2025年北師大版高一物理下冊階段測試試卷

…………○…………內…………○…………裝…………○…………內…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年北師大版高一物理下冊階段測試試卷438考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五總分得分評卷人得分一、選擇題(共6題，共12分)1、如圖所示，兩物體A和B，質量分別為m1和m2相互接觸放在水平面上．對物體A施以水平的推力F，使A和B一起向右作勻加速直線運動，則物體A對物體B的作用力等于：（）A.B.C.FD.2、【題文】地球和某顆小行星（位于火星軌道和木星軌道之間的小行星帶）的繞日軌道可以近似看作圓，已知此小行星的公轉軌道半徑是地球公轉半徑的4倍，那么此小行星公轉周期大致為（）A.0.25年B.2年C.4年D.8年3、【題文】以下四種運動中，哪種運動的位移最大（）A.物體先向西運動4m，接著再向北運動3mB.物體以3m/s的速度做勻速直線運動2sC.物體沿直徑為6m的圓軌道運動5/6圈D.在只受重力的情況下，物體以19.6m/s的速度豎直上拋，第三秒內發(fā)生的位移4、【題文】F1、F2是力F的兩個分力．若F＝10N，則下列哪組力不可能是F的兩個分力()A.F1＝10NF2＝10NB.F1＝20NF2＝20NC.F1＝2NF2＝6ND.F1＝20NF2＝30N5、下列有關行星運動的說法中，正確的是（）A.由ω=知，行星軌道半徑越大，角速度越小B.由a=rω2知，行星軌道半徑越大，行星的加速度越大C.由=m知，行星的軌道半徑越大，線速度越小D.由a=知，行星軌道半徑越大，行星的加速度越小6、在下列幾組儀器中，能用來測量國際單位制中三個力學基本物理量的是(

)

A.彈簧測力計、秒表、刻度尺B.彈簧測力計、秒表、天平C.刻度尺、秒表、天平D.彈簧測力計、刻度尺、天平評卷人得分二、多選題(共7題，共14分)7、如圖所示是一個說明示波管工作原理的示意圖，電子經電壓為U1的加速電場加速后垂直進入偏轉電場，離開電場時的偏轉量是h，兩平行板間的距離為d，偏轉電場電壓為U2，板長為l．為了提高示波管的靈敏度（每單位電壓引起的偏轉量），可采用的方法是（）A.增大兩板間的偏轉電壓U2B.盡可能使板長l短一些C.盡可能使板間距離d小一些D.減小加速電壓U18、如圖所示的直角三角板緊貼在固定的刻度尺上方，若使三角板沿刻度尺向右勻速運動的同時，一支鉛筆從三角板直角邊的最下端，由靜止開始沿此邊向上做勻加速直線運動，下列關于鉛筆尖的運動及其留下的痕跡的判斷，其中正確的有

A.筆尖留下的痕跡是一條傾斜的直線B.筆尖留下的痕跡是一條曲線C.在運動過程中，筆尖的速度方向始終保持不變D.在運動過程中，筆尖的加速度方向始終保持不變9、“神舟九號”飛船與“天宮一號”成功對接，在飛船完成任務后返回地面，要在A

點從圓形軌道Ⅰ進入橢圓軌道Ⅱ，B

為軌道Ⅱ上的一點，如圖所示，關于“神舟九號”的運動，下列說法中正確的有

A.在軌道Ⅱ上經過A

的速度小于經過B

的速度B.在軌道Ⅱ上經過A

的速度小于在軌道Ⅰ上經過A

的速度C.在軌道Ⅱ上運動的周期小于在軌道Ⅰ上運動的周期D.在軌道Ⅱ上經過A

的加速度小于在軌道Ⅰ上經過A

的加速度10、如圖所示，小球從水平位置靜止釋放，設小球通過最低點時的速度為v

角速度為婁脴

加速度為a

繩的拉力為T

那么隨著繩子L

的增長(

)

A.va

都增大B.婁脴a

都減小C.Ta

都不變D.v

增大，婁脴

減小11、原來甲、乙、丙三物體都不帶電，今使甲、乙兩物體相互摩擦后，乙物體再與丙物體接觸，最后，得知甲物體帶正電1.6×10-15C，丙物體帶電8×10-16C．則對于最后乙、丙兩物體的帶電情況，下列說法中正確的是（）A.乙物體一定帶有負電荷8×10-16CB.乙物體可能帶有負電荷2.4×10-15CC.丙物體一定帶有正電荷8×10-16CD.丙物體一定帶有負電荷8×10-16C12、已知月球上沒有空氣，重力加速度為地球的，假如你登上月球，你能夠實現(xiàn)的愿望是A.輕易將100kg物體舉過頭頂B.放飛風箏C.做一個同地面上一樣的標準籃球場，在此打球，發(fā)現(xiàn)自己成為扣籃高手D.撇鉛球的水平距離變?yōu)樵瓉淼?倍13、如圖所示，一質量m=1kg

的滑塊在斜劈M

的斜面上某點由靜止釋放，與斜面間的動摩擦因數(shù)婁脤=0.5

斜劈的傾角婁脠=370

質量M=2kg

已知m

在斜劈上運動的過程中，斜劈M

始終處于靜止狀態(tài)，g

取10m/s2sin37鈭?=0.6cos37鈭?=0.8

下列說法正確的是(

)

A.地面對斜劈的支持力大小為28.8N

B.地面對斜劈的摩擦力大小為1.6N

C.地面對斜劈的摩擦力方向水平向右D.地面對斜劈的摩擦力方向水平向左評卷人得分三、填空題(共5題，共10分)14、小石子投入湖面將激起水波，使浮在水面的樹葉在1min內起伏60次，與此同時，該波從中心向外擴延30m，則水波的波長為____m，波速為____m/s．15、一個皮球從6m高的地方落下，碰撞地面后又反彈起到3m高的地方，則皮球通過的路程是______m，該球經過一系列碰撞后，最終停在地面上，在整個運動過程中皮球的位移大小是______m．16、某次實驗用打點計時器交流電的頻率為50Hz，紙帶的記錄如圖所示，圖中前幾個點模糊，因此從A點開始每打五個點取一個計數(shù)點，其中B、點的對應速度vB=____m/s可求得小車的加速度a=____m/s2．由此推得F點的速度vF=____m/s．（保留兩位有效數(shù)字）

17、不經過公式計算，能從紙帶上能直接獲得的信息是____．

A．時間B．速度C．加速度D．位移．18、為研究汽車通過橋梁時對凸形、水平、凹形橋面的壓力變化，某同學用圖1

的裝置進行模擬實驗，將傳感器的輸出信號接到電腦，從左側斜面的同一高度釋放小球，讓小球分別通過甲、乙、丙三種橋面后，橋面下方的力傳感器，能夠將壓力信號轉化為電信號傳入數(shù)據(jù)采集器并在電腦屏幕上顯示出來，實驗結果顯示出三條圖線(

如圖2).

對于凸形橋甲，其相對應的壓力圖線應是圖2

中的______；對于水平橋面，其相對應的壓力圖線應是圖2

中的______.(

選填：ab

或c)

評卷人得分四、簡答題(共4題，共28分)19、向rm{40mL}某rm{AlCl_{3}}溶液中滴加rm{2mol隆隴L^{-1}}的rm{NaOH}溶液時，得到rm{Al(OH)_{3}}沉淀的質量與所滴加rm{NaOH}溶液的體積rm{(mL)}關系如圖所示，試回答下列問題：

rm{(1)}圖中rm{A}點表示的沉淀是__________，其物質的量是___________。rm{(2)}反應至rm{A}點時消耗rm{NaOH}溶液體積為_______________。rm{(3)}圖中rm{B}點溶液中溶質有______________。rm{(4)AlCl_{3}}溶液的濃度為_____________rm{_}rm{_}20、宇航員駕駛宇宙飛船到達月球表面附近；關閉動力后，飛船在近月圓軌道繞月球運行的周期為T

接著，宇航員調整飛船動力，安全著陸，宇航員在月球表面離地H

高處將一小球以某一初速度水平拋出，測出其水平射程為x

已知月球的半徑為R

萬有引力常量為G

求：

(1)

月球的質量M

(2)

小球開始拋出時的初速度v

．21、rm{(1)}有下列幾組反應：A.rm{Zn+2HCl=ZnCl_{2}+H_{2}隆眉}B.rm{CO_{2}+H_{2}O=H_{2}CO_{3}}C.rm{S+O}2rm{overset{碌茫脠錄}{=}}rm{SO_{2}}D.rm{Ba(OH)_{2}+H_{2}SO_{4}=BaSO_{4}隆媒+2H_{2}O}E.rm{Na_{2}CO_{3}+2HCl=2NaCl+H_{2}O+CO_{2}隆眉}F.rm{CaCO_{3}overset{?}{=}CaO+CO_{2}隆眉}G.rm{CH_{4}+2O_{2}overset{碌茫脠錄}{=}CO_{2}+H_{2}O}H.rm{2KClO_{3}overset{?}{=}2KCl+3O_{2}隆眉}以上反應中，屬置換反應的是_____，屬化合反應的是________，屬分解反應的是________，屬復分解反應的是______，屬氧化還原反應的是_____。rm{CaCO_{3}overset{?}{=}

CaO+CO_{2}隆眉}實驗室制取rm{CH_{4}+2O_{2}overset{碌茫脠錄}{=}

CO_{2}+H_{2}O}的反應方程式為：rm{2KClO_{3}overset{?}{=}

2KCl+3O_{2}隆眉}反應過程中轉移rm{(2)}電子，生成標準狀況下的rm{H_{2}}________rm{Zn+H_{2}SO_{4}=ZnSO_{4}+H_{2}隆眉}rm{2mol}用雙線橋法表示出電子轉移的方向和數(shù)目：rm{H_{2}}。rm{L}22、如圖所示，一半徑為r=0.25m

的圓筒水平放置；其中心軸線垂直于紙面，圓筒上有一個小孔A.

當圓筒繞中心軸線勻速轉動且小孔A

在O

點右側與圓心O

等高時，恰好有一個小球從小孔A

沿水平向左方向進入圓筒，小球在圓筒中運動0.2s

后又從小孔A

離開圓筒，取g=10m/s2

求：

(1)

小球從A

點進入圓筒時的速度大小可能值；

(2)

圓筒勻速轉動的角速度的可能值．評卷人得分五、其他(共4題，共36分)23、如圖是質量為70kg的李偉的比賽用山地自行車；其相關數(shù)據(jù)見表：

。車架材料碳纖維車架材料體積/cm32500車架質量/kg4.5整車質量/kg10單輪接觸面積/cm24（1）求碳纖維車架的密度；

（2）算出比賽中的山地自行車對地面的壓強；（取g=10N/kg）

（3）李偉在某路段勻速騎行6km，耗時10min，若該路段阻力為總重力的0.02倍，求他騎行功率．24、（2013?蕪湖縣校級自主招生）如圖，是光滑斜面的示意圖．斜面的水平長度為S，高為h，物體質量為m，如果用沿斜面向上的力把物體從斜面底端勻速拉到頂端，拉力F=____（用題中相關字母表示）．25、如圖是質量為70kg的李偉的比賽用山地自行車；其相關數(shù)據(jù)見表：

。車架材料碳纖維車架材料體積/cm32500車架質量/kg4.5整車質量/kg10單輪接觸面積/cm24（1）求碳纖維車架的密度；

（2）算出比賽中的山地自行車對地面的壓強；（取g=10N/kg）

（3）李偉在某路段勻速騎行6km，耗時10min，若該路段阻力為總重力的0.02倍，求他騎行功率．26、（2013?蕪湖縣校級自主招生）如圖，是光滑斜面的示意圖．斜面的水平長度為S，高為h，物體質量為m，如果用沿斜面向上的力把物體從斜面底端勻速拉到頂端，拉力F=____（用題中相關字母表示）．參考答案一、選擇題(共6題，共12分)1、B【分析】【解析】試題分析：把A、B看成一個整體，根據(jù)牛頓第二定律可得加速度以B為研究對象，設物體A對物體B的作用力為根據(jù)牛頓第二定律可得代入加速度可得故選B考點：牛頓第二定律【解析】【答案】B2、D【分析】【解析】

試題分析：由萬有引力提供向心力可知可知，該小行星的周期為地球公轉周期的8倍，故選D

考點：考查天體運動。

點評：本題難度較小，根據(jù)萬有引力提供向心力，推導周期公式不難求解本題【解析】【答案】D3、B【分析】【解析】選項A中的位移為5m，A錯；選項B中的位移為6m，選項C中的位移為3m，選項D中的位移為5m，B的位移最大【解析】【答案】B4、C【分析】【解析】本題考查合力和分力之間的關系．合力F和兩分力F1、F2之間的關系為|F1－F2|≤F≤|F1＋F2|，則應選C項【解析】【答案】C5、C【分析】解：行星m圍繞恒星M做勻速圓周運動；萬有引力提供向心力：

解得。

A、因果關系不正確，根據(jù)軌道半徑越大，角速度越小，故A錯誤；

BD、因果關系不正確，根據(jù)軌道半徑越大，加速度越小，故BD錯誤；

C、依據(jù)正確，根據(jù)得軌道半徑越大，線速度越小，故C正確。

故選：C

根據(jù)萬有引力提供向心力；得到行星的角速度；加速度、線速度與軌道半徑的關系，再作出判斷．

解決行星運行規(guī)律的核心問題是萬有引力提供向心力，通過選擇不同的向心力公式，來研究不同的物理量與軌道半徑的關系．【解析】【答案】C6、C【分析】解：國際單位制中的基本物理量是長度；時間和質量；測量長度用刻度尺、質量用天平、時間用秒表。故C正確，AB

D錯誤。

故選：C

力學的三個基本單位分別是mskg

對應的物理量分別是長度、時間和質量。

解決本題的關鍵的關鍵知道國際單位制中基本單位和所對應的基本物理量，知道哪一個物理用哪一個物理儀器進行測量?！窘馕觥緾

二、多選題(共7題，共14分)7、CD【分析】解：電子在加速電場中加速；根據(jù)動能定理可得：

eU1=mv02

所以電子進入偏轉電場時速度的大小為：v0=

電子進入偏轉電場后的偏轉量為：

h=at2=??（）2=

聯(lián)立得h=

所以示波管的靈敏度：=

所以要提高示波管的靈敏度可以增大l，減小d和減小U1；所以AB錯誤，CD正確．

故選：CD．

電子先加速后偏轉；先根據(jù)動能定理得到加速獲得的速度表達式．再根據(jù)類平拋運動規(guī)律求出電子通過電場時的偏轉量，根據(jù)靈敏度的定義，找出靈敏度的關系式，根據(jù)關系式來分析即可．

本題是信息的給予題，根據(jù)所給的信息，找出示波管的靈敏度的表達式即可解決本題．【解析】【答案】CD8、BD【分析】【分析】鉛筆尖參與兩個運動：既隨三角板向右的勻速運動，又沿三角板直角邊向上做勻加速運動，與平拋運動類似，得出軌跡形狀，曲線運動中物體速度的方向是該點軌跡的切線方向。根據(jù)運動的合成確定加速度的方向。本題中采用類比的方法得到筆尖的運動情況，也可以采用數(shù)學參數(shù)方程的方法定量分析筆尖的運動情況?！窘獯稹緼B.

由題可知；鉛筆尖既隨三角板向右的勻速運動，又沿三角板直角邊向上做勻加速運動，其運動軌跡是向上彎曲的拋物線，故B正確，A錯誤；

C.在運動過程中；筆尖運動的速度方向是軌跡的切線方向，時刻在變化，故C錯誤；

D.筆尖水平方向的加速度為零；豎直方向加速度的方向豎直向上，則根據(jù)運動的合成規(guī)律可知，筆尖運動的加速度方向始終豎直向上，保持不變，故D正確。

故選BD。

【解析】BD

9、ABC【分析】【分析】航天飛機運動過程機械能守恒，根據(jù)機械能守恒定律分析判斷航天飛機的速度如何變化，航天飛機繞地球做圓周運動萬有引力提供向心力，應用萬有引力公式與牛頓第二定律求出周期與加速度，然后分析答題。本題考查萬有引力定律的應用，關鍵是理解航天飛機繞地球運動的規(guī)律，要注意向心力是物體做圓周運動所需要的力，比較加速度，應比較物體實際所受到的力，即萬有引力?！窘獯稹緼.航天飛機在Ⅱ上運動過程中機械能守恒，衛(wèi)星由A

到B

過程萬有引力做正功，航天飛機的動能增大，速度變大，因此在Ⅱ上經過A

的速度小于經過B

的速度，故A正確；B.航天飛機由軌道Ⅰ變軌到軌道Ⅱ，軌道半徑減小，航天飛機要做向心運動，要在A

點減速，因此在軌道Ⅱ上經過AA的速度小于在軌道Ⅰ上經過AA的速度，故B正確；C.衛(wèi)星做圓周運動萬有引力提供向心力，由牛頓第二定律得：GMmr2=m(2婁脨T)2r

解得：T=2婁脨r3GM

由于Ⅱ的軌道半徑小于Ⅰ的軌道半徑，則在軌道Ⅱ上運動的周期小于在軌道Ⅰ上運動的周期，故C正確；D.衛(wèi)星做圓周運動萬有引力提供向心力，由牛頓第二定律得：GMmr2=ma

解得：a=GMr2

軌道半徑r

相同，在軌道Ⅱ上經過A

的加速度等于在軌道Ⅰ上經過A

的加速度，故D錯誤。故選ABC?！窘馕觥緼BC

10、CD【分析】解：1.

由機械能守恒定律可知：

mgL=12mv2

解得：v=2gL

可知L

越長；v

越大。

2.

在最低點由向心力公式可得：

T鈭?mg=mv2L

解得：T=3mg

與L

的大小無關。

3.

向心加速度：a=v2L=2g

與繩長L

無關；

4.

角速度：婁脴=vL=2gL

可知繩長越長；角速度越?。?/p>

由以上的分析可知；AB錯誤，CD正確．

故選：CD

小球在擺動過程中只受重力；故機械能守恒，由機械能守恒定律可求小球運動到最低點時的速度大??；

由向心力公式可求得最低點時；繩子對小球的拉力大?。?/p>

由向心加速度的表達式計算向心加速度；根據(jù)v=婁脴r

計算角速度．

本題考查機械能守恒定律及向心力公式，如果系統(tǒng)內只有重力做功，則利用機械能守恒定律可以很容易解題．【解析】CD

11、AD【分析】解：由題意可知，甲、乙兩物體相互摩擦后，甲物體帶正電1.6×10-15C，則乙?guī)ж撾?.6×10-15C，若乙物體再與丙物體接觸，由于丙物體帶電8×10-16C．且?guī)ж撾?，則乙也一定帶負電，大小為8×10-16C；故AD正確，BC錯誤；

故選：AD。

物體經過摩擦后；會產生電．得到電子的帶負電，失去電子的帶正電．

此題考查子摩擦起電的本質，要理解和運用．【解析】AD12、A:C【分析】【分析】

物體在月球表面受到的重力是地球表面的六分之一；人可以輕易舉起100kg的重物，也可以輕易躍過2；3米的高度；在月球上沒有空氣，不能放風箏；利用平拋運動分析．

【詳解】

重力加速度為地球的同一物體在月球和地球上所受的重力之比為1：6，質量為100kg的物體在月球上的重力為所以可以很容易的舉起來，A正確；沒有空氣，不能放風箏，B錯誤；重力為地球上的六分之一，故可以輕易躍過幾米高度，在此籃球場打球，一定是扣籃高手，C正確；撇鉛球可視為平拋運動，由于重力加速度為地球的所以豎直高度確定h時，運動時間是在地球上時間的倍，故水平距離為原來的倍；D錯誤．

【點睛】

解題關鍵明確各種現(xiàn)象產生的實質，利用在月球上重力減少分析現(xiàn)象和利用平拋運動解析．13、ABD【分析】解：物體在下滑過程各受重力和摩擦力作用，根據(jù)牛頓第二定律可知，其加速度a=gsin37鈭?鈭?婁脤gcos37鈭?=10隆脕0.6鈭?0.5隆脕10隆脕0.8=2m/s2

將加速度分解為水平方向和豎直方向則可知ax=acos37鈭?ay=asin37鈭?

將M

和m

作為一個整體分析；則可知。

豎直方向上：FN=Mg+mg鈭?masin37鈭?=20+10鈭?1隆脕2隆脕0.6=28.8N

水平方向上有：f=macos37鈭?=1隆脕2隆脕0.8=1.6N

方向水平向左；

故ABD正確；C錯誤．

故選：ABD

．

先對物體受力分析；根據(jù)牛頓第二定律求得加速度，再對整體分析，分別對水平方向和豎直方向上的受力情況進行分析，再根據(jù)牛頓第二定律對兩方向列式求解即可．

本題考查牛頓第二定律的應用，要注意明確整體法和隔離法的正確應用，注意兩物體加速度不同時，也是可以直接利用整體法求解，但要注意整體受到的合力與ma

之間的關系．【解析】ABD

三、填空題(共5題，共10分)14、略

【分析】

由題知樹葉在1mins內全振動了60次，則樹葉振動的周期為T==s=1s

水波是勻速傳播的，則波速為v==m/s=0.5m/s

由v=得波長λ=vT=0.5m．

故答案為：0.5；0.5

【解析】【答案】由題知樹葉在1mins內全振動了60次，求出樹葉振動一次的時間即為樹葉振動的周期，也等于此水波的周期．水波是勻速傳播的，由v=求波速．再由波速公式v=求出波長．

15、略

【分析】解：皮球從6m高的地方落下；碰撞地面后又反彈起3m，它所通過的路程是9m；

皮球經過一系列碰撞后；最終停在地面上，則在整個運動過程中皮球的位移大小是6m，方向豎直向下；

故本題答案為：9；6

路程等于物體運動軌跡的長度；位移的大小等于由初位置指向末位置的有向線段長度．

解決本題的關鍵知道路程等于物體運動軌跡的長度，位移的大小等于由初位置指向末位置的有向線段長度，路程是標量，位移是矢量．【解析】9；616、略

【分析】

某點的瞬時速度時只需要找平均速度代替：

B點的對應速度vB==0.25m/s

根據(jù)勻變速直線運動的推論公式△x=aT2

可以求出加速度的大小a==0.75m/s2．

由：vF=vB+aT得：

vF=0.25+0.75×0.4=0.55m/s

故答案為：0.25；0.75，0.55

【解析】【答案】從A點開始每打五個點取一個計數(shù)點；所以每兩個點間的時間間隔T為0.1s．

求某點的瞬時速度時只需要找平均速度代替即可，如果找不出的，如：F點的，可用公式v=v+at求解．

根據(jù)勻變速直線運動的推論公式△x=aT2可以求出加速度的大小。

17、略

【分析】

A、只需要數(shù)出兩位置間打出的點的個數(shù)乘以0.02s就能得到兩位置間時間，所以能從紙帶上直接獲得信息，故A正確；

B、瞬時速度和平均速度的求解需要運用勻變速直線運動的公式來間接求出，故B錯誤；

C、運動物體的加速度可以利用逐差法或者速度-時間圖象得出，故C錯誤；

C、位移利用刻度尺直接測量兩點之間的距離就可直接得出，故D正確．

故選：AD．

【解析】【答案】本題考查了打點計時器的應用；根據(jù)打點計時器的工作原理及應用可以判斷各物理量是否能正確得出．

18、cb【分析】解：在凸形橋的頂點，根據(jù)牛頓第二定律得，mg鈭?N1=mv2R

解得N1=mg鈭?mv2R<mg

在凹形橋的最低點，根據(jù)牛頓第二定律得，N2鈭?mg=mv2R

解得N2=mg+mv2R>mg

在水平橋面；支持力N3=mg

壓力等于支持力，由圖2

可知，水平橋面對應的壓力圖線為b

凸形橋面對應的壓力圖線為c

凹形橋面對應的壓力圖線為a

．

故答案為：cb

根據(jù)牛頓第二定律得出凸形橋頂點；凹形橋最低點的支持力表達式；通過與水平橋支持力比較確定正確的圖線．

解決本題的關鍵知道最高點和最低點向心力的來源，通過牛頓第二定律得出壓力和重力大小關系是關鍵．【解析】cb

四、簡答題(共4題，共28分)19、（1）Al（OH）30.02mol

（2）30mL

（3）NaCl、NaAlO2

（4）0.5mol/L【分析】【分析】本題考查化學方程式計算、鋁元素化合物性質等，側重考查學生對圖象的解讀能力、分析問題能力、計算能力，題目難度中等，關鍵是明確rm{NaOH}溶液逐滴加入到rm{AlCl_{3}}溶液中的反應原理?！窘獯稹縭m{(1)}開始rm{AlCl_{3}}與rm{NaOH}發(fā)生反應rm{Al^{3+}+3OH^{-}=Al(OH)_{3}隆媒}生成rm{Al(OH)_{3}}沉淀，rm{NaOH}量逐漸增多，rm{Al(OH)_{3}}量逐漸增大，到rm{A}點時氫氧化鈉將rm{AlCl_{3}}恰好完全沉淀時，rm{Al(OH)_{3}}沉淀達到最大量，其物質的量為rm{dfrac{1.56g}{78g/mol}=0.02mol}

故答案為：rm{dfrac

{1.56g}{78g/mol}=0.02mol}rm{Al(OH)_{3}}

rm{0.02mol}根據(jù)rm{(2)}可知，消耗rm{Al^{3+}+3OH^{-}=Al(OH)_{3}隆媒}物質的量rm{NaOH}消耗rm{=0.02mol隆脕3=0.06mol}溶液體積為rm{dfrac{0.06mol}{2mol/L}=0.03L}即為rm{NaOH}

故答案為：rm{dfrac

{0.06mol}{2mol/L}=0.03L}

rm{30mL}沉淀達到最大量后，再加rm{30mL}溶液發(fā)生反應：rm{(3)Al(OH)_{3}}沉淀量開始逐漸減少，到rm{NaOH}點時rm{Al(OH)_{3}+OH^{-}=AlO_{2}^{-}+2H_{2}O}與rm{B}恰好完全反應生成rm{Al(OH)_{3}}沉淀完全溶解消失，rm{NaOH}點溶液中溶質有rm{NaAlO_{2}}rm{B}

故答案為：rm{NaCl}rm{NaAlO_{2}}

rm{NaCl}根據(jù)rm{NaAlO_{2}}原子守恒rm{(4)}rm{Al}溶液的濃度為rm{dfrac{0.02mol}{0.04L}=0.5mol/L}

故答案為：rm{n(AlCl_{3})=n[Al(OH)_{3}]=0.02mol}

rm{AlCl_{3}}【解析】rm{(1)Al(OH)_{3;;;;}0.02mol}rm{(2)30mL}rm{(3)NaCl}rm{NaAlO_{2}}rm{{,!}_{(4)}0.5mol/L}20、略

【分析】

飛船繞月近地運行，月球對飛船的萬有引力提供向心力GMmR2=m4婁脨2RT2

化簡可得月球的質量M

在月球表面重力提供向心力，求出月球表面重力加速度，再根據(jù)平拋運動的規(guī)律，分別在水平方向上和豎直方向上列出位移與時間的關系，聯(lián)立方程即可求解．

本題主要考查萬有引力提供向心力這個關系和平拋運動的分運動規(guī)律，字母運算多，要細心，難度適中．【解析】解：(1)

飛船繞月近地運行；月球對飛船的萬有引力提供向心力，有：

GMmR2=m4婁脨2RT2

解得：M=4婁脨2R3GT2

．

(2)

小球做平拋運動；水平方向做勻速直線運動，有：

x=vt

豎直方向做自由落體運動；有：

H=12gt2

在月球表面；小球受到月球的萬有引力近似等于重力，有：

GMmR2=mg=m4婁脨2RT2

解得：g=4婁脨2RT2

解得：v=xg2H=x4婁脨2R2HT2

答：(1)

月球的質量M

為4婁脨2R3GT2

(2)

小球開始拋出時的初速度v

為x4婁脨2R2HT2

．21、（1）ABCFHDEACGH

（2）22.4

（3）【分析】【分析】本題考查氧化還原反應及四種基本反應類型，為高頻考點，把握反應分類及分類依據(jù)為解答的關鍵，題目難度不大?！窘獯稹緼.rm{Zn+2HCl簍TZnCl_{2}+H_{2}隆眉}屬于置換反應；氧化還原反應；

B.rm{CO_{2}+H_{2}O簍TH_{2}CO_{3}}屬于化合反應；

C.rm{S+O_{2}dfrac{underline{;{碌茫脠錄};}}{;}SO_{2}}屬于化合反應；氧化還原反應；

D.rm{S+O_{2}dfrac{

underline{;{碌茫脠錄};}}{;}SO_{2}}屬于復分解反應；

E.rm{Ba(OH)_{2}+H_{2}SO_{4}簍TBaSO_{4}隆媒+2H_{2}O}屬于復分解反應；

F.rm{CaCO_{3}dfrac{underline{;;triangle;;}}{;}CaO+CO_{2}隆眉}屬于分解反應；

G.rm{CH_{4}+2O_{2}dfrac{underline{;{碌茫脠錄};}}{;}CO_{2}+H_{2}O}屬于氧化還原反應；

H.rm{2KClO_{3}dfrac{underline{;;triangle;;}}{;}2KCl+3O_{2}隆眉}屬于分解反應；氧化還原反應；

故rm{Na_{2}CO_{3}+2HCl簍T2NaCl+H_{2}O+CO_{2}隆眉}rm{CaCO_{3}dfrac{

underline{;;triangle;;}}{;}CaO+CO_{2}隆眉}rm{CH_{4}+2O_{2}dfrac{

underline{;{碌茫脠錄};}}{;}CO_{2}+H_{2}O}rm{2KClO_{3}dfrac{

underline{;;triangle;;}}{;}2KCl+3O_{2}隆眉}屬置換反應的是rm{A}屬化合反應的是rm{BC}屬分解反應的是rm{FH}

屬復分解反應的是從反應可知，當生成rm{DE}氫氣時轉移屬氧化還原反應的是電子，故應當為rm{ACGH}rm{(2)}失rm{1mol}個電子，氫從rm{2mol}變?yōu)閞m{22.4L}價，故有：rm{(3)Zn}【解析】rm{(1)A}rm{BC}rm{FH}rm{DE}rm{ACGH}

rm{(2)22.4}rm{(3)}22、略

【分析】

(1)

小球在圓筒中運動過程中下落高度為h

根據(jù)自由落體運動基本公式結合幾何關系求出速度即可；

(2)

分圓筒順時針轉動和逆時針轉動兩種情況分析；求出圓筒在0.2s

內轉過的角度(

用弧度為單位)

再根據(jù)角速度的定義式求解可能的角速度，注意周期性．

本題主要考查了平拋運動基本公式以及勻速圓周運動的特點，在求解角速度時，既要分兩種情況求解，又要注意周期性，難度適中．【解析】解：如圖所示；設小球離開圓筒時，小孔A

轉到B

或C

位置．

(1)

小球在圓筒中運動過程中下落高度為h

h=12gt2

cos婁脠=hr

婁脠=37鈭?

小球從A

點進入圓筒時的速度大小為v1

時；小球從B

位置離開圓筒。

則r+rsin婁脠=v1t

小球從A

點進入圓筒時的速度大小為v2

時；小球從C

位置離開圓筒。

則r鈭?rsin婁脠=v2t

解得v1=2m/sv2=0.5m/s

(2)

若圓筒順時針轉動；在0.2s

內轉過的角度(

用弧度為單位)

應為。

婁脕1=2婁脨(90鈭?鈭?婁脠)360+2婁脨k(k=0123)

或婁脕2=2婁脨(90鈭?+婁脠)360+2婁脨k(k=0123)

則圓筒勻速轉動的角速度可能為。

婁脴1=婁脕1t=53婁脨36+10婁脨k(k=0123)

婁脴2=婁脕2t=127婁脨36+10婁脨k(k=0123)

若圓筒逆時針轉動；在0.2s

內轉過的角度(

用弧度為單位)

應為。

婁脕3