2025年北師大版選修3物理下冊(cè)階段測(cè)試試卷

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請(qǐng)※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年北師大版選修3物理下冊(cè)階段測(cè)試試卷109考試試卷考試范圍：全部知識(shí)點(diǎn)；考試時(shí)間：120分鐘學(xué)校：______姓名：______班級(jí)：______考號(hào)：______總分欄題號(hào)一二三四五六總分得分評(píng)卷人得分一、選擇題(共8題，共16分)1、如圖甲所示，梯形硬導(dǎo)線框abcd固定在磁場(chǎng)中，磁場(chǎng)方向與線框平面垂直，圖乙表示該磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度B隨時(shí)間t變化的關(guān)系，t=0時(shí)刻磁場(chǎng)方向垂直紙面向里．在0～5t0時(shí)間內(nèi)，設(shè)垂直ab邊向上為安培力的正方向，線框ab邊受到該磁場(chǎng)對(duì)它的安培力F隨時(shí)間t變化的關(guān)系圖為。

A.B.C.D.2、如圖所示，帶電粒子以平行極板的速度從左側(cè)中央飛入勻強(qiáng)電場(chǎng)，恰能從右側(cè)擦極板邊緣飛出電場(chǎng)（粒子重力不計(jì)），若粒子的初動(dòng)能變?yōu)樵瓉淼谋?；還要使粒子保持擦極板邊緣飛出，可采用的方法是（）

A.僅將極板的長(zhǎng)度變?yōu)樵瓉淼谋禕.僅將兩板之間的距離變?yōu)樵瓉淼腃.僅將兩板之間的電勢(shì)差變?yōu)樵瓉淼谋禗.僅將極板長(zhǎng)度和兩板之間的距離都變?yōu)樵瓉淼?、下列說法正確的是（）A.懸浮在空氣中的PM2.5顆粒的運(yùn)動(dòng)是分子熱運(yùn)動(dòng)B.一定質(zhì)量的晶體在熔化過程中，其內(nèi)能保持不變，分子勢(shì)能增大C.由于液體表面層分子間平均距離大于液體內(nèi)部分子間平均距離，液體表面存在張力D.在溫度不變的條件下，增大飽和汽的體積，最終會(huì)減少飽和汽的壓強(qiáng)4、紙面內(nèi)的兩根導(dǎo)線相互平行，通有同向且等大的電流，則A.兩導(dǎo)線相互排斥B.兩導(dǎo)線相互吸引C.兩導(dǎo)線之間與兩導(dǎo)線距離相等處磁場(chǎng)方向垂直于紙面向里D.兩導(dǎo)線之間與兩導(dǎo)線距離相等處磁場(chǎng)方向垂直于紙面向外5、如圖，空間某區(qū)域有一個(gè)正三角形ABC，其三個(gè)頂點(diǎn)處分別固定有三個(gè)等量正點(diǎn)電荷，D點(diǎn)為正三角形的中心，E、G、H點(diǎn)分別為正三角形三邊的中點(diǎn)，F(xiàn)點(diǎn)為E關(guān)于C點(diǎn)的對(duì)稱點(diǎn)。取無限遠(yuǎn)處的電勢(shì)為0；下列說法中正確的是。

A.E、G、H三點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度均相同B.E、G、H三點(diǎn)的電勢(shì)均相同C.D點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)最大D.根據(jù)對(duì)稱性，E.、F兩點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度等大反向6、如圖為遠(yuǎn)距離輸電的電路原理圖，變壓器均為理想變壓器并標(biāo)示了電壓和電流，其中輸電線總電阻R；則。

A.B.輸電效率為C.用戶的用電器的數(shù)量增多時(shí)，U3將減小D.用戶得到的電功率可能等于電廠輸出的電功率7、如圖所示為波沿著一條右端固定的繩子傳播到點(diǎn)的波形圖，由圖可判斷出點(diǎn)開始振動(dòng)的方向（）

A.向左B.向右C.向上D.向下8、2018年11月12日中科院等離子體物理研究所發(fā)布消息：全超導(dǎo)托克馬克裝置EAST在實(shí)驗(yàn)中有了新的突破，等離子體中心電子溫度達(dá)到1億攝氏度；其主要核反應(yīng)方程為：①②則下列表述正確的是A.X是質(zhì)子B.Y是氚核C.X與Y是同位素D.①②兩個(gè)核反應(yīng)都屬于裂變反應(yīng)評(píng)卷人得分二、多選題(共8題，共16分)9、如圖所示，直線MN與水平方向成θ=30°角，MN的右上方區(qū)域存在磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B、方向水平向外的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，MN的左下方區(qū)域存在磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為2B、方向水平向里的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，MN與兩磁場(chǎng)均垂直.一粒子源位于MN上的a點(diǎn)，能水平向右發(fā)射不同速率、質(zhì)量為m、電荷量為q（q>0)的同種粒子（粒子重力不計(jì)），所有粒子均能通過MN上的b點(diǎn).已知ab=L，MN兩側(cè)磁場(chǎng)區(qū)域均足夠大，則粒子的速率可能是

A.B.C.D.10、如圖所示,氫原子可在下列各能級(jí)間發(fā)生躍遷,設(shè)從n=4到n=1能級(jí)輻射的電磁波的波長(zhǎng)為λ1,從n=4到n=2能級(jí)輻射的電磁波的波長(zhǎng)為λ2，從n=2到n=1能級(jí)輻射的電磁波的波長(zhǎng)為λ3,則下列關(guān)系式中正確的是()

A.λ1<λ3B.λ3<λ2C.=+D.=-11、如圖所示，電源內(nèi)阻不可忽略。開關(guān)S閉合后，在變阻器R0的滑動(dòng)片向下滑動(dòng)的過程中。

A.電壓表的示數(shù)減小B.電流表的示數(shù)增大C.電壓表的示數(shù)增大D.電流表的示數(shù)減小12、下列說法正確的是（）A.懸浮在水中的花粉的布朗運(yùn)動(dòng)反映了花粉分子的熱運(yùn)動(dòng)B.空氣的小雨滴呈球形是水的表面張力作用的結(jié)果C.彩色液晶顯示器利用了液晶的光學(xué)性質(zhì)具有各向異性的特點(diǎn)E.干濕泡溫度計(jì)的濕泡顯示的溫度低于干泡顯示的溫度，這是濕泡外紗布中的水蒸發(fā)吸熱的結(jié)果E.干濕泡溫度計(jì)的濕泡顯示的溫度低于干泡顯示的溫度，這是濕泡外紗布中的水蒸發(fā)吸熱的結(jié)果13、一定質(zhì)量的理想氣體從狀態(tài)a開始，經(jīng)a→b、b→c、c→a三個(gè)過程后回到初始狀態(tài)a，其p-V圖像如圖示。已知c→a過程曲線是雙曲線的一部分，三個(gè)狀態(tài)的坐標(biāo)分別為a（V0，2p0）、b（2V0，2p0）、c（2V0，p0）。下列說法正確的是（）

A.c→a過程氣體壓強(qiáng)變大的微觀原因是氣體分子的平均動(dòng)能變大B.全程氣體對(duì)外做的功比外界對(duì)氣體做的功多，且大于C.氣體在a→b過程中吸收的熱量大于b→c過程中放出的熱量D.氣體在a→b過程中內(nèi)能的增加量大于b→c過程中內(nèi)能的減少量14、下列各種說法中正確的是（）A.分子間作用力、分子間的引力和斥力都隨分子間距離的增大而減小B.水的飽和氣壓隨溫度升高而升高，隨溫度降低而降低C.第一類永動(dòng)機(jī)的思想違背了能量守恒定律，所以不可能制成E.晶體都有確定的熔點(diǎn)，都是各向異性的E.晶體都有確定的熔點(diǎn)，都是各向異性的15、如圖所示，紙面內(nèi)同時(shí)存在兩個(gè)勻強(qiáng)磁場(chǎng)，其中一個(gè)平行于紙面水平向右，磁感應(yīng)強(qiáng)度．位于紙面內(nèi)的細(xì)直導(dǎo)線，長(zhǎng)L=5m，通有I=3A的恒定電流．當(dāng)導(dǎo)線與B成60°夾角時(shí)，發(fā)現(xiàn)其受到的磁場(chǎng)力為零，則該區(qū)域存在的另一勻強(qiáng)磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度的可能值為（）

A.B.C.D.16、如圖所示，10匝矩形線框處在磁感應(yīng)強(qiáng)度B=T的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，繞垂直磁場(chǎng)的軸以恒定角速度ω=l0rad/s在勻強(qiáng)磁場(chǎng)中轉(zhuǎn)動(dòng)，線框電阻不計(jì)，面積為0.4m2；線框通過滑環(huán)與一理想自耦變壓器的原線圈相連，副線圈接有一只燈泡L（規(guī)格為“4W，l00Ω”）和滑動(dòng)變阻器，電流表視為理想電表，則下列說法正確的是。

A.若從圖示線框位置開始計(jì)時(shí)，線框中感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)的瞬時(shí)值為B.當(dāng)燈泡正常發(fā)光時(shí)，原、副線圈的匝數(shù)比為1:2C.若將滑動(dòng)變阻器滑片向上移動(dòng)，則電流表示數(shù)增大D.若將自耦變壓器觸頭向下滑動(dòng)，燈泡會(huì)變暗評(píng)卷人得分三、填空題(共5題，共10分)17、回?zé)崾街评錂C(jī)是一種深低溫設(shè)備，制冷極限約50K，某臺(tái)設(shè)備工作時(shí)，一定量的氦氣（可視為理想氣體）緩慢經(jīng)歷如圖所示的四個(gè)過程：從狀態(tài)到和到是等溫過程；從狀態(tài)到和到是等容過程，體積分別為和則圖中___（填“>”“<”或者“=”）；整個(gè)循環(huán)過程氦氣系統(tǒng)是______的（填“吸熱”“放熱”或者“絕熱”）。

18、一定質(zhì)量的理想氣體，狀態(tài)經(jīng)A→B→C→A的變化過程可用如圖所示的p-V圖線描述，其中C→A為等溫過程，氣體在狀態(tài)A時(shí)溫度為該氣體在狀態(tài)B時(shí)的溫度為______K，C→A過程中氣體______（填“吸熱”或“放熱”）。

19、如圖電路中，電源有內(nèi)阻，開關(guān)S1、S2、S3、S4均閉合，在平行板電容器C的極板間懸浮著一帶電油滴P；

(1)若只斷開S1，則P將________．

(2)若只斷開S2，則P將________．

(3)若只斷開S3，則P將________．

(4)若只斷開S4，則P將________．20、【小題1】警車向路上的車輛發(fā)射頻率已知的超聲波，同時(shí)探測(cè)反射波的頻率。下列說法正確的是_______。(填入正確答案標(biāo)號(hào)。選對(duì)1個(gè)得2分，選對(duì)2個(gè)得4分：有選錯(cuò)的得0分)。A．車輛勻速駛向停在路邊的警車，警車探測(cè)到的反射波頻率增高B．車輛勻速駛離停在路邊的警車，警車探測(cè)到的反射波頻率降低C．警車勻速駛向停在路邊的汽車，探測(cè)到的反射波頻率降低D．警車勻速駛離停在路邊的汽車，探測(cè)到的反射波頻率不變【小題2】如圖，由透明介質(zhì)構(gòu)成的半球殼的內(nèi)外表面半徑分別為R和R。一橫截面半徑為R的平行光束入射到半球殼內(nèi)表面，入射方向與半球殼的對(duì)稱軸平行，所有的入射光線都能從半球殼的外表面射出。已知透明介質(zhì)的折射率為n=求半球殼外表面上有光線射出區(qū)域的圓形邊界的半徑。不考慮多次反射。21、三個(gè)原子核X、Y、Z，X核放出一個(gè)正電子后變?yōu)閅核，Y核與質(zhì)子發(fā)生核反應(yīng)后生成Z核并放出一個(gè)個(gè)氦（42He）,則下面說法正確的是。

。A．X核比Z核多一個(gè)原子。

B．X核比Z核少一個(gè)中子。

C．X核的質(zhì)量數(shù)比Z核質(zhì)量數(shù)大3

D．X核與Z核的總電荷是Y核電荷的2倍。

評(píng)卷人得分四、作圖題(共3題，共18分)22、如圖所示，甲、乙是直線電流的磁場(chǎng)，丙、丁是環(huán)形電流的磁場(chǎng)，戊、己是通電螺線管的磁場(chǎng)，試在各圖中補(bǔ)畫出電流方向或磁感線方向．

23、示波管的內(nèi)部結(jié)構(gòu)如圖所示．如果在偏轉(zhuǎn)電極XX/、YY/之間都沒有加電壓，電子束將打在熒光屏中心．如果在偏轉(zhuǎn)電極XX/之間和YY/之間分別加上如圖所示的電壓，請(qǐng)畫出熒光屏上出現(xiàn)的完整掃描波形圖．

24、圖中表示某一時(shí)刻的波形圖，已知波速為0.5m/s，波沿著x軸的正方向傳播；畫出經(jīng)過7s后的波形曲線。

評(píng)卷人得分五、實(shí)驗(yàn)題(共2題，共4分)25、用如圖所示的電路，測(cè)定一節(jié)干電池的電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)阻。電池的內(nèi)阻較小，為了防止在調(diào)節(jié)滑動(dòng)變阻器時(shí)造成短路，電路中用一個(gè)定值電阻R0起保護(hù)作用。除電池；開關(guān)和導(dǎo)線外；可供使用的實(shí)驗(yàn)器材還有：

電流表（量程0.6A；3A）；

電壓表（量程3V；15V）

定值電阻（阻值1額定功率5W）

定值電阻（阻值10額定功率10W）

滑動(dòng)變阻器（阻值范圍0--10額定電流2A）

滑動(dòng)變阻器（阻值范圍0--100額定電流1A）

（1）要正確完成實(shí)驗(yàn)，電壓表的量程應(yīng)選擇______V，電流表的量程應(yīng)選擇_______A；R0應(yīng)選擇_______的定值電阻，R應(yīng)選擇阻值范圍是__________的滑動(dòng)變阻器；

（2）關(guān)于實(shí)驗(yàn)的誤差分析下列正確的是________

A.電流表的分壓作用B.電壓表的分流作用。

C.讀數(shù)過程中存在偶然誤差D.由電壓表；電流表造成的系統(tǒng)誤差。

（3）①根據(jù)下列所得實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)，試在坐標(biāo)系中做出實(shí)驗(yàn)得到的U-I圖象______：。U/V1.361.321.301.281.241.20I/A0.220.280.340.400.460.50

②用繪制的U-I圖象得出所測(cè)的電源的電動(dòng)勢(shì)為______V；電源的內(nèi)電阻為_______Ω（計(jì)算結(jié)果保留三位有效數(shù)字）；

（4）該實(shí)驗(yàn)測(cè)量的電源電動(dòng)勢(shì)、內(nèi)電阻與真實(shí)值從理論上來說：E測(cè)_______E真；r測(cè)______r真（選填“大于、小于、等于”）26、用示波器觀察頻率為900Hz的正弦電壓信號(hào)．把該信號(hào)接入示波器Y輸入．

（1）當(dāng)屏幕上出現(xiàn)如圖1所示的波形時(shí)，應(yīng)調(diào)節(jié)______鈕．如果正弦波的正負(fù)半周均超出了屏幕的范圍，應(yīng)調(diào)節(jié)_____鈕或______鈕；或這兩個(gè)鈕配合使用，以使正弦波的整個(gè)波形出現(xiàn)在屏幕內(nèi)．

（2）如需要屏幕上正好出現(xiàn)一個(gè)完整的正弦波形，應(yīng)將_____鈕置于_____位置，然后調(diào)節(jié)______鈕．評(píng)卷人得分六、解答題(共1題，共7分)27、同步加速器在粒子物理研究中有重要的應(yīng)用，其基本原理簡(jiǎn)化為如圖所示的模型，M、N為兩塊中心開有小孔的平行金屬板，質(zhì)量為m、電荷量為+q的粒子A（不計(jì)重力）從M板小孔飄入板間，初速度可視為零，每當(dāng)A進(jìn)入板間，兩板的電勢(shì)差變?yōu)閁，粒子得到加速，當(dāng)A離開N板時(shí)，兩板的電荷量均立即變?yōu)榱?，兩板外部存在垂直紙面向里的勻?qiáng)磁場(chǎng)，A在磁場(chǎng)作用下做半徑為R的圓周運(yùn)動(dòng)，R遠(yuǎn)大于板間距離，A經(jīng)電場(chǎng)多次加速，動(dòng)能不斷增大，為使R保持不變；磁場(chǎng)必須相應(yīng)地變化，不計(jì)粒子加速時(shí)間及其做圓周運(yùn)動(dòng)產(chǎn)生的電磁輻射，不考慮磁場(chǎng)變化對(duì)粒子速度的影響及相對(duì)論效應(yīng)，求：

（1）A運(yùn)動(dòng)第1周時(shí)磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度B1的大?。?/p>

（2）在A運(yùn)動(dòng)第n周的時(shí)間內(nèi)電場(chǎng)力做功的平均功率

（3）若有一個(gè)質(zhì)量也為m、電荷量為+kq（k為大于1的整數(shù)）的粒子B（不計(jì)重力）與A同時(shí)從M板小孔飄入板間；A；B初速度均可視為零，不計(jì)兩者間的相互作用，除此之外，其他條件均不變，下圖中虛線、實(shí)線分別表示A、B的運(yùn)動(dòng)軌跡，在B的軌跡半徑遠(yuǎn)大于板間距離的前提下，請(qǐng)指出哪個(gè)圖能定性地反映A、B的運(yùn)動(dòng)軌跡，并經(jīng)推導(dǎo)說明理由。

參考答案一、選擇題(共8題，共16分)1、D【分析】【分析】

根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律求解感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)，根據(jù)歐姆定律求解感應(yīng)電流，根據(jù)安培力公式F＝BIL求解安培力；根據(jù)楞次定律判斷感應(yīng)電流的方向；再由左手定則判定安培力的方向，即可求解．

【詳解】

0﹣2t0，感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)為：E1＝SS為定值，3t0﹣5t0，感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)為：E2＝SS也為定值，因此感應(yīng)電流也為定值，那么安培力F＝BIL∝B，由于0﹣t0，B逐漸減小到零，故安培力逐漸減小到零，根據(jù)楞次定律，可知，線圈中感應(yīng)電流方向順時(shí)針，依據(jù)左手定則，可知，線框ab邊受到安培力方向向上，即為正；同理，t0﹣2t0，安培力方向向下，為負(fù)，大小增大，而在2t0﹣3t0，沒有安培力；在3t0﹣4t0，安培力方向向上，為正，大小減?。辉?t0﹣5t0，安培力方向向下，為負(fù)，大小增大，故D正確，ABC錯(cuò)誤．2、C【分析】【詳解】

粒子在豎直方向上做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，加速度為

在水平方向上做勻速直線運(yùn)動(dòng)，故運(yùn)動(dòng)時(shí)間為

所以粒子的豎直偏量

故若粒子的初動(dòng)能變?yōu)樵瓉淼谋?，仍要想使粒子保持擦極板邊緣飛出，將極板的長(zhǎng)度變?yōu)樵瓉淼谋?，板間距離應(yīng)該變?yōu)樵瓉淼膶砂逯g的電勢(shì)差變?yōu)樵瓉淼?倍，故C正確，ABD錯(cuò)誤。

故選C。3、C【分析】【分析】

【詳解】

A．PM2.5是指空氣中直徑小于等于2.5微米的固體顆粒物；因此它的運(yùn)動(dòng)不屬于分子熱運(yùn)動(dòng)，選項(xiàng)A錯(cuò)誤；

B．一定質(zhì)量的晶體在熔化過程中；溫度不變，分子的平均動(dòng)能不變，但溶化過程要吸熱，所以內(nèi)能增大，選項(xiàng)B錯(cuò)誤；

C．由于液體表面層分子間平均距離大于液體內(nèi)部分子間平均距離；分子力體現(xiàn)為引力，液體表面存在張力，選項(xiàng)C正確；

D．飽和汽壓只與溫度有關(guān)；選項(xiàng)D錯(cuò)誤。

故選C。4、B【分析】【分析】

帶電體周圍存在著一種特殊物質(zhì)；這種物質(zhì)叫電場(chǎng)，其基本性質(zhì)是對(duì)放入電荷有電場(chǎng)力的作用，而電荷間的相互作用就是通過電場(chǎng)發(fā)生的。通電導(dǎo)線的周圍有磁場(chǎng)，另一通電導(dǎo)體放在此通電導(dǎo)線的磁場(chǎng)內(nèi)，受到磁場(chǎng)的作用，根據(jù)左手定則就可以判斷出相互作用力。

【詳解】

根據(jù)通電直導(dǎo)線產(chǎn)生磁場(chǎng)的特點(diǎn)；兩條導(dǎo)線周圍都產(chǎn)生圓形磁場(chǎng)，而且磁場(chǎng)的走向相反；這就好像在兩條導(dǎo)線中間放置了兩塊磁鐵，它們的N極和S極相對(duì)，S極和N極相對(duì)，由于異名磁極相吸，這兩條導(dǎo)線會(huì)產(chǎn)生吸引力，故A錯(cuò)誤，B正確；根據(jù)矢量的疊加法則，結(jié)合以上分析：在兩條導(dǎo)線之間磁場(chǎng)方向相反，則兩導(dǎo)線之間與兩導(dǎo)線距離相等處，兩導(dǎo)線在此處磁場(chǎng)方向相反，大小相等，因此它們的合磁場(chǎng)為零，故CD錯(cuò)誤。故選B。

【點(diǎn)睛】

本題考查了電流的磁場(chǎng)、磁場(chǎng)對(duì)電流的作用，只是要求靈活運(yùn)用所學(xué)知識(shí)；電場(chǎng)是特殊形態(tài)的物質(zhì)，看不見，摸不著，但又是客觀存在的物質(zhì)，電荷周圍就存在電場(chǎng)，已被大量實(shí)驗(yàn)證明。5、B【分析】【詳解】

A.由對(duì)稱性可知，E、G、H三點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度大小相等；但電場(chǎng)強(qiáng)度的方向不同，故A錯(cuò)誤；

B.由對(duì)稱性可知，E.G、H三點(diǎn)的電勢(shì)均相等；故B正確；

C.由于D點(diǎn)為正三角形的中心，即到三個(gè)點(diǎn)電荷的距離相等，故任意兩點(diǎn)電荷在D點(diǎn)產(chǎn)生的合場(chǎng)強(qiáng)與第三個(gè)點(diǎn)電荷在D點(diǎn)產(chǎn)生的電場(chǎng)強(qiáng)度大小等大反向，故D點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度為零；故C錯(cuò)誤；

D.由C點(diǎn)電荷在E、F兩點(diǎn)產(chǎn)生的電場(chǎng)強(qiáng)度等大反向，但A、B兩個(gè)點(diǎn)電荷在E、F兩點(diǎn)產(chǎn)生的電場(chǎng)強(qiáng)度卻不相等；故D錯(cuò)誤；

故選：B6、C【分析】【詳解】

根據(jù)歐姆定律，A錯(cuò)誤；輸電效率B錯(cuò)誤；用戶的用電器的數(shù)量增多時(shí)，I4增大，I2增大，U3=U2–I2R將減小，C正確；用戶得到的電功率等于電廠輸出的電功率加上線損功率，D錯(cuò)誤．7、D【分析】【詳解】

由題圖可知波向右傳播,傳播到點(diǎn)，點(diǎn)剛開始振動(dòng)且振動(dòng)方向向下，其重復(fù)波源A的運(yùn)動(dòng)，所以A點(diǎn)開始振動(dòng)的方向向下.

A.向左與分析結(jié)果不相符；故A項(xiàng)不合題意.

B.向右與分析結(jié)果不相符；故B項(xiàng)不合題意.

C.向上與分析結(jié)果不相符；故C項(xiàng)不合題意.

D.向下與分析結(jié)果相符；故D項(xiàng)符合題意.8、B【分析】【分析】

根據(jù)質(zhì)量數(shù)守恒；電荷數(shù)守恒判斷X和和Y的種類；這兩個(gè)方程都是聚變．

【詳解】

A．根據(jù)質(zhì)量數(shù)守恒；電荷數(shù)守恒可知X是中子；故A錯(cuò)誤；

B．對(duì)第二個(gè)方程；根據(jù)質(zhì)量數(shù)守恒；電荷數(shù)守恒可知Y是氚核，故B正確；

C．X是中子；Y是氚核，X與Y不是同位素，故C錯(cuò)誤；

D．①②兩個(gè)核反應(yīng)都屬于聚變反應(yīng)，故D錯(cuò)誤．二、多選題(共8題，共16分)9、B:D【分析】【詳解】

粒子運(yùn)動(dòng)過程只受洛倫茲力作用，故在洛倫茲力作用下做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，則在右邊磁場(chǎng)時(shí)有則粒子在右邊磁場(chǎng)中做圓周運(yùn)動(dòng)的軌道半徑同理在左邊磁場(chǎng)中做圓周運(yùn)動(dòng)的半徑為作出運(yùn)動(dòng)軌跡，如圖所示。

由幾何關(guān)系可知，所有圓心角均為則圖中所有三角形都為等邊三角形，若粒子偏轉(zhuǎn)偶數(shù)次到達(dá)b點(diǎn)，則有：解得：故速度為當(dāng)n=4時(shí)故B正確；

若粒子偏轉(zhuǎn)奇數(shù)次到達(dá)b點(diǎn)，則有：解得：故速度為當(dāng)n=1時(shí)故D正確；

【點(diǎn)睛】

由幾何關(guān)系及題設(shè)條件可求得粒子做勻速圓周運(yùn)動(dòng)的半徑，由洛侖茲力提供向心力從而能求出通過b點(diǎn)的粒子的速度可能值．10、A:B:D【分析】【詳解】

A．釋放光子的能量等于兩能級(jí)間的能級(jí)差，所以從n=4到n=1躍遷輻射電磁波能量大于從n=2到n=1躍遷輻射電磁波能量，則輻射的光子頻率大，所以輻射的電磁波的波長(zhǎng)短,所以λ1＜λ3；A正確；

B．從n=4到n=2躍遷輻射電磁波能量小于從n=2到n=1躍遷輻射電磁波能量，則輻射的光子頻率小，所以輻射的電磁波的波長(zhǎng)長(zhǎng),所以λ2＞λ3；B正確；

C、D．從n=4到n=1躍遷輻射電磁波波長(zhǎng)為λ1，從n=4到n=2躍遷輻射電磁波波長(zhǎng)為λ2，從n=2到n=1躍遷輻射電磁波波長(zhǎng)為λ3，根據(jù)釋放光子的能量等于兩能級(jí)間的能級(jí)差，所以C錯(cuò)誤，D正確；

故選ABD。11、A:D【分析】【詳解】

在變阻器R0的滑動(dòng)端向下滑動(dòng)的過程中，滑動(dòng)變阻器接入電路的電阻減小，則總電阻減小，電路中總電流增大，內(nèi)電壓增大，則由閉合電路歐姆定律可知，電路的路端電壓減小，故電壓表示數(shù)變??；由歐姆定律可知，R1上的分壓增大，路端電壓減小，故并聯(lián)部分電壓減小，即可知電流表示數(shù)變小。故AD正確。12、B:C:E【分析】【詳解】

A．懸浮在水中的花粉的布朗運(yùn)動(dòng)反映了水分子的無規(guī)則熱運(yùn)動(dòng)；A錯(cuò)誤；

B．空中的小雨滴呈球形是水的表面張力作用的結(jié)果；B正確；

C．彩色液晶顯示器利用了液晶的光學(xué)性質(zhì)具有各向異性的特點(diǎn)；C正確；

D．高原地區(qū)水的沸點(diǎn)較低；是由于高原地區(qū)氣壓低，故水的沸點(diǎn)也較低，D錯(cuò)誤；

E．干濕泡溫度計(jì)的濕泡顯示的溫度低于干泡顯示的溫度；是由于濕泡外紗布中的水蒸發(fā)吸收熱量，從而溫度會(huì)降低的緣故，E正確。

故選BCE。13、B:C【分析】【分析】

【詳解】

A．c→a過程曲線是雙曲線的一部分，過程氣體溫度相同；氣體分子的平均動(dòng)能相同，分子撞擊器壁的平均作用力相等，壓強(qiáng)變大的原因是氣體體積減小分子密集程度增大，A錯(cuò)誤；

B．根據(jù)p-V圖像的面積表示氣體做功，a→b是氣體膨脹對(duì)外做功，c→a是氣體壓縮外界對(duì)氣體做功，b→c氣體體積不變，做功為零，根據(jù)p-V圖像的面積表示氣體做功。

a→b是氣體膨脹對(duì)外做功。

c→a是氣體壓縮外界對(duì)氣體做功。

全程氣體對(duì)外做的功比外界對(duì)氣體做的功多，且大于B正確；

CD．過程氣體溫度相同，則氣體在a→b過程與b→c過程中內(nèi)能的變化量相同，a→b過程中；壓強(qiáng)不變，體積增大，溫度升高，吸收熱量，根據(jù)熱力學(xué)第一定律。

b→c過程中；體積不變，壓強(qiáng)變小，問題降低，放出熱量，根據(jù)熱力學(xué)第一定律。

氣體在a→b過程中吸收的熱量大于b→c過程中放出的熱量；D錯(cuò)誤C正確。

故選BC。14、B:C:D【分析】【詳解】

A．分子間的引力和斥力都隨分子間的增大而減小，斥力變化快；分子間作用力在分子間距小于平衡間距時(shí)表現(xiàn)為斥力，隨分子間距增大而減?。环肿娱g作用力在分子間距大于平衡間距時(shí)表現(xiàn)為引力；隨分子間距增大而先增大后減?。还蔄項(xiàng)錯(cuò)誤；

B．溫度升高；分子的平均動(dòng)能增大，相同時(shí)間從水中飛出的分子數(shù)目越多，因而使蒸汽分子密度增大，同時(shí)蒸汽分子的平均動(dòng)能也隨著增加，這樣就使得蒸汽氣壓增強(qiáng)，故B項(xiàng)正確；

C．根據(jù)熱力學(xué)第一定律可知：第一類永動(dòng)機(jī)的思想違背了能量守恒定律；所以不可能制成，故C項(xiàng)正確；

D．由熱力學(xué)第二定律可知：任何宏觀過程的不可逆性都是相互關(guān)聯(lián)的；由一種過程的不可逆性可以通過推理得知另一過程的不可逆性，故D項(xiàng)正確；

E．單晶體和多晶體都有固定的熔點(diǎn)，單晶體具有各向異性，多晶體具有各向同性的，故E項(xiàng)錯(cuò)誤。15、A:C【分析】若導(dǎo)線中受到的安培力為零；則說明合磁場(chǎng)的方向與導(dǎo)線中的電流方向沿導(dǎo)線方向；根據(jù)平行四邊形定則知。

虛線表示合磁感應(yīng)強(qiáng)度的方向，與電流的方向平行，可知B2有一個(gè)最小值，其最小值為故AC正確，BD錯(cuò)誤；

故選AC．

【點(diǎn)睛】知道通電導(dǎo)線與磁場(chǎng)平行時(shí)導(dǎo)線所受磁場(chǎng)力為零是正確解題的關(guān)鍵；由矢量三角形法則求出磁感應(yīng)強(qiáng)度的最小值即可正確解題．16、A:D【分析】【詳解】

A.輸入電壓的最大值為：Um=NBSω=10××0.4×10V=40V，圖示時(shí)刻感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)最大，從圖示線框位置開始計(jì)時(shí)，線框中感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)的瞬時(shí)值為故A正確；

B.變壓器輸入電壓的有效值為：U1=Um/=40/V=40V。開關(guān)閉合時(shí)燈泡正常發(fā)光，所以U2==V=20V，此時(shí)原副線圈的匝數(shù)比為：n1:n2=U1:U2=40:20=2:1；故B錯(cuò)誤；

C.線圈匝數(shù)不變，根據(jù)U1：U2=n1：n2可知輸出電壓不變，若將滑動(dòng)變阻器觸頭向上滑動(dòng)，連入電路電阻變大，負(fù)載等效電阻變大，P1=P2═變小，又P1=U1I1可知電流表示數(shù)變??；故C錯(cuò)誤；

D.若將自耦變壓器觸頭向下滑動(dòng)，副線圈匝數(shù)變小，根據(jù)U1：U2=n1：n2可知輸出電壓減小；所以燈泡變暗，故D正確；

故選：AD.三、填空題(共5題，共10分)17、略

【分析】【詳解】

[1]從狀態(tài)B到C，由查理定律得

由于所以

[2]A-B過程外界對(duì)系統(tǒng)做正功，C-D過程外界對(duì)系統(tǒng)做負(fù)功，p-V圖象與橫軸圍成的面積表示做的功，所以

所以整個(gè)循環(huán)過程外界對(duì)系統(tǒng)做正功。整個(gè)循環(huán)過程

所以

整個(gè)循環(huán)過程A-B-C-D-A氦氣系統(tǒng)要放熱。【解析】>放熱18、略

【分析】【詳解】

[1]A→B等壓變化過程中，根據(jù)蓋—呂薩克定律

代入已知條件，可得

[2]在C→A等溫變化過程中

又由于體積減小，外界對(duì)系統(tǒng)做正功

根據(jù)熱力學(xué)第一定律

可得

故氣體放熱。【解析】600放熱19、略

【分析】【詳解】

（1）只斷開S1；電容器兩板間的電壓不變，場(chǎng)強(qiáng)不變，油滴所受的電場(chǎng)力不變，油滴仍處于靜止?fàn)顟B(tài)．

（2）只斷開S2；電容器兩板間的電壓增大，穩(wěn)定時(shí)，其電壓等于電源的電動(dòng)勢(shì)，板間場(chǎng)強(qiáng)增大，油滴所受的電場(chǎng)力增大，油滴將向上做加速直線運(yùn)動(dòng)．

（3）只斷開S3；電容器通過電阻放電，板間場(chǎng)強(qiáng)逐漸減小，油滴所受的電場(chǎng)力減小，油滴將向下做加速直線運(yùn)動(dòng)．

（4）只斷開S4；電容器的電量不變，板間場(chǎng)強(qiáng)不變，油滴仍處于靜止?fàn)顟B(tài)．

【點(diǎn)睛】

本題考查分析電容器電壓的能力．難點(diǎn)是斷開s2，要知道穩(wěn)定后電容器的電壓等于電源的電動(dòng)勢(shì)，可以用電勢(shì)差等于電壓來理解.【解析】靜止向上做勻加速直線運(yùn)動(dòng)向下做加速直線運(yùn)動(dòng)靜止20、略

【分析】【小題1】本題考察的是多普勒效應(yīng)；凡是波源靠近觀察者，觀察者接收到的頻率就會(huì)變大，遠(yuǎn)離觀察者，接收到的頻率就會(huì)變小，故AB正確。

【小題2】分析邊緣光線a；如圖：

由幾何關(guān)系得，可得∠CAB=45°；

在△OAB中，AC=AB，設(shè)為r；在△OBC中；

由勾股定理有：

進(jìn)而求出

故半球殼外表面上有光線射出區(qū)域的圓形邊界的半徑為【解析】【小題1】AB

【小題2】21、C:D【分析】試題分析：設(shè)原子核X的質(zhì)量數(shù)為x，電荷數(shù)為y，根據(jù)質(zhì)量數(shù)守恒和電荷數(shù)守恒，可得原子核Y的質(zhì)量數(shù)為x，電荷數(shù)為原子核Z的質(zhì)量數(shù)為電荷數(shù)為．由此可得X核的質(zhì)子（y）比Z核的質(zhì)子（）多2個(gè)，X核的中子比Z核的中子多1個(gè)；故AB錯(cuò)誤；X核的質(zhì)量數(shù)（x）比Z核的質(zhì)量數(shù)（x-3）多3個(gè)，故C正確；X核與Z核的總電荷（2y-2）是Y核電荷（y-1）的2倍，故D正確．

考點(diǎn)：考查了核反應(yīng)方程。

名師點(diǎn)睛：關(guān)鍵是知道反映前后質(zhì)量數(shù)和核電荷數(shù)守恒的知識(shí)，屬于基礎(chǔ)知識(shí)，應(yīng)仔細(xì)閱讀題目，一步一步向下分析．四、作圖題(共3題，共18分)22、略

【分析】【詳解】

利用右手螺旋定則；已知電流的方向可判定磁場(chǎng)方向，也可以通過磁場(chǎng)方向來確定電流的方向；

圖甲；已知磁場(chǎng)方向，順時(shí)針方向，則電流垂直紙面向里；

圖乙；電流右側(cè)的磁場(chǎng)的方向向里，左側(cè)的磁場(chǎng)的方向向外，則電流的方向向上；

圖丙；已知磁場(chǎng)方向，則可知電流方向，逆時(shí)針方向；

圖??；環(huán)形電流從左側(cè)流入，從右側(cè)流出，所以磁場(chǎng)的方向向下；

圖戊；根據(jù)螺線管中電流方向，利用右手螺旋定則可以確定螺線管的磁場(chǎng)的方向向左；

圖已；根據(jù)螺線管中上邊的電流方向向外，下邊的電流的方向向里，利用右手螺旋定則可以確定螺線管的磁場(chǎng)的方向向右．如圖所示：

【解析】23、略

【分析】試題分析：A圖中；在XX′偏轉(zhuǎn)電極所加的電壓的周期為2T，即在2T的時(shí)間內(nèi)才能完成一次水平方向的掃描，而豎直方向（y方向）的周期為T，所以在水平方向的一次水平掃描的過程中，豎直方向由2個(gè)周期性的變化；y方向的電壓變化為正弦式的變化，由于電子到達(dá)熒光屏的偏轉(zhuǎn)量與偏轉(zhuǎn)電壓成正比，所以A圖中的掃描圖形如圖；

要在熒光屏上得到待測(cè)信號(hào)在一個(gè)周期內(nèi)的穩(wěn)定圖象．XX′偏轉(zhuǎn)電極要接入鋸齒形電壓；即掃描電壓．

B圖中；在XX′偏轉(zhuǎn)電極所加的電壓的周期為T，即在一個(gè)周期T的時(shí)間內(nèi)完成一次水平方向的掃描，同時(shí)豎直方向的周期為T，所以在水平方向的一次水平掃描的過程中，豎直方向也完成一個(gè)周期性的變化；y方向的電壓大小不變，方向每半個(gè)周期變化一次，結(jié)合電子到達(dá)熒光屏的偏轉(zhuǎn)量與偏轉(zhuǎn)電壓成正比，所以B圖中的掃描圖形如圖．

考點(diǎn)：考查了示波器的工作原理。

【名師點(diǎn)睛】本題關(guān)鍵要清楚示波管的工作原理，示波管的YY′偏轉(zhuǎn)電壓上加的是待顯示的信號(hào)電壓，XX′偏轉(zhuǎn)電極通常接入鋸齒形電壓，即掃描電壓，當(dāng)信號(hào)電壓與掃描電壓周期相同時(shí)，就可以在熒光屏上得到待測(cè)信號(hào)在一個(gè)周期內(nèi)的穩(wěn)定圖象【解析】24、略

【分析】【分析】

【詳解】

7s波向前傳播的距離為

7s后，故x=3.5m位置的原圖中x=0位置的振動(dòng)情況相同；因此作出以下圖形。

【解析】五、