2025年滬科版高二物理下冊階段測試試卷

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年滬科版高二物理下冊階段測試試卷364考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學(xué)校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五六總分得分評卷人得分一、選擇題(共6題，共12分)1、有一個直角支架AOB，AO水平放置，表面粗糙，OB豎直向下，表面光滑．AO上套有小環(huán)P，OB上套有小環(huán)Q，兩環(huán)質(zhì)量均為m，兩環(huán)由一根質(zhì)量可忽略、不可伸長的細(xì)繩相連，并在某一位置平衡（如圖所示）．現(xiàn)將P環(huán)向左移一小段距離，兩環(huán)再次達(dá)到平衡，那么將移動后的平衡狀態(tài)和原來的平衡狀態(tài)比較，AO桿對P環(huán)的支持力FN和摩擦力F的變化情況是（）A.FN不變，F(xiàn)變大B.FN不變，F(xiàn)變小C.FN變大，F(xiàn)變大D.FN變大，F(xiàn)變小2、關(guān)于能源的利用和節(jié)約，下列說法正確的是（）A.根據(jù)能量守恒定律，能源的利用率應(yīng)該是100%B.由于能量既不會憑空產(chǎn)生，也不會憑空消失，總是守恒的，所以節(jié)約能源的意義不大C.節(jié)約能量只要提高節(jié)能意識就行，與科學(xué)進(jìn)步無關(guān)D.在能源的利用中，總會有一部分能源未被利用而損失掉3、如圖所示，勻強電場E的區(qū)域內(nèi)，在O點放置一點電荷＋Q.a、b、c、d、e、f為以O(shè)為球心的球面上的點，aecf平面與電場平行，bedf平面與電場垂直，則下列說法中正確的是()A.b、d兩點的電場強度相同B.a點的電勢等于f點的電勢C.點電荷＋q在球面上任意兩點之間移動時，電場力一定做功D.將點電荷＋q在球面上任意兩點之間移動時，從a點移動到c點電勢能的變化量一定最大4、如右圖所示，用兩節(jié)干電池點亮幾個小燈泡，當(dāng)逐一閉合開關(guān)，接入燈泡增多時，以下說法正確的是()A.燈少時各燈較亮，燈多時各燈較暗B.各燈兩端電壓在燈多時較低C.通過電池的電流在燈多時較大D.電池的效率燈多時較大5、某學(xué)生做觀察電磁感應(yīng)現(xiàn)象的實驗，將電流表、線圈A和B、蓄電池、開關(guān)用導(dǎo)線接成如圖所示的實驗電路，當(dāng)它閉合、斷開開關(guān)時，電流表的指針都沒有偏轉(zhuǎn)，其原因是（）A.開關(guān)位置接錯B.電流表的正、負(fù)接線柱接反C.線圈B的接頭3、4接反D.蓄電池的正負(fù)極接反6、下列各個圖象中；能夠描述自由落體運動的是(

)

A.B.C.D.評卷人得分二、填空題(共8題，共16分)7、沿x軸負(fù)方向傳播的簡諧波在時刻的波形圖像如圖所示。已知波速是10cm/s，圖上質(zhì)點P的平衡位置為則質(zhì)點P至少再經(jīng)過__________s到達(dá)波峰。8、真空中兩個靜止的點電荷之間的相互作用力，與它們的電荷量的乘積成成正比，與它們的距離的二次方成反比，作用力的方向在它們的連線上．這個規(guī)律叫庫侖定律．已知真空中有兩個靜止的點電荷，電量分別為Q1和Q2，距離為r時；庫侖力大小為F，請據(jù)此回答下列問題：

（1）若距離不變，兩電荷的電荷量都變?yōu)樵瓉淼?倍，則庫侖力變?yōu)開_____F；

（2）若兩電荷的電荷量都不變，只有距離變?yōu)樵瓉淼?倍，則庫侖力大小變?yōu)開_____F．9、如圖為一交變電流圖象，把這種交變電流加在一燈泡兩端，則燈泡中的電流大小為______A．

10、如圖所示，玻璃體ABC是截面半徑為R的半圓形柱體的一部分，O為圓心，OC=OB=R，∠AOB=60°，折射率n=2．一束平行光垂直AB面入射玻璃體，在BC弧面上有光線射出的部分其弧長為____________．11、用頻率為婁脥1

的光照射某金屬時，逸出的光電子最大初動能為E1

用頻率為婁2(婁脥2>婁脥1)

的光照射該金屬時，逸出光電子的最大初動能為______，該金屬發(fā)生光電效應(yīng)的極限頻率為______.(

普朗克常量為h)

12、兩分子間距離減小，則分子引力______，分子斥力______。（填變大、變小或者不變）13、如圖所示，為閉合電路中兩個不同電源的U鈭?I

圖象，則兩電源的電動勢和內(nèi)阻的關(guān)系為E1

______E2(

填大于等于或小于)r1

______r2(

填大于等于或小于)

14、一群氫原子處于量子數(shù)n=4n=4的能級狀態(tài)，氫原子的能級圖如圖所示，則：

(1)(1)氫原子可能發(fā)射____種頻率的光子。

(2)(2)氫原子由量子數(shù)n=4n=4的能級躍遷到n=2n=2的能級時輻射光子的能量是_________電子伏。

(3)(3)用(2)(2)中的光子照射下表中幾種金屬，金屬______能發(fā)生光電效應(yīng)；發(fā)生光電效應(yīng)時，發(fā)射光電子的最大初動能是____電子伏。。金屬銫鈣鎂鈦逸出功W/eV

1.9

2.7

3.7

4.1

評卷人得分三、判斷題(共9題，共18分)15、只有沿著電場線的方向電勢才會降低，所以電勢降低的方向就一定是電場強度的方向．（判斷對錯）16、處于靜電平衡狀態(tài)的導(dǎo)體內(nèi)部的場強處處為零，導(dǎo)體外表面場強方向與導(dǎo)體的表面一定不垂直．（判斷對錯）17、如圖所示，有一水平方向的勻強電場，場強大小為9000N/C，在電場內(nèi)一水平面上作半徑為10cm的圓，圓上取A、B兩點，AO沿E方向，BO⊥OA，另在圓心處放一電量為10﹣8C的正點電荷，則A處場強大小EA為零．________（判斷對錯）

18、空間兩點放置兩個異種點電荷a、b，其所帶電荷量分別為qa和qb，其產(chǎn)生的電場的等勢面如圖所示，且相鄰等勢面間的電勢差均相等，電場中A、B兩點間的電勢大小的關(guān)系為φA＞φB，由此可以判斷出a為正電荷，且有qa＜qb．________（判斷對錯）

19、如圖所示為某示波管內(nèi)的聚焦電場，實線和虛線分別表示電場線和等勢線．兩電子分別從a、b兩點運動到c點．設(shè)電場力對兩電子做的功分別為Wa和Wb，a、b點的電場強度大小分別為Ea和Eb，則Wa=Wb，Ea＞Eb．________（判斷對錯）

20、電場線與等勢面相互垂直，沿著同一等勢面移動電荷時靜電力不做功．（判斷對錯）21、只有沿著電場線的方向電勢才會降低，所以電勢降低的方向就一定是電場強度的方向．（判斷對錯）22、如圖所示，有一水平方向的勻強電場，場強大小為9000N/C，在電場內(nèi)一水平面上作半徑為10cm的圓，圓上取A、B兩點，AO沿E方向，BO⊥OA，另在圓心處放一電量為10﹣8C的正點電荷，則A處場強大小EA為零．________（判斷對錯）

23、如圖所示為某示波管內(nèi)的聚焦電場，實線和虛線分別表示電場線和等勢線．兩電子分別從a、b兩點運動到c點．設(shè)電場力對兩電子做的功分別為Wa和Wb，a、b點的電場強度大小分別為Ea和Eb，則Wa=Wb，Ea＞Eb．________（判斷對錯）

評卷人得分四、識圖作答題(共2題，共12分)24、下圖為細(xì)胞呼吸過程，其中a、b表示物質(zhì)，①-④表示主要步驟，請回答下列問題：（1）圖中a表示的物質(zhì)是____，b表示的物質(zhì)是____。（2）圖中②、③過程中都有CO2產(chǎn)生，其場所分別是____、____。（3）過程①除能量外，還產(chǎn)生____；在①-④過程中釋放能量最多的是____（填序號）。25、嗜熱土壤芽胞桿菌產(chǎn)生的β-葡萄糖苷酶（BglB）是一種耐熱纖維素酶，為使其在工業(yè)生產(chǎn)中更好地應(yīng)用，開展了以下試驗：Ⅰ.利用大腸桿菌表達(dá)BglB酶(1)PCR擴(kuò)增bglB基因時，選用____基因組DNA作模板。(2)下圖為質(zhì)粒限制酶酶切圖譜。bglB基因不含圖中限制酶識別序列。為使PCR擴(kuò)增的bglB基因重組進(jìn)該質(zhì)粒，擴(kuò)增的bglB基因兩端需分別引入____和____不同限制酶的識別序列。

(3)大腸桿菌不能降解纖維素，但轉(zhuǎn)入上述建構(gòu)好的表達(dá)載體后則獲得了降解纖維素的能力，這是因為____。Ⅱ.溫度對BglB酶活性的影響(4)據(jù)圖1、2可知，80℃保溫30分鐘后，BglB酶會____；為高效利用BglB酶降解纖維素，反應(yīng)溫度最好控制在____（單選）。

A.50℃B.60℃C.70℃D.80℃評卷人得分五、簡答題(共2題，共8分)26、rm{[}化學(xué)rm{隆陋隆陋}選修r(nóng)m{3}物質(zhì)結(jié)構(gòu)與性質(zhì)rm{]}我國科學(xué)家最近成功合成了世界上首個五氮陰離子鹽rm{(N_{5})_{6}(H_{3}O)_{3}(NH_{4})_{4}Cl(}用rm{R}代表rm{)}回答下列問題：rm{(1)}氮原子價層電子的軌道表達(dá)式rm{(}電子排布圖rm{)}為_____________。rm{(2)}元素的基態(tài)氣態(tài)原子得到一個電子形成氣態(tài)負(fù)一價離子時所放出的能量稱作第一電子親和能rm{(}rm{E}rm{{,!}_{1})}第二周期部分元素的rm{E}rm{{,!}_{1}}變化趨勢如圖rm{(a)}所示，其中除氮元素外，其他元素的rm{E}rm{{,!}_{1}}自左而右依次增大的原因是___________；氮元素的rm{E}rm{{,!}_{1}}呈現(xiàn)異常的原因是__________。

rm{(3)}經(jīng)rm{X}射線衍射測得化合物rm{R}的晶體結(jié)構(gòu)，其局部結(jié)構(gòu)如圖rm{(b)}所示。rm{壟脵}從結(jié)構(gòu)角度分析，rm{R}中兩種陽離子的相同之處為_________，不同之處為__________。rm{(}填標(biāo)號rm{)}A.中心原子的雜化軌道類型rm{B.}中心原子的價層電子對數(shù)C.立體結(jié)構(gòu)rm{D.}共價鍵類型rm{壟脷R}中陰離子rm{{N}_{5}^{-}}中的rm{婁脪}鍵總數(shù)為________個。分子中的大rm{婁脨}鍵可用符號rm{Pi_{m}^{n}}表示，其中rm{m}代表參與形成大rm{婁脨}鍵的原子數(shù)，rm{n}代表參與形成大rm{婁脨}鍵的電子數(shù)rm{(}如苯分子中的大rm{婁脨}鍵可表示為rm{Pi_{6}^{6})}則rm{{N}_{5}^{-}}中的大rm{婁脨}鍵應(yīng)表示為____________。rm{壟脹}圖rm{(b)}中虛線代表氫鍵，其表示式為rm{({NH}_{4}^{{+}})N?HCl}____________、____________。rm{(4)R}的晶體密度為rm5drrdvbrm{g隆隴cm^{?3}}其立方晶胞參數(shù)為rm{a}rm{nm}晶胞中含有rm{y}個rm{[(N_{5})_{6}(H_{3}O)_{3}(NH_{4})_{4}Cl]}單元，該單元的相對質(zhì)量為rm{M}，則rm{y}的計算表達(dá)式為______________。27、已知硒化鋅是一種透明黃色半導(dǎo)體，也可作紅外光學(xué)材料，熔點rm{1520隆忙}rm{(1)}基態(tài)鋅原子的價電子排布式是_____________。rm{(2)}根據(jù)元素周期律，電負(fù)性rm{Se}______rm{S}第一電離能rm{Se}______rm{As(}填“rm{>}”或“rm{<}”rm{)}rm{(3)H_{2}Se}的分子構(gòu)型是__________，其中rm{Se}的雜化軌道類型是___________。rm{(4)H_{2}O}的沸點______________rm{(}填“rm{>}”或“rm{<}”rm{)H_{2}Se}的沸點。rm{(5)}晶體rm{Zn}為六方最密堆積，其配位數(shù)是_______________。rm{(6)}在硒化鋅rm{ZnSe}晶胞中，rm{Se^{2-}}離子為面心立方最密堆積，且rm{Se^{2-}}與rm{Se^{2-}}之間的最短距離為rm{anm}則晶胞邊長為_____________rm{nm}rm{(7)}假設(shè)阿伏伽德羅常數(shù)值為rm{N_{A}}則rm{288g}硒化鋅rm{ZnSe}晶體中的晶胞數(shù)是__________。rm{(se}相對原子質(zhì)量rm{79)}評卷人得分六、實驗題(共2題，共4分)28、某同學(xué)采用如圖甲所示的電路測定電源電動勢和內(nèi)電阻。已知干電池的電動勢約為1．5V，內(nèi)阻約為1Ω；電壓表(0～3V，3kΩ)、電流表(0～0．6A，1．0Ω)、滑動變阻器有R1(10Ω，2A)和R2(100Ω，0．1A)各一只．(1)實驗中滑動變阻器應(yīng)選用____(填“R1”或“R2”)。(2)在圖乙中用筆畫線代替導(dǎo)線連接實驗電路。(3)在實驗中測得多組電壓和電流值，得到如圖丙所示的U－I圖線，由圖可較準(zhǔn)確地求出該電源電動勢E＝____V；內(nèi)阻，r=____Ω。29、指針式多用電表是實驗室中常用的測量儀器；請根據(jù)所學(xué)知識填空：

（1）關(guān)于多用電表的使用，下列說法中正確的是_____。A．在測量未知電壓時，必須先選擇電壓最大的量程進(jìn)行試測B．換用不同倍率測量電阻時，都必須重新進(jìn)行歐姆調(diào)零C．測量電路中的電阻時，不用把該電阻與電源斷開D．測量定值電阻時，如果紅、黑表筆插錯插孔，但不會影響測量結(jié)果（2）進(jìn)行某次測量時；指針在表盤的位置如圖所示：若所選檔位為直流50mA擋，則示數(shù)為_____mA；若所選檔位為電阻×100Ω擋，則示數(shù)為_____Ω。

（3）某一型號的二極管，其兩端分別記為A和B，現(xiàn)用電表的歐姆擋判斷其正負(fù)極。將多用電表的紅表筆與二極管的A端、黑表筆與二極管的B端相連時，表的指針偏轉(zhuǎn)角度很??；調(diào)換表筆連接后，表的指針偏轉(zhuǎn)角度很大，可知該二極管的正極為_____（選填“A”或“B”）端。參考答案一、選擇題(共6題，共12分)1、B【分析】解答：對小環(huán)Q受力分析，受到重力、支持力和拉力，如圖

根據(jù)三力平衡條件；得到。

N=mgtanθ

再對P、Q整體受力分析，受到總重力、OA桿支持力、向右的靜摩擦力、BO桿的支持力；如圖。

根據(jù)共點力平衡條件；有。

N=F

FN=（m+m）g=2mg

故。

F=mgtanθ

當(dāng)P環(huán)向左移一小段距離，角度θ變小，故靜摩擦力F變小，支持力FN不變；

故選B．

分析：先對小環(huán)Q受力分析，受到重力、支持力和拉力，跟三力平衡條件，求出拉力的表達(dá)式；在對P、Q兩個小環(huán)的整體受力分析，根據(jù)平衡條件再次列式分析即可．2、D【分析】能量在利用過程中都會有一部分能源未被利用而損失掉，因此能源的利用率都會低于100%；所以應(yīng)該大力發(fā)展科技，提高能源的利用率。【解析】解：AD、能源的使用在任何情況下都不可能達(dá)到理想狀態(tài)，做到?jīng)]有任何損失。雖然遵從能量守恒定律，但它指的是損失部分和被利用部分總和與原來能源總量相等，故A錯誤，D正確；BC、根據(jù)能量轉(zhuǎn)化的方向性可知，能量經(jīng)轉(zhuǎn)化后，可利用的能，只可能減少，不可能增加，因此節(jié)能的意義重大；同時，只有節(jié)能意識是不夠的，必須利用科技進(jìn)步提高能源的利用率，不斷開發(fā)新能源，以滿足人類社會可持續(xù)發(fā)展的需要，故B、C錯誤。故選：D。3、D【分析】本題考查了帶電粒子在電場中的運動，題中電場可以看作是由勻強電場和點電荷的電場疊加而成，在判斷電場力做功、電場強度時再進(jìn)行合成即可．勻強電場的電場強度向右且各點相同，圖中各點由點電荷單獨存在時產(chǎn)生的電場強度大小相等，方向不同，和場強為兩個場強的矢量和，根據(jù)平行四邊形定則可知，夾角越大，合場強越小，故a點的場強最小，故A錯誤；B、講一個試探正電荷由a點移動到f點，點電荷電場力不做功，勻強電場的電場力做正功，故合力做正功，電勢能減小，電勢降低，故B錯誤；C、當(dāng)電荷+q沿著球面上的aedf移動時，勻強電場的電場力不做功，點電荷電場力也不做功，故合電場力不做功，故C錯誤；D、將點電荷+q在球面上任意兩點之間移動，點電荷電場力不做功，從a點移動到c點，勻強電場的電場力做功最大，故電勢能的變化量一定最大，故D正確；思路拓展：本題的掛機(jī)是要將電場看作是由勻強電場和點電荷的電場組合而成，再分析電場力做功、電場強度和電勢能時更是如此．【解析】【答案】D4、A|B|C【分析】試題分析：所以燈泡均為并聯(lián)電路，接入電路燈泡越多即并聯(lián)的支路越多，電阻越小，電流越大選項C對。根據(jù)路端電壓判斷燈泡越多，路端電壓即燈泡電壓越低，燈泡越暗，選項AB對。電池的效率并聯(lián)的燈泡越多，外電阻越小，效率越低選項D錯。考點：閉合電路歐姆定律【解析】【答案】ABC5、A【分析】解：由電路圖可知；電鍵接在電流表所在電路，電鍵連接錯誤，閉合與斷開電鍵時，通過螺線管A的電流不變，穿過螺線管B的磁通量不變，沒有感應(yīng)電流產(chǎn)生，電流表指針不偏轉(zhuǎn)；故A正確，BCD錯誤；

故選：A．

在探究電磁感應(yīng)現(xiàn)象實驗中；電流表與小螺線管組成閉合回路，電源；電鍵、大螺線管組成電路；分析電路圖，然后答題．

知道探究電磁感應(yīng)現(xiàn)象的電路由兩部分電路構(gòu)成，分析清楚電路結(jié)構(gòu)是正確解題的關(guān)鍵．【解析】【答案】A6、B【分析】

自由落體運動是初速度為0

的勻加速運動，速度的表達(dá)式為v=gt

位移的表達(dá)式為x=

gt2

因此選項B正確．

【解析】B

二、填空題(共8題，共16分)7、略

【分析】由波向x軸負(fù)方向傳播，知質(zhì)點P此時刻向下振動，由圖可知至少再經(jīng)p點到達(dá)波峰，t==1.3s?！窘馕觥俊敬鸢浮?.3s8、略

【分析】解：（1）根據(jù)庫侖定律得：若距離不變，兩電荷的電荷量都變?yōu)樵瓉淼?倍，則有：．

（2）若兩電荷的電荷量都不變，只有距離變?yōu)樵瓉淼?倍，則有：．

故答案為：（1）4；（2）

根據(jù)庫侖定律公式即可正確解答．

本題比較簡單，直接考查了庫侖定律的應(yīng)用，直接代入數(shù)據(jù)即可正確解答．【解析】4；9、略

【分析】解：將交流與直流通過阻值都為R的電阻；設(shè)直流電流為I，則根據(jù)有效值的定義有。

（4）2R?+（3）2R?=I2RT

解得：I=5A

故答案為：5．

根據(jù)有效值的定義求解．取一個周期時間；將交流與直流分別通過相同的電阻，若產(chǎn)生的熱量相同，直流的電流值，即為此交流的有效值．

對于非正弦式電流可根據(jù)有效值的定義求解有效值．常見題型，要熟練掌握．【解析】510、略

【分析】解：由sinC==得C=

當(dāng)入射點在臨界點以上時；入射角大于臨界角，光線發(fā)生全反射，不能BC面射出，當(dāng)入射點在臨界點下時，光線能穿出BC面．

根據(jù)幾何知識在BC弧面上有光線射出的部分弧長為S=R?=．

故本題答案：．【解析】11、略

【分析】解：用頻率為婁脥1

的單色光照射該金屬；根據(jù)Ekm=h婁脥鈭?W0

可知，逸出的光電子的最大初動能為E1=h婁脥1鈭?W

同理，當(dāng)用頻率為婁2(婁脥2>婁脥1)

的光照射該金屬時；逸出光電子的最大初動能為E2=h婁脥2鈭?W

兩式綜合解得：E2=h(婁脥2鈭?婁脥1)+E1

當(dāng)最大初動能為零時，則有：h婁脥0=W

解得：婁脥0=Wh=h婁脥1鈭?E1h

故答案為：h(婁脥2鈭?婁脥1)+E1h婁脥1鈭?E1h

．

根據(jù)光電效應(yīng)方程Ekm=h婁脥鈭?W0

進(jìn)行分析；即可求解最大初動能，再根據(jù)當(dāng)最大初動能為零時，h婁脥0=W0

即可求解極限頻率．

解決本題的關(guān)鍵掌握光電效應(yīng)方程，以及知道逸出功與極限頻率的關(guān)系，注意普朗克常數(shù)的含義．【解析】h(婁脥2鈭?婁脥1)+E1h婁脥1鈭?E1h

12、變大變大【分析】解：如圖所示；分子間的引力和斥力都隨分子間距離的增大而減小，隨分子間距離的減小而增大，但總是斥力變化得較快。

故答案為：變大；變大。

當(dāng)分子間的距離減小時，引力和斥力均增大。根據(jù)分子力隨r的圖線分析判斷。

解決本題的關(guān)鍵知道分子力的特點，知道分子間同時存在引力和斥力，引力和斥力均隨著距離的增大而減小。【解析】變大變大13、小于；小于【分析】解：根據(jù)閉合電路歐姆定律U=E鈭?Ir

知，當(dāng)I=0

時，U=E

說明圖線的縱軸截距等于電源的電動勢，由圖可知，兩電源的電動勢相等，即E1<E2

．

根據(jù)數(shù)學(xué)知識可知，圖線的斜率大小等于電源的內(nèi)阻，由圖可知，圖線1

的斜率絕對值小于圖線2

的斜率絕對值，則r1<r2

．

故答案為：小于；小于．

根據(jù)閉合電路歐姆定律U=E鈭?Ir

分析電源的U鈭?I

圖線縱軸截距和斜率的物理意義.

當(dāng)I=0

時，U=E

圖線縱軸截距等于電源的電動勢.

根據(jù)數(shù)學(xué)知識得知，圖線的斜率大小等于電源的內(nèi)阻．

本題考查對電源的外特性曲線的理解能力.

抓住圖線的截距和斜率的物理意義是關(guān)鍵．【解析】小于；小于14、(1)6

種

(2)2.55eV

(3)

銫0.65eV

【分析】【分析】(1)

根據(jù)數(shù)學(xué)組合公式求出氫原子可能發(fā)射的光子頻率種數(shù)；(2)

能級間躍遷輻射或吸收的光子能量等于兩能級間的能級差；(3)

根據(jù)光電效應(yīng)的條件判斷能否發(fā)生光電效應(yīng)且由愛因斯坦光電效應(yīng)方程解得發(fā)射光電子的最大初動能。解決本題的關(guān)鍵知道能級間躍遷所滿足的規(guī)律，以及掌握光電效應(yīng)的條件和光電效應(yīng)方程。【解答】(1)

因為Cn2=C42=6

知氫原子可能發(fā)射6

種頻率的光子；

(2)

氫原子由量子數(shù)n=4

的能級躍遷到n=2

的能級時，由玻爾理論可知輻射光子的能量等于兩能級間的能級差，即E=E4鈭?E2=(鈭?0.85+3.40)eV=2.55eV

(3)

由圖可知，該能量E

只大于銫的逸出功，故光子只有照射銫金屬才能發(fā)生光電效應(yīng)；又由愛因斯坦光電效應(yīng)方程可得發(fā)射光電子的最大初動能：Ek=E鈭?W0=0.65eV

故填：(1)6

種；(2)2.55eV(3)

銫，0.65eV

【解析】(1)6

種

(2)2.55eV

(3)

銫0.65eV

三、判斷題(共9題，共18分)15、B【分析】【解答】解：沿著電場線方向；電勢降低，且降低最快；

那么電勢降低最快的方向才是電場線的方向；但電勢降低的方向不一定是電場線的方向，故錯誤；

故答案為：錯誤．

【分析】電場強度和電勢這兩個概念非常抽象，借助電場線可以形象直觀表示電場這兩方面的特性：電場線疏密表示電場強度的相對大小，切線方向表示電場強度的方向，電場線的方向反映電勢的高低．16、B【分析】【解答】解：根據(jù)靜電平衡的特點；導(dǎo)體是等勢體，金屬導(dǎo)體的內(nèi)部電場強度處處為零；

由于處于靜電平衡狀態(tài)的導(dǎo)體是一個等勢體；則表面電勢處處相等，即等勢面，那么電場線與等勢面垂直；

故答案為：錯誤．

【分析】金屬導(dǎo)體在點電荷附近，出現(xiàn)靜電感應(yīng)現(xiàn)象，導(dǎo)致電荷重新分布．因此在金屬導(dǎo)體內(nèi)部出現(xiàn)感應(yīng)電荷的電場，正好與點電荷的電場疊加，只有疊加后電場為零時，電荷才不會移動．此時導(dǎo)體內(nèi)部電場強度處處為零，電荷全部分布在表面，且為等勢面，導(dǎo)體是等勢體．17、A【分析】【解答】解：點電荷在A點的場強

根據(jù)場強的疊加原理得；則兩點的場強是由正點電荷和勻強電場場強的合成，A點的場強大小為。

EA=E點﹣E勻=9×103N/C﹣9×103N/C=0；所以A處場強大小為0

故答案為：正確。

【分析】根據(jù)公式E=k求出點電荷在A點處產(chǎn)生的場強大小，判斷出場強方向，A點的場強是由正點電荷和勻強電場場強的合成，根據(jù)平行四邊形定則求解A點處的場強大小及方向．18、B【分析】【解答】解：若把該圖象與等量異種點電荷電場中的部分等勢面圖比較；可以得到：靠近正電荷的點電勢高，靠近負(fù)電荷的點，電勢較低．所以，a處為正電荷．

等量異種點電荷電場中的部分等勢面圖象中的等勢面左右對稱；無窮遠(yuǎn)處的電勢為0．該圖象的左側(cè)的等勢線比較密，無窮遠(yuǎn)處的電勢為0，所以無窮遠(yuǎn)處到兩點之間的電勢差相比，與a點之間的電勢差比較大，所以a點所帶的電量就多．

故答案為：錯誤．

【分析】若把該圖象與等量異種點電荷電場中的部分等勢面圖比較，很容易得出正確的結(jié)論．19、A【分析】【解答】解：圖中a、b兩點在一個等勢面上；

故Uac=Ubc，根據(jù)W=qU，有Wa=Wb；

a位置的電場強度較密集，故Ea＞Eb；

故答案為：正確．

【分析】圖中a、b兩點在一個等勢面上，根據(jù)W=qU判斷電場力做功的大小，根據(jù)電場線的疏密程度判斷電場強度的大小．20、A【分析】【解答】解：根據(jù)電場線的特點可知；沿電場線的方向電勢降低；電場線垂直于等勢面、同一等勢面移動電荷電場力不做功．

故答案為：正確．

【分析】解決本題要根據(jù)：電場線是人為假想的曲線，從正電荷或無限遠(yuǎn)出發(fā)，終止于無限遠(yuǎn)或負(fù)電荷，不閉合，電場線疏密描述電場強弱，電場線密的地方，電場強度大，疏的地方電場強度弱，沿電場線的方向電勢降低．21、B【分析】【解答】解：沿著電場線方向；電勢降低，且降低最快；

那么電勢降低最快的方向才是電場線的方向；但電勢降低的方向不一定是電場線的方向，故錯誤；

故答案為：錯誤．

【分析】電場強度和電勢這兩個概念非常抽象，借助電場線可以形象直觀表示電場這兩方面的特性：電場線疏密表示電場強度的相對大小，切線方向表示電場強度的方向，電場線的方向反映電勢的高低．22、A【分析】【解答】解：點電荷在A點的場強

根據(jù)場強的疊加原理得；則兩點的場強是由正點電荷和勻強電場場強的合成，A點的場強大小為。

EA=E點﹣E勻=9×103N/C﹣9×103N/C=0；所以A處場強大小為0

故答案為：正確。

【分析】根據(jù)公式E=k求出點電荷在A點處產(chǎn)生的場強大小，判斷出場強方向，A點的場強是由正點電荷和勻強電場場強的合成，根據(jù)平行四邊形定則求解A點處的場強大小及方向．23、A【分析】【解答】解：圖中a、b兩點在一個等勢面上；

故Uac=Ubc，根據(jù)W=qU，有Wa=Wb；

a位置的電場強度較密集，故Ea＞Eb；

故答案為：正確．

【分析】圖中a、b兩點在一個等勢面上，根據(jù)W=qU判斷電場力做功的大小，根據(jù)電場線的疏密程度判斷電場強度的大?。?、識圖作答題(共2題，共12分)24、（1）丙酮酸乳酸（2）細(xì)胞質(zhì)基質(zhì)線粒體（3）[H]③【分析】【分析】本題主要考查細(xì)胞呼吸的有關(guān)知識，解答本題的關(guān)鍵是掌握有氧呼吸和無氧呼吸的過程，能正確分析圖示表示的呼吸方式和過程?！窘獯稹浚?）據(jù)圖分析，圖中a是葡萄糖通過有氧呼吸和無氧呼吸的共有產(chǎn)物、是丙酮酸，b表示的是無氧呼吸的產(chǎn)物乳酸。

（2）圖中②是無氧呼吸產(chǎn)生酒精和二氧化碳的過程；③是有氧呼吸產(chǎn)生二氧化碳和水的過程,其場所分別是細(xì)胞質(zhì)基質(zhì)；線粒體。

（3）據(jù)圖分析；過程①除產(chǎn)生能量外，還產(chǎn)生[H]；在①～④過程中釋放能量最多的是有氧呼吸的第三階段即③的過程。

【解析】（1）丙酮酸乳酸（2）細(xì)胞質(zhì)基質(zhì)線粒體（3）[H]③25、（1）嗜熱土壤芽孢桿菌（2）NdeⅠBamHⅠ（3）轉(zhuǎn)基因的大腸桿菌分泌出有活性的BglB酶（4）失活B【分析】【分析】本題考查基因工程和酶活性的知識，意在考查學(xué)生對知識的理解和識記能力、識圖能力，熟記相關(guān)知識是解答此題的關(guān)鍵?！窘獯稹?/p>

（1）“嗜熱土壤芽胞桿菌產(chǎn)生的β—葡萄糖苷酶（BglB）是一種耐熱纖維素酶”可知bglB基因存在于嗜熱土壤芽胞桿菌，因此可從嗜熱土壤芽胞桿菌基因組文庫中獲取目的基因，然后采用PCR技術(shù)擴(kuò)增bglB基因。

（2）在基因表達(dá)載體的構(gòu)建中，目的基因插入到啟動子和終止子之間，啟動子和終止子之間有Ndel、XbaⅠ、BamHⅠ三種限制酶識別和切割位點。據(jù)圖可知，終止子的兩端有XbaⅠ限制酶切割位點，因此不能使用XbaⅠ限制酶切割質(zhì)粒；故只能用Ndel和BamHⅠ限制酶切割質(zhì)粒。目的基因與質(zhì)粒具有相同的粘性末端才可以連接形成重組質(zhì)粒，所以目的基因兩端需分別引入Ndel和BamHⅠ的識別序列。

（3）轉(zhuǎn)基因大腸桿菌能降解纖維素；說明轉(zhuǎn)基因大腸桿菌中能分泌出有降解纖維素作用的BglB酶。

（4）據(jù)圖可知，在溫度為80℃保溫30分鐘后，BglB酶失活；根據(jù)圖1可知；溫度在60℃和70℃時，酶活性基本相等；根據(jù)圖2可知，溫度為60℃時酶的相對活性比70℃時的高；因此為高效利用BglB酶降解纖維素，可控制反應(yīng)溫度在60℃。故B正確，A；C、D錯誤。故選B。

【解析】（1）嗜熱土壤芽孢桿菌（2）NdeⅠBamHⅠ（3）轉(zhuǎn)基因的大腸桿菌分泌出有活性的BglB酶（4）失活B五、簡答題(共2題，共8分)26、rm{(1)}rm{(2)}同周期隨著核電荷數(shù)依次增大，原子半徑逐漸變小，故結(jié)合一個電子釋放出的能量依次增大rm{N}的rm{2p}能級處于半充滿狀態(tài)，相對穩(wěn)定，不易結(jié)合一個電子，放出的能量較小rm{(3)壟脵ABD}rm{C}rm{壟脷5N_{A}}rm{婁脨_{5}^{6}}rm{壟脹}rm{(}rm{(}rm{NH_{4}^{+}}rm{NH_{4}^{+}}rm{)}rm{)}rm{N隆陋HN}rm{N隆陋HN}rm{(4)dfrac{d隆脕(a隆脕{10}^{-7}{)}^{3}隆脕{N}_{A}}{M}}rm{(}【分析】【分析】本題考查化學(xué)選修r(nóng)m{3隆露}物質(zhì)結(jié)構(gòu)與性質(zhì)rm{隆路}的相關(guān)知識，以填空或簡答方式考查，常涉及如下高頻考點：原子結(jié)構(gòu)與元素的性質(zhì)rm{(}基態(tài)微粒的電子排布式、電離能及電負(fù)性的比較rm{)}元素周期律；分子結(jié)構(gòu)與性質(zhì)rm{(}化學(xué)鍵類型、原子的雜化方式、分子空間構(gòu)型的分析與判斷rm{)}晶體結(jié)構(gòu)與性質(zhì)rm{(}晶體類型、性質(zhì)及與粒子間作用的關(guān)系、以晶胞為單位的密度、微粒間距與微粒質(zhì)量的關(guān)系計算及化學(xué)式分析等rm{)}只有對基礎(chǔ)知識積累牢固，這類問題比較容易解決的；在做題過程中一定要注意審清楚問題問的是什么，如本題rm{(1)}問的是電子排布圖，而不是電子排布式，另一個注意書寫規(guī)范，如氫鍵的表示方法?！窘獯稹縭m{(1)}rm{N}rm{N}原子位于第二周期第族，價電子是最外層電子，即電子排布圖是：rm{VA}族，價電子是最外層電子，即電子排布圖是：rm{VA}根據(jù)圖故答案為：同周期隨著核電荷數(shù)依次增大，原子半徑逐漸變小，故結(jié)合一個電子釋放出的能量依次增大；氮元素的rm{(2)}能級達(dá)到半滿狀態(tài)，原子相對穩(wěn)定，不易失去電子，放出的能量較??；故答案為：同周期隨著核電荷數(shù)依次增大，原子半徑逐漸變小，故結(jié)合一個電子釋放出的能量依次增大；rm{(2)}的rm{(a)}能級處于半充滿狀態(tài)，相對穩(wěn)定，不易結(jié)合一個電子，放出的能量較?。籸m{2p}根據(jù)圖rm{N}陽離子是rm{2p}和rm{(3)壟脵}rm{(b)}中心原子rm{NH_{4}^{+}}含有rm{H_{3}O^{+}}個rm{NH_{4}^{+}}鍵，孤對電子對數(shù)為rm{N}價層電子對數(shù)為rm{4}雜化類型為rm{婁脪}rm{(5-1-4隆脕1)/2=0}中心原子rm{4}含有rm{sp^{3}}個rm{H_{3}O^{+}}鍵，孤對電子對數(shù)為rm{O}空間構(gòu)型為正四面體形，價層電子對數(shù)為rm{3}雜化類型為rm{婁脪}空間構(gòu)型為三角錐形，因此相同之處為rm{(6-1-3)/2=1}不同之處為rm{4}故答案為：rm{sp^{3}}rm{ABD}rm{C}根據(jù)圖rm{ABD}rm{C}中rm{壟脷}鍵總數(shù)為rm{(b)}個；根據(jù)信息，rm{N_{5}^{-}}中的大rm{婁脪}鍵應(yīng)表示為rm{5N_{A}}故答案為：rm{N_{5}^{-}}rm{婁脨}rm{婁脨_{5}^{6}}rm{5N}根據(jù)圖rm{{,!}_{A}}還有的氫鍵是rm{{,!}_{A}}rm{婁脨_{5}^{6}}；故答案為：rm{壟脹}rm{(b)}；rm{(NH_{4}^{+})N隆陋HN}根據(jù)密度的定義有：rm{d=dfrac{dfrac{y}{{N}_{A}}隆脕M}{(a隆脕{10}^{-7}{)}^{3}}g/c{m}^{3}}解得rm{y=dfrac{d隆脕(a隆脕{10}^{-7}{)}^{3}隆脕{N}_{A}}{M}}故答案為：rm{dfrac{d隆脕(a隆脕{10}^{-7}{)}^{3}隆脕{N}_{A}}{M}}rm{(H_{3}O^{+})O隆陋HN}【解析】rm{(1)}rm{(2)}同周期隨著核電荷數(shù)依次增大，原子半徑逐漸變小，故結(jié)合一個電子釋放出的能量依次增大rm{N}的rm{2p}能級處于半充滿狀態(tài)，相對穩(wěn)定，不易結(jié)合一個電子，放出的能量較小rm{(3)壟脵ABD}rm{C}rm{壟脷5N_{A}}rm{婁脨_{5}^{6}}rm{壟脹}rm{(}rm{(}rm{NH_{4}^{+}}rm{NH_{4}^{+}}rm{)}rm{)}rm{N隆陋HN}rm{N隆陋HN}rm{(4)dfrac{d隆脕(a隆脕{10}^{-7}{)}^{3}隆脕{N}_{A}}{M}}rm{(}27、rm{(1)3d^{10}4s^{2}}

rm{(2)<}rm{<}

rm{(3)V}形rm{sp^{3}}

rm{(4)H_{2}O}含有氫鍵、rm{H_{2}Se}不含氫鍵。

rm{(5)12}

rm{(6)dfrac{N_{A}}{4}}

rm{(7)}rm{0.5N_{A}}rm{0.5N_{A}}【分析】【分析】

本題考查物質(zhì)結(jié)構(gòu)和性質(zhì)，為高頻考點，涉及晶胞計算、原子雜化方式判斷、氫鍵、元素周期律等知識點，側(cè)重考查學(xué)生分析、判斷、計算及空間想象能力，難點是晶胞計算及配位數(shù)計算。【解答】

rm{(1)Zn}是rm{30}號元素，其原子核外有rm{30}個電子，其rm{3d}rm{4s}電子為其價電子，其價電子排布式為rm{3d^{10}4s^{2}}故答案為：rm{3d^{10}4s^{2}}

rm{(2)}同一主族元素，元素電負(fù)性隨著原子序數(shù)增大而減小，所以電負(fù)性rm{Se<S}同一周期元素第一電離能隨著原子序數(shù)增大而呈增大趨勢，但第rm{IIA}族、第rm{VA}族元素第一電離能大于其相鄰元素，所以第一電離能rm{Se<Sn}

故答案為：rm{<}rm{<}

rm{(3)H_{2}Se}價層電子對個數(shù)是rm{4}且含有rm{2}個孤電子對，根據(jù)價層電子對互斥理論判斷該分子空