2025年滬教版必修3物理上冊階段測試試卷含答案

…………○…………內…………○…………裝…………○…………內…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年滬教版必修3物理上冊階段測試試卷含答案考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四總分得分評卷人得分一、選擇題(共9題，共18分)1、如圖所示，R是光敏電阻，當它受到的光照強度增大時，電阻減小，則()

A.燈泡L變暗B.光敏電阻R上的電壓增大C.電壓表V的讀數(shù)增大D.電容器C的帶電荷量增大2、關于能量的轉化與守恒，下列說法中正確的是（）A.摩擦生熱的過程是不可逆的B.所有能量守恒的過程都是可逆的C.空調既能制熱又能制冷，說明熱傳遞不存在方向性D.由于能的轉化過程符合能量守恒定律，所以不會發(fā)生能源危機3、如圖示，R1為定值電阻，R2為負溫度系數(shù)的熱敏電阻(負溫度系數(shù)熱敏電阻是指阻值隨溫度的升高而減小的熱敏電阻)；L為小燈泡，當溫度降低時（）

A.R1兩端的電壓增大B.電流表的示數(shù)增大C.小燈泡變亮D.小燈泡變暗4、沿電場中某條直電場線方向建立x軸，該電場線上各點電場強度E隨x的變化規(guī)律如圖所示，坐標原點O、x1、x2和x3分別與x軸上O、A、B、C四點相對應，相鄰兩點間距相等。一個帶正電的粒子從O點由靜止釋放，運動到A點的動能為Ek；僅考慮電場力作用，則（）

A.從O點到C點，電勢先升高后降低B.粒子先做勻加速運動，后做變加速運動C.粒子在AB段電勢能變化量大于BC段電勢能變化量D.粒子在AB段電勢能變化量小于BC段電勢能變化量5、如圖所示為靜電除塵機理圖；廢氣先經過一個機械過濾裝置再進入靜電除塵區(qū)，放電極（位于中央）和集塵極分別接到高壓直流電源的兩極上，其間電場線如圖．帶負電的塵埃在電場力的作用下向集塵極運動并沉積，達到除塵目的．不考慮塵埃間的相互作用及其他作用，下列說法正確的是。

A.電場線方向由放電極指向集塵極B.圖中a點電場強度小于b點電場強度C.塵埃會沿圖中虛線從c到d運動D.塵埃在運動過程中動能增大6、一避雷針發(fā)生尖端放電，在空間產生的電場如圖所示，沿尖端取點以連線為對稱軸取點畫一條水平線和一條圓弧線點電荷只受電場力作用，以下說法正確的是（）

A.點的電場強度相同B.某點電荷從d移到b過程加速度不斷減小C.點電荷沿移動時電場力做的功與沿移動時一樣大D.是一條等勢線，點電荷可沿該線做勻速圓周運動7、質量為m的帶正電小球由空中某點A無初速度自由下落，在t秒末加上豎直向上、范圍足夠大的勻強電場，再經過t秒小球又回到A點。不計空氣阻力且小球從未落地，則A.整個過程中小球電勢能變化了B.整個過程中小球重力沖量為0C.從加電場開始到小球運動到最低點時小球動能減小了D.從A點到最低點小球重力勢能減小了8、物理學的發(fā)展豐富了人類對物質世界的認識，推動了科學技術的創(chuàng)新和革命，促進了物質生產的繁榮與人類文明的進步．下列說法中正確的是（）A.安培提出場的概念B.牛頓發(fā)現(xiàn)了電流的熱效應C.密里根通過油滴實驗測定了電子的電荷量D.歐姆指出導體的電阻與導體兩端的電壓成正比，與通過導體的電流成反比9、下列關于電磁波的說法正確的是（）A.雷達是用X光來測定物體位置的設備B.使電磁波隨各種信號而改變的技術叫做解調C.電磁波中最容易表現(xiàn)出干涉、衍射現(xiàn)象的是無線電波D.均勻變化的電場可以產生均勻變化的磁場評卷人得分二、多選題(共9題，共18分)10、如圖所示電路，電源電動勢為E，內阻為r，Rt為光敏電阻（光照強度增加時；其電阻值減?。F(xiàn)增加光照強度，則下列判斷正確的是。

A.B燈變暗，A燈變暗B.R0兩端電壓變大C.電源路端電壓變大D.電源總功率變小11、如圖所示，在垂直紙面向里的勻強磁場中，有兩根彼此靠近且平行的長直導線a和b放在紙面內，導線長度均為L。導線中通有如圖所示的相反方向電流，a中電流為I，b中電流為2I，a受到的磁場力大小為F1，b受到的磁場力大小為F2；則（）

A.導線a的電流在導線b處產生的磁場方向垂直紙面向里B.F2=2F1C.F2<2F1D.導線a的電流在導線b處產生的磁感應強度大小為12、一根套有細環(huán)的粗糙桿水平放置；帶正電的小球A通過絕緣細線系在細環(huán)上，另一帶正電的小球B固定在絕緣支架上，A球處于平衡狀態(tài)，如圖所示，現(xiàn)將B球稍向右移動，當A小球再次平衡（該過程A；B兩球一直在相同的水平面上）時，細環(huán)仍靜止在原位置，下列說法正確的是（）

A.細線對帶電小球A的拉力變小B.細線對細環(huán)的拉力保持不變C.細環(huán)所受的摩擦力變大D.粗糙桿對細環(huán)的支持力不變13、如圖所示，一個電荷量為–Q的點電荷甲，固定在粗糙絕緣水平面上的O點，另一個電荷量為+q、質量為m的點電荷乙，從A點以初速度v0沿它們的連線方向向甲運動，到B點時速度減小到最小值v．已知點電荷乙與水平面的動摩擦因數(shù)為μ，A、B間距為L，靜電力常量為k；則下列說法中正確的是。

A.O、B間距為B.點電荷甲產生的電場在B點的場強大小為C.點電荷乙在A點的電勢能小于在B點的電勢能D.點電荷甲產生的電場中，A、B間的電勢差UAB=14、如圖所示，一帶正電的粒子以初動能沿平行板電容器的中線進入板內，恰好沿下板的邊緣飛出，飛出時粒子的動能為已知板長為L，帶電粒子的電荷量為q，粒子在極板之間僅受電場力的作用，則下列說法正確的是（）

A.兩極板的間距為LB.粒子射出時速度方向偏轉30°C.兩極板的電勢差為D.粒子在極板間運動的前一半時間與后一半時間內，靜電力對粒子做功之比為1∶115、如圖所示，ABCD-EFHG是底面為菱形（邊長為L）的四棱柱，在A、C兩點分別固定一個電量為q的正點電荷，O為AC與DB的交點，P、Q是關于O點對稱的兩點，其中AQ=CP。則下列說法正確的是（）

A.D點電勢等于B點電勢B.P、Q兩點電場強度相同C.把質子沿直線PQ從P點移到Q點，電場力做功為零D.在D點以初速度v0沿DB方向入射一電子，只在電場力作用下，將會沿DB方向勻加速運動到B點16、關于電勢差UAB和電勢φA、φB的理解，正確的是（）A.電勢與電勢差均是相對量，均與零電勢點的選取有關B.UAB和UBA是不同的，它們存在關系：UAB=-UBAC.φA、φB都有正、負，所以電勢是矢量D.若φB=0，則φA=UAB17、一質量為的帶電液滴以豎直向下的初速度進入某電場中．由于電場力和重力的作用，液滴沿豎直方向下落一段距離后，速度變?yōu)椋诖诉^程中，以下判斷正確的是（）

A.重力對液滴做的功為B.合外力對液滴做的功為C.下落的過程中，液滴的電勢能一定減少D.液滴的機械能減少了18、如圖所示電路中，電源電動勢E=3V，內阻電流表示數(shù)為I，電壓表示數(shù)為U。在滑動變阻器的滑動觸頭P從a滑到b的過程中；電表均為理想電表，下列判斷正確的是（）

A.I減小，U減小B.不變，不變C.電源的最大輸出功率為1.5WD.獲得的最大功率為1.5W評卷人得分三、填空題(共6題，共12分)19、如圖，A、B兩板間加速電壓為U1，C、D兩板間偏轉電壓為U2.一個靜止的α粒子()自A板由靜止相繼被加速、偏轉，飛離偏轉電場時的最大側移為C、D板間距離一半，則它的出射速度的大小為_____________。20、圓弧中的電流產生的磁感應強度與其半徑成反比，直線電流在其延長線上的磁感應強度為零，則圖中a、b兩點的磁感應強度的大小關系為________，a處磁感應強度的方向為________。21、如圖所示虛線為電場中的一簇等勢面A、B兩等勢面間的電勢差絕對值為8V，相鄰兩等勢面電勢差相等；一個電子在電場中通過的軌跡如圖中實線所示，電子過M點的動能為8eV，它經過N點時的動能為_____eV，電子在M點的電勢能比在N點的電勢能________（填大或?。?。

22、電流的定義式：I＝其物理意義：______時間內通過導體橫截面的______，是表示電流強弱程度的物理量。23、自組電位差計測電動勢的電路如圖所示，其中RP的作用是______________，R1的作用是_______________，K3的作用是_____________。

24、請正確讀出下圖中各表達讀數(shù)：

(1)如圖（a），接0~3V量程時讀數(shù)為___________V；接0~15V量程時讀數(shù)為___________V。

②如圖（b），接0~3A量程時讀數(shù)為___________A；接0~0.6A量程時讀數(shù)為___________A。評卷人得分四、實驗題(共4題，共24分)25、利用如圖所示的電路測定一節(jié)干電池的電動勢和內電阻,要求盡量減小實驗誤差。供選擇的器材有：

A.電流表

B.電壓表

C.電壓表

D.滑動變阻器

E.滑動變阻器

F.定值電阻

G.開關一個,導線若干。

（1）實驗中電壓表應選用______,滑動變阻器應選用______選填相應器材前的字母

（2）某位同學記錄了6組數(shù)據(jù),對應的點已經標在坐標紙上。并根據(jù)所畫圖線可得出干電池的電動勢______V,內電阻______。結果均保留兩位有效數(shù)字

26、材料的電阻隨磁場的增強而增大的現(xiàn)象稱為磁阻效應，利用這種效應可以測量磁感應強度。如圖所示為某磁敏電阻在室溫下的電阻—磁感應強度特性曲線，其中RB、R0分別表示有、無磁場時磁敏電阻的阻值。為了測量磁感應強度B，需先測量磁敏電阻處于磁場中的電阻值RB。請按要求完成下列實驗。

(1)設計一個可以測量磁場中該磁敏電阻阻值的電路，并在圖中的虛線框內畫出實驗電路原理圖（磁敏電阻及所處磁場已給出，待測磁場磁感應強度大小約為0.6~1.0T，不考慮磁場對電路其他部分的影響）。要求誤差較小______；

提供的器材如下：

A.磁敏電阻，無磁場時阻值R0＝150Ω

B.滑動變阻器R；總電阻約為20Ω

C.電流表A；量程2.5mA，內阻約30Ω

D.電壓表V；量程3V，內阻約3kΩ

E.直流電源E；電動勢3V，內阻不計。

F.開關S；導線若干。

(2)正確接線后，將磁敏電阻置入待測磁場中，測量數(shù)據(jù)如下表：。123456U（V）0.000.450.911.501.792.71I（mA）0.000.300.601.001.201.80

根據(jù)上表可求出磁敏電阻的測量值RB＝___Ω，結合題圖可知待測磁場的磁感應強度B＝___T；

(3)試結合題圖簡要回答，磁感應強度B在0~0.2T和0.4~1.0T范圍內磁敏電阻阻值的變化規(guī)律有何不同？

_______；

(4)某同學在查閱相關資料時看到了圖所示的磁敏電阻在一定溫度下的電阻—磁感應強度特性曲線（關于縱軸對稱），由圖線可以得到什么結論_______。27、實驗要求設計一電路盡可能精確地測量某一電阻的阻值，該待測電阻大約250Ω。有以下器材可供選擇：

A.定值電阻（）

B.定值電阻（）

C.電流表（量程為1.5內阻為）

D.電流表（量程為6內阻為）

E.電壓表V（量程為10V，內阻約為5）

F.滑動變阻器（最大阻值10Ω；允許通過的最大電流為0.5A）

G.電池組（內阻不計）

H.足量的導線與開關。

要求電表的測量值在量程的以上。

(1)電表應該選擇______和______，（選填“”、“”“V”）。

(2)定值電阻應該選擇______（選填“”、“”）。

(3)請將方框中電路圖補畫完整_________。

(4)待測電阻______（______）（用物理符號表示，括號內用文字說明電表測量值的物理含義）28、現(xiàn)有兩組同學要測定一節(jié)干電池的電動勢E和內阻r（已知E約為1.5V，r約為1Ω）。

（1）①第一組采用圖a所示電路，a、b間應接入________。

A．一個定值電阻。

B．阻值適當?shù)牟煌柚档亩ㄖ惦娮琛?/p>

C．滑動變阻器。

②為了調節(jié)方便且測量精度更高，以下器材中，電流表可選________，電壓表可選________。

A．電流表（0～0.6A）

B．電流表（0～3A）

C．電壓表（0～3V）

D．電壓表（0～15V）

③第一小組經過多次測量，記錄了多組電流表示數(shù)I和電壓表示數(shù)U，并在圖b中畫出了U-I圖象。由圖象可以得出，若將該干電池與一個阻值為2.2Ω的定值電阻組成閉合回路，電路中的電流約為________A（保留兩位有效數(shù)字）。

（2）第二組在沒有電壓表的情況下；設計了如圖c所示的電路，完成了對同一電池的測量。

①改變電阻箱接入電路中的電阻值，記錄了多組電流表示數(shù)I和電阻箱示數(shù)R，通過研究圖象的信息，他們發(fā)現(xiàn)電動勢的測量值與第一組的結果非常接近，但是內阻的測量值與第一組的結果有明顯偏差，將上述實驗重復進行了若干次，結果依然如此。請說明哪個組內阻的測量結果較大？________。并說明形成這個結果的原因：____________。

②A．第二組對實驗進行深入的理論研究，在是否可以忽略電流表內阻這兩種情況下，繪制兩類圖象。第一類圖象以電流表讀數(shù)I為縱坐標，將電流表和電阻箱讀數(shù)的乘積IR記為U作為橫坐標。第二類圖象以電阻箱讀數(shù)R為縱坐標，電流表讀數(shù)的倒數(shù)為橫坐標。請在圖d的甲、乙兩坐標系中分別用實線代表電流表內阻可忽略的情況，虛線代表電流表內阻不可忽略的情況，定性畫出相關物理量之間的關系______。

B．在第二組的實驗中有電阻箱（最大阻值為999.9Ω，可當標準電阻用）、電流表（滿偏電流Ig＝0.6A，內阻rg＝0.1Ω）。通過改變電阻箱接入電路的電阻值，記錄了多組電流表示數(shù)I和電阻箱示數(shù)R，并畫出了如圖e所示的R-圖象。根據(jù)圖象中的信息可得出這個電池的電動勢E＝________V，內阻r＝________Ω。參考答案一、選擇題(共9題，共18分)1、D【分析】【分析】

由題中“當它受到的光照強度增大時；電阻減小”可知，本題考查電路動態(tài)變化，根據(jù)閉合電路歐姆定律可分析本題．

【詳解】

A．當R受到的光照強度增大時；電阻減小，電流增加，燈泡變亮，故A錯誤；

B．串聯(lián)電路電阻分壓；電阻越大，分壓越多，電阻越小分壓越低，故B錯誤；

C．電壓表所測電壓為電路的路端電壓，當R變?。煌怆娐贩謮鹤冃?，故電壓表讀數(shù)減小，故C錯誤；

D．燈泡兩端電壓，電容器電壓增大，根據(jù)

可知，電容器帶電量增大，故D正確．2、A【分析】【分析】

【詳解】

A．摩擦過程會自發(fā)地產生熱量；但熱量不能自發(fā)地產生摩擦，所以摩擦生熱的過程是不可逆的，A正確；

B．一切與熱現(xiàn)象有關的宏觀自然過程都是不可逆的；B錯誤；

C．熱傳遞存在方向性的含義是指熱量可以自發(fā)地從高溫物體傳遞到低溫物體；而不能自發(fā)地從低溫物體傳遞到高溫物體，但若有其他影響也可以將熱量從低溫物體傳遞到高溫物體，空調機制冷時必須通過壓縮機做功才能實現(xiàn)熱量從低溫物體傳遞到高溫物體，因此熱傳遞仍然存在方向性，C錯誤；

D．能量的轉化過程盡管符合能量守恒定律；但能量在利用的過程中產生能量耗散，所以會發(fā)生能源危機，D錯誤。

故選A。3、C【分析】【詳解】

AB．當溫度降低時，R2電阻增大，并聯(lián)部分電阻增大，總電阻增大，總電流減小，R1兩端電壓減小；電流表示數(shù)減小，故AB錯誤；

CD．因為內電壓和R1兩端電壓減??；根據(jù)串聯(lián)電路電壓特點可知，燈泡兩端的電壓增大，故燈泡變亮，故C正確，D錯誤。

故選C。4、C【分析】【分析】

【詳解】

A．由題可知，電場方向沿x軸正方向，由O點到C點；沿電場線方向，電勢逐漸降低，A項錯誤；

B．帶正電的粒子所受電場力與速度方向一致，所以粒子一直做加速直線運動，在O~x1段電場強度逐漸變大，帶電粒子所受電場力逐漸變大，故粒子在OA段做加速度增大的變加速直線運動；B項錯誤；

CD．E－x圖像中圖線與坐標軸所圍面積代表電勢差，可知AB段的電勢差大于BC段的電勢差；故電場力做功。

由電場力做功與電勢能變化的關系得，粒子在AB段電勢能變化量大于BC段的電勢能變化量；C項正確，D項錯誤。

故選C。5、D【分析】由題帶負電的塵埃在電場力的作用下向集塵極遷移，則知集塵極帶正電荷，是正極，所以電場線方向由集塵極指向放電極．故A錯誤．集塵極帶正電荷，是正極，a點更靠近放電極，所以圖中a點電場強度高于b點電場強度．故B錯誤．放電極與集塵極間建立非勻強電場；所受的電場力是變化的，塵埃不會沿圖中虛線從c到d運動．故C錯誤．帶電塵埃所受的電場力方向與位移方向相同，做正功，所以在遷移過程中動能增大．故D正確．故選D．

【點睛】根據(jù)電場方向，分析塵埃所受的電場力方向，判斷其電性．放電極與集塵極間建立非勻強電場，塵埃所受的電場力是變化的．電場力對塵埃做正功．6、C【分析】【詳解】

A．根據(jù)對稱性可知，點的電場強度大小相等；方向不同，故A錯誤；

B．由于d點場強小于b點場強，故某點電荷從d移到b過程加速度不斷增大；故B錯誤；

C．靜電力做功只與初末位置間電勢差有關，與路徑無關，則點電荷沿移動時電場力做的功與沿移動時一樣大；故C正確；

D．電場線與等勢面垂直，由圖可知不是一條等勢線；點電荷沿該線運動時，靜電力要做功，不會做勻速圓周運動，故D錯誤。

故選C。7、D【分析】【詳解】

A．小球先做自由落體運動，后做勻減速運動，兩個過程的位移大小相等、方向相反．設電場強度大小為E，加電場后小球的加速度大小為a，取豎直向下方向為正方向，則又v=gt，解得：a=3g

則小球回到A點時的速度為：v′=v-at=-2gt，整個過程中小球速度增量的大小為△v=v′-v=-3gt

速度增量的大小為3gt．由牛頓第二定律得：聯(lián)立解得：qE=4mg

整個過程中小球電勢能變化了：

故A不符合題意．

B．整個過程中小球重力沖量為：．故B不符合題意．

C．從加電場開始到小球運動到最低點時小球動能減少：

故C不符合題意．

D．設從A點到最低點的高度為h，根據(jù)動能定理得：解得：

從A點到最低點小球重力勢能減少了：

故D符合題意．8、C【分析】【分析】

【詳解】

A．法拉第提出場的概念；A錯誤；

B．焦耳發(fā)現(xiàn)了電流的熱效應；B錯誤；

C．密里根通過油滴實驗測定了電子的電荷量；C正確；

D．歐姆指出電阻一定時；導體中的電流與導體兩端的電壓成正比；當導體兩端的電壓一定時，通過導體的電流與導體的電阻成反比，D錯誤。

故選C。9、C【分析】【分析】

【詳解】

A．雷達是用微波測定物體的位置的設備；A錯誤；

B．使電磁波隨各種信號而改變的技術叫調制；B錯誤；

C．無線電波的波長最大；故電磁波中最容易表現(xiàn)出干涉；衍射現(xiàn)象的是無線電波，C正確；

D．均勻變化的電場周圍產生穩(wěn)定的磁場；均勻變化的磁場周圍產性穩(wěn)定的電場，只有非均勻變化的電場產生變化的磁場，D錯誤。

故選C。二、多選題(共9題，共18分)10、A:B【分析】【詳解】

ABC．根據(jù)題意增加光照強度時減小，外電路總電阻減小，根據(jù)閉合電路歐姆定律得知干路電流I增大，電源的內電壓增大，路端電壓U減小，流過A燈的電流減小，則A燈變暗；通過電流：

I增大，而減小，故增大，則兩端電壓增大，而B的電壓之和等于路端電壓，因路端電壓減小，則知B的電壓減小，所以B燈變暗；所以B正確；A錯誤，C錯誤.

D．電源的總功率：

因為E不變，I增大，則P增大.故D錯誤.11、A:C【分析】【詳解】

A．由安培定則可知，導線a的電流在導線b處產生的磁場方向垂直紙面向里；選項A正確；

BCD．兩個導線間的作用力是相互排斥力，根據(jù)牛頓第三定律，等大、反向、共線，大小設為Fab；磁場的磁感應強度為B，則

對左邊電流有F1=BIL+Fab

對右邊電流有F2=2BIL+Fab

兩式聯(lián)立解得Fab=2F1-F2

則2F1>F2

則a通電導線的電流在b導線處產生的磁感應強度大小為

則選項C正確，BD錯誤。

故選AC。12、C:D【分析】【分析】

以小球為研究對象；分析受力情況，根據(jù)平衡條件分析細線的拉力的變化。再以小球和環(huán)整體為研究對象，分析受力，根據(jù)平衡條件分析粗糙桿對細環(huán)的支持力和摩擦力的變化。

【詳解】

A．以小球為研究對象；分析受力情況如下所示。

小球受到重力mg、細線的拉力T和電場力F，根據(jù)平衡條件得T=

將B球稍向右移動，F(xiàn)增大，T變大；故A錯誤；

B．細線對細環(huán)的拉力在數(shù)值上等于細線對小球的作用力；由前面分析可知拉力增大，故B錯誤；

CD．以小球和環(huán)整體為研究對象；分析受力如圖。

整體受到總重力G、桿對細環(huán)的支持力和摩擦力電場力F，根據(jù)平衡條件得=G，=F

小球所受的電場力F增大；桿對細環(huán)的支持力保持不變，細環(huán)所受的摩擦力變大，故CD正確。

故選CD。

【點睛】

本題是動態(tài)平衡問題，要善于選擇研究對象，分析受力情況，根據(jù)平衡條件進行動態(tài)分析。13、A:B【分析】【詳解】

AB.設OB=x，當速度最小時，有=qE=μmg，得x=場強E=AB正確；

C.點電荷乙運動過程中，電場力一直做正功，電勢能減小，則點電荷乙在A點的電勢能大于在B點的電勢能；C錯誤；

D.點電荷從A到B過程中，根據(jù)動能定理有qUAB–μmgL=–得UAB=+D錯誤．14、A:C【分析】【詳解】

B．設粒子質量為射入板間的初速度為則有粒子射入電場時

粒子射出電場時

則有

得粒子射出時的偏轉角度

B錯誤；

A．設兩極板間距為d，由B中分析可得

得

A正確；

C．設兩極板的電勢差為U，由動能定理可得

解得

C正確；

D．粒子在電場力方向上做初速度為零的勻加速直線運動，在前一半時間和后一半時間內電場力方向的位移（側移量）之比為1：3，由

知靜電力對粒子做功之比為1：3。D錯誤。

故選AC。15、A:C【分析】【詳解】

A．根據(jù)對稱性可知，D點電勢等于B點電勢；故A正確；

B．根據(jù)對稱性可知，P、Q兩點電場強度大小相同；方向不同，故B錯誤；

C．根據(jù)對稱性可知，P、Q兩點電勢相等，所以把質子沿直線PQ從P點移到Q點；電場力做功為零，故C正確；

D．線段DB上電場強度并非處處相等，所以電子只在電場力作用下不可能由D點勻加速運動到B點，電子一定是先做變加速運動至O點后再做變減速運動運動至B點；故D錯誤。

故選AC。16、B:D【分析】【分析】

【詳解】

A．電勢差與零電勢點的選取無關；A錯誤；

B．兩點間的電勢差滿足UAB=-UBA

B正確；

C．電勢雖有正；負之分；但電勢是標量，C錯誤；

D．由電勢差與電勢的關系UAB=φA-φB

可知，若φB=0，則φA=UAB

D正確。

故選BD。17、B:D【分析】【詳解】

帶電液滴從h高度下落，則重力做功為故A錯誤；由動能定理得：故B正確；下落的過程中，依據(jù)電場力與電勢能變化的關系，電場力做負功，故電勢能增加，故C錯誤；由功能關系：所以電場力做為即電場力做負功，根據(jù)除重力以外的力做功，導致機械能變化，可以知道液滴的機械能減少了故D正確，故選BD．

【點睛】帶電液滴在電場力和重力的作用，以豎直向下的初速度沿豎直方向下落，根據(jù)功能關系可得出電場力做的功；根據(jù)除重力以外的力做功，導致機械能變化，即可求解．18、A:B:C【分析】【詳解】

A．由圖可判斷，的右端電阻與電壓表串聯(lián)，對電壓表的影響可忽略，電壓表測量兩端的電壓，電流表測量干路的電流，當P由a向b滑動時，連入電路的阻值由0開始增大，回路總電阻增大，干路電流減小，路端電壓增大，電壓表示數(shù)為

其減??；故A正確；

B．根據(jù)歐姆定律可知

其不變；故B正確；

C．外電路電阻為

由0增大到則R由增大到而當

時電源的輸出功率最大，即

故C正確；

D．當時，干路電流最大，的功率最大，即

故D錯誤。

故選ABC。三、填空題(共6題，共12分)19、略

【分析】【詳解】

根據(jù)動能定理得；

其中q=2e；解得。

【解析】20、略

【分析】【詳解】

圓弧中的電流產生的磁感應強度與其半徑成反比，可知產生的磁感應強度，而直線電流在其延長線上的磁感應強度為零，所以a點的磁感應強度為：，通過右手定則可判斷合磁感應強度方向垂直紙面向外；b處的磁感應強度為：，通過右手定則可判斷合磁感應強度方向垂直紙面向里；所以，a點的磁感應強度垂直紙面向外【解析】小于垂直紙面向上21、略

【分析】【詳解】

[1][2]A、B間電勢差為8V，根據(jù)圖可知相鄰的兩個等勢面間的電勢差為2V，由軌跡彎曲方向可知，電場力大致向左，運動方向大致向右，可知M到N電場力做功為

動能減少所以N點動能為因為電場力做負功所以電勢能增加，電子在M點的電勢能比在N點的電勢能小。

【點睛】

根據(jù)等勢線的分布判斷相鄰等上面的電勢差，根據(jù)電場力做功判斷電勢能的變化?！窘馕觥?小22、略

【分析】【分析】

【詳解】

略【解析】單位電荷量23、略

【分析】【詳解】

[1]在自組電位差測電動勢中，其原理為補償原理，變阻器的作用為調節(jié)電路中電流大小作用，因此圖中RP作用為調節(jié)電流大??；

[2]R1位于主路上可以起到控制電流不過大的作用；

[3]K3斷開后檢流計與大電阻R串聯(lián)，因此可以起到防止檢流計G偏轉過大打壞指針的作用?！窘馕觥空{節(jié)電流大小控制電流不過大保護檢流計24、略

【分析】【詳解】

(1)[1]接0~3V量程時，每小格表示指針偏轉不夠一個分格部分用估讀法，讀數(shù)比最小刻度多一位小數(shù)，讀數(shù)為

[2]接0~15V量程時,每小格表示指針偏轉不夠一個分格部分用估讀法（估讀五分之幾小格），讀數(shù)和最小刻度小數(shù)位數(shù)相同，讀數(shù)為

(2)[3]接0~3A量程時，每小格表示指針偏轉不夠一個分格部分用估讀法，讀數(shù)比最小刻度多一位小數(shù)，讀數(shù)為

[4]接0~0.6A量程時，每小格表示指針偏轉不夠一個分格部分用半格（）估讀法（不足半小格的舍去，超過半小格的按半小格估讀），讀數(shù)和最小刻度小數(shù)位數(shù)相同，讀數(shù)為【解析】2.18V10.8V0.80A0.16A四、實驗題(共4題，共24分)25、略

【分析】【詳解】

（1）[1][2]一節(jié)干電池的電動勢約為1.5V；故電壓表選擇B，電流表量程為0.6A，故滑動變阻器應該選擇D。

（2）[3][4]電源的圖像如圖所示，從數(shù)據(jù)可以看出，定值電阻應該連入電路；故。

該圖像與縱軸截距為電動勢，斜率為故【解析】BD26、略

【分析】【詳解】

(1)[1]當B＝0.6T時，磁敏電阻阻值約為6×150Ω＝900Ω

當B＝1.0T時，磁敏電阻阻值約為11×150Ω＝1650Ω

由于滑動變阻器全電阻20Ω比磁敏電阻的阻值小得多，故滑動變阻器選擇分壓式接法；由于所以電流表應內接。電路圖如圖所示。

(2)[2]方法一：根據(jù)表中數(shù)據(jù)可以求得磁敏電阻的阻值分別為

故電阻的測量值為（1500~1503Ω都算正確。）

[3]由于從圖1中可以讀出B＝0.9T

方法二：作出表中的數(shù)據(jù)作出U－I圖像；圖像的斜率即為電阻（略）。

(3)[4]在0~0.2T范圍；圖線為曲線，故磁敏電阻的阻值隨磁感應強度非線性變化（或非均勻變化）；在0.4~1.0T范圍內，圖線為直線，故磁敏電阻的阻值隨磁感應強度線性變化（或均勻變化）；

(4)[5]從圖3中可