2025年牛津譯林版必修3物理下冊階段測試試卷

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年牛津譯林版必修3物理下冊階段測試試卷397考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四總分得分評卷人得分一、選擇題(共8題，共16分)1、許多物理學家通過研究探索自然規(guī)律，為科技進步作出巨大貢獻。下列描述符合物理學史實的是（）A.亞里士多德創(chuàng)建了力、慣性、平均速度、瞬時速度和加速度等概念B.牛頓利用理想斜面實驗提出“力不是維持物體運動的原因”觀點C.密立根利用扭秤實驗發(fā)現(xiàn)了真空中點電荷之間的相互作用規(guī)律D.法拉第創(chuàng)建了電場、磁場的概念，并形象直觀地描繪了場的圖景2、如圖，三點在勻強電場中，把一個電量的正電荷從移到電場力不做功；從移到電場力做功為則該勻強電場的場強大小和方向是（）

A.垂直向上B.垂直向下C.垂直斜向上D.垂直斜向下3、下列判斷正確的是（）A.機械波既有橫波又有縱波，而電磁波只有縱波B.機械波和電磁波都能產(chǎn)生干涉和衍射現(xiàn)象C.電磁波和機械波傳播都需要介質(zhì)D.在雙縫干涉實驗中，若僅將入射光由綠光改為紅光，則相鄰干涉條紋間距變窄4、某同學用游標卡尺測量一個圓柱形導體的長度；游標尺上有10等分刻度，測量示數(shù)如圖甲所示；用螺旋測微器測量該導體的直徑，測量示數(shù)如圖乙所示。下列選項中正確表示讀數(shù)結(jié)果的是（）

A.甲乙B.甲乙C.甲乙D.甲乙5、某空間區(qū)域的豎直平面內(nèi)存在電場，其中豎直的一條電場線如圖甲中虛線所示，一個質(zhì)量為m、電荷量為q的帶負電小球；在電場中從O點由靜止開始沿電場線豎直向下運動。以O為坐標原點，取豎直向下為x軸的正方向，小球的機械能E與位移x的關系如圖乙所示；不計空氣阻力；則（）

A.電場強度大小恒定，方向沿x軸正方向B.從O到的過程中，小球的速率越來越大，加速度越來越大C.從O到的過程中，相等的位移內(nèi)，小球克服電場力做的功相等D.到達位置時，小球速度的大小為6、在如圖所示電路中，電源內(nèi)阻不可忽略，開關S閉合后，在滑動變阻器的滑動端由b向a緩慢滑動的過程中；下列說法正確的是（）

A.電流表的示數(shù)增大B.電壓表的示數(shù)減小C.電阻的電功率增大D.電容器C所帶電荷量增大7、黑體輻射的實驗規(guī)律如圖所示，由圖可知，下列說法錯誤的是（）

A.隨溫度升高，各種波長的輻射強度都增加B.隨溫度降低，各種波長的輻射強度都減弱C.隨溫度升高，輻射強度的極大值向波長較短的方向移動D.隨溫度升高，輻射強度的極大值向波長較長的方向移動8、電荷量為Q1和Q2的兩點電荷分別固定在x軸上的O、C兩點，規(guī)定無窮遠處電勢為零，x軸上各點電勢隨x的變化關系如圖所示．則。

A.Q1帶負電，Q2帶正電B.G點處電場強度的方向沿x軸正方向C.將帶負電的試探電荷自G點靜止釋放，僅在電場力作用下一定不能到D點D.將帶負電的試探電荷從D點沿x軸正方向移到J點，電場力先做負功后做正功評卷人得分二、多選題(共5題，共10分)9、一個利用靜電除塵的盒狀容器，如圖所示。它的上下底面為正對的金屬板，板間距為L，當連接到電壓為U的電源兩極時，兩金屬板間產(chǎn)生一個勻強電場。現(xiàn)有一定量煙塵顆粒均勻分布在密閉的除塵器內(nèi)，假設這些顆粒都處于靜止狀態(tài)。合上電鍵之后，顆粒向下運動。每個顆粒電性相同，帶電量均為q，質(zhì)量均為m；不考慮煙塵顆粒之間的相互作用和空氣阻力，并忽略煙塵顆粒所受重力。則下列說法中正確的是（）

A.顆粒帶正電B.經(jīng)過時間煙塵顆?？梢员蝗课紺.除塵過程中電場對區(qū)間內(nèi)全部煙塵顆粒做功共為（N為容器中顆?？倲?shù)）D.除塵過程中電場對區(qū)間內(nèi)全部煙塵顆粒做功共為（N為容器中顆?？倲?shù)）10、如圖所示，虛線框內(nèi)電路的各元件參數(shù)未知，我們?？梢詫⑦@類含電源的電路等效成一個新的電源。當它的輸出端a、b間分別接入不同阻值的電阻Rx時，理想電流表有不同讀數(shù)I。則表格中①②對應的數(shù)值以及等效電動勢和等效內(nèi)阻分別為（）

1234Rx/Ω1018①118I/A10.60.4②

A.①②對應的數(shù)值分別為28，0.1B.①②對應的數(shù)值分別為38，0.2C.等效電動勢和等效內(nèi)阻分別為12V，2ΩD.等效電動勢和等效內(nèi)阻分別為10V，4Ω11、如圖所示，在光滑絕緣水平面上有三個孤立的點電荷Q1、Q、Q2，其中Q恰好靜止不動，Q1、Q2圍繞Q做勻速圓周運動，在運動過程中三個點電荷始終共線．已知Q1、Q2分別與Q相距r1、r2，不計點電荷間的萬有引力，下列說法正確的是()

A.Q1、Q2的電荷量之比為B.Q1、Q2的電荷量之比為C.Q1、Q2的質(zhì)量之比為D.Q1、Q2的質(zhì)量之比為12、如圖所示；A；B為兩個帶等量異種電荷的金屬球，將兩根不帶電的金屬棒C、D放在兩球之間，達到靜電平衡后，下列敘述正確的是（）

A.C棒左端電勢大于D棒右端電勢B.C棒右端電勢等于D棒左端電勢C.若用導線將C棒的x端與D棒的y端連接起來的瞬間，將有電子從y流向xD.若用導線將C棒的x端與D棒的y端連接起來的瞬間，將有電子從x流向y13、一個空氣平行板電容器，極板間相距d，正對面積S，充以電荷量Q后，兩極板間電壓為U，為使電容器的電容加倍，可采用的辦法是()A.將電壓變?yōu)閁/2B.將帶電荷量變?yōu)?QC.將極板間的距離變?yōu)閐/2D.兩板間充滿介電常數(shù)為2的電介質(zhì)評卷人得分三、填空題(共5題，共10分)14、把一個電荷量為q＝5×10－9C的正電荷從距電場無窮遠處移到電場中M點，電荷克服電場力做功WM＝6.0×10－3J，如果把該點電荷從距電場無窮遠處移到電場中N點，電荷克服電場力做功WN＝3.6×10－3J．取無窮遠處為零電勢點，M、N點的電勢差是______把該點電荷從M點移到N點電場力做功________15、靜電平衡狀態(tài)下導體的電場和電荷分布。

（1）靜電感應現(xiàn)象：處于電場中的導體，由于___________的作用，電荷出現(xiàn)___________的現(xiàn)象。

（2）靜電平衡狀態(tài)：導體中（包括表面上）沒有電荷___________的狀態(tài)。

（3）靜電平衡狀態(tài)的特征。

a.處于靜電平衡狀態(tài)的導體，內(nèi)部的電場強度___________。

b.處于靜電平衡狀態(tài)的導體，外部表面附近任何一點的電場強度方向必跟該點的表面___________。

c.處于靜電平衡狀態(tài)的整個導體是個___________，導體的表面為___________。

（4）導體上電荷的分布。

a.導體___________沒有電荷，電荷只分布在導體的___________。

b.在導體表面，越尖銳的位置，電荷的密度（單位面積的電荷量）_________，_________的位置幾乎沒有電荷。16、在圖示電路中，初始時靜電計不帶電，干電池的電動勢為E，開關S閉合，一質(zhì)量為m的帶電液滴懸停在間距為d的平行板電容器中P點。已知重力加速度大小為g，則液滴所帶的電荷量為______。開關S閉合時，若下極板不動，將上極板緩慢豎直上移靜電計指針的張角將______（選填“增大”“不變”或“減小”）。

17、量程為0-0.6A的電流表讀數(shù)。讀數(shù)為_________A。

18、如圖所示，直線A為電源a的路端電壓與電流的關系圖象；直線B為電源b的路端電壓與電流的關系圖象；直線C為一個電阻R的兩端電壓與電流關系的圖象，將這個電阻R分別接到a、b兩電源上，那么R接到a電源上時，電源的輸出功率________（填“較大”、“較小”或“相等”），a電源的內(nèi)阻________b電源的內(nèi)阻（填：“大于”、“等于”或“小于”）．a(chǎn)電源的電動勢________b電源的電動勢（填：“大于”、“等于”或“小于”）評卷人得分四、作圖題(共1題，共2分)19、如圖1所示，用電動勢為E、內(nèi)阻為r的電源，向滑動變阻器R供電。改變變阻器R的阻值，路端電壓U與電流I均隨之變化。

（1）以U為縱坐標，I為橫坐標，在圖2中畫出變阻器阻值R變化過程中U-I圖像的示意圖，并說明U-I圖像與兩坐標軸交點的物理意義。

（2）請在圖2畫好的U-I關系圖線上任取一點；畫出帶網(wǎng)格的圖形，以其面積表示此時電源的輸出功率。

參考答案一、選擇題(共8題，共16分)1、D【分析】【分析】

【詳解】

A．平均速度；瞬時速度和加速度等描述運動所需要的概念是伽利略首先建立的；故A錯誤；

B．伽利略利用理想斜面實驗提出“力不是維持物體運動的原因”觀點；故B錯誤；

C．庫侖發(fā)現(xiàn)了真空中點電荷之間的相互作用規(guī)律；故C錯誤；

D．法拉第創(chuàng)建了電場；磁場的概念；并形象直觀地描繪了場的圖景，故D正確。

故選D。2、C【分析】【分析】

【詳解】

由題，q=10-5C的正電荷從A移到B，電場力做功為零，則A與B電勢相等，AB連線是一條等勢線。BC間電勢差為

所以B點的電勢高。該勻強電場的場強大小

沿電場線方向電勢降低，故垂直AB斜向上。

故選C。3、B【分析】【詳解】

A．機械波既有橫波又有縱波；而電磁波只有橫波，故A錯誤；

B．干涉和衍射是波的特有性質(zhì)；機械波和電磁波都能產(chǎn)生干涉和衍射現(xiàn)象，故B正確；

C．電磁波的傳播不需要介質(zhì)；機械波的傳播需要介質(zhì)，故C錯誤；

D．光的干涉條紋間距

若僅將入射光由綠光改為紅光；由于波長變大，故條紋間距變大，故D錯誤；

故選B。4、D【分析】【詳解】

游標卡尺為10等分度，則由主尺和游標尺讀數(shù)可知

螺旋測微器測量導體的直徑為

由于讀數(shù)造成的偶然誤差的存在；3.275mm~3.279mm皆可。

故選D。5、B【分析】【詳解】

A．由圖乙可知，小球的機械能減少，所以向下運動時電場力對帶負電小球做負功，則小球所受電場力沿x軸負方向，所以電場方向沿x軸正方向，由

可知圖線的斜率表示電場力；由圖可知電場力減小，所以電場強度減小，故A錯誤；

B．由牛頓第二定律

可知加速度增大；則小球向下做加速度增大的加速運動，故B正確；

C．從O到x1的過程中，相等的位移內(nèi)，小球克服電場力做的功為

由于場強減小，故減小；故C錯誤；

D．根據(jù)動能定理可得

解得到達x1位置時，小球速度

故D錯誤。

故選B。6、D【分析】【詳解】

A．滑動變阻器的滑動端由向緩慢滑動的過程中，變大；電路總電阻增大，根據(jù)閉合電路歐姆定律可知總電流減小，電流表的示數(shù)減小，故A錯誤；

B．電壓表測量的是滑動變阻器兩端的電壓，由

總電流減小，路端電壓增大，R1所分電壓減??；則電壓表示數(shù)增大，故B錯誤；

C．電阻的電功率

根據(jù)數(shù)學知識可知，當

時，電阻的電功率最大，故由b向a緩慢滑動的過程中，電阻的電功率不一定一直增大；故C錯誤；

D．電容器兩端電壓等于兩端的電壓，兩端電壓增大，電容器兩端的電壓增大，根據(jù)

可知；電容器所帶的電荷量增加，故D正確。

故選D。7、D【分析】【分析】

【詳解】

黑體輻射的規(guī)律；隨溫度升高，各種波長的輻射強度都有增加，輻射強度的極大值向波長較短的方向移動。所以ABC正確，不符合題意；D錯誤，符合題意；

故選D。8、C【分析】【分析】

φ-x圖象的斜率等于電場強度E．根據(jù)兩點電荷連線的電勢高低的分布如圖所示；由于沿著電場線電勢降低，可知兩點電荷的電性．根據(jù)功能關系分析電場力做功的正負．

【詳解】

A項：由圖知無窮遠處的電勢為0，B點的電勢為零，由于沿著電場線電勢降低，所以O點的電荷Q1帶正電，M點電荷Q2帶負電；故A錯誤；

B項：由圖可知，從D到G電勢升高，由沿著電場線電勢降低可知，G點的場強方向為沿x軸負方向；故B錯誤；

C項：負電的試探電荷在G點所受電場力方向沿x軸正方向；所以在電場力作用下沿x軸正方向做加速運動一直到H點，由于H點的右邊電場強度方向沿x軸正方向，電荷接下來做減速運動，所以電荷一定不能達到D點，故C正確；

D項：D→J段中；電勢先高升后降低，所以場強方向先沿x軸負方向，后沿x軸正方向，將一負點電荷從N點移到D點，電場力先做正功后做負功，故D錯誤．

故應選C．

【點睛】

電勢為零處，電場強度不一定為零．電荷在電場中與電勢的乘積為電勢能．電場力做功的正負決定電勢能的增加與否．二、多選題(共5題，共10分)9、A:D【分析】【分析】

【詳解】

A．開始時煙塵顆粒處于靜止狀態(tài)；接通電鍵后，場強方向向下，顆粒向下運動，可知顆粒帶正電，選項A正確；

B．對最上面的顆粒，根據(jù)

解得

即經(jīng)過時間煙塵顆?？梢员蝗课剑贿x項B錯誤；

CD．電場對最上面的顆粒做功為Uq，對最下面的顆粒做功為0，因顆粒均勻分布在兩板之間，則除塵過程中電場對區(qū)間內(nèi)全部煙塵顆粒做功共為（N為容器中顆?？倲?shù)）；選項C錯誤，D正確。

故選AD。10、A:C【分析】【詳解】

設虛線框里等效電源電動勢為E，內(nèi)阻為r，由1、2組數(shù)據(jù)解得

代入數(shù)據(jù)聯(lián)立解得

當電流為0.4A時，電路總電阻為

代入解得

當時，電流

故AC正確；BD錯誤。

故選AC。11、B:D【分析】【詳解】

A、點電荷Q恰好靜止不動，因此根據(jù)庫侖定律和二力平衡有：=所以Q1、Q2的電荷量之比為=故A錯誤，B正確；

C、Q1、Q2圍繞Q做勻速圓周運動，在運動過程中三個點電荷始終共線，Q1、Q2的角速度相同，根據(jù)牛頓第二定律有：m12r1=m22r2，所以Q1、Q2的質(zhì)量之比為=故C錯誤，D正確．12、A:C【分析】【分析】

【詳解】

AB．達到靜電平衡的導體是等勢體，因?qū)wC距離正電荷A較近，可知C的電勢高于D；選項A正確，B錯誤；

CD．因?qū)wC距離正電荷A較近，可知C的電勢高于D，若用導線將C棒的x端與D棒的y端連接起來的瞬間，將有從x流向y的電流，而電子從y流向x；選項C正確，D錯誤；

故選AC。13、C:D【分析】【詳解】

電容器的電容反映電容器容納電荷的本領大小，由電容器本身決定，與極板間的電壓和所帶電荷量無關，所以改變電容器的電壓和帶電量不會改變電容器的電容，故AB錯誤．由電容器的決定式可知，要使電容器的電容加倍，可采取的方式是：①將極板間的距離變?yōu)棰趯㈦娊赓|(zhì)換為介電常數(shù)為原來的介電常數(shù)為2的電介質(zhì)；故CD正確.

【點睛】

改變電容器的電壓和帶電量不會改變電容器的電容，由電容器的決定式我們可以知道通過改變正對面積S，介電質(zhì)常數(shù)，極板間的距離d來改變電容．三、填空題(共5題，共10分)14、略

【分析】【詳解】

[1]把一個正點電荷從距電場無窮遠處移到電場中的M點，電荷克服靜電力做功W=6.0×10-3J，相反的過程中，把正點電荷從電場中的M點移動到距電場無窮遠處，靜電力做功W′=6.0×10-3J，所以：

把該點電荷從電場中的N點移到距電場無窮遠處，靜電力做功W=3.6×10-3J，所以：

M、N兩點的電勢差：

[2]把該點電荷從M點移到N點靜電力做功：WMN=qUMN=5×10-9×4.8×105=2.4×10-3J【解析】4.8×105V2.4×10－3J15、略

【分析】【分析】

【詳解】

（1）[1][2]靜電感應現(xiàn)象：處于電場中的導體；由于電場力的作用，電荷出現(xiàn)重新分布的現(xiàn)象；

（2）[3]靜電平衡狀態(tài)：導體中（包括表面上）沒有電荷定向移動的狀態(tài)；

（3）a[4]處于靜電平衡狀態(tài)的導體；內(nèi)部的電場強度處處為零；

b[5]處于靜電平衡狀態(tài)的導體為一個等勢體；則外部表面附近任何一點的電場強度方向必跟該點的表面垂直；

c[6][7]處于靜電平衡狀態(tài)的整個導體是個等勢體；導體的表面為等勢面；

（4）a[8]導體內(nèi)部沒有定向移動的電荷；電荷只分布在導體的表面；

b[9][10]在導體表面，越尖銳的位置，電荷的密度（單位面積的電荷量）越大，凹陷的位置幾乎沒有電荷?！窘馕觥侩妶隽χ匦路植?定向移動處處為零垂直等勢體等勢面內(nèi)部表面越大凹陷16、略

【分析】【詳解】

[1]開關S閉合時，液滴受