期末復(fù)習(xí)高分必刷卷(基礎(chǔ)版)全解全析

高一物理期末考試復(fù)習(xí)高分突破必刷檢測卷（基礎(chǔ)版）全解全析參考答案1．B【詳解】A．研究一端固定可繞該端轉(zhuǎn)動(dòng)的木桿的運(yùn)動(dòng)時(shí)，木桿的形狀和大小不能忽略，不能作為質(zhì)點(diǎn)來處理。故A錯(cuò)誤。B．船的大小和形狀相對(duì)于茫茫大海很小，要確定它在大海的位置時(shí)，可以把它當(dāng)作質(zhì)點(diǎn)來處理。故B正確。C．研究雜技演員在走鋼絲的表演時(shí)，雜技演員不能當(dāng)作質(zhì)點(diǎn)來處理。因?yàn)殡s技演員的動(dòng)作、造型等對(duì)觀賞、評(píng)判等影響很大。故C錯(cuò)誤。D．研究地球自轉(zhuǎn)時(shí)的地球，地球大小不能忽略，不能看做質(zhì)點(diǎn)，故D錯(cuò)誤。故選B。2．A【詳解】A．勻加速直線運(yùn)動(dòng)，加速度為2m/s2，則速度每秒增加2m/s，故A正確；B．每經(jīng)過1s時(shí)間，速度增加2m/s，并不一定變?yōu)樵撁氤醯乃俣鹊?倍，故B錯(cuò)誤；C．每經(jīng)過1s所產(chǎn)生的位移為這1s平均速度與時(shí)間的乘積，由于每一秒內(nèi)的平均速度不相等，故C錯(cuò)誤；D．勻加速直線運(yùn)動(dòng)，通過連續(xù)相同的位移所用時(shí)間之比為根據(jù)可知不是一個(gè)固定的值，速度增加量也不固定，故D錯(cuò)誤。故選A。3．D【詳解】A．字典對(duì)桌面的壓力大小等于字典的重力，而壓力和重力是兩種不同性質(zhì)的力，所以不能說字典對(duì)桌面的壓力就是木塊所受的重力，字典對(duì)桌面的壓力施力物體是字典，A錯(cuò)誤；B．由于字典發(fā)生形變，為了恢復(fù)形變，所以字典會(huì)對(duì)與之接觸的桌面產(chǎn)生彈力，即壓力，B錯(cuò)誤；C．桌面對(duì)字典的支持力作用在字典上，字典對(duì)桌面的壓力作用在桌面上，分別作用在不同物體上，不是共點(diǎn)力，不能求合力，C錯(cuò)誤；D．桌面發(fā)生的形變是因?yàn)樽值鋵?duì)桌面的擠壓發(fā)生的，D正確。故選D。4．D【詳解】物體受力平衡，則其他4個(gè)力的合力與F1等大反向，則若的大小不變，方向沿順時(shí)針轉(zhuǎn)過120°，則F1與其他4個(gè)力的合力夾角為60°，則物體受的合力為故選D。5．C【詳解】AB．對(duì)P受力分析，因?yàn)镼處于靜止，由平衡條件得，P對(duì)Q的支持力N=mgcosαP對(duì)Q的摩擦力f=mgsinα故AB錯(cuò)誤；CD．對(duì)整體受力分析，在豎直方向由平衡條件得，地面對(duì)P的支持力大小FN=（M+m）g地面對(duì)P的摩擦力大小為0，故C正確，D錯(cuò)誤。故選C。6．B【詳解】A．作用力和反作用力是同種性質(zhì)且作用在相互作用的兩個(gè)物體上的力，人受到的重力的施力物體是地球，踏板對(duì)人的支持力的施力物體是電梯，重力和支持力的受力物體是同一個(gè)物體，故

A

錯(cuò)誤；B．人與電梯一起勻速上升，對(duì)人受力分析，受到豎直向下的重力和豎直向上的支持力，二力平衡，故

B

正確；C．人不受水平方向的摩擦力，故C錯(cuò)誤；D．由于人做勻速運(yùn)動(dòng)，人受到的重力大小等于人對(duì)踏板的壓力，但二者是不同性質(zhì)的力，不能說人受到的重力就是人對(duì)踏板的壓力，故

D

錯(cuò)誤；故選B。7．D【詳解】m所受M的滑動(dòng)摩擦力大小方向水平向左，根據(jù)牛頓第三定律得知：木板受到m的摩擦力方向水平向右，大小等于；M處于靜止?fàn)顟B(tài)，水平方向受到m的滑動(dòng)摩擦力和地面的靜摩擦力，根據(jù)平衡條件木板受到地面的摩擦力的大小是，ABC錯(cuò)誤；D正確。故選D。8．A【詳解】據(jù)題意，司機(jī)從發(fā)現(xiàn)前方異常情況到停下來的過程中，先做勻速直線運(yùn)動(dòng)，再做勻減速直線運(yùn)動(dòng)直到速度減為零。已知?jiǎng)t其勻速運(yùn)動(dòng)的位移為：勻減速的位移為：所以總位移為：所以選項(xiàng)A正確，BCD錯(cuò)誤；故選A。9．A【詳解】設(shè)圓半徑為R，從A點(diǎn)開始的傾斜直軌道與水平方向的夾角為θ，則小球下滑的加速度為根據(jù)運(yùn)動(dòng)公式解得因θ越大，則時(shí)間越短，可知球a運(yùn)動(dòng)到B點(diǎn)所用的時(shí)間最短。故選A。10．B【詳解】重物靜止時(shí)受到重力和兩根橡皮條的拉力，處于平衡狀態(tài)，如圖所示：因重物靜止時(shí)左右兩橡皮繩與水平方向的夾角均為，故兩個(gè)拉力的夾角為，則有，故兩個(gè)拉力的合力一定在角平分線上，方向豎直向上，當(dāng)右側(cè)橡皮條拉力變?yōu)榱銜r(shí)，左側(cè)橡皮條拉力不變，重力也不變；由于三力平衡時(shí)，三個(gè)力中任意兩個(gè)力的合力與第三個(gè)力等值、反向、共線，故左側(cè)橡皮條拉力與重力的合力與右側(cè)橡皮條斷開前的彈力反方向，大小等于mg，故加速度為g，沿原斷裂繩的方向斜向下，故選B．【點(diǎn)睛】重物靜止時(shí)受到重力和兩根橡皮條的拉力，處于平衡狀態(tài)，三力平衡時(shí)，三個(gè)力中任意兩個(gè)力的合力與第三個(gè)力等值、反向、共線；撤去一個(gè)力后，其余兩個(gè)力未變，故合力與撤去的力等值、反向、共線，求出合力后根據(jù)牛頓第二定律求解加速度．11．BC【詳解】AB．小球靜止時(shí)，小球受豎直向下的重力G，水平向右的彈簧彈力F，細(xì)繩的拉力T，由平衡條件得，彈簧的彈力大小為細(xì)繩的拉力大小為A錯(cuò)誤，B正確；C．細(xì)繩燒斷瞬間彈簧的彈力不變，則小球所受的合力與燒斷前細(xì)繩拉力的大小相等、方向相反，則此瞬間小球的加速度大小為C正確；D錯(cuò)誤；故選BC。12．BC【詳解】AB．潛水器做方向不變的直線運(yùn)動(dòng)，加速度的方向始終與速度方向相同，但加速度大小逐漸減小直至為零，在此過程中，由于加速度的方向始終與速度方向相同，所以速度逐漸增大，當(dāng)加速度減小到零時(shí)，潛水器將做勻速直線運(yùn)動(dòng)速度不變，而此時(shí)速度達(dá)到最大值故，選項(xiàng)B正確，A錯(cuò)誤；CD．由于潛水器做方向不變的直線運(yùn)動(dòng)，所以位移逐漸增大，當(dāng)加速度減小到零時(shí)，速度不為零，所以位移繼續(xù)增大，故選項(xiàng)C正確，D錯(cuò)誤。故選BC。13．AD【詳解】AB．將恒力F沿水平和豎直方向正交分解，因物體沿天花板勻速運(yùn)動(dòng)，則水平方向上有即物體受到的摩擦力大小為A正確，B錯(cuò)誤；CD．豎直方向上有則摩擦力大小為C錯(cuò)誤，D正確。故選AD。14．BD【詳解】依題意，由于所以A、B均沿斜面加速下滑，受到斜面的摩擦力均沿斜面向上，由牛頓第二定律可得解得又由于兩斜面長度相等，故物塊A、B同時(shí)到達(dá)傳送帶底端，故選BD。15．3.70F′BD【詳解】（1）[1]該彈簧測力計(jì)的分度值為0.1N，需要估讀到0.01N，則示數(shù)為3.70N。（2）[2]圖乙中F是通過平行四邊形定則得到兩個(gè)彈簧測力計(jì)拉力合力的理論值，而F′是通過一個(gè)彈簧測力計(jì)沿AO方向拉橡皮筋的力，所以一定沿著AO方向的力是F′。（3）[3]A．實(shí)驗(yàn)并不要求兩細(xì)繩必須等長，故A錯(cuò)誤；B．實(shí)驗(yàn)中彈簧測力計(jì)、細(xì)繩、橡皮筋都應(yīng)與木板平行，否則作出的平行四邊形的對(duì)應(yīng)邊長將代表各個(gè)力在木板方向的分力，誤差較大，故B正確；CD．本實(shí)驗(yàn)要求兩次拉橡皮筋時(shí)力的作用效果相同，所以兩次拉伸橡皮筋，應(yīng)把結(jié)點(diǎn)O拉到同一點(diǎn)，故C錯(cuò)誤，D正確。故選BD。16．C偏大小于2.100.505.0【詳解】（1）[1]電火花計(jì)時(shí)器工作電壓為交流電220V，電磁打點(diǎn)計(jì)時(shí)器工作電壓為交流4-6V。故選C。（2）[2]當(dāng)拉力F等于0時(shí)，小車已經(jīng)產(chǎn)生力加速度，故原因是平衡摩擦力時(shí)平衡摩擦力過大，在平衡摩擦力時(shí)木板與水平桌面間的傾角偏大。（3）[3][4]小車運(yùn)動(dòng)過程中，砝碼和盤向下做加速運(yùn)動(dòng)處于失重狀態(tài)，砝碼和盤對(duì)細(xì)線的拉力小于其重力，小車在運(yùn)動(dòng)過程中受到的拉力小于砝碼和盤的總重力。對(duì)整體分析，根據(jù)牛頓第二定律得解得則繩子的拉力當(dāng)，即砝碼和盤的總質(zhì)量遠(yuǎn)小于小車和小車上砝碼的總質(zhì)量時(shí)，砝碼和盤的總重力在數(shù)值上近似等于小車運(yùn)動(dòng)時(shí)受到的拉力，所以為了便于探究、減小誤差，應(yīng)使小車質(zhì)量M與砝碼和盤的總質(zhì)量m滿足的條件。（4）[5]刻度尺上讀出A、D、G三點(diǎn)的位置，可得xAD=（2.60-0.50）cm=2.10cmxAG=（6.50-0.50）cm=6.00cm[6]計(jì)數(shù)點(diǎn)間的時(shí)間間隔[7]計(jì)數(shù)點(diǎn)間的時(shí)間間隔為T，由勻變速直線運(yùn)動(dòng)的推論可知，加速度17．（1）1m/s2；（2）1m/s；（3）5.5m【詳解】（1）依題意，由牛頓第二定律有又代入數(shù)據(jù)解得（2）撤除水平推力F瞬間，冰壺的速度大?。?）受推力過程中的位移推力撤去后，由牛頓第二定律得求得又求得所以整個(gè)運(yùn)動(dòng)過程中，冰壺的位移大小18．（1）；（2）30N，50N【詳解】（1）作出結(jié)點(diǎn)O的受力分析

（2）根據(jù)受力可知解得FOB=50N根據(jù)解得FOC=30N19．(1)20N，12N；(2)10m【詳解】(1)由題意知，物體受力如圖所示：由平衡條件可得①②③由①②③式得，。(2)當(dāng)拉力撤去后，物體沿水平方向只受摩擦力的作用，有④⑤由牛頓第二定律，有⑥由④⑤⑥式得物體的加速度為，由可得，末物體已停止運(yùn)動(dòng)，根據(jù)運(yùn)動(dòng)學(xué)公式得解得內(nèi)物體的位移，即內(nèi)物體滑行的距離。20．(1)；(2)；(3)?！驹斀狻?1)由（b）圖可知，A向下加速的加速度為，向上減速的加速度為，所以；(2)對(duì)A進(jìn)行受力分析，下滑與上滑如圖：下滑上滑下滑時(shí)，沿斜面方向：垂直斜面方向：；上滑時(shí)