2025年人教A版高二物理下冊階段測試試卷

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年人教A版高二物理下冊階段測試試卷545考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學(xué)校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五六總分得分評卷人得分一、選擇題(共5題，共10分)1、（4分）簡諧橫波某時刻波形圖如圖所示，a為介質(zhì)中的一個質(zhì)點，由圖象可知（）A.質(zhì)點a加速度方向一定沿y軸負(fù)方向B.質(zhì)點a的速度方向一定沿y軸負(fù)方向C.經(jīng)過半個周期，質(zhì)點a的位移一定為負(fù)值D.經(jīng)過半個周期，質(zhì)點a通過的路程一定為2A2、在探究平行板電容器的電容與哪種因素有關(guān)的實驗中，一已充電的平行板電容器與靜電計連接如圖所示．已知靜電計指針張角隨著電容器兩極間的電勢差的增大而增大．現(xiàn)保持電容器的電量不變，且電容器B板位置不動．下列說法中正確的是（）A.將A板向左平移，則靜電計指針張角不變B.將A板向左平移，則靜電計指針張角增小C.將A板豎直向上平移，則靜電計指針張角減小D.將A板豎直向上平移，則靜電計指針張角增加3、下列說法中正確的是()A.氫原子從激發(fā)態(tài)向基態(tài)躍遷只能輻射特定頻率的光子B.光電效應(yīng)既顯示了光的粒子性，又顯示了光的波動性C.天然放射現(xiàn)象的發(fā)現(xiàn)，揭示了原子的核式結(jié)構(gòu)D.1

個氘核(12H)

與1

個氚核(13H)

聚變生成1

個氦核(24He)

的同時，放出1

個電子4、如圖是“嫦娥一號奔月”示意圖；衛(wèi)星發(fā)射后通過自帶的小型火箭多次變軌，進(jìn)入地月轉(zhuǎn)移軌道，最終被月球引力捕獲，成為繞月衛(wèi)星，并開展對月球的探測．下列說法正確的是（）

A.發(fā)射“嫦娥一號”的速度必須達(dá)到第三宇宙速度。

B.在繞月圓軌道上；衛(wèi)星受地球的引力大于受月球的引力。

C.衛(wèi)星受月球的引力與它到月球中心距離的平方成反比。

D.在繞月圓軌道上；衛(wèi)星速度與衛(wèi)星質(zhì)量無關(guān)。

5、某原子的能級圖如圖所示，abc

為原子躍遷所發(fā)出的三種波長的光，圖中譜線從左向右的波長依次增大的是(

)

A.B.C.D.評卷人得分二、雙選題(共2題，共4分)6、下列說法中；正確的是（）

A.油脂在堿性水溶液中水解在工業(yè)上用于制肥皂B.蔗糖是最重要的二糖，麥芽糖是它的同分異構(gòu)體C.在蔗糖與稀H2SO4共熱后的溶液中，滴加銀氨溶液，再水浴加熱有銀鏡生成D.取淀粉與稀硫酸共熱后的溶液，加入碘水溶液，溶液不變藍(lán)，證明淀粉尚未水解7、下列說法中；正確的是（）

A.油脂在堿性水溶液中水解在工業(yè)上用于制肥皂B.蔗糖是最重要的二糖，麥芽糖是它的同分異構(gòu)體C.在蔗糖與稀H2SO4共熱后的溶液中，滴加銀氨溶液，再水浴加熱有銀鏡生成D.取淀粉與稀硫酸共熱后的溶液，加入碘水溶液，溶液不變藍(lán)，證明淀粉尚未水解評卷人得分三、填空題(共7題，共14分)8、一沿水平方向振動的彈簧振子的位移x隨時間，變化的表達(dá)式為x=8sin4πt，式中位移x和時間t的單位分別是cm和s．彈簧振子的振幅為____cm；在t=0.375s時，描述彈簧振子的物理量中，達(dá)到最大值的有____等（寫出一個即可）．9、如圖所示，A、B是電場中的兩點，由圖可知，電場強(qiáng)度EA____EB（填“＞”或“＜”）．將一點電荷先后放在A、B兩點，它所受的電場力大小FA____FB（填“＞”或“＜”）．

10、一初速度為零的帶電粒子，經(jīng)電壓為U的電場加速后進(jìn)入磁感應(yīng)強(qiáng)度為B的勻強(qiáng)磁場中，已知帶電粒子的質(zhì)量為m，電量為q，則帶電粒子所受的洛侖茲力為______，軌道半徑為______．11、如圖表示一交流電的電流隨時間而變化的圖象；此交流電的有效值是______A

12、將輸入電壓為220V，輸出電壓為6V的理想變壓器改繞成輸出電壓為30V的變壓器，副線圈原來是30匝，原線圈匝數(shù)不變，則副線圈新增匝數(shù)為____。13、如圖，三個可視為質(zhì)點的金屬小球A、B、C質(zhì)量都是m，帶正電量都是q，連接小球的絕緣細(xì)線長度都是L，靜電力恒量為k，重力加速度為g．（小球可視為點電荷）則連結(jié)B、C的細(xì)線張力為____，連結(jié)A、B的細(xì)線張力為____．

14、某公園有一水池，水面下某處有一光源，在水面上形成一個半徑為3m的圓形亮斑，已知水的折射率．則光源的深度為____________m，光從光源傳到水面的最短時間為____________s．評卷人得分四、判斷題(共2題，共14分)15、處于靜電平衡狀態(tài)的導(dǎo)體內(nèi)部的場強(qiáng)處處為零，導(dǎo)體外表面場強(qiáng)方向與導(dǎo)體的表面一定不垂直．（判斷對錯）16、電場線與等勢面相互垂直，沿著同一等勢面移動電荷時靜電力不做功．（判斷對錯）評卷人得分五、計算題(共1題，共7分)17、如圖所示，在方向豎直向下的勻強(qiáng)電場中，一個質(zhì)量為m

帶負(fù)電的小球從斜直軌道上的A

點由靜止滑下，小球通過半徑為R

的圓軌道頂端的B

點時恰好不落下來.

若軌道是光滑絕緣的；小球的重力是它所受的電場力2

倍，試求：

(1)A

點在斜軌道上的高度h

(2)

小球運動到最低點C

時，圓軌道對小球的支持力．評卷人得分六、綜合題(共3題，共30分)18、A.(

卓越班)(1)

圖為遠(yuǎn)距離輸電示意圖，兩變壓器均為理想變壓器，升壓變壓器T

的原、副線圈匝數(shù)分別為n1n2

在T

的原線圈兩端接入一電壓u=Umsin婁脴t

的交流電源，若輸送電功率為P

輸電線的總電阻為2r

不考慮其它因素的影響，則輸電線上損失的電功率為___________w

(2)

在粗糙的水平桌面上有兩個靜止的木塊A

和B

兩者相距為d

現(xiàn)給A

一初速度，使A

與B

發(fā)生彈性正碰，碰撞時間極短。當(dāng)兩木塊都停止運動后，相距仍然為d.

已知兩木塊與桌面之間的動摩擦因數(shù)均為婁脤.B

的質(zhì)量為A

的2

倍，重力加速度大小為g

求A

的初速度的大小

B.(

博越班)(1)

下圖表示一交流電隨時間變化的圖像，其中電流為正值時的圖像為正弦曲線的正半部分，其最大值為Im

電流的負(fù)值為鈭?Im

則該交變電流的有效值為___________

(2)

如圖所示，一交流發(fā)電機(jī)的線圈在勻強(qiáng)磁場中勻速轉(zhuǎn)動，線圈匝數(shù)N=100

匝，線圈電阻r=3婁賂ab=cd=0.5mbc=ad=0.4m

磁感應(yīng)強(qiáng)度B=0.5T

電阻R=311婁賂

當(dāng)線圈以n=300r/min

的轉(zhuǎn)速勻速轉(zhuǎn)動時.

求：(1)

感應(yīng)電動勢的最大值；(2)t=0

時線圈在圖示位置，寫出此交變電流電動勢瞬時值表達(dá)式；(3)

此電壓表的示數(shù)是多少？19、(1)

用升壓變壓器可以實現(xiàn)高壓輸電，以減少遠(yuǎn)距離輸電過程中的電能損失。為了達(dá)到升壓的目的，升壓變壓器的原線圈匝數(shù)應(yīng)____(

選填“少于”或“多于”)

副線圈匝數(shù)。

(2)

如圖所示電路，已知電源的電動勢E

=3V

內(nèi)阻r

=1婁賂

外電阻R

=5婁賂

若電鍵S

閉合，則理想電流表A

示數(shù)為____A

。20、如圖所示為某一用直流電動機(jī)提升重物的裝置；重物的質(zhì)量m=50kg，電源的電壓為110V，不計電源電阻及各處的摩擦，當(dāng)電動機(jī)以v=0.9m/s的恒定速度向上提升重物時，電路中的電流I=5A，則：

（1）電動機(jī)正常工作10s消耗的電能有多少？

（2）電動機(jī)線圈的電阻有多大？（g=10m/s2）參考答案一、選擇題(共5題，共10分)1、A|C|D【分析】試題分析：簡諧波傳播過程中，質(zhì)點做簡諧運動，其加速度方向總是與對平衡位置的位移方向相反，指向平衡位置，故A正確；由于波的傳播方向可能沿x軸正方向，也可能沿x軸負(fù)方向，因此質(zhì)點a的速度方向可能沿y軸正方向，也可能沿y軸負(fù)方向，故B錯誤；根據(jù)質(zhì)點a的振動規(guī)律，無論質(zhì)點a是沿y軸正方向運動或是沿y軸負(fù)方向運動，經(jīng)過半個周期后，質(zhì)點a均處在x軸下方向某位置，故質(zhì)點a對平衡位置的位移沿y軸負(fù)方向，為負(fù)值，C正確；簡諧運動具有周期性，質(zhì)點在一個周期內(nèi)通過的路程是4A，半個周期內(nèi)通過的路程是2A．考點：本題考查了對橫波的圖象、質(zhì)點對平衡位置的位移及振動過程質(zhì)點的加速度、速度變化規(guī)律等知識的理解．【解析】【答案】ACD2、D【分析】解：

A、B將A板向左平移，板間距離d增大，根據(jù)電容的決定式C=得知電容C減小，而電容器的電量Q不變，由電容的定義式C=分析得知板間電勢差U增大；則靜電計指針張角增大．故A；B錯誤．

C、D將A板豎直向上平移，兩極板正對的面積減小，根據(jù)電容的決定式C=得知電容C減小，而電容器的電量Q不變，由電容的定義式C=分析得知板間電勢差U增大；則靜電計指針張角增大．故C錯誤，D正確．

故選：D

先根據(jù)電容的決定式分析電容的變化；再根據(jù)電容的定義式分析板間電勢差的變化，判斷靜電計指針張角的變化．

本題是電容的動態(tài)分析問題，根據(jù)電容的決定式C=和電容的定義式C=結(jié)合進(jìn)行分析，分析時還要抓住不變量，電容器充電后與電源斷開時其電量不變．【解析】【答案】D3、A【分析】【分析】原子躍遷只能發(fā)出特定頻率的光；光電效應(yīng)說明光具有粒子性；天然放射現(xiàn)象說明了原子核內(nèi)部有復(fù)雜結(jié)構(gòu)，盧瑟福通過婁脕

粒子散射實驗得出原子的核式結(jié)構(gòu)模型；根據(jù)電荷數(shù)守恒、質(zhì)量數(shù)守恒得出釋放粒子的電荷數(shù)和質(zhì)量數(shù)，從而得出粒子的種類。本題考查了能級躍遷、光電效應(yīng)、天然放射現(xiàn)象、核反應(yīng)等基礎(chǔ)知識點，關(guān)鍵要熟悉教材，牢記這些基礎(chǔ)知識點，注意光電效應(yīng)說明了光具有粒子性，未顯示波動性。【解答】A.氫原子從激發(fā)態(tài)向基態(tài)躍遷；由于能級是量子化的，可知輻射的光子頻率也是量子化的，即只能輻射特定頻率的光子，故A正確；

B.光電效應(yīng)顯示了光的粒子性；故B錯誤；

C.天然放射現(xiàn)象說明了原子核內(nèi)部有復(fù)雜結(jié)構(gòu)；故C錯誤；

D.根據(jù)電荷數(shù)守恒、質(zhì)量數(shù)守恒知，1

個氘核(12H)

與1

個氚核(13H)

聚變生成1

個氦核(24He)

的同時，放出的粒子電荷數(shù)為0

質(zhì)量數(shù)為1

是中子，故D錯誤。故選A?！窘馕觥緼

4、C|D【分析】

A；要使“嫦娥一號”離開地球；其速度要大于第二宇宙速度，故A錯誤；

B；在繞月圓軌道上；衛(wèi)星受地球的引力遠(yuǎn)小于受月球的引力，可以忽略不計，故B錯誤；

C；根據(jù)萬有引力定律；衛(wèi)星受月球的引力與它到月球中心距離的平方成反比，故C正確；

D；根據(jù)萬有引力等于向心力；可以求出衛(wèi)星的繞月速度。

v=與衛(wèi)星質(zhì)量m無關(guān)，故D正確；

故選CD．

【解析】【答案】要使“嫦娥一號”離開地球；其速度要大于第二宇宙速度；在繞月圓軌道上，衛(wèi)星受地球的引力遠(yuǎn)小于受月球的引力，可以忽略不計；根據(jù)萬有引力提供向心力，可以求出“嫦娥一號”的繞月速度．

5、D【分析】解：從第3

能級躍遷到第1

能級；能級差最大，知c

光的頻率最大，波長最短；

從第3

能級躍遷到第2

能級，能級差最小，知b

光的光子頻率最小；波長最長；

所以波長依次增大的順序為cab.

故D正確；AB

C錯誤．

故選：D

．

能級間躍遷輻射的光子能量等于兩能級間的能級差；能級差越大，光子頻率越大，波長越短．

解決本題的關(guān)鍵知道頻率與波長的關(guān)系，以及知道能級間躍遷吸收或輻射的光子能量等于兩能級的能級差進(jìn)行分析．【解析】D

二、雙選題(共2題，共4分)6、AB【分析】本題考查物質(zhì)的性質(zhì)。該題屬于基礎(chǔ)性試題，難度不大。只要能記住常見物質(zhì)的性質(zhì)，就不難得出正確的結(jié)論。

A.油脂在堿性水溶液中水解在工業(yè)上用于制肥皂；故A正確；

B.蔗糖是最重要的二糖；麥芽糖是它的同分異構(gòu)體，故B正確；

C.在蔗糖與稀H2SO4共熱后的溶液中；加氫氧化鈉中和硫酸以后再滴加銀氨溶液，再水浴加熱有銀鏡生成，故C錯誤；

D.取淀粉與稀硫酸共熱后的溶液；加入碘水溶液，溶液不變藍(lán)，證明淀粉水解完全，故D錯誤；

?故選AB?！窘馕觥緼B7、AB【分析】本題考查物質(zhì)的性質(zhì)。該題屬于基礎(chǔ)性試題，難度不大。只要能記住常見物質(zhì)的性質(zhì)，就不難得出正確的結(jié)論。

A.油脂在堿性水溶液中水解在工業(yè)上用于制肥皂；故A正確；

B.蔗糖是最重要的二糖；麥芽糖是它的同分異構(gòu)體，故B正確；

C.在蔗糖與稀H2SO4共熱后的溶液中；加氫氧化鈉中和硫酸以后再滴加銀氨溶液，再水浴加熱有銀鏡生成，故C錯誤；

D.取淀粉與稀硫酸共熱后的溶液；加入碘水溶液，溶液不變藍(lán)，證明淀粉水解完全，故D錯誤；

?故選AB?！窘馕觥緼B三、填空題(共7題，共14分)8、略

【分析】

位移x隨時間變化的表達(dá)式為x=8sin4πt；因此得到彈簧振子的振幅為8cm；

當(dāng)在t=0.375s時；則有位移為-8cm，所以達(dá)到最大值的有：振子離開平衡位置的位移；回復(fù)力（彈簧彈力）或者振子的加速度，或彈簧的彈性勢能；

故答案為：8；彈簧的彈性勢能；振子離開平衡位置的位移、回復(fù)力（彈簧彈力）或者振子的加速度．

【解析】【答案】由x=8sin4πt；得到振子的振幅，再根據(jù)表達(dá)式，即可確定時間t時，哪個量達(dá)到最大，從而確定求解．

9、＞＞【分析】【解答】根據(jù)圖象很容的發(fā)現(xiàn)，在電場的A點的電場線較密，所以，在A點的電場的強(qiáng)度要比B點的電場的強(qiáng)度大，即EA＞EB；

由于EA＞EB，并且是同一個試探電荷，電荷的電荷量大小相同，由F=qE可知，電荷在A點時受到的電場力要在B點時受到的電場力大，即FA＞FB；；

故答案為：＞；＞

【分析】電場線是從正電荷或者無窮遠(yuǎn)發(fā)出，到負(fù)電荷或無窮遠(yuǎn)處為止，電場線密的地方電場的強(qiáng)度大，電場線疏的地方電場的強(qiáng)度?。?0、略

【分析】解：粒子在電場中加速．由動能定理得：

得：

帶電粒子在磁場中受到的洛倫茲力：

由洛倫茲力提供向心力得：

所以：

故答案為：

由動能定理即可求出粒子進(jìn)入磁場時的速度；由洛倫茲力提供向心力即可求得粒子的半徑．

考查粒子在電場中加速與磁場中偏轉(zhuǎn)，掌握動能定理與牛頓第二定律的應(yīng)用，注意運動半徑與已知長度的關(guān)系．【解析】11、5【分析】解：將交流與直流通過阻值都為R

的電阻；

設(shè)直流電流為I

則根據(jù)有效值的定義有：

(42)2R?T2+(32)2R?T2=I2RT

解得：I=5A

故答案為：5

．

根據(jù)有效值的定義求解.

取一個周期時間；將交流與直流分別通過相同的電阻，若產(chǎn)生的熱量相同，直流的電流值，即為此交流的有效值．

對于非正弦式電流可根據(jù)有效值的定義求解有效值.

常見題型，要熟練掌握．【解析】5

12、略

【分析】【解析】試題分析：輸入電壓為220V，輸出電壓為6V的理想變壓器，說明匝數(shù)之比為110:3；副線圈為30匝，說明原線圈1100匝，即所以副線圈新增匝數(shù)為120匝數(shù)考點：變壓器【解析】【答案】12013、mg+2mg+【分析】【解答】球A與球B間的靜電斥力為：FAB=；

球B和球C間的靜電斥力為：FBC=；

球A和球C間的靜電斥力為：FAC=；

先對C球受力分析，受重力、球B的斥力、球C的斥力和細(xì)線的拉力；故：

TBC=mg+FAC+FBC=mg+

再對B球和C球整體受力分析，受重力、A球的斥力和細(xì)線的拉力；根據(jù)平衡條件，有：

TAB=2mg+FAC+FAB=2mg+

故答案為：mg+2mg+．

【分析】先對C球受力分析，根據(jù)平衡條件求解連結(jié)B、C的細(xì)線張力；再對B球和C球整體受力分析，根據(jù)平衡條件求解連結(jié)A、B的細(xì)線張力．14、略

【分析】解：光源在A處，射到B處恰好發(fā)生全反射，c為臨界角，由sinc=即。

如圖所示：

由題意可知：OB長為3m，根據(jù)勾股定理可得：OA長度為

光沿OA方向傳到水面時間最短，即為

故答案為：【解析】四、判斷題(共2題，共14分)15、B【分析】【解答】解：根據(jù)靜電平衡的特點；導(dǎo)體是等勢體，金屬導(dǎo)體的內(nèi)部電場強(qiáng)度處處為零；

由于處于靜電平衡狀態(tài)的導(dǎo)體是一個等勢體；則表面電勢處處相等，即等勢面，那么電場線與等勢面垂直；

故答案為：錯誤．

【分析】金屬導(dǎo)體在點電荷附近，出現(xiàn)靜電感應(yīng)現(xiàn)象，導(dǎo)致電荷重新分布．因此在金屬導(dǎo)體內(nèi)部出現(xiàn)感應(yīng)電荷的電場，正好與點電荷的電場疊加，只有疊加后電場為零時，電荷才不會移動．此時導(dǎo)體內(nèi)部電場強(qiáng)度處處為零，電荷全部分布在表面，且為等勢面，導(dǎo)體是等勢體．16、A【分析】【解答】解：根據(jù)電場線的特點可知；沿電場線的方向電勢降低；電場線垂直于等勢面、同一等勢面移動電荷電場力不做功．

故答案為：正確．

【分析】解決本題要根據(jù)：電場線是人為假想的曲線，從正電荷或無限遠(yuǎn)出發(fā)，終止于無限遠(yuǎn)或負(fù)電荷，不閉合，電場線疏密描述電場強(qiáng)弱，電場線密的地方，電場強(qiáng)度大，疏的地方電場強(qiáng)度弱，沿電場線的方向電勢降低．五、計算題(共1題，共7分)17、解：由題意得：mg=2Eq

設(shè)小球到B點的最小速度為VB；則由牛頓第二定律可得：

對AC過程由動能定理可得：

mg（h-2R）-Eq（h-2R）=mVB2；

聯(lián)立解得：h=

（2）對AC過程由動能定理可得：

由牛頓第二定律可得：

F+Eq-mg=

聯(lián)立解得：F=3mg；

答：（1）A點在斜軌道上的高度為（2）小球運動到最低點C時，圓軌道對小球的支持力為3mg．【分析】

(1)

小球恰好通過最高點；則由向心力公式可求得B

點的速度；對AB

過程由動能定理可得A

在軌道上的高度；

(2)

對AC

過程由動能定理要求得C

點的速度；由向心力公式可求得圓軌道對小球的支持力．

本題考查動能定理及向心力公式的應(yīng)用，在解題時注意計算中的中間過程不必解出，而應(yīng)聯(lián)立可以簡單求出．【解析】解：由題意得：mg=2Eq

設(shè)小球到B

點的最小速度為VB

則由牛頓第二定律可得：

mg鈭?Eq=mvB2R

對AC

過程由動能定理可得：

mg(h鈭?2R)鈭?Eq(h鈭?2R)=12mVB2

聯(lián)立解得：h=52R

(2)

對AC

過程由動能定理可得：

mgh鈭?Eqh=12mvC2

由牛頓第二定律可得：

F+Eq鈭?mg=mvC2R

聯(lián)立解得：F=3mg

答：(1)A

點在斜軌道上的高度為52R(2)

小球運動到最低點C

時，圓軌道對小球的支持力為3mg

．六、綜合題(共3題，共30分)18、A（1）（2）解：設(shè)在發(fā)生碰撞前的瞬間；木塊A的速度大小為v；

在碰撞后的瞬間，A和B的速度分別為v1和v2．

在碰撞過程中；由能量守恒定律和動量守恒定律．得。

mv=mv1+2mv2；式中，以碰撞前木塊A的速度方向為正。

聯(lián)立解得：

設(shè)碰撞后A和B運動的距離分別為d1和d2；

由動能定理得

按題意有：d=d2+d1

設(shè)A的初速度大小為v0，由動能定理得

聯(lián)立解得：（2）解：（1）n=300r/min=5r/s，則ω=2πn=2π×5=10πrad/s，感應(yīng)電動勢的最大值Em=NBSω=100×0.5×0.5×0.4×10πV=314V．

（2）因為從中性面垂直面開始計時，則e=Emcosωt=314cos10πtV．

（3）電動勢的有效值

根據(jù)閉合電路歐姆定律知，電壓表的示數(shù)

【分析】A.(1)

【分析】理想變壓器輸入功率和輸出功率相等，通過原線圈的電壓求出副線圈的電壓，再根據(jù)I=PU

求出輸電線上的電流，從而求出輸電線上消耗的功率。解決本題的關(guān)鍵注意電壓有效值的使用及變壓器的特點，輸入功率等于輸出功率，電壓比等于匝數(shù)比?！窘獯稹考釉谠€圈上的電壓U1=Um2

根據(jù)電壓比與匝數(shù)比關(guān)系：U1U2=n1n2

所以：

根據(jù)I=PU

輸電線上的電流I=PU2

輸電線上消耗的功率P潞脛=I2?2r=4(n1n2)2(PUm)2r

故填：4(n1n2)2(PUm)2r

(2)

碰撞過程中AB

組成的系統(tǒng)動量守恒，結(jié)合動量守恒定律和動能定理，抓住停止時相距的距離，表示出出碰撞后的AB

的速度，結(jié)合能量守恒定律求解。本題綜合考查了動量守恒定律、動能定理、能量守恒定律，綜合性較強(qiáng)，對學(xué)生的能力要求較高，需加強(qiáng)這方面的訓(xùn)練。B.(1)

【分析】求有效值方法：是將交流電在一個周期內(nèi)產(chǎn)生熱量與將恒定電流在相同時間內(nèi)產(chǎn)生的熱量相等，則恒定電流的值就是交流電的有效值。求交流電的有效值，往往根據(jù)電流的熱效應(yīng)，由有效值的定義求解。【解答】有效值是根據(jù)電流的熱效應(yīng)來規(guī)定的，根據(jù)(Im2)2RT2+Im2RT2=I2RT

得交流電的有效值為：I=32Im

故填：32Im

(2)

(1)

根據(jù)轉(zhuǎn)速求出角速度的大小，結(jié)合Em=NBS婁脴

求出感應(yīng)電動勢的最大值；(2)t=0

時刻；線圈處于與中性面垂直面的位置，結(jié)合e=Emcos婁脴t

寫出瞬時表達(dá)式；

(3)

電壓表的示數(shù)是電壓的有效值，根據(jù)峰值求出電動勢的有效值，結(jié)合閉合電路歐姆定律求出電壓表的示數(shù)。解決本題的關(guān)鍵掌握交流電的最大值、有效值、瞬時值，知道它們的關(guān)系，掌握瞬時值的表達(dá)式，注意從中性面開始計時和從與中性面垂直的面開始計時，表達(dá)式不同。

【解析】A(1)4(n1n2)2(PUm)2r

(2)

解：設(shè)在發(fā)生碰撞前的瞬間；木塊A

的速度大小為v

在碰撞后的瞬間；A

和B

的速度分別為v1

和v2

．

在碰撞過程中；由能量守恒定律和動量守恒定律.

得。

12mv2=12mv12+122mv22

mv=mv1+2mv2

式中，以碰撞前木塊A

的速度方向為正。

聯(lián)立解得：v1=鈭?12v2

設(shè)碰撞后A