2025年中圖版高三物理上冊階段測試試卷

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年中圖版高三物理上冊階段測試試卷882考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五總分得分評卷人得分一、選擇題(共7題，共14分)1、如圖所示，兩個等量異種點電荷形成的電場中，O是電荷連線的中點，M、N是連線中垂線上關于O對稱的兩點，P、Q是兩電荷外側(cè)關于O對稱的兩點．以下說法正確的是（）A.P、Q兩點的場強不同B.P、Q兩點的電勢相同C.正檢驗電荷在N點的電勢能大于在Q點的電勢能D.正檢驗電荷從M沿中垂線移動到N的過程中，電場力先做正功，再做負功2、M、N為電場中某一條電場線上的兩點，電場線方向如圖所示，下列說法正確的是（）A.負電荷受電場力FM＞FNB.場強EM＞ENC.場強EM＜END.M點電勢比N點高3、如圖所示在絕緣支架上的導體A和導體B按圖中方式接觸放置，原先AB都不帶電，先讓開關K1，K2均斷開，現(xiàn)在將一個帶正電小球C放置在A左側(cè)，以下判斷正確的是（）A.小球距離A較近，所以A左端電荷量大于B右端電荷量B.只閉合K1，則A左端不帶電，B右端帶負電C.只閉合K2，則B右端不帶電，A左端帶負電D.只閉合K2，接著移走帶電小球，最后將AB分開，A帶負電4、設rm{N_{A}}為阿伏加德羅常數(shù)的值。下列說法正確的是rm{(}rm{)}A.常溫常壓下，rm{0.2gDrlap{_{2}}{^{16}}O}中含有的質(zhì)子數(shù)、中子數(shù)和電子數(shù)均為rm{0.2g

Drlap{_{2}}{^{16}}O}B.rm{0.1N_{A}}中含有的硅氧鍵的數(shù)目為rm{6.0gSiO_{2}}C.rm{2N_{A}}時，rm{25隆忙}濃硫酸和rm{50g98%}濃磷酸混合后含氧原子數(shù)為rm{50g98%}D.rm{4N_{A}}晶體中含有rm{6.8gKHSO_{4}}個陽離子rm{0.1N_{A}}5、二氧化碳是導致“溫室效應”的主要原因之一，人類在采取節(jié)能減排措施的同時，也是在研究控制溫室氣體的新方法，目前專家們正在研究二氧化碳的深海處理技術。在某次實驗中，將一定質(zhì)量的二氧化碳氣體封閉在一個可以自由壓縮的導熱容器中，將容器緩慢移到海水某深處，氣體體積減小為原來的一半，溫度逐漸降低。此過程中（）A.封閉的二氧化碳氣體對外界做正功B.封閉的二氧化碳氣體壓強一定增大C.封閉的二氧化碳氣體分子的平均動能增大D.封閉的二氧化碳氣體一定從外界吸收熱量6、如圖所示的小磁針；當其正上方有帶電粒子通過時，小磁針的S極向紙內(nèi)方向偏轉(zhuǎn)，這一帶電粒子束（）

A.一定都是由a向b飛行B.一定都是由b向a飛行C.由b向a飛行時一定是正離子束D.由b向a飛行時也可能是負離子束7、2012年8月6日，倫敦奧運會男子百米飛人大戰(zhàn)，牙買加名將博爾特以9.63秒的成績奪得了倫敦奧運會男子100米冠軍！這個成績同時也創(chuàng)造了新的奧運會紀錄，男子200米的奧運會紀錄19.30秒也是博爾特在北京奧運會上創(chuàng)造的，下列說法中正確的是（）A.田徑200米比賽的位移是100米比賽位移的兩倍B.博爾特在200米比賽中的平均速度約為10.36m/sC.博爾特在100米比賽中的平均速度約為10.38m/sD.博爾特在100米比賽中的最大速度約為20.76m/s評卷人得分二、雙選題(共8題，共16分)8、【題文】水平桌面上有甲；乙、丙三個完全相同的容器；裝有不同的液體，將三個長方體A、B、C分別放入容器的液體中，靜止時的位置如圖所示，三個容器的液面相平。已知三個長方體的質(zhì)量和體積都相同。則下列判斷正確的是。

A．物體受到的浮力F浮A＞F浮B＞F浮C

B．容器對桌面的壓力F甲＜F乙＜F丙

C．液體對容器底的壓強p甲＝p乙＝p丙

D．物體下表面受到液體的壓力F′A＞F′B＝F′C9、短周期元素rm{W}rm{X}rm{Y}rm{Z}的原子序數(shù)之和為rm{45}四種元素均位于不同主族。rm{W}的最高正價和最低負價代數(shù)和等于rm{0}rm{X}單質(zhì)可作半導體材料；rm{Z}的氣態(tài)氫化物與其最高價含氧酸都是強酸。下列說法中正確的是A.原子半徑：rm{X<Y}B.最簡單氫化物的穩(wěn)定性：rm{Z>X}C.rm{Y}的簡單離子與rm{Z}的簡單離子具有相同的電子層結(jié)構D.化合物rm{XWZ_{3}}中存在離子鍵和極性鍵10、三位分別來自法國、美國、荷蘭的科學家因研究“分子機器的設計與合成”而獲得rm{2016}年諾貝爾化學獎。納米分子機器日益受到關注，機器的“車輪”常用組件如下，下列說法正確的是()rm{壟脵(}三碟烯rm{)}rm{壟脷(}扭曲烷rm{)}rm{壟脹(}富勒烯rm{)}rm{壟脺(}金剛烷rm{)}A.rm{壟脵壟脷壟脹壟脺}均屬于烴B.rm{壟脵壟脹}均能發(fā)生加成反應C.rm{壟脵壟脺}互為同分異構體D.rm{壟脵壟脷壟脹壟脺}的一氯代物均只有一種11、常溫下，用rm{0.1000mol/L}的鹽酸滴定rm{20.00mL}未知濃度的rm{Na_{2}CO_{3}}溶液，溶液的rm{pH}與所加鹽酸的體積關系如圖所示。下列有關敘述正確的是A.rm{a}點溶液呈堿性的原因用離子方程式表示為：rm{CO{}^{^{2-}}_{_{3}}+2H_{2}Ooverset{?}{}H_{2}CO_{3}+2OH^{-}}B.rm{CO{}^{^{2-}}_{_{3}}+2H_{2}O

overset{?}{}H_{2}CO_{3}+2OH^{-}}點處的溶液中rm{c}rm{c}rm{(Na^{+})-}rm{c}rm{(Cl^{-})=}rm{c}rm{(HCO{}^{^{-}}_{_{3}})+2}rm{c}C.滴定過程中使用甲基橙作為指示劑比酚酞更準確D.rm{(CO{}^{^{2-}}_{_{3}})}點處溶液中水電離出的rmdkyrhl3rm{c}大于rm{(H^{+})}點處rm12、rm{X}rm{Y}rm{Z}rm{T}四種原子序數(shù)遞增的短周期元素，其部分性質(zhì)或結(jié)構如下：。元素元素性質(zhì)或原子結(jié)構rm{X}形成的簡單陽離子核外無電子rm{Y}元素的氣態(tài)氫化物的水溶液顯堿性rm{Z}元素在周期表中的周期序數(shù)是族序數(shù)的rm{3}倍rm{T}同周期元素中形成的簡單離子半徑最小下列說法不正確的是rm{(}rm{)}A.原子半徑大小順序：rm{Z>T>Y>X}B.rm{X}與rm{Y}可形成既含極性鍵又含非極性鍵的化合物C.rm{X}rm{Y}rm{Z}的三種元素形成的化合物只可能含有共價鍵，不可能含有離子鍵D.由rm{X}rm{Y}和rm{T}三種元素的簡單離子，均能破壞水的電離平衡13、某課題組以納米rm{Fe_{2}O_{3}}作為電極材料制備鋰離子電池rm{(}另一極為金屬鋰和石墨的復合材料rm{)}通過在室溫條件下對鋰離子電池進行循環(huán)充放電，成功地實現(xiàn)了對磁性的可逆調(diào)控rm{(}如圖rm{)}以下說法正確的是A.放電時，正極的電極反應式為rm{Fe_{2}O_{3}+6Li^{+}+6e^{-}=2Fe+3Li_{2}O}B.該電池可以用水溶液做電解質(zhì)溶液C.放電時，rm{Fe}作電池的負極，rm{Fe_{2}O_{3}}作電池的正極D.充電時，電池被磁鐵吸引評卷人得分三、填空題(共5題，共10分)14、勻強磁場中有一段長為0.2m的直導線，它與磁場方向垂直，當通過1A的電流時，受到6×10-2N的磁場力，則該磁場的磁感應強度是____T；當導線長縮短一半時，磁感應強度是____T．15、質(zhì)量為0.75kg的籃球，以10m/s的速度豎直砸在籃球場上，隨后又以8m/s的速度被反彈，若取豎直向上為正方向，則籃球與地面碰前的動量是____kg?m/s碰后的動量是____kg?m/s在此過程中籃球動量的變化是____kg?m/s．16、（2014春?尉犁縣校級期末）如圖所示電路，當在a、b兩端加上直流電壓時，L1正常發(fā)光，L2不亮；當a、b兩端加上同樣電壓的交變電流時，L1發(fā)光亮度變暗，而L2正常發(fā)光．則A、B分別為____和____．17、如圖所示，一個重為10牛頓的L形均勻直角支架放在地面上，AO端長0.8米，BO端長1.2米，將重為30牛頓、半徑為0.2米的光滑小球用長0.2米繩懸掛在A端，若支架不傾倒，則應在B端至少加力____牛，若將繩子縮短一些，則該力應____（填：“變大”、“不變”或“變小”）18、（2013秋?平陽縣校級月考）如圖，以O點為圓心，以r為半徑的圓與坐標軸交點分別為a、b、c、d，空間有一勻強電場E，同時在O點固定一個電荷量為+Q的點電荷．如果把一個帶電荷量為-q的試探電荷放在c點，恰好平衡，那么勻強電場的場強E方向為____，大小為____；如果將-q從c點移到d點，此時該電荷所受電場力的大小為____．評卷人得分四、推斷題(共2題，共18分)19、rm{[}化學選修r(nóng)m{5}有機化學基礎rm{]}異戊酸薄荷酯rm{(}rm{)}是一種治療心臟病的藥物，制備異戊酸薄荷酯rm{P}的流程如下：完成下列問題：rm{(1)A}的化學名稱為_______________。試劑rm{1}的結(jié)構簡式為________________。rm{(2)}由rm{E}生成rm{F}的化學方程式為________________________________________。rm{(3)}試劑rm{2}可以是_________________試劑rm{(}填名稱或化學式rm{)}該反應類型是____。rm{(4)}由rm{C}和rm{H}生成rm{P}的化學方程式為____。rm{(5)M}有多種同分異構體，寫出所有滿足下列條件的同分異構體的結(jié)構簡式：_________________________________________________________________。rm{壟脵}屬于酚類rm{壟脷}能發(fā)生銀鏡反應rm{壟脹}核磁共振氫譜有rm{4}種峰、且峰值比為rm{1:2:2:1}rm{(6)}苯乙烯是一種重要的化工原料。參考制備異戊酸薄荷酯中的方法，設計以苯、乙烯為有機原料rm{(}無機試劑自選rm{)}制備苯乙烯的合成線路：20、查閱醫(yī)學資料，得知扁桃酸衍生物是重要的醫(yī)藥中間體，工業(yè)合成扁桃酸衍生物rm{D}路線如下：rm{(1)A}的結(jié)構式：_____。rm{(2)B}含的官能團名稱：_________。rm{(3)}寫rm{B}生成rm{C}的化學方程式____________________________。rm{(4)C隆煤D}的反應類型是__________，rm{1molD}在一定條件下與足量rm{NaOH}溶液反應，最多消耗rm{NaOH}的物質(zhì)的量為_________rm{mol}rm{(5)}寫出乙醛與rm{A}在一定條件下發(fā)生縮聚反應的化學方程式______________________rm{(}不要求指明反應條件rm{)}rm{(6)}同時符合下列條件的rm{D}的所有同分異構體rm{(}不考慮立體異構rm{)}有____種；rm{壟脵}能與rm{NaHCO_{3}}溶液反應產(chǎn)生氣體；rm{壟脷}苯環(huán)上只有rm{2}個取代基；rm{壟脹}遇氯化鐵溶液發(fā)生顯色反應。其中核磁共振氫譜顯示為rm{5}組峰，且峰面積比為rm{3:1:2:2:1}的同分異構體是__________________rm{(}寫結(jié)構簡式rm{)}rm{(7)}已知：請設計合成路線以rm{A}和rm{C_{2}H_{2}}為原料合成rm{(}無機試劑任選rm{):}________________。評卷人得分五、解答題(共1題，共6分)21、（2015秋?太原期末）如圖所示；一物體重G=46N，放在水平面上，物體和水平面間的動摩擦系數(shù)μ=0.2．現(xiàn)在與水平方向成α=37°的恒力F拉動物體，物體恰好可以勻速前進，求：（sin37°=0.6，cos37°=0.8）

（1）拉力F的大小．

（2）地面對物體支持力的大?。畢⒖即鸢敢?、選擇題(共7題，共14分)1、C【分析】【分析】根據(jù)電場線分布情況判斷場強情況，結(jié)合等勢面分布圖分析電勢的情況，電場力做功等于電勢能的減小量．【解析】【解答】解：A；P、Q兩點的場強均向左；根據(jù)對稱性，電場強度的大小也相等，故P、Q兩點的場強相同，故A錯誤；

B；沿著電場線電勢逐漸降低；結(jié)合等勢面分布圖可知，P點電勢大于Q點的電勢，故B錯誤；

C；沿著電場線電勢逐漸降低；結(jié)合等勢面分布圖可知，N點電勢大于Q點的電勢，故正檢驗電荷在N點的電勢能大于在Q點的電勢能，故C正確；

D；兩個電荷連線的中垂線是等勢面；故正檢驗電荷從M沿中垂線移動到N的過程中，電場力一直不做功；故D錯誤；

故選：C．2、D【分析】【分析】該電場不一定是勻強電場．無法比較M、N兩點的場強大?。鶕?jù)順著電場線方向電勢降低，判斷M、N兩點電勢的高低．【解析】【解答】解：A；B、C、電場線的疏密才反映電場強度的大??；而一條電場線無法確定疏密，所以不能比較M、N兩點的場強大小；所以也不能比較電荷受到的電場力的大?。蔄BC錯誤．

D、順著電場線方向電勢降低，一定有φN＜φM．故D正確．

故選：D3、C【分析】【分析】帶電小球A靠近金屬導體B時，由于靜電感應，會使金屬導體B帶電，根據(jù)靜電感應的現(xiàn)象來分析即可．【解析】【解答】解：

A、當開關S1、S2斷開時；帶電小球A靠近金屬導體時，由于靜電感應，導體左端帶有負電荷，右端帶有正電荷，正負電荷量相等，故A錯誤．

B、當閉合開關時K1；由于靜電感應的作用，金屬導體右端帶的正電荷會被從大地上來的負電荷中和，所以導體右端不再帶有電荷，左端帶負電，故B錯誤．

C、當閉合開關時K2；由于靜電感應的作用，金屬導體B右端帶的正電荷會被從大地上來的負電荷中和，所以導體B右端不再帶有電荷，左端帶負電，故C正確．

D、當閉合開關時K2；由于靜電感應的作用，金屬導體B右端帶的正電荷會被從大地上來的負電荷中和，所以導體B右端不再帶有電荷，左端帶負電，接著移走帶電小球，負電荷流向大地，故AB都不帶電，故D錯誤。

故選：C．4、A【分析】【分析】A.求出rm{0.2}rm{g}rm{D}rm{2}rm{2}rm{16}的物質(zhì)的量，然后根據(jù)rm{16}rm{O}rm{D}rm{2}中含質(zhì)子、中子和電子均為rm{2}個；

B.rm{16}二氧化硅中含rm{16}硅氧鍵來分析；

C.rm{O}時，rm{10}求出二氧化硅的物質(zhì)的量，然后根據(jù)rm{1mol}二氧化硅中含rm{4mol}硅氧鍵來分析；濃硫酸和rm{1mol}rm{4mol}濃磷酸的混合溶液中；除了硫酸和磷酸含有氧原子，水也含氧原子；

D.求出rm{25隆忙}的物質(zhì)的量，然后根據(jù)rm{50g}由鉀離子和硫酸氫根構成來分析．【解答】A.rm{98%}rm{50g}rm{98%}rm{KHSO_{4}}rm{KHSO_{4}}的物質(zhì)的量為rm{0.2}rm{g}rm{0.2}rm{g}rm{0.2}rm{g}rm{0.2}rm{g}rm{0.2}rm{g}而rm{0.2}rm{0.2}rm{g}中含質(zhì)子、中子和電子均為rm{g}個故rm{D_{2}^{16}O}rm{0.01}rm{m}rm{o}rm{l}，rm{0.01}rm{m}rm{o}rm{l}，重水中含質(zhì)子、中子和電子數(shù)均為rm{0.01}rm{m}rm{o}rm{l}，rm{0.01}rm{m}rm{o}rm{l}，rm{0.01}rm{m}rm{o}rm{l}，個，故rm{0.01}正確；B.rm{0.01}rm{m}rm{m}rm{o}rm{o}rm{l}rm{l}，rm{D_{2}^{16}O}rm{10}rm{10}rm{10}rm{10}rm{10}rm{10}，，，，，rm{0.01}rm{m}rm{o}rm{l}rm{0.01}rm{m}rm{o}rm{l}rm{0.01}rm{m}rm{o}rm{l}rm{0.01}rm{m}rm{o}rm{l}rm{0.01}rm{m}rm{o}rm{l}C.rm{0.01}rm{0.01}時rm{m}rm{m}rm{o}rm{o}濃硫酸和rm{l}rm{l}rm{0.1}rm{N}rm{A}濃磷酸的混合溶液中rm{0.1}rm{N}rm{A}除了硫酸和磷酸含有氧原子rm{0.1}rm{N}rm{A}水也含氧原子rm{0.1}rm{N}rm{A}故溶液中含有的氧原子的個數(shù)大于rm{0.1}rm{N}rm{A}rm{0.1}rm{0.1}個，故rm{N}rm{A}錯誤；D.rm{N}rm{N}rm{N}rm{A}rm{A}rm{A}rm{A}的物質(zhì)的量為rm{A}rm{A}rm{A}rm{A}rm{A}而rm{60}rm{g}rm{60}rm{g}rm{60}rm{g}rm{60}rm{g}rm{60}rm{g}由鉀離子和硫酸氫根構成rm{60}故rm{60}rm{g}rm{g}二氧化硅的物質(zhì)的量為rm{1}rm{m}rm{o}rm{l}，rm{1}rm{m}rm{o}rm{l}，rm{1}rm{m}rm{o}rm{l}，rm{1}rm{m}rm{o}rm{l}，rm{1}rm{m}rm{o}rm{l}，中含陽離子rm{1}rm{1}rm{m}個，故rm{m}錯誤。故選A。rm{o}【解析】rm{A}5、B【分析】解：A；氣體體積減為原來的一半；外界對氣體做正功，故A錯誤。

B；溫度不變；氣體體積減半，根據(jù)玻意耳定律可知，氣體壓強增大，故B正確；

C；溫度不變；所以氣體的氣體分子的平均動能不變，故C錯誤。

D；溫度不變；內(nèi)能不變，根據(jù)熱力學第一定律△U=W+Q，封閉氣體向外界傳遞熱量，故D錯誤；

故選：B。

對于熱力學第一定律△U=W+Q；要明確公式中各個物理量的含義，溫度是理想氣體的內(nèi)能變化的標志。

本題考查了熱力學第一定律公式的應用，根據(jù)氣體狀態(tài)變化過程判斷做功情況，然后應用熱力學第一定律即可解題，解題時要注意理想氣體內(nèi)能由溫度決定，溫度不變氣體平均動能不變。【解析】B6、C【分析】【分析】帶電粒子運動時將形成電流，在電流周圍形成磁場，根據(jù)小磁針的偏轉(zhuǎn)情況，判斷出電流形成磁場方向，然后根據(jù)安培定則判斷出電流方向，從而判斷出粒子的正負．【解析】【解答】解：小磁針的N極向紙外偏轉(zhuǎn)；S極向內(nèi)偏轉(zhuǎn)，因此在粒子下方磁場方向向外，根據(jù)安培定則可知電流方向向左，故這束粒子若帶正電，則向左飛行，若帶負電，則向右飛行，故C正確，ABD錯誤．

故選：C．7、C【分析】【分析】位移大小等于初末位置的距離，平均速度等于位移與時間的比值，平均速率等于路程與時間的比值．【解析】【解答】解：A；200m比賽的位移大小小于200m；100m比賽的位移大小等于100m．故A錯誤．

B；因為200m比賽的位移大小小于200m；時間為20.0s，所以平均速度小于10m/s．故B錯誤；

C、博爾特在100米比賽中的平均速度=m/s；約為10.38m/，故C正確；

D；博爾特在100米比賽中的運動并不是勻變速運動；故無法知道他的最大速度，D錯誤．

故選：C．二、雙選題(共8題，共16分)8、B|D【分析】【解析】

試題分析：三個長方體的質(zhì)量相同，它們在三種液體中都只受重力和浮力，由二力平衡，它們受到的浮力大小相等，A選項錯誤。由三個長方體在液體中所處的深度不同，得到容器底所處的深度相同，液體對容器底的壓強C選項錯誤。容器是相同的，所以容器對桌面的壓力B選項正確。浮力是物體上下表面所受的壓力差，A物體上下表面都受到液體的壓力，B/、C只有下表面受到壓力，所以它們下表面所受到的壓力F′A＞F′B＝F′C；D選項正確。

考點：壓力壓強【解析】【答案】B、D9、AB【分析】【分析】本題考查了位置、結(jié)構與性質(zhì)的關系，題目難度中等，推斷元素為解答關鍵，注意熟練掌握原子結(jié)構與元素周期律、元素周期表的關系?！窘獯稹縭m{X}單質(zhì)可作半導體材料，則rm{X}為rm{Si}元素；rm{W}的最高正價和最低負價代數(shù)和等于rm{0}四種元素均位于不同主族，則rm{W}為rm{H}元素；rm{Z}的氣態(tài)氫化物與其最高價含氧酸都是強酸，則rm{Z}為rm{Cl}元素；短周期元素rm{W}rm{X}rm{Y}rm{Z}的原子序數(shù)之和為rm{45}則rm{Y}的原子序數(shù)為rm{45-1-14-17=13}則rm{Y}為rm{Al}元素。單質(zhì)可作半導體材料，則rm{X}為rm{X}元素；rm{Si}的最高正價和最低負價代數(shù)和等于rm{W}四種元素均位于不同主族，則rm{0}為rm{W}元素；rm{H}的氣態(tài)氫化物與其最高價含氧酸都是強酸，則rm{Z}為rm{Z}元素；短周期元素rm{Cl}rm{W}rm{X}rm{Y}的原子序數(shù)之和為rm{Z}則rm{45}的原子序數(shù)為rm{Y}則rm{45-1-14-17=13}為rm{Y}元素。rm{Al}和A.rm{Si}和rm{Al}為第三周期元素，同周期從左到右原子半徑逐漸減小，則原子半徑：rm{Al>Si}故A正確；為第三周期元素，同周期從左到右原子半徑逐漸減小，則原子半徑：rm{Si}故A正確；rm{Al}則氫化物穩(wěn)定性：rm{Al>Si}故B正確；B.由于非金屬性rm{Cl>Si}則氫化物穩(wěn)定性：rm{HCl>SiH_{4}}故B正確；個電子，氯離子有rm{Cl>Si}個電子，故C錯誤；rm{HCl>SiH_{4}}中只含有極性鍵，無離子鍵，故D錯誤。C.鋁離子有rm{10}個電子，氯離子有rm{18}個電子，故C錯誤；

rm{10}【解析】rm{AB}10、AB【分析】【分析】本題考查有機物的結(jié)構與性質(zhì)，為高頻考點，注意把握官能團與性質(zhì)的關系，側(cè)重苯、烷烴性質(zhì)的考查?！窘獯稹緼.只含有碳氫兩種元素的有機物為烴，rm{壟脵壟脷壟脹壟脺}均屬于烴，故A正確；B.三碟烯和富勒烯中均含有不飽和鍵，能發(fā)生加成反應，故B正確；C.三碟烯的分子式為rm{C_{20}H_{14}}金剛烷的分子式為rm{C_{10}H_{16}}二者不是同分異構體，故C錯誤；D.三碟烯的一氯代物有rm{4}種，金剛烷的一氯代物有rm{3}種，故D錯誤。故選AB?！窘馕觥縭m{AB}11、rm{BC}【分析】【分析】本題考查了酸堿中和滴定的應用，題目難度中等，明確溶液酸堿性與溶液rm{pH}的關系為解答關鍵，注意掌握中和滴定側(cè)重方法，試題培養(yǎng)了學生的分析能力及化學實驗能力。【解答】A.rm{a}點為rm{Na_{2}CO_{3}}溶液，碳酸根離子部分水解，溶液呈堿性，碳酸根離子的水解一第一步為主，正確的離子方程式為：rm{CO_{3}^{2-}+H_{2}O?HCO_{3}^{-}+OH^{-}}故A錯誤；

B.rm{c}點的rm{pH=7}溶液呈中性，則rm{c(H^{+})=c(OH^{-})}根據(jù)電荷守恒rm{c(Na^{+})+c(H^{+})=c(Cl^{-})+c(HCO_{3}^{-})+2c(CO_{3}^{2-})+c(OH^{-})}可知：rm{c(Na^{+})-c(Cl^{-})=c(HCO_{3}^{-})+2c(CO_{3}^{2-})}故B正確；

C.碳酸氫鈉溶液的rm{pH}接近rm{8.2}與酚酞變色的rm{pH}接近，變色時的rm{pH}和反應終點的rm{pH}不好判斷；而使用甲基橙容易判斷終點，且反應產(chǎn)生的二氧化碳不能全部逸出使溶液偏酸性，因此使用甲基橙的誤差小rm{(}使用甲基橙易判斷滴定終點，誤差小rm{)}故C正確；

D.rm點碳酸氫根離子水解，促進了水的電離，而rmsgqpyqg點溶液呈酸性，抑制了水的電離，則rmhjduxav點處溶液中水電離出的rm{c(H^{+})}小于rm點處；故D錯誤；

故選BC。

【解析】rm{BC}12、AC【分析】【分析】本題考查元素的結(jié)構與元素的性質(zhì)，題目難度中等，注意正確推斷元素的種類為解答該題的關鍵。【解答】rm{X}形成的簡單陽離子核外無電子，應為rm{H}元素；rm{Y}元素的氣態(tài)氫化物和它的最高價氧化物對應的水化物能發(fā)生化合反應，形成的物質(zhì)為銨鹽，應為rm{N}元素；rm{Z}元素在周期表的族序數(shù)等于周期序數(shù)的rm{3}倍，即最外層電子數(shù)為電子層數(shù)的rm{3}倍，應為rm{O}元素；rm{T}同周期元素中形成的簡單離子半徑最小，應為rm{Al}元素；

即rm{X}為rm{H}元素，rm{Y}為rm{N}元素，rm{Z}為rm{O}元素，rm{T}為rm{Al}元素；則。

A.根據(jù)同周期元素從左到右原子半徑逐漸減小，原子的核外電子層數(shù)越多，半徑越大可知，原子半徑順序為rm{T>Y>Z>X}故A錯誤；

B.rm{X}分別與rm{Y}形成rm{N_{2}H_{4}}等化合物；既含極性鍵又含非極性鍵，故B正確；

C.rm{X}rm{Y}rm{Z}的三種元素形成的rm{NH_{4}NO_{3}}中只含有共價鍵也含有離子鍵rm{X}rm{Y}的三種元素形成的rm{Z}中只含有共價鍵也含有離子鍵；故C錯誤；

D.rm{NH_{4}NO_{3}}由rm{X}rm{Y}和rm{T}三種元素的簡單離子，均能和rm{X}三種元素的簡單離子，均能促進水的電離；故D正確。

故選AC。

rm{Y}【解析】rm{AC}13、AD【分析】【分析】本題綜合考查原電池和電解池知識，為高頻考點，側(cè)重于學生的分析能力和計算能力的考查，注意把握原電池、電解池的工作原理以及電極方程式的書寫，難度中等。【解答】A.正極發(fā)生還原反應，rm{F}rm{e}rm{2}rm{O}rm{3}rm{{,!}}，rm{F}rm{e}rm{2}rm{O}rm{3}，rm{F}rm{e}rm{2}rm{O}rm{3}，rm{F}rm{e}rm{2}rm{O}rm{3}，rm{F}rm{e}rm{2}rm{O}rm{3}，rm{F}得電子被還原rm{F}所以放電時電池正極的電極反應式為rm{e}rm{2}rm{e}，故rm{e}正確；B.鋰和水發(fā)生反應，所以不可以用rm{e}溶液為電解質(zhì)溶液，故rm{2}錯誤；C.rm{2}作電池的負極，rm{O}rm{3}rm{O}rm{O}rm{O}rm{3}rm{3}，故rm{{,!}}錯誤；D.充電時，，，作為陽極，電池被磁鐵吸引，故，。故選AD。，【解析】rm{AD}三、填空題(共5題，共10分)14、0.30.3【分析】【分析】由磁感應強度的定義式可以求出磁感應強度大?。淮艌龅拇鸥袘獜姸扰c導線的長度無關．【解析】【解答】解：由題；通電導線與磁場垂直，則磁場的磁感強度為：

磁場的磁感強度由磁場本身決定；與通電導線的長度無關，故磁場的磁感強度仍為0.3T；

故答案為：0.3，0.3．15、-7.5613.5【分析】【分析】已知向上為正方向，則可知初末動量大小，同時可求出籃球的動量變化．【解析】【解答】解：因向上為正；則籃球與地面相碰前的動量為：

P1=mv1=0.75×（-10）=-7.5kg?m/s；

碰后的動量為：P2=mv2=0.75×8=6kg?m/s；

則籃球的動量變化為：P2-P1=6-（-7.5）=13.5kg?m/s

故答案為：-7.5，6，13.516、電感線圈電容器【分析】【分析】電感器對交流電有阻礙作用，對直流電沒有阻礙作用．交流電能“通過”電容器，直流電不能通過電容器，根據(jù)該特點判斷虛線框中的元件．【解析】【解答】解：當a、b端加直流電壓時，L1燈發(fā)光，L2燈不亮；當加同樣電壓的交流電源時，L1燈發(fā)光但較暗，L2燈發(fā)光較亮．知虛線框A中為電感線圈；因為電感線圈對交流電有阻礙作用，對直流電無阻礙作用．虛線框B中是電容，因為電容隔直通交．

故答案為：電感線圈，電容器．17、2變大【分析】【分析】（1）當作用力作用在B點；且與OB垂直時，該力的力臂最大，在支架上施加的力最?。?/p>

（2）重球受到三個力的作用，即重力、繩子的拉力和豎直墻面對球的支持力．重球在這三個力的作用下平衡．【解析】【解答】解：（1）以球與L行支架為研究的系統(tǒng)；由題意和圖1可得，當作用力作用在B點，且與OB垂直時，該力的力臂最大，在支架上施加的力最?。?/p>

系統(tǒng)對O的力矩有三個，順時針方向：球的重力產(chǎn)生的力矩：M1=G2×R；

逆時針方向：M2=

因力矩平衡，得：M1=M2即：G×R=Fm×3R

代入數(shù)據(jù)解得：Fmin=2N

（2）對小球進行受力分析如圖2所示；重球受到重力G，繩子的拉力F，桿的支持力N；

據(jù)共點力的平衡條件有：F′cosθ=G2

繩子對重球的拉力：

其中：sinθ=

代入解得：F′==15N

若將繩子的長度縮短一些；則繩子與豎直方向之間的夾角增大，cosθ減小，F(xiàn)′將增大．

故答案為：2，變大18、沿x軸正方向k【分析】【分析】據(jù)題：試探電荷放在c點恰好平衡，說明c處的合場強為零，點電荷Q在c點的場強與勻強電場E等大反向，即可得到勻強電場的場強大小和方向．勻強電場中場強處處相同，根據(jù)矢量合成計算出d點的合場強，再求解電荷受到的電場力大小和方向．【解析】【解答】解：由題意可知，c處合場強應為零，即點電荷Q在c點的場強與勻強電場E等大反向，故E=k；方向沿x軸正方向．

又d點的合場強是由勻強電場E和點電荷+Q的電場E′疊加而成的；如圖所示．

E合=E=；方向與x軸成45°角．

則-q放在d點所受電場力大小為F=qE合=，方向與E合方向相反．

故答案為：沿x軸正方向，k，．四、推斷題(共2題，共18分)19、(1)3﹣甲基苯酚（間-甲基苯酚）；CH3CH=CH2

(2)

(3)新制的銀氨溶液或新制的氫氧化銅懸濁液；氧化反應

（4）

(5)

（6）【分析】【分析】本題考查了有機物的推斷與合成，難度較大。【解答】根據(jù)rm{P}的結(jié)構簡式逆推，rm{C+H}發(fā)生酯化反應，生成rm{P}則rm{C}中含有羥基，結(jié)構簡式為rm{B}到rm{C}為苯環(huán)與氫氣加成，rm{A}到rm{B}為含有酚羥基的物質(zhì)與含有雙鍵的物質(zhì)反應，根據(jù)rm{A}的分子式和rm{B}rm{C}的結(jié)構可以推知rm{A}為rm{3-}甲基苯酚，試劑rm{1}為丙烯rm{CH_{3}CH=CH_{2}}rm{H}中含有羧基，結(jié)構簡式為：rm{G}中含有醛基氧化反應的含有羧基的rm{H}rm{F}中含有醇羥基，催化氧化的rm{G}rm{E}到rm{F}為鹵代烴的水解反應，rm{D}到rm{E}為碳碳雙鍵與rm{HBr}的加成反應，可以推知rm{D}為：rm{(CH_{3})_{2}CH-CH=CH_{2}}rm{E}為：rm{(CH_{3})_{2}CH-CH_{2}-CH_{2}Br}rm{F}為rm{(CH_{3})_{2}CH-CH_{2}-CH_{2}OH}rm{G}為：rm{(CH_{3})_{2}CH-CH_{2}-CHO}據(jù)此答題。rm{(1)}根據(jù)已知信息rm{1}含有酚羥基的物質(zhì)可以和含有雙鍵的物質(zhì)發(fā)生反應，則rm{A}含有酚羥基，且與甲基處于苯環(huán)的間位，試劑rm{1}為丙烯rm{CH_{3}CH=CH_{2}}故答案為：rm{3-}甲基苯酚rm{(}間rm{-}甲基苯酚rm{)}rm{CH_{3}CH=CH_{2}}rm{(2)}由rm{E}生成rm{F}的反應為生成rm{E}的反應為鹵代烴的水解反應，rm{F}化學方程式為：，故答案為：；到rm{(3)G}到rm{H}為醛基氧化為羧基的反應，試劑rm{2}可以是：為醛基氧化為羧基的反應，試劑rm{(3)G}可以是：新制的銀氨溶液或新制的氫氧化銅懸濁液rm{H}新制的銀氨溶液或新制的氫氧化銅懸濁液；氧化反應rm{2}，故答案為：；和rm{(4)}生成由rm{C}和rm