2024年浙教版選修3物理上冊月考試卷含答案

…………○…………內…………○…………裝…………○…………內…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2024年浙教版選修3物理上冊月考試卷含答案考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五六總分得分評卷人得分一、選擇題(共5題，共10分)1、英國物理學家湯姆孫通過陰極射線的實驗研究發(fā)現（）A.陰極射線在電場中偏向正極板一側B.陰極射線在磁場中受力情況跟正電荷受力情況相同C.不同材料所產生的陰極射線的比荷不同D.湯姆孫直接測到了陰極射線粒子的電荷量2、一定質量的理想氣體由狀態(tài)經狀態(tài)到狀態(tài)其狀態(tài)變化過程的圖像如圖所示.已知該氣體在狀態(tài)時的溫度為27℃.（）

A.℃，℃B.氣體從狀態(tài)到狀態(tài)過程中吸收的熱量C.氣體從狀態(tài)到狀態(tài)過程中放出的熱量D.氣體從狀態(tài)到狀態(tài)過程中對外做功3、下列哪個實驗揭示了原子具有核式結構A.陰極射線實驗B.光電效應實驗C.粒子轟擊氮核實驗D.粒子散射實驗4、下列說法正確的是()A.原子核的結合能越大，原子核越穩(wěn)定B.某些原子核能夠放射出β粒子，說明原子核內有β粒子C.核泄漏污染物能夠產生對人體有害的輻射，核反應方程式為X為電子D.若氫原子從n=6能級向n=1能級躍遷時輻射出的光不能使某金屬發(fā)生光電效應，則氫原子從n=6能級向n=2能級躍遷時輻射出的光能可能使該金屬發(fā)生光電效應5、在實驗條件完全相同的情況下，分別用紅光和紫光做實驗進行比較，得到四個實驗結論．以下是對四個實驗結論的描述，其中正確的是（）A.通過平行玻璃磚后，紅光發(fā)生的側移量較大B.通過三棱鏡后，紫光偏折的程度比紅光的大C.在雙縫干涉實驗中，光屏上紫光的干涉條紋間距較寬D.若紫光照射到某金屬表面有光電子逸出，則紅光照射該金屬也一定有光電子逸出評卷人得分二、多選題(共5題，共10分)6、如圖所示，水平線a、b、c、d為勻強電場中的等差等勢線，一個質量為m，電荷量絕對值為q的粒子在勻強電場中運動，A、B為其運動軌跡上的兩個點，已知該粒子在A點的速度大小為v1，在B點的速度大小為v2，且方向與等勢線平行A、B連線長為L，連線與豎直方向的夾角為不計粒子受到的重力，則。

A.該粒子一定帶正電B.勻強電場的電場強度大小C.粒子在B點的電勢能一定大于在A點的電勢能D.等勢線b的電勢比等勢線e的電勢高7、現有一定質量的理想氣體，讓其從狀態(tài)a開始，經歷過程ab、bc、cd、da回到原狀態(tài)a，其圖像如圖所示，其中對角線ac的延長線過原點O。下列說法正確的是（）

A.氣體從a到b再到c的過程中壓強先減小后增大B.狀態(tài)a與狀態(tài)c相比較，氣體分子在狀態(tài)a單位時間內攮擊器壁單位面積上的次數較少C.氣體在狀態(tài)a時的內能等于它在狀態(tài)c時的內能D.在過程cd中，氣體從外界吸收的熱量等于氣體對外界做的功8、某發(fā)電站采用高壓輸電向外輸送電能。若輸送的總功率P0，輸電電壓為U，輸電線的總電阻為R線。則下列說法不正確的是（）A.輸電線上的電流B.輸電線上的電流C.輸電線電阻上的功率損失D.輸電線電阻上的電壓損失9、電除塵器除塵機理的示意圖．塵埃在電場中通過某種機制帶電；在電場力的作用下向集塵極遷移并沉積，以達到除塵目的．下列表述正確的是（）

A.到達集塵極的塵埃帶正電荷B.電場方向由集塵極指向放電極C.帶電塵埃所受電場力的方向與電場方向相同D.同一位置帶電荷量越多的塵埃所受電場力越大10、如圖所示的電路，是定值電阻，是滑動變阻器，電源內阻不可忽略．閉合開關，在電路穩(wěn)定后，將滑動變阻器的滑動觸頭由中點向下移動的過程中()

A.電壓表示數變小B.電容器充電C.電源的總功率變大D.通過滑動變阻器的電流變小評卷人得分三、填空題(共8題，共16分)11、在某溫度時，水蒸氣的絕對氣壓為P=200mmHg，此時的相對濕度為50%，飽和汽壓為________．12、一定量的理想氣體從狀態(tài)開始，經歷等溫或等壓過程回到原狀態(tài)，其圖像如圖所示。其中對角線的延長線過原點氣體從狀態(tài)變化到狀態(tài)的過程，氣體對外做的功___________（選填“大于”、“等于”或“小于”）氣體從外界吸收的熱量。氣體在狀態(tài)的體積___________（選填“大于”、“等于”或“小于”）氣體在狀態(tài)的體積。氣體從狀態(tài)變化到狀態(tài)外界對氣體做的功___________（選填“大于”、“等于”或“小于”）氣體從狀態(tài)變化到狀態(tài)氣體對外界做的功。

13、一定質量的理想氣體，從初始狀態(tài)A經狀態(tài)B、C、D再回到A，體積V與溫度T的關系如圖所示。圖中和為已知量。

(1)從狀態(tài)A到B；氣體經歷的是_______（選填“等溫”，“等容”，或“等壓”）過程。

(2)從B到C的過程中；氣體的內能_______（選填“增大”“減小”或“不變”）。

(3)從C到D的過程中，氣體對外界_______（選填“做正功”“做負功”或“不做功”），同時________（選填“吸熱”或“放熱”）。14、幾何光學中研究光的傳播，并不把光看作是電磁波，而是把光看作______15、如圖所示為某磁場的磁感線分布情況，圖中M點的磁感應強度_________(填“大于”；“等于”或“小于”)P點的磁感應強度．

16、下圖甲為一臺小型發(fā)電機構造示意圖，線圈逆時針轉動，產生的電動勢隨時間變化的正弦規(guī)律圖象如圖乙所示．發(fā)電機線圈內阻為5Ω，外接燈泡的電阻為105Ω，電流的有效值為_____A，電壓表的示數為_____V，燈泡實際消耗的功率為_____W，發(fā)電機線圈內阻每分鐘產生的焦耳熱為_____J．

17、一列波沿x軸正方向傳播的簡諧波，在t=0時刻的波形圖如圖所示，已知這列波在P出現兩次波峰的最短時間是0.4s；根據以上可知：

(1)這列波的波速是____m/s；

(2)再經過___s質點R才能第一次到達波峰；

(3)這段時間里R通過的路程為___cm。18、如圖所示，金屬環(huán)直徑為d，總電阻為2R，勻強磁場磁感應強度為B，垂直穿過環(huán)所在平面．電阻為的導體桿AB沿環(huán)表面以速度v向右滑至環(huán)中央時，桿兩端的電壓為____________．

評卷人得分四、作圖題(共3題，共21分)19、如圖所示，甲、乙是直線電流的磁場，丙、丁是環(huán)形電流的磁場，戊、己是通電螺線管的磁場，試在各圖中補畫出電流方向或磁感線方向．

20、示波管的內部結構如圖所示．如果在偏轉電極XX/、YY/之間都沒有加電壓，電子束將打在熒光屏中心．如果在偏轉電極XX/之間和YY/之間分別加上如圖所示的電壓，請畫出熒光屏上出現的完整掃描波形圖．

21、圖中表示某一時刻的波形圖，已知波速為0.5m/s，波沿著x軸的正方向傳播；畫出經過7s后的波形曲線。

評卷人得分五、實驗題(共3題，共30分)22、①用10分度的游標卡尺測量小球的直徑，測量的示數如圖所示，讀出小球直徑的值為__________

②在用單擺測定重力加速度的實驗中；

a．為了減小測量誤差，如下措施中正確的是__________。（填字母）

A．單擺的擺角應盡量大些。

B．擺線應盡量短些。

C．擺球的體積較?。毁|量較大。

D．測量周期時；應取擺球通過最低點做為計時的起；終點位置。

E．測量周期時；應測擺球30~50次全振動的時間算出周期。

F．將拴著擺球的擺線平放在桌面上，將擺線拉直后用米尺測出擺球球心到擺線某點間的長度作為擺長，然后將擺線從點吊起。

b．某學生在實驗中，測出了多組擺長和周期的值，然后作出圖線如圖所示，并已測量計算出圖線的斜率為則由斜率求重力加速度的公式是__________。

23、如圖所示；用“碰撞實驗器”可以驗證動量守恒定律，即研究兩個小球在軌道水平部分碰撞前后的動量關系：先安裝好實驗裝置，在地上鋪一張白紙，白紙上鋪放復寫紙，記下重垂線所指的位置O.

接下來的實驗步驟如下：

步驟1：不放小球2；讓小球1從斜槽上A點由靜止?jié)L下，并落在地面上．重復多次，用盡可能小的圓，把小球的所有落點圈在里面，其圓心就是小球落點的平均位置；

步驟2：把小球2放在斜槽前端邊緣位置B；讓小球1從A點由靜止?jié)L下，使它們碰撞．重復多次，并使用與步驟1同樣的方法分別標出碰撞后兩小球落點的平均位置；

步驟3：用刻度尺分別測量三個落地點的平均位置M；P、N離O點的距離；即線段OM、OP、ON的長度．

①上述實驗除需測量線段OM、OP、ON的長度外，還需要測量的物理量有______.

A．A；B兩點間的高度差。

B．B點離地面的高度h2

C．小球1和小球2的質量m1、m2

D．小球1和小球2的半徑r

②當所測物理量滿足表達式______(用所測物理量的字母表示)時；即說明兩球碰撞遵守動量守恒定律．

③完成上述實驗后，某實驗小組對上述裝置進行了改造，如圖2所示．使小球1仍從斜槽上A點由靜止?jié)L下，重復實驗步驟1和2的操作，得到兩球落在圓心在斜槽末端圓弧的平均落點M′、P′、N′.用測量斜面頂點與M′、P′、N′三點的連線與豎直方向的夾角分別為α1、α2、α3.則驗證兩球碰撞過程中動量守恒的表達式_______(用所測物理量的字母表示)．24、某興趣小組為了測量一個量程為6.0V的直流電壓表的內阻RV（約為幾千歐）；根據手中器材，設計了如圖甲所示的電路。

(1)該實驗中需要進行的步驟羅列如下，合理的順序是___________（用步驟前的字母表示）。

A．閉合開關S

B．將電阻箱R0的阻值調到零，并把滑動變阻器的滑片P滑到a端。

C．調節(jié)滑動變阻器R的阻值；使電壓表的示數為6.0V

D．斷開開關S

E．調節(jié)電阻箱R0的阻值使電壓表示數為4V，讀出此時電阻箱R0的阻值。

(2)若在實驗步驟E中，讀出R0的阻值為1450則該電壓表的內阻的測量值為___________由于系統(tǒng)誤差，測量值___________（選填“偏大”或“偏小”）。

(3)為了使測量結果盡可能精確，現有如下兩個滑動變阻器，則實驗時應選擇___________（填A或B）

A．R1（最大阻值為10）

B．R2（最大阻值為500）

某同學在實驗中發(fā)現，由于電阻箱R0的調節(jié)而引起電路電壓的變化，為消除電路電壓的變化對電壓表內阻測量的影響，手邊還有另一只量程為6V的電壓表V1，請對圖甲電路作些改動，并畫出改動后的電路圖__________。評卷人得分六、解答題(共2題，共18分)25、利用打氣筒給電動車輪胎打氣是日常生活中常見的現象，其工作原理如圖所示?，F有一輛電動車的后輪胎需充氣，測得此時輪胎內的氣體壓強為氣體的體積為溫度為該電動車正常工作時每個輪胎內的氣體壓強為設打氣筒每次打入的氣體體積為壓強和外界大氣壓強相同，均為溫度為不考慮車胎的體積變化。

（1）要使電動車的輪胎恢復到正常工作狀態(tài)；求需要打氣的次數。（忽略打氣過程中氣簡及輪胎內氣體溫度的變化）

（2）由于不斷地按壓活塞，氣體的溫度略有上升，如果輪胎內的氣體壓強已達到電動車正常工作要求，但測得氣體溫度比外界溫度高了則當溫度恢復到時；輪胎內的氣體壓強為多大？

26、勻強磁場磁感應強度B，磁場寬度L，一正方形金屬框邊長ab，每邊電阻r，金屬框以v的速度勻速穿過磁場區(qū)；其平面始終保持與磁感線方向垂直，如圖所示，求在線圈進入磁場過程中：

（1）判斷abcd線框上cd桿上的電流方向。

（2）說明cd桿在進入磁場過程中受到的安培力方向參考答案一、選擇題(共5題，共10分)1、A【分析】【分析】

【詳解】

A．陰極射線在電場中偏向正極板一側；因此陰極射線應該帶負電荷，A正確；

B．陰極射線在磁場中受力情況跟負電荷受力情況相同；B錯誤；

C．不同材料所產生的陰極射線的比荷相同；C錯誤；

D．湯姆孫并沒有直接測到了陰極射線粒子的電荷量；D錯誤。

故選A。2、B【分析】【詳解】

A．該氣體從狀態(tài)到狀態(tài)為等容變化，則

解得

該氣體從狀態(tài)到狀態(tài)為等壓變化，則

解得

故A錯誤；

D．氣體從狀態(tài)到狀態(tài)過程中,氣體體積不變；氣體不做功，D錯誤；

BC．整個過程中，從狀態(tài)到狀態(tài)氣體對外做功

根據熱力學第一定律

狀態(tài)與狀態(tài)溫度相同，則

所以

故B正確；C錯誤。

故選B。3、D【分析】【詳解】

盧瑟福的α粒子散射實驗揭示了原子具有核式結構，故選D.4、C【分析】【詳解】

原子核的比結合能越大，原子核越穩(wěn)定，選項A錯誤；某些原子核能夠放射出β粒子，這是核內的中子轉化為質子時放出的負電子，不能說明原子核內有β粒子，選項B錯誤；核泄漏污染物能夠產生對人體有害的輻射，核反應方程式為X電荷數為-1，質量數為零，所以為電子，選項C正確；若氫原子從n=6能級向n=1能級躍遷時輻射出的光不能使某金屬發(fā)生光電效應，而氫原子從n=6能級向n=2能級躍遷時輻射出的光子的能量小于從n=6能級向n=1能級躍遷時輻射出的光子的能量，則不能使該金屬發(fā)生光電效應，選項D錯誤；故選C.5、B【分析】【詳解】

紅光的折射率較小，則通過平行玻璃磚后，偏折程度較小，則紅光發(fā)生的側移量較小，選項A錯誤；紫光的折射率較大，通過三棱鏡后，紫光偏折的程度比紅光的大，選項B正確；因紫光的波長較小，則在雙縫干涉實驗中，根據可知，光屏上紫光的干涉條紋間距較窄，選項C錯誤；紫光的頻率大于紅光，則若紫光照射到某金屬表面有光電子逸出，則紅光照射該金屬不一定有光電子逸出，選項D錯誤．二、多選題(共5題，共10分)6、B:C【分析】【詳解】

A項：根據做曲線運動的物體受的合力指向曲線的內側；由于不知道電場強度的方向，所以無法確定粒子的電性，故A錯誤；

B項：在沿電場線方向的位移為：

設A、B間的電勢差為UAB，由動能定理得：所以故B正確；

C項：根據做曲線運動的物體受的合力指向曲線的內側可知；粒子受的電場力方向向上，所以粒子從A到B過程中電場力做負功，電勢能增大，故C正確；

D項：根據題意可知判斷粒子受到的電場力方向；但無法確定電場線的方向，所以無法確定等勢面的電勢的高低，故D錯誤．

故選BC．7、B:D【分析】【分析】

【詳解】

A．根據氣體狀態(tài)方程。

得。

V-T圖象的斜率。

acO連線的斜率大于bO連線的斜率，所以氣體在狀態(tài)a、c時的壓強小于它在狀態(tài)b時的壓強，氣體從a到b再到c的過程中壓強先增大后減??；故A錯誤；

B．溫度升高，氣體分子的平均動能增加，過原點直線表示等壓變化，狀態(tài)a與狀態(tài)c相比較，則氣體分子在狀態(tài)a單位時間內撞擊單位面積器壁的分子數較少；故B正確；

C．理想氣體在狀態(tài)a的溫度大于狀態(tài)c的溫度，理想氣體的內能只與溫度有關，溫度高，內能大，故氣體在狀態(tài)a時的內能大于它在狀態(tài)c時的內能；故C錯誤；

D．在過程cd中，等溫變化，內能不變，體積增大，氣體對外界做功，根據熱力學第一定律。

可知氣體從外界吸收的熱量等于氣體對外界做的功；故D正確。

故選BD。8、B:C【分析】【詳解】

AB、根據P0=UI得，輸電線上的電流I=由于U不是輸電線上損失的電壓，不能通過I=求解輸電線上的電流．A錯誤B正確。

C.輸電線上損失的功率故C正確；

D.輸電線電阻上的電壓損失D錯誤9、B:D【分析】試題分析：塵埃在電場力作用下向集塵極遷移并沉積，說明塵埃帶負電，A錯誤；由于集塵極與電池的正極連接，電場方向有集塵板指向放電極，B正確；負電荷在電場中受電場力的方向與電場力方向相反，C錯誤；根據可得；同一位置帶電荷量越多的塵埃所受電場力越大，故D正確。

考點：靜電的利用和防止。

【名師點睛】本題考查是關于靜電的防止與應用，要求同學們熟練掌握靜電的防止與應用的具體實例。10、A:C【分析】【分析】

變阻器滑片移動時；分析總電阻的變化，判斷總電流和路端電壓的變化。根據電路串并聯知識和閉合電路歐姆定律分析電容器兩端電壓變化情況，即可判斷電容器的狀態(tài).

【詳解】

A、當滑動變阻器的滑動觸頭由中點向下移動時，R4變小，電路的總電阻變小，總電流I變大；內電壓變大，則路端電壓變小，因此電壓表示數變小；故A正確.

B、電容器兩端電壓為：U=E-I（r+R2），I變大，故電容器兩端電壓U變??；帶電量變小，電容器放電，故B錯誤；

C、電源的總功率P=EI，I變大，則P變大；故C正確.

D、根據串聯電路分壓規(guī)律知，變阻器兩端的電壓增小，通過R1的電流變??；而總電流變大，所以通過滑動變阻器的電流變大；故D錯誤.

故選AC.

【點睛】

本題是電路動態(tài)分析問題，關鍵是理清電路，根據路串并聯知識和閉合電路歐姆定律得到各個部分電路電流和電壓的變化.三、填空題(共8題，共16分)11、略

【分析】【詳解】

相對濕度是指空氣中水蒸氣壓與飽和水汽壓的百分比，表達式為．

也等于空氣的絕對濕度與相同溫度下可能達到的最大絕對濕度之比；．

故飽和汽壓為

【點睛】

本題考查相對濕度的定義式，關鍵是明確相對濕度幾種不同的定義公式，與日常生活密切聯系，【解析】400mmHg12、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1]氣體從狀態(tài)變化到狀態(tài)的過程中，溫度不變，內能不變；壓強減小，根據理想氣體狀態(tài)方程

可知體積增大，對外做功，根據熱力學第一定律

可知

即氣體從狀態(tài)a變化到狀態(tài)b的過程；氣體對外做的功等于氣體從外界吸收的熱量。

[2]由圖可知a、c均在過原點的直線上，P-T圖像的斜率為體積的倒數，所以氣體在狀態(tài)a的體積等于氣體在狀態(tài)b的體積；

[3]在bc過程中，等壓變化，溫度降低，內能減小△U＜0

溫度降低，體積減小，外界對氣體做功，根據

可得

bc過程中外界對氣體做功Wbc=p△Vbc=C△Tbc

da過程中，氣體對外界做功

所以

在bc過程中外界對氣體做的功等于在da過程中氣體對外界做的功?！窘馕觥康扔诘扔诘扔?3、略

【分析】【分析】

【詳解】

(1)[1]從狀態(tài)A到B；由于體積沒變，因此發(fā)生的是等容過程。

(2)[2]從B到C的過程；由于氣體溫度不變，因此氣體的內能不變。

(3)[3][4]從C到D的過程中，由于體積減小，因此氣體對外界做負功；而溫度降低，內能減小，根據熱力學第一定律，一定放出熱量?！窘馕觥康热莶蛔冏鲐摴Ψ艧?4、略

【分析】【詳解】

幾何光學中研究光的傳播，并不把光看作是電磁波，而是把光看作線段?！窘馕觥烤€段15、略

【分析】【詳解】

如圖；M點處磁感線比P點處磁感線密，則M點的磁感應強度大于P點的磁感應強度．

【點睛】

磁感線可以形象表示磁場的強弱和方向，磁感線的疏密表示磁場的強弱，磁感線越密，磁感應強度越大．磁感線的切線方向表示磁場的方向．【解析】大于16、略

【分析】【詳解】

解：電動勢的有效值為：

電流的有效值為：

電壓表的示數為：

燈泡消耗的功率為：

發(fā)電機線圈內阻每分鐘產生的焦耳熱為為：【解析】2，210，420，120017、略

【分析】【分析】

【詳解】

(1)依題；P點兩次出現波峰的最短時間是0.4s，所以這列波的周期T=0.4s。由波速公式得。

(2)由t=0時刻到R第一次出現波峰；波移動的距離s=7m

則

(3)在上述時間內，R實際振動時間

因此R通過的路程為

故本題答案是：(1)10；(2)0.7；(3)6【解析】100.7618、略

【分析】【詳解】

[1]桿切割產生的感應電動勢為E=Bdv

兩個電阻為R的半金屬圓環(huán)并聯，并聯電阻

則電路電流（總電流）為

桿兩端的電壓為

考點：法拉第電磁感應定律；閉合電路的歐姆定律?！窘馕觥克摹⒆鲌D題(共3題，共21分)19、略

【分析】【詳解】

利用右手螺旋定則；已知電流的方向可判定磁場方向，也可以通過磁場方向來確定電流的方向；

圖甲；已知磁場方向，順時針方向，則電流垂直紙面向里；

圖乙；電流右側的磁場的方向向里，左側的磁場的方向向外，則電流的方向向上；

圖丙；已知磁場方向，則可知電流方向，逆時針方向；

圖?。画h(huán)形電流從左側流入，從右側流出，所以磁場的方向向下；

圖戊；根據螺線管中電流方向，利用右手螺旋定則可以確定螺線管的磁場的方向向左；

圖已；根據螺線管中上邊的電流方向向外，下邊的電流的方向向里，利用右手螺旋定則可以確定螺線管的磁場的方向向右．如圖所示：

【解析】20、略

【分析】試題分析：A圖中；在XX′偏轉電極所加的電壓的周期為2T，即在2T的時間內才能完成一次水平方向的掃描，而豎直方向（y方向）的周期為T，所以在水平方向的一次水平掃描的過程中，豎直方向由2個周期性的變化；y方向的電壓變化為正弦式的變化，由于電子到達熒光屏的偏轉量與偏轉電壓成正比，所以A圖中的掃描圖形如圖；

要在熒光屏上得到待測信號在一個周期內的穩(wěn)定圖象．XX′偏轉電極要接入鋸齒形電壓；即掃描電壓．

B圖中；在XX′偏轉電極所加的電壓的周期為T，即在一個周期T的時間內完成一次水平方向的掃描，同時豎直方向的周期為T，所以在水平方向的一次水平掃描的過程中，豎直方向也完成一個周期性的變化；y方向的電壓大小不變，方向每半個周期變化一次，結合電子到達熒光屏的偏轉量與偏轉電壓成正比，所以B圖中的掃描圖形如圖．

考點：考查了示波器的工作原理。

【名師點睛】本題關鍵要清楚示波管的工作原理，示波管的YY′偏轉電壓上加的是待顯示的信號電壓，XX′偏轉電極通常接入鋸齒形電壓，即掃描電壓，當信號電壓與掃描電壓周期相同時，就可以在熒光屏上得到待測信號在一個周期內的穩(wěn)定圖象【解析】21、略

【分析】【分析】

【詳解】

7s波向前傳播的距離為

7s后，故x=3.5m位置的原圖中x=0位置的振動情況相同；因此作出以下圖形。

【解析】五、實驗題(共3題，共30分)22、略

【分析】【詳解】

①[1]由圖可以知道，游標卡固定部分讀數為18mm，游標上第4個格對齊，故對應的讀數為18mm+0.1mm×4=18.4mm．

②a[2]A．單擺在擺角很小的情況下做簡諧運動，單擺的擺角不能太大，一般不超過否則單擺將不做簡諧運動；故A錯誤；

B．依據單擺的特點；擺線應長一些，故B錯誤；

C．擺球的體積較小；質量較大，可以忽略阻力以及懸線的重力，故C正確；

D．為了減小測量周期時的誤差；在測量周期時，應取擺球通過最低點做為計時的起終點位置，故D正確；

E．測量周期時，應測擺球次全振動的時間算出周期；不能只測一個周期所用時間，故E正確；

F．依據單擺的特點；擺線懸點到球心的距離為擺長，故F確。

故選CDEF；

b[3]由單擺的周期公式得

則根據數學知識得知圖像的斜率

所以重力加速度的公式是

點睛：本題考查了應用單擺測重力加速度實驗，知道實驗原理、掌握單擺周期公式是解題的關鍵；簡諧運動是一種理想的運動模型，單擺只有在擺角很小，空氣阻力影響不計的情況下單擺的振動才可以看成簡諧運動，要知道影響實驗結論的因素。【解析】18.4CDEF23、略

【分析】【詳解】

①根據動量守恒得：m1v1＝m1v1′＋m2v2′、小球做平拋運動下落的高度相同，所以運動時間相等，可得：m1·OP＝m1·OM＋m2·ON，所以除了測量線段OM、OP、ON的長度外，還需要測量的物理量是小球1和小球2的質量m1、m2．故選C．

②因為平拋運動的時間相等，則水平位移可以代表速度，OP是A球不與B球碰撞平拋運動的位移，該位移可以代表A球碰撞前的速度，OM是A球碰撞后平拋運動的位移，該位移可以代表碰撞后A球的速度，ON是碰撞后B球的水平位移，該位移可以代表碰撞后B球的速度，當所測物理量滿足表達式m1?OP=m1?OM+m2?ON.

③小球做平拋運動有