2025年魯教版選擇性必修2物理上冊月考試卷

…………○…………內…………○…………裝…………○…………內…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年魯教版選擇性必修2物理上冊月考試卷70考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五六總分得分評卷人得分一、選擇題(共5題，共10分)1、如圖所示；將一根直導線垂直于紙面放置在水平向右的勻強磁場中，導線中電流方向垂直紙面向里，則導線所受安培力的方向（）

A.豎直向上B.豎直向下C.水平向左D.水平向右2、關于電磁波，下列說法正確的是（）A.手機放在一個真空玻璃罩中不能接收到信號，我們隔著玻璃罩看不到來電顯示，沒法聽到來電音樂B.手機放在一個真空玻璃罩中能接收到信號，我們隔著玻璃罩只能看到來電顯示，沒法聽到來電音樂C.載有信號的電磁波只能在真空中傳播D.電磁振蕩停止后，其發(fā)射到空間的電磁波隨即消失3、如圖所示，有一臺交流發(fā)電機E，通過理想升壓變壓器T1和理想降壓變壓器T2向遠處用戶供電，輸電線的總電阻為R。T1的輸入電壓和輸入功率分別為U1和P1，它的輸出電壓和輸出功率分別為U2和P2；T2的輸入電壓和輸入功率分別為U3和P3，它的輸出電壓和輸出功率分別為U4和P4.下列判斷正確的是（）

A.P1=P2=P3=P4B.U1>U2>U3>U4C.D.4、如圖；在探究影響通電導線受力的因素實驗中，有三塊相同的蹄形磁鐵并列放在桌上，可以認為磁極間的磁場是均勻的。將一根直導線水平懸掛在磁鐵的兩極間，導體的方向與磁感應強度的方向（由下向上）垂直。有電流通過時導線將擺動一個角度，通過擺動角度的大小可以比較導線受力的大小。分別接通“2；3”和“1、4”可以改變導線通電部分的長度。電流由外部電路控制。先保持導線通電部分的長度不變，改變電流大小；然后保持電流不變，改變導線通電部分的長度，觀察這兩個因素對導線受力的影響。該實驗采用的實驗方法是（）

A.放大法B.微元法C.控制變量法D.比較法5、如圖所示，把一個閉合線圈放在蹄形磁體的兩磁極之間，蹄形磁體和閉合線圈都可以繞OO′軸轉動。當蹄形磁體從圖示位置開始逆時針轉動時；線圈僅在安培力作用下也開始轉動，則：（）

A.線圈順時針轉動，線圈轉速小于磁體轉速B.線圈逆時針轉動，線圈轉速等于磁體轉速C.線圈在轉動過程中有感應電流D.線圈克服安培力做功動能增加評卷人得分二、多選題(共9題，共18分)6、如圖所示，光滑水平面上存在有界勻強磁場，磁感應強度為B，質量為m邊長為a的正方形線框ABCD斜向穿進磁場，當AC剛進入磁場時，線框的速度為v，方向與磁場邊界成45°，若線框的總電阻為R；則（）

A.線框穿進磁場過程中，框中電流的方向為CDABCB.AC剛進入磁場時線框中感應電流為C.AC剛進入磁場時線框所受安培力為D.此時CB兩端電壓為7、如圖，兩根平行光滑金屬導軌固定在同一水平面內，其左端接有定值電阻R，Ox軸平行于金屬導軌，在0≤x≤4m的空間區(qū)域內存在著垂直導軌平面向下的磁場，磁感應強度B隨坐標x（以m為單位）的分布規(guī)律為B=0.8-0.2x（T），金屬棒ab在外力作用下從x=0處沿導軌運動，ab始終與導軌垂直并接觸良好，不計導軌和金屬棒的電阻。設在金屬棒從x1=lm經(jīng)x2=2m到x3=3m的過程中，R的電功率保持不變，則金屬棒（）

A.在x1與x3處的電動勢之比為3：1B.在x1與x2處受到磁場的作用力大小之比為3：2C.從0到x1與從x1到x2過程中通過R的電量之比為7：5D.從x1到x2與從x2到x3的過程中通過R產生的焦耳熱之比為5：38、金屬探測器已廣泛應用在汽車站火車站、飛機場的安檢中，下列關于金屬探測器的論述正確的是（）A.金屬探測器可用于食品生產，防止細小的砂石顆?；烊胧称分蠦.金屬探測器探測金屬時，探測器的線圈中產生渦流C.金屬探測器探測金屬時，被測金屬中感應出渦流D.金屬探測器是利用電磁感應原理制成的9、如圖所示，薄鉛板兩側存在磁感應強度大小為B、方向相反的兩個勻強磁場區(qū)域Ⅰ和Ⅱ，磁感線平行于薄鉛板，一個質量為m、電荷量為q的粒子，從薄鉛板上a點開始以一定的速度，垂直于薄鉛板在Ⅰ區(qū)域開始運動，經(jīng)過一段時間，從b點穿透薄鉛板進入Ⅱ區(qū)域，在Ⅱ區(qū)域運動一段時間之后打在薄鉛板上c點不再運動。已知a、b間距離為L，b、c間距離為則（）

A.粒子帶正電B.粒子從a點運動到c點的時間為C.若粒子穿過薄鉛板時損耗的能量的更少，那么將會更早再次到達薄鉛板D.粒子在Ⅰ區(qū)域的速度大小為10、如圖所示，PQO為圓心角為的扇形有界區(qū)域，O點為圓心，半徑為R，M點為圓弧PQ的中點，區(qū)域內有方向垂直紙面向外的勻強磁場，完全相同的兩個帶電粒子a和b以相同速度v分別從P、M兩點飛入勻強磁場區(qū)域，粒子a的速度方向與PO成角，已知粒子a恰好從Q點飛出，a、b粒子所受重力不計，下列說法正確的是（）

A.粒子帶正電B.粒子b也從Q點飛出磁場區(qū)域C.粒子a和b射出磁場時速度方向相同D.粒子a和b在磁場中運動的時間之比為11、一個半徑為r、質量為m、電阻為R的金屬圓環(huán)，用一根長為L的絕緣輕細桿懸掛于O點，在O的正下方有一半徑為的圓形勻強磁場區(qū)域，其圓心與O在同一豎直線上，若金屬環(huán)的圓心為如圖所示。現(xiàn)使絕緣輕細桿由水平位置由靜止釋放，下擺中金屬環(huán)所在平面始終垂直磁場，已知重力加速度為g；忽略空氣阻力。則下列說法正確的是（）

A.金屬環(huán)最終可能靜止在點的正下方B.金屬環(huán)在進人磁場時所受安培力的方向沿連線方向C.金屬環(huán)在整個過程中產生的焦耳熱是D.金屬環(huán)在第一次進入磁場過程中通過導線截面的電量為12、如圖，光滑水平面上有寬度為的勻強磁場﹐磁場方向垂直水平面向上，磁感應強度大小為一粗細均勻的正方形金屬線框，以初速度進入磁場，并剛好能穿出磁場。已知線框邊長為a（）。則（）

A.線框CD邊剛進入磁場時，CD兩點的電勢差為B.線框進入和穿出磁場兩過程流過線框導線截面的電荷量相等C.線框進入和穿出磁場兩過程線框產生的電熱之比為D.若磁場寬度增大，線框不能穿出磁場13、如圖，匝數(shù)為N的矩形線圈abcd放置在勻強磁場中，當線圈以角速度繞垂直磁場方向的軸勻速轉動時，理想電流表的示數(shù)為I，不計線圈的電阻，外電路電阻為R。下列說法正確的是（）

A.當線圈轉至圖示位置時，線圈中感應電流最大B.線圈轉動過程中，穿過線圈的磁通量最大值為C.若線圈的轉軸與ad邊重合，則電流表的示數(shù)變?yōu)?ID.若線圈轉動的角速度變?yōu)閯t電流表的示數(shù)變?yōu)?I14、下列物理量或物理常數(shù)的單位用國際單位制中的基本單位表示正確的是（）A.普朗克常數(shù)h的單位：kg·m2/sB.磁感應強度B的單位：N/A·mC.電感線圈的電感系數(shù)L的單位：H（亨利）D.靜電力常數(shù)k的單位：kg·m3/A2·s4評卷人得分三、填空題(共5題，共10分)15、圖甲、乙中，金屬導體中產生的感應電動勢分別為E甲=___________，E乙=___________。

16、請寫出麥克斯韋方程組的具體形式：________，_______。17、運動電荷在磁場中受到的力稱為______，這個力的方向與電荷運動方向______，和磁感應強度方向______，這個力的方向可以由______來判斷，安培力可稱作這個力的______表現(xiàn)。18、如圖所示，A為水平放置的膠木圓盤，在其側面均勻分布著負電荷，在A的正上方用絕緣絲線懸掛一個金屬圓環(huán)B，使B的環(huán)面水平且與圓盤面平行，其軸線與膠木盤A的軸線OO′重合?，F(xiàn)使膠木盤A由靜止開始繞其軸線OO′按箭頭所示方向加速轉動，則金屬環(huán)B的面積有_________的趨勢（選填“擴大”或“縮小”），絲線受到的拉力________。（選填“增大”“減小”或“不變”）19、在電子技術中，從某一裝置輸出的交變電流常常既有高頻成分又有低頻成分。要把低頻成分輸送到下一級裝置，可用如圖所示電路，其中電容C叫______，通過它的是______（選填“高頻”或“低頻”），它的電容一般較______（選填“大”或“小”），對高頻容抗較______（選填“大”或“小”）。評卷人得分四、作圖題(共4題，共32分)20、在圖中畫出或說明圖中所示情形下通電導線I所受磁場力的方向。

21、要在居民樓的樓道安裝一個插座和一個電燈；電燈由光敏開關和聲敏開關控制，光敏開關在天黑時自動閉合，天亮時自動斷開；聲敏開關在有聲音時自動閉合，無聲音時自動斷開。在下圖中連線，要求夜間且有聲音時電燈自動亮，插座隨時可用。

22、在“探究楞次定律”的實驗中；某同學記錄了實驗過程的三個情境圖，其中有兩個記錄不全，請將其補充完整。

23、如圖所示：當條形磁鐵向右靠近通電圓環(huán)時，圓環(huán)向右偏離，試在圖中標出圓環(huán)中的電流方向___________．評卷人得分五、實驗題(共2題，共20分)24、某同學利用熱敏電阻自制了一個簡易溫度計，其內部電路裝置如圖甲所示，使用的器材有：直流電源（內阻不計）、毫安表（量程未知）、電阻箱R（最大阻值為）、熱敏電阻一個、開關和導線若干。

（1）為了確定毫安表的量程和內阻，先把電阻箱的阻值調到最大，然后將開關接至a端，閉合開關逐漸調節(jié)電阻箱的阻值，發(fā)現(xiàn)當毫安表指針剛好偏轉至滿偏刻度的處，電阻箱的示數(shù)如圖乙所示，此時電阻箱的阻值________將電箱的阻值調為時，毫安表指針剛好偏轉至滿偏刻度的處，由此知毫安表的滿偏電流________內阻________（后兩問計算結果均保留兩位有效數(shù)字）

（2）將開關接至b端，閉合開關該溫度計可開始工作，為了得到攝氏溫度與電流之間的關系，該同學通過查閱資料，發(fā)現(xiàn)自己使用的熱敏電阻為負溫度系數(shù)熱敏電阻，其阻值在測量范圍（包括）內隨攝氏溫度的降低而線性增加，比例系數(shù)為已知該電阻在時的阻值為則該簡易溫度計所測攝氏溫度t與電流I之間滿足________（用E、k、I表示）。25、某實驗小組在“探究電磁感應現(xiàn)象中感應電流方向的影響因素”的實驗中；以下是探究過程的一部分∶

（1）如圖甲，磁鐵的N極向下運動時，電流表指針發(fā)生偏轉。若要探究線圈中產生感應電流的方向，除了要知道線圈上導線的繞向外，還必須知道___________；

（2）如圖乙，實驗中發(fā)現(xiàn)閉合開關S時，接在B線圈上的電流表指針向右偏。閉合開關穩(wěn)定后，若向右移動滑動變阻器觸頭，此過程中電流表指針向___________（選填“左”或“右”）偏轉；以上做法都能產生感應電流，其本質原因是___________。評卷人得分六、解答題(共4題，共28分)26、如圖所示，豎直向下的勻強電場，場強大小E＝1×106N/C，場區(qū)寬度為L＝5cm。緊挨著電場的是垂直于紙面向外的I、II兩個勻強磁場，其磁感應強度大小分別為B1＝0.5T和B2＝1T，磁場寬度分別為d1、d2，其中d1＝5cm。一個比荷＝4×107C/kg的帶正電粒子，其重力不計，從電場的邊界PQ上的a點由靜止釋放，經(jīng)電場加速后進入磁場，經(jīng)過一段時間后粒子能按某一路徑再返回到電場的邊界PQ上的某一點b；圖中虛線為場區(qū)的分界面，場區(qū)水平方向都足夠長。求：

（1）粒子進入I區(qū)域磁場的速度大??；

（2）II區(qū)域磁場寬度d2要滿足的條件；

（3）a點到b點的距離xab。

27、如圖所示，直角坐標系xOy平面內的y<0區(qū)域存在垂直紙面向外的圓形勻強磁場Ⅰ，磁感應強度大小為B，O、A、O′、C點分別為磁場Ⅰ的最高點、最低點、圓心及與圓心等高點；y>0的無限大區(qū)域內存在垂直紙面向外的勻強磁場Ⅱ，磁感應強度大小也為B。探測板MN位于x坐標為1.5L的直線上，長度為L的收集板PQ位于x軸上。A點有一正粒子源，單位時間內發(fā)射n0個速度大小相同的正粒子，粒子均勻分布在y軸兩側各為60°的范圍內。其中沿y軸正方向射入的粒子經(jīng)偏轉后從C點射出圓形磁場。若粒子與探測板MN碰撞后速度等大反向，打在收集板PQ的粒子將被吸收，已知粒子質量為m，電荷量為q（q>0），圓形磁場半徑為L。不計粒子重力及粒子間的相互作用。求：

（1）粒子的速度大小v；

（2）若射出圓形磁場的粒子均與探測板MN碰撞，則探測板MN最小長度l及穩(wěn)定后粒子對探測板MN的作用力大小F；

（3）收集板PQ的收集率η與P點的橫坐標x之間滿足的關系。

28、如圖所示，間距均為L的光滑平行傾斜導軌與光滑平行水平導軌在M、N處平滑連接，虛線MN右側存在方向豎直向下、磁感應強度為B的勻強磁場。a、b為兩根粗細均勻的金屬棒，a棒質量為m，長度為L、電阻為R，垂直固定在傾斜軌道上距水平面高h處；b棒質量為2m、長度為L、電阻為2R，與水平導軌垂直并處于靜止狀態(tài)。a棒解除固定后由靜止釋放，運動過程中與b棒始終沒有接觸，不計導軌電阻，重力加速度為g；求：

（1）a棒剛進入磁場時產生的電動勢大??；

（2）當a棒的速度大小變?yōu)閯傔M入磁場時速度的一半時，b棒的加速度大小；

（3）整個運動過程中，b棒上產生的焦耳熱。

29、如圖甲所示，光滑絕緣水平面上，磁感應強度B=2T的勻強磁場以虛線MN為左邊界，MN的左側有一質量m=0.1kg，bc邊長L1=0.2m，電阻R=2Ω的矩形線圈abcd．t=0時，用一恒定拉力F拉線圈，使其由靜止開始向右做勻加速運動，經(jīng)過時間1s，線圈的bc邊到達磁場邊界MN，此時立即將拉力F改為變力，又經(jīng)過1s，線圈恰好完全進入磁場．整個運動過程中，線圈中感應電流i隨時間t變化的圖象如圖乙所示．

（1）求線圈bc邊剛進入磁場時的速度v1和線圈在第ls內運動的距離x；

（2）寫出第2s內變力F隨時間t變化的關系式；

（3）求出線圈ab邊的長度L2．參考答案一、選擇題(共5題，共10分)1、B【分析】【詳解】

由左手定則：磁場方向穿過掌心；四指方向指向電流方向，那么，安培力方向沿大拇指所指方向，所以，安培力方向豎直向下，故B正確，ACD錯誤。

故選B。2、B【分析】【分析】

【詳解】

AB．由于電磁波可以在真空中傳播；聲波的傳播需要介質，不能在真空中傳播，故手機放在一個真空玻璃罩中能接收到信號，隔著玻璃罩看得到來電顯示，沒法聽到來電音樂，A錯誤，B正確；

C．載有信號的電磁波不僅能在真空中傳播；也能在介質中傳播，C錯誤；

D．電磁振蕩停止后；其發(fā)射到空間的電磁波能繼續(xù)傳播，D錯誤。

故選B。3、C【分析】【詳解】

A．由于T1和T2是理想變壓器，得

由于輸電線路有功率損失

A錯誤；

B．由于T1和T2分別是理想升壓變壓器和理想降壓變壓器

由于輸電線路有電壓損失

B錯誤；

CD．輸電線路電流

輸電線路電壓損失

又

得

C正確；D錯誤。

故選C。4、C【分析】【分析】

【詳解】

研究安培力與電流；長度的關系時；需先控制一個量不變，這種研究的方法稱為控制變量法。

故選C。5、C【分析】【分析】

【詳解】

ABC．轉動磁鐵時；導致線圈的磁通量增加，從而產生感應電流，出現(xiàn)安培力，導致線圈轉動，根據(jù)楞次定律可知，為阻礙磁通量增加，則導致線圈與磁鐵轉動方向相同，但快慢不一，轉速比磁鐵小；故AB錯誤，C正確；

D．線圈的轉動是因為安培力對線圈做功；使線圈動能增加，故D錯誤。

故選C。二、多選題(共9題，共18分)6、A:C【分析】【分析】

【詳解】

A．線框進入磁場的過程中穿過線框的磁通量增大；由楞次定律可知，感應電流的磁場的方向向外，則感應電流的方向為ABCDA方向，故A正確；

B．AC剛進入磁場時CD邊切割磁感線，AD邊不切割磁感線，所以產生的感應電動勢E=Bav

則線框中感應電流為

故B錯誤；

C．AC剛進入磁場時線框的cd邊產生的安培力與v的方向相反，ad邊受到的安培力的方向垂直于AD向下，它們的大小都是F=BIa

由幾何關系可以看出，AD邊與CD邊受到的安培力的方向相互垂直，所以AC剛進入磁場時線框所受安培力為AD邊與CD邊受到的安培力的矢量合，即

故C正確；

D．當AC剛進入磁場時，CB兩端電壓大小為

故D錯誤；

故選AC.7、B:C:D【分析】【詳解】

A．由于功率不變，根據(jù)

可知在x1與x3處的電動勢相等；A錯誤；

B．由于在運動過程中電流大小保持不變，安培力大小

在x1與x2處受到磁場的作用力大小之比

B正確；

C．根據(jù)題意；磁場隨位移均勻減小，如圖所示。

而流過R的電量

而磁通量是圖象與x軸圍成的面積，因此

C正確；

D．同樣從x1到x2與從x2到x3的過程中通過R的電量之比

而運動過程中，回路電流及電動勢都不變，根據(jù)

因此

D正確。

故選BCD。8、C:D【分析】【分析】

【詳解】

A．金屬探測器不能探測絕緣體砂石；所以不能用于食品生產，防止細小的砂石顆?；烊胧称分?，故A錯誤；

BC．金屬探測器探測金屬時；被測金屬中感應出渦流，故B錯誤，C正確；

D．由金屬探測器的原理易知D正確。

故選CD。9、B:D【分析】【詳解】

A．由左手定則可知；粒子帶負電，A錯誤；

BC．粒子在Ⅰ區(qū)域和Ⅱ區(qū)域內運動的周期均為

且在兩區(qū)域運動的弧對應的圓心角均為則粒子從a點運動到c點的時間

與粒子在磁場中運動的速度無關；粒子到達薄鉛板的時間不變，C錯誤B正確；

D．粒子在Ⅰ區(qū)域運動的軌跡半徑

由

可知，粒子在Ⅰ區(qū)域的速度大小為

D正確。

故選BD。10、B:D【分析】【詳解】

A．粒子a剛好從Q點飛出，由左手定則，粒子a和b均帶負電荷；A錯誤；

BC．設兩個粒子a和b做圓周運動的圓心分別為和由對稱性可知，在的延長線上。粒子a在磁場中做圓周運動的半徑為由幾何關系可知

又

粒子a在磁場中做圓周運動的半徑為R；兩粒子運動示意圖如圖所示。

粒子b的軌道半徑也是R，由圖可知，粒子b也從Q點飛出磁場區(qū)域；飛出磁場時兩粒子的速度方向不同，B正確，C錯誤；

D．完全相同的兩個粒子a和b以相同速度v別從M、P兩點飛入磁場區(qū)域，粒子b的軌道半徑也是R，由圖可知，粒子b在磁場中做圓周運動的弧長等于粒子a在磁場中做圓周運動的弧長的一半，粒子a和b在磁場中運動的時間之比為D正確。

故選BD。11、B:C:D【分析】【詳解】

A．金屬環(huán)進入磁場與出磁場過程中，穿過環(huán)的磁通量發(fā)生變化，有感應電流，則進入磁場與出磁場過程均有一部分機械能轉化為焦耳熱，因此，金屬環(huán)每次擺動的最高點位置不斷降低，直到金屬環(huán)與磁場圓內切時速度為0之后，在擺動過程中，穿過金屬環(huán)的磁通量不再改變，環(huán)中不再產生感應電流，金屬棒之后在左右與磁場圓內切的位置往返擺動，可知金屬環(huán)最終不可能靜止在點的正下方；A錯誤；

B．金屬環(huán)在進人磁場時，產生感應電流，受到安培力

金屬圓環(huán)與磁場圓的兩交點連線為兩個圓的一條公共弦，該條弦的長度為金屬環(huán)在進人磁場時所受安培力中的等效長度L，根據(jù)左手定則可知，安培力垂直于該公共弦，根據(jù)楞次定律，該安培力為阻力，即金屬環(huán)在進人磁場時所受安培力的方向沿連線方向；B正確；

C．根據(jù)上述可知；金屬環(huán)最終與磁場圓內切時速度為0，作出示意圖如圖所示。

根據(jù)幾何關系，金屬環(huán)在切點A、C位置時，其圓心與O、O2的距離均為則金屬環(huán)A、C位置時，圓心到O的高度為

則有

C正確；

D．金屬環(huán)最終全部進入磁場中，在磁場中左右往返擺動，在整個過程中磁通量的變化量為

感應電動勢的平均值

感應電流的平均值

解得

D正確。

故選BCD。12、B:C【分析】【詳解】

A．線框CD邊剛進入磁場有

設線框總電阻R，CD邊的電勢差為

故A項錯誤；

B．線框進入過程有

綜上所述線框進入磁場過程，其流過線框橫截面的電荷量為

同理可證，線框出磁場過程，其流過線框橫截面的電荷量為

因為線框的電阻相同；磁場強度相同，線框的邊長也不變，故B項正確；

C．線框進入磁場，根據(jù)動量定理有

線框出磁場，根據(jù)動量定理有

由之前的分析可知，線框進入磁場和出磁場的電荷量相等，所以解得

進入磁場，對線框由能量守恒有

出磁場，對線框由能量守恒有

整理有

故C項正確；

D．線框完整在磁場內部因為磁通量不變；即線框內部沒有感應電流，也就是線框完整在磁場內部不受安培力，即線框完整在磁場內部做勻速運動，所以增大磁場的寬度線框依然可以穿出磁場，故D項錯誤。

故選BC。13、A:D【分析】【詳解】

A．當線圈轉到圖示位置時；線圈中磁通量為零，但是磁通量的變化率最大，感應電動勢最大，感應電流最大，故A正確；

B．由于電流表的示數(shù)為I，根據(jù)閉合電路歐姆定律有

線圈轉動產生的感應電動勢最大值為

有效值

聯(lián)立解得

故B錯誤；

C．線圈轉動產生的感應電動勢最大值為

最大值、有效值與轉軸位置無關，電流表示數(shù)仍為I；故C錯誤；

D．轉動角速度變?yōu)闀r，最大值、有效值變?yōu)樵瓉淼?倍，電流表的示數(shù)變?yōu)?I；故D正確。

故選AD。14、A:D【分析】【分析】

【詳解】

A．根據(jù)公式因能量E的單位為J，頻率的額單位為那么普朗克常量h的國際制單位為。

故A正確；

B．根據(jù)公式可知磁感應強度B的國際制單位為。

故B錯誤；

C．根據(jù)公式可知，電感線圈的電感系數(shù)L的國際制單位為。

D．根據(jù)公式靜電力常數(shù)k的國際制單位為。

故選D。

故選AD。三、填空題(共5題，共10分)15、略

【分析】【分析】

【詳解】

略【解析】BlvBlvsinθ16、略

【分析】【詳解】

[1]

[2]【解析】17、略

【分析】【詳解】

[1][2][3][4][5]運動電荷在磁場中受到的力稱為洛倫茲力，方向垂直于電荷運動方向和磁感應強度方向形成的平面；洛倫茲力的方向由左手定則來判斷，安培力可稱作洛倫茲力的宏觀表現(xiàn)?！窘馕觥柯鍌惼澚Υ怪贝怪弊笫侄▌t宏觀18、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1][2]膠木盤A由靜止開始繞其軸線OO′按箭頭所示方向加速轉動，形成環(huán)形電流，環(huán)形電流會增大，根據(jù)右手螺旋定則知，通過B線圈的磁通量向下，且增大，根據(jù)楞次定律可知，引起的機械效果阻礙磁通量的增大，可知金屬環(huán)B的面積有縮小的趨勢，且有向上的運動趨勢，所以絲線的拉力減小?！窘馕觥靠s小減小19、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1]圖中電容C叫高頻旁路電容。

[2][3][4]電容器的容抗電路要把低頻成分輸送到下一級，C的作用是“通高頻、阻低頻”，所以通過它的是高頻，它的電容一般較小，對高頻容抗較小。【解析】高頻旁路電容高頻小小四、作圖題(共4題，共32分)20、略

【分析】【詳解】

根據(jù)左手定則，畫出通過電導線I所受磁場力的方向如圖所示。

【解析】21、略

【分析】【分析】

根據(jù)題中“要在居民樓的樓道安裝一個插座和一個電燈”可知；本題考查交流電的常識，根據(jù)開關作用和交流電接線常識，進行連接電路圖。

【詳解】

晚上；天黑光控開關閉合，有人走動發(fā)出聲音，聲控開關閉合，燈亮，說明兩個開關不能獨立工作，只有同時閉合時，燈才亮，即兩個開關和燈泡是三者串聯(lián)后連入電路；根據(jù)安全用電的原則可知，開關控制火線，開關一端接火線，一端接燈泡頂端的金屬點，零線接燈泡的螺旋套；三孔插座通常的接線方式是面對插座，上孔接地線，左孔接零線，右孔接火線；電路圖如下圖所示。

【解析】22、略

【分析】【分析】

【詳解】

由第一個圖可知：當條形磁鐵的N極插入線圈過程中；電流計的指針向右偏轉，則有：線圈中向下的磁場增強，感應電流的磁場阻礙磁通量增加，感應電流的磁場方向向上，則指針向右偏，記錄完整。

第二個圖指針向左偏；說明感應電流的磁場方向向下，與磁鐵在線圈中的磁場方向相反，則線圈中磁場增強，故磁鐵向下運動，如圖。

第三個圖指針向右偏；說明感應電流的磁場方向向上，與磁鐵在線圈中的磁場方向相同，則線圈中磁場減弱，故磁鐵向上運動，如圖。

【解析】23、略

【分析】【詳解】

當條形磁鐵向右靠近圓環(huán)時；導線線圈的磁通量向右增大，由楞次定律：增反減同可知，線圈中產生感應電流的方向順時針（從右向左看），如圖所示：

【解析】如圖所示五、實驗題(共2題，共20分)24、略

【分析】【詳解】

（1）[1]電阻箱的阻值

[2][3]由閉合電路歐姆定律可得

解得

（2）[4]熱敏電阻的阻值

由閉合電路歐姆定律可得

解得【解析】840.0106025、略

【分析】【分析】

【詳解】

（1）[1]磁鐵的N極向下運動時；電流表指針發(fā)生偏轉。若要探究線圈中產生感應電流的方向，除了要知道線圈上導線的繞向外，還必須知道電流從電流表的“+’'接線柱流入時，指針向哪個方向偏轉（電流方向與指針偏轉方向的關系），以便于和后面的實驗做對比；

（2）[2][3]由題可知，電流增大時，電流表指針向右偏，閉合開關穩(wěn)定后，若向右移動滑動變阻器觸頭，電阻增大，則電路中電流減小，此過程中電流表指針向左偏轉，以上做法都能產生感應電流，其本質原因是穿過B線圈的磁通量發(fā)生變化?！窘馕觥侩娏鲝碾娏鞅淼摹?’'接線柱流入時，指針向哪個方向偏轉（電流方向與指針偏轉方向的關系）左穿過B線圈的磁通量發(fā)生變化六、解答題(共4題，共28分)26、略

【分析】【分析】

【詳解】

(1)由動能定理可得。

則。

(2)粒子運動的軌跡如圖。

由洛倫茲力提供向心力可得。