（新教材）2020-2021學(xué)年高一下學(xué)期第二次月考卷　物理（一）解析版

（新教材）2020-2021學(xué)年高一下學(xué)期第二次月考卷此卷此卷只裝訂不密封班級(jí)姓名準(zhǔn)考證號(hào)考場(chǎng)號(hào)座位號(hào)物理（一）注意事項(xiàng)：1．答題前，先將自己的姓名、準(zhǔn)考證號(hào)填寫(xiě)在試題卷和答題卡上，并將準(zhǔn)考證號(hào)條形碼粘貼在答題卡上的指定位置。2．選擇題的作答：每小題選出答案后，用2B鉛筆把答題卡上對(duì)應(yīng)題目的答案標(biāo)號(hào)涂黑，寫(xiě)在試題卷、草稿紙和答題卡上的非答題區(qū)域均無(wú)效。3．非選擇題的作答：用簽字筆直接答在答題卡上對(duì)應(yīng)的答題區(qū)域內(nèi)。寫(xiě)在試題卷、草稿紙和答題卡上的非答題區(qū)域均無(wú)效。4．考試結(jié)束后，請(qǐng)將本試題卷和答題卡一并上交。一、單項(xiàng)選擇題：本題共8小題，每小題3分，共24分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1．關(guān)于以下各物理量的理解正確的是()A．重力勢(shì)能是標(biāo)量，－3J比－5J大B．位移是矢量，－3m比－5m大C．速度是矢量，－3m/s比－5m/s大D．功是標(biāo)量，做功－3J比－5J多【答案】A【解析】重力勢(shì)能是標(biāo)量，符號(hào)表示大小，則－3J比－5J大，A正確；位移是矢量，符號(hào)表示方向，則－3m比－5m小，B錯(cuò)誤；速度是矢量，符號(hào)表示方向，則－3m/s比－5m/s小，C錯(cuò)誤；功是標(biāo)量，沒(méi)有方向，則做功－3J比－5J少，D錯(cuò)誤。2．改變消防車(chē)的質(zhì)量和速度，都能使消防車(chē)的動(dòng)能發(fā)生改變。在下列幾種情況下，消防車(chē)的動(dòng)能是原來(lái)的2倍的是()A．質(zhì)量不變，速度增大到原來(lái)2倍B．質(zhì)量減半，速度增大到原來(lái)的4倍C．速度不變，質(zhì)量增大到原來(lái)的2倍D．速度減半，質(zhì)量增大到原來(lái)的2倍【答案】C【解析】根據(jù)動(dòng)能的表達(dá)式Ek＝eq\f(1,2)mv2可知，質(zhì)量不變，速度增大到原來(lái)的2倍，根據(jù)動(dòng)能公式可知，汽車(chē)的動(dòng)能變?yōu)樵瓉?lái)的4倍，故A錯(cuò)誤；質(zhì)量減半，速度增大到原來(lái)的4倍，根據(jù)動(dòng)能公式可得汽車(chē)的動(dòng)能變?yōu)樵瓉?lái)的8倍，故B錯(cuò)誤；速度不變，質(zhì)量增大到原來(lái)的2倍，根據(jù)動(dòng)能公式可知汽車(chē)的動(dòng)能變?yōu)樵瓉?lái)的2倍，故C正確；速度減半，質(zhì)量增大到原來(lái)的2倍，可知?jiǎng)幽茏優(yōu)樵瓉?lái)的eq\f(1,2)倍，故D錯(cuò)誤。3．如圖所示，滑梯頂端離地面的高度為H，一個(gè)小孩從粗糙的滑梯頂端由靜止開(kāi)始滑下。若以滑梯頂端為零勢(shì)能面，以下說(shuō)法錯(cuò)誤的是()A．下滑過(guò)程中，小孩的動(dòng)能增加B．小孩滑到滑梯底端時(shí)的重力勢(shì)能為－mgHC．下滑過(guò)程中，小孩的機(jī)械能守恒D．下滑過(guò)程中，滑梯對(duì)小孩的支持力不做功【答案】C【解析】由靜止開(kāi)始滑下，說(shuō)明小孩加速下滑，速度增加，動(dòng)能增加，A正確；以滑梯頂端為零勢(shì)能面，則小孩滑到滑梯底端時(shí)的重力勢(shì)能為－mgH，B正確；下滑過(guò)程中，要克服摩擦力做功，機(jī)械能不守恒，C錯(cuò)誤；下滑過(guò)程中，滑梯對(duì)小孩的支持力與運(yùn)動(dòng)方向垂直，故支持力不做功，D正確。4．如圖所示，質(zhì)量為m的小球（可視為質(zhì)點(diǎn)）用長(zhǎng)為L(zhǎng)的細(xì)線懸掛于O點(diǎn)，自由靜止在A位置?，F(xiàn)用水平力F緩慢地將小球從A位置拉到B位置后靜止，此時(shí)細(xì)線與豎直方向夾角θ＝60°，細(xì)線的拉力為T(mén)1，然后放手讓小球從靜止返回，到A點(diǎn)時(shí)細(xì)線的拉力為T(mén)2，重力加速度為g，則()A．從A到B，拉力F做的功為eq\f(\r(3),2)FLB．T1＝T2＝2mgC．從B到A的過(guò)程中，小球受到的合力大小不變D．從B到A的過(guò)程中，小球重力的瞬時(shí)功率一直增大【答案】B【解析】從A到B根據(jù)動(dòng)能定理應(yīng)有W－mgL(1－cos60°)＝0，可得W＝eq\f(1,2)mgL，故A錯(cuò)誤；小球在B位置受重力、拉力、和F的作用，有幾何關(guān)系得細(xì)線的拉力，由動(dòng)能定理可得mgL(1－cos60°)＝eq\f(1,2)mv2－0，且，可得T2＝2mg，故B正確；從B到A的過(guò)程中，小球做圓周運(yùn)動(dòng)，速度越來(lái)越大，故合力增大，故C錯(cuò)誤；在B點(diǎn)，速度為零，重力的功率為零，在最低A點(diǎn)，重力與速度垂直，重力的功率為零，所以從B到A的過(guò)程中，小球重力的瞬時(shí)功率先增大后減小，故D錯(cuò)誤。5．如圖所示，一輕質(zhì)彈簧，固定于天花板上的O點(diǎn)處，原長(zhǎng)為L(zhǎng)，如圖所示，一個(gè)質(zhì)量為m的物塊從A點(diǎn)豎直向上拋出，以速度v與彈簧在B點(diǎn)相接觸，然后向上壓縮彈簧，到C點(diǎn)時(shí)物塊速度為零，不計(jì)空氣阻力，則下列說(shuō)法正確的是()A．由B到C的過(guò)程中，物塊加速度逐漸減小B．由B到C的過(guò)程中，物塊動(dòng)能和重力勢(shì)能之和不變C．由B到C的過(guò)程中，彈簧的彈性勢(shì)能和物塊的重力勢(shì)能之和不變D．由B到C的過(guò)程中，彈簧彈性勢(shì)能和物塊動(dòng)能之和逐漸減小【答案】D【解析】由B到C的過(guò)程中，彈力向下逐漸變大，根據(jù)mg＋F彈＝ma可知，物塊加速度逐漸變大，選項(xiàng)A錯(cuò)誤；由B到C的過(guò)程中，系統(tǒng)的機(jī)械能守恒，即物塊的重力勢(shì)能、動(dòng)能與彈簧的彈性勢(shì)能總和不變，物塊的重力勢(shì)能增大，則彈性勢(shì)能和動(dòng)能之和減??；由于彈簧的彈性勢(shì)能增加，則物塊動(dòng)能和重力勢(shì)能之和減小，BC錯(cuò)誤，D正確。6．如圖所示，電梯質(zhì)量為M，在它的水平地板上放置一質(zhì)量為m的物體，電梯在鋼索的拉力作用下豎直向上加速運(yùn)動(dòng)，當(dāng)電梯的速度由v1增加到v2時(shí)，上升高度為H。則在這段過(guò)程中，下列說(shuō)法或表達(dá)式正確的是()A．對(duì)物體，動(dòng)能定理的表達(dá)式為WN＝eq\f(1,2)mv22，其中WN為支持力的功B．對(duì)物體，動(dòng)能定理的表達(dá)式為W合＝0，其中W合為合力的功C．對(duì)物體，動(dòng)能定理的表達(dá)式為WN－mgH＝eq\f(1,2)mv22－eq\f(1,2)mv12，其中WN為支持力的功D．對(duì)電梯，其所受合力做功為W合＝eq\f(1,2)mv22－eq\f(1,2)mv12【答案】C【解析】對(duì)物體，動(dòng)能定理的表達(dá)式為W合－mgH＝eq\f(1,2)mv22－eq\f(1,2)mv12，其中WN為支持力的功，A錯(cuò)誤，C正確；對(duì)物體，動(dòng)能定理的表達(dá)式為W合＝eq\f(1,2)mv22－eq\f(1,2)mv12，其中W合為合力的功，B錯(cuò)誤；對(duì)電梯，其所受合力做功為W合＝eq\f(1,2)Mv22－eq\f(1,2)Mv12，D錯(cuò)誤。7．某高鐵列車(chē)總質(zhì)量為m，牽引電機(jī)的輸出功率恒為P，所受阻力恒為f，在水平直軌道上由靜止加速到最大速度的時(shí)間為t，則在時(shí)間t內(nèi)列車(chē)()A．做勻加速運(yùn)動(dòng)B．最大速度為C．位移為D．合力做的功為Pt【答案】B，C錯(cuò)誤；合外力的功為Pt－fx，D錯(cuò)誤。8．2000年10月31日至2020年6月23日，北斗衛(wèi)星導(dǎo)航系統(tǒng)發(fā)射在軌組網(wǎng)衛(wèi)星59顆。受太空塵埃阻力的影響，人造地球衛(wèi)星的軌道半徑會(huì)緩慢減小，但依然近似為圓形運(yùn)行軌道。在此過(guò)程，下列相關(guān)說(shuō)法正確的是()A．衛(wèi)星受到地球的萬(wàn)有引力逐漸減小B．衛(wèi)星的動(dòng)能逐漸減小C．萬(wàn)有引力對(duì)衛(wèi)星做正功D．衛(wèi)星的機(jī)械能逐漸增大【答案】C【解析】運(yùn)行半徑逐漸減小，根據(jù)F＝Geq\f(Mm,r2)，衛(wèi)星受到地球的萬(wàn)有引力逐漸變大，故A錯(cuò)誤；根據(jù)Geq\f(Mm,r2)＝meq\f(v2,r)，軌道半徑減小，速率增大，則動(dòng)能增大，萬(wàn)有引力對(duì)衛(wèi)星做正功，故B錯(cuò)誤，C正確；由于空氣阻力做功，根據(jù)功能關(guān)系知，機(jī)械能減小，故D錯(cuò)誤。二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題4分，共16分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多項(xiàng)符合題目要求，全部選對(duì)得4分，選對(duì)但不全的得2分，有選錯(cuò)的得0分。9．關(guān)于能源和能量，下列說(shuō)法錯(cuò)誤的是()A．自然界的能量是守恒的，所以地球上的能源永不枯竭。B．能源的利用過(guò)程中有能量耗散，所以自然界的能量在不斷減少。C．能量耗散遵循能量守恒定律。D．人類(lèi)在不斷地開(kāi)發(fā)和利用新能源，所以能量可以被創(chuàng)造?！敬鸢浮緼BD【解析】地球上的化石能源的存儲(chǔ)量是有限的，如果過(guò)量開(kāi)采這些能源，就會(huì)存在能源危機(jī)，A錯(cuò)誤；能源的利用過(guò)程中有能量耗散，但自然界中的能量是守恒的，所以自然界中的能量不會(huì)減小，故B錯(cuò)誤，C正確；能量既不會(huì)憑空產(chǎn)生，也不會(huì)憑空消失，它只能從一種形式轉(zhuǎn)化為另一種形式，或者從一個(gè)物體轉(zhuǎn)移到別的物體，故D錯(cuò)誤。10．如圖所示，半徑為R的光滑圓環(huán)固定在豎直平面內(nèi)，AB、CD是圓環(huán)相互垂直的兩條直徑，C、D兩點(diǎn)與圓心O等高。一質(zhì)量為m的光滑小球套在圓環(huán)上，一根輕質(zhì)彈簧一端連在小球上，另一端固定在P點(diǎn)，P點(diǎn)在圓心O的正下方0.5R處。小球從最高點(diǎn)A由靜止開(kāi)始逆時(shí)針?lè)较蛳禄?，已知彈簧的原長(zhǎng)為R，彈簧始終處于彈性限度內(nèi)，重力加速度為g。下列說(shuō)法正確的是()A．小球運(yùn)動(dòng)到B點(diǎn)時(shí)的速度大小為eq\r(gR)B．彈簧長(zhǎng)度等于R時(shí)，小球的機(jī)械能最大C．小球在A、B兩點(diǎn)時(shí)對(duì)圓環(huán)的壓力差為4mgD．小球運(yùn)動(dòng)到B點(diǎn)時(shí)重力的功率為0【答案】BCD【解析】由題分析可知，小球在A、B兩點(diǎn)時(shí)彈簧的形變量大小相等，彈簧的彈性勢(shì)能相等，小球從A到B的過(guò)程，根據(jù)系統(tǒng)的機(jī)械能守恒得2mgR＝eq\f(1,2)mvB2，解得小球運(yùn)動(dòng)到B點(diǎn)時(shí)的速度vB＝2eq\r(gR)，故A錯(cuò)誤；根據(jù)小球與彈簧系統(tǒng)的機(jī)械能守恒知，彈簧長(zhǎng)度等于R時(shí)，小彈簧的彈性勢(shì)能為零，最小，則小球的機(jī)械能最大，故B正確；設(shè)小球在A、B兩點(diǎn)時(shí)彈簧的彈力大小為F，在A點(diǎn)，圓環(huán)對(duì)小球的支持力F1＝mg＋F；在B點(diǎn)，由牛頓第二定律得F2－mg－F＝，解得圓環(huán)對(duì)小球的支持力F2＝5mg＋F，則F2－F1＝4mg，由牛頓第三定律知小球在A、B兩點(diǎn)時(shí)對(duì)圓環(huán)的壓力差為4mg，故C正確；小球運(yùn)動(dòng)到B點(diǎn)時(shí)重力與速度方向垂直，則重力的功率為0，故D正確。11．質(zhì)量為m的汽車(chē)在平直的路面上啟動(dòng)，啟動(dòng)過(guò)程的速度－時(shí)間圖象如圖所示，其中OA段為直線，AB段為曲線，B點(diǎn)后為平行于橫軸的直線。已知從t1時(shí)刻開(kāi)始汽車(chē)的功率保持不變，整個(gè)運(yùn)動(dòng)過(guò)程中汽車(chē)所受阻力的大小恒為f，以下說(shuō)法正確的是()A．0～t1時(shí)間內(nèi)，汽車(chē)牽引力的數(shù)值為B．t1～t2時(shí)間內(nèi)，汽車(chē)的功率等于C．t1～t2時(shí)間內(nèi)，汽車(chē)的平均速率小于D．汽車(chē)運(yùn)動(dòng)的最大速率【答案】AD【解析】由題圖可知，0～t1階段，汽車(chē)做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，根據(jù)牛頓第二定律得F1－f＝ma，聯(lián)立可得F1＝，故A正確；在t1時(shí)刻汽車(chē)達(dá)到額定功率P＝F1v1＝，t1～t2時(shí)間內(nèi)，汽車(chē)保持額定功率不變，故B錯(cuò)誤；由v－t圖線與橫軸所圍面積表示位移的大小可知，t1～t2時(shí)間內(nèi)，汽車(chē)的平均速度大于，故C錯(cuò)誤；t2時(shí)刻，速度達(dá)到最大值v2，此時(shí)刻F2＝f，P＝F2v2，可得，故D正確。12．圖甲為一直角三角形劈，傾角∠abc＝37°，ab長(zhǎng)為2L，p為ab的中點(diǎn)，小物塊從a點(diǎn)由靜止釋放沿ab滑到b時(shí)速度恰好為零，小物塊與ap、pb兩段斜面之間的動(dòng)摩擦因數(shù)分別為μ1和μ2。現(xiàn)將劈順時(shí)針旋轉(zhuǎn)90°(如圖乙所示)，小物塊從b由靜止釋放，已知sin37°＝0.6，cos37°＝0.8，最大靜摩擦力等于滑動(dòng)摩擦力，重力加速度為g，則下列說(shuō)法正確的是()A．圖甲中小物塊通過(guò)ap、pb段克服摩擦力所做的功之比為1∶1B．μ1＋μ2＝1.5C．圖乙中小物塊可能靜止在b處D．圖乙中小物塊滑到a處時(shí)的速度大小為【答案】BD【解析】圖甲中小物塊在pb段做減速直線運(yùn)動(dòng)，則有mgsin37°＜μ2mgcos37°，即μ2＞eq\f(3,4)，通過(guò)ap段克服摩擦力所做的功Wap＝μ1mgcos37°?xap，通過(guò)pb段克服摩擦力所做的功Wpb＝μ2mgcos37°?xpb，小物塊通過(guò)ap、pb段克服摩擦力所做的功之比為Wap∶Wap＝μ1∶μ2；小物塊從a點(diǎn)滑到b過(guò)程，根據(jù)動(dòng)能定理可得：mgxabsin37°－Wap－Wpb＝0，得μ1＋μ2＝1.5，故B正確，A錯(cuò)誤；圖乙中在b處則有：mgsin53°－μ2mgcos53°＝(eq\f(4,5)－eq\f(3,5)μ2)mg＞0，小物塊不可能靜止在b處，故C錯(cuò)誤；圖乙中設(shè)小物塊滑到a處時(shí)的速度大小為v，根據(jù)動(dòng)能定理可得：mgxabsin53°－μ1mgcos53°?xap－μ2mgcos53°?xpb＝eq\f(1,2)mv2，解得，故D正確。三、非選擇題：本題共6小題，共60分。按題目要求作答。解答題應(yīng)寫(xiě)出必要的文字說(shuō)明、方程式和重要演算步驟，只寫(xiě)出最后答案的不能得分。有數(shù)值計(jì)算的題，答案中必須明確寫(xiě)出數(shù)值和單位。13．(4分)在用如圖所示的裝置做“探究功與速度變化的關(guān)系”的實(shí)驗(yàn)時(shí)，下列說(shuō)法正確的是。A．為了平衡摩擦力，實(shí)驗(yàn)中可以將長(zhǎng)木板的左端適當(dāng)墊高，使小車(chē)?yán)┻^(guò)打點(diǎn)計(jì)時(shí)器的紙帶自由下滑時(shí)能保持勻速運(yùn)動(dòng)B．為簡(jiǎn)便起見(jiàn)，每次實(shí)驗(yàn)中橡皮筋的規(guī)格要相同，拉伸的長(zhǎng)度要一樣C．可以通過(guò)改變橡皮筋的條數(shù)來(lái)改變拉力做功的數(shù)值D．可以通過(guò)改變小車(chē)的質(zhì)量來(lái)改變拉力做功的數(shù)值E．實(shí)驗(yàn)中要先釋放小車(chē)再接通打點(diǎn)計(jì)時(shí)器的電源F．通過(guò)分析打點(diǎn)計(jì)時(shí)器打下的紙帶來(lái)測(cè)定小車(chē)加速過(guò)程中獲得的最大速度G．通過(guò)分析打點(diǎn)計(jì)時(shí)器打下的紙帶來(lái)測(cè)定小車(chē)加速過(guò)程中獲得的平均速度【答案】ABCF【解析】平衡摩擦力時(shí)，應(yīng)把長(zhǎng)木板固定打點(diǎn)計(jì)時(shí)器的一端墊高，使小車(chē)下滑時(shí)所受到的阻力與重力沿長(zhǎng)木板向下的分力平衡，A正確；為了計(jì)算功時(shí)方便，實(shí)驗(yàn)中以一根橡皮筋做的功為單位功W，因此選用的橡皮筋規(guī)格要相同，且每根的拉伸長(zhǎng)度也要相等，這樣可由橡皮筋的條數(shù)得到拉力的功的數(shù)值，B、C正確，D錯(cuò)誤；實(shí)驗(yàn)中應(yīng)先接通電源，再釋放小車(chē)，E錯(cuò)誤；測(cè)小車(chē)的速度時(shí)，應(yīng)測(cè)量橡皮筋恢復(fù)原長(zhǎng)時(shí)的速度，故F正確，G錯(cuò)誤。14．(8分)在用重錘下落來(lái)驗(yàn)證機(jī)械能守恒時(shí)，某同學(xué)按照正確的操作選得紙帶如圖所示。其中O是起始點(diǎn)，A、B、C、D、E是打點(diǎn)計(jì)時(shí)器連續(xù)打下的5個(gè)點(diǎn)，打點(diǎn)頻率f＝50Hz。該同學(xué)用毫米刻度尺測(cè)量O到A、B、C、D、E各點(diǎn)的距離，并記錄在圖中(單位：cm)。(1)這五個(gè)數(shù)據(jù)中不符合有效數(shù)字讀數(shù)要求的是________（選填“A”“B”“C”“D”或“E”）點(diǎn)讀數(shù)；(2)若O點(diǎn)到某計(jì)數(shù)點(diǎn)距離用h表示，重力加速度為g，該點(diǎn)對(duì)應(yīng)重錘的瞬時(shí)速度為v，則實(shí)驗(yàn)中要驗(yàn)證的等式為_(kāi)_______；(3)若重錘質(zhì)量m＝0.200×10－1kg，重力加速度g＝9.80m/s2，由圖中給出的數(shù)據(jù)，可得出從O到打下D點(diǎn)，D點(diǎn)對(duì)應(yīng)的物體的速度vD＝________m/s；重錘重力勢(shì)能的減少量為_(kāi)_______J，而動(dòng)能的增加量為_(kāi)_______J；(均保留3位有效數(shù)字)(4)實(shí)驗(yàn)中發(fā)現(xiàn)重物增加的動(dòng)能略小于減少的重力勢(shì)能，其主要原因是__________。A．重物的質(zhì)量過(guò)大B．重物的體積過(guò)小C．使用的直流電源D．重物及紙帶在下落時(shí)受到阻力【答案】(1)B(2)gh＝eq\f(1,2)v2(3)1.940.03800.0376(4)D【解析】(1)刻度尺讀數(shù)是應(yīng)在最小刻度1mm的基礎(chǔ)上向下一位估讀，即應(yīng)當(dāng)保留到小數(shù)點(diǎn)后的兩位12.40cm，所以B點(diǎn)讀數(shù)不符合要求。(2)若O點(diǎn)到某計(jì)數(shù)點(diǎn)距離用h表示，重力加速度為g，該點(diǎn)對(duì)應(yīng)重錘的瞬時(shí)速度為v，則實(shí)驗(yàn)中要驗(yàn)證的等式為：mgh＝eq\f(1,2)mv2，即gh＝eq\f(1,2)v2。(3)根據(jù)勻變速直線運(yùn)動(dòng)中時(shí)間中點(diǎn)的速度等于該過(guò)程中的平均速度，可以求出打紙帶上D點(diǎn)時(shí)小車(chē)的瞬時(shí)速度大小，，從O到D點(diǎn)，重錘重力勢(shì)能的減少量為mghOD＝0.0200×9.80×0.1941J＝0.0380J，動(dòng)能的增加為eq\f(1,2)mvD2－0＝0.0376J。力。15．(10分)在地面處，以30m/s的初速度豎直向上拋出一個(gè)球，不計(jì)空氣阻力，取地面為零勢(shì)能面。問(wèn)：(g取10m/s2)(1)球距地面多高處，它的重力勢(shì)能是動(dòng)能的2倍？(2)若小球在運(yùn)動(dòng)過(guò)程中，動(dòng)能是重力勢(shì)能的2倍時(shí)，它的速度大小為多少？【解析】(1)設(shè)距地面為h時(shí)，Ep＝2Ek由機(jī)械能守恒定律知Ep＋Ek＝eq\f(1,2)mveq\o\al(2,0)在地面h處物體的重力勢(shì)能Ep＝mgh聯(lián)立解得：h＝30m。(2)設(shè)當(dāng)速度為v時(shí)，Ek＝2Ep，Ek＝eq\f(1,2)mv2由機(jī)械能守恒定律知Ek＋Ep＝eq\f(1,2)mveq\o\al(2,0)聯(lián)立解得：v≈24.5m/s。16．(10分)一物體放在水平地面上，如圖甲所示，已知物一體所受水平拉力F隨時(shí)間t的變化情況如圖乙所示，物體相應(yīng)的速度v隨時(shí)間t的變化關(guān)系如圖丙所示，求：(1)0～6s時(shí)間內(nèi)物體的位移；(2)物體受到的滑動(dòng)摩擦力的大?。?3)0～10s時(shí)間內(nèi)，物體克服摩擦力所做的功。【解析】(1)速度時(shí)間圖象圖線與時(shí)間軸所夾的面積代表位移，則x＝eq\f(1,2)×(6－2)×3m＝6m。(2)如圖丙所示，在6～8s內(nèi)，物體做勻速直線運(yùn)動(dòng)，拉力F等于滑動(dòng)摩擦力，如圖乙所示，可知滑動(dòng)摩擦力的大小為2N。(3)由圖線圍成的面積知，在0～10s內(nèi)的位移x′＝eq\f(1,2)×(2＋8)×3m＝15m則全過(guò)程中克服摩擦力做功Wf＝fx＝30J。17．(12分)如圖所示，質(zhì)量均為m＝1kg的物體A、B放在傾角θ＝30°的固定光滑斜面上，斜面底端有一垂直于斜面的固定擋板，B與擋板接觸，A、B間用勁度系數(shù)k＝50N/m且與斜面平行的輕彈簧連接，A、B均處于靜止?fàn)顟B(tài)?，F(xiàn)對(duì)物快A施加沿斜面向上、大小恒定的拉力F，使物塊A沿斜面向上運(yùn)動(dòng)，當(dāng)A向上運(yùn)動(dòng)到速度最大時(shí)，B對(duì)擋板的壓力恰好為零，重力加速度為g＝10m/s2，則在此過(guò)程中，求：(1)物體A沿斜面向上移動(dòng)的距離x1；(2)拉力F做功的大小W；(3)A的最大速度vA的大小?！窘馕觥?1)當(dāng)A向上的加速度為0時(shí)，速度達(dá)到最大，B對(duì)擋板壓力為0，只受重力、斜面支持力和彈簧彈力，設(shè)此時(shí)彈簧彈力為F1，由A、B分別受力平衡得：F1＝mgsinθ＝5NF＝2mgsinθ＝10N初始狀態(tài)彈簧的壓縮量m。(2)恒力F做功W＝Fx＝2J。(3)對(duì)A在此過(guò)程中由動(dòng)能定理得：W－mgx1sinθ＝eq\f(1,2)mvA2－0解得：vA＝eq\r(2)m/s。18．(16分)如圖所示，圖甲為某種簡(jiǎn)易軌道賽車(chē)的軌道圖，圖乙為拼接直軌道的