2025年魯教五四新版選修3物理上冊月考試卷

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年魯教五四新版選修3物理上冊月考試卷407考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五六總分得分評卷人得分一、選擇題(共8題，共16分)1、如圖所示，用一塊金屬板折成橫截面為U形的金屬槽放置在磁感應強度為B的勻強磁場中，并以速率v1向右勻速運動，從槽口右側(cè)射入的帶電微粒的速率是v2，如果微粒進入槽后恰能做勻速圓周運動，則微粒做勻速圓周運動的軌道半徑r和周期T分別為（））

A.B.C.D.2、下列關(guān)于分子運動和熱現(xiàn)象的說法正確的是（）A.當分子間的距離減小時，分子間的引力和斥力都增大，但引力增大得更快B.實際氣體分子熱運動的平均動能與分子間勢能分別取決于氣體的溫度和體積C.一定量100℃的水變成100℃的水蒸氣，其分子平均動能增加D.若氣體的摩爾質(zhì)量為M，密度為ρ，阿伏加德羅常數(shù)為NA，則氣體的分子體積為3、如圖質(zhì)子（）、氘核（）和α粒子（）都沿平行板電容器兩板中線OO′方向垂直于電場線射入板間的勻強電場，射出后都打在同一個與OO′垂直的熒光屏上，使熒光屏上出現(xiàn)亮點。則（）

A.若它們射入電場時的速度相等，在熒光屏上將出現(xiàn)3個亮點B.若它們射入電場時的動量相等，在熒光屏上將只出現(xiàn)2個亮點C.若它們射入電場時的動能相等，在熒光屏上將只出現(xiàn)1個亮點D.若它們是由同一個電場從靜止加速后射入此偏轉(zhuǎn)電場的，在熒光屏上將只出現(xiàn)1個亮點4、如圖所示，在一根張緊的水平繩上掛幾個單擺，其中的擺長相等，當擺振動起來后，其余各擺也振動起來，關(guān)于四個單擺的擺動描述正確的是（）

A.擺動得振幅最大B.擺擺動得振幅最大C.擺擺動得最快D.擺擺動得最快5、如圖；一戰(zhàn)斗機由東向西沿水平方向勻速飛行，發(fā)現(xiàn)地面目標P后開始瞄準并投擲炸彈，若炸彈恰好擊中目標P，則(假設(shè)投彈后，飛機仍以原速度水平勻速飛行，不計空氣阻力)

A.此時飛機正在P點偏西一些的位置B.此時飛機是否處在P點正上方取決于飛機飛行速度的大小C.飛行員聽到爆炸聲時，飛機正處在P點正上方D.飛行員聽到爆炸聲時，飛機正處在P點偏西一些的位置6、如圖所示；光滑水平面上兩小車中間夾一壓縮了的輕彈簧（不拴接），兩手分別按住小車，使它們靜止，對兩車及彈簧組成的系統(tǒng)，下列說法中不正確的是（）

A.兩手同時放開后，系統(tǒng)總動量始終為零B.先放開左邊的手，后放開右邊的手，在以后運動過程中動量不守恒C.先放開左邊的手，后放開右邊的手，總動量向左D.先放一只手，過一段時間，再放另一只手．兩手都放開后的過程中，系統(tǒng)總動量保持不變，但系統(tǒng)的總動量一定不為零7、在醫(yī)療技術(shù)中有時需要利用放射線治療腫瘤；所用的放射源必須具備以下兩個條件：（1）放出的放射線有較強的穿透能力，能輻射到體內(nèi)腫瘤所在處；（2）能在較長的時間內(nèi)提供比較穩(wěn)定的輻射強度。

。同位素。

釙210

鍶90

锝99

鈷60

放射線。

α

β

γ

γ

半衰期。

138天。

28年。

6小時。

5年。

上表給出了四種放射性同位素的放射線及半衰期，在表中所列的四種同位素中，最適宜作為放療使用的放射源應是A.釙210B.鍶90C.锝99D.鈷608、太陽因核聚變釋放出巨大的能量，同時其質(zhì)量不斷減少。太陽每秒鐘輻射出的能量約為4×1026J，根據(jù)愛因斯坦質(zhì)能方程，太陽每秒鐘減少的質(zhì)量最接近A.1036kgB.1018kgC.1013kgD.109kg評卷人得分二、多選題(共7題，共14分)9、下列說法中正確的是____A.一定質(zhì)量的氣體吸熱后溫度一定升高B.布朗運動是懸浮在液體中的花粉顆粒和液體分子之間的相互碰撞引起的C.知道阿伏加德羅常數(shù)和氣體的密度就可估算出氣體分子間的平均距離E.單位體積的氣體分子數(shù)增加，氣體的壓強不一定增大E.單位體積的氣體分子數(shù)增加，氣體的壓強不一定增大10、下列關(guān)于熱現(xiàn)象的說法，正確的是____。A.一定量100℃的水變成100℃的水蒸氣，其分子之間的勢能增加B.當兩分子間距離大于平衡位置的間距時，分子間的距離越大，分子勢能越小C.熱力學第二定律可描述為“不可能使熱量由低溫物體傳遞到高溫物體”D.在真空、高溫條件下，可以利用分子擴散向半導體材料摻入其他元素11、下列各種說法中正確的是__________．A.露珠呈球形是由于表面張力所致B.布朗運動反映了懸浮顆粒中分子運動的不規(guī)則性C.第二類永動機不違背熱力學第一定律E.單晶體有固定的熔點，而多晶體沒有固定的熔點E.單晶體有固定的熔點，而多晶體沒有固定的熔點12、下列說法正確的是____.A.布朗運動間接的反映了固體分子的熱運動B.單晶體的各向異性是由單晶體的內(nèi)部結(jié)構(gòu)決定的C.理想氣體的分子間距為r0，處于平衡位置，其分子間作用力為0，所以分子勢能為0E.熱量可以從低溫物體傳到高溫物體E.熱量可以從低溫物體傳到高溫物體13、如圖所示，施加水平外力把矩形線圈從勻強磁場中勻速拉出，如果兩次拉出的速度大小之比為12，則拉出磁場的過程中()

A.兩次線圈所受外力大小之比F1F2=12B.兩次線圈發(fā)熱之比Q1Q2=14C.兩次線圈所受外力功率之比P1P2=14D.兩次線圈中通過導線截面的電量之比q1q2=1114、如圖光滑金屬導軌efgh由寬窄兩部分組成,導軌電阻不計,其中傾斜導軌與水平導軌用光滑絕緣材料連接(長度可忽略,導體AB經(jīng)過此處時動能不變)水平傾斜導軌都有垂直導軌平面的勻強磁場,磁感應強度大小均為B,方向如圖所示．eg間距為L連接有阻值為R的電阻,h間距為2L,導體棒AB長L,CD長2L,質(zhì)量均為m,電阻均為r,傾斜導軌與水平面夾角為θ．現(xiàn)導體棒AB由距水平面H高處靜止釋放(H足夠高)AB、CD在運動過程中與導軌接觸良好并始終垂直導軌(em、gn足夠長,AB不會越過mn兩點,重力加速度g),則()

A.導體棒A在傾斜導軌的最終速度為B.從釋放到最終穩(wěn)定,通過電阻R上的電荷量為C.最終CD棒的速度為D.最終AB棒的速度為15、如圖所示為遠距離輸電示意圖，兩變壓器均為理想變壓器，交流發(fā)電機的輸出電壓的有效值恒為U1、輸電線的總電阻r；用戶所用的電器（均為純電阻）、降壓變壓器匝數(shù)均不變．若增大升壓變壓器原、副線圈的匝數(shù)比；則下列判斷正確的是。

A.升壓變壓器原線圈中的電流減小B.輸電線上損失的功率增大C.輸電線上的總電壓增大D.用戶所用電器的總電流減小評卷人得分三、填空題(共6題，共12分)16、按照玻爾理論，一個氫原子核外的電子從半徑為ra的圓軌道自發(fā)地直接躍遷到半徑為rb的圓軌道上，在此過程中原子要___________（填“發(fā)射”或“吸收”）某一頻率的光子，電子的動能________（填“增大”、“減小”或“不變”），電子（系統(tǒng)）的電勢能________（填“增大”、“減小”或“不變”），原子的總能量（）。17、帶有活塞的汽缸內(nèi)封閉一定質(zhì)量的理想氣體，氣體開始處于a狀態(tài)，然后經(jīng)過狀態(tài)變化過程到達c狀態(tài)。在圖中變化過程如圖所示。

（1）氣體從a狀態(tài)經(jīng)過到達b狀態(tài)的過程中壓強____________。（填“增大”；“減小”或“不變”）

（2）氣體從b狀態(tài)經(jīng)過到達c狀態(tài)的過程要____________。（填“吸收”或“放出”）熱量。18、反射定律：反射光線與入射光線、法線處在______內(nèi)，反射光線與入射光線分別位于______；反射角______入射角．19、如圖甲所示是兩電阻R1、R2各自的U-I圖線．則電阻R1的阻值為______Ω．如果把R1、R2兩個電阻串聯(lián)接成如上圖乙所示的電路時，電流表的示數(shù)為0.1A．則此時電阻R2兩端的電壓是______V．

20、在如圖所示的電路中；電源電壓保持不變。由于電阻R；燈L可能出現(xiàn)了故障，閉合開關(guān)S，兩電表只有一個有示數(shù)。

①發(fā)生故障時；小燈L__發(fā)光（選填“可能”或“不可能”）；

②在原故障電路中，將一個檢查小燈L′并在R兩端，電流表A的示數(shù)不發(fā)生變化，電路中可能存在的故障是_________。21、一根長為L，橫截面積為S的粗細均勻的金屬棒，棒內(nèi)單位體長度自由電子數(shù)為n，電子的質(zhì)量為m，電荷量為e。在棒兩端加上恒定的電壓U時，棒內(nèi)產(chǎn)生電流自由電子定向運動的平均速率為v。則金屬棒內(nèi)的電流強度大小為_________評卷人得分四、作圖題(共3題，共24分)22、如圖所示，甲、乙是直線電流的磁場，丙、丁是環(huán)形電流的磁場，戊、己是通電螺線管的磁場，試在各圖中補畫出電流方向或磁感線方向．

23、示波管的內(nèi)部結(jié)構(gòu)如圖所示．如果在偏轉(zhuǎn)電極XX/、YY/之間都沒有加電壓，電子束將打在熒光屏中心．如果在偏轉(zhuǎn)電極XX/之間和YY/之間分別加上如圖所示的電壓，請畫出熒光屏上出現(xiàn)的完整掃描波形圖．

24、圖中表示某一時刻的波形圖，已知波速為0.5m/s，波沿著x軸的正方向傳播；畫出經(jīng)過7s后的波形曲線。

評卷人得分五、實驗題(共4題，共8分)25、二極管為非線性元件；其主要特性是單向?qū)щ娦裕螂妷狠^小時，電流很小，二極管呈現(xiàn)較大的電阻特性；當電壓超過一定數(shù)值（稱為開啟電壓）時，電流迅速增加，呈現(xiàn)較小的電阻特性.加反向電壓（不超過擊穿電壓）時呈現(xiàn)很大的電阻特性，反向電壓增加時，反向電流幾乎不變.物理小組欲研究測量二極管正向伏安特性，設(shè)計了甲；乙、丙三種電路，如圖所示.小組最終選擇了丙圖.操作步驟如下:

a.根據(jù)電路圖丙連接電路；

b.閉合開關(guān)S1，調(diào)節(jié)各可變電阻，使得開關(guān)S2由斷開到閉合時，靈敏電流表G指針無偏轉(zhuǎn)，并記錄此時電壓表V的示數(shù)U和電流表A的示數(shù)I；

c.調(diào)節(jié)可變電阻，重復步驟b；讀出多組不同的U值和I值，記錄數(shù)據(jù)如表格所示；

。電壓U/V0.100.200.300.400.500.550.600.650.700.750.80電流I/mA000001.04.013.027.053.090.0d．在坐標紙上描繪出二極管正向伏安特性曲線．

根據(jù)以上內(nèi)容；請回答以下問題。

(1)從設(shè)計原理上講，對于甲圖和乙圖的誤差分析，下列說法正確的是___________

A．甲圖誤差的來源在于電流表的分壓作用；乙圖的誤差來源在于電流表的分壓作用。

B．甲圖誤差的來源在于電流表的分壓作用；乙圖的誤差來源在于電壓表的分流作用。

C．甲圖誤差的來源在于電壓表的分流作用；乙圖的誤差來源在于電流表的分壓作用。

D．甲圖誤差的來源在于電壓表的分流作用；乙圖的誤差來源在于電壓表的分流作用。

(2)在坐標圖中根據(jù)表格中數(shù)據(jù)描繪出二極管正向伏安特性曲線________.

(3)從描繪的圖線來看，二極管的開啟電壓約為_______V（結(jié)果保留一位有效數(shù)字）．

(4)已知二極管的電阻RD＝U/I，從描繪的圖線來看，當二極管導通時，二極管的電阻隨著U的增大而迅速__________（填“增大”或“減小”）

(5)從設(shè)計原理上講，電路圖丙中的二極管電阻測量值_________真實值.（填“大于”、“等于”或“小于”）26、有一電壓表V，量程為3V，要求測量其內(nèi)阻RV；內(nèi)阻約為幾千歐?？蛇x用的器材有：

滑動變阻器甲，最大阻值

滑動變阻器乙，最大阻值

電阻箱最大阻值9999.9Ω；

電源電動勢約為4V，內(nèi)阻不計；

電源電動勢約為10V，內(nèi)阻不計；

電壓表V0；量程6V；開關(guān)兩個，導線若干；

(1)小蘭采用如圖甲所示的測量電路圖。連接好實驗電路后，小蘭進行實驗操作，請你補充完善下面操作步驟：①斷開開關(guān)S2和S1，將R1的滑片移到最左端的位置；

②閉合開關(guān)S2和S1，調(diào)節(jié)R1；使V滿偏；

③斷開開關(guān)S2，保持________（選填“R1”或“R2”）阻值不變，調(diào)節(jié)_______（選填“R1”或“R2”），使V示數(shù)為2.00V，讀取并記錄此時電阻箱的阻值為R0，為使得測量結(jié)果盡量準確，滑動變阻器R1應選擇________（選填“甲”或“乙”），電源應選擇________（選填“”或“”），小蘭測出的電壓表內(nèi)阻________，它與電壓表內(nèi)阻的真實值RV相比，________RV（選填“＞”；“=”或“＜”）；

(2)小兵同學采用了如圖乙所示的測量電路圖；實驗步驟如下：

①斷開開關(guān)S2和S1，將R1的滑片移到最左端的位置；

②閉合開關(guān)S2和S1，調(diào)節(jié)R1，使V滿偏，記下此時V0的讀數(shù)；’

③斷開開關(guān)S2，調(diào)節(jié)R1和R2，使V示數(shù)達到半偏，且V0的讀數(shù)不變；

讀取并記錄此時電阻箱的阻值為理論上分析，小兵測出的電壓表V內(nèi)阻的測量值與真實值相比，________RV（選填“＞”、“=”或“＜”）。27、某同學利用如圖所示的電路測量一表頭的電阻．供選用的器材如下：

A．待測表頭G1，內(nèi)阻r1約為300Ω；量程5.0mA；

B．靈敏電流計G2，內(nèi)阻r2=300Ω；量程1.0mA；

C．定值電阻R=1200Ω；

D．滑動變阻器R1=20Ω；

E．滑動變阻器R2=2000Ω；

F．電源，電動勢E=3.0V；內(nèi)阻不計；

H．開關(guān)S；導線若干．

（1）在如圖所示的實物圖上將導線補充完整____________；

（2）滑動變阻器應選___________(填寫器材前的字母代號)．開關(guān)S閉合前，滑動變阻器的滑片P應滑動至_________端(填“a”或“b”)；

（3）實驗中某次待測表頭G1的示數(shù)如圖所示；應數(shù)為________mA；

（4）該同學多次移動滑片P，記錄相應的G1、G2讀數(shù)I1、I2；以為縱坐標，為橫坐標，作出相應圖線．已知圖線的斜率=0.18，則待測表頭內(nèi)阻r1=_____Ω．

（5）該同學接入電阻R的主要目的是________________．28、圖a為某同學組裝完成的簡易多用電表的電路圖。圖中E是電池，R1、R2、R3、R4和R5是固定電阻，R6是可變電阻；表頭G的滿偏電流為250μA，內(nèi)阻為480Ω。虛線方框內(nèi)為換擋開關(guān)，A端和B端分別與兩表筆相連。該多用電表有5個擋位；5個擋位為：直流電壓1V擋和5V擋，直流電流1mA擋和2.5mA擋，歐姆×100Ω擋。

(1)圖a中的A端與______（填“紅”或“黑”）色表筆相連接。

(2)關(guān)于R6的使用，下列說法正確的是_______（填正確答案標號）。

A．在使用多用電表之前，調(diào)整R6使電表指針指在表盤左端電流“0”位置。

B．使用歐姆擋時，先將兩表筆短接，調(diào)整R6使電表指針指在表盤右端電阻“0”位置。

C．使用電流擋時，調(diào)整R6使電表指針盡可能指在表盤右端電流最大位置。

(3)根據(jù)題給條件可得R1＋R2=_______Ω，R4=________Ω。

(4)某次測量時該多用電表指針位置如圖b所示。若此時B端是與“1”相連的，則多用電表讀數(shù)為_______；若此時B端是與“3”相連的，則讀數(shù)為________；若此時B端是與“5”相連的，則讀數(shù)為___________。（結(jié)果均保留3位有效數(shù)字）評卷人得分六、解答題(共2題，共4分)29、某同學設(shè)計了一個樓道應急燈的控制電路，如圖所示，當電網(wǎng)停電時，應急燈自動打開，來電時，應急燈自動熄滅，圖中為分壓電阻；以使門電路獲得合適的電壓，J是應急燈開關(guān)控制繼電器（圖中未畫出應急燈電路），請在虛線框內(nèi)畫出需要的門電路符號。

30、霍爾效應是電磁基本現(xiàn)象之一，近期我國科學家在該領(lǐng)域的實驗研究上取得了突破性進展。如圖丙所示，在一矩形半導體薄片的P、Q間通入電流I，同時外加與薄片垂直的磁場B，在M、N間出現(xiàn)電壓UH，這個現(xiàn)象稱為霍爾效應，UH稱為霍爾電壓，且滿足式中d為薄片的厚度，k為霍爾系數(shù)。某同學通過實驗來測定該半導體薄片的霍爾系數(shù)。

（1）若該半導體材料是空穴（可視為帶正電粒子）導電，電流與磁場方向如圖丙所示，該同學用電壓表測量UH時，應將電壓表的“+”接線柱與_________（填“M”或“N”）端通過導線相連；

（2）已知薄片厚度d=0.40mm，該同學保持磁感應強度B=0.10T不變，改變電流I的大小，測量相應的UH值，記錄數(shù)據(jù)如下表所示：。I（×10-3A）3.06.09.012.015.018.0UH（×10-3V）1.11.93.44.56.26.8

根據(jù)表中數(shù)據(jù)在給定區(qū)域內(nèi)（見答題卡）畫出UH-I圖線_______________，利用圖線求出該材料的霍爾系數(shù)為_______________（保留2位有效數(shù)字）；

（3）該同學查閱資料發(fā)現(xiàn)，使半導體薄片中的電流反向再次測量，取兩個方向測量的平均值，可以減小霍爾系數(shù)的測量誤差，為此該同學設(shè)計了如圖丁所示的測量電路，S1、S2均為單刀雙擲開關(guān)，虛線框內(nèi)為半導體薄片（未畫出）。為使電流從Q端流入，P端流出，應將S1擲向_______（填“a”或“b”），S2擲向_______（填“c”或“d”）；

為了保證測量安全，該同學改進了測量電路，將一合適的定值電阻串聯(lián)在電路中，在保持其他連接不變的情況下，該定值電阻應串聯(lián)在相鄰器件____________和__________（填器件代號）之間。參考答案一、選擇題(共8題，共16分)1、C【分析】【分析】

微粒進入槽后做勻速圓周運動；重力與電場力平衡，洛倫茲力提供向心力．根據(jù)牛頓定律；圓周運動和電磁感應知識求解．

【詳解】

金屬槽在勻強磁場中向右勻速運動時，左板將切割磁感線，上、下兩板間產(chǎn)生電勢差，由右手定則可判斷出上板為正，下板為負，因為微粒做勻速圓周運動，則重力等于電場力，方向相反，故有向心力由洛倫茲力提供得周期故選C.

【點睛】

本題是電磁感應、電場、磁場等知識的綜合，考查分析、判斷和綜合能力．2、B【分析】【分析】

【詳解】

A．當分子間的距離減小時；分子間的引力和斥力都增大，但斥力增大得更快，故A錯；

B．溫度是分子平均動能的標志；所以氣體分子的動能宏觀上取決于溫度，分子勢能是由于分子間引力與分子間距離共同決定，宏觀上取決于氣體的體積，故B對；

C．一定量100℃的水變成100℃的水蒸氣；溫度不變，其分子平均動能不變，故C錯；

D．若氣體的摩爾質(zhì)量為M，密度為阿伏加德羅常數(shù)為NA，則由每個氣體分子占有的空間體積為并不是氣體分子的體積，故D錯；

故選B。3、D【分析】【詳解】

A．根據(jù)類平拋運動規(guī)律則

化簡則

假如進入時速度相等，則偏轉(zhuǎn)距離y取決于荷質(zhì)比；三種粒子荷質(zhì)比分別是：1:1；1:2；1:2，因此應該有2個亮點，選項A錯誤；

B．同理若mv=p相等，則

則偏轉(zhuǎn)距離y取決于mq乘積，三種粒子mq乘積分別為：1；2、8；所以應該有三個亮點，選項B錯誤；

C．若射入時動能相等，即

偏轉(zhuǎn)距離y取決于q，而三種粒子的q分別為1；1、2；所以應有2個亮點，選項C錯誤；

D．若通過同一電場由靜止加速，則根據(jù)動能定理

代入即

說明只有1個亮點；選項D正確。

故選D。

【點睛】

此類題型考查了帶電粒子在電場中的偏轉(zhuǎn)，本題通過結(jié)合不同初始條件，求出偏轉(zhuǎn)距離與已知量之間的關(guān)系，從而判斷偏轉(zhuǎn)距離。4、B【分析】【詳解】

CD．因為受迫振動的頻率與驅(qū)動力的頻率相等，與本身固有頻率無關(guān)，由題可知是受迫運動，所以的振動頻率等于的振動頻率，所以它們的周期相等，每個單擺按照的固有頻率振動；各單擺擺動快慢相同，故CD錯誤；

AB．擺的固有頻率與的振動頻率相同，所以會發(fā)生共振，因此的振幅最大；故A錯誤，B正確。

故選B。5、D【分析】試題分析：飛機投彈屬于平拋運動；又因為投彈后，飛機仍以原速度水平勻速飛行，不計空氣阻力，則飛機與炸彈水平方向的速度相等，當炸彈擊中目標時，飛機正在P點正上方的位置，故選項AB錯誤；飛行員聽到爆炸聲時，聲音在空氣中傳播需要一定的時間，故此時飛機會偏離P點的正上方，運動到偏西一些的位置，選項C錯誤，D正確。

考點：平拋運動。6、B【分析】A．當兩手同時放開時；系統(tǒng)的合外力為零，所以系統(tǒng)的動量守恒，又因為開始時總動量為零，故系統(tǒng)總動量始終為零，故A正確；

BC．先放開左手；左手邊的小車就向左運動，當再放開右手后，系統(tǒng)所受外力為零，故系統(tǒng)的動量守恒，且開始時總動量方向向左，放開右手后總動量方向也向左，故B錯誤，C正確；

D．不論何時放開；放開手后由于均不受外力，故系統(tǒng)動量均守恒，故D正確；

本題選擇錯誤答案；故選：B．

點睛：若先放開右邊的車，后放開左邊的車，放開左車時，右車已經(jīng)有向右的速度，系統(tǒng)的初動量不為零，兩車的總動量向右；在兩手同時放開后，水平方向無外力作用，只有彈簧的彈力（內(nèi)力），故動量守恒，動量是矢量，有大小和方向．7、D【分析】【詳解】

AB．射線、射線的穿透能力不強．放射源必須放出的放射線有較強的穿透能力；能輻射到體內(nèi)腫瘤所在處。AB錯誤；

CD．γ射線穿透能力強；能輻射到體內(nèi)腫瘤所在處。锝的半衰期是6小時，鈷的半衰期是5年。放射源必須能在較長的時間內(nèi)提供比較穩(wěn)定的輻射強度。C錯誤，D正確。

故選D。8、D【分析】【詳解】

根據(jù)△E=△mc2得：故D正確，ABC錯誤．二、多選題(共7題，共14分)9、B:D:E【分析】【詳解】

A．改變內(nèi)能的方式有做功和熱傳遞；則氣體吸熱后不知道做功情況，則不能得到內(nèi)能如何變化，也不能確定溫度是否變化；故A錯誤.

B．布朗運動是由于液體分子的無規(guī)則運動對固體微粒碰撞的不平衡引起的；故B正確.

C．氣體分子的占有空間看成立方體模型，則故僅知道阿伏加德羅常數(shù)和氣體的密度，要求出平均距離還缺少氣體的摩爾質(zhì)量；故C錯誤.

D．根據(jù)熱力學第二定律的；熱量從低溫物體傳到高溫物體不能自發(fā)進行，必須借助外界的幫助，引起其它的變化；故D正確.

E．根據(jù)理想氣體狀態(tài)方程可知，壓強由單位體積的氣體分子數(shù)和溫度共同決定，則只有單位體積的氣體分子數(shù)增加，不能推出壓強是否變化；故E正確.10、A:D【分析】【詳解】

A．一定量100℃的水變成100℃的水蒸氣時；吸收熱量，內(nèi)能增加，由于分子平均動能不變，因此分子勢能增加，故A正確；

B．當兩分子間距離大于平衡位置的間距時；分子力表現(xiàn)為引力，故隨分子間的距離增大，分子力做負功，分子勢能增大，故B錯誤；

C．熱力學第二定律可描述為“不可能使熱量由低溫物體傳遞到高溫物體；而不引起其他方面的變化”，故C錯誤；

D．溫度越高；分子無規(guī)則運動的劇烈程度越大，因此在真空；高溫條件下，可以利用分子擴散向半導體材料摻入其它元素，故D正確；

故選AD。11、A:C:D【分析】【詳解】

A；露球表面分子比較稀疏；分子間形成表面張力而使水球呈球形，故A正確；

B；布朗運動是液體分子無規(guī)則運動的反映；不是固體小顆粒分子的運動，故B錯誤；

C；第二類永動機不違背熱力學第一定律；違背熱力學第二定律，故C正確；

D；打氣時會反彈是因為氣體壓強的原因；不是分子斥力的作用，故D正確；

E；單晶體和多晶體均有固定的熔點；故E錯誤；

故選ACD．

【點睛】

關(guān)鍵要掌握布朗運動的實質(zhì)和產(chǎn)生原因及影響因素、液體表面張力、內(nèi)能和晶體等熱力學基本知識，液體表面有收縮的趨勢，存在表面張力，故露珠呈球形；單晶體及多晶體均有有固定的熔點；布朗運動是固體小顆粒的運動，反應了液體分子的無規(guī)則運動．12、B:D:E【分析】【分析】

【詳解】

A．布朗運動間接的反映了液體分子的熱運動；故A錯誤；

B．單晶體的各向異性是由單晶體的內(nèi)部結(jié)構(gòu)決定的；故B正確；

C．理想氣體的分子距離較大，一般大于10r0；其分子間作用力為0，分子勢能為0，故C錯誤；

D．由于水分子的表面張力作用；在圍繞地球飛行的宇宙飛船中，自由飄浮的水滴呈球形，故D正確；

E．熱量可以從低溫物體傳到高溫物體；比如電冰箱；空調(diào)等是會引起其他變化而已，故E正確。

故選BDE。13、A:C:D【分析】【詳解】

將線圈勻速拉出時，因為速度之比為1：2，則拉力之比為1：2．故A正確．根據(jù)能量守恒知，拉力做功等于產(chǎn)生的焦耳熱，則因為速度之比為1：2，則產(chǎn)生的焦耳熱之比為1：2．故B錯誤．拉力的功率因為速度之比為1：2，所以拉力的功率之比為1：4．故C正確．通過導線的電荷量為：則q與線框移動速度無關(guān)，磁通量的變化量△Φ相同，所以通過導線橫截面的電荷量q1：q2=1：1．故D正確．14、A:C【分析】【詳解】

A．由平衡條件可得：解得：故A正確；

B．若導體棒恰好在到達傾斜導軌底端時達到穩(wěn)定；則通過R的電荷量為。

但導體棒可能在之前就達到穩(wěn)定，故B錯誤；

CD．AB棒進入水平軌道后與CD棒組成閉合回路，由導體棒切割磁感線和運動學知識可知，AB棒向右減速動CD棒向右加速運動，CD棒運動后回路中的電動勢為當時，電路中的電流為零，即有此后兩棒做勻速直線運動；

對AB棒從速度為到最終穩(wěn)定即速度過程中應用動量定量有：（取向右為正方向）

同理對CD棒應用動量定理有：

結(jié)合

聯(lián)立解得：

故C正確，D錯誤．15、A:D【分析】【詳解】

A.設(shè)用戶所用的電器的等效電阻為R，升壓變壓器和降壓變壓器的原、副線圈匝數(shù)比分別為k1:1、k2:1，則降壓變壓器的原線圈的等效電阻而得同理，升壓變壓器的原線圖的等效電阻故k1增大，R1也增大，升壓變壓器原線圈中的電流減??；選項A正確。

B.由可知，k1增大時，U2減小，輸電線上的電流減小，輸電線上損失的功率減?。贿x項B錯誤。

C.輸電線上的總電壓U=I2r減小；選項C錯誤。

D.由得，用戶所用電器的總電流I4=k2I3=k2I2減小，選項D正確三、填空題(共6題，共12分)16、略

【分析】【詳解】

[1]因為一個氫原子核外的電子從半徑為的圓軌道能夠自發(fā)地直接躍遷到半徑為的圓軌道上，則有

即氫原子的能量減??；會向外發(fā)射光子，因為能級差一定，只能發(fā)出特定頻率的光子；

[2][3]氫原子在發(fā)出特定頻率的光子之后，氫原子的總能量減小，根據(jù)可知軌道半徑減小，電子的動能增大，則原子的電勢能減小。【解析】發(fā)射，增大，減小，減小17、略

【分析】【詳解】

（1）[1]由圖像可知，氣體從a狀態(tài)經(jīng)過到達b狀態(tài)的過程中，氣體的體積保持不變，溫度升高，根據(jù)

可知氣體的壓強增大。

（2）[2]由圖像可知，氣體從b狀態(tài)經(jīng)過到達c狀態(tài)的過程，氣體的溫度保持不變，則氣體的內(nèi)能保持不變；氣體的體積減小，則外界對氣體做正功，根據(jù)熱力學第一定律可知，氣體對外放出熱量?！窘馕觥吭龃蠓懦?8、略

【分析】【分析】

【詳解】

略【解析】同一平面法線的兩側(cè)等于19、略

【分析】【詳解】

由圖甲可知，U1=4V時，I1=0.2A，則

由圖乙知，兩電阻串聯(lián)在電路中，由圖甲可知：當I1=I2=0.1A時，U2=1V；【解析】20Ω1V.20、略

【分析】【詳解】

①電源電壓不變,閉合電鍵S,兩電表只有一個有示數(shù),則有:

若電壓表有示數(shù),電流表無示數(shù),只能是小燈泡發(fā)生斷路,電壓表串聯(lián)在電路中,小燈泡不發(fā)光;

若電壓表無示數(shù),電流表有示數(shù),只能是小燈泡短路,小燈泡不發(fā)光;

綜上所述,電路發(fā)生故障時,小燈泡L不可能發(fā)光;

②將一個檢查小燈L′并在R兩端,電流表A的示數(shù)不發(fā)生變化,故障為小燈泡L斷路,或者小燈泡L斷路且電阻R短路,此時電壓表串聯(lián)在電路中,電流表無示數(shù),電壓表有示數(shù).

因此；本題正確答案是:①不可能;②L斷路(或L斷路且R短路).

【點睛】

電路故障包括短路和斷路,電流表示數(shù)為零,則說明電路斷路;電壓表示數(shù)為零,則說明與電壓表并聯(lián)部分短路;根據(jù)電壓表示數(shù)情況確定電路故障問題.【解析】不可能L斷路（或L斷路且R短路）21、略

【分析】【分析】

根據(jù)導體中自由電子的定向移動速率可明確t內(nèi)通過截面的電量；再由電流的定義即可求電流強度的大?。?/p>

【詳解】

由題意金屬棒中的電荷量為q=LSne，由一端運動到另一端所需時間根據(jù)得金屬棒中電流為．

【點睛】

本題考查了電流微觀表達．在求解時要注意明確，t內(nèi)長度為vt的導線內(nèi)部電子能全部通過截面，從而可以由電流定義求解．【解析】四、作圖題(共3題，共24分)22、略

【分析】【詳解】

利用右手螺旋定則；已知電流的方向可判定磁場方向，也可以通過磁場方向來確定電流的方向；

圖甲；已知磁場方向，順時針方向，則電流垂直紙面向里；

圖乙；電流右側(cè)的磁場的方向向里，左側(cè)的磁場的方向向外，則電流的方向向上；

圖丙；已知磁場方向，則可知電流方向，逆時針方向；

圖?。画h(huán)形電流從左側(cè)流入，從右側(cè)流出，所以磁場的方向向下；

圖戊；根據(jù)螺線管中電流方向，利用右手螺旋定則可以確定螺線管的磁場的方向向左；

圖已；根據(jù)螺線管中上邊的電流方向向外，下邊的電流的方向向里，利用右手螺旋定則可以確定螺線管的磁場的方向向右．如圖所示：

【解析】23、略

【分析】試題分析：A圖中；在XX′偏轉(zhuǎn)電極所加的電壓的周期為2T，即在2T的時間內(nèi)才能完成一次水平方向的掃描，而豎直方向（y方向）的周期為T，所以在水平方向的一次水平掃描的過程中，豎直方向由2個周期性的變化；y方向的電壓變化為正弦式的變化，由于電子到達熒光屏的偏轉(zhuǎn)量與偏轉(zhuǎn)電壓成正比，所以A圖中的掃描圖形如圖；

要在熒光屏上得到待測信號在一個周期內(nèi)的穩(wěn)定圖象．XX′偏轉(zhuǎn)電極要接入鋸齒形電壓；即掃描電壓．

B圖中；在XX′偏轉(zhuǎn)電極所加的電壓的周期為T，即在一個周期T的時間內(nèi)完成一次水平方向的掃描，同時豎直方向的周期為T，所以在水平方向的一次水平掃描的過程中，豎直方向也完成一個周期性的變化；y方向的電壓大小不變，方向每半個周期變化一次，結(jié)合電子到達熒光屏的偏轉(zhuǎn)量與偏轉(zhuǎn)電壓成正比，所以B圖中的掃描圖形如圖．

考點：考查了示波器的工作原理。

【名師點睛】本題關(guān)鍵要清楚示波管的工作原理，示波管的YY′偏轉(zhuǎn)電壓上加的是待顯示的信號電壓，XX′偏轉(zhuǎn)電極通常接入鋸齒形電壓，即掃描電壓，當信號電壓與掃描電壓周期相同時，就可以在熒光屏上得到待測信號在一個周期內(nèi)的穩(wěn)定圖象【解析】24、略

【分析】【分析】

【詳解】

7s波向前傳播的距離為

7s后，故x=3.5m位置的原圖中x=0位置的振動情況相同；因此作出以下圖形。

【解析】五、實驗題(共4題，共8分)25、略

【分析】【詳解】

(1)由圖示電路圖可知；圖甲采用電流表外接法，圖乙采用電流表內(nèi)接法，甲圖誤差的來源在于電壓表的分流作用，乙圖的誤差來源在于電流表的分壓作用，故C正確，A,B,D錯誤；故選C；

(2)根據(jù)表中實驗數(shù)據(jù)在坐標系內(nèi)描出對應點；根據(jù)坐標系內(nèi)描出的點作出圖線如圖所示：

(3)由圖示圖象可知；二極管的開啟電壓為0.5V；

(4)通過二極管的電流隨電壓增加按線性關(guān)系迅速上升；由圖示圖象可知，二極管兩端電壓與通過二極管的電流比值減小，二極管電阻減小，正確在該區(qū)域，二極管的正向電阻隨電壓增加而減小.

(5)由圖丙所示電路圖可知，圖丙所示電路避免了電表內(nèi)阻對實驗的影響，電路圖丙中的二極管電阻測量值等于真實值.【解析】C0.5減小等于26、略

【分析】【分析】

【詳解】

（1）[1][2][3][4][5][6]斷開開關(guān)S2，保持R1阻值不變