2022年河南省某中學(xué)高三第一次模擬考試物理試卷（含解析）

2021-2022學(xué)年高考物理模擬試卷

注意事項(xiàng)：

1.答題前，考生先將自己的姓名、準(zhǔn)考證號(hào)填寫清楚，將條形碼準(zhǔn)確粘貼在考生信息條形碼粘貼區(qū)。

2.選擇題必須使用2B鉛筆填涂；非選擇題必須使用0.5毫米黑色字跡的簽字筆書寫，字體工整、筆跡清楚。

3.請(qǐng)按照題號(hào)順序在各題目的答題區(qū)域內(nèi)作答，超出答題區(qū)域書寫的答案無(wú)效；在草稿紙、試題卷上答題無(wú)效。

4.保持卡面清潔，不要折疊，不要弄破、弄皺，不準(zhǔn)使用涂改液、修正帶、刮紙刀。

一、單項(xiàng)選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。

1、乒乓球作為我國(guó)的國(guó)球，是一種大家喜聞樂(lè)見(jiàn)的體育運(yùn)動(dòng)，它對(duì)場(chǎng)地要求低且容易上手。如圖所示，某同學(xué)疫情期

間在家鍛煉時(shí)，對(duì)著墻壁練習(xí)打乒乓球，球拍每次擊球后，球都從同一位置斜向上飛出，其中有兩次球在不同高度分

別垂直撞在豎直墻壁上，不計(jì)空氣阻力，則球在這兩次從飛出到撞擊墻壁前（）

A.飛出時(shí)的初速度大小可能相等

B.飛出時(shí)的初速度豎直分量可能相等

C.在空中的時(shí)間可能相等

D.撞擊墻壁的速度可能相等

2、兩輛汽車a、B在兩條平行的直道上行駛。r=0時(shí)兩車并排在同一位置，之后它們運(yùn)動(dòng)的V4圖像如圖所示。下列說(shuō)

法正確的是（）

A.汽車a在10s末向反方向運(yùn)動(dòng)

B.汽車。一直在物體a的前面

C.5s到10s兩車的平均速度相等

D.10s末兩車相距最近

3、平行板電容器的兩極4、B接于電池兩極，一個(gè)帶正電小球懸掛在電容器內(nèi)部，閉合電鍵S,電容器充電，這時(shí)

懸線偏離豎直方向夾角為。，小球始終未碰到極板，如圖所示，那么（）

A.保持電鍵S閉合，帶正電的A板向8板緩慢靠近，則。減小

B.保持電鍵S閉合，帶正電的4板向8板緩慢靠近，則。不變

C.電鍵S斷開(kāi)，帶正電的A板向5板緩慢靠近，則。增大

D.電鍵S斷開(kāi)，帶正電的A板向8板緩慢靠近，則。不變

4、如圖，我國(guó)第五代戰(zhàn)斗機(jī)“殲-20”是目前亞洲區(qū)域最先進(jìn)的戰(zhàn)機(jī)，當(dāng)它沿傾斜直線勻速飛行時(shí)，氣體對(duì)它的作用力

方向?yàn)椋ǎ?/p>

5、工在生產(chǎn)紡織品、紙張等絕緣材料時(shí)為了實(shí)時(shí)監(jiān)控其厚度，通常要在生產(chǎn)流水線上設(shè)置如圖所示傳感器。其中A、

B為平行板電容器的上、下兩個(gè)極板，上下位置均固定，且分別接在恒壓直流電源的兩極上（電源電壓小于材料的擊

穿電壓）。當(dāng)流水線上通過(guò)的產(chǎn)品厚度減小時(shí)，下列說(shuō)法正確的是（）

A.A、B平行板電容器的電容增大

B.A、B兩板上的電荷量變大

C.有電流從。向。流過(guò)靈敏電流計(jì)

D.A、B兩板間的電場(chǎng)強(qiáng)度變大

6、在如圖所示裝置中，輕桿一端固定著一個(gè)質(zhì)量可以忽略不計(jì)的定滑輪，兩物體質(zhì)量分別為機(jī)Jm2,輕繩一端固定

于a點(diǎn)，懸點(diǎn)a、b間的距離遠(yuǎn)大于滑輪的直徑，動(dòng)滑輪質(zhì)量和一切摩擦不計(jì)。整個(gè)裝置穩(wěn)定時(shí)下列說(shuō)法正確的是（）

A.以可能大于夕

B.機(jī)i一定大于機(jī)2

C.%可能大于2/^2

D.輕桿受到繩子的作用力2機(jī)geos烏

22

二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多個(gè)選項(xiàng)是符合題目要求的。

全部選對(duì)的得5分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。

7、一定質(zhì)量的理想氣體沿圖示狀態(tài)變化方向從狀態(tài)a到狀態(tài)b,到狀態(tài)c再回到狀態(tài)a.三個(gè)狀態(tài)的體積分別為匕、

%、匕，則它們的關(guān)系正確的是（）

B.va=vc

327

8、分子動(dòng)理論以及固體、液體的性質(zhì)是熱學(xué)的重要內(nèi)容，下列說(shuō)法正確的是

A.物體吸收熱量同時(shí)對(duì)外做功，內(nèi)能可能不變

B.布朗運(yùn)動(dòng)反映了懸浮顆粒中分子運(yùn)動(dòng)的無(wú)規(guī)則性

C.荷葉上的小露珠呈球形是由于液體表面張力的作用

D.彩色液晶顯示器利用了液晶的光學(xué)性質(zhì)具有各向異性的特點(diǎn)

E.兩分子間的分子勢(shì)能一定隨距離的增大而增大

9、如圖所示，在磁感應(yīng)強(qiáng)度為8的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，。。為一個(gè)與磁場(chǎng)方向垂直、長(zhǎng)度為L(zhǎng)的金屬桿，已知

ab=bc=cO=^。a、c兩點(diǎn)與磁場(chǎng)中以。為圓心的同心圓（均為部分圓?。┙饘佘壍朗冀K接觸良好。一電容為C

的電容器連接在金屬軌道上。當(dāng)金屬桿在與磁場(chǎng)垂直的平面內(nèi)以。為軸，以角速度①順時(shí)針勻速轉(zhuǎn)動(dòng)且電路穩(wěn)定時(shí),

下列說(shuō)法正確的是（）

XXXXX

A.。、b、c、。四點(diǎn)比較，。點(diǎn)電勢(shì)最高

B.電勢(shì)差°碇=24°

C.電勢(shì)差0=2U

acab

4

D.電容器所帶電荷量為gCBcon

10、如圖所示，半圓A6C是由一條光滑的桿彎曲而成的。帶有小孔的小球穿在桿上，在水平拉力P的作用下小球由B

點(diǎn)開(kāi)始緩慢升高，此過(guò)程中半圓ABC豎直，固定不動(dòng)，AC連線水平。在小球緩慢上升的過(guò)程中，有關(guān)水平拉力/、

桿對(duì)小球的作用力尸的變化情況，下列說(shuō)法正確的是

N

A.歹逐漸變大

B.歹逐漸變小

C.F逐漸變大

N

D.F逐漸變小，

N

三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過(guò)程。

11.（6分）指針式多用電表是實(shí)驗(yàn)室中常用的測(cè)量?jī)x器，請(qǐng)回答下列問(wèn)題：

（1）在使用多用電表測(cè)量時(shí)，若選擇開(kāi)關(guān)撥至“1mA”擋，指針的位置如圖（a）所示，則測(cè)量結(jié)果為，

（2）多用電表測(cè)未知電阻阻值的電路如圖（b）所示，電池的電動(dòng)勢(shì)為E、叫為調(diào)零電阻，某次將待測(cè)電阻用電阻箱

代替時(shí)，電路中電流I與電阻箱的阻值Rx關(guān)系如圖（c）所示，則此時(shí)多用電表的內(nèi)阻為Q,該電源的電動(dòng)

勢(shì)E=V.

（3）下列判斷正確的是0

A.在圖（b）中，電表的左、右插孔處分別標(biāo)注著“+”

B.因?yàn)閳D（c）是非線性變化的，所以對(duì)應(yīng)歐姆表的刻度盤上的數(shù)字左小右大

C.歐姆表調(diào)零的實(shí)質(zhì)是通過(guò)調(diào)節(jié)R。，使Ro=O時(shí)電路中的電流達(dá)到滿偏電流

D.電阻Rx的變化量相同時(shí)，R、越小，則對(duì)應(yīng)的電流變化量就越大

12.（12分）在“用電流表和電壓表測(cè)電池的電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)電阻”的實(shí)驗(yàn)中，提供的器材有:

A.干電池一節(jié)

B.電流表（量程0.6A）

C.電壓表（量程3V）

D.開(kāi)關(guān)S和若干導(dǎo)線

E.滑動(dòng)變阻器勺（最大阻值20。，允許最大電流1A）

F.滑動(dòng)變阻器R,（最大阻值200Q,允許最大電流0.5A）

G.滑動(dòng)變阻器［（最大阻值2000Q,允許最大電流0.1A）

（1）按圖甲所示電路測(cè)量干電池的電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)阻，滑動(dòng)變阻器應(yīng)選（填“勺”、“4”或“尺3”）

（2）圖乙電路中部分導(dǎo)線已連接，請(qǐng)用筆畫線代替導(dǎo)線將電路補(bǔ)充完整—,要求變阻器的滑片滑至最左端時(shí)，其使用

電阻值最大。

（3）閉合開(kāi)關(guān)，調(diào)節(jié)滑動(dòng)變阻器，讀取電壓表和電流表的示數(shù)。用同樣方法測(cè)量多組數(shù)據(jù)，將實(shí)驗(yàn)測(cè)得的數(shù)據(jù)標(biāo)在如圖

丙所示的坐標(biāo)圖中，請(qǐng)作出圖線,由此求得待測(cè)電池的電動(dòng)勢(shì)E=V,內(nèi)電阻r=Q。

所得內(nèi)阻的測(cè)量值與真實(shí)值相比（填“偏大”、“偏小”或“相等”）（結(jié)果均保留兩位有效數(shù)字）。

四、計(jì)算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說(shuō)明、方程式和演算

步驟。

13.（10分）如圖，一帶有活塞的氣缸通過(guò)底部的水平細(xì)管與一個(gè)上端封閉的豎直管相連，氣缸和豎直管均導(dǎo)熱,

氣缸與豎直管的橫截面積之比為3：1,初始時(shí)，該裝置底部盛有水銀；左右兩邊均封閉有一定質(zhì)量的理想氣體，

左邊氣柱高24cm,右邊氣柱高22cm；兩邊液面的高度差為4cm.豎直管內(nèi)氣體壓強(qiáng)為76cmHg,現(xiàn)使活塞緩慢

向下移動(dòng)，使氣缸和豎直管內(nèi)的水銀面高度相差8cm,活塞與氣缸間摩擦不計(jì).求

①此時(shí)豎直管內(nèi)氣體的壓強(qiáng);

②活塞向下移動(dòng)的距離.

14.（16分）甲、乙兩列簡(jiǎn)諧橫波在同一介質(zhì)中分別沿x軸正向和負(fù)向傳播，波速均為y=20cm/s。兩列波在f=0時(shí)的

波形曲線如圖所示。求：

（i）f=O開(kāi)始，乙的波谷到達(dá)x=0處的最短時(shí)間；

（ii）r=0~10s內(nèi)，x=0處的質(zhì)點(diǎn)到達(dá)正向最大位移處的次數(shù)。

15.（12分）一賽艇停在平靜的水面上，賽艇前端有一標(biāo)記P離水面的高度為％=0.6m,尾部下端。略高于水面；賽

艇正前方離賽艇前端Si=0.8m處有一浮標(biāo)，示意如圖.一潛水員在浮標(biāo)前方*=3.0m處下潛到深度為々時(shí)，看到標(biāo)

4

記剛好被浮標(biāo)擋住，此處看不到船尾端Q;繼續(xù)下潛△/?=2.0m,恰好能看見(jiàn)（已知水的折射率”=至）求

①深度勺；

②賽艇的長(zhǎng)度/。（可用根式表示）

——?一{I.

浮標(biāo)

參考答案

一、單項(xiàng)選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。

1、A

【解析】

C.將乒乓球的運(yùn)動(dòng)反向處理，即為平拋運(yùn)動(dòng)，由題知，兩次的豎直高度不同，所以兩次運(yùn)動(dòng)時(shí)間不同，故C錯(cuò)誤；

B.在豎直方向上做自由落體運(yùn)動(dòng)，因兩次運(yùn)動(dòng)的時(shí)間不同，故初速度在豎直方向的分量不同，故B錯(cuò)誤；

D.撞擊墻壁的速度，即可視反向平拋運(yùn)動(dòng)的水平初速度，兩次水平射程相等，但兩次運(yùn)動(dòng)的時(shí)間不同，故兩次撞擊

墻壁的速度不同，故D錯(cuò)誤；

A.由上分析，可知豎直速度大的，其水平速度速度就小，所以根據(jù)速度的合成可知，飛出時(shí)的初速度大小可能相等,

故A正確。

故選Ao

2、B

【解析】

A.汽車a的速度一直為正值，則10s末沒(méi)有反方向運(yùn)動(dòng)，選項(xiàng)A錯(cuò)誤；

B.因v-f圖像的面積等于位移，由圖可知，6的位移一直大于a,即汽車方一直在物體a的前面，選項(xiàng)B正確；

C.由圖像可知，5s到10s兩車的位移不相等，則平均速度不相等，選項(xiàng)C錯(cuò)誤；

D.由圖像可知8-12s時(shí)間內(nèi)，a的速度大于小兩車逐漸靠近，則12s末兩車相距最近，選項(xiàng)D錯(cuò)誤；

故選B。

3、D

【解析】

AB.保持電鍵S閉合，電容器兩端間的電勢(shì)差不變，A板向B板靠近，極板間距離減小，根據(jù)石=4,可知電場(chǎng)強(qiáng)

a

度E變大，小球所受的電場(chǎng)力變大，°增大，選項(xiàng)AB錯(cuò)誤；

UOsS

CD.斷開(kāi)電鍵S,電容器所帶的電量不變，根據(jù)石==和C=JC==可知

dU4nkd

4nkQ

乜=------

sS

帶正電的A板向B板緩慢靠近d變小，E不變，電場(chǎng)力不變，°不變，選項(xiàng)C錯(cuò)誤，D正確。

故選D。

4、C

【解析】

勻速飛行時(shí)受力平衡，即向下的重力與氣體對(duì)飛機(jī)豎直向上的作用力平衡，故選C.

5、C

【解析】

A.根據(jù)0=一7可知當(dāng)產(chǎn)品厚度減小，導(dǎo)致￡減小時(shí)，電容器的電容C減小，A錯(cuò)誤；

471kd

BC.根據(jù)?？芍獦O板帶電量0減小，有放電電流從a向。流過(guò)，B錯(cuò)誤，C正確；

D.因兩板之間的電勢(shì)差不變，板間距不變，所以兩板間電場(chǎng)強(qiáng)度為石=4不變，D錯(cuò)誤。

a

故選C。

6、D

【解析】

對(duì)叫分析可知繩子的拉力大小，對(duì)滑輪分析，由于滑輪放在一根繩子上，繩子兩端的張力相等，故可知兩繩子和豎直

方向上的夾角相等，由共點(diǎn)力的平衡關(guān)系可得出兩質(zhì)量的關(guān)系.

【詳解】

對(duì)ni]分析可知，Hi1受拉力及本身的重力平衡，故繩子的拉力等于m】g；對(duì)于動(dòng)滑輪分析，由于滑輪跨在繩子上，故

兩端繩子的拉力相等，它們的合力一定在角平分線上；由于它們的合力與m1的重力大小相等，方向相反，故合力豎直

向上，故兩邊的繩子與豎直方向的夾角a和P相等；故A錯(cuò)誤；由以上可知，兩端繩子的拉力等于m]g,而它們的合

力等于mg因互成角度的兩分力與合力組成三角形，故可知1111渴＞01隹，即叫一定小于lm「但是機(jī)】不一定大于

叫，故BC錯(cuò)誤。輕桿受到繩子的作用力等于兩邊繩子的合力，大小為2mgeos￡,選項(xiàng)D正確；故選D。

122

【點(diǎn)睛】

本題要注意題目中隱含的信息，記住同一繩子各部分的張力相等，即可由幾何關(guān)系得出夾角的關(guān)系；同時(shí)還要注意應(yīng)

用力的合成的一些結(jié)論.

二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多個(gè)選項(xiàng)是符合題目要求的。

全部選對(duì)的得5分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得。分。

7、BC

【解析】

根據(jù)圖象求出各狀態(tài)下的壓強(qiáng)與溫度，然后由理想氣體狀態(tài)方程解題。

【詳解】

由圖示可知，P=p=2p,T=273+27=300K,T=273+327=600K,由數(shù)學(xué)知識(shí)可知，"=2,=54℃,r=327K；由

auDhenuacDaD

理想氣體狀態(tài)方程得：

CTCCTc

V=—e=300—v=,=300—

aPP，cPP

aoco

則V=V,由理想氣體狀態(tài)方程可知：

ac

PVTPx327V327〃327“

V=—a—u—b.=—0--------?-=V=V

bPT2Px300600“600。

ba0

故BC正確，AD錯(cuò)誤；

故選BC?

【點(diǎn)睛】

解題時(shí)要注意橫軸表示攝氏溫度而不是熱力學(xué)溫度，否則會(huì)出錯(cuò)；由于題目中沒(méi)有專門說(shuō)明。曲是否在同一條直線上,

所以不能主觀臆斷b狀態(tài)的溫度。

8、ACD

【解析】

A.物體吸收熱量同時(shí)對(duì)外做功，二者相等時(shí)，內(nèi)能不變，故A正確；

B.布朗運(yùn)動(dòng)反映了液體分子運(yùn)動(dòng)的無(wú)規(guī)則性，故B錯(cuò)誤；

C.荷葉上的小露珠呈球形是由于液體表面張力的作用，故C正確；

D.液晶像液體一樣具有流動(dòng)性，而其光學(xué)性質(zhì)與某些晶體相似具有各向異性，彩色液晶顯示器利用了液晶的光學(xué)性

質(zhì)具有各向異性的特點(diǎn)，故D正確；

E.分子間的作用力若表現(xiàn)為引力，分子距離增大，分子力做負(fù)功，分子勢(shì)能增大，若分子力表現(xiàn)為斥力，分子距離

增大，分子力做正功，分子勢(shì)能減少，故E錯(cuò)誤；

故選ACD?

9、BD

【解析】

A.如圖所示

桿。歷。順時(shí)針勻速轉(zhuǎn)動(dòng)切割磁感線，由右手定則知感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)方向?yàn)闂U。歷。相當(dāng)于電源，所以。點(diǎn)電勢(shì)

最高，故A錯(cuò)誤；

BC.綜合運(yùn)動(dòng)規(guī)律，碇的中點(diǎn)萬(wàn)的線速度為

2

V=3?—LT

13

綜合電路規(guī)律，電路穩(wěn)定后，電容器既不充電也不放電，電路中無(wú)電流，由法拉第電磁感應(yīng)定律得

U=E=B2L-V

acac31

解得

4

U=E=_Bs匕

acac9

同理，ab中點(diǎn)的線速度為

5,

V=G)—L

26

又有

U=E=B-Lv=—B(￡>Li

abab32]8

。。中點(diǎn)c的線速度為

v=co-

33

可得

22

U=E=B_Lv=_BsD

bObO339

故B正確，C錯(cuò)誤；

D.電容器接在以。兩點(diǎn)間，帶電荷量為

Q=CU

ac

解得

4

Q=CU=_CBs匕

ac9

故D正確。

故選BD?

10、AC

【解析】

小球受重力、桿的彈力、水平拉力作用，/與F的變化情況如圖所示，由圖可知/在小球向上移動(dòng)的過(guò)程中，F(xiàn)與豎

NN

直方向夾角變大，尸逐漸變大，F(xiàn)逐漸變大。

N

A.A項(xiàng)與上述分析結(jié)論相符，故A正確；

B.B項(xiàng)與上述分析結(jié)論不相符，故B錯(cuò)誤；

C.C項(xiàng)與上述分析結(jié)論相符，故C正確；

D.D項(xiàng)與上述分析結(jié)論不相符，故D錯(cuò)誤。

三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過(guò)程。

11、0.461.5x1049CD

【解析】（1）選擇開(kāi)關(guān)置于“1mA”時(shí)，選擇表盤第二排刻度進(jìn)行讀數(shù)，分度值為0.02A,對(duì)應(yīng)刻度示數(shù)為23,故則測(cè)量

結(jié)果為0.02x23=0.46A；

（2）根據(jù)二-==，二=一三，由圖可得二二，當(dāng)二=仇3二時(shí)，二-=J5二二，解得

二一=15二二=獷二，二=9,0二；

（3）A、根據(jù)電流紅進(jìn)黑出，在圖（b）中，電表的右、左插孔處分別標(biāo)注著“+故A錯(cuò)誤；

B、函數(shù)圖象是非線性變化，導(dǎo)致歐姆表刻度不均勻，示數(shù)左大右小是由于外電阻增大，電路電流減小造成的，故B

項(xiàng)錯(cuò)誤。

C、歐姆表調(diào)零通過(guò)調(diào)節(jié)滑動(dòng)變阻器R。，調(diào)節(jié)至待測(cè)電阻Rx為零（即兩表筆短接）時(shí)，電流表滿偏，對(duì)應(yīng)歐姆表示數(shù)

為零，故C正確；

D、歐姆表刻度不均勻的原因是待測(cè)電阻和電路電流關(guān)系非線性變化，而且LR,切線斜率大小隨待測(cè)電阻值增大減小，

即R,阻值變化量對(duì)應(yīng)電流變化量隨待測(cè)電阻增大而減小，歐姆表刻度左密右疏，故D正確；

故選CDo

偏小

【解析】

(1)口]為方便實(shí)驗(yàn)操作，且需要干電池的路端電壓有明顯變化，滑動(dòng)變阻器應(yīng)選擇總阻值較小的勺。

(2)[2]根據(jù)電路圖連接實(shí)物電路圖，實(shí)物電路圖如圖所示

(3)[3]根據(jù)坐標(biāo)系內(nèi)描出的點(diǎn)作出電源的。-/圖象，圖象如圖所示

[4][5]由圖可知，縱截距為1.5,則電源電動(dòng)勢(shì)為

E=L5V

電源內(nèi)阻等于圖像的斜率，有

1.5-0^

a1.9。

0.8

⑹相對(duì)于電源來(lái)說(shuō)，電流表采用外接法，電流表的測(cè)量值小于通過(guò)電源的電流，電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)阻的測(cè)量值均小于真實(shí)值;

或者理解為電壓表內(nèi)阻存在分流作用，故電流測(cè)量值偏小，可以將電壓表內(nèi)阻與電源并聯(lián)后看作等效電源，實(shí)際測(cè)量

的是等效電源的電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)電阻，故電動(dòng)勢(shì)的測(cè)量值小于真實(shí)值，內(nèi)電阻的測(cè)量值小于真實(shí)值。

四、計(jì)算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說(shuō)明、方程式和演算

步驟。

13、①P=88cmHg②h=5cm

2

【解析】試題分析：①先以右側(cè)氣體為研究對(duì)象，找出初末狀態(tài)的參量，根據(jù)根據(jù)玻意爾定律求壓強(qiáng)；②再以左側(cè)氣

體為研究對(duì)象，找出初末狀態(tài)的參量，根據(jù)根據(jù)玻意爾定律求氣柱的長(zhǎng)度，然后根據(jù)幾何關(guān)系求解活塞向下移動(dòng)的距

離。

①若右側(cè)豎直管的橫截面積為S,左側(cè)氣缸的橫截面積則為3s

以右側(cè)氣體為研究對(duì)象：P=P=76cmHg,V=22S

101

若左側(cè)液面下降/?,右側(cè)液面升高力

12

/?+/?=4,〃3s=%S,〃=3cm,V=(22-/?)S=19S

1212222

根據(jù)玻意爾定律得：PV

1122

解得：P=88cmHg

2

②以左邊氣體為研究對(duì)象：P=P+pgMi=80cmHg,V'=24x3S

111

P=P+pgA/i'=96cmHg,V'=xx3S

22