2025年外研版2024選擇性必修1物理下冊(cè)月考試卷

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請(qǐng)※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁(yè)，總=sectionpages22頁(yè)第=page11頁(yè)，總=sectionpages11頁(yè)2025年外研版2024選擇性必修1物理下冊(cè)月考試卷623考試試卷考試范圍：全部知識(shí)點(diǎn)；考試時(shí)間：120分鐘學(xué)校：______姓名：______班級(jí)：______考號(hào)：______總分欄題號(hào)一二三四五六總分得分評(píng)卷人得分一、選擇題(共6題，共12分)1、如圖所示，質(zhì)量為m的人立于平板車(chē)上，人與車(chē)的總質(zhì)量為m0，人與車(chē)以速度v1在光滑水平面上向右勻速運(yùn)動(dòng)，當(dāng)此人相對(duì)于車(chē)以速度v2豎直跳起時(shí)，車(chē)的速度變?yōu)椋ǎ?/p>

A.向右B.向右C.向右D.向右2、“引力彈弓效應(yīng)”是指在太空運(yùn)動(dòng)的探測(cè)器，借助行星的引力來(lái)改變自己的速度。如圖所示，以太陽(yáng)為參考系，設(shè)行星運(yùn)動(dòng)的速度為探測(cè)器的初速度大小為在圖示情況下，探測(cè)器在遠(yuǎn)離行星后速度大小為探測(cè)器和行星雖然沒(méi)有發(fā)生直接的碰撞；但是在行星的運(yùn)動(dòng)方向上，其運(yùn)動(dòng)規(guī)律可以與兩個(gè)質(zhì)量不同的鋼球在同一條直線上發(fā)生的彈性碰撞規(guī)律作類(lèi)比。那么下列判斷中正確的是（）

A.B.C.D.3、如圖所示；兩名穿著相同冰刀鞋的滑雪者靜止在冰面上。質(zhì)量小的滑雪者猛推了另一名滑雪者后，質(zhì)量小的滑雪者（）

A.獲得的初動(dòng)量小B.獲得的初動(dòng)能小C.滑行時(shí)間長(zhǎng)D.滑行距離短4、消除噪聲污染是當(dāng)前環(huán)境保護(hù)的一個(gè)重要課題，如圖所示的消聲器可以用來(lái)削弱高速氣流產(chǎn)生的噪聲。波長(zhǎng)為的聲波沿水平管道自左向右傳播，在聲波到達(dá)a處時(shí)，分成上下兩束波，這兩束聲波在b處相遇時(shí)可削弱噪聲。已知上下兩束波從a處到b處的路程分別為和下列說(shuō)法正確的是（）

A.該消聲器是根據(jù)波的衍射原理設(shè)計(jì)的B.該消聲器是根據(jù)波的多普勒效應(yīng)原理設(shè)計(jì)的C.和關(guān)系滿足時(shí)，消聲效果最好D.和關(guān)系滿足時(shí)，消聲效果最好5、如圖所示；ABCD是兩面平行的足夠大的透明玻璃磚，AB面和CD面是玻璃和空氣的分界面，分別設(shè)為界面Ⅰ和界面Ⅱ。光線從界面Ⅰ射入玻璃磚，再?gòu)慕缑姊蛏涑?，回到空氣中，如果改變光到達(dá)界面Ⅰ時(shí)的入射角，則（）

①只要入射角足夠大；光線在界面Ⅰ上可能發(fā)生全反射現(xiàn)象。

②只要入射角足夠大；光線在界面Ⅱ上可能發(fā)生全反射現(xiàn)象。

③不管入射角多大；光線在界面Ⅰ上都不可能發(fā)生全反射現(xiàn)象。

④不管入射角多大；光線在界面Ⅱ上都不可能發(fā)生全反射現(xiàn)象。

A.①②B.②③C.①④D.③④6、下列說(shuō)法中正確的是（）A.光只有在折射時(shí)才會(huì)發(fā)生色散現(xiàn)象B.光的偏振現(xiàn)象說(shuō)明光是橫波C.全息照相主要利用了激光亮度高的特性D.激光手術(shù)刀主要利用了激光相干性好的特性評(píng)卷人得分二、多選題(共6題，共12分)7、一列簡(jiǎn)諧橫波沿x軸傳播，P、Q是波傳播路徑上平衡位置相距3m的兩質(zhì)點(diǎn)，甲圖為波在t=1s時(shí)刻的波形圖，乙圖為質(zhì)點(diǎn)P的振動(dòng)圖像；下列描述正確的是（）

A.該簡(jiǎn)諧波沿x軸負(fù)方向傳播B.t=1s時(shí)，質(zhì)點(diǎn)P的速度為零，加速度達(dá)到最大值C.t=2s時(shí)，質(zhì)點(diǎn)Q經(jīng)過(guò)平衡位置沿y軸負(fù)方向運(yùn)動(dòng)D.t=3s時(shí)，兩質(zhì)點(diǎn)P、Q的振動(dòng)方向相反8、波源S在t=0時(shí)刻從平衡位置開(kāi)始向上振動(dòng)，形成向左、右兩側(cè)傳播的簡(jiǎn)諧橫波。S、a、b、c、和a'、b'、c'是沿波傳播方向上的間距為2m的6個(gè)質(zhì)點(diǎn)，t=0時(shí)刻各質(zhì)點(diǎn)均處于平衡位置，如圖所示。已知波的傳播速度為4m/s，當(dāng)t=0.25s時(shí)波源S第一次達(dá)最高點(diǎn)，則下列正確的是（）

A.t=5.25s時(shí)質(zhì)點(diǎn)b'處于波谷B.t=1.35s時(shí)質(zhì)點(diǎn)a的速度正在增大C.波傳到c點(diǎn)時(shí)，質(zhì)點(diǎn)c開(kāi)始向上振動(dòng)E.若接收器向距它20m的波源S勻速遠(yuǎn)離，接收器接收到的頻率將大于1HzE.若接收器向距它20m的波源S勻速遠(yuǎn)離，接收器接收到的頻率將大于1Hz9、裝有一定量液體的玻璃管豎直漂浮在水中，水面足夠大，如圖甲所示，把玻璃管向下緩慢按壓4cm后放手，忽略運(yùn)動(dòng)阻力，玻璃管的運(yùn)動(dòng)可以視為豎直方向的簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)，測(cè)得振動(dòng)周期為0.5s。以豎直向上為正方向，某時(shí)刻開(kāi)始計(jì)時(shí)，其振動(dòng)圖像如圖乙所示，其中A為振幅。對(duì)于玻璃管；下列說(shuō)法正確的是（）

A.回復(fù)力等于重力和浮力的合力B.振動(dòng)過(guò)程中動(dòng)能和重力勢(shì)能相互轉(zhuǎn)化，玻璃管的機(jī)械能守恒C.位移滿足函數(shù)式x＝4sin（cm）D.在t1~t2時(shí)間內(nèi)，位移減小，加速度減小，速度增大10、如圖所示；一彈簧振子做簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)，下列說(shuō)法正確的是（）

A.若位移為負(fù)值，則加速度一定為正值B.振子通過(guò)平衡位置時(shí)，速度為零，位移最大C.振子每次經(jīng)過(guò)平衡位置時(shí)，位移相同，速度也一定相同D.振子每次通過(guò)同一位置時(shí)，其速度不一定相同，但位移一定相同11、如圖所示，光滑桌面上木板C靜止并被鎖定，質(zhì)量為在木板的中央處放置兩個(gè)小滑塊A和B，質(zhì)量分別為和兩滑塊間有小型炸藥，某時(shí)刻炸藥爆炸釋放能量為兩滑塊開(kāi)始運(yùn)動(dòng)，當(dāng)一個(gè)滑塊速度減為零時(shí)，木板鎖定被解除，兩滑塊與木板間動(dòng)摩擦因數(shù)為0.2，最終一個(gè)滑塊恰好滑到木板的邊緣，取不計(jì)炸藥的質(zhì)量，則（）

A.木板C的最終速度為B.整個(gè)過(guò)程中兩滑塊與木板間因摩擦產(chǎn)生的內(nèi)能為C.木板C的最小長(zhǎng)度為D.木板C受的沖量為12、如圖所示，實(shí)線是沿x軸傳播的一列簡(jiǎn)諧橫波在t=0時(shí)刻的波形圖，虛線是這列波在t=0.2s時(shí)刻的波形圖．已知該波的波速是0.8m/s；則下列說(shuō)法正確的是（）

A.這列波的波長(zhǎng)是12cmB.這列波的周期是0.15sC.這列波可能是沿x軸正方向傳播的D.t=0時(shí)，x=4cm處的質(zhì)點(diǎn)速度沿y軸負(fù)方向評(píng)卷人得分三、填空題(共8題，共16分)13、（1）在水平方向傳播的波為橫波。_______

（2）在機(jī)械波中各質(zhì)點(diǎn)不隨波的傳播而遷移。_______

（3）機(jī)械波在傳播過(guò)程中，各質(zhì)點(diǎn)振動(dòng)的周期、起振方向都相同。_______14、受迫振動(dòng)。

（1）概念：系統(tǒng)在___________作用下的振動(dòng)。

（2）振動(dòng)特征：物體做受迫振動(dòng)達(dá)到穩(wěn)定后，物體振動(dòng)的頻率等于___________的頻率，與物體的___________頻率無(wú)關(guān)。15、某彈簧振子的振動(dòng)圖像如圖，由此圖像可得該彈簧振子做簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)的公式是_______cm，從開(kāi)始經(jīng)過(guò)1.2s振子通過(guò)的路程為_(kāi)______cm。

16、如圖所示是單擺做阻尼振動(dòng)的振動(dòng)圖線。

則擺球A時(shí)刻的動(dòng)能________B時(shí)刻的動(dòng)能，擺球A時(shí)刻的勢(shì)能________B時(shí)刻的勢(shì)能。17、如圖是在發(fā)波水槽中觀察兩波源S1、S2在水槽中形成的水面波形，其中實(shí)線表示波峰，虛線表示波谷。從圖中可以判斷，波源______形成的水面波波長(zhǎng)較大；為觀察到穩(wěn)定的干涉圖樣，可將圖中波源______的頻率調(diào)小。（均選填“S1”或“S2”）

18、消除噪聲污染是當(dāng)前環(huán)境保護(hù)的一個(gè)重要課題。如圖所示的消聲器可以用來(lái)削弱高速氣流產(chǎn)生的噪聲。波長(zhǎng)分別為0.6m和1.0m的兩種聲波沿水平管道自左向右傳播，在聲波到達(dá)A處時(shí)，分成兩束波，這兩束波在B處相遇時(shí)，消聲器對(duì)這兩束波都達(dá)到了良好的消聲效果。消聲器的工作原理是利用波的______________來(lái)消除噪聲的；A、B兩點(diǎn)間彎管與直管中聲波的路程差至少為_(kāi)_____________m。

19、幾列波相遇時(shí)能夠保持各自的運(yùn)動(dòng)特征，繼續(xù)傳播，在它們重疊的區(qū)域里，介質(zhì)的質(zhì)點(diǎn)______參與這幾列波引起的振動(dòng)，質(zhì)點(diǎn)的位移等于這幾列波單獨(dú)傳播時(shí)引起的位移的______．20、自從1865年麥克斯韋預(yù)言電磁波的存在，人們的生活已經(jīng)與電磁波密不可分，不同頻率的電磁波被應(yīng)用于生活的各個(gè)領(lǐng)域。例如：我國(guó)自主建立的北斗導(dǎo)航系統(tǒng)所使用的電磁波頻率約為1561MHz，家用Wi-Fi所使用的電磁波頻率約為5725MHz。則WiFi信號(hào)與北斗導(dǎo)航信號(hào)疊加時(shí)，__________（填“能”或“不能”）產(chǎn)生干涉現(xiàn)象：當(dāng)Wi-Fi信號(hào)穿越墻壁進(jìn)入另一個(gè)房間后，其波長(zhǎng)_________，原因是__________。評(píng)卷人得分四、作圖題(共3題，共30分)21、O點(diǎn)是彈簧振子的平衡位置，在圖上標(biāo)出振子在B點(diǎn)的振動(dòng)位移和在A點(diǎn)的加速度。

22、如圖所示為一彈簧振子在A、C間振動(dòng)；圖中黑點(diǎn)為振子球心的位置。

(1)畫(huà)出振子位于C點(diǎn)時(shí)離開(kāi)平衡位置O的位移；

(2)標(biāo)出振子位于A點(diǎn)時(shí)加速度的方向。

23、某同學(xué)利用“插針?lè)ā睖y(cè)定玻璃的折射率，所用的玻璃磚兩面平行。正確操作后，四枚大頭針的位置如圖所示，入射光線已畫(huà)出，補(bǔ)全光路圖及標(biāo)出入射角i和折射角r。

評(píng)卷人得分五、實(shí)驗(yàn)題(共4題，共28分)24、如圖所示；用碰撞實(shí)驗(yàn)器可以驗(yàn)證動(dòng)量守恒定律，即研究?jī)蓚€(gè)小球在斜軌末端碰撞前后的動(dòng)量關(guān)系。

安裝好實(shí)驗(yàn)裝置，做好測(cè)量前的準(zhǔn)備，并記下重垂線所指的位置O。

第一步；不放小球2，讓小球1從斜槽上某處由靜止?jié)L下，并落在地面上，重復(fù)多次，用盡可能小的圓把小球1的所有落點(diǎn)圈在里面，其圓心就是小球1落點(diǎn)的平均位置。

第二步；把小球2放在斜槽末端邊緣處，讓小球1從斜槽上相同位置處由靜止?jié)L下，使小球1與小球2碰撞，重復(fù)多次，并使用與第一步同樣的方法分別標(biāo)出碰撞后兩小球落點(diǎn)的平均位置。

第三步，用刻度尺分別測(cè)量三個(gè)落地點(diǎn)的平均位置離O點(diǎn)的距離，即線段的長(zhǎng)度。

在上述實(shí)驗(yàn)中：

（1）本實(shí)驗(yàn)中小球1的質(zhì)量與小球2的質(zhì)量大小應(yīng)滿足的關(guān)系為_(kāi)_______。

A．B.C.

（2）在不放小球2時(shí)，小球1從斜槽上某處由靜止開(kāi)始滾下，小球1的落點(diǎn)在圖中的_____點(diǎn)，把小球2放在斜槽末端邊緣處，小球1從斜槽上相同位置處由靜止開(kāi)始滾下，使它們發(fā)生碰撞，碰后小球1的落點(diǎn)在圖中的_____點(diǎn)。

（3）直接測(cè)定小球碰撞前后的速度是不容易的。可以通過(guò)測(cè)量________間接地解決這個(gè)問(wèn)題。

A．小球開(kāi)始釋放時(shí)距斜槽底端的高度h

B．小球拋出點(diǎn)距地面的高度H

C．小球做平拋運(yùn)動(dòng)的水平射程x

（4）若實(shí)驗(yàn)中小球碰撞前后動(dòng)量守恒，則應(yīng)滿足的關(guān)系式為_(kāi)____________________。25、如圖所示，在水平桌面的左端固定一個(gè)圓弧槽滑道，滑道的末端與水平桌面相切。桌面的右端附近固定一個(gè)光電門(mén)。直徑為質(zhì)量為的小球1從圓弧槽上某處由靜止釋放。下滑到水平桌面向右運(yùn)動(dòng)通過(guò)光電門(mén)后與靜止在桌面右邊緣的質(zhì)量為的小球2發(fā)生正碰，碰后小球1向左彈回，小球2離開(kāi)桌面做平拋運(yùn)動(dòng)。測(cè)出小球1連續(xù)兩次通過(guò)光電門(mén)的時(shí)間分別為（光電門(mén)與球心等高），桌面離水平地面高度為小球2碰后做平拋運(yùn)動(dòng)的水平距離為（忽略一切摩擦和空氣阻力）

(1)若兩球發(fā)生彈性碰撞，則兩球的質(zhì)量大小關(guān)系m1_____m2（填“<”“>”或“=”）。

(2)小球1與小球2碰撞前速度大小v0=______，碰撞后小球1速度大小v1=______。

(3)碰撞后小球2速度大小v2=______。（用題給物理量符號(hào)表示）

(4)若兩小球在碰撞過(guò)程中動(dòng)量守恒，取水平向右為正方向，則需要滿足的關(guān)系式為_(kāi)___；若是彈性碰撞，則還需要滿足關(guān)系式______（用m1、m2、v0、v1、v2表示）。26、某同學(xué)學(xué)了《單擺》這一節(jié)后，回家去研究了擺鐘。他把擺鐘簡(jiǎn)化為單擺，先測(cè)得擺線長(zhǎng)為再用游標(biāo)卡尺測(cè)了擺鐘下面圓鐵餅的直徑d；如圖所示。然后用秒表記錄了擺鐘完整擺動(dòng)60次所用的時(shí)間。除讀數(shù)外，本題的計(jì)算結(jié)果均保留到小數(shù)點(diǎn)后面兩位。則：

（1）如圖甲，游標(biāo)卡尺的讀數(shù)為_(kāi)________cm。

（2）如圖乙，秒表所示讀數(shù)為_(kāi)__________秒，測(cè)出擺鐘的周期為_(kāi)__________秒。

（3）按單擺模型算出擺鐘的周期為_(kāi)__________秒（當(dāng)?shù)氐闹亓铀俣葹?.80m/s2）。實(shí)驗(yàn)測(cè)出的擺鐘周期與按單擺模型算出擺鐘的周期差別有點(diǎn)大；通過(guò)查資料該同學(xué)明白擺鐘可以處理成單擺模型，但等效擺長(zhǎng)與他的處理的結(jié)果不同。

（4）該同學(xué)某次把在重慶走時(shí)準(zhǔn)確的擺鐘帶到北京，發(fā)現(xiàn)鐘走_(dá)__________（填“快”或“慢”）了，要讓該鐘在北京也走時(shí)準(zhǔn)確，他應(yīng)該___________（填“調(diào)長(zhǎng)”或“調(diào)短”）擺長(zhǎng)。

27、某探究小組探究單擺的裝置如圖甲所示；細(xì)線端拴一個(gè)球，另一端連接拉力傳感器，固定在天花板上，將球拉開(kāi)一個(gè)很小的角度靜止釋放，傳感器可繪制出球在擺動(dòng)過(guò)程中細(xì)線拉力周期性變化的圖像，如圖乙所示。

（1）用游標(biāo)卡尺測(cè)出小球直徑d如圖丙所示，讀數(shù)為_(kāi)_____mm；

（2）現(xiàn)求得該單擺的擺長(zhǎng)為L(zhǎng)，則當(dāng)?shù)氐闹亓铀俣葹開(kāi)_____（用題中的字母表示；包括圖乙中）；

（3）若科學(xué)探險(xiǎn)隊(duì)員在珠穆朗瑪峰山腳與山頂利用該裝置分別作了實(shí)驗(yàn)。在山腳處，他作出了單擺圖像為如圖丁中直線c，當(dāng)他成功攀登到山頂后，他又重復(fù)了在山腳做的實(shí)驗(yàn)，則利用山頂實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)作出的圖線可能是圖丁中的直線______。評(píng)卷人得分六、解答題(共1題，共4分)28、如圖，半徑R=m的光滑圓弧軌道固定在豎直平面內(nèi)，軌道的一個(gè)端點(diǎn)A和圓心O的連線與水平方向夾角θ=30°，另一端點(diǎn)B為軌道的最低點(diǎn)，其切線水平。一質(zhì)量M=2kg、板長(zhǎng)L=2.0m的滑板靜止在光滑水平地面上，右端緊靠B點(diǎn)，滑板上表面與圓弧軌道B點(diǎn)和左側(cè)固定平臺(tái)C等高。光滑水平面EF上靜止一質(zhì)量為m=1kg的物體（可視為質(zhì)點(diǎn)）P，另一物體Q以v0=m/s向右運(yùn)動(dòng)，與P發(fā)生彈性正碰，P隨后水平拋出，恰好從A端無(wú)碰撞進(jìn)入圓弧軌道，且在A處對(duì)軌道無(wú)壓力，此后沿圓弧軌道滑下，經(jīng)B點(diǎn)滑上滑板?；暹\(yùn)動(dòng)到平臺(tái)C時(shí)立刻被粘住。已知物塊P與滑板間動(dòng)摩擦因數(shù)μ=0.5，滑板左端到平臺(tái)C右側(cè)的距離為s。取g=10m/s2；求：

（1）物體P經(jīng)過(guò)A點(diǎn)時(shí)的速度；

（2）物體Q的質(zhì)量mQ；

（3）物體P剛滑上平臺(tái)C時(shí)的動(dòng)能EkC與s的函數(shù)表達(dá)式。

參考答案一、選擇題(共6題，共12分)1、D【分析】【詳解】

根據(jù)題意可知，人和車(chē)在水平方向上動(dòng)量守恒，當(dāng)人豎直跳起時(shí)，人和車(chē)之間在豎直方向上有相互作用，在水平方向上合力為零，動(dòng)量仍然守恒，水平方向的速度不發(fā)生變化，所以車(chē)的速度仍為v1；方向向右。

故選D。2、B【分析】【詳解】

根據(jù)動(dòng)量守恒定律

根據(jù)能量守恒定律

解得

又因?yàn)?/p>

解得

故選B。3、C【分析】【詳解】

A．由于兩人互推的過(guò)程；系統(tǒng)內(nèi)力遠(yuǎn)大于外力，系統(tǒng)動(dòng)量守恒，互推前兩運(yùn)動(dòng)員組成的系統(tǒng)總動(dòng)量為零，由動(dòng)量守恒定律可知，互推后，兩人的動(dòng)量大小相等，A錯(cuò)誤；

B．設(shè)推出后任一運(yùn)動(dòng)員的動(dòng)量大小為p，運(yùn)動(dòng)員的質(zhì)量為m，則動(dòng)能為

可知；質(zhì)量小的獲得的動(dòng)能大，B錯(cuò)誤；

C．設(shè)推出后任一運(yùn)動(dòng)員的動(dòng)量大小為p，運(yùn)動(dòng)員的質(zhì)量為m，取速度方向?yàn)檎较?，根?jù)動(dòng)量定理得

解得滑行時(shí)間為

由于相等；則質(zhì)量小的運(yùn)動(dòng)員滑行時(shí)間長(zhǎng)，C正確；

D．互推后，對(duì)運(yùn)動(dòng)員，根據(jù)動(dòng)能定理得

解得互推后運(yùn)動(dòng)員滑行的距離為

由于相等；則質(zhì)量大的運(yùn)動(dòng)員滑行距離短，D錯(cuò)誤。

故選C。4、D【分析】【詳解】

AB．該消聲器是根據(jù)波的干涉原理；故AB錯(cuò)誤；

CD．根據(jù)干涉特點(diǎn)知，兩相干波源的距離差為半波長(zhǎng)的奇數(shù)倍時(shí)，此點(diǎn)為振動(dòng)減弱點(diǎn)，要減弱聲音，應(yīng)滿足

故C錯(cuò)誤；D正確。

故選D。5、D【分析】【詳解】

①③．在界面Ⅰ上光由空氣進(jìn)入玻璃磚；是由光疏介質(zhì)進(jìn)入光密介質(zhì)，不管入射角多大，都不可能發(fā)生全反射現(xiàn)象，故①錯(cuò)誤，③正確；

②④．在界面Ⅱ上光由玻璃進(jìn)入空氣；是由光密介質(zhì)進(jìn)入光疏介質(zhì)，但是，由于界面Ⅰ和界面Ⅱ平行，光由界面Ⅰ進(jìn)入玻璃后再到達(dá)界面Ⅱ，在界面Ⅱ上的入射角等于在界面Ⅰ上的折射角，則界面Ⅱ上的入射角總是小于臨界角，因此也不會(huì)發(fā)生全反射現(xiàn)象，故②錯(cuò)誤，④正確；

故③④正確，故選D。6、B【分析】【分析】

【詳解】

A．光在干涉；衍射及折射時(shí)都可以發(fā)生色散；選項(xiàng)A錯(cuò)誤；

B．光的偏振現(xiàn)象說(shuō)明光是橫波；選項(xiàng)B正確；

C．全息照相主要利用了激光相干性好的特性；選項(xiàng)C錯(cuò)誤；

D．激光手術(shù)刀主要是利用了激光的亮度高；能量大的特點(diǎn)的特性；選項(xiàng)D錯(cuò)誤。

故選B。二、多選題(共6題，共12分)7、C:D【分析】【詳解】

由圖甲可知，波長(zhǎng)λ=2m，由圖乙可知，周期T=2s；

A．分析圖乙中質(zhì)點(diǎn)P在t=1s時(shí)刻的振動(dòng)情況，處于平衡位置沿y軸負(fù)方向振動(dòng)，對(duì)照?qǐng)D甲，根據(jù)波動(dòng)規(guī)律可知，波沿x軸正方向傳播；A錯(cuò)誤；

B．t=1s時(shí)，質(zhì)點(diǎn)P位于平衡位置；速度最大，加速度為零，B錯(cuò)誤；

C．t=2s時(shí)，質(zhì)點(diǎn)Q由圖甲所示狀態(tài)振動(dòng)了半個(gè)周期，此時(shí)經(jīng)過(guò)平衡位置沿y軸負(fù)方向運(yùn)動(dòng)；C正確；

D．兩質(zhì)點(diǎn)相隔半個(gè)波長(zhǎng)的奇數(shù)倍，振動(dòng)情況始終相反，故t=3s時(shí)，兩質(zhì)點(diǎn)P、Q的振動(dòng)方向相反；D正確。

故選CD。8、B:C:D【分析】【詳解】

A．波的周期為T(mén)=4×0.25s=1s

波傳到b'點(diǎn)的時(shí)間為

則t=5.25s時(shí)，b'點(diǎn)已經(jīng)振動(dòng)了4.25s；正在波峰位置，選項(xiàng)A錯(cuò)誤；

B．波傳到a點(diǎn)的時(shí)間是0.5s，則t=1.35s時(shí)，a點(diǎn)已經(jīng)振動(dòng)了0.85s；正在從波谷向平衡位置振動(dòng)，速度正在增大，選項(xiàng)B正確；

C．因波源S起振方向向上，則當(dāng)波傳到c點(diǎn)時(shí)，質(zhì)點(diǎn)c的振動(dòng)方向向上；選項(xiàng)C正確；

D．因質(zhì)點(diǎn)a與質(zhì)點(diǎn)a'到波源的距離相等，分居在波源的兩側(cè)，則任意時(shí)刻質(zhì)點(diǎn)a與質(zhì)點(diǎn)a'振動(dòng)狀態(tài)完全相同；選項(xiàng)D正確；

E．波的頻率為1Hz，根據(jù)多普勒效應(yīng)可知，若接收器向距它20m的波源S勻速遠(yuǎn)離；接收器接收到的頻率將小于1Hz，選項(xiàng)E錯(cuò)誤。

故選BCD。9、A:C:D【分析】【分析】

【詳解】

A．玻璃管振動(dòng)過(guò)程中；受到重力和水的浮力，這兩個(gè)力的合力充當(dāng)回復(fù)力，故A正確；

B．玻璃管在振動(dòng)過(guò)程中；水的浮力對(duì)玻璃管做功，故振動(dòng)過(guò)程中，玻璃管的機(jī)械能不守恒，故B錯(cuò)誤；

C．由于振動(dòng)周期為0.5s，故ω＝＝4πrad/s

由圖乙可知振動(dòng)位移的函數(shù)表達(dá)式為x＝4sin（cm）

故C正確；

D．由圖乙可知，t1~t2時(shí)間內(nèi)玻璃管在靠近平衡位置；故位移減小，加速度減小，速度增大，故D正確。

故選ACD。10、A:D【分析】【分析】

【詳解】

A．振子受的力指向平衡位置；振子的位移為負(fù)值時(shí)，受到的力為正值，振子的加速度為正值，故A正確；

B．當(dāng)振子通過(guò)平衡位置時(shí)；位移為零，速度最大，故B錯(cuò)誤；

C．振子每次通過(guò)平衡位置時(shí)；速度大小相等，方向不一定相同，但位移相同，故C錯(cuò)誤；

D．振子每次通過(guò)同一位置時(shí)；位移相同，速度大小一樣，但速度方向可能相同，也可能不同，故D正確。

故選AD。11、A:C【分析】【分析】

【詳解】

A．爆炸過(guò)程兩滑塊組成的系統(tǒng)動(dòng)量守恒，炸藥爆炸釋放的能量轉(zhuǎn)化為兩滑塊的動(dòng)能，有

得

滑塊A速度減為零所用時(shí)間

此時(shí)B的速度

此過(guò)程B與C間的相對(duì)位移

木板鎖定被解除后，滑塊A與木板C相對(duì)靜止，整體與滑塊B發(fā)生相對(duì)運(yùn)動(dòng)，設(shè)最終三者達(dá)到共同速度為根據(jù)動(dòng)量守恒定律有

得

A正確；

B．整個(gè)過(guò)程中兩滑塊與木板間因摩擦產(chǎn)生的內(nèi)能

B錯(cuò)誤；

C．設(shè)A、C整體與B相對(duì)運(yùn)動(dòng)過(guò)程B與C間的相對(duì)位移為由功能關(guān)系可得

得

木板最小長(zhǎng)度

C正確；

D．根據(jù)動(dòng)量定理，木板C受的沖量

D錯(cuò)誤；

故選AC。12、A:B:D【分析】【詳解】

A．從圖中可以看出波長(zhǎng)等于12cm；故A正確；

B．由已知得波速等于0.8m/s，周期：

故B正確；

C．經(jīng)過(guò)0.2s即經(jīng)過(guò)周期，經(jīng)過(guò)一個(gè)周期質(zhì)點(diǎn)回到原位置，即只看經(jīng)過(guò)周期的振動(dòng)情況即可，若向右傳播，x=4cm處質(zhì)點(diǎn)經(jīng)過(guò)周期應(yīng)該向下振動(dòng)；故該波向左傳播，故C錯(cuò)誤；

D．由于該波向左傳播，所以根據(jù)振動(dòng)和波動(dòng)關(guān)系可知t=0時(shí)刻，x=4cm處的質(zhì)點(diǎn)的質(zhì)點(diǎn)速度沿沿y軸負(fù)方向，故D正確．三、填空題(共8題，共16分)13、略

【分析】【分析】

【詳解】

(1)[1]物理學(xué)中把質(zhì)點(diǎn)的振動(dòng)方向與波的傳播方向垂直的波稱作橫波；故錯(cuò)誤。

(2)[2]機(jī)械波在介質(zhì)中傳播時(shí)；由于各質(zhì)點(diǎn)間的相互作用力，前一質(zhì)點(diǎn)帶動(dòng)相鄰的后一質(zhì)點(diǎn)在其平衡位置附近振動(dòng)，但各質(zhì)點(diǎn)并不隨波遷移，故正確。

(3)[3]機(jī)械波在傳播過(guò)程中，各質(zhì)點(diǎn)振動(dòng)的周期、起振方向都與波源的振動(dòng)周期、起振方向相同，故正確?！窘馕觥竣?錯(cuò)誤②.正確③.正確14、略

【分析】【分析】

【詳解】

（1）[1]受迫振動(dòng)是系統(tǒng)在驅(qū)動(dòng)力作用下的振動(dòng)。

（2）[2][3]振動(dòng)特征：物體做受迫振動(dòng)達(dá)到穩(wěn)定后，物體振動(dòng)的頻率等于驅(qū)動(dòng)力的頻率，與物體的固有頻率無(wú)關(guān)?！窘馕觥竣?驅(qū)動(dòng)力②.驅(qū)動(dòng)力③.固有15、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1]由振動(dòng)圖像可知A=2cm，T=0.8s，則有

則該彈簧振子做簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)的公式為

[2]時(shí)間是t=1.2s，因?yàn)橹芷跒門(mén)=0.8s，所以【解析】①.2sin(2.5πt)②.1216、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1][2]在單擺振動(dòng)過(guò)程中，因不斷克服空氣阻力做功使機(jī)械能逐漸轉(zhuǎn)化為內(nèi)能；雖然單擺總的機(jī)械能在逐漸減小，但在振動(dòng)過(guò)程中動(dòng)能和勢(shì)能仍不斷地相互轉(zhuǎn)化。由于A，B兩時(shí)刻，單擺的位移相等，所以勢(shì)能相等，但動(dòng)能不相等，擺球A時(shí)刻的動(dòng)能大于B時(shí)刻的動(dòng)能?！窘馕觥看笥诘扔?7、略

【分析】【詳解】

[1]由圖可知，波源S2形成的水面波波長(zhǎng)較大；

[2]在同一介質(zhì)中不同的機(jī)械波的波速相等，根據(jù)

由圖知，波源S1的波長(zhǎng)小，故波源S1的頻率較大，所以為觀察到穩(wěn)定的干涉圖樣，可將圖中波源S1的頻率調(diào)小。【解析】S2S118、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1]這兩束波在B處相遇時(shí)疊加；消聲器對(duì)這兩束波都達(dá)到了良好的消聲效果，這是利用了波的干涉；

[2]兩列頻率相同的波相遇時(shí)，如果波程差滿足半波長(zhǎng)的奇數(shù)倍，就可以在B處出現(xiàn)振動(dòng)減弱，從而達(dá)到消聲的效果，要使兩列波都達(dá)到消聲效果，需滿足

可求得當(dāng)n=2，m=1時(shí)，A、B兩點(diǎn)間彎管與直管中聲波的路程差為

是消聲的最小路程差?！窘馕觥竣?干涉②.1.519、略

【分析】【分析】

【詳解】

略【解析】①.同時(shí)②.矢量和20、略

【分析】【詳解】

[1]WiFi信號(hào)的頻率與北斗導(dǎo)航信號(hào)的頻率不同；不能產(chǎn)生干涉現(xiàn)象。

[2][3]當(dāng)Wi-Fi信號(hào)穿越墻壁進(jìn)入另一個(gè)房間后，其頻率和波速都不變，所以波長(zhǎng)不變。【解析】不能不變見(jiàn)解析四、作圖題(共3題，共30分)21、略

【分析】【分析】

【詳解】

彈簧振子的位移由平衡位置指向振子的方向；加速度指向平衡位置，如圖。

【解析】22、略

【分析】【分析】

【詳解】

(1)位移總是偏離平衡位置，振子位于C點(diǎn)時(shí)離開(kāi)平衡位置O的位移s如圖所示。

(2)加速度總是指向平衡位置，振子位于A點(diǎn)時(shí)加速度aA的方向如圖所示【解析】(1)(2)23、略

【分析】【分析】

【詳解】

根據(jù)實(shí)驗(yàn)原理，則大頭針P4擋住P3本身及P2、P1的像；光路圖如下。

【解析】五、實(shí)驗(yàn)題(共4題，共28分)24、略

【分析】【分析】

【詳解】

(1)[1]碰撞過(guò)程由動(dòng)量守恒定律及機(jī)械能守恒定律分別可得

聯(lián)立解得

為避免碰撞后m1發(fā)生反彈，實(shí)驗(yàn)中應(yīng)滿足A正確。

故選A。

(2)[2][3]小球1從斜槽上某處由靜止開(kāi)始滾下，小球1的落點(diǎn)在圖中的P點(diǎn)，小球1和小球2相撞后，小球1的速度變小，小球2的速度大于小球1的速度，兩小球都做平拋運(yùn)動(dòng)，故小球2的水平位移較大，所以碰撞后小球1的落地點(diǎn)是M點(diǎn)，小球2的落地點(diǎn)是N點(diǎn)。

(3)[4]根據(jù)平拋運(yùn)動(dòng)規(guī)律

聯(lián)立可得小球平拋運(yùn)動(dòng)的初速度為

因拋出點(diǎn)到地面的高度相同，故測(cè)定小球碰撞前后的速度可以通過(guò)測(cè)量小球做平拋運(yùn)動(dòng)的水平射程x間接地解決這個(gè)問(wèn)題；C正確。

故選C。

(4)[5]由(3)的結(jié)論可得，碰撞前后的速度分別為

代入(1)中的表達(dá)式，可得要驗(yàn)證的表達(dá)式為【解析】APMC25、略

【分析】【分析】

【詳解】

(1)[1]設(shè)m1碰撞前后的速度分別為v0、m2碰撞后的速度為取水平向右為正方向，彈性碰撞滿足

聯(lián)立解得

由于碰后m1向左彈回，則有

即

(2)[2][3]由題意可知，小球1碰撞前后的速度大小分別為

(3)[4]小球2碰后做平拋運(yùn)動(dòng)，則有

聯(lián)立解得

(4)[5]若碰撞過(guò)程中動(dòng)量守恒，則需要滿足的關(guān)系式為

[6]若碰撞過(guò)程是彈性碰撞，則機(jī)械能守恒，還需滿足