠(yuǎn)出發(fā)，終止于無(wú)限遠(yuǎn)或負(fù)電荷，不閉合，電場(chǎng)線疏密描述電場(chǎng)強(qiáng)弱，電場(chǎng)線密的地方，電場(chǎng)強(qiáng)度大，疏的地方電場(chǎng)強(qiáng)度弱，沿電場(chǎng)線的方向電勢(shì)降低．12、B【分析】【解答】解：沿著電場(chǎng)線方向；電勢(shì)降低，且降低最快；

那么電勢(shì)降低最快的方向才是電場(chǎng)線的方向；但電勢(shì)降低的方向不一定是電場(chǎng)線的方向，故錯(cuò)誤；

故答案為：錯(cuò)誤．

【分析】電場(chǎng)強(qiáng)度和電勢(shì)這兩個(gè)概念非常抽象，借助電場(chǎng)線可以形象直觀表示電場(chǎng)這兩方面的特性：電場(chǎng)線疏密表示電場(chǎng)強(qiáng)度的相對(duì)大小，切線方向表示電場(chǎng)強(qiáng)度的方向，電場(chǎng)線的方向反映電勢(shì)的高低．13、B【分析】【解答】解：根據(jù)靜電平衡的特點(diǎn)；導(dǎo)體是等勢(shì)體，金屬導(dǎo)體的內(nèi)部電場(chǎng)強(qiáng)度處處為零；

由于處于靜電平衡狀態(tài)的導(dǎo)體是一個(gè)等勢(shì)體；則表面電勢(shì)處處相等，即等勢(shì)面，那么電場(chǎng)線與等勢(shì)面垂直；

故答案為：錯(cuò)誤．

【分析】金屬導(dǎo)體在點(diǎn)電荷附近，出現(xiàn)靜電感應(yīng)現(xiàn)象，導(dǎo)致電荷重新分布．因此在金屬導(dǎo)體內(nèi)部出現(xiàn)感應(yīng)電荷的電場(chǎng)，正好與點(diǎn)電荷的電場(chǎng)疊加，只有疊加后電場(chǎng)為零時(shí)，電荷才不會(huì)移動(dòng)．此時(shí)導(dǎo)體內(nèi)部電場(chǎng)強(qiáng)度處處為零，電荷全部分布在表面，且為等勢(shì)面，導(dǎo)體是等勢(shì)體．14、A【分析】【解答】解：點(diǎn)電荷在A點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)

根據(jù)場(chǎng)強(qiáng)的疊加原理得；則兩點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)是由正點(diǎn)電荷和勻強(qiáng)電場(chǎng)場(chǎng)強(qiáng)的合成，A點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)大小為。

EA=E點(diǎn)﹣E勻=9×103N/C﹣9×103N/C=0；所以A處場(chǎng)強(qiáng)大小為0

故答案為：正確。

【分析】根據(jù)公式E=k求出點(diǎn)電荷在A點(diǎn)處產(chǎn)生的場(chǎng)強(qiáng)大小，判斷出場(chǎng)強(qiáng)方向，A點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)是由正點(diǎn)電荷和勻強(qiáng)電場(chǎng)場(chǎng)強(qiáng)的合成，根據(jù)平行四邊形定則求解A點(diǎn)處的場(chǎng)強(qiáng)大小及方向．15、A【分析】【解答】解：圖中a、b兩點(diǎn)在一個(gè)等勢(shì)面上；

故Uac=Ubc，根據(jù)W=qU，有Wa=Wb；

a位置的電場(chǎng)強(qiáng)度較密集，故Ea＞Eb；

故答案為：正確．

【分析】圖中a、b兩點(diǎn)在一個(gè)等勢(shì)面上，根據(jù)W=qU判斷電場(chǎng)力做功的大小，根據(jù)電場(chǎng)線的疏密程度判斷電場(chǎng)強(qiáng)度的大?。?6、A【分析】【解答】解：根據(jù)電場(chǎng)線的特點(diǎn)可知；沿電場(chǎng)線的方向電勢(shì)降低；電場(chǎng)線垂直于等勢(shì)面、同一等勢(shì)面移動(dòng)電荷電場(chǎng)力不做功．

故答案為：正確．

【分析】解決本題要根據(jù)：電場(chǎng)線是人為假想的曲線，從正電荷或無(wú)限遠(yuǎn)出發(fā)，終止于無(wú)限遠(yuǎn)或負(fù)電荷，不閉合，電場(chǎng)線疏密描述電場(chǎng)強(qiáng)弱，電場(chǎng)線密的地方，電場(chǎng)強(qiáng)度大，疏的地方電場(chǎng)強(qiáng)度弱，沿電場(chǎng)線的方向電勢(shì)降低．17、B【分析】【解答】解：根據(jù)靜電平衡的特點(diǎn)；導(dǎo)體是等勢(shì)體，金屬導(dǎo)體的內(nèi)部電場(chǎng)強(qiáng)度處處為零；

由于處于靜電平衡狀態(tài)的導(dǎo)體是一個(gè)等勢(shì)體；則表面電勢(shì)處處相等，即等勢(shì)面，那么電場(chǎng)線與等勢(shì)面垂直；

故答案為：錯(cuò)誤．

【分析】金屬導(dǎo)體在點(diǎn)電荷附近，出現(xiàn)靜電感應(yīng)現(xiàn)象，導(dǎo)致電荷重新分布．因此在金屬導(dǎo)體內(nèi)部出現(xiàn)感應(yīng)電荷的電場(chǎng)，正好與點(diǎn)電荷的電場(chǎng)疊加，只有疊加后電場(chǎng)為零時(shí)，電荷才不會(huì)移動(dòng)．此時(shí)導(dǎo)體內(nèi)部電場(chǎng)強(qiáng)度處處為零，電荷全部分布在表面，且為等勢(shì)面，導(dǎo)體是等勢(shì)體．18、A【分析】【解答】解：點(diǎn)電荷在A點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)

根據(jù)場(chǎng)強(qiáng)的疊加原理得；則兩點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)是由正點(diǎn)電荷和勻強(qiáng)電場(chǎng)場(chǎng)強(qiáng)的合成，A點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)大小為。

EA=E點(diǎn)﹣E勻=9×103N/C﹣9×103N/C=0；所以A處場(chǎng)強(qiáng)大小為0

故答案為：正確。

【分析】根據(jù)公式E=k求出點(diǎn)電荷在A點(diǎn)處產(chǎn)生的場(chǎng)強(qiáng)大小，判斷出場(chǎng)強(qiáng)方向，A點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)是由正點(diǎn)電荷和勻強(qiáng)電場(chǎng)場(chǎng)強(qiáng)的合成，根據(jù)平行四邊形定則求解A點(diǎn)處的場(chǎng)強(qiáng)大小及方向．19、B【分析】【解答】解：若把該圖象與等量異種點(diǎn)電荷電場(chǎng)中的部分等勢(shì)面圖比較；可以得到：靠近正電荷的點(diǎn)電勢(shì)高，靠近負(fù)電荷的點(diǎn)，電勢(shì)較低．所以，a處為正電荷．

等量異種點(diǎn)電荷電場(chǎng)中的部分等勢(shì)面圖象中的等勢(shì)面左右對(duì)稱；無(wú)窮遠(yuǎn)處的電勢(shì)為0．該圖象的左側(cè)的等勢(shì)線比較密，無(wú)窮遠(yuǎn)處的電勢(shì)為0，所以無(wú)窮遠(yuǎn)處到兩點(diǎn)之間的電勢(shì)差相比，與a點(diǎn)之間的電勢(shì)差比較大，所以a點(diǎn)所帶的電量就多．

故答案為：錯(cuò)誤．

【分析】若把該圖象與等量異種點(diǎn)電荷電場(chǎng)中的部分等勢(shì)面圖比較，很容易得出正確的結(jié)論．四、計(jì)算題(共2題，共6分)20、解：(1)

物塊A

從靜止沿圓弧軌道滑至P

點(diǎn)，設(shè)速度大小為vp

由機(jī)械能守恒定律有：mgR=12mvP2

在最低點(diǎn)軌道對(duì)物塊的支持力為大小為FN

由牛頓第二定律有：FN鈭?mg=mvP2R

聯(lián)立解得：FN=3mg

由牛頓第三定律可知物塊軌道P

點(diǎn)的壓力大小為3mg

即：物塊A

沿圓弧軌道滑至P

點(diǎn)時(shí)對(duì)軌道的壓力為3mg

(2)

設(shè)物塊A

與彈簧接觸前瞬間的速度大小為v0

由動(dòng)能定理有mgR鈭?婁脤mgR=12mv02鈭?0

解得：v0=gR

當(dāng)時(shí)，物塊A

物塊B

具有共同速度v

時(shí)，彈簧的彈性勢(shì)能最大；

由動(dòng)量守恒定律有：mv0=(m+2m)v12mv02=12(m+2m)v2+EPm

聯(lián)立解得：EPm=13mgR

即：彈簧被壓縮的最大彈性勢(shì)能為13mgR

(3)

設(shè)物塊A

與彈簧分離時(shí)，AB

的速度大小分別為v1v2

規(guī)定向右為正，則有：

mv0=鈭?mv1+2mv212mv02=12mv12+12(2m)v22

聯(lián)立解得：v1=13gR

設(shè)A

最終停在Q

點(diǎn)左側(cè)x

處，由動(dòng)能定理有：鈭?婁脤mgx=0鈭?12mv12

解得：x=19R

即：物塊A

最終停止位置到Q

點(diǎn)的距離是19R【分析】本題考查了動(dòng)量守恒定律、動(dòng)能定理的應(yīng)用、機(jī)械能守恒定律；本題首先要分析物理過(guò)程，確定研究對(duì)象，其次要把握解題的規(guī)律，運(yùn)用機(jī)械能守恒、牛頓運(yùn)動(dòng)定律和能量守恒結(jié)合研究。(1)

物塊從A

運(yùn)動(dòng)P

的過(guò)程中，只有重力做功，物塊的機(jī)械守恒，由機(jī)械能守恒定律求出物塊到達(dá)P

點(diǎn)時(shí)的速度大小。物塊經(jīng)過(guò)P

點(diǎn)時(shí)，由重力和軌道支持力的合力提供向心力，由牛頓運(yùn)動(dòng)定律求出物塊對(duì)軌道的壓力大??；(2)

從A

到彈簧壓縮量最大的過(guò)程，由能量守恒定律求解彈簧的最大壓縮量d

(3)

物塊與彈簧發(fā)生一次相互作用被彈回后停止在PB

兩點(diǎn)間的某處，可能被彈回直接停在PB

之間，也可能先滑上PA

圓弧軌道，再滑下停在PB

之間。由能量守恒求解。【解析】解：(1)

物塊A

從靜止沿圓弧軌道滑至P

點(diǎn)，設(shè)速度大小為vp

由機(jī)械能守恒定律有：mgR=12mvP2

在最低點(diǎn)軌道對(duì)物塊的支持力為大小為FN

由牛頓第二定律有：FN鈭?mg=mvP2R

聯(lián)立解得：FN=3mg

由牛頓第三定律可知物塊軌道P

點(diǎn)的壓力大小為3mg

即：物塊A

沿圓弧軌道滑至P

點(diǎn)時(shí)對(duì)軌道的壓力為3mg

(2)

設(shè)物塊A

與彈簧接觸前瞬間的速度大小為v0

由動(dòng)能定理有mgR鈭?婁脤mgR=12mv02鈭?0

解得：v0=gR

當(dāng)時(shí)，物塊A

物塊B

具有共同速度v

時(shí)，彈簧的彈性勢(shì)能最大；由動(dòng)量守恒定律有：mv0=(m+2m)v12mv02=12(m+2m)v2+EPm

聯(lián)立解得：EPm=13mgR

即：彈簧被壓縮的最大彈性勢(shì)能為13mgR

(3)

設(shè)物塊A

與彈簧分離時(shí)，AB

的速度大小分別為v1v2

規(guī)定向右為正，則有：mv0=鈭?mv1+2mv212mv02=12mv12+12(2m)v22

聯(lián)立解得：v1=13gR

設(shè)A

最終停在Q

點(diǎn)左側(cè)x

處，由動(dòng)能定理有：鈭?婁脤mgx=0鈭?12mv12

解得：x=19R

即：物塊A

最終停止位置到Q

點(diǎn)的距離是19R

21、解：(1)

由左手定則可知；磁場(chǎng)方向垂直于紙面向外。

(2)

設(shè)電子剛進(jìn)入平行板電容器極板間區(qū)域時(shí)的速度為v0

因?yàn)樗俣确较蚱叫杏陔娙萜鞯臉O板，通過(guò)長(zhǎng)度為l

的極板區(qū)域所需的時(shí)間：

當(dāng)兩極板之間加上電壓時(shí)，設(shè)兩極板間的場(chǎng)強(qiáng)為E

作用于電子的靜電力的大小為qE

方向垂直于極板由C

指向D

電子的加速度：

而

因電子在垂直于極板方向的初速度為0

因而在時(shí)間t1

內(nèi)垂直于極板方向的位移

電子離開(kāi)極板區(qū)域時(shí)，沿垂直于極板方向的末速度：

設(shè)電子離開(kāi)極板區(qū)域后，電子到達(dá)熒光屏上P

點(diǎn)所需時(shí)間為t2

在t