2025年新世紀版高三物理上冊階段測試試卷含答案

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年新世紀版高三物理上冊階段測試試卷含答案考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五六總分得分評卷人得分一、選擇題(共5題，共10分)1、半徑R=4cm的圓盤可繞圓心O水平轉(zhuǎn)動，其邊緣有一質(zhì)量m=1kg的小物塊（可視為質(zhì)點），若物塊隨圓盤一起從靜止開始加速轉(zhuǎn)動，其向心加速度與時間滿足a0=t2，物塊與圓盤間的動摩擦因數(shù)為0.6，取g=10m/s2，則：（）A.2s末圓盤的線速度大小為0.4m/sB.2s末物塊所受摩擦力大小為6NC.物塊繞完第一圈的時間約為1.88sD.物塊隨圓盤一起運動的最大速度約為0.5m/s2、如圖所示，在U-I圖象上，a、b、c各點均表示該電路中的一個確定的工作狀態(tài)，α=β=45°，則下列說法正確的是（）A.在b點時，電源有最小的輸出功率B.在b點時，電源的總功率最大C.從a→b，β增大，電源的總功率和輸出功率都增大D.從b→c，β增大，電源的總功率和輸出功率都減小3、如圖所示，圖甲實線為方向未知的三條電場線，a、b兩帶電粒子從電場中的p點靜止釋放．不考慮兩粒子間的相互作用，僅在電場力作用下，兩粒子做直線運動，a、b粒子的速度大小隨時間變化的關(guān)系如圖乙中實線①；②所示；虛線為直線．則

（）

A.a一定帶正電，b一定帶負電B.a向左運動，b向右運動C.a電勢能減小，b電勢能增大D.a動能減小，b動能增大4、如圖所示；在粗糙程度相同的絕緣斜面上固定一點電荷Q，在M點無初速度地釋放帶有與Q同種電荷的小物塊，小物塊在Q的電場中沿斜面運動到N點靜止，則從M到N的過程中（）

A.小物塊所受庫侖力逐漸減小。

B.M點的電勢一定高于N點的電勢。

C.小物塊的電勢能一定增加。

D.電場力對小物塊所做的功小于小物塊克服摩擦力做的功。

5、如圖所示，小球m被一根細線拉著在光滑水平面上做勻速圓周運動，則關(guān)小、球m的受力分析，下列說法錯誤的是（）A.小球m受重力、支持力、繩的拉力和向心力的作用B.小球m所受拉力的方向始終指向圓心C.小球m所受重力和支持力是一對平衡力D.小球m所受拉力提供它做勻速圓周運動所需的向心力評卷人得分二、填空題(共7題，共14分)6、重力為100N的物塊放置在水平地面上，至少要用35N的水平推力，才能把它從原地開始運動．物塊開始運動以后，用30N的水平推力就可以使物塊繼續(xù)做勻速運動由此可知：物塊與地面之間的最大靜摩擦力Fmax=____；物塊所受的滑動摩擦力F=____物塊與地面之間的動摩擦因數(shù)μ=____；運動過程中如果用20N的水平推力推物塊，物塊所受的摩擦力是____N．7、（2011秋?湖北月考）（1）歷史上第一次利用加速器實現(xiàn)的核反應，是用加速后動能為0.5MeV的質(zhì)子H轟擊靜止的X，生成兩個動能均為8.9MeV的He．（1MeV=1.6×10-13）

①上述核反應方程為____；

②質(zhì)量虧損為____kg．

（2）如圖所示，固定的光滑的弧形軌道末端水平，固定于水平桌面上，B球靜止于軌道的末端．軌道最高點距軌道末端高度及軌道末端距地高度均為R．A球由軌道最高點靜止釋放，A球質(zhì)量為2m，B球質(zhì)量為m，A、B均可視為質(zhì)點，不計空氣阻力及碰撞過程中的機械能的損失．求：A、B兩球落地點的水平距離？8、如圖所示，是一列沿x軸負方向傳播的簡諧橫波在t=0時刻的波形圖，已知波的傳播速度v=2m/s，則振動的周期為____s，x=1.0m處質(zhì)點的振動方向沿____（填“y軸正方向”或“y軸負方向”），x=2.0m處的質(zhì)點在0-1.5s內(nèi)通過的路程為____cm．9、【題文】一個元電荷的電量是____C，3.2×10-8C電量有____個基元電荷。10、一物體做單向直線運動，前一半時間以v1勻速運動，后一半時間以速度v2勻速運動，則全程平均速度為____．11、（2013春?芮城縣期中）如圖所示，平行金屬導軌間距為d，一端跨接一阻值為R的電阻，勻強磁場的磁感應強度為B，方向垂直軌道所在平面，一根長直金屬棒與軌道成60°角放置，當金屬以垂直棒的恒定速度v沿金屬軌道滑行時，電阻R中的電流大小為____．（不計軌道與棒的電阻）12、B．（選修模塊3-4）

（1）在以下說法中，正確的是____

A．醫(yī)學上利用γ射線治療腫瘤主要是利用了γ射線的穿透能力強的特點。

B．若用頻率更高的單色光照射時；同級牛頓環(huán)半徑將會變大。

C．機械波在傳播波源的振動的形式的同時傳遞了能量。

D．麥克耳孫-莫雷實驗表明：不論光源與觀察者做怎樣的相對運動；光速都是一樣的。

（2）有兩個同學利用假期分別去參觀北大和南大的物理實驗室，各自在那里利用先進的DIS系統(tǒng)較準確地探究了“單擺的周期T與擺長L的關(guān)系”，他們通過校園網(wǎng)交換實驗數(shù)據(jù)，并由計算機繪制了T2-L圖象，如圖甲所示．去北大的同學所測實驗結(jié)果對應的圖線是____（選填“A”或“B”）．另外，在南大做探究的同學還利用計算機繪制了a、b兩個擺球的振動圖象（如圖乙），由圖可知，兩單擺擺長之比=____．在t=1s時b球振動方向是____．評卷人得分三、判斷題(共9題，共18分)13、封閉在汽缸內(nèi)一定質(zhì)量的氣體，如果保持氣體體積不變，當溫度升高時，每秒撞擊單位面積器壁的分子數(shù)增多．____．（判斷對錯）14、電荷所受的洛倫茲力方向不一定與磁場方向垂直____．（判斷對錯）15、作用力與反作用力一定是同種性質(zhì)的力．____（判斷對錯）16、滑動摩擦力的方向總是與物體的運動方向相反．____（判斷對錯）17、電場力大的地方電場強度一定大．____．（判斷對錯）18、兩個力的合力總是大于原來每一個力．____（判斷對錯）19、火車轉(zhuǎn)彎時，若轉(zhuǎn)彎處內(nèi)外軌道一樣高，則轉(zhuǎn)彎時，對外軌產(chǎn)生向外的擠壓作用．____．20、質(zhì)點就是體積很小的物體．____（判斷對錯）21、永磁體在受到加熱或敲打后，磁性不會發(fā)生改變____．（判斷對錯）評卷人得分四、作圖題(共2題，共4分)22、水中和玻璃中的氣泡，看起來特別明亮，是因為一部分射到其界面上的光發(fā)生了全反射．根據(jù)圖所示的入射光線，完成該光線射到界面上后的光路圖．23、如圖所示，輕桿與豎直墻壁之間用鉸鏈連接，桿的末端吊著一個重為G的物體，墻與輕繩、桿之間的夾角都是θ=60°，求輕繩和桿各受多大的力？評卷人得分五、簡答題(共2題，共20分)24、（2015春?宜興市校級期末）質(zhì)量為M1、半徑為R的光滑圓槽，與一個質(zhì)量為M2的光滑弧形槽，相對地放在光滑水平面上，連接處與水平面相切．一個質(zhì)量為m的物體從M1頂端正上方高為h0處自由落下，先沿M1槽下滑，后又滑到M2頂端時恰好與M2相對靜止．

求：（1）物體m離開M1時的速率；

（2）弧形槽M2的高度h．25、（2015秋?乳山市期中）一質(zhì)點沿x軸做直線運動；其v-t圖象如圖所示．質(zhì)點在t=0時開始沿x軸正向運動．求：

（1）質(zhì)點在第5秒內(nèi)運動的加速度。

（2）質(zhì)點在3.5s末的速度。

（3）質(zhì)點在前8s內(nèi)位移及平均速度．評卷人得分六、解答題(共4題，共32分)26、水平拋出的一個石子，經(jīng)過0.4s落到地面，落地時的速度方向跟水平方向的夾角是53°，g取10m/s2．試求：（sin53°=0.8；cos53°=0.6）

（1）物體拋出時的高度；

（2）物體拋出點與落地點的水平距離；

（3）落地速度．27、如圖：真空中一點電荷+Q；A到+Q距離為L，求A處的電場強度大小和方向．

28、如圖所示，兩根相距l(xiāng)的豎直平行金屬導軌位于磁感應強度為B的勻強磁場中，磁場方向垂直于導軌平面，導軌電阻不計．另有兩根質(zhì)量均為m、電阻均為R的金屬棒ab、cd，與導軌光滑良好接觸．若要使cd棒靜止，則應使ab棒在豎直方向作勻速直線運動．求：ab棒的運動速度大小．29、如圖所示，間距為l的平行金屬導軌LMN和OPQ分別固定在兩個豎直面內(nèi)，電阻為R、質(zhì)量為m、長為l的相同導體桿ab和cd分別放置在導軌上，并與導軌垂直．在水平光滑導軌間有與水平面成θ、并垂直于ab的勻強磁場；傾斜導軌間有沿斜面向下的勻強磁場，磁感應強度均為B．傾斜導軌與水平面夾角也為θ，桿cd與傾斜導軌間動摩擦因素為μ．a(chǎn)b桿在水平恒力作用下由靜止開始運動，當cd剛要滑動時ab恰達到最大速度．（θ=30°、μ=；最大靜摩擦力等于滑動摩擦力）求：

（1）此時桿cd中的電流大??；

（2）桿ab的最大速度；

（3）若此過程中流過桿ab的電量為q，則cd產(chǎn)生的焦耳熱Q為多大？參考答案一、選擇題(共5題，共10分)1、A【分析】【分析】根據(jù)a0=t2，求出2s末的向心加速度，再根據(jù)a=，求得2s末的線速度，根據(jù)靜摩擦力提供向心力求出2s末所受靜摩擦力；根據(jù)a==t2，解得：v=0.2t，速度隨時間均勻增加，求出平均速度，再根據(jù)求解物塊繞完第一圈的時間，當靜摩擦力達到最大值時，速度取最大值，根據(jù)向心力公式求解最大速度．【解析】【解答】解：A、2s末圓盤的向心加速度a=4m/s2，根據(jù)a=得：v===0.4m/s；故A正確；

B；物塊隨圓盤一起從靜止開始加速轉(zhuǎn)動；靜摩擦力沿著半徑方向的分量提供向心力，則2s末時刻：

f1=ma=1×4=4N；

根據(jù)a==t2，得：v=0.2t，故切向加速度為a′=0.2m/s2；靜摩擦力的切向分量為：

f2=ma′=2N

故靜摩擦力的合力為：f==2N＜6N；故B錯誤；

C、根據(jù)a==t2，得：v=0.2t，所以速度隨時間均勻增加，則t時間內(nèi)的平均速度==0.1t；

所以繞完第一圈的時間t==；解得：t=1.58s，故C錯誤；

D、當靜摩擦力達到最大值時，速度取最大值，此時摩擦力的徑向風量提供加速度，若μmg=m；解得：

v=≈0.5m/s；所以最大速度不是0.5m/s，故D錯誤．

故選：A2、D【分析】【分析】在U-I圖象中，直線ac的斜率表示的是電源的電阻的大小，直線的截距代表電源的電動勢的大小，直線ob的斜率代表的是外電阻的大小，當電源的內(nèi)電阻和外電阻相等的時候，電源的輸出功率最大．【解析】【解答】解：A、在b點時，因為α=β，所以直線ob的斜率大小與直線ac的斜率大小相等；所以此時外電阻和電源的內(nèi)電阻的大小相等，此時電源的輸出功率最大，故A錯誤；

B、電源的總功率為P=EI=；所以在電路的總電阻最小的時候，電源的功率最大，在a點時，電路的總電阻最小，所以此時的總功率最大，故B錯誤；

C、由A、B分析可知，在b點時電源的輸出功率最大，在a點時，電源的總功率最大，所以從a→b時；β角越大，電源的總功率在減小，電源的輸出功率在增大，故C錯誤；

D、由A、B分析可知，在b點時電源的輸出功率最大，在a點時，電源的總功率最大，在c點時，電源的總功率最小，所以從b→c時；β角變大，電源的總功率減小，電源的輸出功率在減小，故D正確．

故選D．3、B【分析】【分析】從速度-時間圖象中分析出帶電粒子加速度是增大還是減小，可知粒子在電場中向左還是向右運動，通過電場力做功判斷電勢能、動能的變化．【解析】【解答】解：A．從速度時間圖象中可以看出，a粒子加速度逐漸增大，b粒子加速度逐漸減小，因為粒子僅受電場力，可知a粒子電場力逐漸增大，b粒子電場力逐漸減小，所以a向左運動，b向右運動．由于不知電場的方向，所以無法判斷a、b的電性．故A錯誤；B正確．

C．帶電粒子在電場中運動時，電場力做正功，所以a、b的電勢能均減小．故C錯誤．

D．帶電粒子在電場中運動時，電場力做正功，因為僅受電場力，根據(jù)動能定理，a、b的動能均增加．故D錯誤．

故選B．4、A|D【分析】

A；小物塊與電荷Q之間的距離增大；而電量都不變，根據(jù)庫侖定律可知小物塊所受庫侖力逐漸減?。蔄正確．

B；由于點電荷Q的電性未知；電場線方向未知，無法判斷M、N電勢的高低．故B錯誤．

C；電場力對物塊做正功；電勢能一定減?。蔆錯誤．

D；根據(jù)動能定理得知：電場力對小物塊所做的功、摩擦力對小物塊做的功及重力做功之和等于零；則知電場力對小物塊所做的功和重力做功之和等于小物塊克服摩擦力做的功，故電場力對小物塊所做的功小于小物塊克服摩擦力做的功，故D正確．

故選AD

【解析】【答案】小物塊與電荷Q之間的距離增大；根據(jù)庫侖定律分析庫侖力的變化．由于點電荷Q的電性未知，無法判斷M；N電勢的高低．電場力對物塊做正功，電勢能減?。鶕?jù)動能定理分析電場力做功與物塊克服摩擦力做功的關(guān)系．

5、A【分析】【分析】小球做勻速圓周運動，合力提供向心力，勻速圓周運動是變速運動．【解析】【解答】解：A；小球做勻速圓周運動；受重力、支持力、拉力，支持力和重力平衡，拉力提供向心力，故A錯誤，C正確；

B；小球m所受拉力的方向始終指向圓心；故B正確；

D；小球m所受拉力提供它做勻速圓周運動所需的向心力；故D正確；

本題選錯誤的，故選：A．二、填空題(共7題，共14分)6、35N30N0.330【分析】【分析】當木箱剛要滑動時受到的靜摩擦力達到最大值，恰好等于此時的水平推力．當物體被推動后，受到滑動摩擦力，勻速運動時，由平衡條件求出滑動摩擦力，根據(jù)摩擦力公式求出動摩擦因數(shù)．在運動過程中如果改用20N的水平推力推木箱時，物體由于慣性繼續(xù)向前滑動，滑動摩擦力不變．【解析】【解答】解：由題；當要用35N的水平推力時，木箱才能從原地開始運動，則此時水平推力恰好等于最大靜摩擦力，所以木箱與地板間的最大靜摩擦力為35N．

用30N的水平推力；使木箱繼續(xù)做勻速運動，則由平衡條件得到，木箱受到的滑動摩擦力f=30N；

木箱對地面的壓力大小等于重力；即N=G=100N；

所以動摩擦因數(shù)為μ===0.3．

在運動過程中如果改用20N的水平推力推木箱時；物體由于慣性繼續(xù)向前滑動，滑動摩擦力不變，仍為30N．

故答案為：35N，30N，0.3，30．7、H+X→He+He3.1×10-29【分析】【分析】（1）根據(jù)電荷數(shù)守恒、質(zhì)量數(shù)守恒列出核反應方程．根據(jù)愛因斯坦質(zhì)能方程△E=△mc2求出質(zhì)量虧損．

（2）根據(jù)機械能守恒定律求出A球與B球碰撞前的速度，根據(jù)動量守恒、機械能守恒求出碰撞后兩球的速度，根據(jù)高度求出平拋運動的時間，從而求出平拋運動的水平位移之差．【解析】【解答】（1）解：①核反應方程為：H+X→He+He或H+Li→He+He

②kg=3.1×10-29kg．

故答案為：H+X→He+He，3.1×10-29kg．

（2）解：A球下滑到與B球碰撞前機械能守恒；則：

2mgR=（2m）v2

v=

A球與B球發(fā)生彈性碰撞；動量守恒，機械能守恒，則：

2mv=2mvA+mvB

（2m）v2=（2m）vA2+mvB2

彈性碰撞后；A球與B球做平拋運動：

R=gt2

x=v0t

則A；B兩球落地點的水平距離

△x=（vB-vA）t=2R

答：A、B兩球落地點的水平距離為2R．8、略

【分析】

由圖知，該波的波長為λ=2m，則周期為T==s=1s

簡諧橫波沿x軸負方向傳播；波形向左平移，得知x=1.0m處質(zhì)點的振動方向沿y軸負方向；

時間t=1.5s=1.5T；質(zhì)點在一個周期內(nèi)通過的路程是四個振幅，則在1.5s時間內(nèi)x=2m處質(zhì)點通過的路程為S=1.5×4A=6×5cm=30cm

故答案為：1；y軸負方向，30

【解析】【答案】由圖讀出波長；由波速公式求出周期；波向左傳播，運用波形的平移法判斷質(zhì)點的振動方向；根據(jù)時間與周期的倍數(shù)關(guān)系，求解質(zhì)點通過的路程．

9、略

【分析】【解析】

試題分析：一個元電荷的電量是1.6×10-19C，3.2×10-8C電量有個基元電荷。

考點：考查元電荷。

點評：難度較小，元電荷的電量是自然界中最小的電量單元，任何一個帶電體所帶電荷量都是元電荷的整數(shù)倍【解析】【答案】1.6×10-19，2×101110、【分析】【分析】整個過程的平均速度等于總位移和總時間的比值．所以要求解整個過程的平均速度，只要求出總位移和總時間即可【解析】【解答】解：整個運動過程的平均速度為：

故答案為：11、【分析】【分析】當金屬棒沿垂直于棒的方向以速度v滑行時，金屬棒切割磁感線，產(chǎn)生感應電動勢和感應電流，金屬棒有效的切割長度為，求出感應電動勢，由閉合電路歐姆定律求出電流．【解析】【解答】解：金屬棒中產(chǎn)生的感應電動勢為：

E=BLv=Bv

通過R的電流為：

I===

故答案為：12、CDB4：9沿y軸負方向【分析】【分析】（1）γ射線治療腫瘤主要是利用了γ射線的具有高能量容易破環(huán)腫瘤細胞；牛頓環(huán)是等厚干涉；條紋間距與波長成正比；機械波在傳播的是振動形式和能量；光速不變原理是愛因斯坦狹義相對論的基本假設(shè)之一；

（2）根據(jù)T2～L圖象比較出重力加速度的大小，因為北京和南京當?shù)氐闹亓铀俣炔煌瑥亩芍贝蟮耐瑢W所測實驗結(jié)果對應的圖線．根據(jù)振動圖象得出兩擺的周期比，從而根據(jù)單擺的周期公式T=2π得出兩單擺的擺長之比．【解析】【解答】解：（1）A．醫(yī)學上利用γ射線治療腫瘤主要是利用了γ射線的具有高能量的特點；故A錯誤；

B．若用頻率更高的單色光照射時；光的波長變小，同級牛頓環(huán)半徑將會變小，故B錯誤；

C．機械波在傳播波源的振動的形式的同時傳遞了能量．故C正確；

D．愛因斯坦的相對論與麥克耳孫-莫雷實驗表明：不論光源與觀察者做怎樣的相對運動；光速都是一樣的，與參考系的選取無關(guān)．故D正確．

故選：CD

（2）由T=2π得到，T2=L，知T2-L圖象的斜率越大；則重力加速度越小，因為南京當?shù)氐闹亓铀俣刃∮诒本?，去北大的同學所測實驗結(jié)果對應的圖線的斜率小，應該是B圖線．

由振動圖線知，兩單擺的周期比為=，由T=2π知，兩單擺擺長之比=．

x-t圖象的斜率表示速度，故在t=1s時b球振動方向是-y方向；

故答案為：

（1）CD；

（2）B；4：9；沿y軸負方向．三、判斷題(共9題，共18分)13、√【分析】【分析】溫度是氣體分子平均動能變化的標志．氣體壓強是氣體分子撞擊器壁而產(chǎn)生的．【解析】【解答】解：如果保持氣體體積不變；當溫度升高時，分子的運動變得更加激烈，分子的運動加快，所以每秒撞擊單位面積器壁的分子數(shù)增多，氣體的壓強增大．故該說法正確．

故答案為：√14、×【分析】【分析】電荷的定向移動叫做電流；根據(jù)左手定則判斷磁場力方向；

左手定則：伸開左手，使拇指與其余四個手指垂直，并且都與手掌在同一平面內(nèi)；讓磁感線從掌心進入，并使四指指向電流的方向，這時拇指所指的方向就是通電導線在磁場中所受安培力的方向．【解析】【解答】解：根據(jù)左手定則；洛倫茲力方向垂直于電荷運動方向與磁場方向構(gòu)成的平面，即洛倫茲力方向一定與磁場方向垂直；

故答案為：×．15、√【分析】【分析】由牛頓第三定律可知，作用力與反作用力大小相等，方向相反，作用在同一條直線上，作用在兩個物體上，力的性質(zhì)相同，它們同時產(chǎn)生，同時變化，同時消失．【解析】【解答】解：由牛頓第三定律可知；作用力與反作用力總是大小相等，方向相反，作用在同一條直線上，作用在兩個物體上，力的性質(zhì)相同，它們同時產(chǎn)生，同時變化，同時消失，故該說法是正確的．

故答案為：√16、×【分析】【分析】滑動摩擦力與物體相對運動的方向相反．【解析】【解答】解：滑動摩擦力阻礙相對運動；與物體相對運動的方向相反．有時會和物體的運動方向相同，故與物體的運動方向相反說法錯誤．

故答案為：×17、×【分析】【分析】根據(jù)電場強度的定義式E=變形得到F與E的關(guān)系式，再分析即可．【解析】【解答】解：根據(jù)電場強度的定義式E=得：F=qE

可知電場力與電場強度和電荷量都有關(guān)；則電場力大的地方電場強度不一定大，故該判斷是錯的．

故答案為：×．18、×【分析】【分析】解答此題時；要從力的大小和方向兩個方面來考慮，在分析各選項時千萬不能漏掉力的方向．

（1）如果二力在同一條直線上；根據(jù)力的合成計算合力的大小，即同一直線上同方向二力的合力等于二力之和；

同一直線反方向二力的合力等于二力之差．

（2）如果二力不在同一條直線上，合力大小介于二力之和與二力之差之間；【解析】【解答】解：當兩個力方向相同時；合力等于兩分力之和，合力大于每一個分力；當兩個分力方向相反時，合力等于兩個分力之差，合力可能小于分力，由此可見：合力可能大于分力也有可能小于分力，故錯誤；

故答案為：×．19、√【分析】【分析】火車在水平軌道上轉(zhuǎn)彎時，需要有力提供指向圓心的向心力，若轉(zhuǎn)彎處內(nèi)外軌道一樣高，只能軌道的壓力提供．【解析】【解答】解：火車在水平軌道上轉(zhuǎn)彎時；做圓周運動，需要有力提供指向圓心的向心力，即方向指向內(nèi)側(cè)，此時外軌對火車的壓力提供向心力，根據(jù)牛頓第三定律可知，火車對外軌產(chǎn)生向外的壓力作用，此說法正確。

故答案為：√20、×【分析】【分析】當物體的形狀、大小對所研究的問題沒有影響時，我們就可以把它看成質(zhì)點，根據(jù)把物體看成質(zhì)點的條件來判斷即可．【解析】【解答】解：能否看成質(zhì)點；與質(zhì)量；體積大小無關(guān)，質(zhì)量、體積很大的物體也能看成質(zhì)點，比如地球公轉(zhuǎn)時的地球可以看成質(zhì)點，故錯誤．

故答案為：×21、×【分析】【分析】永磁體在受到加熱或敲打后，磁性會減弱或消失，這種現(xiàn)象叫退磁．鐵磁性的物質(zhì)與磁鐵接觸后會顯示出磁性，這種現(xiàn)象叫磁化．【解析】【解答】解：永磁體在受到加熱或敲打后；磁性會減弱或消失，這種現(xiàn)象叫退磁．所以這種說法是錯誤的．

故答案為：（×）四、作圖題(共2題，共4分)22、略

【分析】【分析】光線在界面上發(fā)生全反射，根據(jù)反射定律作出光路圖即可．【解析】【解答】解：圖中入射光線在界面上發(fā)生全反射；根據(jù)反射定律知反射角等于60°，完成該光線射到界面上后的光路圖如圖．

23、略

【分析】【分析】對O點受力分析，受物體的拉力（等于G）、輕桿對O點的彈力和上面繩子的拉力，根據(jù)共點力平衡條件并結(jié)合幾何關(guān)系求解即可．【解析】【解答】解：由于輕桿與豎直墻壁之間用鉸鏈連接；所以桿受到彈力方向沿桿子方向；

對重物受力分析；重物受到重力和繩子的拉力，受力平衡，則繩子拉力T=G；

對O點受力分析；如圖所示：

O點受力平衡；根據(jù)幾何關(guān)系可知：F=T=G

答：輕繩和桿受到的力都為G．五、簡答題(共2題，共20分)24、略

【分析】【分析】（1）物體m與M1作用的過程中；系統(tǒng)水平方向動量守恒，整個過程中，系統(tǒng)機械能守恒，據(jù)此列式，聯(lián)立方程求解；

（2）m滑上M2的過程中，系統(tǒng)水平方向動量守恒，系統(tǒng)機械能守恒，據(jù)此列式，聯(lián)立方程求解．【解析】【解答】解：（1）物體m與M1作用的過程中；系統(tǒng)水平方向動量守恒；

根據(jù)動量守恒定律得：mv1+M1v2=0

整個過程中；系統(tǒng)機械能守恒，則有：

解得：

（2）m滑上M2的過程中；系統(tǒng)水平方向動量守恒，系統(tǒng)機械能守恒，則有：

mv1+M2v2=（m+M2）v；

；

聯(lián)立解得：h=

答：（1）物體m離開M1時的速率為；

（2）弧形槽M2的高度h為．25、略

【分析】【分析】在速度時間圖線中，圖象的斜率表示加速度，圖線與時間軸圍成的面積表示位移，勻變速直線運動中間時刻的速度等于平均速度，平均速度等于位移除以時間．【解析】【解答】解：（1）圖象的斜率表示加速度，則在第5s時間內(nèi)質(zhì)點的加速度為：a=；

（2）質(zhì)點在3-4s內(nèi)做勻減速直線運動，3.5s末的速度為：v=

（3）質(zhì)點在前8s內(nèi)位移為：x=；

平均速度為：

答：（1）質(zhì)點在第5秒內(nèi)運動的加速度為-1m/s2；

（2）質(zhì)點在3.5s末的速度為1m/s；

（3）質(zhì)點在前8s內(nèi)位移為3m，平均速度為0.375m/s．六、解答題(共4題，共32分)26、略

【分析】【分析】（1）根據(jù)平拋運動的時間；結(jié)合位移時間公式求出石子拋出點距離地面的高度；

（2）根據(jù)速度時間公式求出落地時豎直方向速度；根據(jù)幾何關(guān)系求出水平速度，再求出水平位移；

（3）結(jié)合平行四邊形定則求出石子落地的速度．【解析】【解答】解：（1）石子的拋出點距離地面的高度h==0.8m．

（2）落地時豎直分速度vy=gt=10×0.4m/s=4m/s，根據(jù)tan53°=