2025年滬科版高三物理上冊階段測試試卷

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年滬科版高三物理上冊階段測試試卷731考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五六總分得分評卷人得分一、選擇題(共9題，共18分)1、在家庭安全用電中，下列措施正確的是（）A.空調(diào)機使用兩相插座B.洗衣機使用三相插座C.電源總開關并聯(lián)連接漏電保護開關D.多個大功率電器同時使用同一插座2、某質(zhì)點的位移隨時間的變化關系式x=4t-2t2，x與t的單位分別是m和s．則該質(zhì)點的初速度和加速度分別是（）A.4m/s和-2m/s2B.0和2m/s2C.4m/s和-4m/s2D.4m/s和03、用同一張底片對著小球運動的路徑每隔s拍一次照，得到的照片如圖所示，則小球在圖中過程運動的平均速度是（）A.0.25m/sB.0.2m/sC.0.17m/sD.無法確定4、如圖是物體在某段直線運動過程中的v-t圖象，則物體由tl到t2運動的過程中（）A.做勻速直線運動B.速度不斷減小C.位移不斷減小D.加速度不斷增大5、如圖所示，A、B、C三球的質(zhì)量均為m，輕質(zhì)彈簧一端固定在斜面頂端、另一端與A球相連，A、B間固定一個輕桿，B、C間由一輕質(zhì)細線連接．傾角為θ的光滑斜面固定在地面上，彈簧、輕桿與細線均平行于斜面，初始系統(tǒng)處于靜止狀態(tài)，細線被燒斷的瞬間，下列說法正確的是()A.B球的受力情況未變，加速度為零B.B兩個小球的加速度均沿斜面向上，大小均為gsinθC.B之間桿的拉力大小為2mgsinθD.C球的加速度沿斜面向下，大小為2gsinθ6、【題文】如圖所示，理想變壓器的副線圈上通過輸電線接有三個燈炮L1、L2和L3，輸電線的等效電阻為R，原線圈接有一個理想的電流表，開始時，開關S接通，當S斷開時；以下說法中正確的是。

A.原線圈兩端P、Q間的輸入電壓減小B.等效電阻R上消耗的功率變大C.原線圈中電流表示數(shù)增大D.燈炮L1和L2變亮7、下列說法中正確的是（）A.布朗運動就是液體分子的熱運動B.一定質(zhì)量的氣體吸收熱量，其內(nèi)能一定增加C.分子間的引力與斥力同時存在，斥力總是小于引力D.物體的溫度越高，分子熱運動越劇烈，分子的平均動能越大8、在高臺跳水比賽中，質(zhì)量為m的運動員進入水中后受到水的阻力（包括浮力）而豎直向下做減速運動，設水對運動員的阻力大小恒為F，則在運動員減速下降深度為h的過程中，下列說法正確的是（g為當?shù)氐闹亓铀俣龋ǎ〢.運動員的動能減少FhB.運動員的重力勢能減少mghC.運動員的機械能減少了（F-mg）hD.運動員的機械能減少了mgh9、如圖所示，兩塊較大的金屬板A、B相距為d，平行放置并與一電源相連，S閉合后，兩板間恰好有一質(zhì)量為m、帶電量為q的油滴處于靜止狀態(tài)，以下的哪些操作可以使油滴向上運動（）A.若將S閉合著，將A板向上平移一小段位移B.若將S閉合著，將A板向下平移一小段位移C.若將S斷開，將A板向上平移一小段位移D.若將S斷開，將A板向下平移一小段位移評卷人得分二、填空題(共7題，共14分)10、一塊含鈾的礦石質(zhì)量為M，其中鈾元素的質(zhì)量為m，鈾發(fā)生一系列衰變，最終生成物是鉛．鈾的半衰期為T，經(jīng)過2T后鈾的質(zhì)量為____．11、放在斜面上的物體受到的重力為G，斜面的傾角為θ，則重力沿斜面方向的分力G1=____，垂直于斜面的分力G2=____．12、（2015秋?蘭州校級期末）如圖所示，質(zhì)量分別為2m和m的兩個物體A和B，用輕彈簧連在一起，放在光滑的水平面上．在水平拉力F的作用下，兩物體相對靜止一起向右做勻加速運動，則彈簧的彈力的大小為____；若某時突然撤去F，則撤去F的瞬間物體B的加速度aB=____．13、一單色光在某種介質(zhì)中的傳播速度為1.5×108m/s，它在介質(zhì)中的波長為300nm，這種光的頻率為____Hz，在真空中的波長為____nm．14、某同學利用電流表和電壓表測量一電池的電動勢E和內(nèi)阻r；所用的電流表和電壓表均已經(jīng)校準．

（1）若該同學采用如圖甲所示的電路測E和r，且電流表和電壓表的內(nèi)阻RARV未知，則該實驗的系統(tǒng)誤差產(chǎn)生的原因是____

A；電流表不是理想電表。

B；電壓表不是理想電表。

C；電流表讀數(shù)誤差。

D；電壓表讀數(shù)誤差。

（2）若該同學采用如圖乙所示的電路測E和r，且電流表和電壓表的內(nèi)阻RARV已知（RA和r大小差不多），通過改變滑動變阻器的阻值，讀出多組UI讀數(shù)，然后做UI圖象，求出該圖線的縱截距U，斜率的絕對值為k，則由此得出該電源的電動勢E=____，內(nèi)阻r=____．

15、一個200匝、面積為20cm2的圓線圈，放在勻強磁場中，磁場方向與線圈平面成30角，磁感應強度B=0.5T，在0.05s內(nèi)線圈轉(zhuǎn)到與磁場方向垂直的位置，在此過程中，線圈中的平均感應電動勢E=____V．16、（2012秋?漣水縣校級月考）如圖所示，在兩塊相同的豎直木板之間，有質(zhì)量均為m的4塊相同的磚，用兩個大小均為F的水平力壓木板，使磚靜止不動，則豎直木板對第1塊磚的摩擦力大小為____；第2塊磚對第3塊磚的摩擦力大小為____．評卷人得分三、判斷題(共6題，共12分)17、作用在物體上的合外力減小時，速度也隨之減小．____（判斷對錯）18、兩滴水銀相接觸，立即合并到一起以及熔化的蠟從蠟燭上流下來，冷卻后呈球形，均是由液體表面張力造成的．____．（判斷對錯）19、電場力大的地方電場強度一定大．____．（判斷對錯）20、10個分子的動能和分子勢能的總和就是這10個分子的內(nèi)能．____．（判斷對錯）21、（2010?駐馬店模擬）氫原子的能級圖如圖所示，欲使一處于基態(tài)的氫原子釋放出一個電子而變成氫離子，該氫原子需要吸收的能量至少是13.60eV____（判斷對錯）22、如果通電的金屬棒在磁場中不受力的作用，則該處的磁感應強度一定為零．____．（判斷對錯）評卷人得分四、解答題(共2題，共10分)23、如圖所示；皮帶的速度是3m/s，圓心之間的距離s=4.5m．現(xiàn)將m=1kg的小物體輕輕放在左輪正上方的皮帶上，物體與皮帶間的動摩擦因數(shù)μ=0.5，電動車動皮帶將物體從左輪運動到右輪正上方過程中，求：

（1）傳送帶對小物體做的功；

（2）因摩擦而產(chǎn)生的內(nèi)能．24、如圖所示；水平地面AB與傾角為θ的斜面平滑相連．一個質(zhì)量為m的物塊靜止在A點．現(xiàn)用水平恒力F向右拉物塊，使物塊從靜止開始做勻加速直線運動，經(jīng)時間t到達B點，此時撤去拉力F，物塊在B點平滑地滑上斜面．已知物塊與水平地面和斜面間的動摩擦因數(shù)均為μ，重力加速度為g求：

（1）物塊運動到B點時速度的大?。?/p>

（2）物塊沿斜面向上運動時加速度的大??；

（3）物塊沿斜面上滑的最大距離．評卷人得分五、簡答題(共4題，共8分)25、有一導體，當在其兩端加上10V電壓時，電流強度是0.2A，求導體的電阻和1分鐘內(nèi)通過導體橫截面的電子數(shù)．26、【題文】如圖丙所示；甲乙兩小兒之辯，關于機械省力，省功以及機械效率的辯論，你支持哪一方的說法？不支持另外一方的原因是什么？

乙。

。乙。

乙。

27、rm{TiO_{2}}既是制備其他含鈦化合物的原料，又是一種性能優(yōu)異的白色顏料。Ⅰrm{.}實驗室利用反應rm{TiO_{2}(s)+CCl_{4}(g)TiCl_{4}(g)+CO_{2}(g)}在無水無氧條件下制備rm{TiCl_{4}}實驗裝置示意圖如下：有關物質(zhì)性質(zhì)如下表：。物質(zhì)熔點rm{/隆忙}沸點rm{/隆忙}其它rm{CCl_{4}}rm{-23}rm{76}與rm{TiCl_{4}}互溶rm{TiCl_{4}}rm{-25}rm{136}遇潮濕空氣產(chǎn)生白霧rm{(1)}儀器rm{A}的名稱是____。裝置rm{E}中的試劑是____。rm{(2)}反應開始前依次進行如下操作：組裝儀器、____rm{(}填步驟rm{)}加裝藥品、通rm{N_{2}}一段時間后點燃酒精燈rm{.}反應結束后的操作包括____rm{(}填序號rm{)}rm{壟脵}停止通rm{N_{2}}rm{壟脷}熄滅酒精燈rm{壟脹}冷卻至室溫。欲分離rm{D}中的液態(tài)混合物，所采用操作的名稱是____。Ⅱrm{.}工業(yè)上由鈦鐵礦rm{(FeTiO_{3})}rm{(}其中含rm{Fe_{2}O_{3}}rm{SiO_{2}}等雜質(zhì)rm{)}制備rm{TiO_{2}}簡要工藝流程如下：已知加入硫酸時，rm{FeTiO_{3}}反應為：rm{FeTiO_{3}(s)+2H_{2}SO_{4}(aq)===FeSO_{4}(aq)+TiOSO_{4}(aq)+2H_{2}O(l)}rm{(3)}試劑rm{A}為______，鈦液Ⅰ需冷卻至rm{70隆忙}左右，若溫度過高會導致產(chǎn)品rm{TiO_{2}}回收率降低，原因是___________________________________________rm{(4)}水解反應化學方程式為_______________________________________rm{(5)}取少量制得的rm{H_{2}TiO_{3}}__________________rm{(}將其補充完整rm{)}說明rm{H_{2}TiO_{3}}中存在的雜質(zhì)是rm{Fe(OH)_{2}}28、如圖所示，物體A、B的重力分別為GA、GB均處于靜止狀態(tài)，不計滑輪與繩的摩擦，求地面對A的支持力和摩擦力．（α已知）評卷人得分六、推斷題(共4題，共20分)29、聚蘋果酸rm{(PMLA)}可應用于生物醫(yī)藥和生物材料等領域，其合成路線如下：已知：回答下列問題：rm{(1)A}中所含的含氧官能團名稱為________，rm{E}的名稱為_____________。rm{(2)}上述轉(zhuǎn)化關系中rm{B隆煤C}和rm{C隆煤D}這兩步的順序能否顛倒______rm{(}填“能”或“不能”rm{)}說明理由：_____________。rm{(3)}反應rm{壟脵}的化學反應方程式為_______________。rm{(4)B}的核磁共振氫譜有三組峰，其峰面積比為rm{1:1:2}rm{B}的結構簡式為___________，能發(fā)生銀鏡反應的rm{B}的同分異構體有_____種。rm{(5)}請寫出以rm{1}rm{3-}丁二烯為原料制備rm{E}的合成路線流程圖rm{(}無機試劑任用，合成路線流程圖示例見本題題干rm{)}30、【化學rm{隆陋}選修r(nóng)m{5}有機化學基礎】端炔烴在催化劑存在下可發(fā)生偶聯(lián)反應，稱為rm{Glaser}反應。該反應在研究新型發(fā)光材料、超分子化學等方面具有重要價值。下面是利用rm{Glaser}反應制備化合物rm{E}的一種合成路線：回答下列問題：rm{(1)B}的結構簡式為___________________，rm{D}的化學名稱為________。rm{(2)壟脵}和rm{壟脹}的反應類型分別為________、________。rm{(3)}反應rm{壟脺}化學反應方程式為____________________________________。rm{(4)}下列說法不正確的是rm{(}____rm{)}rm{A.}用rm{1molE}合成rm{1}rm{4}二苯基丁烷，理論上需要消耗氫氣rm{4mol}B.rm{E}分子中處于同一條直線上的原子最多有rm{8}個；C.rm{C}分子的核磁共振氫譜面積比為rm{1:2:2:3}D.可用酸性高錳酸鉀溶液鑒別rm{A}和rm{B}rm{(5)}化合物rm{(}rm{)}也可發(fā)生rm{Glaser}偶聯(lián)反應生成聚合物，該聚合反應的化學方程式為：____________________________________________________________________。rm{(6)}芳香化合物rm{F}是rm{C}的同分異構體，其分子中只有兩種不同化學環(huán)境的氫，數(shù)目比為rm{3隆脙1}符合該條件的同分異構體有_______種。rm{(7)}寫出用rm{2?}苯基乙醇為原料rm{(}其他無機試劑任選rm{)}制備化合物rm{D}的合成路線_____________________________________________________________________。31、rm{[}化學rm{隆陋隆陋}選修r(nóng)m{5}有機化學基礎rm{]}秸稈rm{(}含多糖類物質(zhì)rm{)}的綜合利用具有重要的意義。下面是以秸稈為原料合成聚酯類高分子化合物的路線：回答下列問題：rm{(1)}下列關于糖類的說法正確的是__________。rm{(}填標號rm{)}rm{a.}糖類都有甜味，具有rm{C_{n}H_{2m}O_{m}}的通式rm{b.}麥芽糖水解生成互為同分異構體的葡萄糖和果糖rm{c.}用銀鏡反應不能判斷淀粉水解是否完全rm{d.}淀粉和纖維素都屬于多糖類天然高分子化合物rm{(2)B}生成rm{C}的反應類型為__________。rm{(3)D}中的官能團名稱為__________，rm{D}生成rm{E}的反應類型為__________。rm{(4)F}的化學名稱是__________，由rm{F}生成rm{G}的化學方程式為__________。rm{(5)}具有一種官能團的二取代芳香化合物rm{W}是rm{E}的同分異構體，rm{0.5molW}與足量碳酸氫鈉溶液反應生成rm{44gCO_{2}}rm{W}共有__________種rm{(}不含立體異構rm{)}其中核磁共振氫譜為三組峰的結構簡式為__________。rm{(6)}參照上述合成路線，以rm{(}反，反rm{)}--rm{2}rm{4}--已二烯和rm{C_{2}H_{4}}為原料rm{(}無機試劑任選rm{)}設計制備對苯二甲酸的合成路線__________。32、rm{H}是藥物合成中的一種重要中間體，下面是rm{H}的一種合成路線：是藥物合成中的一種重要中間體，下面是rm{H}的一種合成路線：

rm{H}回答下列問題：的結構簡式為_______，其中所含官能團的名稱為______；rm{(1)X}生成rm{Y}的反應類型為_______。rm{Z}的化學名稱是________。rm{(2)R}由rm{(3)}和rm{Z}合成rm{E}的化學方程式為__________________。rm{F}同時滿足苯環(huán)上有rm{(4)}個取代基，且既能發(fā)生銀鏡反應，又能發(fā)生水解反應的rm{4}的同分異構體有________種，其中核磁共振氫譜上有rm{Y}組峰，峰面積之比為rm{4}的同分異構體的結構簡式為________rm{1隆脙2隆脙2隆脙3}一種即可rm{(}rm{)}參照上述合成路線，以乙醛和為原料rm{(5)}其他試劑任選rm{(}設計制備肉桂醛rm{)}rm{(}的合成路線。rm{)}參考答案一、選擇題(共9題，共18分)1、B【分析】【分析】（1）金屬外殼的用電器的金屬外殼一定要接地；防止漏電時，發(fā)生觸電事故；

（2）開關控制用電器時；開關和用電器是串聯(lián)的，并且在火線上；家庭電路的用電器都是并聯(lián)的．

（3）漏電保護開關防止漏電、觸電；空氣開關跳閘是因為電路中電流過大，電流過大的原因是短路或總功率過大．【解析】【解答】解：

A；具有金屬外殼的用電器；為防止外殼漏電造成觸電事故，需將外殼接地，故A錯誤，B正確；

C；電源總開關串聯(lián)連接漏電保護開關；故C錯誤；

D；多個大功率電器同時使用同一插座；是因為電路中電流過大，電流過大會引起火災．故D錯誤．

故選：B．2、C【分析】【分析】根據(jù)勻變速直線運動的位移時間公式得出物體的初速度和加速度．【解析】【解答】解：根據(jù)得，質(zhì)點的初速度v0=4m/s，加速度a=-4m/s2．故C正確；A；B、D錯誤．

故選：C．3、C【分析】【分析】由圖得出小球運動的距離（注意減去前面的1cm）和所用的時間，利用速度公式求小球運動的平均速度．【解析】【解答】解：

由圖知；小球運動的路程：

s=6cm-1cm=5cm=0.05m；

運動時間：

t=s×3=0.3s；

小球的運動速度：

v=≈0.17m/s．

故選：C．4、D【分析】【分析】速度-時間圖象中每一點表示該時刻所對應的速度，圖線的每一點的斜率表示物體在該點的加速度，則根據(jù)圖象的斜率可知加速度的變化；由速度公式可求得位移．【解析】【解答】解：由圖可知物體的速度越來越大；曲線的斜率越來越大，故加速度不斷增大，故AB錯誤，D正確；

因速度一直沿正方向；故物體的位移越來越大；故C錯誤；

故選D5、B【分析】試題分析：線燒斷前，ABC做為一個整體，沿斜面方向受力分析得彈簧彈力對C受力分析，沿斜面方向繩子拉力細線燒斷瞬間，彈簧形變量不會變化彈力不變，對C分析，沒有細線拉力，加速度答案D錯。AB之間由輕桿連接，相對靜止，整體分析可得合力沿斜面向上，得答案B對A錯。對B分析，斜面方向一個輕桿彈力一個重力沿斜面向下分力，輕桿彈力得輕桿彈力答案C錯。考點：力的突變問題共點力的平衡【解析】【答案】B6、D【分析】【解析】理想變壓器當負載發(fā)生變化時不影響原副線圈的輸入輸出電壓，A錯，當S斷開時會使副線圈電阻增大，則電流減小據(jù)可知等效電阻R上消耗的功率變小，B錯，輸入功率和輸出功率相等，所以副線圈電流減小，則原線圈電流也會減小，C錯，因為副線圈輸出電壓沒變，R上的電壓減小，所以燈上電壓增大，則燈炮L1和L2變亮D對【解析】【答案】D7、D【分析】解：A；布朗運動是固體微粒的運動；是液體分子無規(guī)則熱運動的反應，故A錯誤；

B；做功和熱傳遞都可以改變物體的內(nèi)能；由熱力學第一定律計算內(nèi)能的變化，故B錯誤；

C、分子間的引力與斥力同時存在，當分子之間的距離大于r0時，斥力小于引力，當分子之間的距離小于r0時；斥力大于引力．故C錯誤；

D；物體的溫度越高；分子熱運動越劇烈，分子的平均動能越大，故D正確；

故選：D

布朗運動是固體微粒的運動，是液體分子無規(guī)則熱運動的反應，固體微粒越大布朗運動越不明顯，溫度越高運動越明顯；做功和熱傳遞都可以改變物體的內(nèi)能，由熱力學第一定律計算；溫度是分子平均動能的標志；當分子之間的距離大于r0時，斥力小于引力，當分子之間的距離小于r0時；斥力大于引力．

掌握了布朗運動的性質(zhì)和特點、熱力學第一定律、溫度帶意義和分子力的關系，要平時積累記憶．【解析】【答案】D8、B【分析】【分析】根據(jù)重力做功判斷重力勢能的變化，根據(jù)合力做功判斷動能的變化，根據(jù)除重力以外其它力做功判斷機械能的變化．【解析】【解答】解：A；運動員在減速下降深度為h的過程中；根據(jù)動能定理知，動能的減小量等于克服合力做的功，為（F-mg）h，故A錯誤；

B；在減速下降深度為h的過程中；重力勢能的減小量等于重力做的功，為mgh，故B正確；

CD；減速下降深度為h的過程中；機械能的減小量等于克服阻力做的功，為Fh，故C、D錯誤；

故選：B9、B【分析】【分析】將A向左平移一小段位移，電場強度不變，油滴仍然靜止．將A向上平移一小段位移，電壓不變，電容減小，分析電量的變化，確定電容器是充電還是放電，再研究電流方向．再確定油滴的運動情況和電流方向．將S斷開，電容器電量不變，板間場強不變，油滴仍處于靜止狀態(tài)．【解析】【解答】解：A、S閉合著，電容器板間電壓不變，若將A板向上移，由E=可知；場強E變小，油滴所受的電場力變小，向下運動．故A錯誤．

B、將A板下移，由E=可知；E變大，油滴所受的電場力增大，將向上加速運動，故B正確；

C、將S斷開，電容器的電量不變，根據(jù)C=，C=，E=可得：E=；可知不論A極向下，還是向上，電場強度E不變，油滴所受的電場力不變，故油滴仍處于靜止狀態(tài)，故CD錯誤；

故選：B．二、填空題(共7題，共14分)10、【分析】【分析】經(jīng)過一個半衰期后，有一半質(zhì)量的元素發(fā)生衰變，根據(jù)m=求出經(jīng)過2T后鈾的質(zhì)量【解析】【解答】解：經(jīng)過2個半衰期，鈾的質(zhì)量．

故答案為：．11、GsinθGcosθ【分析】【分析】合力與分力遵循平行四邊形定則，根據(jù)平行四邊形定則分解后根據(jù)幾何關系列式求解即可；【解析】【解答】解：將重力沿著平行斜面和垂直斜面方向正交分解；如圖。

故G1=Gsinθ，G2=Gcosθ；

故答案為：Gsinθ，Gcosθ．12、【分析】【分析】A；B一起運動；它們有共同的加速度，對整體可以求出加速度的大小，再分析B的受力，可以求出彈簧的彈力；

撤去F的瞬間彈簧的彈力不變，B只受到彈力的作用，加速度是由彈力產(chǎn)生的．【解析】【解答】解：設物體運動的加速度為a；

對AB整體有；F=3ma；

對B有，F(xiàn)彈=2ma；

解得：F彈=

撤去F時，B只受到彈力的作用，設加速度為aB；

則F彈=maB；

所以maB=

故答案為：；13、5×1014Hz6×10-7m【分析】【分析】已知光在介質(zhì)中的傳播速度和波長，由波速公式求解光的頻率．光在介質(zhì)與在真空中頻率相同，光在真空中速度為c=3×108m，再由波速公式求解光在真空中的波長．【解析】【解答】解：已知光在介質(zhì)中的傳播速度v=1.5×108m/s，在介質(zhì)中的波長為λ=300nm=3×10-7m；由公式v=λf得

光的頻率為f==Hz=5×1014Hz

光在介質(zhì)與在真空中頻率相同，光在真空中速度為c=3×108m，由c=λ0f得

在真空中的波長λ0==6×10-7m

故答案為：5×1014Hz，6×10-7m14、略

【分析】

（1）采用甲圖時，根據(jù)閉合電路歐姆定律應有E=U+（I+）r；可見，由于電壓表內(nèi)阻不是無窮大，導致電流表測得的電流小于干路電流而產(chǎn)生誤差，所以該實驗的系統(tǒng)誤差產(chǎn)生的原因是電壓表不是理想電表，故選B．

（2）采用乙電路時，應有E=U+I（r+），解得U=（r+）I+E，結合數(shù)學函數(shù)y=kx+b，可見電動勢E=k=（r+），即r=k-

故答案為（1）B

（2）k

【解析】【答案】（1）題的關鍵是把電壓表電阻考慮在內(nèi)后列出閉合電路歐姆定律表達式；可得出結論．

（2）題的關鍵是把電流表內(nèi)阻考慮在內(nèi)后列出閉合電路歐姆定律表達式；然后求出斜率和截距的值即可求解．

15、2或6【分析】【分析】穿過線圈的磁通量發(fā)生變化，導致線圈中產(chǎn)生感應電動勢，從而出現(xiàn)感應電流．由法拉第電磁感應定律可得感應電動勢的大?。窘馕觥俊窘獯稹拷猓捍艌龇较蚺c線圈平面成30角；磁感應強度B=0.5T，在0.05s內(nèi)線圈轉(zhuǎn)到與磁場方向垂直的位置，由于本題沒有明確線圈轉(zhuǎn)動方向，所以分為順時針和逆時針轉(zhuǎn)動；

1、順時針轉(zhuǎn)動：穿過線圈的磁通量變化量是：△?=?2-?1=BS-BS?sin30°=5×10-4Wb

則線圈中感應電動勢大小為：E=N=2V

2、逆時針轉(zhuǎn)動：穿過線圈的磁通量變化量是：△?′=?2+?1=BS-BS?sin30°=1.5×10-3Wb

則線圈中感應電動勢大小為：E′=N=6V

故答案為：2或616、2mg0【分析】【分析】先對4塊木板整體受力分析，根據(jù)平衡條件求解墻壁對木板的摩擦力，在對木板3和4整體分析，根據(jù)平衡條件求解第2塊磚對第3塊磚的摩擦力大小．【解析】【解答】解：先對4塊木板整體受力分析；受重力4mg和兩側墻壁對木塊向上的靜摩擦力2f，根據(jù)平衡條件，有：

2f=4mg

解得：f=2mg

即墻壁對木板的靜摩擦力為2mg；

再對木板3；4整體分析；受重力2mg，墻壁對其向上的靜摩擦力，大小為f=2mg，設2對3、4的靜摩擦力為f′，向上，根據(jù)平衡條件，有：

f′+f=2mg；故f′=2mg-f=0

故答案為：2mg，0．三、判斷題(共6題，共12分)17、×【分析】【分析】加速度是反映速度變化快慢的物理量，當加速度方向與速度方向相同，做加速運動，當加速度方向與速度方向相反，做減速運動．【解析】【解答】解：加速度是反映速度變化快慢的物理量．根據(jù)牛頓第二定律可知；加速度的方向與物體受到的合外力的方向相同；

結合速度與加速度的關系可知；當加速度方向與速度方向相同，加速度減小，速度增大．當物體的加速度方向與速度方向相反，速度減小．

所以作用在物體上的合外力減小時；速度可能隨之減小，也可能隨之增大．所以以上說法是錯誤的．

故答案為：×18、√【分析】【分析】作用于液體表面，使液體表面積縮小的力，稱為液體表面張力．它產(chǎn)生的原因是液體跟氣體接觸的表面存在一個薄層，叫做表面層，表面層里的分子比液體內(nèi)部稀疏，分子間的距離比液體內(nèi)部大一些，分子間的相互作用表現(xiàn)為引力．就象你要把彈簧拉開些，彈簧反而表現(xiàn)具有收縮的趨勢．【解析】【解答】解：兩滴水銀相接觸；立即合并到一起以及熔化的蠟燭從燃燒的蠟燭上流下來，冷卻后呈球形，是因為表面張力使液體表面有收縮的趨勢．故該說法是正確的．

故答案為：√19、×【分析】【分析】根據(jù)電場強度的定義式E=變形得到F與E的關系式，再分析即可．【解析】【解答】解：根據(jù)電場強度的定義式E=得：F=qE

可知電場力與電場強度和電荷量都有關；則電場力大的地方電場強度不一定大，故該判斷是錯的．

故答案為：×．20、×【分析】【分析】從微觀上說，系統(tǒng)內(nèi)能是構成系統(tǒng)的所有分子無規(guī)則運動動能、分子間相互作用勢能的總和．【解析】【解答】解：物體的內(nèi)能是構成物體的所有分子的無規(guī)則熱運動的動能和分子勢能的代數(shù)和；具有統(tǒng)計意義，對單個或幾個分子無意義；

故答案為：×21、√【分析】【分析】當電子躍遷到無窮遠時，電子脫離氫原子核的約束，成為自由電子，氫原子變成氫離子，剛好到無窮遠處的能量為0，因此這時吸收的能量最?。窘馕觥俊窘獯稹拷猓寒旊娮忧『秒婋x時吸收的能量最?。淮藭r有：△E=0-（-13.60）=13.6eV，故以上說法是正確的．

故答案為：√22、×【分析】【分析】B⊥L，根據(jù)安培力的公式F=BIL，求磁感應強度B，注意公式是采用比值法定義的，磁場中某點磁感應強度的大小與F，Il等因素無關，是由磁場本身決定的．【解析】【解答】解：根據(jù)磁感應強度的定義式，有：；由此可知的磁感應強度與導線的放置；長短、電流大小等因素無關，即該處的磁感應強度有磁場本身決定．

所以如果通電的金屬棒在磁場中不受力的作用；該處的磁感應強度不一定為零．故以上說法是錯誤的．

故答案為：×四、解答題(共2題，共10分)23、略

【分析】【分析】（1）根據(jù)動能定理求出當物體的速度與傳送帶相同時物體通過的位移，判斷物體是否存在勻速運動，再求物體獲得的動能Ek；最后根據(jù)動能定理求解傳送帶對小物體做的功；

（2）摩擦產(chǎn)生的熱量Q等于滑動摩擦力大小與物體傳送帶相對位移大小的乘積，由速度公式求出物體加速運動的時間，再求出相對位移，最后根據(jù)Q=f?△S求解因摩擦而產(chǎn)生的內(nèi)能．【解析】【解答】解：（1）設物體與傳送帶速度相同時物體通過的位移大小為S；則由動能定理得：

μmgS=mv2

代入解得S=0.9m＜4.5m；即物塊可與皮帶速度達到相同做勻速運動，則：

Ek=mv2=×1×32=4.5J

根據(jù)動能定理；傳送帶對物體做的功為4.5J；

（2）根據(jù)牛頓第二定律得。

μmg=ma

物體的加速度為：

a=5m/s2

由v=at；得。

t=0.6s

這一過程摩擦產(chǎn)生的熱量：

Q=μmg（vt-s）=0.5×1×10×（1.8-0.9）=4.5J

答：（1）傳送帶對小物體做的功為4.5J；

（2）因摩擦而產(chǎn)生的內(nèi)能為4.5J．24、略

【分析】【分析】（1）對從A到B過程運用動量定理列式求解即可；

（2）對物體受力分析；運用正交分解法，根據(jù)牛頓第二定律列式求解加速度；

（3）運用速度位移公式列式求解即可；【解析】【解答】解：（1）從A到B過程運用動量定理；得到

（F-μmg）t=mv

解得

故物塊運動到B點時速度的大小為．

（2）物體沿斜面向上運動；受力如右圖所示

根據(jù)牛頓第二定律

mgsinθ+μN=ma

N=mgcosθ

解得

a=g（sinθ+μcosθ）

故物塊沿斜面向上運動時加速度的大小g（sinθ+μcosθ）．

（3）根據(jù)v2=2aS

解得

故物塊沿斜面上滑的最大距離為．五、簡答題(共4題，共8分)25、略

【分析】【分析】根據(jù)歐姆定律求解電阻，已知電流的多少和通電時間，根據(jù)公式Q=It求出電荷，再由Q=ne求出電子數(shù)目．【解析】【解答】解：根據(jù)歐姆定律得：R=；

導體中通過的電荷量為。

Q=It=0.2×60=12C．

通過的電子數(shù)為n==7.5×1019個。

答：導體的電阻為50Ω，1分鐘內(nèi)通過導體橫截面的電子數(shù)為7.5×1019個26、略

【分析】【解析】略【解析】【答案】27、（1）干燥管濃硫酸（2）檢驗氣密性②③①蒸餾（或分餾）（3）鐵粉溫度過高會導致TiOSO4提前水解，產(chǎn)生TiOSO4水解為固體H2TiO3沉淀（4）TiOSO4+2H2OH2TiO3+H2SO4（5）加入鹽酸并震蕩，滴加KSCN溶液后無明顯現(xiàn)象，再加H2O2后出現(xiàn)微紅色【分析】【分析】本題以工業(yè)流程圖為背景，考查了學生分析問題、解決問題互溶運用知識的能力，培養(yǎng)了學生的邏輯思維能力?！窘獯稹縭m{(1)}儀器rm{A}是干燥管，因為rm{TiCl_{4}}遇到水蒸氣會水解，所以rm{E}中可以用濃硫酸來隔離空氣中的水蒸汽，故答案為：干燥管；濃硫酸；rm{(2)}對于氣體的制取性質(zhì)實驗應該：組裝儀器、檢驗氣密性、加裝藥品，發(fā)生反應，終止實驗時為防止倒吸，應先熄滅酒精燈，冷卻到室溫后再停止通入rm{N_{2}}rm{CCl_{4}}和rm{TiCl_{4}}是兩種沸點差異較大的液體混合物；應該用蒸餾；

故答案為：檢驗氣密性；rm{壟脷壟脹壟脵}蒸餾；

rm{(3)}因為礦石經(jīng)硫酸溶解后得到的rm{Fe_{2}(SO_{4})_{3}}而后面過濾得到的是rm{FeSO_{4}?7H_{2}O}所以試劑rm{A}是鐵粉，把rm{Fe^{3+}}還原為rm{Fe^{2+}}由于rm{TiOSO_{4}}容易水解，若溫度過高，則會有較多rm{TiOSO_{4}}水解為固體rm{H_{2}TiO_{3}}而經(jīng)過濾進入rm{FeSO_{4}?7H_{2}O}中導致rm{TiO_{2}}產(chǎn)率降低；

故答案為：鐵粉；溫度過高會導致rm{TiOSO}rm{4}提前水解，產(chǎn)生rm{4}rm{TiOSO}水解為固體rm{4}rm{4}rm{H}rm{2}沉淀；rm{2}rm{TiO}水解為生成rm{3}rm{3}rm{(4)TiOSO}rm{4}反應方程式為：rm{4}rm{H}rm{2}rm{2}rm{Ooverset{{90}^{0}C}{=}H}rm{TiO}rm{{,!}_{3}}反應方程式為：rm{{,!}_{3}}rm{TiOSO}rm{4}rm{4}rm{+2H}故答案為：rm{2}rm{2}rm{Ooverset{{90}^{0}C}{=}

H}rm{2}rm{Ooverset{{90}^{0}C}{=}H}rm{2}rm{TiO}rm{3}rm{3}rm{+H}rm{2}rm{2}rm{SO}加入鹽酸并震蕩，滴加rm{{,!}_{4,}}故答案為：溶液后無明顯現(xiàn)象，再加rm{{,!}_{4,}}rm{TiOSO}rm{4}rm{4}后出現(xiàn)微紅色說明存在rm{+2H}rm{2}，故答案為：加入鹽酸并震蕩，滴加rm{2}溶液后無明顯現(xiàn)象，再加rm{Ooverset{{90}^{0}C}{=}

H}rm{2}rm{2}rm{TiO}【解析】rm{(1)}干燥管濃硫酸rm{(2)}檢驗氣密性rm{壟脷壟脹壟脵}蒸餾rm{(}或分餾rm{)}rm{(3)}鐵粉溫度過高會導致rm{TiOSO_{4}}提前水解，產(chǎn)生rm{TiOSO_{4}}水解為固體rm{H_{2}TiO_{3}}沉淀rm{(4)TiOSO}rm{{,!}_{4}+2}rm{{,!}_{4}+2}rm{H}rm{Ooverset{{90}^{0}C}{=}H}rm{2}rm{2}rm{Ooverset{{90}^{0}C}{=}

H}rm{2}rm{2}加入鹽酸并震蕩，滴加rm{TiO}溶液后無明顯現(xiàn)象，再加rm{{,!}_{3}+}后出現(xiàn)微紅色rm{{,!}_{3}+}28、略

【分析】【分析】先對B物體受力分析，根據(jù)平衡條件可求出繩子拉力的大?。辉賹ξ矬wA受力分析，抓住合力為零，運用正交分解求出地面對A的彈力和靜摩擦力大?。窘馕觥俊窘獯稹拷猓合葘物體受力分析，受重力和拉力，故拉力等于T=GB；

再對A物體受力分析；受重力支持力；靜摩擦力和拉力，根據(jù)平衡條件可得：

水平方向：f=Tcosα

豎直方向：Tsinα+FN=GA

其中：T=GB

聯(lián)立以上各式可得：

f=GBcosα，F(xiàn)N=GA-GBsinα

答：地面對A的支持力為GA-GBsinα，摩擦力為GBcosα．六、推斷題(共4題，共20分)29、rm{(1)}羥基rm{2-}羥基丁二酸

rm{(2)}不能若先氧化則rm{B}中碳碳雙鍵也被氧化

rm{(3)}

rm{(4)}rm{10}

rm{(5)}【分析】【分析】本題考查有機物的推斷和合成，難度較大?！窘獯稹恳胰埠图兹┌l(fā)生反應生成rm{A}結合所給信息和rm{A}的分子式可知rm{A}是rm{C{H}_{2;}OHC隆脭CC{H}_{2;}OH}rm{C{H}_{2;}OHC隆脭CC{H}_{2;}OH

}和氫氣加成生成rm{A}是rm{B}rm{CH_{2}OHCH=CHCH_{2}OH}和rm{B}發(fā)生加成反應生成rm{HCl}rm{C}被高錳酸鉀氧化生成rm{C}是rm{D}發(fā)生鹵素原子的水解生成rm{D}是rm{E}羥基丁二酸，rm{2-}根據(jù)分析可知rm{(1)}中的官能團是羥基，rm{A}的名稱是rm{E}羥基丁二酸，故答案為：羥基；rm{2-}羥基丁二酸；rm{2-}上述轉(zhuǎn)化關系中rm{(2)}和rm{B隆煤C}這兩步的順序不能顛倒，若先氧化則rm{C隆煤D}中碳碳雙鍵也被氧化，故答案為：不能；若先氧化則rm{B}中碳碳雙鍵也被氧化；rm{B}反應rm{(3)}的化學反應方程式為：故答案為：rm{壟脵}根據(jù)分析可知rm{(4)}的結構簡式為：能發(fā)生銀鏡反應的rm{B}的同分異構體中一定含有醛基，結合rm{B}的分子式可知，若有兩個醛基，則剩下rm{B}故不成立；滿足條件的rm{C_{2}H_{6}}的同分異構體有三種情況：rm{B}一個醛基，一個羥基，還是rm{壟脵}相當于丙烷的二元取代物，共有rm{隆陋C_{3}H_{6}}種；rm{5}一個醛基，一個醚鍵，有rm{壟脷}種結構；rm{3}甲酸丙酯，有rm{壟脹}種結構，共rm{2}種，故答案為：rm{10}rm{10}以rm{(5)}rm{1}丁二烯為原料制備rm{3-}的合成路線為：故答案為：rm{E}【解析】rm{(1)}羥基rm{2-}羥基丁二酸rm{(2)}不能若先氧化則rm{B}中碳碳雙鍵也被氧化rm{(3)}rm{(4)}rm{10}rm{(5)}30、（1）苯乙炔（2）取代反應消去反應（3）（4）B（5）（6）5（7）【分析】【分析】本題考查有機物的推斷與合成、有機反應類型、限制條件同分異構體書寫、對信息的獲取與遷移運用等，是對有機化學基礎的綜合考查，是有機化學常考題型，熟練掌握官能團的性質(zhì)與轉(zhuǎn)化?！窘獯稹坑蓃m{B}的分子式、rm{C}的結構簡式可知rm{B}為則rm{A}與氯乙烷發(fā)生取代反應生成rm{B}則rm{A}為對比rm{C}rm{D}的結構可知rm{C}脫去rm{2}分子rm{HCl}同時形成碳碳三鍵得到rm{D}該反應屬于消去反應rm{.D}發(fā)生信息中的偶聯(lián)反應生成rm{E}為rm{(1)B}的結構簡式為的結構簡式為rm{(1)B}的化學名稱為苯乙炔，，rm{D}的化學名稱為苯乙炔，rm{D}

故答案為：和；苯乙炔；的反應類型分別為取代反應、消去反應，rm{(2)壟脵}和rm{壟脹}的反應類型分別為取代反應、消去反應，

rm{(2)壟脵}反應rm{壟脹}化學反應方程式為故答案為：取代反應、消去反應；rm{(3)}反應rm{壟脺}化學反應方程式為rm{(3)}為rm{壟脺}，故答案為：二苯基丁烷，理論上需要消耗氫氣；故A正確；B.rm{(4)A.E}為碳碳三鍵上的碳原子在一條直線上，則合成rm{1}rm{4}二苯基丁烷，理論上需要消耗氫氣rm{4mol}故A正確；分子中處于同一條直線上的原子最多有rm{1}個，故B錯誤；C.根據(jù)rm{4}的結構簡式可知rm{4mol}分子的核磁共振氫譜面積比為rm{E}故C正確；D.rm{E}分子中處于同一條直線上的原子最多有rm{10}個，故B錯誤；不能使rm{E}能使酸性高錳酸鉀溶液褪色，故D正確；rm{10}故答案為：rm{C}

rm{C}分子的核磁共振氫譜面積比為rm{1:2:2:3}故C正確；化合物rm{C}rm{1:2:2:3}也可發(fā)生rm{A}偶聯(lián)反應生成聚合物，該聚合反應的化學方程式為：酸性高錳酸鉀溶液褪色，rm{B}rm{B}

芳香化合物rm{B}是rm{(5)}化合物rm{(}的同分異構體，其分子中只有兩種不同化學環(huán)境的氫，數(shù)目比為rm{(5)}rm{(}可能的結構簡式為：共rm{)}也可發(fā)生rm{Glaser}偶聯(lián)反應生成聚合物，該聚合反應的化學方程式為：種rm{)}rm{Glaser}，故答案為：

；rm{(6)}芳香化合物rm{F}是rm{C}的同分異構體，其分子中只有兩種不同化學環(huán)境的氫，數(shù)目比為rm{3}rm{1}可能的結構簡式為：rm{(6)}rm{F}rm{C}rm{3}rm{1}rm{5}【解析】rm{(1)}苯乙炔rm{(2)}取代反應消去反應rm{(3)}rm{(4)B}rm{(5)}rm{(6)5}rm{(7)}31、（1）cd（2）酯化反應或取代反應（3）酯基、碳碳雙鍵還原反應（4）己二酸HOOC（CH2）4COOH+HOCH2CH2CH2CH2OH+（2n-1）H2O（5）9（6）【分析】【分析】本題考查有機物的合成、官能團的結構與性質(zhì)、有機反應類型、限制條件同分異構體書寫等，是對有機化學基礎基礎的綜合考查，rm{(6)}中注意根據(jù)題目中轉(zhuǎn)化關系涉及合成路線，較好的考查學生知識遷移運用能力?！窘獯稹縭m{(1)a.}糖類不一定有甜味，如纖維素等，組成通式不一定都是rm{C_{n}H_{2m}O_{m}}形式，如脫氧核糖rm{(C_{6}H_{10}O_{4})}故rm{a}錯誤；

rm{b.}葡萄糖與果糖互為同分異構體，但麥芽糖水解生成葡萄糖，故rm錯誤；

rm{c.}淀粉水解生成葡萄糖，能發(fā)生銀鏡反應說明含有葡萄糖，說明淀粉水解了，不能說明淀粉完全水解，再加入使碘溶液不變藍，說明淀粉完全水解，故rm{c}正確；

rm{d.}淀粉和纖維素都屬于多糖類，是天然高分子化合物，故rmkyisum2正確。

故選rm{cd}rm{(2)B}與甲醇發(fā)生酯化反應生成rm{C}屬于酯化反應或取代反應；

rm{(3