2025年人教五四新版高三物理下冊月考試卷

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年人教五四新版高三物理下冊月考試卷968考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五總分得分評卷人得分一、選擇題(共7題，共14分)1、如圖所示，在等量異種電荷+Q和-Q形成的電場當中，有一個正方形OABC，其中O點為兩電荷連線的中點，下列說法正確的是（）A.A點電場強度比C點的電場強度大B.A點電勢比B點的電勢高C.將相同的正電荷放在O點與C點，在O點的電勢能較大D.移動同一正電荷，電場力做的功WCB=WOA2、一滑塊一初速v0從固定斜面底端沿斜面向上滑；已知斜面足夠長，則該滑塊的速度一時間圖象不可能是下面的。

（）A.B.C.D.3、關(guān)于物體的重心，下列說法中正確的是（）A.重心就是物體上最重的一點B.形狀規(guī)則的物體的重心，一定在它的幾何中心C.重心是物體所受重力的作用點，故重心一定在物體上D.用細軟線將物體懸掛起來，靜止時重心一定在懸線所在直線4、金星的質(zhì)量為M1，繞太陽的運動的橢圓軌道半長軸為R1，公轉(zhuǎn)周期為T1．地球的質(zhì)量為M2，繞太陽運動的橢圓軌道半長軸為R2，公轉(zhuǎn)周期為T2，那么，下面判斷正確的是（）A.＞B.=C.=D.=5、如圖甲所示，理想變壓器原、副線圈的匝數(shù)比為10∶1，R1＝20Ω，R2＝30Ω，C為電容器.已知通過R1的正弦交流電如圖乙所示，則()A.交流電的頻率為0.02HzB.原線圈輸入電壓的最大值為200VC.電阻R2的電功率約為6.67WD.通過R3的電流始終為零6、滑塊a、b沿水平面上同一條直線發(fā)生碰撞；碰撞后兩者粘在一起運動；經(jīng)過一段時間后；從光滑路段進入粗糙路段．兩者的位置x隨時間t變化的圖象如圖所示．由圖象可知（）

A.相碰前，a在減速，b在加速B.碰撞后，第1秒內(nèi)a的速度為C.進入粗糙路段后，a的加速度逐漸減小D.相碰前，a、b的速度方向相同，加速度方向相反7、如圖所示，一個靜止的質(zhì)量為m、帶電荷量為q的粒子（不計重力），經(jīng)電壓U加速后垂直進人磁感應強度為B的勻強磁場，粒子在磁場中轉(zhuǎn)半個圈后打在P點，設(shè)OP=x，能夠正確反應x與U之間的函數(shù)關(guān)系的是（）A.B.C.D.評卷人得分二、多選題(共5題，共10分)8、（2016?浙江二模）如圖所示的電路中電源為理想電源，A、B、C均為電阻值相等的定值電阻．閉合開關(guān)K，電路處于穩(wěn)定狀態(tài)后再斷開開關(guān)，那么在開關(guān)斷開的瞬間，下列推斷正確的是（）A.電阻B的電壓值較之前的電壓值瞬間不變B.電阻A的電壓值較之前的電壓值將瞬間減小C.電阻C的電流流向較之前的電流流向?qū)⑺查g改變D.電阻A的電流流向較之前的電流流向?qū)⑺查g改變9、一塊磚平放在長木板的中間，木板放在水平地面上，現(xiàn)緩慢抬起木板的一端，而保持另一端不動．關(guān)于磚受到的摩擦力F，敘述正確的是（）A.隨木板傾角的增大而減小B.磚滑動前，F(xiàn)隨木板傾角的增大而增大，磚滑動后，F(xiàn)隨木板傾角的增大而減小C.磚滑動前，F(xiàn)隨木板傾角的增大而減小，磚滑動后，F(xiàn)隨木板傾角的增大而增大D.磚滑動前后，摩擦力方向均是沿木板向上10、下列運動中，若不計空氣阻力，則運動員的機械能守恒的是（）A.運動員離開“蹦床”后向上的騰空運動B.“蹦極跳”運動員從高處開始下落到最低點C.不計摩擦，滑雪運動員自高坡頂上自由下滑D.跳傘運動員離開飛機未張開傘，在空中下降11、下列說法正確的是（）A.盧瑟福通過a粒子散射實驗建立了原子核式結(jié)構(gòu)模型B.β衰變中產(chǎn)生的β射線實際上是原子的核外電子掙脫原子核的束縛而形成的C.查德威克首先發(fā)現(xiàn)了質(zhì)子E.氫原子核外電子從半徑較小的軌道躍遷到半徑較大的軌道時，電子的動能減小，原子總能量增加E.氫原子核外電子從半徑較小的軌道躍遷到半徑較大的軌道時，電子的動能減小，原子總能量增加12、如圖所示為一平行板電容器，兩板之間的距離d和兩板正對面積S都可以調(diào)節(jié)，電容器兩板與電池相連接．Q表示電容器的帶電荷量，E表示兩板間的電場強度．則（）A.當S減小，d增大時，Q不變，E增大B.當S增大，d不變時，Q增大，E增大C.當d減小，S增大時，Q增大，E增大D.當d增大，S不變時，Q減小，E減小評卷人得分三、填空題(共5題，共10分)13、（2014?天津模擬）如圖所示，在光滑的水平面上有質(zhì)量分別為1kg和2kg的物塊A、B，兩物塊一開始靜止在水平面上，A、B用繩子系著，A、B間有一杯壓縮的輕彈簧（繩子未畫出）．某時刻剪斷繩子，A、B分別向左、右加速，在彈簧脫離A、B兩物塊的瞬間，物塊A的速度為2m/s，則在彈簧脫離A、B兩物塊的瞬間，物塊B的速度大小為____m/s，剪斷繩子之前，彈簧的彈性勢能是____J．14、電子槍射出的電子速度是107m/s，垂直進入磁感應強度為0.3T的磁場，此時電子受到的洛侖茲力大小是____N，洛侖茲力的方向與電子速度方向____．（元電荷e=1.6×10-19C）15、如圖所示，一物體以初速度v沖上傾角為37°斜面，最后又沿斜面下滑回原位置，已知物體沖上斜面和滑下到最初位置所用的時間之比為1：則物體與斜面間的動摩擦因數(shù)為____．

16、（2010秋?椒江區(qū)校級月考）一臺電樞電阻為9Ω的直流電動機與R=1Ω的電阻串聯(lián)后，接在110V的電路上工作，通過電動機的電流強度為10A，則這臺電動機耗電功率為____W，電路發(fā)熱功率為____W，轉(zhuǎn)化為機械能功率為____W．17、一重為200N的桌子放在水平地面上，要使它從原地移動，最小要用80N的水平推力，移動后只需70N的水平推力即可使桌子做勻速直線運動，那么桌子受到的最大靜摩擦力是____N，桌子和地面間的動摩擦因數(shù)為____．評卷人得分四、判斷題(共1題，共4分)18、電場線真實地存在于電場中．____．（判斷對錯）評卷人得分五、作圖題(共2題，共10分)19、【題文】如圖，電源電壓保持不變，電阻R1=20Ω。當開關(guān)S1閉合、S2斷開時，電流表的示數(shù)為0.3A；當開關(guān)S1、S2都閉合時；電流表的示數(shù)變?yōu)?.5A。求：

（1）電源電壓。

（2）電阻R2的阻值20、如圖所示；用力F把物體壓在傾斜的天花板上，使物體保持靜止，畫出物體所受的其他各力的示意圖．

參考答案一、選擇題(共7題，共14分)1、A【分析】【分析】解答本題要掌握等量異種電荷周圍電場分布情況：在等量異種電荷連線上，中點O的電場強度最小，在兩電荷連線中垂線上，O點場強最大．中垂線為一條等勢線，中垂線上電場方向水平向右；另外電勢能的變化可通過電場力做功來判斷．【解析】【解答】解：A；在等量異種電荷連線上；中點O的電場強度最小，在兩電荷連線中垂線上，O點場強最大，則A點的場強大于O點的場強，O的場強大于C點的場強，所以A點的場強大于C點的場強，故A正確．

B；沿著電場線電勢要降低；過A和B的場強都指向-Q由圖可知，B到-Q的距離要大于A到-Q的距離，故B點的電勢比A點的電勢高，故B錯誤．

C；等量異種電荷連線的中垂線是一條等勢線；故將相同的電荷放在O點與C點電勢能一定相等，故C錯誤．

D、因為φB＞φA，φO=φC，所以UCB＜UOA；根據(jù)電場力做功的公式W=Uq，所以在電場中移動同一正電荷，從C到B電場力做的功小于從O到A電場力做的功．故D錯誤．

故選：A．2、C【分析】【分析】分析滑塊可能的受力情況和運動情況：滑塊可能不受滑動摩擦力；滑塊先向上做勻減速運動，后向下做勻加速運動，兩個過程的加速度相同；

滑塊可能受滑動摩擦力；滑塊先向上做勻減速運動，后向下做勻加速運動，根據(jù)牛頓第二定律分析加速度關(guān)系；

滑塊可能向上做勻減速運動；最后停在最高點．

速度圖象的斜率等于加速度．【解析】【解答】解：A；若滑塊受滑動摩擦力；滑塊可能向上做勻減速運動，最后停在最高點．故A是可能的；

B；C若滑塊受滑動摩擦力；滑塊先向上做勻減速運動，后向下做勻加速運動，根據(jù)牛頓第二定律分析得知，下滑的加速度小于上滑的加速度，下滑過程速度圖象的斜率小于上滑過程的斜率．故B是可能的，C是不可能的；

D；若滑塊可能不受滑動摩擦力；滑塊先向上做勻減速運動，后向下做勻加速運動，根據(jù)牛頓第二定律可知，兩個過程的加速度相同；故D是可能的．

題目要求選不可能的，故選：C．3、D【分析】【分析】重心是物體所受重力的作用點，不是物體上最重的一點．重心位置與物體的形狀和質(zhì)量分布情況有關(guān)．重心不一定在物體上，也可以在物體之外．用細軟線將物體懸掛起來，靜止時重力與細線的拉力平衡，重心一定在懸線所在的直線上．【解析】【解答】解：A；重心是物體各部分所受重力的合力的作用點；不是物體上最重的一點．故A錯誤．

B；物體的重心不僅與形狀有關(guān)；還與物體的質(zhì)量分布有關(guān)，所以形狀規(guī)則的物體的重心，不一定在它的幾何中心．故B錯誤．

C；重心不一定在物體上；也可以物體之外，比如均勻的圓環(huán)，重心在環(huán)外．故C錯誤．

D；用細軟線將物體懸掛起來；靜止時物體的重力與細線的拉力平衡，作用在同一直線上，所以重心一定在懸線所在直線上．故D正確．

故選D4、B【分析】【分析】開普勒第三定律中的公式，可知半長軸的三次方與公轉(zhuǎn)周期的二次方成正比．【解析】【解答】解：金星的質(zhì)量為M1，繞太陽的運動的橢圓軌道半長軸為R1，公轉(zhuǎn)周期為T1．

則由開普勒第三定律中的公式，得

而地球的質(zhì)量為M2，繞太陽運動的橢圓軌道半長軸為R2，公轉(zhuǎn)周期為T2；

則有

由于同一中心天體，所以K值相同，因此即為

而公轉(zhuǎn)周期與自身質(zhì)量無關(guān)．

故選：B5、C【分析】根據(jù)變壓器原理可知原副線圈中電流的周期、頻率相同，周期為0.02s、頻率為50Hz，A錯；由圖乙可知通過R1的電流最大值為Im＝1A、根據(jù)歐姆定律可知其最大電壓為Um＝20V，再根據(jù)原副線圈的電壓之比等于匝數(shù)之比可知原線圈輸入電壓的最大值為200V，B錯；因為電容器有通交流、阻直流的作用，則有電流通過R3和電容器，D錯；根據(jù)正弦交流電的峰值和有效值關(guān)系及并聯(lián)電路特點可知電阻R2的電流有效值為I＝電壓有效值為U＝Um/V，電阻R2的電功率為P2＝UI＝W,C對.【解析】【答案】選C.6、B【分析】【分析】根據(jù)位移圖象的斜率等于速度，分析相碰前兩滑塊的運動情況，并求碰后第1秒內(nèi)a的速度．根據(jù)牛頓第二定律分析加速度．【解析】【解答】解：A、根據(jù)位移圖象的斜率等于速度，直線的斜率一定，可知，相碰前，a沿負向勻速，b沿正向勻速；故A錯誤．

B、碰撞后，第1秒內(nèi)a的速度為v===m/s；故B正確．

C；進入粗糙路段后；根據(jù)牛頓第二定律得：μMg=Ma，a=μg，加速度a不變．故C錯誤．

D、相碰前，a、b的速度方向相同；加速度都為零，故D錯誤．

故選：B7、B【分析】【分析】根據(jù)動能定理得到帶電粒子加速獲得的速度．帶電粒子進入磁場中由洛倫茲力提供向心力做勻速圓周運動，由牛頓第二定律得到半徑r，x=2r，根據(jù)x與U的表達式選擇圖象．【解析】【解答】解：在加速電場中；由動能定理得：

；

解得：；

磁場中；洛倫茲力提供向心力，有：

；

得：

則得：；B；m、q都一定，則由數(shù)學知識得到，x-U圖象是拋物線，B正確．

故選：B二、多選題(共5題，共10分)8、ABC【分析】【分析】閉合開關(guān)K，電容器充電，電路穩(wěn)定狀態(tài)后電容器相當于開關(guān)斷開．在開關(guān)斷開后，電容器將要充電，根據(jù)瞬間電流的變化分析即可．【解析】【解答】解：A；在開關(guān)斷開的瞬間；三個電阻由于電源產(chǎn)生的電壓突然消失，B的電壓等于電容器的電壓，所以電阻B的電壓值較之前的電壓值瞬間不變．故A正確．

B；在開關(guān)斷開的瞬間；電阻A的電壓值為零，較之前的電壓值將瞬間減小，故B正確．

C；開關(guān)閉合時；電阻C的電流向右．電容器左極板帶正電，右極板帶負電．在開關(guān)斷開的瞬間，電容器放電，通過電阻C的電流將變?yōu)橄蜃?，則電阻C的電流流向較之前的電流流向?qū)⑺查g改變．故C正確．

D；開關(guān)閉合時；電阻A的電流向右，在開關(guān)斷開的瞬間，電容器放電，電阻A的電流仍向右，方向沒有變化，故D錯誤．

故選：ABC9、BD【分析】【分析】磚不動時受到的為靜摩擦力，由靜摩擦力大小的求法可知靜摩擦力的變化；而磚滑動后變成了滑動摩擦力，則應由f=μFN求解．【解析】【解答】解：在磚滑動之前；物體受到的摩擦力等于重力的下滑分力，即f=mgsinθ，故摩擦力隨角度的增大而增大；

而在磚塊滑動之后；變成了滑動摩擦力，摩擦力的大小為：f=μmgcosθ，因夾角增大，cosθ減小，故滑動摩擦力減小；

即摩擦力先增加后減??；故B正確；AC錯誤；

由于物體始終有向下運動的趨勢；故摩擦力一直沿斜面向上；故D正確；

故選：BD．10、ACD【分析】【分析】根據(jù)機械能守恒的條件進行分析，明確只有重力和彈力做功時機械能才是守恒的．【解析】【解答】解：運動員離開“蹦床”向上騰空運動；滑雪運動員自高坡頂上自由下滑、跳傘運動員未張開傘下降；都只有重力做功，運動員機械能守恒，A、C、D正確；

運動員“蹦極跳”從高處自由下落；系在身上的橡皮繩伸直（至原長）的過程中，只有重力做功，機械能守恒，但此后到最低點的過程中，克服繩的拉力做功，使運動員的機械能轉(zhuǎn)化為繩的彈性勢能，運動員的機械能不守恒，B錯誤．

故選：ACD11、ADE【分析】【分析】盧瑟福通過α粒子散射實驗建立了原子核式結(jié)構(gòu)模型；

β衰變中產(chǎn)生的β射線實際上是原子核中的一個中子轉(zhuǎn)變?yōu)橐粋€質(zhì)子和一個電子而形成的；

查德威克發(fā)現(xiàn)了中子；

發(fā)生光電效應的條件是入射光的頻率大于金屬的極限頻率；或入射光的波長小于金屬的極限波長；

能級間躍遷時從高能級向低能級躍遷，輻射光子，從低能級向高能級躍遷，吸收光子【解析】【解答】解：A；盧瑟福通過α粒子散射實驗建立了原子核式結(jié)構(gòu)模型；故A正確；

B；β衰變中產(chǎn)生的β射線實際上是原子核中的一個中子轉(zhuǎn)變?yōu)橐粋€質(zhì)子和一個電子而形成的．故B錯誤；

C；查德威克發(fā)現(xiàn)了中子；故C錯誤；

D；對于任何一種金屬都存在一個“最大波長”；入射光的波長必須小于這個波長，才能產(chǎn)生光電效應，故D正確；

E；可按庫侖力對電子做負功進行分析；氫原子核外電子從半徑較小的軌道躍遷到半徑較大的軌道時，電場力對電子做負功；故電子的動能變小，電勢能變大（動能轉(zhuǎn)為電勢能）；由于發(fā)生躍遷時要吸收光子，故原子的總能量增加，故E正確；

故選：ADE．12、CD【分析】【分析】電容器一直與電源相連，故兩板間的電勢差不變；則由平行板電容器的電容公式，可知s、d發(fā)生變化時C的變化，則由電容的定義可知Q的變化．【解析】【解答】解：A、當S減小，d增大時，由C=知：電容C減小，而板間電壓U不變，由C=知Q減小，由E=知E減??；故A錯誤．

B、當S增大，d不變時，由C=知：電容C增大，而板間電壓U不變，由C=知Q增大，由E=知E不變；故B錯誤．

C、當d減小，S增大時，由C=知：電容C增大，而板間電壓U不變，由C=知Q增大，由E=知E增大；故C正確．

D、當d增大，S不變時，由C=知：電容C減小，而板間電壓U不變，由C=知Q減小，由E=知E減??；故D正確．

故選：CD．三、填空題(共5題，共10分)13、13【分析】【分析】A、B組成的系統(tǒng)動量守恒，根據(jù)動量守恒定律求出物塊B的瞬時速度，根據(jù)能量守恒求出彈簧的彈性勢能大?。窘馕觥俊窘獯稹拷猓阂?guī)定向右為正方向，根據(jù)動量守恒定律得，0=mBvB+mAvA

代入數(shù)據(jù)解得vB=1m/s；

根據(jù)能量守恒得，彈簧的彈性勢能=．

故答案為：1，3．14、略

【分析】

當電子垂直進入磁場時，則由F=Bqv=0.3×1.6×10-19×107N=4.8×10-13N；

根據(jù)左手定則來確定洛倫茲力的方向；即為垂直于電子的速度方向．

故答案為：4.8×10-13；垂直。

【解析】【答案】當電子垂直進入磁場時；由左手定則來判定洛倫茲力的方向，并由F=Bqv來計算其力的大?。?/p>

15、略

【分析】

向上運動時的加速度大小為：

向下滑時的加速度大小為

設(shè)上滑的位移為x；則有：

上滑時x=①；

下滑時x=②

又因為③

由①②③解得：μ=0.25

故答案為：0.25

【解析】【答案】物體初上斜面的過程可以反過來看成初速度為零的勻加速直線運動；根據(jù)牛頓第二定律求出兩次運動的加速度，而兩次運動的位移相等，根據(jù)位移時間公式即可求解．

16、10001000100【分析】【分析】電功是電能轉(zhuǎn)化為其他形式能的量度，電熱是電能轉(zhuǎn)化為內(nèi)能的量度．計算電功時用公式W=IUt，計算電熱時用公式Q=I2Rt．【解析】【解答】解：電阻R上的電壓為：U=IR=10×1=10V；

電動機兩端的電壓為：U′=110-10=100V；

電路中消耗的總功率P=U總I=110×10=1100W；

電動機的功率為：P電=U′I=100×10=1000W；

電路中總的熱功率：P熱=I2（R+r）=102×（9+1）=1000W

機械功率：P出=P-P熱=1100-1000=100W

故答案為：1000，1000，100．17、800.35【分析】【分析】當兩個物體剛要發(fā)生相對滑動時，靜摩擦力達到最大值，恰好等于此時的水平推力．當木箱做勻速直線運動時，滑動摩擦力與水平推力平衡，大小相等，由摩擦力公式求出動摩擦因數(shù)μ．【解析】【解答】解：由題，至少要用80N的水平推力才能使開