2025年滬教新版高三物理下冊階段測試試卷含答案

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年滬教新版高三物理下冊階段測試試卷含答案考試試卷考試范圍：全部知識點(diǎn)；考試時間：120分鐘學(xué)校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五六總分得分評卷人得分一、選擇題(共7題，共14分)1、王小剛利用暑假時間學(xué)習(xí)汽車駕駛，他偷偷把教練車開到學(xué)校運(yùn)動場上進(jìn)行練習(xí)．已知運(yùn)動場彎道半徑為36m，跑道與汽車輪胎間的動摩擦因數(shù)為0.4（設(shè)最大靜摩擦力等于滑動摩擦力），則汽車安全通過彎道的速度不能超過（）A.3m/sB.6m/sC.12m/sD.18m/s2、下列說法中正確的是（）A.共點(diǎn)力一定同時作用在物體的同一點(diǎn)上B.物體受力平衡時，一定處于靜止?fàn)顟B(tài)C.物體受三個共點(diǎn)力作用而平衡，這三個共點(diǎn)力一定大小相等D.物體受三個共點(diǎn)力作用而平衡，這三個共點(diǎn)力的合力一定為零3、如圖所示電路，開關(guān)S閉合，當(dāng)R1，R2的滑動片剛好處于各自中點(diǎn)位置時，懸在空氣平行板電容器C兩水平板間的帶電塵埃恰好處于平衡狀態(tài)．要使塵埃P加速向上運(yùn)動的方法是（）A.把R1的滑動片向上移動B.把R2的滑動片向上移動C.把R1的滑動片向下移動D.把并關(guān)S斷開4、如圖所示電路中，三個電壓表完全相同，電源電動勢為5V，內(nèi)阻不計，兩只定值電阻為R1和R2，己知電壓表V1和V2示數(shù)分別為2V和3V，則電壓表V3的示數(shù)為（）A.0B.1VC.5VD.條件不足，無法確定5、甲、乙兩物體的質(zhì)量相同，與水平地面間的動摩擦因數(shù)也相同．它們分別在拉力F1和推力F2作用下沿水平地面做勻速運(yùn)動并通過相同的位移，如圖所示．則力F1和F2分別對兩物體做的功W1和W2的關(guān)系是（）A.W1=W2B.W1＜W2C.W1＞W(wǎng)2D.無法比較6、【題文】一繩長為L的單擺；在平衡位置正上方的P處有一個釘子，如圖2所示，這個擺的周期是。

A.B.C.D.7、【題文】矩形滑塊由不同材料的上；下兩層黏合在一起組成；將其放在光滑的水平面上，如圖所示.質(zhì)量為m的子彈以水平速度v射向滑塊，若射中上層，子彈剛好不射出，若射中下層，則子彈整個兒剛好嵌入.由上述兩種情況相比較（）

①兩次子彈對滑塊做的功一樣多。

②兩次滑塊受的沖量一樣大。

③子彈嵌入下層時；對滑塊做功較多。

④子彈嵌入上層時，系統(tǒng)產(chǎn)生的熱量較多A.①②B.②④C.①④D.③④評卷人得分二、填空題(共5題，共10分)8、某人從A地向正南方向運(yùn)動8m到達(dá)B地，接著返回向正北方向運(yùn)動10m到達(dá)C地，若以A為坐標(biāo)原點(diǎn)，正南方向為X軸正方向，則C的坐標(biāo)為____．9、（2015?陜西二模）約里奧?居里夫婦因發(fā)現(xiàn)人工放射性而獲得了1935年的諾貝爾化學(xué)獎，他們發(fā)現(xiàn)的放射性元索P衰變成Si的同時放出另一種粒子，這種粒子是____．P是P的同位素，被廣泛應(yīng)用于生物示蹤技術(shù)．1mgP隨時間衰變的關(guān)系如圖所示，請估算4mg的P經(jīng)多____天的衰變后還剩0.25mg．10、【題文】如圖，在豎直向下，場強(qiáng)為的勻強(qiáng)電場中，長為的絕緣輕桿可繞固定軸在豎直面內(nèi)無摩擦轉(zhuǎn)動，兩個小球A、B固定于桿的兩端，A、B的質(zhì)量分別為和()，A帶負(fù)電，電量為B帶正電，電量為桿從靜止開始由水平位置轉(zhuǎn)到豎直位置，在此過程中電場力做功為____，在豎直位置處兩球的總動能為____。11、（2014?福州校級模擬）如圖所示，在平面直角坐標(biāo)系中，有方向平行于坐標(biāo)平面的勻強(qiáng)電場，其中坐標(biāo)原點(diǎn)O處的電勢為0V，點(diǎn)A處的電勢為6V，點(diǎn)B處的電勢為3V，則電場強(qiáng)度的大小為____．12、一閉合線圈有50匝，總電阻R=20Ω，穿過它的磁通量在0.1s內(nèi)由8×10-3Wb增加到1.2×10-2Wb，則線圈中的感應(yīng)電動勢E=____，線圈中的電流強(qiáng)度I=____．評卷人得分三、判斷題(共7題，共14分)13、液晶分子在特定方向排列比較整齊，但不穩(wěn)定．____．（判斷對錯）14、分子的動能和分子勢能的和叫做這個分子的內(nèi)能．____．（判斷對錯）15、火車轉(zhuǎn)彎時，若轉(zhuǎn)彎處內(nèi)外軌道一樣高，則轉(zhuǎn)彎時，對外軌產(chǎn)生向外的擠壓作用．____．16、矢量的運(yùn)算遵守平行四邊形法則．____．17、永磁體在受到加熱或敲打后，磁性不會發(fā)生改變____．（判斷對錯）18、物體的瞬時速度總為零，則平均速度一定為零．____．（判斷對錯）19、矢量的運(yùn)算遵守平行四邊形法則．____．評卷人得分四、實驗探究題(共4題，共8分)20、用伏安法測定電阻約為5Ω的均勻電阻絲的電阻率；電源是兩節(jié)干電池．如圖甲所示，將電阻絲拉直后兩端固定在帶有刻度尺的絕緣底座兩端的接線柱上，底座的中間有一個可沿電阻絲滑動的金屬觸頭P，觸頭上固定了接線柱，按下P時，觸頭才與電阻絲接觸，觸頭的位置可從刻度尺上讀出．實驗采用的電路原理圖如圖乙所示，測量電阻絲直徑所用螺旋測微器如圖丙所示．

①用螺旋測微器測電阻絲的直徑時，先轉(zhuǎn)動______使測微螺桿F接近被測電阻絲，再轉(zhuǎn)動______夾住被測物，直到棘輪發(fā)出聲音為止，撥動______使F固定后讀數(shù)．（填儀器部件的字母符號）

②根據(jù)原理圖乙；用筆畫線代替導(dǎo)線，將實物圖連接成實驗電路（見答題紙）．

③閉合開關(guān)后，滑動變阻器觸頭調(diào)至一合適位置后不動，多次改變P的位置，得到幾組U、I、L的數(shù)據(jù)，用R=計算出相應(yīng)的電阻值后作出R-L圖線如圖?。D線上兩個點(diǎn)間數(shù)據(jù)之差，若電阻絲直徑為d，則電阻率ρ=______．21、在“用DIS

研究在溫度不變時；一定質(zhì)量的氣體壓強(qiáng)與體積的關(guān)系”實驗中；

(1)

本實驗主要是通過壓強(qiáng)傳感器測得氣體壓強(qiáng)值；氣體體積則是通過______得到。

(2)

在實驗過程中；推動活塞時要______(

選填“迅速”或“緩慢”)

手不能握住注射器______部分。

(3)

若大氣壓強(qiáng)為P0

壓強(qiáng)傳感器和注射器連接時封閉氣體的初始體積為5cm3

則其體積變?yōu)?0cm3

時，理論上氣體壓強(qiáng)大小應(yīng)變?yōu)開_____；某同學(xué)用V鈭?1/P

圖象處理實驗數(shù)據(jù)，得到如圖所示圖線，若他實驗操作規(guī)范正確，則圖線不過原點(diǎn)的原因可能是______

(A)

注射器中有異物(B)

連接軟管中存在氣體。

(C)

注射器內(nèi)氣體溫度升高(D)

注射器內(nèi)氣體溫度降低。22、實驗室能夠提供如下實驗器材。

A．電流表（量程3A；內(nèi)阻0.1Ω）

B．定值電阻R1（阻值3KΩ；額定電流0.5A）

C．定值電阻R2（阻值30Ω；額定電流1.0A）

D．電池組（電動勢略小于3V；內(nèi)阻不計）

E．開關(guān)若干。

F．導(dǎo)線若干。

為了測量一電壓表（量程3V；內(nèi)阻約3KΩ）的內(nèi)阻，某同學(xué)根據(jù)實驗室提供的器材設(shè)計了如圖兩個實驗電路圖。

（1）為了準(zhǔn)確測量電壓表的內(nèi)阻；應(yīng)該選擇______（填“甲”或“乙”）電路圖；

（2）需要用到的器材有______（填器材前的編號）；

（3）依據(jù)所選電路，結(jié)合測量結(jié)果寫出計算電壓表內(nèi)阻的表達(dá)式RV=______；簡要說明所用物理量的意義______。23、某研究性學(xué)習(xí)小組利用伏安法測定某一電池組的電動勢和內(nèi)阻，實驗原理如圖甲，其中虛線框內(nèi)是用靈敏電流計G改裝的電壓表，電流表的量程為0.6A，E為待測電池組，S為開關(guān)，尺為滑動變阻器，R0是標(biāo)稱值為4.0Ω的定值電阻。

（1）已知靈敏電流計G的滿偏電流Ig=100μA、內(nèi)阻rg=2.0kΩ，若要改裝后的電壓表量程為3V，應(yīng)串聯(lián)一只______Ω的定值電阻R1；

（2）根據(jù)圖甲；用筆畫線代替導(dǎo)線在答題卡上將圖乙連接成完整電路；

（3）根據(jù)圖甲，閉合開關(guān)S前，應(yīng)將滑動變阻器的滑片置于靠近______端（選填“a”或“b”）；

（4）該小組進(jìn)行實驗，得到靈敏電流計的示數(shù)Ix和電流表的示數(shù)IA，把多次實驗測量的數(shù)據(jù)在Ix-IA圖象中描點(diǎn)連線，最終得到如圖示的圖線，根據(jù)圖線計算出電池組的電動勢E=______V，內(nèi)阻r=______Ω。評卷人得分五、識圖作答題(共1題，共2分)24、選用若干生長狀況相同的某植物，置于不同光照強(qiáng)度且其它條件適宜的環(huán)境中進(jìn)行實驗，一段時間后，所得相關(guān)數(shù)據(jù)平均值如下表所示?；卮鹣铝袉栴}：

（1）上表中呼吸速率須在_____的環(huán)境中測定。（2）在測定葉綠素a含量時，需要先進(jìn)行綠葉中色素的_____，再進(jìn)行定量測定。與強(qiáng)光照下相比，低光照下葉綠素a含量_____，這體現(xiàn)了生物對環(huán)境的適應(yīng)。（3）在實驗時段內(nèi)，第____組的植物有機(jī)物積累量最大。將第3組的植株置于第1組的條件下，一定時間內(nèi)，其凈光合速率小于20CO2·μmol·m-2·s-1，對此結(jié)果的合理解釋是___。評卷人得分六、簡答題(共4題，共28分)25、rm{[}化學(xué)rm{隆陋隆陋}選修r(nóng)m{3}物質(zhì)結(jié)構(gòu)與性質(zhì)rm{]}銅、硼、硅、砷等元素的化合物是制造新型激光武器和新型太陽能電池的重要材料?；卮鹣铝袉栴}：rm{(1)}基態(tài)硅原子電子占據(jù)的最高能層符號是_____，其中能量最高的電子所占據(jù)能級的原子軌道有_____個伸展方向，原子軌道呈_____形。rm{(2)}在硫酸銅溶液中通入過量的氨氣，小心蒸發(fā)，最終得到深藍(lán)色的rm{[Cu(NH_{3})_{4}]SO_{4}}晶體，晶體中含有的化學(xué)鍵除普通共價鍵外，還有____________。rm{(3)}硒為第四周期元素，相鄰的元素有砷和溴，則三種元素的第一電離能從大到小的順序為________rm{(}用元素符號表示rm{)}rm{H_{2}SeO_{3}}的酸性_______rm{H_{2}SeO_{4}(}填“強(qiáng)于”或“弱于”rm{)}原因是___________rm{(}從分子結(jié)構(gòu)的角度回答rm{)}rm{(4)}氮化硼rm{(BN)}晶體有多種相結(jié)構(gòu)。六方相氮化硼是通常存在的穩(wěn)定相，與石墨相似，具有層狀結(jié)構(gòu)，可作高溫潤滑劑。它的晶體結(jié)構(gòu)如圖所示。六方相氮化硼______rm{婁脨}鍵rm{(}填“含有”或“不含”rm{)}其質(zhì)地軟的原因是_________。rm{NaBH_{4}}是一種重要的儲氫載體；陰離子的的立體結(jié)構(gòu)為_______。

rm{(5)}砷化鎵是優(yōu)良的第三代半導(dǎo)體材料。如圖所示為rm{GaAs}的晶胞結(jié)構(gòu)。

rm{壟脵}與rm{GaAs}互為等電子體的一種原子晶體的化學(xué)式為________。rm{壟脷}已知晶胞的密度是rm{婁脩g隆隴cm^{?3}}阿伏加德羅常數(shù)值為rm{N_{A}}棱長rm{a=}_____rm{pm}26、甲烷是天然氣的主要成分，是一種重要的清潔能源和化工原料。rm{(1)}煤制天然氣時會發(fā)生多個反應(yīng)，生產(chǎn)過程中有多種途徑生成rm{CH_{4}}已知：rm{C(s)+2{H}_{2}(g)overset{}{?}C{H}_{4}(g);;;;;?H=-73KJ隆隴mo{l}^{-1}}rm{2CO(g)overset{}{?}C(s)+C{O}_{2}(g);;;;;?H=-171KJ隆隴mo{l}^{-1}}

rm{CO(g)+3{H}_{2}(g)overset{}{?}C{H}_{4}(g)+{H}_{2}O(g);;;;;?H=-203KJ隆隴mo{l}^{-1}}

寫出rm{C(s)+2{H}_{2}(g)

overset{}{?}C{H}_{4}(g);;;;;?H=-73KJ隆隴mo{l}^{-1}}與rm{2CO(g)

overset{}{?}C(s)+C{O}_{2}(g);;;;;?H=-171KJ隆隴mo{l}^{-1}

}反應(yīng)生成rm{CO(g)+3{H}_{2}(g)

overset{}{?}C{H}_{4}(g)+{H}_{2}O(g);;;;;?H=-203KJ隆隴mo{l}^{-1}

}和rm{CO}的熱化學(xué)方程式__________________________。rm{H_{2}O(g)}天然氣中含有rm{H_{2}}雜質(zhì)，某科研小組用氨水吸收得到rm{CO_{2}}溶液，已知rm{(2)}rm{H_{2}S}rm{NH_{4}HS}rm{k_{2}(H_{2}S)=1.74隆脕10^{-15}}rm{T隆忙}溶液中所含粒子濃度大小關(guān)系正確的是__________。rm{a.c(NH_{4}^{+})>c(HS^{-})>c(OH^{-})>c(H^{+})b.c(HS^{-})>c(NH_{4}^{+})>c(S^{2-})>c(H^{+})}rm{c.c(NH_{4}^{+})>c(HS^{-})>c(H_{2}S)>c(H^{+})d.c(SH^{-})>c(S^{2-})>c(H^{+})>c(OH^{-})}該科研小組用電化學(xué)方法使rm{k(NH_{3}隆隴H_{2}O)=1.74隆脕10^{-5}}變廢為寶rm{k_{l}(H_{2}S)=1.07隆脕10^{-7}}硫酸銨化肥rm{k_{2}(H_{2}S)=1.74隆脕

10^{-15}}設(shè)計方案如下圖所示，寫出該電池負(fù)極的電極反應(yīng)式_________________。

rm{NH_{4}HS}工業(yè)上常用rm{a.c(NH_{4}^{+})>c(HS^{-})>c(OH^{-})>c(H^{+})

b.

c(HS^{-})>c(NH_{4}^{+})>c(S^{2-})>c(H^{+})}與水蒸氣在一定條件下來制取rm{c.c(NH_{4}^{+})>c(HS^{-})>c(H_{2}S)>c(H^{+})

d.c(SH^{-})>c(S^{2-})>c(H^{+})>c(OH^{-})}其原理為：rm{CH_{4}(g)+H_{2}O(g)overset{}{?}}rm{NH_{4}HS}rm{(}該反應(yīng)的逆反應(yīng)速率表達(dá)式為：rm{)}rm{(3)}為速率常數(shù)，在某溫度下，測得實驗數(shù)據(jù)如下表：

上述數(shù)據(jù)可得該溫度下，上述反應(yīng)的逆反應(yīng)速率常數(shù)rm{CH_{4}}______rm{H_{2}}rm{CH_{4}(g)+H_{2}O(g)overset{}{?}

}在體積為rm{CO(g)+3H_{2}(g)}的密閉容器中通入物質(zhì)的量均為rm{壟脵}的rm{v=kc(CO)c^{3}(H_{2})}和水蒸氣，在一定條件下發(fā)生反應(yīng)，測得rm{k}的體積分?jǐn)?shù)與溫度及壓強(qiáng)的關(guān)系如下圖所示，則壓強(qiáng)rm{k=}______rm{L^{3}隆隴mol^{-3}隆隴min^{-1}}填“大于”或“小于”rm{壟脷}

rm{2L}壓強(qiáng)為rm{2mol}時，在rm{CH_{4}}點(diǎn)：rm{H_{2}}正rm{P_{1}}_______rm{P_{2}(}逆rm{)}填“大于”、“小于”或“等于”rm{壟脹}求rm{P_{l}}點(diǎn)對應(yīng)溫度下該反應(yīng)的平衡常數(shù)rm{N}__________。rm{v(}27、某學(xué)習(xí)小組的同學(xué)擬利用碘化亞鐵與碳酸氫鈉的反應(yīng)來制備高純度的碘化鈉晶體rm{.}回答下列問題：rm{(1)}碘化亞鐵溶液的制備：將碘和鐵粉按物質(zhì)的量之比在rm{dfrac{1}{1.50}simdfrac{1}{1.20}}之間配料，加入三頸燒瓶中rm{dfrac{1}{1.50}sim

dfrac{1}{1.20}}如圖rm{(}然后加入適量水，并向裝置中持續(xù)通入rm{)}在rm{N_{2}}下攪拌反應(yīng)rm{40隆陋60隆忙}待反應(yīng)完成檢驗出反應(yīng)液中不含碘單質(zhì)后，過濾即制得碘化亞鐵溶液．rm{30隆陋50min.}配料中鐵粉過量的目的是________．持續(xù)通人rm{壟脵}的目的是________．rm{N_{2}}檢驗反應(yīng)液中不含碘單質(zhì)的方法是________．rm{壟脷}碘化鈉溶液的制備：將制備好的碘化亞鐵溶液加入碳酸氫鈉溶液中，控制碘化亞鐵與碳酸氫鈉的物質(zhì)的量之比在rm{dfrac{1}{2.20}simdfrac{1}{1.98}}之間，在rm{(2)}下攪拌反應(yīng)rm{dfrac{1}{2.20}sim

dfrac{1}{1.98}}反應(yīng)生成碘化鈉及碳酸亞鐵等rm{80隆陋100隆忙}該反應(yīng)的化學(xué)方程式為________．rm{30隆陋50min}碘化鈉的提純與結(jié)晶：rm{.}除去碘化鈉溶液中rm{(3)}的方法是________．rm{壟脵}從碘化鈉溶液中獲得碘化鈉晶體rm{mathrm{HCO}_{mathrm{3}}^{mathrm{-}}}時溶解度為rm{壟脷}水，rm{(20隆忙}時溶解度為rm{179g/100g}水rm{100隆忙}的操作方法是________．rm{302g/100g}碘化鈉晶體純度的測定：該小組同學(xué)稱取制得的碘化鈉晶體rm{)}溶于水后加入rm{50mL2.5mol隆隴L^{-1}AgNO_{3}}溶液，過濾、洗滌、干燥，稱得沉淀的質(zhì)量為rm{(4)}則碘化鈉晶體的純度為________rm{18.1g}雜質(zhì)不參與反應(yīng)，結(jié)果保留至小數(shù)點(diǎn)后兩位rm{50mL2.5mol隆隴L^{-1}

AgNO_{3}}rm{28.2g.}28、氮化鋁是一種新型的無機(jī)非金屬材料，被廣泛應(yīng)用于集成電路生產(chǎn)領(lǐng)域。在氮?dú)饬髦杏裳趸X與焦炭在電爐中加熱制得。方程式為：rm{Al_{2}O_{3}+N_{2}+3Coverset{賂脽脦脗}{=}2AlN+3CO}反應(yīng)中原料配比不當(dāng)或反應(yīng)不完全等因素都會造成產(chǎn)品中含有rm{Al_{2}O_{3}+N_{2}+3Coverset{賂脽脦脗}{=}

2AlN+3CO}rm{C}或rm{Al_{4}C_{3}}等雜質(zhì)。請回答下列問題：rm{Al_{2}O_{3}}探究氮化鋁與酸的反應(yīng)。步驟rm{(1)}取少量樣品于試管中，滴加稀rm{1}溶液至樣品全部溶解；步驟rm{H_{2}SO_{4}}檢驗生成產(chǎn)物中含有rm{2}寫出rm{NH_{4}^{+}}與稀rm{AlN}反應(yīng)的化學(xué)方程式_________________________。rm{H_{2}SO_{4}}與水反應(yīng)生成甲烷，甲烷與rm{(2)Al_{4}C_{3}}反應(yīng)的化學(xué)方程式為：rm{CH_{4}+4CuOoverset{?}{=}CO_{2}+2H_{2}O+4Cu}為測定產(chǎn)品中有關(guān)成分的含量，所需儀器如下：測定樣品中含有少量rm{CuO}的含量，各裝置連接的順序為rm{CH_{4}+4CuOoverset{?}{=}

CO_{2}+2H_{2}O+4Cu}主要實驗步驟如下：rm{Al_{4}C_{3}}稱量rm{A隆煤C隆煤F隆煤C隆煤D隆煤E}的質(zhì)量；按順序組裝儀器，將試樣放入錐形瓶中，檢查裝置的氣密性；

rm{壟脵}從分液漏斗緩緩滴入稀硫酸，直到不再產(chǎn)生氣體時為止；rm{D}點(diǎn)燃rm{壟脷}酒精燈；rm{壟脹}緩緩鼓入一定量的rm{F}rm{壟脺}再次緩緩鼓入一定量的rm{N_{2}}rm{壟脻}再次稱量rm{N_{2}}的質(zhì)量；rm{壟脼}重復(fù)步驟rm{D}和rm{壟脽}的操作，直到rm{壟脻}的質(zhì)量基本不變。

操作的先后順序是rm{壟脼}_____________rm{D}操作rm{壟脵隆煤}的目的是____________________________________________。rm{隆煤壟脻隆煤壟脼隆煤壟脽}測定樣品中rm{壟脺}的含量，請選擇合適的藥品和裝置，按氣流方向連接各裝置，其順序為：______rm{(3)}_____rm{AlN}______rm{隆煤}若樣品質(zhì)量為rm{隆煤}稱量rm{隆煤E}增重rm{16.4g}則rm{C}的質(zhì)量分?jǐn)?shù)是___。rm{5.1g}參考答案一、選擇題(共7題，共14分)1、C【分析】【分析】汽車轉(zhuǎn)彎時，靜摩擦力提供向心力，要不側(cè)滑，汽車轉(zhuǎn)彎時所需的向心力不能大于最大靜摩擦力【解析】【解答】解：汽車轉(zhuǎn)彎時；靜摩擦力提供向心力，要不側(cè)滑：f≤μmg

又因圓周運(yùn)動有：f=

得：=12m/s

故選：C2、D【分析】【分析】物體處于靜止或勻速直線運(yùn)動狀態(tài)稱為平衡狀態(tài)；物體平衡的條件為：合力為零．【解析】【解答】解：A；共點(diǎn)力可以是作用在同一點(diǎn)；也可以是作用線交于一點(diǎn)；故A錯誤；

B；物體受力平衡時可以靜止；也可以勻速直線運(yùn)動；故B錯誤；

C；物體受三個而處于平衡；這三個力的合力一定為零，但大小不一定相等；故C錯誤，D正確；

故選：D．3、D【分析】【分析】閉合開關(guān)S，電容器的電壓等于變阻器左部分的電壓，與R1無關(guān)，當(dāng)滑片向下移動時，電壓增大，板間場強(qiáng)增大，塵埃P向上加速運(yùn)動．把開關(guān)S斷開后，根據(jù)電容器的電壓，再判斷塵埃P是否向上加速運(yùn)動．【解析】【解答】解：A、R1的滑片移動不能改變電容器的電壓；所以塵埃P處于處于靜止?fàn)顟B(tài)．故AC錯誤．

B、由電路圖可知，電容器與R2的上端并聯(lián)；故向上移動滑片使C兩端的電壓減小，則電場強(qiáng)度減小，電場力減小，塵埃P加速向下運(yùn)動，故B錯誤．

D；把開關(guān)S斷開后；電容器的電壓等于電源的電動勢，即電壓增大，塵埃P向上加速運(yùn)動．故D正確．

故選：D4、B【分析】【分析】電表均可以看作是能測量電流及電壓的電阻，根據(jù)串并聯(lián)電路的規(guī)律即可求解．【解析】【解答】解：電壓表可以作為電阻處理，因三個電壓表內(nèi)阻相等，則電壓與電流成正比；設(shè)流過V1的電流為2I，則流過V2電流為3I；則可知V3中電流一定為I；故V2示數(shù)為1V；

故選：B．5、B【分析】【分析】根據(jù)共點(diǎn)力平衡比較拉力和推力的大小，再通過W=Fscosθ，比較做功的大?。窘馕觥俊窘獯稹拷猓焊鶕?jù)共點(diǎn)力平衡知，F(xiàn)1cosθ=μ（mg-F1sinθ），F(xiàn)2cosθ=μ（mg+F2sinθ），可知F2＞F1，根據(jù)過W=Fscosθ知，位移大小相等，夾角相等，則W1＜W2．故B正確；A；C、D錯誤．

故選B．6、D【分析】【解析】由單擺周期公式可知當(dāng)繩子長度為L時，運(yùn)動半個周期時間為擺長為L’時半個周期時間為所以本單擺周期為D對；【解析】【答案】D7、A【分析】【解析】兩種情況下，滑塊具有相同的速度（系統(tǒng)動量守恒），子彈對滑塊做的功等于滑塊動能的增加量，滑塊受的沖量等于滑塊動量的增加量，系統(tǒng)機(jī)械能損失相同，產(chǎn)生的熱量也相同.【解析】【答案】A二、填空題(共5題，共10分)8、-2m【分析】【分析】由題意作出人的運(yùn)動路線圖，建立坐標(biāo)軸，則可得出C點(diǎn)的坐標(biāo)．【解析】【解答】解：根據(jù)題意可知；物體先向南前進(jìn)8m；又向北10m，以A為坐標(biāo)原點(diǎn)，則C點(diǎn)的坐標(biāo)為-2m；

故答案為：-2m

9、正電子56【分析】【分析】根據(jù)質(zhì)量數(shù)和電荷數(shù)守恒判斷粒子的屬性，從圖象看出半衰期，由半衰期公式計算所需天數(shù)．【解析】【解答】解：核反應(yīng)方程式為：3015P→3014Si+X；由質(zhì)量數(shù)守恒知X的質(zhì)量數(shù)為0，由電荷數(shù)守恒知X的質(zhì)子數(shù)為1，所以X為正電子；

由圖象知半衰期大約為14天，由公式0.25=4×知t=56天．

答案為：正電子，56天10、略

【分析】【解析】AB在轉(zhuǎn)動過程中電場力對AB都做正功即：根據(jù)動能定理：=可求解在豎直位置處兩球的總動能?！窘馕觥俊敬鸢浮?1、200v/m【分析】【分析】在x軸上找一電勢為3V的點(diǎn)，將該點(diǎn)與B點(diǎn)連接，該連線為等勢線，求出OB沿電場線方向上的距離，根據(jù)E=求出電場強(qiáng)度的大小【解析】【解答】解：OA的中點(diǎn)C的電勢為3V，將C點(diǎn)與B點(diǎn)連接，如圖，電場線與等勢線垂直，根據(jù)幾何關(guān)系得：BC=cm；

則OB沿電場線方向上的距離為：OD=sin60°=1.5cm．

所以電場強(qiáng)度為：E==×102=200V/m．

故答案為：200V/m12、2V0.1A【分析】【分析】根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律E=n求出感應(yīng)電動勢，再根據(jù)閉合電路歐姆定律求出感應(yīng)電流的大?。窘馕觥俊窘獯稹拷猓焊鶕?jù)法拉第電磁感應(yīng)定律得線圈中感應(yīng)電動勢為：E=n=50×V=2V

感應(yīng)電流為：I==A=0.1A

故答案為：2V，0.1A．三、判斷題(共7題，共14分)13、√【分析】【分析】人們熟悉的物質(zhì)狀態(tài)（又稱相）為氣、液、固，較為生疏的是電漿和液晶，液晶像液體一樣可以流動，又具有某些晶體結(jié)構(gòu)特征的一類物質(zhì)．液晶是介于液態(tài)與結(jié)晶態(tài)之間的一種物質(zhì)狀態(tài)．【解析】【解答】解：液晶像液體一樣可以流動；又具有某些晶體結(jié)構(gòu)特征的一類物質(zhì)，所以液晶分子在特定方向排列比較整齊，但不穩(wěn)定．故該說法是正確的．

故答案為：√14、×【分析】【分析】從微觀上說，系統(tǒng)內(nèi)能是構(gòu)成系統(tǒng)的所有分子無規(guī)則運(yùn)動動能、分子間相互作用勢能的總和，是大量分子的統(tǒng)計規(guī)律．【解析】【解答】解：物體內(nèi)能是指物體內(nèi)部所有分子做無規(guī)則運(yùn)動所具有的動能和分子勢能的總和；注意是物體的內(nèi)能，不是分子的內(nèi)能；

故答案為：×15、√【分析】【分析】火車在水平軌道上轉(zhuǎn)彎時，需要有力提供指向圓心的向心力，若轉(zhuǎn)彎處內(nèi)外軌道一樣高，只能軌道的壓力提供．【解析】【解答】解：火車在水平軌道上轉(zhuǎn)彎時；做圓周運(yùn)動，需要有力提供指向圓心的向心力，即方向指向內(nèi)側(cè)，此時外軌對火車的壓力提供向心力，根據(jù)牛頓第三定律可知，火車對外軌產(chǎn)生向外的壓力作用，此說法正確。

故答案為：√16、√【分析】【分析】物理量按有無方向分矢量和標(biāo)量，矢量的運(yùn)算遵守平行四邊形法則．【解析】【解答】解：矢量是既有大??；又有方向的物理量，矢量的運(yùn)算遵守平行四邊形法則．故這句話是正確的．

故答案為：√17、×【分析】【分析】永磁體在受到加熱或敲打后，磁性會減弱或消失，這種現(xiàn)象叫退磁．鐵磁性的物質(zhì)與磁鐵接觸后會顯示出磁性，這種現(xiàn)象叫磁化．【解析】【解答】解：永磁體在受到加熱或敲打后；磁性會減弱或消失，這種現(xiàn)象叫退磁．所以這種說法是錯誤的．

故答案為：（×）18、√【分析】【分析】平均速度表示物在某一段時間或某一過程內(nèi)的運(yùn)動情況；而瞬時速度只能表示物體在某一瞬時或某一位置時的速度．平均速度與位移與時間的比值求解．【解析】【解答】解：因瞬時速度為0；則物體不動，無位移，則平均速度為0

故答案為：√19、√【分析】【分析】物理量按有無方向分矢量和標(biāo)量，矢量的運(yùn)算遵守平行四邊形法則．【解析】【解答】解：矢量是既有大??；又有方向的物理量，矢量的運(yùn)算遵守平行四邊形法則．故這句話是正確的．

故答案為：√四、實驗探究題(共4題，共8分)20、略

【分析】解：（1）用螺旋測微器測電阻絲的直徑時；先轉(zhuǎn)動粗調(diào)旋鈕D使測微螺桿F接近被測電阻絲，再轉(zhuǎn)到微調(diào)旋鈕H夾住被測物，直到棘輪發(fā)出聲音為止，撥動止動旋鈕G使F固定后讀數(shù)．

（2）根據(jù)電路圖連接實物圖．

（3）根據(jù)R=得知圖線的斜率為：k=

得ρ：=．

故答案為：（1）D、H、G；（2）如圖所示；（3）．

（1）適用螺旋測微器時；選旋動粗調(diào)旋鈕，再轉(zhuǎn)到微調(diào)旋鈕，最后撥動止動旋鈕固定后讀數(shù)．

（2）根據(jù)電路圖連接實物圖．

（3）根據(jù)電阻定律得出R-L的關(guān)系式；結(jié)合圖線的斜率求出電阻率的大小．

解決本題的關(guān)鍵掌握螺旋測微器的使用方法，以及掌握電阻定律，知道圖線斜率表示的物理意義．【解析】D；H；G；21、略

【分析】解：(1)

用DIS

研究做實驗時；氣體的壓強(qiáng)是用壓強(qiáng)傳感器通過計算機(jī)系統(tǒng)得到的，氣體體積則是通過注射器的刻度得到；

(2)

在實驗過程中；推動活塞時要緩慢，使氣體的溫度不會發(fā)生變化；同時手不能握住注射器封閉氣體部分，避免氣體的溫度會發(fā)生變化；

(3)

若大氣壓強(qiáng)為P0

壓強(qiáng)傳感器和注射器連接時封閉氣體的初始體積為5cm3

則其體積變?yōu)?0cm3

時，根據(jù)波義耳定律：P0V0=P1V1

代入數(shù)據(jù)可得理論上氣體壓強(qiáng)大小：P1=12P0

A、因為根據(jù)玻意耳定律知PV=C

知V

與1P

成正比；圖線不經(jīng)過原點(diǎn)的原因，是因為注射器中有小物體，占據(jù)一定的體積。故A正確；

B、若連接軟管中存在氣體，V0

代表注射器與壓強(qiáng)傳感器連接部位的氣體體積，根據(jù)P(V+V0)=CC

為定值，則V=CP鈭?V0.

如果實驗操作規(guī)范正確，得到的V鈭?1P

圖線不過原點(diǎn)，1P=0

時；V

為負(fù)值，與本圖不符。故B錯誤。

C；注射器內(nèi)氣體溫度升高；則圖線為曲線。故C錯誤。

D；注射器內(nèi)氣體溫度降低；則圖線為曲線。故D錯誤。

故選：A

故答案為：(1)

注射器的刻度；(2)

緩慢，封閉氣體；(3)P02A

(1)

用DIS

研究壓強(qiáng)與體積的關(guān)系；壓強(qiáng)直接由傳感器通過計算機(jī)得到。

(2)

根據(jù)實驗的條件；注意事項的內(nèi)容分析選擇。

(3)

根據(jù)氣態(tài)方程；分析計算的氣體壓強(qiáng)P

與體積V

的乘積值不完全相等的原因。

探究氣體的實驗定律關(guān)鍵是控制實驗條件：氣體的質(zhì)量一定，保持壓強(qiáng)、溫度或體積一定，無需測量氣體的質(zhì)量，單位無需統(tǒng)一?！窘馕觥孔⑸淦鞯目潭?；緩慢；封閉氣體；P02A

22、乙BDEFU1為K1、K2閉合時電壓表示數(shù)，U2為K1閉合K2斷開時電壓表示數(shù)【分析】解：（1）通過電壓表的最大電流約為：I==0.001A=1mA；電流表量程為3A，其分度值為0.1A，不能用該電流表準(zhǔn)確測出電路電流，因此不能用圖甲所示實驗電路，應(yīng)選擇圖乙所示實驗電路。

（2）選擇圖乙所示實驗電路；需要的實驗器材為：BDEF。

（3）根據(jù)圖乙所示實驗電路，實驗時先閉合開關(guān)K1、K2，讀出電壓表示數(shù)：U1；

當(dāng)斷開開關(guān)K2讀出電壓表示數(shù)U2，電壓表內(nèi)阻為：RV==

U1為K1、K2閉合時電壓表示數(shù)，U2為K1閉合K2斷開時電壓表示數(shù)；

故答案為：（1）乙；（2）BDEF；（3）U1為K1、K2閉合時電壓表示數(shù)，U2為K1閉合K2斷開時電壓表示數(shù)。

（1）根據(jù)實驗器材估算電路最大電流；然后選擇實驗電路。

（2）根據(jù)所選擇的實驗電路與實驗原理選擇實驗器材。

（3）根據(jù)實驗電路圖應(yīng)用歐姆定律求出電壓表內(nèi)阻表達(dá)式。

本題考查了實驗電路與實驗器材的選擇，要掌握實驗器材的選擇原則，根據(jù)實驗器材確定實驗方案，然后根據(jù)實驗原理選擇實驗器材，應(yīng)用串聯(lián)電路特點(diǎn)與歐姆定律求出電壓表內(nèi)阻?！窘馕觥恳褺DEFU1為K1、K2閉合時電壓表示數(shù)，U2為K1閉合K2斷開時電壓表示數(shù)23、2.8×104a2.71.25【分析】解：（1）串聯(lián)電阻阻值為：

R=-rg=-2000=2.8×104Ω；

（2）根據(jù)圖甲所示電路圖連接實物電路圖；實物電路圖如圖所示：

（3）滑動變阻器采用限流接法；為保護(hù)電路，閉合開關(guān)S前，應(yīng)將滑動變阻器的滑片置于靠近a端。

（4）由圖甲所示電路圖可知；電源電動勢為：

E=U+Igr=IX（rg+R1）+IAr；

由圖示圖線可知；電源電動勢為：

E=90×10-6×（2.0×103+2.8×104）=2.7V；

電源內(nèi)阻為：r=-R0=-4.0=1.25Ω；

故答案為：（1）2.8×104；（2）實物電路圖如圖所示；（3）a；（4）2.7；1.25。

（1）根據(jù)串聯(lián)電路特點(diǎn)與歐姆定律可以求出串聯(lián)電阻阻值。

（2）根據(jù)電路圖連接實物電路圖。

（3）滑動變阻器采用限流接法；為保護(hù)電路閉合開關(guān)前滑片要置于阻值最大處。

（4）根據(jù)圖示電路圖應(yīng)用歐姆定律求出圖線的函數(shù)表達(dá)式；然后根據(jù)圖示圖線求出電源電動勢與內(nèi)阻。

把電流表改裝成電壓表需要串聯(lián)分壓電阻，應(yīng)用串聯(lián)電路特點(diǎn)與歐姆定律可以求出串聯(lián)電阻阻值；根據(jù)圖示電路圖應(yīng)用閉合電路歐姆定律可以求出電源電動勢與內(nèi)阻。【解析】2.8×104a2.71.25五、識圖作答題(共1題，共2分)24、。（1）黑暗

（2）提取、分離較高（3）3此時間段內(nèi)，其葉綠素a含量低于1.6mg·-1，因而其利用光能的能力較弱，在相同光照強(qiáng)度下，其光合作用強(qiáng)度低于原第1組植物。同時，其呼吸速率與原第1組植物相同。所以，其凈光合速率小于原第1組植物對應(yīng)的20CO2·μmol·m-2·s-1。

【分析】【分析】本題考查學(xué)生理解光照強(qiáng)度對光合作用和呼吸作用的影響的理解及實際光合作用、呼吸作用、凈光合作用之間的關(guān)系，理解并掌握光反應(yīng)與暗反應(yīng)的物質(zhì)變化及關(guān)系，了解葉綠素提取和分類的實驗原理，把握知識的內(nèi)在聯(lián)系，形成知識網(wǎng)絡(luò)，并應(yīng)用相關(guān)知識結(jié)合表格信息進(jìn)行推理、解答問題?！窘獯稹浚?）測定呼吸速率必須在黑暗的條件下進(jìn)行，消除光合作用產(chǎn)生氧氣、消耗二氧化碳對測定呼吸速率的干擾。

（2）在測定葉綠素a含量時，需要先進(jìn)行綠葉中色素的提取、分離，再進(jìn)行定量測定；由表格信息可知，低光照條件下，葉綠素a的含量較高，適應(yīng)弱光的環(huán)境。

（3）在實驗時段內(nèi)，第3組的植物有機(jī)物積累量最大，因為第三組凈光合速率最大。將第3組的植株置于第1組的條件下，一定時間內(nèi)，其凈光合速率小于20CO2·μmol·m-2·s-1，對此結(jié)果的合理解釋是此時間段內(nèi)，其葉綠素a含量低于1.6mg·-1，因而其利用光能的能力較弱，在相同光照強(qiáng)度下，其光合作用強(qiáng)度低于原第1組植物。同時，其呼吸速率與原第1組植物相同。所以，其凈光合速率小于原第1組植物對應(yīng)的20CO2·μmol·m-2·s-1?！窘馕觥俊＃?）黑暗

（2）提取、分離較高（3）3此時間段內(nèi)，其葉綠素a含量低于1.6mg·-1，因而其利用光能的能力較弱，在相同光照強(qiáng)度下，其光合作用強(qiáng)度低于原第1組植物。同時，其呼吸速率與原第1組植物相同。所以，其凈光合速率小于原第1組植物對應(yīng)的20CO2·μmol·m-2·s-1。

六、簡答題(共4題，共28分)25、rm{(1)M}rm{3}啞鈴

rm{(2)}離子鍵、配位鍵

rm{(3)Br>As>Se}弱于rm{H_{2}SeO_{3}}中非羥基氧的數(shù)目小于rm{H_{2}SeO_{4}}

rm{(4)}不含層與層之間通過范德華力結(jié)合在一起，作用力小，導(dǎo)致其質(zhì)地軟

rm{(5)壟脵AlN}

rm{壟脷sqrt[3]{dfrac{580}{婁脩{N}_{A}}}隆脕10^{10}}rm{壟脷sqrt[3]{dfrac{580}{婁脩{N}_{A}}}

隆脕10^{10}}【分析】【分析】本題考查物質(zhì)的結(jié)構(gòu)與性質(zhì)?！窘獯稹縭m{(1)}硅為rm{14}號元素，核外有rm{3}個電子層，基態(tài)硅原子電子排布式為rm{1s^{2}2s^{2}2p^{6}3s^{2}3p^{2}}電子占據(jù)的最高能層符號是rm{M}其中能量最高的電子所占據(jù)能級的原子軌道有rm{3}個伸展方向，原子軌道呈啞鈴形，故答案為：rm{M}rm{3}啞鈴；rm{(2)}深藍(lán)色的rm{[Cu(NH_{3})_{4}]SO_{4}}晶體，晶體中含有的化學(xué)鍵除普通共價鍵外，還有配離子與硫酸根離子之間的離子鍵，銅離子提供空軌道、rm{N}原子提供孤對電子的配位鍵，故答案為：離子鍵、配位鍵；rm{(3)}根據(jù)元素周期律，同周期元素，原子序數(shù)增加，第一電離能增大，但由于rm{As4p}軌道半充滿，較為穩(wěn)定，第一電離能大于rm{Se}所以第一電離能rm{Br>As>Se}rm{H_{2}SeO_{3}}的酸性弱于rm{H_{2}SeO_{4}}原因含氧酸的通式可寫成rm{(HO)_{m}RO_{n}}如果成酸元素rm{R}相同，則rm{n}值越大，rm{R}的正電性越高，導(dǎo)致rm{R-O-H}中rm{O}的電子向rm{R}偏移，因而在水分子的作用下，也越容易電離出rm{H^{+}}酸性越強(qiáng)，rm{H_{2}SeO_{3}}的非羥基氧為rm{1}rm{H_{2}SeO_{4}}的非羥基氧為rm{2}故Hrm{{,!}_{2}SeO_{3}}的酸性弱于rm{H_{2}SeO_{4}}故答案為：rm{Br>As>Se}弱于；rm{H_{2}SeO_{3}}中非羥基氧的數(shù)目小于rm{H_{2}SeO_{4}}rm{(4)B}位于第rm{2}周期Ⅲrm{A}族，核外電子排布式rm{1s^{2}2s^{2}2p^{1}}形成的六方相氮化硼，每一個rm{B}與rm{3}個rm{N}原子相連，每rm{1}個rm{N}原子與rm{3}個rm{B}原子相連，形平面三角形，向空間發(fā)展成層狀結(jié)構(gòu)rm{.}六方相氮化硼，不含rm{婁脨}鍵，只含rm{婁脪}鍵，層與層之間通過范德華力結(jié)合在一起；作用力小，導(dǎo)致其質(zhì)地軟，故答案為：不含；層與層之間通過范德華力結(jié)合在一起，作用力小，導(dǎo)致其質(zhì)地軟；rm{(5)壟脵}與rm{GaAs}互為等電子體的一種原子晶體的化學(xué)式為rm{AlN}故答案為：rm{AlN}rm{壟脷}晶胞中rm{As}的數(shù)目為rm{8隆脕dfrac{1}{8}+6隆脕dfrac{1}{2}=4}rm{8隆脕dfrac{1}{8}+6隆脕dfrac{1}{2}=4

}的數(shù)目為rm{Ga}晶胞的質(zhì)量為rm{4}已知晶胞的密度是rm{dfrac{4隆脕145}{{N}_{A}}g}阿伏加德羅常數(shù)值為rm{婁脩g隆隴cm^{?3}}棱長rm{a=sqrt[3]{dfrac{dfrac{4隆脕145}{{N}_{A}}g}{婁脩g/c{m}^{3}}}=sqrt[3]{dfrac{580}{婁脩{N}_{A}}}隆脕10^{10}pm}故答案為：rm{sqrt[3]{dfrac{580}{婁脩{N}_{A}}}隆脕10^{10}}rm{N_{A}}【解析】rm{(1)M}rm{3}啞鈴rm{(2)}離子鍵、配位鍵rm{(3)Br>As>Se}弱于rm{H_{2}SeO_{3}}中非羥基氧的數(shù)目小于rm{H_{2}SeO_{4}}rm{(4)}不含層與層之間通過范德華力結(jié)合在一起，作用力小，導(dǎo)致其質(zhì)地軟rm{(5)壟脵AlN}rm{壟脷sqrt[3]{dfrac{580}{婁脩{N}_{A}}}隆脕10^{10}}rm{壟脷sqrt[3]{dfrac{580}{婁脩{N}_{A}}}

隆脕10^{10}}26、rm{(1)CO(g)+H_{2}O(g)=H_{2}(g)+CO_{2}(g)}rm{(1)

CO(g)+H_{2}O(g)=H_{2}(g)+CO_{2}(g)}

rm{triangleH=-41kJ/mol}rm{4H_{2}O+HS^{-}-8e^{-}=SO_{4}^{2-}+9H^{+}}

rm{(2)ac}rm{4H_{2}O+

HS^{-}-8e^{-}=SO_{4}^{2-}+9H^{+}}大于rm{(3)壟脵1.2隆脕10^{4}}大于rm{壟脷}rm{壟脹}【分析】【分析】本題考查蓋斯定律、鹽類水解、化學(xué)平衡計算，為高頻考點(diǎn)，側(cè)重考查學(xué)生分析判斷及計算能力，明確電離平衡常數(shù)與離子水解程度關(guān)系、三段式在化學(xué)平衡計算中的靈活運(yùn)用是解本題關(guān)鍵，注意rm{(3)}不能根據(jù)rm{N}點(diǎn)濃度計算其化學(xué)平衡常數(shù)；應(yīng)該用平衡時各物質(zhì)濃度計算化學(xué)平衡常數(shù)，為易錯點(diǎn)。

【解答】rm{(1)C(s)+2H_{2}(g)?CH_{4}(g)triangleH=-73kJ?mol^{-1}壟脵}

rm{2CO(g)?C(s)+CO_{2}(g)triangleH=-171kJ?mol^{-1}壟脷}

rm{CO(g)+3H_{2}(g)?CH_{4}(g)+H_{2}O(g)triangleH=-203kJ?mol^{-1}壟脹}

將方程式rm{(1)C(s)+2H_{2}(g)?CH_{4}(g)triangle

H=-73kJ?mol^{-1}壟脵}得rm{2CO(g)?C(s)+CO_{2}(g)triangle

H=-171kJ?mol^{-1}壟脷}rm{triangleH=(-73kJ?mol^{-1})+(-171kJ?mol^{-1})-(-203kJ?mol^{-1})=-41kJ/mol}

故答案為：rm{CO(g)+3H_{2}(g)?CH_{4}(g)+H_{2}O(g)triangle

H=-203kJ?mol^{-1}壟脹}rm{壟脵+壟脷-壟脹}

rm{CO(g)+H_{2}O(g)=H_{2}(g)+CO_{2}(g)}根據(jù)電離平衡常數(shù)知，一水合氨電離程度大于硫化氫電離程度，所以rm{triangle

H=(-73kJ?mol^{-1})+(-171kJ?mol^{-1})-(-203kJ?mol^{-1})=-41kJ/mol}溶液銨根離子水解程度小于rm{CO(g)+H_{2}O(g)=H_{2}(g)+CO_{2}(g)}水解程度，溶液呈堿性，則rm{triangleH=-41kJ/mol}但銨根離子和硫化氫離子水解程度都較小，所以離子濃度大小順序是rm{(2)}rm{NH_{4}HS}rm{HS-}rm{c(OH^{-})>c(H^{+})}rm{c(NH}rm{c(NH}rm{{,!}_{4}^{+}}rm{)>c(HS}rm{)>c(HS}，硫氫根離子水解程度大于其電離程度，所以還存在：rm{{,!}^{-}}rm{)>c(OH}rm{)>c(OH}rm{{,!}^{-}}rm{)>c(H}rm{)>c(H}rm{{,!}^{+}}rm{)}rm{)}；

故選rm{c(NH}

原電池中，鼓入空氣的一極為為正極，則加入rm{c(NH}溶液的一極為負(fù)極，該電極的電極反應(yīng)式為rm{4H_{2}O+HS^{-}-8e^{-}=SO_{4}^{2-}+9H^{+}}故答案為：rm{4H_{2}O+HS^{-}-8e^{-}=SO_{4}^{2-}+9H^{+}}

rm{(3)壟脵dfrac{19.2}{9.6}=2=dfrac{kc_{2}(c_{1})^{3}}{k隆脕0.1隆脕(c_{1})^{3}}}rm{{,!}_{4}^{+}}rm{)>c(HS}rm{)>c(HS}

故答案為：rm{{,!}^{-}}

rm{)>c(H}相同溫度下，增大壓強(qiáng)平衡逆向移動，則氫氣體積分?jǐn)?shù)降低，根據(jù)圖知，rm{)>c(H}條件下氫氣體積分?jǐn)?shù)小于rm{{,!}_{2}}條件下的氫氣體積分?jǐn)?shù)，則rm{S)>c(H}大于rm{S)>c(H}同一壓強(qiáng)下，升高溫度平衡向吸熱方向移動，該反應(yīng)的正反應(yīng)是吸熱反應(yīng)，升高溫度氫氣體積分?jǐn)?shù)增大，則rm{{,!}^{+}}小于rm{)}

故答案為：大于；小于；

rm{)}點(diǎn)時要使反應(yīng)達(dá)到平衡狀態(tài)，反應(yīng)應(yīng)該向正反應(yīng)方向移動，則rm{ac}大于rm{NH_{4}HS}

設(shè)參加反應(yīng)的甲烷物質(zhì)的量濃度為rm{4H_{2}O+

HS^{-}-8e^{-}=SO_{4}^{2-}+9H^{+}}

該反應(yīng)rm{4H_{2}O+

HS^{-}-8e^{-}=SO_{4}^{2-}+9H^{+}}

開始rm{(3)壟脵dfrac{19.2}{9.6}=2=dfrac

{kc_{2}(c_{1})^{3}}{k隆脕0.1隆脕(c_{1})^{3}}}rm{c_{2}=0.2}rm{64.8=k(c2).(0.3)^{3}=k隆脕0.2隆脕(0.3)^{3}}rm{k=1.2隆脕10^{4}}

反應(yīng)rm{1.2隆脕10^{4}}rm{壟脷}rm{P1}rm{P2}

平衡rm{P_{1}}rm{P_{2}}rm{T_{3}}rm{T_{4}}

化學(xué)平衡常數(shù)只與溫度有關(guān)，溫度不變化學(xué)平衡常數(shù)不變，達(dá)到平衡狀態(tài)時氫氣體積分?jǐn)?shù)為rm{壟脹N}

則rm{dfrac{3x}{1-x+1-x+x+3x}隆脕100%=60%}rm{v_{脮媒}}

化學(xué)平衡常數(shù)rm{K=dfrac{x攏廬(3x)^{3}}{(1-x)^{2}}=dfrac{dfrac{2}{3}攏廬(3隆脕dfrac{2}{3})^{3}}{(1-dfrac{2}{3})^{2}}=48}

故答案為：大于；rm{v_{脛忙}}

rm{xmol/L}【解析】rm{(1)CO(g)+H_{2}O(g)=H_{2}(g)+CO_{2}(g)}rm{(1)

CO(g)+H_{2}O(g)=H_{2}(g)+CO_{2}(g)}

rm{triangleH=-41kJ/mol}rm{4H_{2}O+HS^{-}-8e^{-}=SO_{4}^{2-}+9H^{+}}rm{(2)ac}rm{4H_{2}O+

HS^{-}-8e^{-}=SO_{4}^{2-}+9H^{+}}大于rm{(3)壟脵1.2隆脕10^{4}}大于rm{壟脷}rm{壟脹}27、（1）①使碘充分反應(yīng)以提高其利用率放置生成的I－被氧化

②取少量溶液于試管中，加入淀粉溶液（及少量稀硫酸），溶液不變藍(lán)色，說明已不含I2

（2）FeI2＋2NaHCO3＝FeCO3↓＋2NaI＋CO2↑＋H2O

（3）①向（2）的濾液中加入稍過量的HI溶液，再微熱

②蒸發(fā)濃縮至表面出現(xiàn)晶膜，冷卻結(jié)晶并干燥

（4）99.45％【分析】【分析】本題考查了物質(zhì)制備、實驗過程判斷，物質(zhì)含量計算應(yīng)用，掌握基礎(chǔ)是解題關(guān)鍵，題目難度中等，側(cè)重于考查學(xué)生的分析問題、解決問題能力以及數(shù)據(jù)處理能力?！窘獯稹縭m{(1)壟脵}制備碘化亞鐵溶液，為保證