2024年滬科新版高三物理上冊階段測試試卷含答案

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2024年滬科新版高三物理上冊階段測試試卷含答案考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五總分得分評卷人得分一、選擇題(共9題，共18分)1、如圖所示，一小球從A點由靜止開始沿斜面向下做勻變速直線運動，若到達B點時速度為v，到達C點時速度為3v，則xAB：xBC等于（）A.1：4B.1：9C.1：6D.1：82、關于慣性的下列說法正確的是（）A.空間站中的物體由于處于失重狀態(tài)會失去慣性B.乒乓球容易被迅速抽殺，是因為乒乓球慣性小C.靜止的火車起動十分緩慢，說明火車靜止時慣性較大D.力可以改變物體的運動狀態(tài)，說明力可以改變物體的慣性3、如圖所示，A、B、C三個小物體放在水平轉(zhuǎn)臺上，mA=2mB=2mC，離轉(zhuǎn)軸距離分別為2RA=2RB=RC，當轉(zhuǎn)臺轉(zhuǎn)動時，下列說法正確的是（）A.當轉(zhuǎn)臺轉(zhuǎn)速增大時，B比C先滑動B.如果它們都不滑動，則A所受的靜摩擦力最小C.當轉(zhuǎn)臺轉(zhuǎn)速增大時，B比A先滑動D.如果它們都不滑動，則C的向心加速度最大4、某人劃船橫渡一河流，船劃行靜水速度（船速）和水流動速度（水速）一定，此人過河最短時間為t1；若此船用最短的位移過河，則需時間為t2，若船速大于水速，則船速與水速之比為（）A.B.C.D.5、在均勻棒的兩端各系一輕繩，棒的上端的輕繩的另一端固定在天花板上，再將系下端的繩用力F拉到水平方向，上端的繩與水平方向成a角，棒與水平成β角而靜止．則下面各式正確的是（）A.tana=2tanβB.sina=2sinβC.cosa=2cosβD.sina=2cosβ6、行星繞太陽的運動軌道是圓形，那么它運行周期T的平方與軌道半徑r的立方比為常數(shù)，即=k，這就是著名的開普勒第三定律．該定律中常數(shù)k的大小（）A.只與太陽的質(zhì)量有關B.只與行星的質(zhì)量有關C.與太陽和行星的質(zhì)量有關D.與太陽的質(zhì)量及行星的速度有關7、如圖所示為起重機沿豎直方向提起的過程中重物運動的速度-時間圖象；則該過程中起重機的輸出功率最接近下圖中的（）

A.

B.

C.

D.

8、如圖所示；繞太陽運動的行星在橢圓形軌道上運動．關于行星在近日點A和遠日點B相關物理量的關系，正確的是（）

A.速度υA＞υB

B.加速度aA＞aB

C.機械能EA＞EB

D.萬有引力FA＞FB

9、在一次田徑運動會上，下列幾種關于比賽項目的描述正確的是（）A.鉛球比賽中，研究運動員的推球技術要領時，可以把運動員當成“質(zhì)點”處理B.鄭愷同學的100m比賽成績是13.3s，“13.3s”指的是“時刻”C.李晨同學的鉛球成績是20.8m，“20.8m”指的是鉛球在空中運動的路程D.在400米比賽中，處在第1跑道的鹿晗同學正好跑了完整一圈的成績是50.0s，則他在該過程的平均速度為0評卷人得分二、多選題(共5題，共10分)10、一個點電荷，從靜電場中a點移到b點電場力做功為零，則（）A.a、b兩點電勢一定相等B.a、b兩點電場強度一定相等C.作用于該點電荷的電場力與其移動方向一定垂直D.a、b兩點的電勢差一定為零11、在光滑的水平面上，質(zhì)量為m的A球以速度v0與質(zhì)量為2m的靜止B球發(fā)生對心碰撞，碰后A球的動能變?yōu)榕銮暗模瑒t碰后B球的速度大小為（）A.v0B.v0C.v0D.v012、鉛蓄電池的電動勢為2V，這表示（）A.電路中每通過1C電荷量，電源把2J的化學能轉(zhuǎn)變?yōu)殡娔蹷.無論接不接入外電路，蓄電池兩極間的電壓都為2VC.蓄電池在1s內(nèi)將2J的化學能轉(zhuǎn)變?yōu)殡娔蹹.蓄電池將化學能轉(zhuǎn)變?yōu)殡娔艿谋绢I比一節(jié)干電池（電動勢為1.5V）的大13、（2014秋?廣州校級期末）如圖所示，A、B兩物體疊放在一起，開始用手托住，讓它們緊靠在墻邊處于靜止．然后手釋放，則下列說法正確是（）A.A對B一定沒有彈力B.A和B都只受到重力C.A和B都受到墻邊給的彈力D.A和B都受到墻邊給的摩擦力14、一物體的直線運動圖象如圖所示（圖中出現(xiàn)的物理量單位均為國際制基本單位）（）

A.若圖中縱軸表示速度，則物體向某一方向做直線運動B.若圖中縱軸表示速度，則物體以某一個點為對稱中心做往復運動C.若圖中縱軸表示位移，則物體以某一個點為對稱中心做往復運動D.若圖中縱軸表示位移，則物體沿某一個方向做直線運動評卷人得分三、填空題(共8題，共16分)15、數(shù)字化信息系統(tǒng)的簡稱是____．計算機輔助實驗系統(tǒng)是將____、____和____組合起來，共同完成對物理量的測量的．16、物體做曲線運動的條件是：物體的____方向與____的方向不在同一直線上．曲線運動中物體的速度方向沿曲線上該點的____方向．17、（2015春?成都校級月考）如圖所示，n個完全相同的木塊，放在光滑的水平面上，受到水平外力F的作用，則第3塊木塊對第4塊木塊的作用力為____．18、一質(zhì)量為2kg

的質(zhì)點在0隆蘆15s

內(nèi)由靜止開始從地面豎直向上運動，取豎直向上為正方向，得到如圖所示的加速度和時間的變化關系圖象.

當t3=15s

時，質(zhì)點的速度大小為______m/s

若以地面為零勢能面，則t1=5s

與t3=15s

兩個時刻質(zhì)點的機械能之比為______．19、在μ=0.2的粗糙水平面上，有一重量為200N的物體以一定的速度向右運動，則物體受到的摩擦力大小為____．20、（2013春?自貢校級期中）如圖所示的皮帶傳動裝置中，右邊兩輪是連在一起同軸轉(zhuǎn)動，圖中三輪半徑的關系為：R1=2R2，R3=R1，A、B、C三點為三個輪邊緣上的點，皮帶不打滑，則A、B、C三點的線速度之比為____，角速度之比為____，周期之比為____．21、飛機做可視為勻速圓周運動的飛行表演．若飛行半徑為2000m，速度為200m/s，則飛機的角速度____rad/s，向心加速度大小為____；若飛機質(zhì)量為1t所需向心力大小為____．22、用摩擦的方法和感應的方法都可以使物體帶電．但無論那種方法都不能____電荷，也不能消滅電荷，只能使電荷在物體上或物體間發(fā)生轉(zhuǎn)移，在此過程中，電荷的總量____，這就是電荷守恒定律．評卷人得分四、判斷題(共3題，共30分)23、物體的平均速率為零，則物體一定處于靜止狀態(tài)．____．（判斷對錯）24、在磁場中，粒子的比荷之比與軌道半徑之比成反比____（判斷對錯）25、公式E=和對于任何靜電場都是適用的．____．（判斷對錯）評卷人得分五、識圖作答題(共3題，共30分)26、二倍體結球甘藍的紫色葉對綠色葉為顯性，控制該相對性狀的兩對等位基因（A、a和B、b）分別位于3號和8號染色體上。F1自交得F2代。下表是純合甘藍雜交試驗的統(tǒng)計數(shù)據(jù)；請回答：

（1）結球甘藍葉色性狀的遺傳遵循________________________定律。（2）表中組合①的兩個親本基因型為________________，理論上組合①的F2紫色葉植株中，純合子所占的比例為_____________。（3）表中組合②的親本中，紫色葉植株的基因型為_________________.若組合②的F1與綠色葉甘藍雜交，理論上后代的表現(xiàn)型及比例為______________。27、某實驗小組紅眼果繩中發(fā)現(xiàn)了一無眼突變體，為了研究雄性無眼突變體的遺傳規(guī)律，設計了如下表所示實驗，并得到相應的實驗結果。紅眼、白眼基因分別用B、b表示，野生型、無眼基因分別用E、e表示，請回答下列問題。。P野生型紅眼（♀）×無眼（♂）F1全為野生型紅眼F2野生型紅眼：雌雄果蠅均有；野生型白眼：只有雄果蠅；無眼：雌雄各占1/2

（1）控制果繩野生型和無眼的基因位于_________染色體，紅眼和白眼的基因位于__________染色體，兩對基因遺傳時遵循__________定律。（2）F1果蠅的基因型為__________，自由交配產(chǎn)生的F2中，野生型紅眼占__________。（3）F2中，野生型紅眼自由交配，后代中無眼果繩的比例為__________。（4）現(xiàn)有一純系野生型三體果繩，其體細胞中染色體組成如下圖所示。該果蠅形成的原因是父本（或母本）形成配子時，在減數(shù)第一次分裂中第Ⅳ號同源染色體未分離或__________________；若該野生型三體果繩能產(chǎn)生配子且均可育，現(xiàn)為驗證控制無眼性狀的基因是否在第Ⅳ號染色體上，可用該果蠅與基因型為___________進行雜交得F1，F(xiàn)1個體間自由交配，統(tǒng)計F2表現(xiàn)型及數(shù)量比。若出現(xiàn)野生型：無眼=________，則說明控制無眼性狀的基因不在第Ⅳ號染色體上。

28、圖1表示某植物細胞的部分細胞結構和相關代謝情況，a～f指的是O2或CO2。圖2表示在適宜的條件下，環(huán)境中的CO2濃度與CO2吸收量之間的關系曲線，M點是能夠進行光合作用的CO2最低濃度。據(jù)圖回答下列問題：

（1）圖1中乙結構的功能是_____________。圖2中C點時，該植物細胞中ATP的合成場所有_____________________________。（2）題中“適宜的條件”主要是指___________________________________。（3）圖1中的b物質(zhì)____________(填“能”或“不能”)表示葡萄糖。原因是_________。（4）當CO2濃度為圖2中C時，在圖1中進行的過程有______，圖2中的N點時在圖1中進行的過程有______。(從a～f中選擇)參考答案一、選擇題(共9題，共18分)1、D【分析】【分析】根據(jù)勻變速直線運動的速度位移公式v2-v02=2ax求解【解析】【解答】解：根據(jù)勻變速直線運動的速度位移公式v2-v02=2ax知；

xAB=；

xAC=；

所以AB：AC=1：9；

則AB：BC=1：8．故D正確；A；B、C錯誤．

故選：D．2、B【分析】【分析】慣性是物體的固有屬性，它指的是物體能夠保持原來的運動狀態(tài)的一種性質(zhì)，慣性大小與物體的質(zhì)量有關，質(zhì)量越大，慣性越大．【解析】【解答】解：A；物體的慣性只與物體的質(zhì)量有關；與所在位置和運動狀態(tài)及受力情況等無關，故ACD錯誤；

B；乒乓球質(zhì)量??；慣性小，所以容易改變其運動狀態(tài)，故B正確；

故選：B．3、D【分析】【分析】抓住角速度相等，根據(jù)向心加速度的公式比較向心加速度的大小，通過摩擦力提供向心力比較靜摩擦力的大?。鶕?jù)牛頓第二定律求出臨界角速度與半徑的關系，判斷哪個物塊先滑動．【解析】【解答】解：AC、當圓盤轉(zhuǎn)速增大時，物塊將要滑動，靜摩擦力達到最大值，最大靜摩擦力提供向心力，μmg=mω2r，即ω=，與質(zhì)量無關，由于2RA=2RB=RC；B與A同時開始滑動，C比B先滑動，故A；C錯誤；

B、三個物塊做圓周運動的向心力由靜摩擦力Ff提供，F(xiàn)f=mω2r，B與A相比，r相同，m小；B與C相比，m相同，r??；所以B的摩擦力最小．故B錯誤；

D、根據(jù)a=rω2知；C的半徑最大，則C的向心加速度最大．故D正確．

故選：D．4、A【分析】【分析】小船過河的處理：（1）當船速垂直河岸時，用時最少；（2）當船速大于水速時，合速度垂直河岸，位移最?。謩e列式求解．【解析】【解答】解：解：設河寬為d，設船在靜水中的速率為v1，水流速為v2

（1）最短時間過河時；靜水速與河岸垂直，有：

t1=①

（2）最小位移過河：

v合=

則：t2==②

聯(lián)立①②解得：=．故A正確；BCD錯誤．

故選：A．5、A【分析】【分析】對棒受力分析，受重力、細線拉力T和水平拉力F，三力是共點力（否則桿會轉(zhuǎn)動），結合幾何關系可以得到a角與β角的關系．【解析】【解答】解：對棒受力分析；受重力；細線拉力T和水平拉力F，三力是共點力（否則桿會轉(zhuǎn)動），三個力的作用線交于同一點，如圖所示：

由于三個力的作用線交于一點；故：

，

由于BD=2BC

故tana=2tanβ

故選：A．6、A【分析】【分析】開普勒第三定律中常數(shù)k是由中心天體決定的，與其他因素無關．【解析】【解答】解：開普勒第三定律中常數(shù)k是由中心天體決定的；與其他因素無關．

故A正確；BCD錯誤。

故選：A7、D【分析】

由速度-時間圖象可知：第一階段機車先做勻加速運動；在此過程中F＞f，根據(jù)P=Fv知，P隨時間均勻增大；

第二階段機車勻速運動；F=f，根據(jù)P=Fv知，P隨時間不變，但小于第一階段的最大值；

第三階段機車勻減速運動；F＜f，根據(jù)P=Fv知，P隨時間均勻減小，但剛開始減小時候的功率小于第二階段的功率；

故選D．

【解析】【答案】由速度-時間圖象可知：機車先做勻加速運動；再做勻速運動，最后做勻減速運動，根據(jù)牛頓第二定律及P=Fv即可得出功率與時間的關系．

8、A|B|D【分析】

A、根據(jù)開普勒第二定律，也稱面積定律：在相等時間內(nèi)，太陽和運動著的行星的連線所掃過的面積都是相等的．所以速度υA＞υB．故A正確。

B、根據(jù)牛頓第二定律得=ma

a=所以加速度aA＞aB．故B正確。

C；運動過程中只有重力做功；所以機械能守恒．故C錯誤。

D、萬有引力F=所以萬有引力FA＞FB．故D正確。

故選ABD．

【解析】【答案】根據(jù)開普勒第二定律的內(nèi)容判斷速率關系．

9、D【分析】解：A；研究運動員的推球技術要領時；不能忽略運動員的肢體的形狀，此時不能看作質(zhì)點，故A錯誤；

B；100m比賽的成績是13.3s；其13.3s指的是時間；故B錯誤。

C；李晨同學的鉛球成績?yōu)?0.8m；其20.8m為鉛球在地面上的直線距離，不是路程，故C錯誤；

D；處于第1跑道的鹿晗同學正好跑了完整一圈時；400m比賽的位移是0，平均速度是位移與時間的比值，故此過程平均速度為零，故D正確。

故選：D。

當物體的形狀；大小對所研究的問題沒有影響時；我們就可以把它看成質(zhì)點，時間對應一段時間間隔，平均速度是位移與時間的比值。

本題考查學生對質(zhì)點這個概念的理解，關鍵是知道物體能看成質(zhì)點時的條件，理解平均速度的定義，時間和時刻的區(qū)別，位移和路程的區(qū)別。同時還要注意明確各項體育比賽項目的內(nèi)容。【解析】D二、多選題(共5題，共10分)10、AD【分析】【分析】點電荷從靜電場中的a點移到b點的過程中，電場力做功為零，根據(jù)公式Wab=qUab分析相等的量．電勢相等，場強不一定相同．電場力做功與路徑無關，只與初末位置的電勢差有關．【解析】【解答】解：A、B、根據(jù)公式Wab=qUab分析可知，電場力做功Wab=0，a、b兩點的電勢差Uab為零，a、b兩點電勢一定相等．而電勢與場強無關，所以a、b兩點的電場強度不一定相等．故A正確；B錯誤．

C；電場力做功與路徑無關；作用于該點電荷的電場力與其移動方向不一定垂直．故C錯誤．

D、根據(jù)公式Wab=qUab分析可知，電場力做功Wab=0，a、b兩點的電勢差Uab為零．故D正確．

故選：AD11、AB【分析】【分析】碰后A球的動能恰好變?yōu)樵瓉淼模俣却笮∽優(yōu)樵瓉淼?，但速度方向可能跟原來相同，也可能相反，再根?jù)碰撞過程中動量守恒即可解題．【解析】【解答】解：根據(jù)碰后A球的動能恰好變?yōu)樵瓉淼牡茫?/p>

mv′2=×mv02；

v′=±v0；

碰撞過程中AB動量守恒，則有：mv0=mv′+2mvB

解得：vB=v0或vB=v0；

故選：AB．12、AD【分析】【分析】鉛蓄電池是把化學能轉(zhuǎn)化為電能的裝置．由電動勢的定義式E=可知：電源的電動勢為2V，電路中每通過1C電荷量，電源把2J的化學能轉(zhuǎn)變?yōu)殡娔埽旊姵亟尤腚娐窌r，兩極間的電壓小于2V．蓄電池在1s內(nèi)將多少的化學能轉(zhuǎn)變?yōu)殡娔?，還與電流有關．電動勢表征電源把其他形式的能轉(zhuǎn)化為電能本領強弱．【解析】【解答】解：A、鉛蓄電池是把化學能轉(zhuǎn)化為電能的裝置．由電動勢的定義式E=可知：電源的電動勢E為2V；電路中每通過q=1C電荷量，電源把2J的化學能轉(zhuǎn)變?yōu)殡娔埽蔄正確．

B；當電池不接入外電路；蓄電池兩極間的電壓為2V；當電池接入電路時，兩極間的電壓小于2V．故B錯誤．

C；蓄電池在1s內(nèi)將多少的化學能轉(zhuǎn)變?yōu)殡娔?；還與電流有關，條件不足，無法確定有多少化學能轉(zhuǎn)變?yōu)殡娔埽蔆錯誤．

D；電動勢表征電源把其他形式的能轉(zhuǎn)化為電能本領強弱；電動勢大，轉(zhuǎn)化本領大．故D正確．

故選AD13、AB【分析】【分析】先對整體結合運動情況受力分析，得到只受重力，加速度為g，即做自由落體運動，然后對B結合運動情況受力分析，得到受力情況．【解析】【解答】解：A；B整體同時沿豎直墻面下滑；受到總重力，墻壁對其沒有支持力，如果有，將會向右加速運動，因為沒有彈力，故也不受墻壁的摩擦力，即只受重力，做自由落體運動；

由于整體做自由落體運動；處于完全失重狀態(tài)，故A；B間無彈力，再對物體B受力分析，只受重力；故AB正確；CD錯誤；

故選：AB．14、BC【分析】【分析】在v-t圖象中速度的正負表示速度的方向，在x-t圖象中斜率表示速度，由此分析物體的運動情況．【解析】【解答】解：AB；若圖中縱軸表示速度；可知，0-2s物體沿正向運動，2-4s沿負向運動，接著周而復始，故物體以某一個點為對稱中心做往復運動．故A錯誤，B正確．

CD；若圖中縱軸表示位移；圖象的斜率表示速度，則知0-1s內(nèi)物體沿正向運動，2-3s內(nèi)沿負向運動，3-5s內(nèi)沿正向運動，接著周而復始，故物體以某一個點為對稱中心做往復運動．故C正確，D錯誤．

故選：BC三、填空題(共8題，共16分)15、DIS傳感器數(shù)據(jù)采集器計算機【分析】【分析】DIS是我們對數(shù)字化信息系統(tǒng)的簡稱．計算機輔助實驗系統(tǒng)是由傳感器、數(shù)據(jù)采集器和計算構成的；計算機雖容量大，圖象清，但攜帶不便．【解析】【解答】解：數(shù)字化信息系統(tǒng)的簡稱是DIS．

計算機輔助實驗系統(tǒng)是由傳感器；數(shù)據(jù)采集器和計算機構成的；其特點是：數(shù)據(jù)容量較大、像素多、屏幕大、圖形清晰，但太大，攜帶不便．

故答案為：DIS，傳感器，數(shù)據(jù)采集器，計算機16、合外力速度切線【分析】【分析】物體做曲線運動的條件是合力與速度不在同一條直線上，速度的方向與該點曲線的切線方向相同．【解析】【解答】解：曲線運動的條件：物體所受合外力的方向跟它的速度方向不在同一條直線上或它的加速度的方向與速度方向不在同一條直線上；速度的方向與該點曲線的切線方向相同．

故答案為：合外力；速度；切線17、【分析】【分析】先對整體研究，求出加速度，然后分別對物體5和物體5、6整體運用牛頓第二定律列式求解【解析】【解答】解：令每個木塊的質(zhì)量為m，以n個完全相同的木塊整體為研究對象，水平方向受到外力F作用，產(chǎn)生的加速度為：a=；

以前三個木塊為研究對象，它受到外力F和第4個木塊對第3個木塊的作用力Fx，產(chǎn)生的加速度a3=a，根據(jù)牛頓第三定律有：F-Fx=3ma3

得：

根據(jù)牛頓第三定律知，第3塊木塊對第4個木塊的作用力為

故答案為：．18、略

【分析】解：由圖象可知；物體的15s

末的速度v=10隆脕5鈭?5隆脕8鈭?10隆脕5=鈭?40m/s

5s

末物體的速度為50m/s

上升的高度h=502隆脕5=125m

故機械能E=12mv2+mgh=12隆脕2隆脕2500+20隆脕125=5000J

15s

末時；物體的速度v鈥?=40m/s

此時物體的高度為h鈥?=12隆脕10隆脕25+50隆脕5鈭?12隆脕8隆脕25+10隆脕5+12隆脕(鈭?10)隆脕25=200m

故機械能為：E隆盲=mgh鈥?+12mv鈥?2=20隆脕200+12隆脕2隆脕1600=5600J

故動能的比值為：

EE鈥?=50005600=2528

故答案為：402528

由a鈭?t

圖象明確物體運動性質(zhì)；則可求得5s10s

及15s

末的速度和位移，再由機械能的定義即可求得機械能的比值．

本題考查機械能的定義及a鈭?t

圖象，要注意明確a鈭?t

圖象的把握，并能正確求解速度和位移．【解析】402528

19、40N【分析】【分析】滑動摩擦力的大小可以根據(jù)f=μFN去求，方向與相對運動方向相反．【解析】【解答】解：滑動摩擦力，f=μFN=0.2×200N=40N；方向與相對運動方向相反，所以為水平向左．

故答案為：40N．20、1：1：31：2：22：1：1【分析】【分析】A、B兩點同緣傳動，線速度相等；B、C兩點同軸轉(zhuǎn)動，角速度相等；然后結合公式v=ωr和T=列式分析．【解析】【解答】解：A；B兩點同緣傳動；線速度相等，故：

vA=vB

根據(jù)公式v=ωr；A；B兩點的角速度之比為：

ωA：ωB=r2：r1=1：2

根據(jù)T=；A；B兩點的周期之比為：

TA：TB=ωB：ωA=2：1

B；C兩點同軸轉(zhuǎn)動；角速度相等，故：

ωB=ωC

根據(jù)公式v=ωr；B；C兩點的線速度之比為：

vB：vC=r2：r3=1：3

根據(jù)公式T=；B；C兩點的周期之比為：

TB：TC=ωC：ωB=!：1

故：

vA：vB：vC=1：1：3

ωA：ωB：ωC=1：2：2

TA：TB：TC=2：1：1

故答案為：1：1：3，1：2：2，2：1：1．21、0.120m/s22000N【分析】【分析】根據(jù)求出加速度，由向心加速度的公式直接計算向心加速度，根據(jù)F=ma求出向心力．【解析】【解答】解：飛機的角速度rad/s；

向心加速度a=；

向心力F=ma=1000×20=20000N

故答案為：0.1；20m/s2；20000N22、產(chǎn)生不變【分析】【分析】摩擦起電的實質(zhì)是電子從一個物體轉(zhuǎn)移到另一個物體；并沒有創(chuàng)造電荷．感應起電的實質(zhì)是電荷可以從物體的一部分轉(zhuǎn)移到另一個部分．

根據(jù)電荷守恒定律內(nèi)容解答．【解析】【解答】解：用摩擦的方法和感應的方法都可以使物體帶電．但無論那種方法都不能創(chuàng)造電荷；也不能消滅電荷，只能使電荷在兩物體之間或同一物體的不同部分之間發(fā)生轉(zhuǎn)移，在轉(zhuǎn)移的過程中，電荷的總量不變，這就是電荷守恒定律．

故答案為：產(chǎn)生；不變四、判斷題(共3題，共30分)23、√【分析】【分析】平均速度是位移與時間的比值；平均速率是位移的路程與時間的比值．由此分析即可．【解析】【解答】解：平均速率是位移的路程與時間的比值；物體的平均速率為零，則物體的路程為0，物體一定處于靜止狀態(tài)．所以該說法是正確的．

故答案為：√24、√【分析】【分析】粒子在磁場中，由洛倫茲力提供向心力，故在磁場中做勻速圓周運動，寫出牛頓第二定律的方程，導出粒子的半徑公式即可做出判定．【解析】【解答】解：粒子在磁場中，由洛倫茲力提供向心力，故在磁場中做勻速圓周運動；由洛倫茲力提供向心力，有qvB=m，解得r=；粒子的比荷之比與軌道半徑之比成反比．

故答案為：√25、×【分析】【分析】場強定義式E=適應任何電場，E=只適用于真空中點電荷；場強取決于電場本身，與檢驗電荷無關．【解析】【解答】解：場強定義式E=適應任何電場，E=只適用于真空中點電荷；故錯誤．

故答案為：×．五、識圖作答題(共3題，共30分)26、（1）自由組合

（2）AABBaabb1/5

（3）AAbb或aaBB紫色葉綠色葉=1:1【分析】【分析】本題考查了基因自由組合定律的知識，準確理解相關知識點是解題的關鍵。【解答】(1)由于控制結球甘藍葉色性狀的兩對等位基因A、a和B、b分別位于第3號和第8號同源染色體上，故其遺傳遵循基因的自由組合定律。?

(2)組合①的F1全部表現(xiàn)為紫色葉，F(xiàn)2中紫色葉∶綠色葉＝451∶30≈15∶1，即：(9∶3∶3)∶1，說明兩個親本的基因型為AABB、aabb，F(xiàn)1的基因型為AaBb，F(xiàn)2的表現(xiàn)型及比例為(9A－B－∶3A－bb∶3aaB－)∶1aabb＝15紫色葉∶1綠色葉，F(xiàn)2紫色葉植株中純合子為1/15AABB、1/15AAbb、1/15aaBB，所占比例為3/15＝1/5。

(3)由于組合②的遺傳情況是：P紫色葉×綠色葉→F1紫色葉F2紫色葉∶綠色葉≈3∶1，說明F1的基因型為Aabb(或aaBb)，親本紫色葉的基因型為AAbb(或aaBB)。F1與綠色葉甘藍(aabb)雜交，理論上后代表現(xiàn)型及比例為紫色葉∶綠色葉＝1∶1。

【解析】（1）自由組合（2）AABBaabb1/5（3）AAbb或aaBB紫色葉綠色葉=1:127、（1）常X（基因的分離和）自由組合

（2）EeXBXb、EeXBY9/16

（3）1/9

（4）在減數(shù)第二次分裂中第Ⅳ號染色體著絲點分裂后未移向細胞兩極eeXBY（或eeXbY）3∶1【分析】【分析】本題考查基因分離定律、自由組合定律的應用、以及伴性遺傳的相關知識，意在考查考生能理解所學知識的要點和能運用所學知識與觀點，通過比較、分析與綜合等方法對某些生物學問題進行解釋、推理，做出合理的判斷或得出正確的結論的能力?！窘獯稹浚?）由實驗結果：紅眼和白眼的遺傳與性別有關，有眼和無眼的遺傳與性別無直接關系，推知控制野生型和無眼的基因分別位于常染色體，控制紅眼和白眼的基因位于X染色體，遺傳時遵循基因的分離定律和自由組合定律。（2）F1全為野生型紅眼，則野生型、紅眼均為顯性，所以F1基因型應為：E_XBY、E_XBX-，又因F1自由交配后代有野生型白眼雄果(E_XbY)和無眼果蠅(ee__)，故F1基因型應為EeXBXb、EeXBY；結合基因的