2024年統(tǒng)編版2024高二物理上冊月考試卷

…………○…………內…………○…………裝…………○…………內…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2024年統(tǒng)編版2024高二物理上冊月考試卷808考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四總分得分評卷人得分一、選擇題(共7題，共14分)1、在坐標原點的波源產生一列沿x軸正方向傳播的簡諧橫波；波速v=200m/s，已知t=0時，波剛好傳播到x=40m處，如圖所示．在x=400m處有一接收器（圖中未畫出），則下列說法正確的是（）

A.波源開始振動時方向沿y軸正方向。

B.接收器在t=2s時才能接受到此波。

C.從t=0開始經0.15s；x=40m的質點運動的路程為0.6m

D.若波源向x軸正方向運動；接收器收到波的頻率可能為9Hz

2、如圖所示，x軸的上方有垂直紙面向里的勻強磁場，有兩個質量相同、電量相等的帶正、負電的離子(不計重力)，以相同速度從O點射入磁場中，射入方向與x軸正向夾角均為θ角。則下列關于正負離子在磁場中運動的說法正確的是()A.運動時間相同B.運動軌跡的半徑相同C.回到x軸時速度大小和方向均相同D.回到x軸時距O點的距離相等3、如圖所示，一個有界勻強磁場區(qū)域，磁場方向垂直紙面向外。一個矩形閉合導線框abcd

沿紙面由位置1

勻速運動到位置2

則()

A.導線框進入磁場時，感應電流方向為a隆煤b隆煤c隆煤d隆煤a

B.導線框離開磁場時，感應電流方向為a隆煤d隆煤c隆煤b隆煤a

C.導線框離開磁場時，受到的安培力方向水平向右D.導線框進入磁場時，受到的安培力方向水平向左4、圖中分別標出了在勻強磁場中的通電直導線的電流I

磁場的磁感應強度B

和所受磁場力F

的方向，其中正確的是()A.B.C.D.5、從地面豎直向上拋出的小球，在上升和下落過程中不計空氣阻力，小球兩次經過離地面高度為h的某點時，下列說法中正確的是（）A.小球的速度不相同B.小球的加速度的大小不相同C.小球的機械能不相同D.小球的動能不相同6、小球從離地板5m高處自由落下；又被地板豎直彈起，在離地板2m高處被接住，則關于小球通過的位移和路程的說法中正確的是（）

A.位移大小為3m；方向向下；路程為3m

B.位移大小為2m；方向向上；路程為7m

C.位移大小為3m；方向向下；路程為7m

D.位移大小為7m；方向向下；路程為7m

7、已知某行星的質量是地球質量的a

倍，半徑是地球半徑的b

倍，地球的第一宇宙速度為v

則該行星的第一宇宙速度為(

)

A.vba

B.vab

C.vab

D.avb

評卷人得分二、填空題(共5題，共10分)8、某實驗小組探究一種熱敏電阻的溫度特性．現有器材：直流恒流電源（在正常工作狀態(tài)下輸出的電流恒定）．電壓表；待測熱敏電阻、保溫容器、溫度計、開關和導線等．

（1）若用上述器材測量熱敏電阻的阻值隨溫度變化的特性；請你在圖中的實物圖上連線．

（2）實驗的主要步驟：

①正確連接電路；在保溫容器中注入適量冷水，接通電源，調節(jié)并記錄電源輸出的電流值；

②在保溫容器中添加少量熱水，待溫度穩(wěn)定后，閉合開關，____；斷開開關；

③重復第②步操作若干次；測得多組數據．

（3）實驗小組算得該熱敏電阻在不同溫度下的阻值，并據此繪得圖10的R-t關系圖線，請根據圖線寫出該熱敏電阻的R-t關系式：R=____+____t（Ω）（保留3位有效數字）．9、為了保障行駛安全，一種新型雙門電動公交車安裝了如下控制裝置：只要有一扇門沒有關緊，汽車就不能啟動．如果規(guī)定：車門關緊時為“1”，未關緊時為“0”；當輸出信號為“1”時，汽車可以正常啟動行駛，當輸出信號為“0”時，汽車不能啟動．能正確表示該控制裝置工作原理的邏輯門是____________(填“與門、或門、非門”其中之一)．10、在《研究勻變速直線運動的規(guī)律》實驗中，小車拖紙帶運動，打點計時器在紙帶上打出一系列點，處理時每隔4個點取一個記數點，測出的數據如圖．則打點計時器打下C點時小車的速度vC=______m/s，小車運動的加速度a=______m/s2．

11、如圖所示，在一勻強電場區(qū)域中，有ABCD

四點恰好位于一正方形的四個頂點上，已知ABC

三點電勢分別為?A=4V?B=6V?C=2V

則D

點電勢?D

為______V

請在圖中作出過B

點和C

點的兩條電場線．12、要將2.2kV

的電壓升高至22kV

若變壓器原線圈的匝數為180

匝，則副線圈的匝數應該是______匝.

評卷人得分三、判斷題(共9題，共18分)13、電勢差有正有負，所以是矢量，且電場中兩點間的電勢差隨著零電勢點的選取變化而變化．（判斷對錯）14、處于靜電平衡狀態(tài)的導體內部的場強處處為零，導體外表面場強方向與導體的表面一定不垂直．（判斷對錯）15、如圖所示，有一水平方向的勻強電場，場強大小為9000N/C，在電場內一水平面上作半徑為10cm的圓，圓上取A、B兩點，AO沿E方向，BO⊥OA，另在圓心處放一電量為10﹣8C的正點電荷，則A處場強大小EA為零．________（判斷對錯）

16、空間兩點放置兩個異種點電荷a、b，其所帶電荷量分別為qa和qb，其產生的電場的等勢面如圖所示，且相鄰等勢面間的電勢差均相等，電場中A、B兩點間的電勢大小的關系為φA＞φB，由此可以判斷出a為正電荷，且有qa＜qb．________（判斷對錯）

17、如圖所示為某示波管內的聚焦電場，實線和虛線分別表示電場線和等勢線．兩電子分別從a、b兩點運動到c點．設電場力對兩電子做的功分別為Wa和Wb，a、b點的電場強度大小分別為Ea和Eb，則Wa=Wb，Ea＞Eb．________（判斷對錯）

18、只有沿著電場線的方向電勢才會降低，所以電勢降低的方向就一定是電場強度的方向．（判斷對錯）19、處于靜電平衡狀態(tài)的導體內部的場強處處為零，導體外表面場強方向與導體的表面一定不垂直．（判斷對錯）20、如圖所示，有一水平方向的勻強電場，場強大小為9000N/C，在電場內一水平面上作半徑為10cm的圓，圓上取A、B兩點，AO沿E方向，BO⊥OA，另在圓心處放一電量為10﹣8C的正點電荷，則A處場強大小EA為零．________（判斷對錯）

21、空間兩點放置兩個異種點電荷a、b，其所帶電荷量分別為qa和qb，其產生的電場的等勢面如圖所示，且相鄰等勢面間的電勢差均相等，電場中A、B兩點間的電勢大小的關系為φA＞φB，由此可以判斷出a為正電荷，且有qa＜qb．________（判斷對錯）

評卷人得分四、推斷題(共4題，共16分)22、下圖是元素周期表的一部分，表中的rm{壟脵隆蘆壟脼}代表對應元素，用化學用語填空：rm{(1)}元素rm{壟脺}在元素周期表中的位置是________。rm{(2)壟脻}rm{壟脼}兩種元素最高價氧化物對應的水化物酸性較強的是________。rm{(3)壟脵}元素可以形成多種氧化物，其中顏色為紅棕色的是________，寫出它與水反應的化學方程式________。rm{(4)}寫出元素rm{壟脹}與元素rm{壟脷}形成的化合物的電子式________。23、某芳香酯rm{I}的合成路線如下：已知以下信息：rm{壟脵A隆蘆I}均為芳香族化合物，rm{B}苯環(huán)上只有一個取代基，且rm{B}能發(fā)生銀鏡反應；rm{D}的相對分子質量比rm{C}大rm{4}rm{E}的核磁共振氫譜有rm{3}組峰。rm{壟脷}rm{壟脹}請回答下列問題：rm{(1)A隆煤B}的反應類型為____________，rm{G}中所含官能團的名稱有____________________，rm{E}的名稱是______________________________。rm{(2)B}與銀氨溶液反應的化學方程式為______________________________。rm{(3)I}的結構簡式為______________________________。rm{(4)}符合下列要求rm{A}的同分異構體還有_______________種。rm{壟脵}與rm{Na}反應并產生rm{H_{2}壟脷}芳香族化合物rm{(5)}據已有知識并結合相關信息，寫出以rm{CH_{3}CH_{2}OH}為原料制備rm{CH_{3}CH_{2}CH_{2}CH_{2}OH}的合成路線流程圖rm{(}無機試劑任選rm{)}合成路線流程圖示如下：rm{CH_{3}CH_{2}Brxrightarrow[?]{NaOH脠脺脪潞}CH_{3}CH_{2}OHxrightarrow[脜簍脕貌脣謾,?]{C{H}_{3}COOH}CH_{3}COOCH_{2}CH_{3}}rm{CH_{3}CH_{2}Brxrightarrow[?]{NaOH脠脺脪潞}

CH_{3}CH_{2}OHxrightarrow[脜簍脕貌脣謾,?]{C{H}_{3}COOH}

CH_{3}COOCH_{2}CH_{3}}24、化合物rm{G[}rm{G[}是一種醫(yī)藥中間體，它的一種合成路線如下：請回答下列問題：rm{]}是一種醫(yī)藥中間體，它的一種合成路線如下：的名稱是_____________。rm{]}的反應條件為_____________，rm{(1)A}和rm{(2)B隆煤C}的反應類型分別是_____________、_____________。rm{A隆煤B}在濃硫酸加熱的條件下會生成一種含六元環(huán)的化合物，該化合物的結構簡式為_____________。rm{D隆煤E}是一種高聚酯，rm{(3)D}的化學方程式為___________。rm{(4)H}下列關于化合物rm{D隆煤H}的說法錯誤的是_________。A.rm{(5)}的分子式為rm{G}B.rm{G}與rm{C_{12}H_{14}O_{5}}溶液加熱最多消耗rm{1molG}C.一定條件下rm{NaOH}發(fā)生消去反應生成的有機物存在順反異構體D.在一定條件下rm{2molNaOH}能與rm{G}發(fā)生取代反應rm{G}是rm{HBr}的同分異構體，與rm{(6)M}具有相同的官能團。則rm{D}可能的結構有________種。rm{D}25、下表為元素周期表的一部分，針對表中rm{壟脵隆蘆壟脼}元素，回答下列問題。rm{壟脵}rm{壟脷}rm{壟脹}rm{壟脺}rm{壟脻}rm{壟脼}rm{(1)壟脵}元素在周期表中的位置是第二周期_____________族。rm{(2)壟脷}和rm{壟脻}兩種元素中原子半徑較大的是__________rm{(}填元素符號rm{)}rm{壟脻}和rm{壟脼}兩種元素的最高價氧化物對應水化物中酸性較強的是________rm{(}填化學式rm{)}rm{(3)}寫出rm{壟脹壟脺}兩種元素的最高價氧化物對應水化物反應的離子方程式_______________。參考答案一、選擇題(共7題，共14分)1、C【分析】

A；由圖中x=40m處質點的起振方向為沿y軸負方向；則波源開始振動時方向沿y軸負方向．故A錯誤．

B、接收器與x=40m的距離為△x=400m-40m=360m，波傳到接收器的時間為t==．故B錯誤．

C、由圖讀出波長為λ=20m，周期為T==s=0.1s；由于t=0.15s=1.5T，從t=0開始經0.15s時，x=40m的質點運動的路程S=1.5×4A=6×10cm=0.6m．故C正確．

D、該波的頻率為f==10Hz；若波源向x軸正方向運動，波源與接收器間的距離減小，根據多普勒效應可知，接收器收到波的頻率增大，將大于10Hz．故D錯誤．

故選C

【解析】【答案】簡諧波傳播過程中，介質中各質點的起振方向與波源的起振方向相同，由圖中x=40m處質點的振動方向讀出起振方向，即可判斷出波源開始振動時的方向．波在介質中勻速傳播，由t=求出波傳到接收器的時間．質點在一個周期內通過的路程是四個振幅；根據時間與周期的關系，求出質點運動的路程．若波源向x軸正方向運動，接收器收到波的頻率減?。?/p>

2、B|C|D【分析】【解析】試題分析：這兩個正負離子以與x軸成θ角射入有界磁場后，由左手定則可判斷，正離子沿逆時針方向旋轉，負離子以順時針方向旋轉．如圖所示．因離子電量和質量都相同，所以正負離子的軌跡半徑和周期都相同；經幾何分析可知，負離子轉過的角度為正離子轉過的角度為2π-2θ，從而可判斷兩端圓弧所對應的弦相等，可判斷回到x軸時距O點的距離相等；正負離子再次回到x軸時，速度方向正離子改變了負離子改變了再加之洛倫茲力只是改變速度的方向，不改變速度的大小，故可知回到x軸時速度大小和方向均相同；因正負離子的偏轉角度不同，所以在磁場中的運動時間不同．所以選項BCD是正確的，選項A錯誤．故選BCD.考點：考查了帶電粒子在磁場中運動【解析】【答案】BCD3、D【分析】導線框進入磁場時，cd

邊切割磁感線，由右手定則可知，電流方向為a隆煤d隆煤c隆煤b隆煤a

由左手定則可判斷此時cd

邊受到的安培力方向水平向左，A

錯、D

對；在導線框離開磁場時，ab

邊處于磁場中且在做切割磁感線運動，同樣用右手定則可以判斷電流的方向為a隆煤b隆煤c隆煤d隆煤a

這時安培力的方向仍然水平向左，BC

錯?！窘馕觥緿

4、B【分析】【分析】左手定則的內容：伸開左手，使大拇指與其余四個手指垂直，并且都與手掌在同一個平面內；讓磁感線從掌心進入，并使四指指向電流的方向，這時拇指所指的方向就是通電導線在磁場中所受安培力的方向.

根據左手定則的內容判斷安培力的方向。根據左手定則直接判斷即可，凡是判斷力的方向都是用左手，要熟練掌握，是一道考查基礎的好題目?！窘獯稹扛鶕笫侄▌t的內容：伸開左手；使大拇指與其余四個手指垂直，并且都與手掌在同一個平面內；讓磁感線從掌心進入，并使四指指向電流的方向，這時拇指所指的方向就是通電導線在磁場中所受安培力的方向，可得：

A.電流與磁場方向平行；沒有安培力，故A錯誤；

B.安培力的方向是垂直導體棒向上的；故B正確；

C.安培力的方向是垂直導體棒向下的；故C錯誤；

D.電流方向與磁場方向平行；不受安培力作用，故D錯誤；

故選B?！窘馕觥緽

5、A【分析】解：A；根據豎直上拋運動上升和下降的對稱性可知；小球兩次經過離地面高h的某點時速度大小相等，但方向相反，所以速度不同，故A正確。

B；小球始終僅受重力作用；故加速度恒定，所以兩次經過同一點時小球的加速度的大小相同，故B錯誤。

C；不計空氣阻力；小球的機械能守恒，則兩次經過同一點時機械能相同，故C錯誤。

D；動能為標量；同一物體速度大小相等，則動能相同，故D錯誤。

故選：A。

豎直上拋運動可分解為向上的勻減速和向下的自由落體運動；上升和下降具有對稱性，同時注意速度；加速度的矢量性。

解決本題的關鍵要知道豎直上拋運動上升做加速度為g的勻減速直線運動，下落做自由落體運動，上升的過程和下落的過程對稱。要注意速度是矢量，只有大小和方向都相同時速度才相同。【解析】A6、C【分析】

小球從離地板5m高處落下；通過的路程是5m，被地板彈回，在離地板2m高處被接住，通過的路程是2m，則小球通過的總路程是7m．

起點到終點的線段長度是3m；則位移大小是3m，方向向下．

故選C

【解析】【答案】路程是物體運動路線的長度．位移表示物體位置的移動；用從起點到終點的有向線段表示．

7、B【分析】解：設地球質量M

某行星的質量是地球質量的a

倍，地球半徑r

某星球半徑是地球半徑的b

倍。

由萬有引力提供向心力做勻速圓周運動得：GMmr2=mv2r

解得：衛(wèi)星在圓軌道上運行時的速度公式v=GMr

分別代入地球和某星球的各物理量得：v碌脴脟貌=GMr

v脨脟脟貌=G鈰?aMbr=vab

故B正確；ACD錯誤．

故選：B

．

物體在地面附近繞地球做勻速圓周運動的速度叫做第一宇宙速度，大小7.9km/s

可根據衛(wèi)星在圓軌道上運行時的速度公式v=GMr

解得．

本題要掌握第一宇宙速度的定義，正確利用萬有引力公式列出第一宇宙速度的表達式．【解析】B

二、填空題(共5題，共10分)8、略

【分析】

（1）直流恒流電源在正常工作狀態(tài)下輸出的電流恒定；故只需要將電壓表與電阻并聯測量出電壓即可，實物圖上連線如圖。

（2）本實驗要測量電阻值和溫度值的關系；電阻要用歐姆定律計算，由于電流恒定且已知，故需測量電壓和溫度；

故答案為：記錄電壓表電壓值；溫度計數值．

（3）從圖中取相距較遠的兩個特殊點，代入R=R+kt計算。

由圖有。

120=R+50k

104=R+10k

解得。

R=100Ω

k=0.395

故該熱敏電阻的R-t關系式：R=100+0.395t

故答案為：100；0.395．

【解析】【答案】（1）連接實物圖；要注意電流從電壓表的正接線柱流入，從負接線柱流出，電壓表與熱敏電阻并聯；

（2）實驗要測量電阻值和溫度值；電阻要用歐姆定律計算，由于電流恒定且已知，故需測量電壓和溫度；

（3）從圖中取相距較遠的兩個特殊點，代入R=R+kt計算即可．

9、略

【分析】答：根據題意；該控制裝置工作原理的邏輯關系為與邏輯關系，為與門邏輯電路。

故答案為：與門【解析】與門10、略

【分析】解：每隔4個點取一個記數點；所以相鄰的計數點間的時間間隔T=0.1s；

根據勻變速直線運動中時間中點的速度等于該過程中的平均速度；可以求出打紙帶上C點時小車的瞬時速度大?。?/p>

vC===2m/s；

設A到B之間的距離為x1，以后各段分別為x2、x3、x4；

根據勻變速直線運動的推論公式△x=aT2可以求出加速度的大?。?/p>

得：x3-x1=3a1T2

x4-x2=3a2T2

為了更加準確的求解加速度；我們對兩個加速度取平均值。

得：a=（a1+a2）

即小車運動的加速度計算表達式為：a=m/s2=2.4m/s2

故答案為：2；2.4．

根據勻變速直線運動的推論公式△x=aT2可以求出加速度的大??；根據勻變速直線運動中時間中點的速度等于該過程中的平均速度，可以求出打紙帶上C點時小車的瞬時速度大?。?/p>

能夠知道相鄰的計數點之間的時間間隔；要注意單位的換算．

要提高應用勻變速直線的規(guī)律以及推論解答實驗問題的能力，在平時練習中要加強基礎知識的理解與應用．【解析】2；2.411、略

【分析】解：勻強電場中平行且長度相等的線段上的電勢差相等；故UAB=UCD

則有：?A鈭??B=?D鈭??C

則有：4鈭?6=?D鈭??C

解得：?D=0V

將BC

分為兩等份；取中點為E

根據BC

線上電勢均勻降落，則可知E

點電勢為4V

連接AE

即可得出一條等勢線，因電場線與等勢線相互垂直，則可得出過B

和C

點的電場線，如圖所示；

故答案為：0

如圖所示．

明確勻強電場中電場線的性質；知道在勻強電場中平行且長度相等的線段兩端的電勢差相等即可求得D

點的電勢；

在BC

上找出與A

點等電勢點；作出等勢線，再過C

點作出等勢線，根據電場線和等勢線的規(guī)律即可求得電場線．

本題的技巧是找等勢點，作等勢線，充分利用勻強電場的等勢面相互平行，而且沿電場線方向相等距離，電勢差相等進行作圖即可．【解析】0

12、略

【分析】解：理想變壓器沒有能量損失；原副線圈的電壓比等于匝數比．

電壓之比為110

所以副線圈的匝數為原線圈匝數的10

倍；等于1800

匝．

故答案為：1800

理想變壓器沒有能量損失；根據原副線圈的電壓比等于匝數比直接計算即可．

本題是對理想變壓器的理解，掌握住電壓與匝數成正比直接計算即可，難度不大．【解析】1800

三、判斷題(共9題，共18分)13、B【分析】【解答】解：電勢差類似于高度差；沒有方向，是標量，正負表示電勢的相對大?。?/p>

兩點間的電勢差等于電勢之差；由電場中兩點的位置決定，與零電勢點的選取無關．由以上的分析可知，以上的說法都錯誤．

故答案為：錯誤。

【分析】電勢差是標量，正負表示大?。浑妱莶钆c零電勢點的選取無關；沿著電場線方向電勢降低；電勢反映電場本身的性質，與試探電荷無關．14、B【分析】【解答】解：根據靜電平衡的特點；導體是等勢體，金屬導體的內部電場強度處處為零；

由于處于靜電平衡狀態(tài)的導體是一個等勢體；則表面電勢處處相等，即等勢面，那么電場線與等勢面垂直；

故答案為：錯誤．

【分析】金屬導體在點電荷附近，出現靜電感應現象，導致電荷重新分布．因此在金屬導體內部出現感應電荷的電場，正好與點電荷的電場疊加，只有疊加后電場為零時，電荷才不會移動．此時導體內部電場強度處處為零，電荷全部分布在表面，且為等勢面，導體是等勢體．15、A【分析】【解答】解：點電荷在A點的場強

根據場強的疊加原理得；則兩點的場強是由正點電荷和勻強電場場強的合成，A點的場強大小為。

EA=E點﹣E勻=9×103N/C﹣9×103N/C=0；所以A處場強大小為0

故答案為：正確。

【分析】根據公式E=k求出點電荷在A點處產生的場強大小，判斷出場強方向，A點的場強是由正點電荷和勻強電場場強的合成，根據平行四邊形定則求解A點處的場強大小及方向．16、B【分析】【解答】解：若把該圖象與等量異種點電荷電場中的部分等勢面圖比較；可以得到：靠近正電荷的點電勢高，靠近負電荷的點，電勢較低．所以，a處為正電荷．

等量異種點電荷電場中的部分等勢面圖象中的等勢面左右對稱；無窮遠處的電勢為0．該圖象的左側的等勢線比較密，無窮遠處的電勢為0，所以無窮遠處到兩點之間的電勢差相比，與a點之間的電勢差比較大，所以a點所帶的電量就多．

故答案為：錯誤．

【分析】若把該圖象與等量異種點電荷電場中的部分等勢面圖比較，很容易得出正確的結論．17、A【分析】【解答】解：圖中a、b兩點在一個等勢面上；

故Uac=Ubc，根據W=qU，有Wa=Wb；

a位置的電場強度較密集，故Ea＞Eb；

故答案為：正確．

【分析】圖中a、b兩點在一個等勢面上，根據W=qU判斷電場力做功的大小，根據電場線的疏密程度判斷電場強度的大小．18、B【分析】【解答】解：沿著電場線方向；電勢降低，且降低最快；

那么電勢降低最快的方向才是電場線的方向；但電勢降低的方向不一定是電場線的方向，故錯誤；

故答案為：錯誤．

【分析】電場強度和電勢這兩個概念非常抽象，借助電場線可以形象直觀表示電場這兩方面的特性：電場線疏密表示電場強度的相對大小，切線方向表示電場強度的方向，電場線的方向反映電勢的高低．19、B【分析】【解答】解：根據靜電平衡的特點；導體是等勢體，金屬導體的內部電場強度處處為零；

由于處于靜電平衡狀態(tài)的導體是一個等勢體；則表面電勢處處相等，即等勢面，那么電場線與等勢面垂直；

故答案為：錯誤．

【分析】金屬導體在點電荷附近，出現靜電感應現象，導致電荷重新分布．因此在金屬導體內部出現感應電荷的電場，正好與點電荷的電場疊加，只有疊加后電場為零時，電荷才不會移動．此時導體內部電場強度處處為零，電荷全部分布在表面，且為等勢面，導體是等勢體．20、A【分析】【解答】解：點電荷在A點的場強

根據場強的疊加原理得；則兩點的場強是由正點電荷和勻強電場場強的合成，A點的場強大小為。

EA=E點﹣E勻=9×103N/C﹣9×103N/C=0；所以A處場強大小為0

故答案為：正確。

【分析】根據公式E=k求出點電荷在A點處產生的場強大小，判斷出場強方向，A點的場強是由正點電荷和勻強電場場強的合成，根據平行四邊形定則求解A點處的場強大小及方向．21、B【分析】【解答】解：若把該圖象與等量異種點電荷電場中的部分等勢面圖比較；可以得到：靠近正電荷的點電勢高，靠近負電荷的點，電勢較低．所以，a處為正電荷．

等量異種點電荷電場中的部分等勢面圖象中的等勢面左右對稱；無窮遠處的電勢為0．該圖象的左側的等勢線比較密，無窮遠處的電勢為0，所以無窮遠處到兩點之間的電勢差相比，與a點之間的電勢差比較大，所以a點所帶的電量就多．

故答案為：錯誤．

【分析】若把該圖象與等量異種點電荷電場中的部分等勢面圖比較，很容易得出正確的結論．四、推斷題(共4題，共16分)22、（1）第三周期、第ⅢA族（2）HClO4（3）NO23NO2+H2O=2HNO3+NO（4）【分析】【分析】本題考查元素周期表的結構及應用、電子式、氮的氧化物，根據元素的位置推斷元素及元素化合物知識為解答的關鍵，側重分析與應用能力的考查?！窘獯稹坑稍氐奈恢每芍?，rm{壟脵壟脷壟脹壟脺壟脻壟脼}分別為rm{N}rm{F}rm{Na}rm{Al}rm{Si}rm{Cl}rm{(1)}元素rm{壟脺}為rm{Al}位于第三周期、第Ⅲrm{A}族；故答案為：第三周期、第Ⅲrm{A}族；rm{(2)壟脻}rm{壟脼}分別為rm{Si}rm{Cl}元素的非金屬性越強，最高價氧化物對應的水化物酸性越強，非金屬性：rm{Cl>Si}則兩種元素最高價氧化物對應的水化物酸性較強的是rm{HClO_{4}}故答案為：rm{HClO_{4}}rm{(3)壟脵}為rm{N}元素，rm{N}元素形成的多種氧化物中顏色為紅棕色的是rm{NO_{2}}與水反應生成rm{HNO_{3}}和rm{NO}反應的化學方程式為rm{3NO_{2}+H_{2}O=2HNO_{3}+NO}故答案為：rm{NO_{2}}rm{3NO_{2}+H_{2}O=2HNO_{3}+NO}rm{(4)壟脹}為rm{Na}元素，rm{壟脷}為rm{F}元素，二者形成的化合物為rm{NaF}其電子式為故答案為：【解析】rm{(1)}第三周期、第Ⅲrm{A}族rm{(2)HClO_{4}}rm{(3)NO_{2}}rm{3NO_{2}+H_{2}O=2HNO_{3}+NO}rm{(4)}23、（1）氧化反應(酚)羥基、羧基4-氯(或對氯)甲苯

（2）

（3）

（4）13

（5）

【分析】【分析】本題考查有機物推斷與合成，綜合分析確定rm{B}的結構簡式，再結構反應條件進行推斷，需要學生熟練掌握官能團的性質與轉化。【解答】rm{A-I}均為芳香族化合物，rm{B}苯環(huán)上只有一個取代基，則苯環(huán)上只有一個取代基，則rm{B}的苯環(huán)上只有一個取代基，根據rm{A}的分子式rm{A}可知rm{C_{8}H_{10}O}的側鏈為飽和結構，rm{A}能夠催化氧化生成rm{A}rm{B}能夠發(fā)生銀鏡反應，且能夠發(fā)生信息rm{B}中反應，則rm{壟脹}分子中側鏈rm{B}結構，故B的結構簡式為rm{-CH_{2}CHO}為則rm{A}為rm{C}比rm{D}的相對分子質量大rm{C}恰好為rm{4}分子氫氣的分子量，則說明一個rm{2}與rm{C}個氫氣發(fā)生加成反應生成rm{2}故D為rm{D}的核磁共振氫譜有rm{E}組峰，rm{3}能夠被酸性高錳酸鉀溶液氧化，則rm{E}分子中含有甲基，且氯原子位于甲基的對位，故E為rm{E}被酸性高錳酸鉀溶液氧化成rm{E}則rm{F}為rm{F}在濃rm{F}溶液中加熱發(fā)生水解反應生成酚羥基和羧酸鈉，然后在酸性條件下轉化成rm{NaOH}則rm{G}為rm{G}和rm{G}發(fā)生酯化反應生成rm{D}則rm{I}為rm{I}為催化氧化生成該反應為氧化反應；rm{(1)A隆煤B}為其分子中含有官能團為羥基、羧基；rm{G}為故命名為對氯甲苯或rm{E}氯甲苯rm{4-}或：對甲基氯苯或rm{[}甲基氯苯rm{4-}

故答案為：氧化反應；羥基、羧基；對氯甲苯或rm{]}氯甲苯rm{4-}或：對甲基氯苯或rm{[}甲基氯苯rm{4-}

rm{]}為rm{(2)B}與銀氨溶液反應的化學方程式為：

故答案為：

rm{B}與銀氨溶液反應的化學方程式為：由以上推斷可知rm{B}的結構簡式為：，故答案為：

rm{(3)}為rm{I}與rm{(4)A}反應并產生rm{壟脵}與rm{Na}反應并產生rm{H}rm{壟脵}rm{Na}芳香族化合物，含有苯環(huán)，則如果苯環(huán)上只有一個取代基，則是rm{H}rm{{,!}_{2}}，說明含有羥基；rm{壟脷}芳香族化合物，含有苯環(huán)，則如果苯環(huán)上只有一個取代基，則是rm{隆陋CHOHCH}和乙基或甲基和rm{壟脷}rm{隆陋CHOHCH}rm{{,!}_{3}}位置均有鄰間對三種。，兩個取代基，可以是rm{隆陋OH}和乙基或甲基和rm{隆陋CH}個取代基，則是rm{隆陋OH}個甲基和rm{隆陋CH}個酚羥基，共有rm{{,!}_{2}}種，總共是rm{OH}位置均有鄰間對三種。rm{3}個取代基，則是rm{2}個甲基和rm{1}個酚羥基，共有rm{6}種，總共是rm{13}種。種。rm{OH}rm{3}為原料制備rm{2}先將乙醇催化氧化生成乙醛，然后讓碳鏈增長，發(fā)生信息反應rm{1}生成rm{6}與氫氣加成生成rm{13}合成路線為：

故答案為：故答案為：rm{13}【解析】rm{(1)}氧化反應rm{(}酚rm{)}羥基、羧基rm{4-}氯rm{(}或對氯rm{)}甲苯rm{(2)}rm{(3)}rm{(4)13}rm{(5)}

24、rm{(1)2-}甲基丙烯或異丁烯

rm{(2)NaOH}溶液加熱加成反應取代反應

rm{(3)}

rm{(4)nHO(CH_{3})_{2}CCOOH}rm{+(n-1)H_{2}O}

rm{(5)BC}

rm{(6)4}

【分析】【分析】本題考查學生有機推斷和有機合成，是現在考試的熱點，難度較大，可以根據所學知識進行回答?！窘獯稹坑蓃m{A}到rm{B}發(fā)生加成反應，rm{B}到rm{C}反生鹵代烴的水解，再氧化生成rm{D}rm{E}與rm{F}反生取代反應生成rm{G}由此來推斷各反應類型和產物；rm{(1)A}是烯烴，名稱是rm{2-}甲基丙烯；rm{(2)B隆煤C}的反應條件為rm{NaOH}水溶液并加熱，根據題目所給的信息，可知rm{A隆煤B}和rm{D隆煤E}的反應類型分別是加成反應、取代反應；rm{(3)D}在濃硫酸加熱的條件下發(fā)生酯化反應會生成一種含六元環(huán)的化合物，該化合物的結構簡式為在濃硫酸加熱的條件下發(fā)生酯化反應會生成一種含六元環(huán)的化合物，該化合物的結構簡式為rm{(3)D}；

是一種高聚酯，rm{(4)H}的