2025年冀教版高一物理上冊(cè)階段測(cè)試試卷含答案

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請(qǐng)※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁(yè)，總=sectionpages22頁(yè)第=page11頁(yè)，總=sectionpages11頁(yè)2025年冀教版高一物理上冊(cè)階段測(cè)試試卷含答案考試試卷考試范圍：全部知識(shí)點(diǎn)；考試時(shí)間：120分鐘學(xué)校：______姓名：______班級(jí)：______考號(hào)：______總分欄題號(hào)一二三四五總分得分評(píng)卷人得分一、選擇題(共9題，共18分)1、一輛汽車以20m/s的速度沿平直的公路從甲地開往乙地，又以30m/s的速度從乙地開往丙地．已知甲、乙兩地間的距離與乙、丙兩地間的距離相等，該汽車在從甲地開往丙地的過程中平均速度的大小為A.22m/sB.24m/sC.25m/sD.28m/s2、一個(gè)行星，其半徑比地球的半徑大2倍，質(zhì)量是地球的25倍，則它表面的重力加速度是地球表面重力加速度的()A.6倍B.4倍C.25／9倍D.12倍3、【題文】我國(guó)將要發(fā)射一顆繞月運(yùn)行的探月衛(wèi)星“嫦娥1號(hào)”.設(shè)該衛(wèi)星的軌道是圓形的，且貼近月球表面.已知月球的質(zhì)量約為地球質(zhì)量的月球的半徑約為地球半徑的地球上的第一宇宙速度約為7.9km/s，則該探月衛(wèi)星繞月運(yùn)行的速率約為（）A.0.4km/sB.1.8km/sC.11km/sD.36km/s4、【題文】如圖所示，左側(cè)是傾角為60°的斜面、右側(cè)是1/4圓弧面的物體A固定在水平地面上，圓弧面底端的切線水平。一根輕繩兩端分別系有質(zhì)量為m1、m2的小球；跨過A頂端的定滑輪，當(dāng)兩球處于平衡狀態(tài)時(shí)，右側(cè)輕繩與水平方向夾角為60°，不計(jì)一切摩擦，兩小球可視為質(zhì)點(diǎn)，則兩小球的質(zhì)量之比為（）

A.1:1B.2:3C.2:D.4:35、【題文】如圖；勻強(qiáng)電場(chǎng)方向水平向右，場(chǎng)強(qiáng)E，絲線長(zhǎng)L，上端系于O點(diǎn)，下端系質(zhì)量為m帶電量為+q的小球，已知Eq=mg。現(xiàn)將小球從最低點(diǎn)A由靜止釋放，則()

A.小球可到達(dá)水平位置B.當(dāng)懸線與水平呈45°角時(shí)小球的速度最大C.小球在運(yùn)動(dòng)過程中機(jī)械能守恒D.小球速度最大時(shí)懸線上的張力為6、下列各組物理量中，都是矢量的是（）A.位移、時(shí)間、速度B.加速度、速度的變化、速度C.速度、速率、加速度D.路程、時(shí)間、位移7、一輛汽車從靜止開始由甲地出發(fā)，沿平直公路開到乙地剛好停止，其速度圖象如圖所示.

那么0隆蘆t

和t隆蘆3t

兩段時(shí)間內(nèi)，下列說法中正確的是(

)

A.加速度的大小之比為31

B.加速度的大小之比為11

C.位移的大小之比為12

D.位移的大小之比為13

8、世界上第一枚原子彈爆炸時(shí)，恩里克?

費(fèi)米把事先準(zhǔn)備好的碎紙片從頭頂上撒下，碎紙片落到他身后約2m

處，由此，他根據(jù)估算出的風(fēng)速(

假設(shè)其方向水平)

推測(cè)出那枚原子彈的威力相當(dāng)于一萬(wàn)噸TNT

炸藥.

若紙片是從1.8m

高處撒下，g

取10m/s2

則當(dāng)時(shí)的風(fēng)速大約是(

)

A.3.3m/s

B.5.6m/s

C.11m/s

D.33m/s

9、對(duì)于兩個(gè)電容不同的電容器，下列說法正確的是()A.電容大的電容器帶電荷量一定比較多B.電容大的電容器兩板間的電勢(shì)差一定比較大C.由C=QU

知，電容器所帶電荷量Q

只要不斷增大，U

可無(wú)限增大D.在相同電壓作用下，帶電荷量多的電容器的電容比較大評(píng)卷人得分二、填空題(共9題，共18分)10、一顆子彈速度為v時(shí)，剛好打穿一塊鋼板，那么速度為2v時(shí)，可打穿____塊同樣的鋼板；要打穿n塊同樣的鋼板，子彈速度應(yīng)為____．11、在做“研究牛頓第二定律”的實(shí)驗(yàn)時(shí)：

（1）甲同學(xué)根據(jù)實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)畫出的小車的加速度a和小車所受拉力F的圖象為如圖所示中的直線Ⅰ，乙同學(xué)畫出的圖象為圖中的直線Ⅱ．直線Ⅰ、Ⅱ在縱軸或橫軸上的截距較大．明顯超出了誤差范圍，下面給出了關(guān)于形成這種情況原因的四種解釋，其中可能正確的是______．

（A）實(shí)驗(yàn)前甲同學(xué)沒有平衡摩擦力。

（B）甲同學(xué)在平衡摩擦力時(shí)；把長(zhǎng)木板的末端抬得過高了。

（C）實(shí)驗(yàn)前乙同學(xué)沒有平衡摩擦力。

（D）乙同學(xué)在平衡摩擦力時(shí)；把長(zhǎng)木板的末端抬得過高了。

（2）在研究小車的加速度a和拉力F的關(guān)系時(shí)，由于始終沒有滿足M＞＞m的關(guān)系，結(jié)果應(yīng)是下圖中的圖______．

12、用如圖所示實(shí)驗(yàn)裝置驗(yàn)證機(jī)械能守恒定律．通過電磁鐵控制的小鐵球從A

點(diǎn)自由下落，下落過程中經(jīng)過光電門B

時(shí)，毫秒計(jì)時(shí)器(

圖中未畫出)

記錄下?lián)豕鈺r(shí)間t

測(cè)出AB

之間的距離h.

實(shí)驗(yàn)前應(yīng)調(diào)整光電門位置使小球下落過程中球心通過光電門中的激光束．(1)

為了驗(yàn)證機(jī)械能守恒定律，還需要測(cè)量下列哪些物理量________．(A)A

點(diǎn)與地面間的距離H

(B)

小鐵球的直徑L

(C)

小鐵球從A

到B

的下落時(shí)間tAB

(D)

小鐵球的質(zhì)量m

(2)

小鐵球通過光電門時(shí)的瞬時(shí)速度v=

________，若下落過程中機(jī)械能守恒，則1t2

與h

的關(guān)系式為1t2=________

．13、桌面離地面的高度是0.9m，坐標(biāo)系的原點(diǎn)定在桌面上，向上方向?yàn)樽鴺?biāo)軸的正方向，有A、B兩點(diǎn)離地面的距離分別為1.9m和0.4m．那么A、B的坐標(biāo)分別是____m，____m．14、______是第一宇宙速度．值v=______

第二宇宙速度數(shù)值______，第三宇宙速度數(shù)值______．15、為了探究彈簧彈力F和彈簧伸長(zhǎng)量x的關(guān)系，某同學(xué)選了A、B兩根規(guī)格不同的彈簧進(jìn)行測(cè)試，根據(jù)測(cè)得的數(shù)據(jù)繪出如圖所示的圖象，從圖象上看，該同學(xué)沒能完全按實(shí)驗(yàn)要求做，使圖象上端成為曲線，圖象上端成為曲線的原因是______．B彈簧的勁度系數(shù)為______N/m．勁度系數(shù)較大的是______（填A(yù)或B）．16、“用DIS

研究加速度與力的關(guān)系”的實(shí)驗(yàn)裝置如圖(a)

所示.

實(shí)驗(yàn)中通過增加鉤碼的數(shù)量，多次測(cè)量，可得小車運(yùn)動(dòng)的加速度a

和所受拉力F

的關(guān)系圖象.

他們?cè)谲壍浪胶蛢A斜的兩種情況下分別做了實(shí)驗(yàn)，得到了兩條a鈭?F

圖線，如圖(b)

所示．

(1)

圖線______是在軌道右側(cè)抬高成為斜面情況下得到的；(

選填“壟脵

”或“壟脷

”)

(2)

在軌道水平時(shí)小車運(yùn)動(dòng)的阻力f=

______；

(3)(

單選)

圖(b)

中；拉力F

較大時(shí)，a鈭?F

圖線明顯彎曲，產(chǎn)生誤差.

為消除此誤差可采取的措施是______．

A.調(diào)整軌道的傾角；在未掛鉤碼時(shí)使小車能在軌道上勻速運(yùn)動(dòng)．

B.在增加鉤碼數(shù)量的同時(shí)在小車上增加砝碼；使鉤碼的總質(zhì)量始終遠(yuǎn)小于小車的總質(zhì)量．

C.在鉤碼與細(xì)繩之間接入一力傳感器；用力傳感器讀數(shù)代替鉤碼的重力．

D.更換實(shí)驗(yàn)中使用的鉤碼規(guī)格，采用質(zhì)量較小的鉤碼進(jìn)行上述實(shí)驗(yàn)．17、機(jī)車牽引力一定，在平直軌道上以a

1=1m/s2

的加速度行駛，因若干節(jié)車廂脫鉤，加速度變?yōu)閍

2=2m/s2

設(shè)所受阻力為車重的0.1

倍，則脫落車廂的質(zhì)量與原機(jī)車總質(zhì)量之比等于________.(

g

=10m/s2)

18、如圖所示，輕彈簧k

一端與墻相連處于自然狀態(tài)，質(zhì)量為4kg

的木塊沿光滑的水平面以3m/s

的速度運(yùn)動(dòng)并開始擠壓彈簧，則彈簧的最大彈性勢(shì)能為______J

木塊被彈回速度達(dá)到1m/s

時(shí)彈簧的彈性勢(shì)能為______J.評(píng)卷人得分三、簡(jiǎn)答題(共6題，共12分)19、如何理解經(jīng)典力學(xué)的局限性？20、我國(guó)志愿者王躍曾與俄羅斯志愿者一起進(jìn)行“火星鈭?500

”的實(shí)驗(yàn)活動(dòng).

假設(shè)王躍登陸火星后，測(cè)得火星的半徑是地球半徑的12

質(zhì)量是地球質(zhì)量的18.

已知地球表面的重力加速度是g

地球的半徑為R

忽略火星以及地球自轉(zhuǎn)的影響，求：

(1)

火星表面的重力加速度g隆盲

的大??；

(2)

王躍登陸火星后，經(jīng)測(cè)量發(fā)現(xiàn)火星上一晝夜的時(shí)間為t

如果要發(fā)射一顆火星的同步衛(wèi)星，它正常運(yùn)行時(shí)距離火星表面將有多遠(yuǎn)？21、如圖所示；細(xì)繩一端系著質(zhì)量M=0.6kg

的物體，靜止在水平面上，另一端通過光滑小孔吊著質(zhì)量m=0.3kg

的物體，M

的中點(diǎn)與圓孔距離為0.2m

并知M

和水平面的最大靜摩擦力為2N.

現(xiàn)使此平面繞中心軸線方向轉(zhuǎn)動(dòng)，若g=10m/s2

且m

始終處于靜止?fàn)顟B(tài).

求：

(1)

若物體M

恰好不受靜摩擦力作用；則平面轉(zhuǎn)動(dòng)的角速度婁脴0

為多少？

(2)

平面轉(zhuǎn)動(dòng)的角速度婁脴

在什么范圍內(nèi)，物體M

才不會(huì)滑動(dòng)？22、rm{(1)}有下列幾組反應(yīng)：A.rm{Zn+2HCl=ZnCl_{2}+H_{2}隆眉}B.rm{CO_{2}+H_{2}O=H_{2}CO_{3}}C.rm{S+O}2rm{overset{碌茫脠錄}{=}}rm{SO_{2}}D.rm{Ba(OH)_{2}+H_{2}SO_{4}=BaSO_{4}隆媒+2H_{2}O}E.rm{Na_{2}CO_{3}+2HCl=2NaCl+H_{2}O+CO_{2}隆眉}F.rm{CaCO_{3}overset{?}{=}CaO+CO_{2}隆眉}G.rm{CH_{4}+2O_{2}overset{碌茫脠錄}{=}CO_{2}+H_{2}O}H.rm{2KClO_{3}overset{?}{=}2KCl+3O_{2}隆眉}以上反應(yīng)中，屬置換反應(yīng)的是_____，屬化合反應(yīng)的是________，屬分解反應(yīng)的是________，屬?gòu)?fù)分解反應(yīng)的是______，屬氧化還原反應(yīng)的是_____。rm{CaCO_{3}overset{?}{=}

CaO+CO_{2}隆眉}實(shí)驗(yàn)室制取rm{CH_{4}+2O_{2}overset{碌茫脠錄}{=}

CO_{2}+H_{2}O}的反應(yīng)方程式為：rm{2KClO_{3}overset{?}{=}

2KCl+3O_{2}隆眉}反應(yīng)過程中轉(zhuǎn)移rm{(2)}電子，生成標(biāo)準(zhǔn)狀況下的rm{H_{2}}________rm{Zn+H_{2}SO_{4}=ZnSO_{4}+H_{2}隆眉}rm{2mol}用雙線橋法表示出電子轉(zhuǎn)移的方向和數(shù)目：rm{H_{2}}。rm{L}23、如圖所示，(a)

圖表示某物體在x

軸方向上的分速度的v鈭?t

圖象，(b)

圖表示該物體在y

軸方向上的分速度的v鈭?t

圖象.

求：

(1)

物體在t=0

時(shí)的速度；

(2)t=8s

時(shí)物體的速度；

(3)t=4s

時(shí)物體的位移．24、(10分)將下列物質(zhì)進(jìn)行分類(填序號(hào))①O2與O3②與③金剛石與石墨④干冰與CO2⑤H2、D2、T2⑥異丁烷和庚烷⑧乙醇與CH3OCH3(1)互為同位素的是____，(2)互為同素異形體的是____，(3)互為同分異構(gòu)體的是____，(4)屬于同一化合物的是____，(5)屬于同系物的是____。評(píng)卷人得分四、畫圖題(共2題，共10分)25、畫出下面2個(gè)物體所受重力的圖示（1）放在桌面上的質(zhì)量為m=0.1kg的字典（2）拋出后在空中飛行的質(zhì)量為m=5kg的鉛球。26、畫出下面2個(gè)物體所受重力的圖示（1）放在桌面上的質(zhì)量為m=0.1kg的字典（2）拋出后在空中飛行的質(zhì)量為m=5kg的鉛球。評(píng)卷人得分五、解答題(共1題，共9分)27、如圖所示，水平傳送帶以v=5m/s的恒定速度運(yùn)動(dòng)，傳送帶長(zhǎng)AB=7.5m，今在其左端將一質(zhì)量為m=1kg的工件輕輕放在上面，工件被帶傳送到右端，已知工件與傳送帶間的動(dòng)摩擦因數(shù)μ=0.5，（g=10m/s2）試求：

（1）工件經(jīng)過多長(zhǎng)時(shí)間由傳送帶左端運(yùn)動(dòng)到右端。

（2）工件在傳送帶上相對(duì)滑動(dòng)的長(zhǎng)度．

參考答案一、選擇題(共9題，共18分)1、B【分析】試題分析:設(shè)甲、乙兩地間的距離為x，則汽車在甲、乙兩地間運(yùn)動(dòng)時(shí)間t1=則汽車在乙、丙兩地間運(yùn)動(dòng)時(shí)間t2=該汽車在從甲地開往丙地的過程中平均速度v====24m/s。故選B考點(diǎn)：平均速度【解析】【答案】B2、C【分析】試題分析：行星半徑比地球的半徑大2倍，行星半徑是地球半徑的3倍，根據(jù)黃金公式得出重力加速度則行星的重力加速度地球的重力加速度行星表面的重力加速度是地球表面重力加速度所以C項(xiàng)正確；A、B、D項(xiàng)錯(cuò)誤?？键c(diǎn)：本題考查了星體表面重力加速度的求法【解析】【答案】C3、B【分析】【解析】

試題分析：地球上的第一宇宙速度即環(huán)繞地球表面運(yùn)行的速度，萬(wàn)有引力提供圓周運(yùn)動(dòng)的向心力．設(shè)地球質(zhì)量為半徑為R，月球質(zhì)量為半徑為r，地球第一宇宙速度為v地，環(huán)月速度為v月，有：對(duì)環(huán)繞地球表面運(yùn)行的物體：對(duì)環(huán)繞月球表面運(yùn)行的衛(wèi)星：由以上兩式并帶入數(shù)據(jù)可得：故B

考點(diǎn)：第一宇宙速度；第二宇宙速度和第三宇宙速度；萬(wàn)有引力定律及其應(yīng)用．

點(diǎn)評(píng)：本題關(guān)鍵是根據(jù)第一宇宙速度的表達(dá)式列式求解，其中第一宇宙速度為貼近星球表面飛行的衛(wèi)星的環(huán)繞速度！【解析】【答案】B4、B【分析】【解析】

試題分析：兩小球由同一條通過定滑輪的繩子連接；所以繩子對(duì)兩球的拉力相等，分別對(duì)兩小球受力分析可得：

對(duì)有:對(duì)有：

所以質(zhì)量之比為2:3；B正確；

考點(diǎn)：本題考查了力的平衡以及正交分解。

點(diǎn)評(píng)：做此類型題目的關(guān)鍵是正確對(duì)物體受力分析，然后運(yùn)用正交分解法列等式求解【解析】【答案】B5、A|B|D【分析】【解析】

試題分析：分析小球受力可知，重力與電場(chǎng)力的合力的方向與豎直方向成450角，根據(jù)等效思想，可以認(rèn)為小球在此復(fù)合場(chǎng)中的等效重力方向與豎直方向成450角；如下圖所示：

故可知，小球在此復(fù)合場(chǎng)中做單擺運(yùn)動(dòng)，由對(duì)稱性可知，小球的等效最高點(diǎn)在水平位置，所以A正確；小球運(yùn)動(dòng)的等效最低點(diǎn)在與水平方向成450角的位置，此時(shí)小球速度最大，所以B正確；因小球運(yùn)動(dòng)過程中電場(chǎng)力做功，所以小球機(jī)械能不守恒，故C錯(cuò)誤；由動(dòng)能定理得根據(jù)圓周運(yùn)動(dòng)公式及牛頓第二定律可得聯(lián)立解得所以D正確；

考點(diǎn)：場(chǎng)的疊加、圓周運(yùn)動(dòng)、牛頓第二定律【解析】【答案】ABD6、B【分析】解：A；位移、速度是矢量；而時(shí)間是標(biāo)量，故A錯(cuò)誤．

B；加速度、速度的變化、速度都是矢量；故B正確．

C；速率是標(biāo)量；速度和加速度是矢量，故C錯(cuò)誤．

D；路程、時(shí)間是標(biāo)量；位移是矢量，故D錯(cuò)誤．

故選：B

物理量按有沒有方向分為矢量和標(biāo)量?jī)深?；矢量是指既有大小又有方向的物理量，?biāo)量是只有大小沒有方向的物理量．

對(duì)于物理量的矢標(biāo)性是學(xué)習(xí)物理量的基本內(nèi)容，矢量要掌握其方向特點(diǎn)進(jìn)行記憶．【解析】【答案】B7、C【分析】解：設(shè)汽車的最大速度為v

．

AB

根據(jù)圖象的斜率等于加速度，可得加速度的大小之比a1a2=vtv2t=21

故AB錯(cuò)誤．

CD

位移的大小之比為x1x2=vt2v鈰?2t2=12

故C正確，D錯(cuò)誤．

故選：C

在速度鈭?

時(shí)間圖象中；圖線的斜率表示加速度，圖象與坐標(biāo)軸圍成面積代表位移．

本題是速度鈭?

時(shí)間圖象的應(yīng)用，要明確斜率的含義，知道在速度鈭?

時(shí)間圖象中圖象與坐標(biāo)軸圍成的面積的含義．【解析】C

8、A【分析】解：碎紙片豎直方向做自由落體運(yùn)動(dòng)，由h=12gt2

得運(yùn)動(dòng)時(shí)間t=2hg

水平運(yùn)動(dòng)的速度近似認(rèn)為等于風(fēng)速，水平方向做勻速直線運(yùn)動(dòng)，則水平方向速度v=xt=xg2h

代入解得v隆脰3.3m/s

故選A

碎紙片從頭頂上撒下后；豎直方向做自由落體運(yùn)動(dòng)，由高度求出時(shí)間.

水平方向隨風(fēng)做勻速直線運(yùn)動(dòng)，由水平位移和時(shí)間求解風(fēng)速．

本題中碎紙片的運(yùn)動(dòng)相當(dāng)于平拋運(yùn)動(dòng)，研究方法采用運(yùn)動(dòng)的分解，考查知識(shí)的遷移能力．【解析】A

9、D【分析】【分析】電容的大小與電容器兩端的電壓及電容器所帶的電量無(wú)關(guān)，根據(jù)C=婁脜S4婁脨kd

知電容與兩極板的距離、正對(duì)面積有關(guān)。本題關(guān)鍵明確電容器的電容有電容器本身決定，與帶電量和電勢(shì)差無(wú)關(guān)，基礎(chǔ)題。【解答】A.電容的大小與電容器兩端的電壓及電容器所帶的電量無(wú)關(guān)；就如茶杯大，其中的水不一定多，故A錯(cuò)誤；

B.根據(jù)公式C=QU

電勢(shì)差U=QU

決定電勢(shì)差的因素有電容器電容量和帶電量，故B錯(cuò)誤；

C.超過擊穿電壓；電容器將被損壞，故C錯(cuò)誤；

D.根據(jù)公式C=QU

在相同電壓作用下，帶電量多的電容器的電容比較大，故D正確；

故選D。

【解析】D

二、填空題(共9題，共18分)10、略

【分析】

選子彈打穿鋼板過程，則由動(dòng)能定理可得：（1）

當(dāng)子彈的速度為2v時(shí)，則由動(dòng)能定理有：（2）

由以上兩式可得：n=4

若剛好打穿n塊同樣的鋼板，由動(dòng)能定理可得：

解得：

故答案為：4；

【解析】【答案】子彈以一定速度剛好打穿鋼板；從而可由動(dòng)能定理可算出克服阻力做功與子彈動(dòng)能變化的關(guān)系．當(dāng)子彈的速度變?yōu)樵瓉?倍時(shí)，則再次用動(dòng)能定理來確定能打穿幾塊．還可以由已知鋼板的塊數(shù)來確定子彈的最小速度．

11、略

【分析】解：（1）A；B：甲圖象表明在小車的拉力為0時(shí)；小車的加速度大于0，合外力大于0，說明平衡摩擦力過度，即把長(zhǎng)木板的末端抬得過高了．故A錯(cuò)誤、B正確．

C；D乙圖象說明在拉力大于0時(shí)；物體的加速度還為0，說明合外力為0，即繩子的拉力被摩擦力平衡了，即沒有平衡摩擦力或平衡摩擦力不足，也就是沒有將長(zhǎng)木板的末端抬高或抬高不夠．故C正確、D錯(cuò)誤．

故選BC．

（2）設(shè)繩子上拉力為F，對(duì)小車根據(jù)牛頓第二定律有：F=Ma，對(duì)砂桶和砂有：mg-F=ma，由此解得：F=由此可知當(dāng)M＞＞m時(shí)，F(xiàn)≈mg，而當(dāng)沒有滿足M＞＞m的關(guān)系時(shí)，由于F＜mg，隨著m的增大，M的加速度a=＜即實(shí)際的加速度小于理論值，圖象將會(huì)發(fā)生彎曲．故ABC正確，D錯(cuò)誤．

故選D．

故答案為：（1）BC．（2）D．

（1）甲圖象表明在小車的拉力為0時(shí)；合外力大于0，說明平衡摩擦力過度．

乙圖象說明在拉力大于0時(shí)；物體的加速度為0，說明繩子的拉力被摩擦力平衡了，即沒有平衡摩擦力或平衡摩擦力不足．

（2）在驗(yàn)證加速度與質(zhì)量的關(guān)系時(shí)；在重物質(zhì)量m遠(yuǎn)小于小車質(zhì)量M時(shí)，可近似認(rèn)為小車受到的拉力等于重物的重力．

解決本題的關(guān)鍵是掌握實(shí)驗(yàn)原理，知道本實(shí)驗(yàn)應(yīng)控制條件，就能順利解決此類題目，就能舉一反三，所以要注意基本原理的學(xué)習(xí)．【解析】BC；D12、壟脵D壟脷Lt2gLd2【分析】【分析】

(1)

該題利用自由落體運(yùn)動(dòng)來驗(yàn)證機(jī)械能守恒；因此需要測(cè)量物體自由下落的高度hAB

以及物體通過B

點(diǎn)的速度大小，在測(cè)量速度時(shí)我們利用小球通過光電門的平均速度來代替瞬時(shí)速度，因此明白了實(shí)驗(yàn)原理即可知道需要測(cè)量的數(shù)據(jù)；

(2)

利用小球通過光電門的平均速度來代替瞬時(shí)速度；由此可以求出小鐵球通過光電門時(shí)的瞬時(shí)速度，根據(jù)機(jī)械能守恒的表達(dá)式可以求出所要求的關(guān)系式。

【解答】

(1)A

根據(jù)實(shí)驗(yàn)原理可知；需要測(cè)量的是A

點(diǎn)到光電門的距離，故A錯(cuò)誤；

B.利用小球通過光電門的平均速度來代替瞬時(shí)速度時(shí)；需要知道擋光物體的尺寸，因此需要測(cè)量小球的直徑，故B正確。

C.利用小球通過光電門的平均速度來代替瞬時(shí)速度；不需要測(cè)量下落時(shí)間，故C錯(cuò)誤；

D

根據(jù)機(jī)械能守恒的表達(dá)式可知；方程兩邊可以約掉質(zhì)量，因此不需要測(cè)量質(zhì)量，故D錯(cuò)誤；故選B。

(2)

利用小球通過光電門的平均速度來代替瞬時(shí)速度，故：v=Lt

根據(jù)機(jī)械能守恒的表達(dá)式有：mgh=12mV2

即：1t2=2gLd2

.

故答案為：壟脵D壟脷Lt2gLd2

【解析】壟脵D壟脷Lt2gLd2

13、略

【分析】

坐標(biāo)系的原點(diǎn)定在桌面上；桌面離地面的高度是0.9m，而A；B兩點(diǎn)離地面的距離分別為1.9m和0.4m．所以A點(diǎn)在桌面上方1m處，B點(diǎn)在桌面下方0.5m處，故A、B的坐標(biāo)分別是1m，-0.5m

故答案為：1m；-0.5m

【解析】【答案】坐標(biāo)系的原點(diǎn)定在桌面上；把A；B兩點(diǎn)離地面的距離轉(zhuǎn)化成距桌面的距離即可解題．

14、略

【分析】解：第一宇宙速度；它是人造地球衛(wèi)星在近地圓軌道上的運(yùn)行速度，②它是人造地球衛(wèi)星在圓軌道上運(yùn)行的最大速度，③它是衛(wèi)星進(jìn)入近地圓形軌道的最小發(fā)射速度；

這是衛(wèi)星繞地球做圓周運(yùn)動(dòng)的最小發(fā)射速度7.9km/s；若7.9km/s≤v＜11.2km/s，物體繞地球運(yùn)行（環(huán)繞速度）；

第二宇宙速度；這是物體掙脫地球引力束縛的最小發(fā)射速度11.2km/s，若11.2km/s≤v＜16.7km/s，物體繞太陽(yáng)運(yùn)行（脫離速度）；

第三宇宙速度；這是物體掙脫太陽(yáng)引力束縛的最小發(fā)射速度16.7km/s，若v≥16.7km/s，物體將脫離太陽(yáng)系在宇宙空間運(yùn)行（逃逸速度）．

故答案為：它是人造地球衛(wèi)星在近地圓軌道上的運(yùn)行速度；②它是人造地球衛(wèi)星在圓軌道上運(yùn)行的最大速度，③它是衛(wèi)星進(jìn)入近地圓形軌道的最小發(fā)射速度；7.9km/s；11.2km/s；16.7km/s．

第一宇宙速度又稱為環(huán)繞速度；是指在地球上發(fā)射的物體繞地球飛行作圓周運(yùn)動(dòng)所需的最小初始速度，第二宇宙速度，這是物體掙脫地球引力束縛的最小發(fā)射速度，第三宇宙速度，這是物體掙脫太陽(yáng)引力束縛的最小發(fā)射速度．

理解三種宇宙速度，特別注意第一宇宙速度有三種說法：它是人造地球衛(wèi)星在近地圓軌道上的運(yùn)行速度，它是人造地球衛(wèi)星在圓軌道上運(yùn)行的最大速度，它是衛(wèi)星進(jìn)入近地圓形軌道的最小發(fā)射速度．【解析】它是人造地球衛(wèi)星在近地圓軌道上的運(yùn)行速度，②它是人造地球衛(wèi)星在圓軌道上運(yùn)行的最大速度，③它是衛(wèi)星進(jìn)入近地圓形軌道的最小發(fā)射速度；7.9km/s；11.2km/s；16.7km/s15、略

【分析】解：向上彎曲的原因是超出了彈性限度；

注意該圖象中縱坐標(biāo)為伸長(zhǎng)量；橫坐標(biāo)為拉力，斜率的倒數(shù)為勁度系數(shù)；

由此可求出kB=100N/m；

由圖象可知；A的勁度系數(shù)小，B的勁度系數(shù)大．

故答案為：超過彈簧的彈性限度；100，B．

根據(jù)胡克定律；結(jié)合數(shù)學(xué)知識(shí)即可正確解答，同時(shí)注意胡克定律成立的條件，從而即可求解．

本題考查了彈簧彈力F和彈簧伸長(zhǎng)量x的關(guān)系的基礎(chǔ)知識(shí)，比較簡(jiǎn)單，是一道考查基礎(chǔ)知識(shí)的好題，注意圖象的斜率含義．【解析】超過彈簧的彈性限度；100；B16、略

【分析】解：(1)

由圖象可知；當(dāng)F=0

時(shí)，a鈮?0.

也就是說當(dāng)繩子上沒有拉力時(shí)小車就有加速度，該同學(xué)實(shí)驗(yàn)操作中平衡摩擦力過大，即傾角過大，平衡摩擦力時(shí)木板的右端墊得過高．

所以圖線壟脵

是在軌道右側(cè)抬高成為斜面情況下得到的．

(2)

圖線壟脷

是在軌道水平時(shí)做的實(shí)驗(yàn)；由圖象可知：當(dāng)拉力等于0.5N

時(shí)，加速度恰好為零，即剛好拉動(dòng)小車，此時(shí)f=F=0.5N

(3)

隨著鉤碼的數(shù)量增大到一定程度時(shí)圖(b)

的圖線明顯偏離直線；造成此誤差的主要原因是所掛鉤碼的總質(zhì)量太大，而我們把用鉤碼所受重力作為小車所受的拉力；

所以消除此誤差可采取的簡(jiǎn)便且有效的措施應(yīng)該測(cè)量出小車所受的拉力；即在鉤碼與細(xì)繩之間放置一力傳感器，得到力F

的數(shù)值，在作出小車運(yùn)動(dòng)的加速度a

和力傳感器讀數(shù)F

的關(guān)系圖象，故選C．

故答案為：(1)壟脵(2)0.5N(3)C

解決實(shí)驗(yàn)問題首先要掌握該實(shí)驗(yàn)原理；了解實(shí)驗(yàn)的操作步驟和操作細(xì)節(jié)；

根據(jù)a鈭?F

圖象的特點(diǎn)結(jié)合牛頓第二定律求解．

理解該實(shí)驗(yàn)的實(shí)驗(yàn)原理和數(shù)據(jù)處理以及注意事項(xiàng)；知道實(shí)驗(yàn)誤差的來源．

對(duì)于實(shí)驗(yàn)我們要明確實(shí)驗(yàn)原理、具體實(shí)驗(yàn)操作以及數(shù)據(jù)處理等，同時(shí)要清楚每一項(xiàng)操作存在的理由，只有掌握好了基本知識(shí)和基本方法才能順利解決實(shí)驗(yàn)題目，所以要重視基本知識(shí)和基本方法的學(xué)習(xí)和訓(xùn)練．【解析】壟脵0.5NC

17、1：3【分析】解：設(shè)機(jī)車原有車廂x

節(jié)；剩余y

節(jié)，設(shè)每節(jié)車廂質(zhì)量為m

脫落前；根據(jù)牛頓第二定律：F鈭?0.1xmg=xma1

代入數(shù)據(jù)：F鈭?mx=mx

得F=2mx

車廂脫落后；根據(jù)牛頓第二定律，有。

F鈭?0.1ymg=yma2

代入數(shù)據(jù)：2mx鈭?ym=2my

解得：yx=23

脫落車廂的質(zhì)量與原機(jī)車總質(zhì)量之比：x鈭?yx=(x鈭?y)mxm=(3k鈭?2k)m3km=13

故答案為：13

對(duì)脫落車廂前后；分別運(yùn)用牛頓第二定律列式，求出脫落車廂的節(jié)數(shù)與總節(jié)數(shù)之比，節(jié)數(shù)與質(zhì)量成正比，即可求解脫落車廂的質(zhì)量與原機(jī)車總質(zhì)量之比。

本題考查牛頓第二定律的應(yīng)用，關(guān)鍵是選擇合適的研究對(duì)象，運(yùn)用牛頓第二定律求解．【解析】13

18、略

【分析】解：對(duì)于木塊和彈簧構(gòu)成的系統(tǒng)；只有彈簧的彈力做功，系統(tǒng)的機(jī)械能守恒，則有：

彈簧的最大彈性勢(shì)能Epm=12mv02=12隆脕4隆脕32=18J

木塊被彈回速度達(dá)到1m/s

時(shí)；由機(jī)械能守恒知此時(shí)的彈性勢(shì)能等于物體動(dòng)能的減少量；

有：12mv02=Ep1+12mv12

代入數(shù)據(jù)得：Ep1=16J

故答案為：1816

木塊壓縮彈簧的過程中；木塊的動(dòng)能轉(zhuǎn)化為彈簧的彈性勢(shì)能，根據(jù)系統(tǒng)的機(jī)械能守恒，求彈簧的最大彈性勢(shì)能.

物體動(dòng)能的減少量等于彈簧彈性勢(shì)能的增量，由此解答．

本題的關(guān)鍵要明確木塊與彈簧組成的系統(tǒng)機(jī)械能是守恒的，即木塊的動(dòng)能和彈簧的彈性勢(shì)能的總和保持不變，由系統(tǒng)機(jī)械能守恒解決這類問題．【解析】1816

三、簡(jiǎn)答題(共6題，共12分)19、略

【分析】牛頓認(rèn)為時(shí)間和空間是絕對(duì)的，他在這樣的時(shí)間和空間中描述的機(jī)械運(yùn)動(dòng)在低速情況下是足夠精確的．然而，牛頓把時(shí)間、空間割裂開來，認(rèn)為它們與物質(zhì)運(yùn)動(dòng)無(wú)關(guān)的觀點(diǎn)，在微觀和高速領(lǐng)域中就不適用了．所以像一切科學(xué)一樣，經(jīng)典力學(xué)沒有也不會(huì)窮盡一切真理，它有自己的局限性，它像一切科學(xué)理論一樣，是一部“未完成的交響曲”．【解析】【答案】見解析20、解：（1）在地球表面；萬(wàn)有引力與重力相等；

=m0g

對(duì)火星=m0g′

測(cè)得火星的半徑是地球半徑的質(zhì)量是地球質(zhì)量的

聯(lián)立解得g′=g

（2）火星的同步衛(wèi)星作勻速圓周運(yùn)動(dòng)的向心力由火星的萬(wàn)有引力提供；且運(yùn)行周期與火星自轉(zhuǎn)周期相同．設(shè)衛(wèi)星離火星表面的高度為h，則。

=m0（）2（R′+h）

GM′=g′R′2

解出同步衛(wèi)星離火星表面高度h=-R

答：（1）火星表面的重力加速度g′的大小為g；

（2）它正常運(yùn)行時(shí)距離火星表面的距離為-R．【分析】

(1)

求一個(gè)物理量之比；我們應(yīng)該把這個(gè)物理量先表示出來，在進(jìn)行之比，根據(jù)萬(wàn)有引力等于重力，得出重力加速度的關(guān)系，根據(jù)萬(wàn)有引力等于重力求出火星表面的重力加速度g隆盲

的大??；

(2)

火星的同步衛(wèi)星作勻速圓周運(yùn)動(dòng)的向心力由火星的萬(wàn)有引力提供；且運(yùn)行周期與火星自轉(zhuǎn)周期相同，據(jù)此求解即可．

通過物理規(guī)律把進(jìn)行比較的物理量表示出來，再通過已知的物理量關(guān)系求出問題是選擇題中常見的方法.

把星球表面的物體運(yùn)動(dòng)和天體運(yùn)動(dòng)結(jié)合起來是考試中常見的問題．【解析】解：(1)

在地球表面；萬(wàn)有引力與重力相等；

GMm0R2=m0g

對(duì)火星GM隆盲m0R隆盲2=m0g隆盲

測(cè)得火星的半徑是地球半徑的12

質(zhì)量是地球質(zhì)量的18

聯(lián)立解得g隆盲=12g

(2)

火星的同步衛(wèi)星作勻速圓周運(yùn)動(dòng)的向心力由火星的萬(wàn)有引力提供；且運(yùn)行周期與火星自轉(zhuǎn)周期相同.

設(shè)衛(wèi)星離火星表面的高度為h

則。

GM隆盲m0(R隆盲+h)2=m0(2婁脨t)2(R隆盲+h)

GM隆盲=g隆盲R隆盲2

解出同步衛(wèi)星離火星表面高度h=3gR2t232婁脨2鈭?12R

答：(1)

火星表面的重力加速度g隆盲

的大小為12g

(2)

它正常運(yùn)行時(shí)距離火星表面的距離為3gR2t232婁脨2鈭?12R.

21、解：（1）物體M不受摩擦力時(shí)；M做圓周運(yùn)動(dòng)需要的向心力等于m的重力，得：

mg=Mω02r

解得：ω0=

（2）當(dāng)ω具有最小值時(shí)；M有向圓心運(yùn)動(dòng)趨勢(shì)，故水平面對(duì)M的靜摩擦力方向和指向圓心方向相反，且等于最大靜摩擦力2N．根據(jù)牛頓第二定律隔離M有：

T-fm=Mω12r

代入數(shù)據(jù)解得：ω1=rad/s

當(dāng)ω具有最大值時(shí)；M有離開圓心趨勢(shì)，水平面對(duì)M摩擦力方向指向圓心，大小也為2N．再隔離M有：

T+fm=Mω22r

代入數(shù)據(jù)解得：ω=rad/s；

則平面轉(zhuǎn)動(dòng)的角速度ω在rad/s≤ω≤rad/s范圍內(nèi)；物體M才不會(huì)滑動(dòng)．

答：（1）若物體M恰好不受靜摩擦力作用，則平面轉(zhuǎn)動(dòng)的角速度ω0為5rad/s；

（2）平面轉(zhuǎn)動(dòng)的角速度ω在rad/s≤ω≤rad/s范圍內(nèi)，物體M才不會(huì)滑動(dòng)．【分析】

(1)

物體M

不受摩擦力時(shí)；M

做圓周運(yùn)動(dòng)需要的向心力等于m

的重力，由此結(jié)合牛頓第二定律解答即可；

(2)

當(dāng)M

所受的最大靜摩擦力沿半徑方向向外時(shí)；角速度最小，當(dāng)M

所受的最大靜摩擦力沿半徑向內(nèi)時(shí)，角速度最大，根據(jù)牛頓第二定律求出角速度的范圍．

解決本題的關(guān)鍵搞清圓周運(yùn)動(dòng)向心力的來源，抓住臨界狀態(tài)，運(yùn)用牛頓第二定律進(jìn)行求解．【解析】解：(1)

物體M

不受摩擦力時(shí)；M

做圓周運(yùn)動(dòng)需要的向心力等于m

的重力，得：

mg=M婁脴02r

解得：婁脴0=mgMr=0.3隆脕100.6隆脕0.2=5rad/s

(2)

當(dāng)婁脴

具有最小值時(shí)；M

有向圓心運(yùn)動(dòng)趨勢(shì)，故水平面對(duì)M

的靜摩擦力方向和指向圓心方向相反，且等于最大靜摩擦力2N.

根據(jù)牛頓第二定律隔離M

有：

T鈭?fm=M婁脴12r

代入數(shù)據(jù)解得：婁脴1=10rad/s

當(dāng)婁脴

具有最大值時(shí)；M

有離開圓心趨勢(shì)，水平面對(duì)M

摩擦力方向指向圓心，大小也為2N.

再隔離M

有：

T+fm=M婁脴22r

代入數(shù)據(jù)解得：婁脴=52rad/s

則平面轉(zhuǎn)動(dòng)的角速度婁脴

在10rad/s鈮?婁脴鈮?52rad/s

范圍內(nèi)；物體M

才不會(huì)滑動(dòng)．

答：(1)

若物體M

恰好不受靜摩擦力作用，則平面轉(zhuǎn)動(dòng)的角速度婁脴0

為5rad/s

(2)

平面轉(zhuǎn)動(dòng)的角速度婁脴

在10rad/s鈮?婁脴鈮?52rad/s

范圍內(nèi)，物體M

才不會(huì)滑動(dòng)．22、（1）ABCFHDEACGH

（2）22.4

（3）【分析】【分析】本題考查氧化還原反應(yīng)及四種基本反應(yīng)類型，為高頻考點(diǎn)，把握反應(yīng)分類及分類依據(jù)為解答的關(guān)鍵，題目難度不大?！窘獯稹緼.rm{Zn+2HCl簍TZnCl_{2}+H_{2}隆眉}屬于置換反應(yīng)；氧化還原反應(yīng)；

B.rm{CO_{2}+H_{2}O簍TH_{2}CO_{3}}屬于化合反應(yīng)；

C.rm{S+O_{2}dfrac{underline{;{碌茫脠錄};}}{;}SO_{2}}屬于化合反應(yīng)；氧化還原反應(yīng)；

D.rm{S+O_{2}dfrac{

underline{;{碌茫脠錄};}}{;}SO_{2}}屬于復(fù)分解反應(yīng)；

E.rm{Ba(OH)_{2}+H_{2}SO_{4}簍TBaSO_{4}隆媒+2H_{2}O}屬于復(fù)分解反應(yīng)；

F.rm{CaCO_{3}dfrac{underline{;;triangle;;}}{;}CaO+CO_{2}隆眉}屬于分解反應(yīng)；

G.rm{CH_{4}+2O_{2}dfrac{underline{;{碌茫脠錄};}}{;}CO_{2}+H_{2}O}屬于氧化還原反應(yīng)；

H.rm{2KClO_{3}dfrac{underline{;;triangle;;}}{;}2KCl+3O_{2}隆眉}屬于分解反應(yīng)；氧化還原反應(yīng)；

故rm{Na_{2}CO_{3}+2HCl簍T2NaCl+H_{2}O+CO_{2}隆眉}rm{CaCO_{3}dfrac{

underline{;;triangle;;}}{;}CaO+CO_{2}隆眉}rm{CH_{4}+2O_{2}dfrac{

underline{;{碌茫脠錄};}}{;}CO_{2}+H_{2}O}rm{2KClO_{3}dfrac{

underline{;;triangle;;}}{;}2KCl+3O_{2}隆眉}屬置換反應(yīng)的是rm{A}屬化合反應(yīng)的是rm{BC}屬分解反應(yīng)的是rm{FH}

屬?gòu)?fù)分解反應(yīng)的是從反應(yīng)可知，當(dāng)生成rm{DE}氫氣時(shí)轉(zhuǎn)移屬氧化還原反應(yīng)的是電子，故應(yīng)當(dāng)為rm{ACGH}rm{(2)}失rm{1mol}個(gè)電子，氫從rm{2mol}變?yōu)閞m{22.4L}價(jià)，故有：rm{(3)Zn}【解析】rm{(1)A}rm{BC}rm{FH}rm{DE}rm{ACGH}

rm{(2)22.4}rm{(3)}23、略

【分析】

(1)(2)v鈭?t

圖象反映的是物體的速度隨時(shí)間的變化關(guān)系；由圖象可得出各時(shí)刻兩個(gè)方向上的速度，由運(yùn)動(dòng)的合成與分解中求得合速度；

(3)v鈭?t

圖象中圖象與時(shí)間軸圍成的面積表示位移；由兩圖分別求出兩個(gè)方向上的位移，再由運(yùn)動(dòng)的合成與分解規(guī)律可求得合位移．

本題要注意明確物體同時(shí)參與兩個(gè)方向上的運(yùn)動(dòng)，物體的合運(yùn)動(dòng)為曲線運(yùn)動(dòng)能夠熟練運(yùn)用平行四邊形定則進(jìn)行合成．【解析】解：根據(jù)圖象可知；物體在x

軸方向上