2024年浙教版高二物理上冊月考試卷

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2024年浙教版高二物理上冊月考試卷621考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五總分得分評卷人得分一、選擇題(共6題，共12分)1、如圖所示的兩方式測量同一個導體的電阻；下列敘述中正確的是（）

A.圖甲方式測得電阻值偏大。

B.圖甲方式測得電阻值偏小。

C.圖乙方式測得電阻值偏大。

D.圖乙方式測得電阻值偏小。

2、在國際單位制中，規(guī)定長度、質量和時間三個基本量的單位是：（）A.厘米、千克、秒B.千米、千克、小時C.厘米、克、秒D.米、千克、秒3、關于電場線，下列說法正確的是（）A.電場線方向一定是帶電粒子在電場中受力的方向B.在同一幅電場分布圖中電場越強的地方，電場線越密C.電場線就是帶電粒子在電場中的運動軌跡D.兩條電場線在電場中可以相交4、圖示為一直角棱鏡的橫截面，隆脧

bac

=90鈭?隆脧

abc

=60鈭?

一平行細光束從O

點沿垂直于bc

面的方向射入棱鏡。若ab

、ac

面兩面中，其中一個面有光線射出，一個面無光線射出，則下列判斷正確的是：A.棱鏡的折射率可能為1.8

ab

面有光線射出B.棱鏡的折射率可能為1.8

ac

面有光線射出C.棱鏡的折射率可能為2.2

ac

面有光線射出D.棱鏡的折射率可能為2.2

ab

面有光線射出5、下表表示某地甲、乙兩個種群數(shù)置變化關系。據(jù)表分析，下列說法正確的是（）。A.甲乙兩種群均為s型增長，增長速率均受本身密度制約B.甲乙兩種群為捕食關系，其中乙為捕食者，甲為被捕食者C.甲乙兩種群為競爭關系，第四年開始乙種群占優(yōu)勢，且甲種群逐步被淘汰D.甲乙兩種群可分別代表草原中的兔子和牛，二者是此消彼長的競爭關系6、用U1

和U2

兩種電壓通過相同長度和材料的導線輸電，若輸送的電功率相等，若輸電導線上損失的電功率也相同，則在兩種情況下輸電導線截面積之比S1S2

為()

A.U2U1

B.(U2U1)2

C.U1U2

D.(U1U2)2

評卷人得分二、多選題(共9題，共18分)7、在地球赤道上空有一小磁針處于水平靜止狀態(tài)，突然發(fā)現(xiàn)小磁針的N極向東偏轉，由此可知（）A.一定是小磁針正東方向有一條形磁鐵的N極靠近小磁針B.可能是小磁針正東方向有一條形磁鐵的S極靠近小磁針C.可能是小磁針正上方有電子流自南向北水平通過D.可能是小磁針正上方有電子流自北向南水平通過8、下述關于物體內(nèi)能的說法中，正確的是（）A.物體的內(nèi)能僅與溫度有關B.任何物體都具有內(nèi)能C.做功不可以改變物體的內(nèi)能D.熱傳遞可以改變物體的內(nèi)能9、交流發(fā)電機的線圈轉到線圈平面與中性面垂直時，下列說法正確的是(

)

A.電流將改變方向B.磁場方向和線圈平面平行C.線圈中產(chǎn)生的感應電動勢最大D.穿過線圈的磁通量最大10、如圖所示，一物體分別沿三個傾角不同的光滑斜面由靜止開始從頂端下滑到底端C、D、E處，三個過程中重力的沖量依次為I1、I2、I3，動量變化量的大小依次為△P1、△P2、△P3，則有（）A.三個過程中，合力的沖量大小相等，動量變化量的大小相等B.三個過程中，合力做的功相等，動能的變化量相等C.I1＜I2＜I3，△P1=△P2=△P3D.I1＜I2＜I3，△P1＜△P2＜△P311、如圖所示，光滑水平面上存在有界勻強磁場，直徑與磁場寬度相同的金屬圓形線框以一定的初速度斜向勻速通過磁場．在必要的時間段內(nèi)施加必要的水平拉力保證其勻速運動，則（）A.水平拉力方向與速度方向無關B.金屬框內(nèi)感應電流歷兩次先增大后減小C.水平拉力方向與速度同向D.金屬框內(nèi)感應電流方向先順時針再逆時針12、如圖所示電路中，A、B是相同的兩小燈．L是一個帶鐵芯的線圈，電阻可不計．調節(jié)R，電路穩(wěn)定時兩燈都正常發(fā)光，則在開關合上和斷開時（）A.兩燈同時點亮、同時熄滅B.合上S時，B比A先到達正常發(fā)光狀態(tài)C.斷開S時，B兩燈都不會立即熄滅，通過A燈的電流方向與原電流方向相同，通過B燈的電流方向與原電流方向相反D.斷開S時，A燈會突然閃亮一下后再熄滅13、如圖所示，有矩形線圈，面積為S，匝數(shù)為N，整個線圈內(nèi)阻為r，在勻強磁場B中繞OO′軸以角速度ω勻速轉動，外電路電阻為R．當線圈由圖示位置轉過90°的過程中，下列說法正確的是（）A.磁通量的變化量為△Φ=NBSB.平均感應電動勢為=C.電阻R所產(chǎn)生的熱量為Q=D.通過電阻R的電荷量為q=14、如圖甲所示的電路中，理想變壓器原、副線圈匝數(shù)之比為51

原線圈接入圖乙所示的電壓，副線圈接火災報警系統(tǒng)(

報警器未畫出)

電壓表和電流表均為理想電表，R0

為定值電阻，R

為半導體熱敏電阻(

其阻值隨溫度的升高而減小)

下列說法中正確的是()A.圖乙中電壓的有效值為110V

B.電壓表的示數(shù)為222V

C.R

處出現(xiàn)火警時，電流表示數(shù)增大D.R

處出現(xiàn)火警時，電阻R0

消耗的電功率減小15、一小燈泡通電后其電流I

隨所加電壓U

變化的圖線如圖所示；P

為圖線上一點，PN

為圖線的切線，PQ

為U

軸的垂線，PM

為I

軸的垂線.

則下列說法中正確的是()

A.隨著所加電壓的增大；小燈泡的電阻增大。

B.隨著所加電壓的增大；小燈泡的電阻減小。

C.對應P

點，小燈泡的電阻為R=U1I2鈭?I1

D.對應P

點，小燈泡的電阻R=U1I2

評卷人得分三、填空題(共7題，共14分)16、將一個10-6C的負電荷從電場中A點移到B點，克服電場力做功2×10-6J、從C點移到D點，電場力做功7×10-6J，若已知B點比C點電勢高3V，則UAB=____V，UCD=____V，UDA=____V．17、如圖所示，在平行金屬帶電極板MN電場中將電量為4×10－6C的負點電荷從A點移到M板，電場力做負功8×10－4J，把該點電荷從A點移到N板，電場力做正功為4×10－4J，則：ＵＭＮ等于____伏，該點電荷在A點具有的電勢能EPA為____J。18、日光燈的啟動器在日光燈啟動時的作用是：__________，鎮(zhèn)流器在日光燈啟動時能提供瞬時高壓，在日光燈正常工作時起：_____________的作用。19、法拉第發(fā)現(xiàn)了電磁感應現(xiàn)象之后，又發(fā)明了世界上第一臺發(fā)電機--法拉第圓盤發(fā)電機，揭開了人類將機械能轉化為電能并進行應用的序幕.

法拉第圓盤發(fā)電機的原理如圖所示，將一個圓形金屬盤放置在電磁鐵的兩個磁極之間，并使盤面與磁感線垂直，盤的邊緣附近和中心分別裝有與金屬盤接觸良好的電刷AB

兩電刷與靈敏電流計相連.

當金屬盤繞中心軸按圖示方向轉動時，則電刷A

的電勢______電刷B

的電勢(

填高于、低于或等于)

若僅提高金屬盤轉速，靈敏電流計的示數(shù)將______；(

填增大、減小或不變)

若僅將滑動變阻器滑動頭向左滑，靈敏電流計的示數(shù)將______(

填增大、減小或不變)

20、如圖所示，水平面上有兩根相距0.5m的足夠長的平行金屬導軌MN和PQ，它們的電阻可忽略不計，在M和P之間接有阻值為R=3.0Ω的定值電阻。導體棒ab長l=0.5m，其電阻為r=1.0Ω，與導軌接觸良好。整個裝置處于方向豎直向上的勻強磁場中，磁感應強度B=0.4T．現(xiàn)使ab以v=10m/s的速度向右做勻速運動。則ab中產(chǎn)生的感應電動勢大小為______v，通過ab棒的電流方向______（填“a→b”或“b→a”），電流大小為______A，ab棒所受安培力的大小為______N，方向______。21、已知一個電流表的內(nèi)阻為Rg=1kIg=100μA，若要改裝成量程為3V的伏特表，需__________（填“串”或“并”）聯(lián)一個阻值為__________的電阻，若改裝成量程為1A的安培表，需__________（填“串”或“并”）聯(lián)一個阻值約為__________的電阻．22、如圖甲所示，導體圓環(huán)所圍的面積為10cm2

電容器的電容為2婁脤F(

電容器的體積很小)

垂直穿過圓環(huán)的勻強磁場的磁感應強度隨時間變化的圖線如圖乙所示，則在1s

末電容器的帶電荷量為__________；4s

末電容器的帶電荷量為____________，帶正電的極板是__________(

填“a

”或“b

”)

．

評卷人得分四、判斷題(共4題，共32分)23、電勢差有正有負，所以是矢量，且電場中兩點間的電勢差隨著零電勢點的選取變化而變化．（判斷對錯）24、只有沿著電場線的方向電勢才會降低，所以電勢降低的方向就一定是電場強度的方向．（判斷對錯）25、如圖所示，有一水平方向的勻強電場，場強大小為9000N/C，在電場內(nèi)一水平面上作半徑為10cm的圓，圓上取A、B兩點，AO沿E方向，BO⊥OA，另在圓心處放一電量為10﹣8C的正點電荷，則A處場強大小EA為零．________（判斷對錯）

26、電勢差有正有負，所以是矢量，且電場中兩點間的電勢差隨著零電勢點的選取變化而變化．（判斷對錯）評卷人得分五、作圖題(共4題，共40分)27、根據(jù)磁感應強度B；電流I和安培力F的相互關系；請根據(jù)要求作圖．

28、畫出下圖中帶電粒子剛進入磁場時所受洛倫茲力的方向。29、如圖1所示，在直導線上方放一小磁針．當導線中通入電流時，發(fā)現(xiàn)小磁針的S極轉向讀者，請畫出導線中電流的方向．如圖2所示，通電導線由于受到磁場力而向左運動，畫出條形磁鐵的N、S極．

30、某同學用如圖所示的裝置做驗證動量守恒定律的實驗.

先將a

球從斜槽軌道上某固定點處由靜止開始滾下，在水平地面上的記錄紙上留下壓痕，重復10

次；再把同樣大小的b

球放在斜槽軌道末端水平段的最右端上，讓a

球仍從固定點由靜止開始滾下，和b

球相碰后；兩球分別落在記錄紙的不同位置處，重復10

次．

(1)

本實驗必須測量的物理量有______.(

填寫選項對應的字母)

A.斜槽軌道末端距水平地面的高度H

B.小球ab

的質量mamb

C.小球ab

的半徑r

D.小球ab

離開斜槽軌道末端后平拋飛行的時間t

E.記錄紙上O

點到ABC

各點的距離OA.OB.OC.

F.a

球的固定釋放點到斜槽軌道末端水平部分間的高度差h

(2)

放上被碰小球b

兩球(ma>mb)

相碰后，小球ab

的落地點依次是圖中水平面上的______點和______點.

(3)

某同學在做實驗時，測量了過程中的各個物理量，利用上述數(shù)據(jù)驗證碰撞中的動量守恒，那么判斷的依據(jù)是看______和______在誤差允許范圍內(nèi)是否相等．參考答案一、選擇題(共6題，共12分)1、B|C【分析】

（1）由電路圖可知；圖甲是電流表的外接法，電壓表與電阻并聯(lián)，電壓的測量值U等于電阻電壓真實值；

由于電壓表的分流作用，電流的測量值I大于真實值，由于電流的測量值偏大，由R=可知電阻測量值小于真實值；

故A錯誤；B正確；

（2）由電路圖可知，圖乙是電流表的內(nèi)接法，電流表測通過電阻的電流，電流測量值等于真實值；由于電流表的分壓作用，電阻電壓的測量值大于真實值，由于電壓偏大，由R=可知電阻測量值大于真實值；故C正確，D錯誤；

故選BC．

【解析】【答案】伏安法測電阻的實驗電路有兩種接法：電流表的內(nèi)接法與外接法；根據(jù)電壓表的分流與電流表的分壓對測量值影響的分析；然后由歐姆定律分析電阻測量值與真實值間的關系．

2、D【分析】【解析】試題分析：在國際單位制中，長度、質量和時間的單位是力學中基本單位，分別是米、千克、秒；D正確故選D考點：力學單位制【解析】【答案】D3、B【分析】解：A；電場線的方向是正電荷所受電場力的方向；與負電荷所受電場力的方向相反．故A錯誤．

B；電場線的疏密代表電場的強弱；故電場線越密的地方場強越強．故B正確．

C；電場線不一定與帶電粒子的軌跡重合；只有電場線是直線，帶電粒子的初速度為零或初速度方向與電場線方向在同一條直線上時電場線才與帶電粒子的軌跡重合，故C錯誤．

D；電場線的切線方向就是電場的方向；如果兩條電場線在同一點相交，則有兩個切線方向，而事實上電場中的每一點只有一個方向，故任意兩條電場線都不會相交．故D錯誤．

故選：B．

電場線的方向是正電荷所受電場力的方向；而正負電荷所受的電場力的方向相反；電場線的切線方向即為場強的方向，故任意兩條電場線都不會相交；只有電場線是直線，帶電粒子的初速度為零或初速度方向與電場線方向在同一條直線上時電場線才與帶電粒子的軌跡重合；電場線的疏密代表電場的強弱，故電場線越密的地方場強越強．

記住電場線的特點：電場線的疏密代表電場的強弱，沿電場線方向電勢逐漸降低，即可順利解出此題，故要在理解的基礎上牢記基本概念．【解析】【答案】B4、B【分析】略【解析】B

5、C【分析】略【解析】C6、B【分析】【分析】根據(jù)輸送功率相等，運用P=UI

得出輸送電流之比，再根據(jù)輸電線上損失的功率相同，得出輸電線的電阻之比，最后運用電阻定律求出輸電線的橫截面積之比。解決本題的關鍵知道輸送功率與輸電電壓與輸電電流的關系，以及掌握電阻定律R=婁脩LS

【解答】根據(jù)P=UI

得，輸送電流之比等于輸電電壓之比，則I1I2=U2U1

根據(jù)P=I2R

得，輸電線上的電阻R=PI2

則電阻之比R1R2=I22I12=U12U22

由R=婁脩LS

知，導線長度和材料也相同，S1S2=R2R1=U22U12

故B正確，ACD錯誤。故選B。【解析】B

二、多選題(共9題，共18分)7、BC【分析】解：A；B、若小磁針正東方向有一條形磁鐵的S極靠近小磁針；由于異名磁極相互吸引；所以小磁針的N極向東偏轉，但不能肯定是磁鐵的作用，也有可能是電流引起的，因此不能肯定，是有可能的，故A錯誤，B正確；

C；若小磁針正上方有電子流自南向北水平通過；電流方向即為自北向南，所以小磁針的N極向東偏轉，因此有可能；故C正確；

D；發(fā)現(xiàn)小磁針的N極向東偏轉；說明小磁針的正上方有電子流自南向北水平通過，故D錯誤．

故選：BC．

（1）1820年奧斯特發(fā)現(xiàn)：當小磁針發(fā)生偏轉時；說明了磁場的存在，當電流方向改變時，產(chǎn)生的磁場的方向也改變，故小磁針的偏轉方向也改變．

（2）同名磁極相互排斥；異名磁極相互吸引．

本題考查的知識有兩點：

（1）磁場的基本性質是對放在磁場中的磁體有力的作用；

（2）電流周圍存在著磁場，磁場的方向與電流方向有關．【解析】【答案】BC8、BD【分析】解：A；內(nèi)能與物體的溫度、質量、狀態(tài)等有關；故A錯誤；

B；任何物體都具有內(nèi)能；B正確；

CD；做功和熱傳遞都可以改變物體的內(nèi)能；故C錯誤，D正確．

故選：BD．

一切物體都有內(nèi)能；內(nèi)能與物體的溫度；質量、狀態(tài)等有關，做功和熱傳遞都可以改變物體的內(nèi)能．

內(nèi)能是物體內(nèi)部所有分子做無規(guī)則熱運動的動能和分子勢能的總和，一切物體都有內(nèi)能．做功和熱傳遞兩種方式對改變內(nèi)能是等效．【解析】【答案】BD9、BC【分析】解：A

線圈平面每經(jīng)過和中性面垂直的位置時；電動勢和電流達最大值，方向不變；故A錯誤C正確；

B；線圈平面與中性面垂直時；磁場方向與線圈平面平行；故B正確；

D；此時線圈中的磁通量為零；故D錯誤；

故選：BC

．

中性面位置；磁感線與線圈平面垂直，磁通量最大，磁通量變化率為零，感應電動勢為零，電流將改變方向；而在垂直于中性面位置，磁通量為零，電動勢最大，電流方向不變．

本題考查交流電的產(chǎn)生規(guī)律，要注意明確當垂直于中性面時電流最大、磁通量為零；注意與中性面位置時對比掌握．【解析】BC

10、ABC【分析】解：ACD、由機械能守恒定律可知物體下滑到底端C、D、E的速度大小v相等，動量變化量的大小△p=mv相等，即△p1=△p2=△p3；

根據(jù)動量定理；合力的沖量等于動量的變化率，故合力的沖量也相等，注意不是相同（方向不同）；

設斜面的高度為h，從頂端A下滑到底端C，由

得物體下滑的時間t=所以θ越小，sin2θ越小，t越大，重力的沖量I=mgt就越大，故I1＜I2＜I3；

故A正確；C正確，D錯誤；

B；物體下滑過程中只有重力做功；故合力做的功相等，根據(jù)動能定理，動能的變化量相等，故B正確；

故選：ABC

重力的沖量I=mgt；根據(jù)物體的運動的情況，求得物體運動的時間的關系，可以求得沖量的大??；

動量變化量的大小△p=mv；求得物體的速度的大小即可求得動量變化量的大?。?/p>

本題考查了對沖量、動量變化量以及瞬時功率的理解，根據(jù)各自的公式逐項分析求解即可，要注意各物理量與時間、角度之間的關系．【解析】【答案】ABC11、AB【分析】解：A；水平拉力和安培力平衡；方向相反，安培力的方向水平向左，則水平拉力的方向水平向右，與速度方向無關．故A正確，C錯誤．

B；根據(jù)法拉第電磁感應定律知；進磁場時，磁通量的變化率先變快再變慢，則感應電流的大小先增大后減?。龃艌鰰r，磁通量的變化率先變快再變慢，則感應電流大小先增大后減小．故B正確．

D；進磁場時；磁通量在增大，根據(jù)楞次定律，感應電流的方向為逆時針方向．出磁場時，磁通量減小，根據(jù)楞次定律，感應電流方向為順時針方向．故D錯誤．

故選：AB．

根據(jù)楞次定律判斷金屬框內(nèi)感應電流的方向．根據(jù)法拉第電磁感應定律判斷感應電流大小的變化．因為金屬框勻速通過磁場；則水平拉力和安培力的平衡，根據(jù)安培力的方向判斷水平拉力的方向．

解決本題的關鍵掌握楞次定律判斷感應電流的方向，以及知道感應電動勢的大小與磁通量的變化率有關，磁通量變化率越大，感應電動勢越大．【解析】【答案】AB12、BC【分析】解：開關合上時；通過線圈的電流在增大，導致線圈出現(xiàn)自感電動勢，從而阻礙燈泡A的電流增大，則B比A先到達正常發(fā)光狀態(tài)；

斷開開關S的瞬間；因燈泡相同，則電流相等，所以兩燈會慢慢熄滅，但不會閃亮一下，通過B燈的電流方向與原電流方向相反．

故選：BC

電路穩(wěn)定后；L的電阻很小，閉合瞬間L的電阻很大，斷開瞬間A燈還要亮一下。

本題考查了電感線圈對電流的阻礙作用，特別是開關閉合、斷開瞬間的判斷．【解析】【答案】BC13、BD【分析】解：A、圖示位置磁通量為Φ1=0，轉過90°時磁通量為Φ2=BS，則磁通量的變化量△Φ=Φ2-Φ1=BS．故A錯誤．

B、根據(jù)法拉第電磁感應定律得，平均感應電動勢為=N=N=故B正確．

C、感應電動勢的最大值為Em=NBSω，有效值為E=Em，電流的有效值為I=

電阻R產(chǎn)生的熱量Q=I2Rt，時間t==

聯(lián)立解得Q=故C錯誤．

D、通過電阻R的電量q=t=t=N=故D正確．

故選：BD

圖示位置磁通量為Φ1=0，轉過90°磁通量為Φ2=BS，△Φ=Φ2-Φ1．根據(jù)法拉第電磁感應定律求解平均感應電動勢．根據(jù)焦耳定律Q=I2Rt求解熱量；I為有效值．根據(jù)法拉第電磁感應定律；歐姆定律和電流的定義式求解電荷量．

對于交變電流，求解熱量、電功和電功率時要用有效值，而求解電荷量時要用平均值．要注意磁通量與線圈的匝數(shù)無關．【解析】【答案】BD14、BC【分析】【分析】求有效值方法是將交流電在一個周期內(nèi)產(chǎn)生熱量與將恒定電流在相同時間內(nèi)產(chǎn)生的熱量相等，則恒定電流的值就是交流電的有效值，半導體熱敏電阻是指隨溫度上升電阻呈指數(shù)關系減小、具有負溫度系數(shù)的電阻，R

處溫度升高時，阻值減小，根據(jù)負載電阻的變化，可知電流、電壓變化。根據(jù)電流的熱效應，求解交變電流的有效值是常見題型，要熟練掌握，根據(jù)圖象準確找出已知量，是對學生認圖的基本要求，準確掌握理想變壓器的特點及電壓、電流比與匝數(shù)比的關系，是解決本題的關鍵。【解答】A.由電流熱效應(22022)2R隆脕0.01=U2R隆脕0.02

知，電壓有效值U=1102V

故A錯誤；B.電壓與匝數(shù)成正比，所以電壓表的示數(shù)為15隆脕1102V=222V

故B正確；C.R

處溫度升高時，阻值減小，由于電壓不變，所以出現(xiàn)火警時電流表示數(shù)增大，故C正確；D.由C

知出現(xiàn)火警時電流表示數(shù)增大；電阻R0

消耗的電功率增大，故D錯誤。

故選BC。【解析】BC

15、AD【分析】【分析】根據(jù)電阻的定義，電阻等于圖線上的點與原點連線的斜率的倒數(shù)，斜率逐漸減小，電阻逐漸增大.

對應P

點，燈泡的電阻等于過P

點的切線斜率的倒數(shù)。本題結合圖象考查對歐姆定律的理解，要明確題中燈泡是非線性元件。【解答】AB.

根據(jù)電阻的定義R=UI

電阻等于圖線上的點與原點連線的斜率的倒數(shù)，圖線上的點與原點連線的斜率逐漸減小，說明電阻逐漸增大，故A正確，B錯誤；CD.

根據(jù)電阻的定義R=UI

可知對應P

點，小燈泡的電阻為R=U1I2鈮?U1I2鈭?I1

故D正確，C錯誤。故選AD?！窘馕觥緼D

三、填空題(共7題，共14分)16、略

【分析】

根據(jù)條件，電荷的電量q=-10-6C，負電荷從電場中A點移到B點，克服電場力做功2×10-6J，電場力做功為WAB=-2×10-6J，則=V=2V．由題，負電荷從C點移到D點，電場力做功WCD=7×10-6J，則UCD==-V=-7V．已知B點比C點電勢高3V，即UBC=3V．而UDA=UDC-UAB-UBC=7V-2V-3V=2V．

故答案為：2；-7，2

【解析】【答案】由題，電荷從電場中A點移到B點，克服電場力做功2×10-6J，電場力做功為-2×10-6J．根據(jù)公式U=分別求出A、B間UAB，及C、D間的電勢差UCD．根據(jù)已知條件B點比C點電勢高3V，求解UDA．

17、略

【分析】【解析】【答案】____，________________18、自動控制電路中電流的通斷；降壓限流【分析】【分析】當開關接通220220伏的電壓立即使啟動器的惰性氣體電離，產(chǎn)生輝光放電，輝光放電的熱量使雙金屬片受熱膨脹，兩極接觸；電流通過鎮(zhèn)流器、啟動器觸極和兩端燈絲構成通路，燈絲很快被電流加熱，發(fā)射出大量電子；雙金屬片自動復位，兩極斷開。在兩極斷開的瞬間，電路電流突然切斷，鎮(zhèn)流器產(chǎn)生很大的自感電動勢，與電源電壓疊加后作用于管兩端，燈絲受熱時發(fā)射出來的大量電子，在燈管兩端高電壓作用下，以極大的速度由低電勢端向高電勢端運動，在加速運動的過程中，碰撞管內(nèi)氬氣分子，使之迅速電離，在紫外線的激發(fā)下，管壁內(nèi)的熒光粉發(fā)出近乎白色的可見光；當燈管正常發(fā)光時，內(nèi)阻變小，啟動器就始終保持開路狀態(tài)，這樣電流就穩(wěn)定的通過燈管、鎮(zhèn)流器工作了，使燈管正常發(fā)光起限流作用。本題主要考查的是啟動器和鎮(zhèn)流器的作用，屬于書本上的基礎知識?！窘獯稹咳展鉄舻膯悠髟谌展鉄魡訒r的作用是自動控制電路中電流的通斷，日光燈正常工作時不起作用，鎮(zhèn)流器在日光燈啟動時能提供瞬時高壓，在日光燈正常工作時起降壓限流。故答案為：自動控制電路中電流的通斷；降壓限流?！窘馕觥孔詣涌刂齐娐分须娏鞯耐〝啵唤祲合蘖?9、低于增大減小【分析】【分析】

根據(jù)右手定則判斷AB

間感應電流方向；即可知道電勢高低.

僅減小電刷AB

之間的距離，感應電動勢將減小，靈敏電流計的示數(shù)變小。提高轉速，靈敏電流計的示數(shù)變大。根據(jù)歐姆定律分析將滑動變阻器滑動頭向左滑，靈敏電流計的示數(shù)如何變化，本題是安培定則、右手定則和法拉第電磁感應定律、歐姆定律的綜合應用，基本題，考查對實驗原理的理解能力。

【解答】

根據(jù)安培定則可知；電磁鐵產(chǎn)生的磁場方向向右，由右手定則判斷可知，金屬盤產(chǎn)生的感應電流方向從A

到B

則電刷A

的電勢低于電刷B

的電勢。

若僅提高金屬盤轉速；由E=BLv

知，產(chǎn)生的感應電動勢增大，靈敏電流計的示數(shù)將增大。

若僅將滑動變阻器滑動頭向左滑；變阻器接入電路的電阻增大，電磁鐵電流減小，電磁鐵磁場減弱，圓盤轉動時產(chǎn)生的感應電動勢變小，則電路中電流減小，靈敏電流計的示數(shù)減小。

故答案為：低于增大減小。

【解析】低于增大減小20、2b→a0.50.1水平向左【分析】解：電路中電動勢：E=Blv=0.4×0.5×10=2V；

由右手定則可知，通過ab棒的電流方向b→a；

電路中電流：

ab棒所受的安培力：F=BIl=0.4×0.5×0.5=0.1N；由左手定則可知水平向左。

故答案為：2；b→a；0.5；0.1；水平向左。

根據(jù)E=BLv計算電路中電動勢；由右手定則判斷通過ab棒的電流方向；根據(jù)閉合電路歐姆定律計算電路中電流；根據(jù)安培力的計算公式傾角ab棒所受的安培力；由左手定則判斷方向。

本題主要是考查法拉第電磁感應定律、閉合電路歐姆定律和安培力的計算，能清楚電路的連接情況是關鍵。【解析】2b→a0.50.1水平向左21、略

【分析】試題分析：表頭上的電壓U=IgRg=100×10-6×1000Ω=0.1V，改裝成電壓表時，串聯(lián)電阻上的電壓U=3V-0.1V=2.9V，串聯(lián)電阻R1=U/Ig=29000Ω=2.9×104Ω；改裝成電流表時要并聯(lián)電阻，并聯(lián)電阻通過的電流I2=1A-0.0001A=.0..9999A，R2=U/I2=0.1/0.9999=0.1Ω考點：電表的改裝【解析】【答案】串，2.9×104，并，0.122、02×10?11C02×10?11C02×10?11C02×10?11C02×10?11C02×10?11【分析】【分析】根據(jù)圖象應用法拉第電磁感應定律求出感應電動勢，由電容的定義式求出電荷量；由楞次定律判斷出感應電動勢的方向，然后判斷極板帶電情況。本題主要考查的是法拉第電磁感應定律以及電容的定義式，結合圖象進行求解?！窘獯稹坑蓤D乙所示圖象可知，在00??22ss00??22ss00??22ss00??22ss內(nèi)磁感應強度不變，圓環(huán)不產(chǎn)生感應電動勢，電熱器兩極板間電壓為零，所帶電荷量為零；在00??22ss00??22內(nèi)ss由法拉第電磁感應定律可知22??88ss感應電動勢：E=?婁碌?t=?BS?t=(0?6隆脕10?2)隆脕10隆脕10?48?2V=?1隆脕10?5V22??88ss負號表示方向，22??88ss22??88ss末電容器帶電量：22??88ss22??88ss，，，，，，?6

，，，，?5

，，，，?11

，；在，，，，內(nèi)，由楞次定律可知，，板電勢高，，點電勢低，則44ss板帶正電，44ss44ss44ss44ss?11

C

44。故答案為：ssQQ==CCUU==CCEE==22隆脕隆脕1010?6{,!}^{?6}隆脕隆脕11隆脕隆脕1010?5{,!}^{?5}==22隆脕隆脕1010?11{,!}^{?11}CCQQ==CCUU==CCEE==22隆脕隆脕1010?6{,!}^{?6}隆脕隆脕11隆脕隆脕1010?5{,!}^{?5}==22隆脕隆脕1010?11{,!}^{?11}CCQQ==CCUU==CCEE==22隆脕隆脕1010?6{,!}^{?6}隆脕隆脕11隆脕隆脕1010?5{,!}^{?5}==22隆脕隆脕1010?11{,!}^{?11}CC?11

QQ==CCUU==CCEE==22隆脕隆脕1010?6{,!}^{?6}隆脕隆脕11隆脕隆脕1010?5{,!}^{?5}==22隆脕隆脕1010?11{,!}^{?11}CC；QQ==CCUU==CCEE==22隆脕隆脕1010?6{,!}^{?6}隆脕隆脕11隆脕隆脕1010?5{,!}^{?5}==22隆脕隆脕1010?11{,!}^{?11}CCQQ【解析】0022隆脕隆脕1010?11{,!}^{?11}CC0022隆脕隆脕1010?11{,!}^{?11}CC0022隆脕隆脕1010?11{,!}^{?11}CC0022隆脕隆脕1010?11{,!}^{?11}CC?11

0022隆脕隆脕1010?11{,!}^{?11}CC0022四、判斷題(共4題，共32分)23、B【分析】【解答】解：電勢差類似于高度差；沒有方向，是標量，正負表示電勢的相對大?。?/p>

兩點間的電勢差等于電勢之差；由電場中兩點的位置決定，與零電勢點的選取無關．由以上的分析可知，以上的說法都錯誤．

故答案為：錯誤。

【分析】電勢差是標量，正負表示大小；電勢差與零電勢點的選取無關；沿著電場線方向電勢降低；電勢反映電場本身的性質，與試探電荷無關．24、B【分析】【解答】解：沿著電場線方向；電勢降低，且降低最快；

那么電勢降低最快的方向才是電場線的方向；但電勢降低的方向不一定是電場線的方向，故錯誤；

故答案為：錯誤．

【分析】電場強度和電勢這兩個概念非常抽象，借助電場線可以形象直觀表示電場這兩方面的特性：電場線疏密表示電場強度的相對大小，切線方向表示電場強度的方向，電場線的方向反映電勢的高低．25、A【分析】【解答】解：點電荷在A點的場強

根據(jù)場強的疊加原理得；則兩點的場強是由正點電荷和勻強電場場強的合成，A點的場強大小為。

EA=E點﹣E勻=9×103N/C﹣9×103N/C=0；所以A處場強大小為0

故答案為：正確。

【分析】根據(jù)公式E=k求出點電荷在A點處產(chǎn)生的場強大小，判斷出場強方向，A點的場強是由正點電荷和勻強電場場強的合成，根據(jù)平行四邊形定則求解A點處的場強大小及方向．26、B【分析】【解答】解：電勢差類似于高度差；沒有方向，是標量，正負表示電勢的相對大?。?/p>

兩點間的電勢差等于電勢之差；由電場中兩點的位置決定，與零電勢點的選取無關．由以上的分析可知，以上的說法都錯誤．

故答案為：錯誤。

【分析】電勢差是標量，正負表示大??；電勢差與零電勢點的選取無關；沿著電場線方向電勢降低；電勢反映電場本身的性質，與試探電荷無關．五、作圖題(共4題，共40分)27、略

【分析】

根據(jù)左手定則判斷電流方向；磁場方向和安培力方