2025年蘇人新版高三物理下冊階段測試試卷

…………○…………內…………○…………裝…………○…………內…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年蘇人新版高三物理下冊階段測試試卷712考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五六總分得分評卷人得分一、選擇題(共9題，共18分)1、如圖所示，在絕緣水平面上，相隔為2L的AB兩點分別固定有兩個電量均為Q的正點電荷，a，O，b是AB連線的三點，且O為中點，Oa=Ob=．一質量為m、電量為q的小滑塊以初速度v0從a點出發(fā)，沿直線AB向B點運動，在運動過程中電荷量受到大小恒定的摩擦阻力作用，當它第一次運動到O點時速度為2v0，繼續(xù)運動到b點時的速度剛好為零；經多次往返后，滑塊停于某點，已知靜電力常量為k，下列說法正確的是（）

A.滑塊一定停于O點B.滑塊在a點受到的電場力大小為C.aO兩點間的電勢差為D.運動過程中滑塊受到的摩擦阻力大小為2、如圖所示A；B兩物體疊放在水平面上A在上B在下；水平拉力F作用在A上，B受到幾個力作用（）

A.2B.3C.4D.53、我國在成功發(fā)射探月衛(wèi)星“嫦娥1號”之后，又成功地發(fā)射了“神舟7號”載人航天飛船，并由翟志剛成功地進行了太空漫步．設“嫦娥1號”繞月球運動的軌跡和“神舟7號”繞地球運動的軌跡都是圓，其軌道半徑分別為r1、r2，周期分別為T1、T2，線速度分別為v1、v2，角速度分別為ω1、ω2，向心加速度分別為a1、a2，月球和地球的質量分別為m1、m2，則（）A.=B.C.D.4、如下列圖象中，哪一個是表示物體作勻加速直線運動的圖象（）A.B.C.D.5、已知月球繞地球做圓周運動的半徑為r1、周期為T1；探月衛(wèi)星繞月球做圓運動的半徑為r2、周期為T2．引力常量為G，不計周圍其它天體的影響．下列說法正確的是（）A.根據題目條件可求出B.根據題目條件能求出地球與月球之間的引力C.根據題目條件能求出探月衛(wèi)星的質量D.根據題目條件能求出地球的密度6、【題文】一個人站在陽臺上，從陽臺邊緣以相同的速率v0，分別把三個質量相同的球豎直上拋、豎直下拋、水平拋出，不計空氣阻力，則比較三球落地時的動能（）A.上拋球最大B.下拋球最大C.平拋球最大D.三球一樣大7、下列所列數據不屬于交流電有效值的是（）A.交流電表的示數B.燈泡的額定電壓C.電容器的耐壓值D.保險絲的額定電流8、如圖所示，用一根長桿和兩個定滑輪的組合裝置來提升重物M，長桿的一端放在地上通過鉸鏈連接形成轉軸，其端點恰好處于左側滑輪正下方O點處，在桿的中點C處拴一細繩，繞過兩個滑輪后掛上重物M．C點與O點距離為l，現在對桿的另一端用力使其逆時針勻速轉動，由豎直位置以角速度ω緩緩轉至水平位置（轉過了90°角），此過程中下列說法正確的是（）A.重物M勻速上升B.重物M勻加速上升C.重物M的最大速度是ωlD.重物M的速度是先減小后增大9、在磁感應強度為B的勻強磁場內，放一面積為S的正方形線框．當線框平面與磁場方向垂直時，穿過線框所圍面積的磁通量為（）A.B.BSC.D.B評卷人得分二、填空題(共8題，共16分)10、（2014秋?東湖區(qū)校級期中）如圖所示，質量為m的物體懸掛在輕質支架上，輕桿OA、OB與墻，AO與BO之間都通過可自由轉動的鉸鏈連接．斜梁OB與豎直方向的夾角為θ，設水平橫梁OA和斜梁OB作用于O點的彈力分別為FOA和FOB，重力加速度為g，則FOA=____，FOB=____．11、（2012春?晉寧縣校級期中）如圖所示，A1、A2是兩只相同的電流表，電感線圈L的直流電阻小于電阻R，電鍵S原來閉合，當S斷開的瞬間，A1、A2示數的大小關系是____，這時流過電阻R的電流方向是____（填“向左”或“向右”）；若S原來斷開，則在閉合的一瞬間，A1、A2示數的大小關系是____，這時流過電阻R的電流方向是____（填“向左”或“向右”）．12、（2015春?河南校級期中）如圖，abcd是金屬矩形框，OO′是金屬導體，可沿框無摩擦地滑動，整個框放在與框平面垂直的勻強磁場中，磁感應強度為B（T），OO′長為l（m），電阻為R（Ω），ab．cd電阻均為2R（Ω），ad．bc的電阻忽略不計，當OO′向右以速度v（m/s）勻速滑動時，作用在OO′上的外力大小為____N，滑動過程中，金屬導體OO′兩端的電壓大小是____V．13、如圖所示的螺旋測微器、游標卡尺的示數分別是________mm．

14、（6分）太陽內部持續(xù)不斷地發(fā)生著4個質子1H聚變?yōu)?個氦核2He的熱核反應，核反應方程是：已知質子、氦核、的質量分別為m1、m2、m3，真空中的光速為c．方程中的X表示，核反應中釋放的核能ΔE=。15、【題文】一束激光以入射角i=30°照射液面；其反射光在固定的水平光屏上形成光斑B，如圖14-1-9所示.如果反射光斑位置移動了2cm，說明液面可能（）

圖14-1-9。A．上升了cmB．上升了cmC．下降了cmD．下降了cm16、在一次“飛車過黃河”的表演中，汽車飛經最高點后在對岸落地．已知汽車從最高點至落地點經歷時間為0.8s，兩點間水平距離為30m．若忽略空氣阻力，則汽車在最高點時的速度為____m/s，下落高度為____m．（g取10m/s2）17、（2010春?倉山區(qū)校級期末）如圖所示，質量為m的小球從空中的A點開始做自由落體運動，下降了高度h．在這一過程中，重力對小球做的功等于____，重力對小球做功的平均功率等于____．評卷人得分三、判斷題(共8題，共16分)18、“寧停三分，不搶一秒”指的是時間．____．（判斷對錯）19、陰離子在陽極放電，陽離子在陰極放電．____（判斷對錯）20、物體運動的方向必與物體所受合外力的方向一致．____（判斷對錯）21、熱力學系統(tǒng)的平衡態(tài)是一種動態(tài)平衡，分子仍做無規(guī)則運動．____．（判斷對錯）22、點電荷一定是電量很小的電荷．____．（判斷對錯）23、矢量的運算遵守平行四邊形法則．____．24、平拋運動屬于勻變速運動，勻速圓周運動也屬于勻變速運動．____．25、滑動摩擦力的方向總是與物體的運動方向相反．____（判斷對錯）評卷人得分四、實驗探究題(共4題，共28分)26、如圖1電路；某學生用電流表和電壓表測干電池的電動勢和內阻時，所用滑動變阻器的阻值范圍為0～20Ω，連接電路的實物圖如圖2所示．

（1）該學生接線中錯誤的和不規(guī)范的做法是______

A．滑動變阻器不起變阻作用B．電流表接線有錯。

C．電壓表量程選用不當D．電壓表接線不妥。

（2）該同學將電路按正確的電路圖連接好，檢查無誤后，閉合開關，進行實驗．某一次電表的示數如圖3所示，則電壓表的讀數為______V，電流表的讀數為______A．

（3）該同學實驗完畢，將測量的數據反映在U-I圖上（如圖4所示），根據這一圖線，可求出電池的電動勢E=______V，內電阻r=______Ω．27、如圖所示的裝置，可用于探究恒力做功與速度變化的關系。水平軌道上安裝兩個光電門，小車上固定有力傳感器和擋光板，細線一端與力傳感器連接，另一端跨過定滑輪掛上砝碼盤.

實驗首先保持軌道水平，通過調整砝碼盤里砝碼的質量讓小車做勻速運動以實現平衡摩擦力，再進行后面的操作，并在實驗中獲得以下測量數據：小車、力傳感器和擋光板的總質量M

平衡摩擦力時砝碼和砝碼盤的總質量m0

擋光板的寬度d

光電門1

和2

的中心距離s

(1)

實驗需用20

分度的游標卡尺測量擋光板的寬度d

如圖所示，d=

________mm

(2)

某次實驗過程：力傳感器的讀數為F

小車通過光電門1

和2

的擋光時間分別為t1t2(

小車通過光電門2

后，砝碼盤才落地)

砝碼盤和砝碼的質量為m

已知重力加速度為g

則對該小車，實驗要驗證的表達式是_______________________________________________28、小明用如圖甲所示的電路測量電阻Rx

的阻值(

約幾百歐).R

是滑動變阻器，Ra

是電阻箱，S

2

是單刀雙擲開關，部分器材規(guī)格圖乙中已標出．

(1)

根據上面左圖實驗電路，在右圖中用筆畫線代替導線將實物圖連接完整．(2)

正確連接電路后，斷開S1S2

接1.

調節(jié)好多用電表，將兩表筆接觸Rx

兩端的接線柱，粗測其阻值.

此過程中存在的問題是_______.

正確操作后，粗測出Rx

的阻值為R0

．(3)

小明通過下列步驟，較準確測出Rx

的阻值．壟脵

將滑動變阻器的滑片P

調至圖甲中的________(

選填“A

”或“B

”)

端.

閉合S1

將S2

撥至1

調節(jié)變阻器的滑片P

至某一位置，使電壓表的示數滿偏．壟脷

調節(jié)電阻箱Ra

使其阻值________(

選填“大于R0

”或“小于R0

”)

．壟脹

將S2

撥至“2

”，保持變阻器滑片P

的位置不變，調節(jié)電阻箱的阻值，使電壓表再次滿偏，此時電阻箱的示數為R1.

則Rx=

________．(4)

實驗中，滑動變阻器有兩種規(guī)格可供選擇，分別是：2(0隆蘆10婁賂)3(0隆蘆500婁賂).

為了減小實驗誤差，滑動變阻器應選________(

填“R2

”或“R3

”)

．29、電壓表滿偏時通過該表的電流是半偏時通過該表電流的兩倍。某同學利用這一事實測量電壓表的內阻(

半偏法)

實驗室提供的器材如下：待測電壓表?(

量程3V

內阻約為3000婁賂)

電阻箱R

0(

最大阻值為99999.9婁賂)

滑動變阻器R

1(

最大阻值100婁賂

額定電流2A)

電源E

(

電動勢6V

內阻不計)

開關兩個，導線若干。(1)

虛線框內為該同學設計的測量電壓表內阻的電路圖的一部分；將電路圖補充完整。

(2)

根據設計的電路，寫出實驗步驟：________________________________________________。(3)

將這種方法測出的電壓表內阻記為R

V隆盲

與電壓表內阻的真實值R

V

相比，R

V隆盲

______R

V(

填">""="或"<”)

主要理由是__________。評卷人得分五、證明題(共3題，共6分)30、宇航員駕駛一飛船在靠近某行星表面附近的圓形軌道上運行，已知飛船運行的周期為T，行星的平均密度為試證明（萬有引力恒量G為已知，是恒量）31、（2016?海淀區(qū)模擬）如圖所示，將小物塊（可視為質點）平放在水平桌面的一張薄紙上，對紙施加恒定水平拉力將其從物塊底下抽出，物塊的位移很小，人眼幾乎觀察不到物塊的移動．已知物塊的質量為M，紙與桌面、物塊與桌面間的動摩擦因數均為μ1，紙與物塊間的動摩擦因數為μ2；重力加速度為g．

（1）若薄紙的質量為m；則從開始抽紙到紙被抽離物塊底部的過程中；

①求薄紙所受總的摩擦力為多大；

②從沖量和動量的定義；結合牛頓運動定律和運動學規(guī)律，證明：水平拉力F和桌面對薄紙摩擦力的總沖量等于物塊和紙的總動量的變化量．（注意：解題過程中需要用到；但題目中沒有給出的物理量，要在解題中做必要的說明．）

（2）若薄紙質量可忽略，紙的后邊緣到物塊的距離為L，從開始抽紙到物塊最終停下，若物塊相對桌面移動了很小的距離s0（人眼觀察不到物塊的移動），求此過程中水平拉力所做的功．32、帶電離子以速度v沿CB方向射入一橫截面為正方形的區(qū)域，C，B為該正方形兩邊的中點，如圖所示，不計粒子的重力，當區(qū)域內有豎直方向的勻強電場E時，粒子恰好從A點飛出；當區(qū)域內有垂直紙面向里的磁感應強度為B的勻強磁場時，粒子也恰好從A點飛出，試證明：=v．評卷人得分六、簡答題(共2題，共18分)33、香豆素類化合物具有抗病毒、抗癌等多種生物活性。香豆素rm{-3-}羧酸可通過下面臺成路線制備：rm{(1)A}中所含有的官能團名稱為________，中間體rm{X}的化學式為________。rm{(2)}香豆素rm{-3-}羧酸在rm{NaOH}溶液中充分反應的化學方程式為________。rm{(3)}反應rm{壟脵}中試劑rm{CH_{2}(COOC_{2}H_{5})_{2}}的同分異構體有多種，其中分子中含有羧基，且核磁共振氫譜中有rm{3}個吸收峰，且峰的面積之比為rm{3漏U2漏U1}的異構體有rm{2}種，試寫出這兩種同分異構體的結構簡式：________、________。rm{(4)}反應rm{壟脵}中的催化劑“哌啶”可以由“毗啶”臺成，已知呲啶的性質與苯類似，可發(fā)生如下反應：呲啶的結構簡式為________，反應rm{壟脹}和反應rm{壟脺}的反應類型分別為________、________。34、[化學－選修2：化學與技術]（15分）參考答案一、選擇題(共9題，共18分)1、C【分析】【分析】應用庫侖定律與場的疊加原理求出滑塊在a點受到的電場力大?。芯縜O段和ab段，由動能定理列式求aO兩點間的電勢差和摩擦力的大?。窘馕觥俊窘獯稹拷猓篈；根據題意；不能確定滑塊最終停在什么位置，故A錯誤．

B、根據庫侖定律和電場的疊加原理可得，滑塊在a點受到的電場力大小F=k-k=．故B錯誤．

CD；滑塊從a到O的過程；由動能定理得：

-f+qUaO=-

滑塊從a到b的過程；由動能定理得：

-fL=0-

聯立解得f=，UaO=．故C正確；D錯誤．

故選：C2、D【分析】【分析】受力分析是指把研究對象在特定物理情景中所受的所有外力找出來，并畫出受力圖，是解決力學題的前提與基礎．【解析】【解答】解：先對A分析；受重力和支持力，二力平衡；水平方向受向右的拉力；故受B的向左的摩擦力；

再對物體B受力分析；受重力；A對B向下的壓力，地面對B的支持力、A對B向右的摩擦力；故一定還受地面對B向左的靜摩擦力，共5個力；

故選：D．3、B【分析】【分析】根據萬有引力提供向心力得出線速度、角速度、周期與軌道半徑、中心天體質量的關系，從而得出嫦娥一號與神舟7號線速度、角速度、加速度的關系．【解析】【解答】解：根據，得，v=，ω=，T=．

則，，，．故B正確；A；C、D錯誤．

故選B．4、C【分析】【分析】位移圖象傾斜的直線表示勻速直線運動，速度圖象傾斜的直線表示勻變速直線運動．【解析】【解答】解：A；位移圖象是傾斜的直線；速度不變，表示勻速直線運動，不符合題意．故A錯誤．

B；速度減小；加速度不變，表示物體做勻減速直線運動，不符合題意．故B錯誤．

C；速度增大；加速度不變，表示物體做勻加速直線運動，符合題意．故C正確．

D；速度不隨時間而變化；表示物體做勻速直線運動，不符合題意．故D錯誤．

故選C5、B【分析】試題分析：月球繞地球、探月衛(wèi)星繞月球的圓周運動的中心天體不同，故所以A錯誤；月球繞地球做圓周運動根據可求地球質量M，再根據可求月球質量，所以再由可求地球與月球之間的引力，所以B正確；但無法求出衛(wèi)星的質量，加上不知地球的半徑R，所以也無法求出地球的密度，所以C、D錯誤?？键c：本題考查天體運動【解析】【答案】B6、D【分析】【解析】

試題分析：由于不計空氣的阻力；所以三個球的機械能守恒，由于它們的初速度的大小相同，又是從同一個位置拋出的，最后又都落在了地面上，所以它們的初末的位置相同，初動能也相同，由機械能守恒可知，末動能也相同；

故選D．

考點：機械能守恒定律．

點評：不計空氣阻力，物體的機械能守恒，分析三個的運動情況，由機械能守恒可以判斷落地的速度．【解析】【答案】D7、C【分析】【分析】正弦式電流給燈泡供電，電壓表顯示是電源電壓的有效值，要求電路中燈泡的電流或功率等，均要用正弦式電流的有效值．【解析】【解答】解：A；交流電表的示數是有效值．

B；燈泡的額定電壓也是有效值；

C；電容器的耐壓值；是指的最大值；

D；保險絲的額定電流；也是有效值；

題目要求不是有效值，故選：C．8、C【分析】【分析】C點的線速度為ωL，為一定值，將該速度分解為沿繩子方向和垂直于繩子方向，在沿繩子方向的速度等于重物的速度，根據C點速度與繩子沿線的夾角的變化，判斷繩子方向分速度的變化，從而得出重物速度的變化．【解析】【解答】解：由題意知，C點的速度大小為vC=ωl，設vC與繩之間的夾角為θ，把vC沿繩和垂直繩方向分解可得；

v繩=vCcosθ；

在轉動過程中θ先減小到零再增大，故v繩先增大后減?。恢匚颩做變加速運動，其最大速度為ωl，故C正確，ABD錯誤．

故選：C．9、B【分析】【分析】當線框平面與磁場方向垂直時，穿過線框所圍面積的磁通量可根據公式Φ=BS求解．【解析】【解答】解：當線框平面與磁場方向垂直時；穿過線框所圍面積的磁通量為：Φ=BS．

故選：B二、填空題(共8題，共16分)10、mgtanθ【分析】【分析】以結點為研究對象進行受力分析，根據平衡條件求解彈力的大?。窘馕觥俊窘獯稹拷猓阂設點為研究對象；受力如圖所示：

由受力圖結合幾何關系可得：

FOA=mgtanθ

FOB=

故答案為：mgtanθ，．11、相等向左Al＞A2向右【分析】【分析】當開關接通和斷開的瞬間，流過線圈的電流發(fā)生變化，產生自感電動勢，阻礙原來電流的變化，根據自感現象的規(guī)律來分析．【解析】【解答】解：斷開開關，L中產生自感電動勢，相當于電源，R、L串聯，A1的示數等于A2的示數．通過電阻R的電流方向是從b到a；即向左；

閉合開關的瞬間，L所在電路上線圈產生自感電動勢，阻礙電流的增大，A1的示數大于A2的示數．開關S閉合穩(wěn)定后，L不再阻礙，A1的示數等于于A2的示數；

故答案為：相等，向左，Al＞A2，向右12、【分析】【分析】根據法拉第電磁感應定律，結合閉合電路歐姆定律，則有求解安培力大小，從而求得外力大小，再由歐姆定律，即可求解導體OO′兩端的電壓．【解析】【解答】解：由法拉第電磁感應定律；產生感應電動勢E=Blv；

根據閉合電路歐姆定律，則有感應電流大小：I==；

那么棒受到的安培力大?。篎=BIl=；

由于勻速滑動，則在OO′上的外力大小與安培力相等，即為F=；

根據歐姆定律，則有：金屬導體OO′兩端的電壓大小U=IR=R=；

故答案為：，13、2.094mm100.55【分析】【分析】游標卡尺讀數的方法是主尺讀數加上游標讀數，不需估讀．螺旋測微器的讀數方法是固定刻度讀數加上可動刻度讀數，在讀可動刻度讀數時需估讀，兩種儀器讀數時均可采用公式法，即：主尺讀數+副尺讀數．【解析】【解答】解：螺旋測微器的固定刻度讀數2mm；可動刻度讀數為0.01×9.4=0.094mm；

所以最終讀數為：固定刻度讀數+可動刻度讀數為2+0.094=2.094mm．

游標卡尺的主尺讀數為100mm；游標尺上11個刻度和主尺上某一刻度對齊，游標讀數為0.05×11mm=0.55mm；

所以最終讀數為：主尺讀數+游標尺讀數為100mm+0.55mm=100.55mm；

故答案為：2.094mm，100.55mm14、略

【分析】試題分析：根據質量數和電荷數守恒可得：X為根據質能方程可求核反應中釋放的核能考點：本題考查核反應方程【解析】【答案】X為15、略

【分析】【解析】因光斑移動方向不明確，故有兩種可能：若光斑左移2cm，則液面上升h=cm=cm，若光斑右移2cm，則液面下降cm.可見正確選項為BD.【解析】【答案】BD16、37.53.2【分析】【分析】汽車從最高點到落地點做平拋運動，根據水平位移和時間求出最高點的速度，根據時間求出下落的高度．【解析】【解答】解：汽車在最高點的速度v=，下落的高度h=．

故答案為：37.5，3.2．17、mgh【分析】【分析】重力做功與初末位置高度差有關．

由自由落體可得時間，進而得到重力的平均功率．【解析】【解答】解：重力做功等于：W=mgh．

由自由落體規(guī)律可得：

解得：

故重力做功的平均功率為：

故答案為：mgh；．三、判斷題(共8題，共16分)18、√【分析】【分析】時間是指時間的長度，在時間軸上對應一段距離，對應物體的位移或路程，時刻是指時間點，在時間軸上對應的是一個點，對應物體的位置．【解析】【解答】解：“寧停三分；不搶一秒”中的3分是3分鐘，3分鐘與1秒鐘在時間軸上都是指的時間的長度，都是時間．故該說法正確；

故答案為：√19、×【分析】【分析】陰極射線是在1858年利用低壓氣體放電管研究氣體放電時發(fā)現的．1897年約瑟夫?約翰?湯姆生根據放電管中的陰極射線在電磁場和磁場作用下的軌跡確定陰極射線中的粒子帶負電，并測出其荷質比，這在一定意義上是歷史上第一次發(fā)現電子．【解析】【解答】解：陰極即負極；陰極射線是負極發(fā)出的射線，是電子流；同理，陽離子在陽極放電．故該說法是錯誤的．

故答案為：×．20、×【分析】【分析】物體運動的方向與物體所受合外力的方向可能相同，也可能不同，可舉例說明．【解析】【解答】解：物體運動方向可能與所受合外力的方向一致；比如自由落體運動，也可能不一致比如平拋運動等等．

故答案為：×21、√【分析】【分析】首先知道平衡態(tài)和熱平衡的定義，知道影響的因素是不同；知道溫度是判斷系統(tǒng)熱平衡的依據．【解析】【解答】解：熱平衡是兩個系統(tǒng)相互影響的最終結果；根據熱平衡的定義可知，熱力學系統(tǒng)的平衡態(tài)是一種動態(tài)平衡，分子仍做無規(guī)則運動．所以該說法是正確的．

故答案為：√22、×【分析】【分析】元電荷一定是電量最小的電荷；點電荷是一種理想化模型，其本身所帶的電量可以很大．【解析】【解答】解：點電荷是一種理想化模型；當帶電體的體積和形狀相對所研究的問題可以忽略的時候，帶電體可以看做點電荷，其本身所帶的電量可以很大．故此說法錯誤．

故答案為：×23、√【分析】【分析】物理量按有無方向分矢量和標量，矢量的運算遵守平行四邊形法則．【解析】【解答】解：矢量是既有大??；又有方向的物理量，矢量的運算遵守平行四邊形法則．故這句話是正確的．

故答案為：√24、×【分析】【分析】勻變速運動是指加速度恒定的運動；平拋運動的加速度為g，恒定；勻速圓周運動的加速度總是指向圓心，時刻改變．【解析】【解答】解：勻變速運動是指加速度恒定的運動；

平拋運動的加速度為g；恒定，是勻變速曲線運動；

勻速圓周運動的加速度總是指向圓心；時刻改變，是變加速運動；

故答案為：×．25、×【分析】【分析】滑動摩擦力與物體相對運動的方向相反．【解析】【解答】解：滑動摩擦力阻礙相對運動；與物體相對運動的方向相反．有時會和物體的運動方向相同，故與物體的運動方向相反說法錯誤．

故答案為：×四、實驗探究題(共4題，共28分)26、略

【分析】解：（1）由圖示實物電路圖可知；滑動變阻器阻值全部接入電路，滑動變阻器成為定值電阻，滑動變阻器接線錯誤，電壓表直接接在電源兩端，電壓表接線錯誤，故選AD．

（2）由圖示電壓表可知；其分度值為0.1V，示數為1.20V；由圖示電流表可知，其分度值為0.02A，其示數為0.26A．

（3）由圖示電源U-I圖象可知；圖象與縱軸交點坐標值為1.48，則電源電動勢：E=1.48V；

電源內阻：r==≈0.77Ω；

故答案為：（1）AD；（2）1.20；0.26；（3）1.48；0.77．

（1）滑動變阻器采用限流接法時要接一上一下兩個接線柱；開關應該可以控制整個電路，分析圖示電路圖然后答題．

（2）根據圖示電表確定其分度值；然后讀出其示數．

（3）根據圖示電源U-I圖象求出電源的電動勢與內阻．

本題考查了實驗電路分析、電表讀數、求電源電動勢與內阻，要掌握應用圖象法處理實驗數據的方法；對電表讀數時要先確定其量程與分度值，然后再讀數，讀數時視線要與電表刻度線垂直．【解析】AD；1.20；0.26；1.48；0.7727、（1）5.50（2））【分析】【分析】(1)

游標卡尺讀數的方法是主尺讀數加上游標讀數；不需估讀.

游標的零刻度線超過主尺上的刻度數為主尺讀數，游標讀數等于分度乘以對齊的根數；

(2)

光電門測速度的原理是用平均速度來代替瞬時速度；根據功能關系可以求出需要驗證的關系式。

了解光電門測量瞬時速度的原理，實驗中我們要清楚研究對象和研究過程，對于系統(tǒng)我們要考慮全面，同時明確實驗原理是解答實驗問題的前提?！窘獯稹?1)

游標卡尺的主尺讀數為5mm

游標讀數等于0.05隆脕10mm=0.50mm

所以最終讀數為：5mm+0.50mm=5.50mm

(2)

由于光電門的寬度d

很??；所以我們用很短時間內的平均速度代替瞬時速度：

滑塊通過光電門1

速度為：v1=dt1

滑塊通過光電門2

速度為：v2=dt2

根據功能關系需要驗證的關系式為：(F鈭?mg)s=12M(dt2)2鈭?12M(dt1)2))故答案為：(1)5.50(1)5.50(2)(2)(F鈭?mg)s=12M(dt2)2鈭?12M(dt1)2))

【解析】(1)5.50(2)(F鈭?mg)s=12M(dt2)2鈭?12M(dt1)2)

28、?（1）（2）待測電阻未與其它元件斷開（3）①A②小于R0③R1（4）R3【分析】【分析】根據電路圖連接實物圖；使用多用電表粗測電阻時，應將待測電阻與其它元件斷開；根據實驗要求合理設計實驗步驟。本題考查選擇實驗器材、作出實驗電路、實驗步驟，知道實驗原理是正確解題的關鍵，要理解實驗原理?！窘獯稹?1)

對照電路圖，電壓表的負接線柱應與S2

中間的接線柱相連，滑動變阻器的下接線柱應與電源負極相連，如圖：(2)

使用多用電表粗測Rx

時，應將待測電阻Rx

與其它元件斷開；(3)

實驗步驟：壟脵

將滑動變阻器的滑片P

調至圖甲中的A

端；閉合S1

將S2

撥至1

調節(jié)變阻器的滑片P

至某一位置，使電壓表的示數滿偏；壟脷

調節(jié)電阻箱Ra

使其阻值小于R0

壟脹

將S2

撥至“2

”，保持變阻器滑片P

的位置不變，調節(jié)電阻箱的阻值，使電壓表再次滿偏，此時電阻箱的示數為R1攏祿

則Rx=R1

(4)

實驗中，因為Rx

的阻值約幾百歐，為了減小實驗誤差，滑動變阻器應選R3

故答案為：(1)

(2)

待測電阻未與其他元件斷開；(3)壟脵A壟脷

小于R0壟脹1(4)R3隆攏

【解析】?((11))((22))待測電阻未與其它元件斷開((33))壟脵壟脵AA壟脷壟脷小于R0R_{0;}壟脹壟脹R1R_{1}(44)R3R_{3;}29、（1）(2)移動滑動變阻器的滑片，以保證通電后電壓表所在支路分壓最??；閉合開關S1、S2，調節(jié)R1，使電壓表的指針滿偏；保持滑動變阻器滑片的位置不變，斷開S2，調節(jié)電阻箱R0，使電壓表的指針半偏；讀取電阻箱所示的電阻值，此即為測得的電壓表內阻。(3)斷開S2，調節(jié)電阻箱使電壓表成半偏狀態(tài)，電壓表所在支路總電阻增大，分得的電壓也增大；此時R0兩端的電壓大于電壓表的半偏電壓，故RV′＞RV(其他合理說法同樣給分)?！痉治觥?1)

因滑動變阻器阻值較小，所以選擇滑動變阻器的分壓接法。實驗電路如圖所示。(2)

移動滑動變阻器的滑片，以保證通電后電壓表所在支路分壓最??；閉合開關S1S2

調節(jié)R1

使電壓表的指針滿偏；保持滑動變阻器滑片的位置不變，斷開S2

調節(jié)電阻箱R0

使電壓表的指針半偏；讀取電阻箱所示的電阻值，此即為測得的電壓表內阻。(3)

斷開S2

調節(jié)電阻箱使電壓表成半偏狀態(tài)，電壓表所在支路總電阻增大，分得的電壓也增大；此時R0

兩端的電壓大于電壓表的半偏電壓，故RV隆盲>RV(

其他合理說法同樣給分)

【解析】(1)

(2)

移動滑動變阻器的滑片，以保證通電后電壓表所在支路分壓最??；閉合開關S1S2

調節(jié)R

1

使電壓表的指針滿偏；保持滑動變阻器滑片的位置不變，斷開S2

調節(jié)電阻箱R

0

使電壓表的指針半偏；讀取電阻箱所示的電阻值，此即為測得的電壓表內阻。(3)

斷開S2

調節(jié)電阻箱使電壓表成半偏狀態(tài)，電壓表所在支路總電阻增大，分得的電壓也增大；此時R

0

兩端的電壓大于電壓表的半偏電壓，故R

V隆盲>

R

V(

其他合理說法同樣給分)

五、證明題(共3題，共6分)30、略

【分析】【解析】設行星半徑為R、質量為M，飛船在靠近行星表面附近的軌道上運行時，有即①又行星密度②將①代入②得思路分析：根據萬有引力提供向心力利用公式推導出又因為所以得到結論試題【解析】【答案】見解析31、略

【分析】【分析】（1）①根據滑動摩擦力公式f=μN求解摩擦力．

②根據牛頓第二定律得物塊和薄紙的加速度．從而得到速度的變化量；再研究水平拉力F和桌面對薄紙摩擦力的總沖量，即可證明．

（2）根據相對位移，得到摩擦產生的熱量，利用功能關系求解．【解析】【解答】解：（1）①從開始抽紙到紙被抽離物塊底部的過程中；

物塊對薄紙施加的摩擦力f物=μ2Mg

水平桌面對薄紙施加的摩擦力f桌=μ1（M+m）g

薄紙受到的總的摩擦阻力f總=μ1（M+m）g+μ2Mg

②從開始抽紙到薄紙被抽離物塊底部的過程，假設物塊的加速度為aM、薄紙的加速度為am，所用時間為t，這一過程物塊和紙張的速度變化量分別為△vM，△vm．

則有△vM=aMt，△vm=amt；

對于薄紙，根據牛頓第二定律有F-f桌-f物=mam

對于物塊，根據牛頓第二定律有f紙=MaM

由牛頓第三定律有f物=f紙

由以上三式解得F-f桌=mam+MaM

上式左右兩邊都乘以時間t，有（F-f桌）t=mamt+MaMt=m△vm+M△vM

上式左邊即為水平拉力F和桌面對薄紙摩擦力的總沖量；右邊即為物塊和紙的總動量的變化量．命題得證．

說明：其他方法正確同樣得分．

（2）設物塊在薄紙上加速和在桌面上減速的位移分別為x1，x2；

則物塊對地位移s0=x1+x2

因薄紙質量可忽略；故其動能可忽略，所以水平拉力F所做的功有以下一些去向：

薄紙與桌面間的摩擦生熱Q1=μ1Mg（x1+L）

物塊與薄紙間的摩擦生熱Q2=μ2Mgs相=μ2MgL

物塊與桌面間的摩擦生熱Q3=μ1Mgx2

由功能關系有WF=Q1+Q2+Q3

解得