2025年華師大版高二物理下冊(cè)月考試卷含答案

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請(qǐng)※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁(yè)，總=sectionpages22頁(yè)第=page11頁(yè)，總=sectionpages11頁(yè)2025年華師大版高二物理下冊(cè)月考試卷含答案考試試卷考試范圍：全部知識(shí)點(diǎn)；考試時(shí)間：120分鐘學(xué)校：______姓名：______班級(jí)：______考號(hào)：______總分欄題號(hào)一二三四五六總分得分評(píng)卷人得分一、選擇題(共9題，共18分)1、如圖1所示；A；B是某電場(chǎng)中一條電場(chǎng)線上的兩點(diǎn)．一個(gè)帶負(fù)電的點(diǎn)電荷僅受電場(chǎng)力作用，從A點(diǎn)沿電場(chǎng)線運(yùn)動(dòng)到B點(diǎn)．在此過(guò)程中，該點(diǎn)電荷的速度υ隨時(shí)間t變化的規(guī)律如圖2所示．則下列說(shuō)法中正確的是（）

A.A點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度比B點(diǎn)的大。

B.A；B兩點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度相等。

C.A點(diǎn)的電勢(shì)比B點(diǎn)的電勢(shì)高。

D.A點(diǎn)的電勢(shì)比B點(diǎn)的電勢(shì)低。

2、如圖甲所示，在豎直向上的磁場(chǎng)中，水平放置一個(gè)單匝金屬圓線圈，線圈所圍的面積為0.1m2，線圈電阻為1Ω，磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小B隨時(shí)間t的變化規(guī)律如圖乙所示，規(guī)定從上往下看順時(shí)針?lè)较驗(yàn)榫€圈中感應(yīng)電流i的正方向．則（）A.0～5s內(nèi)i的最大值為0.1AB.第4s末i的方向?yàn)檎较駽.第3s內(nèi)線圈的發(fā)熱功率最大D.3～5s內(nèi)線圈有擴(kuò)張的趨勢(shì)3、如圖所示，一個(gè)小磁針掛在大線圈內(nèi)部，磁針靜止時(shí)與線圈在同一平面內(nèi).

當(dāng)大線圈中通以圖示方向電流時(shí)，則(

)

A.小磁針的N

極向紙面外轉(zhuǎn)B.小磁針的N

極向紙面里轉(zhuǎn)C.小磁針在紙面內(nèi)靜止不動(dòng)D.小磁針在紙所在平面內(nèi)左右擺動(dòng)4、中國(guó)已投產(chǎn)運(yùn)行的1000kV特高壓輸電是目前世界上電壓最高的輸電工程。假設(shè)甲、乙兩地原來(lái)用500kV的起高壓輸電，輸電線上損耗的電功率為P。保持輸送電功率和輸電線電阻都不變的條件下，現(xiàn)改用1000kV特高壓輸電，若不考慮其他因素的影響，則輸電線上損耗的電功率將變?yōu)锳.4PB.2PC.D.5、第一個(gè)用實(shí)驗(yàn)證實(shí)電磁波存在的物理學(xué)家是A.赫茲B.愛(ài)因斯坦C.麥克斯韋D.法拉第6、圖1表示一個(gè)彈簧振子作受迫振動(dòng)時(shí)的振幅與驅(qū)動(dòng)力頻率之間的關(guān)系，由此可知（）A.振子振動(dòng)頻率為f2時(shí)，它處于共振狀態(tài)B.驅(qū)動(dòng)力的頻率為f3時(shí)，振子振動(dòng)的頻率為f2C.假如撤去驅(qū)動(dòng)力讓振子作自由振動(dòng)，它的頻率是f3D.振子作自由振動(dòng)時(shí)，頻率可以是f1、f2、f37、如圖所示，a、b、c、d、e五點(diǎn)在一直線上，b、c兩點(diǎn)間的距離等于d、e兩點(diǎn)間的距離．在a點(diǎn)固定放置一個(gè)點(diǎn)電荷，帶電量為+Q，已知在+Q的電場(chǎng)中b；c兩點(diǎn)間的電勢(shì)差為U．將另一個(gè)點(diǎn)電荷+q從d點(diǎn)移動(dòng)到e點(diǎn)的過(guò)程中（）

A.電場(chǎng)力做功qUB.克服電場(chǎng)力做功qUC.電場(chǎng)力做功大于qUD.電場(chǎng)力做功小于qU8、如圖所示，在用絲綢摩擦玻璃棒起電的過(guò)程中

A.通過(guò)摩擦創(chuàng)造了電荷B.絲綢得到電子帶負(fù)電C.玻璃棒得到電子帶正電D.玻璃棒帶正電，絲綢不帶電9、水平推力F1

和F2

分別作用于水平面上等質(zhì)量的ab

兩物體上，作用一段時(shí)間后撤去推力，物體將繼續(xù)運(yùn)動(dòng)一段時(shí)間后停下，兩物體的v鈭?t

圖像分別如圖中OABOCD

所示，圖中AB//CD

則()

A.F1

的沖量大于F2

的沖量B.F1

的沖量等于F2

的沖量C.兩物體受到的摩擦力大小相等D.兩物體受到的摩擦力大小不等評(píng)卷人得分二、雙選題(共2題，共4分)10、下列說(shuō)法中；正確的是（）

A.油脂在堿性水溶液中水解在工業(yè)上用于制肥皂B.蔗糖是最重要的二糖，麥芽糖是它的同分異構(gòu)體C.在蔗糖與稀H2SO4共熱后的溶液中，滴加銀氨溶液，再水浴加熱有銀鏡生成D.取淀粉與稀硫酸共熱后的溶液，加入碘水溶液，溶液不變藍(lán)，證明淀粉尚未水解11、下列說(shuō)法中；正確的是（）

A.油脂在堿性水溶液中水解在工業(yè)上用于制肥皂B.蔗糖是最重要的二糖，麥芽糖是它的同分異構(gòu)體C.在蔗糖與稀H2SO4共熱后的溶液中，滴加銀氨溶液，再水浴加熱有銀鏡生成D.取淀粉與稀硫酸共熱后的溶液，加入碘水溶液，溶液不變藍(lán)，證明淀粉尚未水解評(píng)卷人得分三、填空題(共8題，共16分)12、重力勢(shì)能的大小與參考平面的選取____（有關(guān)或無(wú)關(guān)），重力勢(shì)能的變化量與參考平面的選取____（有關(guān)或無(wú)關(guān)）．13、右手定則：伸開右手，使拇指與其余四個(gè)手指垂直，并且都與手掌在同一個(gè)平面內(nèi);

讓磁感線從掌心進(jìn)入，并使拇指指向____的方向，這時(shí)四指所指方向就是感應(yīng)電流的方向.

適用于判斷導(dǎo)線____時(shí)感應(yīng)電流的方向．14、某同學(xué)要測(cè)量一均勻新材料制成的圓柱體的電阻率婁脩.

用游標(biāo)為20

分度的卡尺測(cè)量其長(zhǎng)度如圖1

所示；由圖可知其長(zhǎng)度L=

______cm

用螺旋測(cè)微器測(cè)它的直徑，由圖2

知其直徑為d=

______mm

．

15、恒星向外輻射的能量來(lái)自于其內(nèi)部發(fā)生的各種熱核反應(yīng)，當(dāng)溫度達(dá)到108K時(shí)；可以發(fā)生“氦燃燒”．

①完成“氦燃燒”的核反應(yīng)方程：He+______→Be+γ．

②Be是一種不穩(wěn)定的粒子，其半衰期為2.6×10-16s．一定質(zhì)量的Be，經(jīng)7.8×10-16s后所剩Be占開始時(shí)的______．16、傳感器是把非電學(xué)量(如速度、溫度、壓力等)的變化轉(zhuǎn)換成電學(xué)量的變化的一種元件，在自動(dòng)控制中有著相當(dāng)廣泛的應(yīng)用．有一種測(cè)量人的體重的電子秤，其測(cè)量部分的原理圖如圖中的虛線框所示，它主要由壓力傳感器R(電阻值會(huì)隨所受壓力大小發(fā)生變化的可變電阻)、顯示體重大小的儀表A(實(shí)質(zhì)是理想的電流表)組成．壓力傳感器表面能承受的最大壓強(qiáng)為1×107Pa，且已知壓力傳感器R的電阻與所受壓力的關(guān)系如下表所示．設(shè)踏板和壓桿的質(zhì)量可以忽略不計(jì)，接通電源后，壓力傳感器兩端的電壓恒為4.8V，取g＝10m/s2.請(qǐng)回答：。壓力F/N0250500750100012501500電阻R/Ω300270240210180150120(1)該秤零起點(diǎn)(即踏板空載時(shí))的刻度線應(yīng)標(biāo)在電流表刻度盤_______A處．(2)如果某人站在該秤踏板上，電流表刻度盤的示數(shù)為20mA，則這個(gè)人的體重是______kg.17、一光電管的陰極K

用截止頻率為婁脥0

的金屬鈉制成，光電管陽(yáng)極A

和陰極K

之間的正向電壓為U

普朗克常量為h

電子的電荷量為e.

用頻率為婁脥

的紫外線照射陰極，有光電子逸出，光電子到達(dá)陽(yáng)極的最大動(dòng)能是______；若在光電管陽(yáng)極A

和陰極K

之間加反向電壓，要使光電子都不能到達(dá)陽(yáng)極，反向電壓至少為______．18、(1)

如圖(a)

所示，單匝矩形金屬線圈處在勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，t=0

時(shí)刻，磁場(chǎng)方向垂直于紙面向里，磁場(chǎng)發(fā)生如圖(b)

所示變化，在0

到t1

和t1

到t2

時(shí)間內(nèi)流過(guò)線圈中的電流方向______(

“相同”或“相反”)

若t2=3t1

則在0

到t1

和t1

到t2

時(shí)間內(nèi)線圈中產(chǎn)生的電動(dòng)勢(shì)E1

與E2

大小之比為______。(2)

如圖，一寬度為L(zhǎng)=0.4m

的光滑金屬導(dǎo)軌水平放置，導(dǎo)軌左端連接電阻R1=2婁賂

右端連接電阻R2=1婁賂

和電容C=0.3婁脤F

垂直于軌道面向下的勻強(qiáng)磁場(chǎng)B=0.1T

導(dǎo)體棒AD

垂直于導(dǎo)軌放置且與導(dǎo)軌接觸良好，導(dǎo)軌和導(dǎo)體棒的電阻均不計(jì)。當(dāng)導(dǎo)體棒以5m/s

速度向右勻速運(yùn)動(dòng)時(shí)，導(dǎo)體棒的_____端電勢(shì)高，電容器上所帶電量為______C

(3)

如圖匝數(shù)N=100

匝、邊長(zhǎng)L=20cm

的正方形線圈，置于磁感應(yīng)強(qiáng)度B=0.05T

的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，繞著垂直于磁場(chǎng)的軸以?shī)涿?100婁脨rad/s

的角速度勻速轉(zhuǎn)動(dòng)，當(dāng)線圈平面跟磁感線平行時(shí)開始計(jì)時(shí)，線圈與外電路的總電阻為10婁賂

該交流電的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)的有效值為_______V

從0

到5隆脕10鈭?3s

時(shí)間內(nèi)平均感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)為_______V

(4)

一個(gè)質(zhì)量為0.5kg

的足球，守門員擊打前速度8m/s

擊打后以12m/s

的速度反向擊回，守門員對(duì)足球的沖量_________N隆隴S

守門員對(duì)足球做功_____J

19、火車?guó)Q笛駛近我們時(shí)，汽笛的音調(diào)聽起來(lái)比火車靜止時(shí)汽笛的音調(diào)____________，這是由于火車(

聲源)

和我們(

觀察者)

間有相對(duì)運(yùn)動(dòng)，使我們聽到的汽笛聲的____________發(fā)生變化，這種現(xiàn)象叫做____________．評(píng)卷人得分四、判斷題(共2題，共16分)20、電勢(shì)差有正有負(fù)，所以是矢量，且電場(chǎng)中兩點(diǎn)間的電勢(shì)差隨著零電勢(shì)點(diǎn)的選取變化而變化．（判斷對(duì)錯(cuò)）21、如圖所示，有一水平方向的勻強(qiáng)電場(chǎng)，場(chǎng)強(qiáng)大小為9000N/C，在電場(chǎng)內(nèi)一水平面上作半徑為10cm的圓，圓上取A、B兩點(diǎn)，AO沿E方向，BO⊥OA，另在圓心處放一電量為10﹣8C的正點(diǎn)電荷，則A處場(chǎng)強(qiáng)大小EA為零．________（判斷對(duì)錯(cuò)）

評(píng)卷人得分五、推斷題(共4題，共36分)22、下表為元素周期表的一部分，針對(duì)表中rm{壟脵-壟脼}元素，回答下列問(wèn)題。rm{(1)}元素rm{壟脷}的原子結(jié)構(gòu)示意圖是_________________。rm{(2)壟脺}和rm{壟脻}兩種元素中原子半徑較大的是_______________rm{(}填元素符號(hào)rm{)}rm{壟脹}和rm{壟脺}兩種元素的最高價(jià)氧化物對(duì)應(yīng)的水化物堿性較強(qiáng)的是__________rm{(}填化學(xué)式rm{)}填化學(xué)式rm{(}rm{)}寫出rm{(3)}的單質(zhì)在rm{壟脵}的單質(zhì)中燃燒的化學(xué)方程式：_______________________。rm{壟脼}23、食品添加劑肉桂酸是一種香精，其合成路線如下：已知：

請(qǐng)回答下列問(wèn)題：rm{(1)B}的名稱是_______________。rm{A}和rm{C}常溫下都是無(wú)色微溶于水的液體，對(duì)兩者進(jìn)行鑒別的試劑是_________________________rm{(2)}上述變化中屬于消去反應(yīng)的是__________rm{(}填反應(yīng)編號(hào)rm{)}rm{(3)E}的結(jié)構(gòu)簡(jiǎn)式為___________________________________________________反應(yīng)rm{壟脵}的化學(xué)方程式是___________________________________________________________反應(yīng)rm{壟脷}的化學(xué)方程式是___________________________________________________________rm{(4)}同時(shí)符合下列要求的肉桂酸的同分異構(gòu)體有________種rm{(}不包括肉桂酸rm{)}寫出其中一種的結(jié)構(gòu)簡(jiǎn)式______________________________。Ⅰrm{.}含有苯環(huán)；Ⅱrm{.}能與rm{NaHCO_{3}}溶液反應(yīng)；Ⅲrm{.}能使溴的四氯化碳溶液褪色24、【化學(xué)rm{隆陋}選修r(nóng)m{3}物質(zhì)結(jié)構(gòu)與性質(zhì)】25、【化學(xué)rm{隆陋隆陋}選修r(nóng)m{5}有機(jī)化學(xué)基礎(chǔ)】氯吡格雷是一種用于抑制血小板聚集的藥物，可通過(guò)如圖方法合成：已知：rm{壟脵}rm{壟脷}中氯原子較難水解；rm{壟脹RCHO}根據(jù)以上信息回答下列問(wèn)題：rm{(1)A}的名稱是_________，rm{F}中無(wú)氧官能團(tuán)的名稱是_______。rm{(2)D}的結(jié)構(gòu)簡(jiǎn)式為_______；rm{C}分子中最多有____個(gè)原子共平面。rm{(3)}寫出下列反應(yīng)的化學(xué)方程式：反應(yīng)rm{壟脷:}_________________。rm{(4)}已知：則由乙醇、甲醇為有機(jī)原料制備化合物需要經(jīng)歷的反應(yīng)類型有________rm{(}填寫編號(hào)rm{)}rm{壟脵}加成反應(yīng)rm{壟脷}消去反應(yīng)rm{壟脹}取代反應(yīng)rm{壟脺}氧化反應(yīng)rm{壟脻}還原反應(yīng)，寫出制備化合物的最后一步反應(yīng)_______________________________________________。rm{(5)E}的同分異構(gòu)體中，滿足下列條件的有___種rm{(}不考慮立體異構(gòu)rm{)}其中一種的核磁共振氫譜顯示rm{5}組峰，且峰面積之比為rm{1隆脙1隆脙2隆脙2隆脙2}請(qǐng)寫出其結(jié)構(gòu)簡(jiǎn)式____。rm{壟脵}結(jié)構(gòu)中含有苯環(huán)且存在與rm{F}相同的官能團(tuán)；rm{壟脷}能發(fā)生銀鏡反應(yīng)，其堿性條件下水解的兩種產(chǎn)物也能發(fā)生銀鏡反應(yīng)。評(píng)卷人得分六、證明題(共2題，共4分)26、如圖，兩根勁度系數(shù)分別為K1、K2的輕質(zhì)彈簧與小球相連結(jié)，另外一端固定不動(dòng)。整個(gè)裝置位于光滑的水平地面上。當(dāng)小球位于O點(diǎn)時(shí)，兩彈簧均處于原長(zhǎng)狀態(tài)。今把小球沿彈簧軸線方向拉離O一小段距離后放手。證明小球此后的運(yùn)動(dòng)為簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)。27、如圖，兩根勁度系數(shù)分別為K1、K2的輕質(zhì)彈簧與小球相連結(jié)，另外一端固定不動(dòng)。整個(gè)裝置位于光滑的水平地面上。當(dāng)小球位于O點(diǎn)時(shí)，兩彈簧均處于原長(zhǎng)狀態(tài)。今把小球沿彈簧軸線方向拉離O一小段距離后放手。證明小球此后的運(yùn)動(dòng)為簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)。參考答案一、選擇題(共9題，共18分)1、C【分析】

速度圖象的斜率等于物體的加速度；由圖可知點(diǎn)電荷從A向B運(yùn)動(dòng)的過(guò)程中加速度越來(lái)越大，故A點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)小于B點(diǎn)場(chǎng)強(qiáng)．故A；B錯(cuò)誤．

由于物體沿電場(chǎng)線運(yùn)動(dòng)過(guò)程當(dāng)中做減速運(yùn)動(dòng)；故點(diǎn)電荷所受電場(chǎng)力方向由B指向A，又由于負(fù)電荷所受電場(chǎng)力的方向與場(chǎng)強(qiáng)的方向相反，所以電場(chǎng)線的方向由A指向B；而沿電場(chǎng)線的方向電勢(shì)降低，所以A點(diǎn)電勢(shì)比B點(diǎn)的電勢(shì)高．故C正確D錯(cuò)誤．

故選C．

【解析】【答案】速度圖象的斜率等于物體的加速度；故A點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)小于B點(diǎn)場(chǎng)強(qiáng)；負(fù)電荷所受電場(chǎng)力的方向與場(chǎng)強(qiáng)的方向相反，沿電場(chǎng)線的方向電勢(shì)降低是解決本題的突破口．

2、D【分析】解：A、根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律：E=n=n可以看出B-t圖象的斜率越大則電動(dòng)勢(shì)越大；所以零時(shí)刻線圈的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)最大。

即：Emax=n=1×V=0.01V，根據(jù)歐姆定律：Imax===0.01A故A錯(cuò)誤．

B；從第3s末到第5s末豎直向上的磁場(chǎng)一直在減??；根據(jù)楞次定律判斷出感應(yīng)電流的磁場(chǎng)與原磁場(chǎng)方向相同，所以電流方向?yàn)槟鏁r(shí)針?lè)较?，電流是?fù)的，故B錯(cuò)誤；

C；由圖乙所示圖象可知；在第3s內(nèi)穿過(guò)線圈的磁通量不變，線圈不產(chǎn)生感應(yīng)電流，線圈發(fā)熱功率為零，最小，故C錯(cuò)誤；

D；由圖乙所示可知；3～5s內(nèi)穿過(guò)線圈的磁通量減少，為阻礙磁通量的減少，線圈有擴(kuò)張的趨勢(shì)，故D正確；

故選：D．

根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律E=n=n求出各段時(shí)間內(nèi)的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)；就可以解得電流的大小，根據(jù)楞次定律判斷出各段時(shí)間內(nèi)感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)的方向．

解決本題的關(guān)鍵是掌握法拉第電磁感應(yīng)定律E=n=n會(huì)根據(jù)楞次定律判斷感應(yīng)電流的方向；要注意靈活應(yīng)用楞次定律解題：當(dāng)磁通量減小時(shí)，為阻礙磁通量的減少，線圈有擴(kuò)張的趨勢(shì)，為阻礙磁通量的增加，線圈有收縮的趨勢(shì)．【解析】【答案】D3、A【分析】解：根據(jù)右手螺旋定則知；環(huán)形電流內(nèi)部的磁場(chǎng)方向向外，外部的磁場(chǎng)方向向里，則小磁針的N

極向紙面外偏轉(zhuǎn).

故A正確，BC

D錯(cuò)誤．

故選：A

根據(jù)右手螺旋定則判斷出環(huán)形電流內(nèi)部和外部的磁場(chǎng)；根據(jù)小磁針靜止時(shí)N

極所指的方向?yàn)榇艌?chǎng)的方向，判斷出小磁針N

極的偏轉(zhuǎn)．

解決本題本題的關(guān)鍵知道小磁針靜止時(shí)N

極的指向表示磁場(chǎng)的方向，以及會(huì)運(yùn)用右手螺旋定則判斷電流周圍的磁場(chǎng)方向．【解析】A

4、D【分析】【解析】試題分析：當(dāng)以不同電壓輸送時(shí)，有P=U1I1=U2I2，而在線路上損失的功率為可知，損失的功率與電壓的平方成反比，即所以輸電線上損失的功率為故選D考點(diǎn)：遠(yuǎn)距離輸電；提高輸電電壓對(duì)減少輸電損耗的作用．【解析】【答案】D5、A【分析】【解析】試題分析：第一個(gè)用實(shí)驗(yàn)證實(shí)電磁波存在的物理學(xué)家是赫茲，A對(duì)；考點(diǎn)：考查物理史實(shí)問(wèn)題【解析】【答案】A6、A【分析】受迫振動(dòng)中，物體的頻率取決于驅(qū)動(dòng)力頻率，當(dāng)驅(qū)動(dòng)力頻率等于固有頻率時(shí)振動(dòng)最劇烈，振幅最大，A對(duì)；【解析】【答案】Ａ7、D【分析】【解答】解：在+Q的電場(chǎng)中，將+q從d點(diǎn)移動(dòng)到e點(diǎn)的過(guò)程中，電荷所受的電場(chǎng)力方向與位移方向相同，則電場(chǎng)力做正功．根據(jù)E=k得知，b、c兩點(diǎn)間的電場(chǎng)強(qiáng)度大于d、e兩點(diǎn)間的電場(chǎng)強(qiáng)度，b、c兩點(diǎn)間的距離等于d、e兩點(diǎn)間的距離，由U=Ed分析可知，將+q從d點(diǎn)移動(dòng)到e點(diǎn)的過(guò)程中，電場(chǎng)力做功小于從b點(diǎn)移動(dòng)到c點(diǎn)的過(guò)程中電場(chǎng)力做功qU．所以電場(chǎng)力做功小于qU．

故選：D．

【分析】根據(jù)電場(chǎng)力的方向與位移方向的關(guān)系分析電場(chǎng)力做功的正負(fù)．由U=Ed，定性分析b、c兩點(diǎn)間電勢(shì)差與d、e兩點(diǎn)間電勢(shì)差的關(guān)系，再由電場(chǎng)力做功公式W=qU研究+q從d點(diǎn)移動(dòng)到e點(diǎn)的過(guò)程中電場(chǎng)力做功大?。?、B【分析】本題考查了電荷守恒定律和起電的方式摩擦起電。AA.

由電荷守恒定律可知，電荷即不會(huì)憑空產(chǎn)生也不會(huì)憑空消失，只會(huì)從一個(gè)物體轉(zhuǎn)移到另一個(gè)物體，或從物體的一部分轉(zhuǎn)移到物體的另一部分，所以通過(guò)摩擦不是創(chuàng)造了電荷，故A錯(cuò)誤；BBCCDD.

物理學(xué)規(guī)定在絲綢摩擦玻璃棒起電的過(guò)程中，玻璃棒失去電子帶正電，絲綢得到電子帶負(fù)電，故B正確，CD錯(cuò)誤。故選B。解題的關(guān)鍵是理解電荷守恒定律，摩擦起電的過(guò)程及帶電情況?！窘馕觥緽

9、C【分析】【分析】本題考查動(dòng)量守恒定律的應(yīng)用，摩擦力公式。識(shí)圖是解決問(wèn)題的突破口?！窘獯稹緼.B.

因?yàn)檎麄€(gè)運(yùn)動(dòng)過(guò)程，物體的動(dòng)量改變量為零，所以推力的沖量大小等于物體受到的摩擦力的沖量大??；由圖可知a

的運(yùn)動(dòng)時(shí)間小于b

的運(yùn)動(dòng)時(shí)間，所以a

的摩擦力的沖量小于b

的摩擦力的沖量，則F11的沖量小于F22的沖量，故AB錯(cuò)誤；C.D.ab

兩物體先做加速運(yùn)動(dòng)，撤去推力后做減速運(yùn)動(dòng)；圖中線段AB

//

CD

，表明ab

與水平面的動(dòng)摩擦因數(shù)相同，又ab

質(zhì)量相等，所以兩物體受到的摩擦力大小相等，故C正確，D錯(cuò)誤。故選C。【解析】C

二、雙選題(共2題，共4分)10、AB【分析】本題考查物質(zhì)的性質(zhì)。該題屬于基礎(chǔ)性試題，難度不大。只要能記住常見(jiàn)物質(zhì)的性質(zhì)，就不難得出正確的結(jié)論。

A.油脂在堿性水溶液中水解在工業(yè)上用于制肥皂；故A正確；

B.蔗糖是最重要的二糖；麥芽糖是它的同分異構(gòu)體，故B正確；

C.在蔗糖與稀H2SO4共熱后的溶液中；加氫氧化鈉中和硫酸以后再滴加銀氨溶液，再水浴加熱有銀鏡生成，故C錯(cuò)誤；

D.取淀粉與稀硫酸共熱后的溶液；加入碘水溶液，溶液不變藍(lán)，證明淀粉水解完全，故D錯(cuò)誤；

?故選AB?！窘馕觥緼B11、AB【分析】本題考查物質(zhì)的性質(zhì)。該題屬于基礎(chǔ)性試題，難度不大。只要能記住常見(jiàn)物質(zhì)的性質(zhì)，就不難得出正確的結(jié)論。

A.油脂在堿性水溶液中水解在工業(yè)上用于制肥皂；故A正確；

B.蔗糖是最重要的二糖；麥芽糖是它的同分異構(gòu)體，故B正確；

C.在蔗糖與稀H2SO4共熱后的溶液中；加氫氧化鈉中和硫酸以后再滴加銀氨溶液，再水浴加熱有銀鏡生成，故C錯(cuò)誤；

D.取淀粉與稀硫酸共熱后的溶液；加入碘水溶液，溶液不變藍(lán)，證明淀粉水解完全，故D錯(cuò)誤；

?故選AB。【解析】AB三、填空題(共8題，共16分)12、有關(guān)無(wú)關(guān)【分析】【解答】重力勢(shì)能表達(dá)式為：重力勢(shì)能具有相對(duì)性：物體在某一點(diǎn)的重力勢(shì)能的多少與零重力勢(shì)能參考面的選擇有關(guān)；而重力勢(shì)能的變化量只取決于高度差，所以與參考平面的選取無(wú)關(guān)．

【分析】重力勢(shì)能表達(dá)式為重力勢(shì)能具有相對(duì)性；能量都是標(biāo)量．13、導(dǎo)線運(yùn)動(dòng)切割磁感線【分析】【分析】根據(jù)右手定則來(lái)判斷即可，讓磁感線從掌心進(jìn)入，讓大拇指指向?qū)Ь€運(yùn)動(dòng)方向，則四指所指方向即為電流方向。本題考查右手定則的內(nèi)容，基礎(chǔ)題?！窘獯稹坑沂侄▌t：伸開右手，使拇指與其余四個(gè)手指垂直，并且都與手掌在同一個(gè)平面內(nèi)；讓磁感線從掌心進(jìn)入，并使拇指指向?qū)Ь€運(yùn)動(dòng)的方向，這時(shí)四指所指方向就是感應(yīng)電流的方向。適用于判斷導(dǎo)線切割磁感線時(shí)感應(yīng)電流的方向。故答案為：導(dǎo)線運(yùn)動(dòng)；切割磁感線。【解析】導(dǎo)線運(yùn)動(dòng)切割磁感線14、略

【分析】解：游標(biāo)卡尺的主尺讀數(shù)為50mm

游標(biāo)讀數(shù)為0.05隆脕3=0.15mm

所以最終讀數(shù)為L(zhǎng)=50mm+0.15mm=50.15mm=5.015cm

．

螺旋測(cè)微器的固定刻度讀數(shù)為2mm

可動(dòng)刻度讀數(shù)為0.01隆脕49.7mm=0.497mm

所以最終讀數(shù)為d=2mm+0.497mm=2.497mm

．

故答案為：5.0152.497

．

游標(biāo)卡尺讀數(shù)的方法是主尺讀數(shù)加上游標(biāo)讀數(shù)；不需估讀.

螺旋測(cè)微器的讀數(shù)方法是固定刻度讀數(shù)加上可動(dòng)刻度讀數(shù)，在讀可動(dòng)刻度讀數(shù)時(shí)需估讀．

解決本題的關(guān)鍵掌握游標(biāo)卡尺和螺旋測(cè)微器的讀數(shù)方法，游標(biāo)卡尺讀數(shù)的方法是主尺讀數(shù)加上游標(biāo)讀數(shù)，不需估讀.

螺旋測(cè)微器的讀數(shù)方法是固定刻度讀數(shù)加上可動(dòng)刻度讀數(shù)，在讀可動(dòng)刻度讀數(shù)時(shí)需估讀．【解析】5.0152.497

15、He【分析】解：①根據(jù)電荷數(shù)守恒、質(zhì)量數(shù)守恒，未知粒子的質(zhì)量數(shù)為4，電荷數(shù)為2，為He．

②半衰期為2.6×10-16s，經(jīng)7.8×10-16s，即3個(gè)半衰期，根據(jù)知，剩余Be占開始時(shí)的．

故答案為：①He（或α），②或（12.5%）．

根據(jù)電荷數(shù)守恒質(zhì)量數(shù)守恒得出未知的粒子．根據(jù)半衰期的次數(shù)，確定剩余Be占開始時(shí)的幾分之一．

解決本題的關(guān)鍵知道核反應(yīng)過(guò)程中電荷數(shù)守恒、質(zhì)量數(shù)守恒．知道半衰期的定義，知道衰變剩余核的質(zhì)量與初始質(zhì)量的關(guān)系：．【解析】He16、略

【分析】【解析】試題分析：知道壓力為0（或500N），通過(guò)表中信息可以得出電阻大小，利用歐姆定律可以求電流，利用好杠桿平衡條件．【解析】

（1）當(dāng)踏板空載時(shí)，由表中數(shù)據(jù)知，R=300Ω，（2）當(dāng)電流為20mA時(shí)，壓力傳感器的電阻為分析表中的數(shù)據(jù)可以看出，壓力隨電阻的變化是線性的，設(shè)此時(shí)的壓力為F2列比例關(guān)系有解得，F(xiàn)2=100N．設(shè)人的體重為G，根據(jù)杠桿的平衡條件得，F(xiàn)2?AO=G?BO解得，考點(diǎn)：歐姆定律的應(yīng)用；杠桿的平衡條件；電流表的使用．【解析】【答案】(1)1.6×10－2(2)5017、略

【分析】解：根據(jù)光電效應(yīng)方程得；最大初動(dòng)能Ekm=hv鈭?hv0

．

根據(jù)動(dòng)能定理得；eU=EK鈭?Ekm

解得Ek=h(婁脥鈭?婁脥0)+eU

．

根據(jù)動(dòng)能定理得；鈭?eU=0鈭?Ekm

解得反向電壓U=h(v鈭?v0)e

．

故答案為：h(婁脥鈭?婁脥0)+eUh(婁脥鈭?婁脥0)e

通過(guò)光電效應(yīng)方程求出光電子的最大初動(dòng)能；然后通過(guò)動(dòng)能定理求出加正向電壓時(shí)到達(dá)另一端的動(dòng)能，當(dāng)加反向電壓時(shí)，到達(dá)另一端的臨界速度為0

根據(jù)動(dòng)能定理求出反向電壓的大?。?/p>

解決本題的關(guān)鍵掌握光電效應(yīng)方程，Ekm=hv鈭?hv0

知道最大初動(dòng)能與反向電壓的關(guān)系．【解析】h(婁脥鈭?婁脥0)+eUh(婁脥鈭?婁脥0)e

18、(1)

相同、2:1(2)A6隆脕10鈭?8(3)102婁脨40(4)1020【分析】【分析】(1)

根據(jù)楞次定律判斷在0

到t1

和t1

到t2

時(shí)間內(nèi)流過(guò)線圈中的電流方向是否相同，由法拉第電磁感應(yīng)定律求出兩個(gè)時(shí)間段的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)，再求比值。(2)

根據(jù)右手定則來(lái)判定感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)，依據(jù)電源內(nèi)部電流方向由負(fù)極到正極，并由切割感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)E=Bllv

結(jié)合閉合電路歐姆定律，求得電容器兩端的電壓，再根據(jù)Q=CU

即可求解。(3)

先由Em=NBS婁脴

求出最大值，再由最大值和有效值的關(guān)系求解有效值；根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律求解平均值．(4)

由動(dòng)量定理可求得運(yùn)動(dòng)員對(duì)足球的沖量；由動(dòng)能定理可求得運(yùn)動(dòng)員對(duì)足球所做的功?！窘獯稹?1)0

至t1

時(shí)間內(nèi)磁場(chǎng)方向垂直紙面向里，磁感應(yīng)強(qiáng)度均勻減小，磁通量均勻減小，根據(jù)楞次定律，感應(yīng)電流的磁場(chǎng)方向與原磁場(chǎng)方向相同，由安培定則得，感應(yīng)電流為順時(shí)針?lè)较?；t1

至t2

時(shí)間內(nèi)磁場(chǎng)垂直紙面向外增大，磁通量增大，根據(jù)楞次定律，感應(yīng)電流的磁場(chǎng)方向與原磁場(chǎng)反向即垂直紙面向里，由安培定則得感應(yīng)電流為順時(shí)針?lè)较?，所以?

至t1

和t1

至t2

時(shí)間內(nèi)流過(guò)線圈中的電流方向相同；0

至t1

時(shí)間內(nèi)線圈中產(chǎn)生的電動(dòng)勢(shì)E1=B0St1t1

至t2

時(shí)間內(nèi)流過(guò)線圈中產(chǎn)生的電動(dòng)勢(shì)E2=B0St2鈭?t1=B0S2t1

所以電動(dòng)勢(shì)E1

與E2

大小之比為2:1

故答案為相同，2:1

(2)

當(dāng)AD

向右勻速運(yùn)動(dòng)時(shí)；根據(jù)右手定則可知，產(chǎn)生感應(yīng)電流由D

到A

則A

相當(dāng)于電源的正極，因此棒的A

端電勢(shì)高；根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律，則有E=Bllv=0.2V

因棒的電阻不計(jì)，那么電容器兩端的電壓U=0.2V

得Q=CU=6隆脕10鈭?8C

故答案為A6隆脕10鈭?8C

(3)

最大值Em=NBS婁脴=20婁脨V

有效值E=Em2=102婁脨V

因磁場(chǎng)的軸以?shī)涿?100婁脨rad/s

所以從0

到5隆脕10鈭?3s

時(shí)間為14

個(gè)周期，E?=???t=NBS?t=NBL2?t=40V

故答案為102婁脨40

(4)

由動(dòng)量定理可求得運(yùn)動(dòng)員對(duì)足球的沖量；由動(dòng)能定理可求得運(yùn)動(dòng)員對(duì)足球所做的功；設(shè)末動(dòng)量的方向?yàn)檎较颍琁=mv2鈭?mv1=10N隆隴S

由動(dòng)能定理可知，運(yùn)動(dòng)員對(duì)球所做的功W=12mv22鈭?12mv12=20J

故答案為10N隆隴S20J

【解析】(1)

相同、2:1(2)A6隆脕10鈭?8(3)102婁脨40(4)1020

19、高;頻率;多普勒效應(yīng)【分析】解：當(dāng)火車?guó)Q笛駛近我們時(shí)；接受到的聲音波長(zhǎng)變短，根據(jù)v=婁脣f

接受到聲音的頻率變高，故音調(diào)變高，這是多普勒效應(yīng)；

故答案為：高；頻率；多普勒效應(yīng)．【解析】高;

頻率;

多普勒效應(yīng)四、判斷題(共2題，共16分)20、B【分析】【解答】解：電勢(shì)差類似于高度差；沒(méi)有方向，是標(biāo)量，正負(fù)表示電勢(shì)的相對(duì)大?。?/p>

兩點(diǎn)間的電勢(shì)差等于電勢(shì)之差；由電場(chǎng)中兩點(diǎn)的位置決定，與零電勢(shì)點(diǎn)的選取無(wú)關(guān)．由以上的分析可知，以上的說(shuō)法都錯(cuò)誤．

故答案為：錯(cuò)誤。

【分析】電勢(shì)差是標(biāo)量，正負(fù)表示大??；電勢(shì)差與零電勢(shì)點(diǎn)的選取無(wú)關(guān)；沿著電場(chǎng)線方向電勢(shì)降低；電勢(shì)反映電場(chǎng)本身的性質(zhì)，與試探電荷無(wú)關(guān)．21、A【分析】【解答】解：點(diǎn)電荷在A點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)

根據(jù)場(chǎng)強(qiáng)的疊加原理得；則兩點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)是由正點(diǎn)電荷和勻強(qiáng)電場(chǎng)場(chǎng)強(qiáng)的合成，A點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)大小為。

EA=E點(diǎn)﹣E勻=9×103N/C﹣9×103N/C=0；所以A處場(chǎng)強(qiáng)大小為0

故答案為：正確。

【分析】根據(jù)公式E=k求出點(diǎn)電荷在A點(diǎn)處產(chǎn)生的場(chǎng)強(qiáng)大小，判斷出場(chǎng)強(qiáng)方向，A點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)是由正點(diǎn)電荷和勻強(qiáng)電場(chǎng)場(chǎng)強(qiáng)的合成，根據(jù)平行四邊形定則求解A點(diǎn)處的場(chǎng)強(qiáng)大小及方向．五、推斷題(共4題，共36分)22、（1）

（2）AlNaOH

（3）H2+Cl22HCl

【分析】【分析】本題考查了元素周期律和元素周期表的應(yīng)用。掌握元素周期律：同周期元素從左至右原子半徑逐漸減小，金屬性逐漸減弱，最高價(jià)氧化物對(duì)應(yīng)水化物的堿性逐漸減弱；同主族元素從上至下原子半徑逐漸增大是解答本題的關(guān)鍵。該題是高考常見(jiàn)題型，試題難易適中，側(cè)重對(duì)學(xué)生基礎(chǔ)知識(shí)的鞏固和訓(xùn)練，有利于提高學(xué)生的邏輯推理能力和應(yīng)試能力?！窘獯稹扛鶕?jù)元素周期表的結(jié)構(gòu)可知rm{壟脵}為rm{H}rm{壟脷}為rm{N}rm{壟脹}為rm{Na}rm{壟脺}為rm{Al}rm{壟脻}為rm{S}rm{壟脼}為rm{Cl}rm{(1)}元素rm{壟脷}的原子結(jié)構(gòu)示意圖是元素rm{(1)}的原子結(jié)構(gòu)示意圖是故答案為：rm{壟脷}rm{(2)}為rm{(2)}rm{壟脺}為rm{Al}rm{壟脻}和rm{S}位于同一周期，隨原子序數(shù)增大原子半徑逐漸減小，所以原子半徑較大的為rm{Al}和rm{S}位于同一周期，隨原子序數(shù)增大原子半徑逐漸減小，所以原子半徑較大的為rm{Al}rm{Al}和rm{S}的最高價(jià)氧化物對(duì)應(yīng)的水化物分別為氫氧化鈉和氫氧化鋁，同周期元素從左至右原子半徑逐漸減小，金屬性逐漸減弱，最高價(jià)氧化物對(duì)應(yīng)水化物的堿性逐漸減弱，rm{Al}的金屬性比rm{Na}強(qiáng)，所以堿性較強(qiáng)的為rm{Al}故答案為：rm{Na}rm{Al}rm{NaOH}rm{Al}的單質(zhì)在rm{NaOH}的單質(zhì)中燃燒的化學(xué)方程式為：rm{(3)}rm{(3)}rm{壟脵}的單質(zhì)在rm{壟脼}的單質(zhì)中燃燒的化學(xué)方程式為：rm{壟脵}rm{壟脼}rm{H_{2}+Cl_{2}}rm{2HCl}【解析】rm{(1)}rm{(2)Al}rm{NaOH}rm{(3)H_{2}+Cl_{2}}rm{2HCl}

23、rm{(1)}銀氨溶液rm{(}新制氫氧化銅懸濁液或者rm{NaOH}溶液、稀硝酸與硝酸銀溶液rm{)}

rm{(2)壟脺壟脼}

rm{(3)}

rm{(4)4}rm{(}其中的任意一種rm{)}【分析】【分析】本題考查有機(jī)物推斷，需要對(duì)給予的信息進(jìn)行利用，能較好的考查學(xué)生自學(xué)能力，熟練掌握官能團(tuán)的性質(zhì)與轉(zhuǎn)化，再結(jié)合反應(yīng)條件利用正推法推斷，rm{(4)}中同分異構(gòu)體的書寫是易錯(cuò)點(diǎn)、難點(diǎn)，根據(jù)信息確定苯環(huán)側(cè)鏈?zhǔn)顷P(guān)鍵，難點(diǎn)中等。【解答】根據(jù)題中各物質(zhì)轉(zhuǎn)化關(guān)系可以知道，甲苯在光照條件下與氯氣發(fā)生取代反應(yīng)生成rm{A}為在堿性條件下水解生成rm{B}為催化氧化得rm{C}為根據(jù)題中已知信息，與rm{CH_{3}CHO}反應(yīng)加成反應(yīng)生成rm{D}為再加熱脫去水生成rm{E}為再與溴發(fā)生加成反應(yīng)生成rm{F}為再將醛基氧化成羧基得rm{G}為再在鋅的作用下脫去溴生成肉桂酸，rm{(1)B}為是苯甲醇；rm{A}為rm{C}為可以利用rm{C}中的醛基有還原性來(lái)對(duì)兩者進(jìn)行鑒別，也可以利用rm{A}中的氯原子水解后生成氯離子，用硝酸銀溶液來(lái)鑒別，所以可以用銀氨溶液rm{(}新制氫氧化銅懸濁液或者rm{NaOH}溶液、稀硝酸與硝酸銀溶液rm{)}故答案為：銀氨溶液rm{(}新制氫氧化銅懸濁液或者rm{NaOH}溶液、稀硝酸與硝酸銀溶液rm{)}rm{(2)}根據(jù)上面的分析可以知道屬于消去反應(yīng)的是：rm{壟脺}醇脫水生成碳碳雙鍵和反應(yīng)；rm{壟脼}脫去兩個(gè)溴生成碳碳雙鍵，故答案為：rm{壟脺壟脼}rm{(3)E}的結(jié)構(gòu)簡(jiǎn)式為反應(yīng)rm{壟脵}是甲苯光照條件下與氯氣發(fā)生取代反應(yīng)，方程式為：反應(yīng)rm{壟脷}是在堿性條件下水解生成rm{B}為化學(xué)反應(yīng)方程式為故答案為：rm{(4)}同時(shí)符合下列要求：rm{I.}含有苯環(huán)；Ⅱrm{.}能與rm{NaHCO_{3}}溶液反應(yīng)，說(shuō)明有羧基；Ⅲrm{.}能使溴的四氯化碳溶液褪色，說(shuō)明有碳碳雙鍵，則肉桂酸的同分異構(gòu)體有共rm{4}種，寫出任意一種即可，故答案為：rm{4}rm{(}其中的任意一種rm{)}【解析】rm{(1)}銀氨溶液rm{(}新制氫氧化銅懸濁液或者rm{NaOH}溶液、稀硝酸與硝酸銀溶液rm{)}rm{(2)壟脺壟脼}rm{(3)}rm{(4)4}rm{(}其中的任意一種rm{)}24、（1）CaNA（2）水分子之間形成氫鍵（3）F＞N＞O（4）（5）三角錐形sp3雜化（6）【分析】【分析】本題考查了物質(zhì)的結(jié)構(gòu)與性質(zhì)。需要學(xué)生的識(shí)記和理解，多做有助于快速判斷。【解答】rm{A}基態(tài)原子rm{2p}能級(jí)有rm{3}個(gè)單電子，原子核外電子排布為rm{1s^{2}2s^{2}2p^{3}}則rm{A}為rm{N}元素；rm{B}意思是基態(tài)原子rm{p}軌道上成對(duì)電子數(shù)等于未成對(duì)電子數(shù)，原子核外電子排布為rm{1s^{2}2s^{2}2p^{4}}則rm{B}為rm{O}元素；rm{C}的氫化物常用于刻蝕玻璃，則rm{C}為rm{F}元素；rm{D}元素基態(tài)原子核外電子分處rm{6}個(gè)不同能級(jí)，且每個(gè)能級(jí)均已排滿，原子核外電子排布為rm{1s^{2}2s^{2}2p^{6}3s^{2}3p^{6}4s^{2}}則rm{D}為rm{Ca}rm{E}的原子序數(shù)等于rm{C}與rm{D}的原子序數(shù)之和，即rm{E}的原子序數(shù)為rm{9+20=29}故E為rm{Cu}rm{(1)D}的元素符號(hào)為rm{Ca}rm{A}的單質(zhì)為rm{N_{2}}結(jié)構(gòu)式為rm{N隆脭N}rm{14g}氮?dú)鉃閞m{14g隆脗28g/mol=0.5mol}含有rm{婁脨}鍵的個(gè)數(shù)為rm{0.5mol隆脕2隆脕N_{A}}rm{mol-1=N_{A}}，所以本題答案為：rm{Ca}rm{N_{A}}rm{(2)B}元素的氫化物的沸點(diǎn)是同族元素氫化物中最高的，原因是：水分子之間形成氫鍵，增大分子間的作用，所以本題答案為：水分子之間形成氫鍵；rm{(3)}同周期所原子序數(shù)增大元素的電負(fù)性增大，rm{3}種元素的電負(fù)性由大到小的順序?yàn)椋簉m{F>N>O}所以本題答案為：rm{F>N>O}rm{(4)Cu^{2+}}的價(jià)層電子排布式為rm{3d^{9}}則價(jià)電子排布圖為所以本題答案為：rm{(5)A}的最簡(jiǎn)單氫化物為rm{NH_{3}}分子的空間構(gòu)型為三角錐形，其中rm{N}原子形成rm{3}個(gè)rm{N-H}鍵、含有rm{1}對(duì)孤對(duì)電子，雜化軌道數(shù)目為rm{4}rm{N}原子的雜化類型是rm{sp^{3}}雜化，所以本題答案為：三角錐形rm{sp^{3}}雜化；rm{(6)}晶胞中白色球數(shù)目為rm{8}黑色球數(shù)目為rm{8隆脕1/8+6隆脕1/2=4}結(jié)合化學(xué)式rm{CaF_{2}}可知白色球?yàn)閞m{F}黑色球?yàn)閞m{Ca}晶胞質(zhì)量為rm{(4隆脕78)/N_{A}g}晶體的密度為rm{婁脩g?cm^{-3}}則rm{4隆脕78N_{A}g=(acm)^{3}隆脕婁脩g?cm^{-3}}故晶胞邊長(zhǎng)rm{4隆脕78N_{A}g=(acm)^{3}隆脕婁脩

g?cm^{-3}}rm{a=}所以本題答案為：rm{cm}【解析】rm{(1)Ca}rm{N_{A}}rm{(2)}水分子之間形成氫鍵rm{(3)F>N>O}rm{(4)}rm{(5)}三角錐形rm{sp^{3}}雜化rm{(6)}25、（1）2-氯甲苯氯原子、氨基

（2）14

（3）+2NaOH+2NaCl+H2O

（4）①②③④