2025年粵人版必修3物理上冊月考試卷含答案

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年粵人版必修3物理上冊月考試卷含答案考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五總分得分評卷人得分一、選擇題(共5題，共10分)1、如圖所示，電源電動勢、內(nèi)阻保持不變，合上開關(guān)S，燈泡L與定值電阻R2串聯(lián)，R1是電阻箱，增大電阻箱R1的接入阻值，下列說法正確的是（）

A.路端電壓增大B.燈泡L的電功率減小C.定值電阻R2的熱功率減小D.通過電阻箱R1的電流增大2、某一區(qū)域的電場線分布如圖所示，A、B、C是電場中的三個點；下列說法正確的是（）

A.該電場線是由正電荷產(chǎn)生的B.沒有電場線的地方電場強度為零C.A、B、C三點中B點電場強度最大D.把一個試探電荷放到B點由靜止釋放，它將沿電場線加速運動3、功的單位是（）A.法拉FB.瓦特WC.庫侖CD.焦耳J4、如圖所示，兩個半徑不等的均勻帶電圓環(huán)帶電荷量相等，P環(huán)的半徑大于Q環(huán)的，P帶正電，Q帶負電。兩圓環(huán)圓心均在O點，固定在空間直角坐標系中的平面上。在x軸上，到O點的距離相等，c在y軸上，到O點的距離小于Q環(huán)的半徑。取無限遠處電勢為零；則（）

A.O點場強為零，電勢也為零B.兩點場強相同，電勢相等C.電子在c處的電勢能大于在a處的D.電子沿x軸從a到b，電場力先做正功后做負功5、利用控制變量法，可以研究影響平行板電容器電容的因素，如圖所示，平行板電容器的極板A與一靜電計相接，極板B接地，若極板B稍向上移動一點；由觀察到的靜電計的指針變化，得出平行板電容器的電容變小的結(jié)論，其依據(jù)是()

A.極板上的電量幾乎不變，靜電計指針張角變小B.極板上的電量幾乎不變，靜電計指針張角變大C.兩極板間的電壓不變，靜電計指針張角變大D.兩極板間的電壓不變，靜電計指針張角變小評卷人得分二、多選題(共8題，共16分)6、如圖所示，AC、BD為圓的兩條互相垂直的直徑，圓心為O，半徑為R。電荷量均為Q的正、負點電荷放在圓周上，它們的位置關(guān)于AC對稱，+Q與O點的連線和OC間夾角為30°；下列說法正確的是（）

A.O點的場強大小為方向由O指向DB.O點的場強大小為方向由O指向DC.D兩點的電勢關(guān)系是D.電荷量為q的正電荷在A點的電勢能大于在C點的電勢能7、將一電荷量為+Q的小球放在不帶電的金屬球附近，所形成的電場線分布如圖所示，金屬球表面的電勢處處相等．a(chǎn)、b為電場中的兩點；則。

A.a點的電場強度比b點的大B.a點的電勢比b點的高C.檢驗電荷-q在a點的電勢能比在b點的大D.將檢驗電荷-q從a點移到b點的過程中，電場力做負功8、如圖所示，平行于紙面方向的勻強電場中存在一等邊三角形ABC，三角形邊長為l，將電荷量為的電荷從無窮遠處分別移至C、A兩點，電場力做功分別為W、將該電荷由C點移至B點，電場力做功為取無窮遠電勢為0，下列說法正確的是（）

A.C點的電勢為B.B點的電勢為0C.電場強度的方向垂直于AC邊斜向上D.電場強度的大小為9、如圖所示，在勻強電場中，有邊長為cm的正六邊形ABCDEF，其六個頂點均位于同一個圓上，正六邊形所在平面與勻強電場的電場線平行，O點為該正六邊形的中心，A、B、F三點電勢分別為下列說法正確的是（）

A.將電子由B點移到A點，電子的電勢能增加了3eVB.電子在A、C兩點電勢能比較，在A點電勢能小于在C點電勢能C.勻強電場的電場強度大小為100V/m，方向由B指向FD.在正六邊形ABCDEF外接圓的圓周上，電勢最低點的電勢為10、利用電容傳感器可檢測礦井滲水，及時發(fā)出安全警報，如圖所示是一種通過測量電容器電容的變化來檢測礦井中液面高低的儀器原理圖，A為固定的導體芯，B為導體芯外面的一層絕緣物質(zhì)，C為導電液體（礦井中含有雜質(zhì)的水），A、C構(gòu)成電容器。靈敏電流表G的a端通過導線穿過絕緣物質(zhì)B與A極相連。則（）

A.若G中有從a到b的電流，說明電容器正在充電B.若G中有從a到b的電流，說明電容器正在放電C.若G中有從a到b的電流，說明礦井正在滲水（即導電液深度h正在增大）D.若G中有從a到b的電流，說明礦井中導電液深度h正在減小11、一個空氣平行板電容器，極板間相距d，正對面積S，充以電荷量Q后，兩極板間電壓為U，為使電容器的電容加倍，可采用的辦法是()A.將電壓變?yōu)閁/2B.將帶電荷量變?yōu)?QC.將極板間的距離變?yōu)閐/2D.兩板間充滿介電常數(shù)為2的電介質(zhì)12、如圖所示，a、b、c、d是矩形的四個頂點，空間中有平行于矩形所在平面的勻強電場。已知a點的電勢為b點的電勢為d點電勢為一質(zhì)子從b點以初速度射入該電場，入射方向與成角；不計質(zhì)子的重力，則下列判斷正確的是（）

A.c點的電勢為B.電場強度大小為C.質(zhì)子可能運動到c點，所用時間為D.質(zhì)子可能運動到a點，到達a點時的電勢能減少了13、如圖所示，R0為熱敏電阻（溫度降低電阻增大），R為滑動變阻器，D為理想二極管（正向電阻為零，反向電阻無窮大），真空中水平放置的平行板電容器，上下極板Y和Y′相距d，A為兩極板左側(cè)中點，AB線段與兩極板等長，到兩板距離相等。在開關(guān)S閉合后，質(zhì)量為m、帶電荷量為+q的粒子（不計重力），以初速度v0沿水平方向射入電場且能穿出電場，偏轉(zhuǎn)位移為y。則（）

A.粒子飛出電場時，速度方向的反向延長線一定交于AB線段中點B.只將變阻器R的滑動觸頭P向上移動，則偏轉(zhuǎn)位移y將減小C.只將上極板Y向上稍微移動，粒子穿過電場過程中，電場力做功不變D.只將熱敏電阻R0升溫，粒子穿過電場過程中，粒子的動量變化量不變評卷人得分三、填空題(共5題，共10分)14、某一電磁波在真空中的傳播頻率為2450MHz，它的波長為________m（結(jié)果保留兩位有效數(shù)字）。15、真空中，點電荷Q所產(chǎn)生的電場強度的計算公式是E=________，A、B兩點到點電荷Q的距離分別為R和3R，則A、B兩點的電場強度大小之比為___________。16、如圖所示，勻強電場的電場線與平行，把的負電荷從點移到點，靜電力做功長與成60°角。則勻強電場的場強方向______（填：指向或指向）；設(shè)處電勢為則處電勢為______，該負電荷在處的電勢能為______。

17、均勻帶電正方形框邊長為R，所帶電量為+Q，若取無窮遠處電勢為零，則其兩條對角線交點處的電勢___零，(選填“大于”、“小于”或“等于”)；今在其一邊中點挖去一個長為r(r<<R)的一小段后，則其兩條對角線交點處電場強度大小____________18、如圖所示，勻強電場方向平行于xoy平面，在xoy平面內(nèi)有一個半徑為R=5cm的圓，圓上有一動點P，半徑OP與x軸方向的夾角為θ，P點沿圓周移動時，P點的電勢滿足p25sin(V)勻強電場的大小E=_____V/m，方向為_____．

評卷人得分四、實驗題(共1題，共4分)19、某實驗小組同學利用電流表和電壓表測定由兩節(jié)干電池串聯(lián)而成的電池組的電動勢和內(nèi)阻；現(xiàn)有開關(guān)和導線若干，以及如下器材：

A.電流表A:量程0～0.6A；內(nèi)阻約為0.125Ω

B.電壓表V:量程0～3V；內(nèi)阻約為3kΩ

C.滑動變阻器:最大阻值為30Ω

D.滑動變阻器:最大阻值為300Ω

實驗電路如圖（a）所示。

(1)為了操作方便，減小實驗誤差，滑動變阻器應(yīng)選用______選填相應(yīng)器材前的字母；

(2)圖（a）中，閉合開關(guān)前，滑動變阻器的滑片應(yīng)該置于最______端選填“左”或“右”；

(3)圖（b）是甲同學根據(jù)實驗數(shù)據(jù)繪制的U-I圖線，根據(jù)圖線求得被測電池組的電動勢E=______V；內(nèi)阻r=______Ω（結(jié)果均保留兩位小數(shù)）；

(4)該實驗中，產(chǎn)生系統(tǒng)誤差的主要原因是______；

A.電流表分壓B.電壓表分流C.讀數(shù)帶來的誤差。

(5)如圖為乙同學做出的伏安特性曲線，實線為根據(jù)測量數(shù)據(jù)繪制的圖線，虛線為在沒有系統(tǒng)誤差的情況下，通過電源電流與電壓表兩端電壓的關(guān)系的圖線，四幅圖中能夠正確反映兩者關(guān)系的是______。

A.B.C.D.評卷人得分五、解答題(共1題，共8分)20、電業(yè)工人創(chuàng)造了具有世界先進水平的超高壓帶電作業(yè)法利用“絕緣梯”使輸電線間的電勢差逐漸變小，直到最后使人體的電勢與輸電線電勢相等試問：

人與輸電線電勢相等時；為什么沒有危險？

超高壓輸電線周圍存在強電場；人靠近輸電線時，人體會有什么現(xiàn)象發(fā)生？

工人帶電作業(yè)時穿著由金屬絲和棉紗織成的均壓服，有什么作用？參考答案一、選擇題(共5題，共10分)1、A【分析】【詳解】

A．當電阻箱的接入阻值變大，電路總電阻R變大，由閉合電路歐姆定律知，總電流I減小，路端電壓

電源兩端的電壓（電阻箱兩端的電壓）增大；故A正確；

BC．電源兩端的電壓增大，即燈泡L與定值電阻的總電壓增大，流過L與定值電阻的電流增大，L的電功率增大，定值電阻的熱功率增大；故BC錯誤；

D．總電流減小，當流過L與定值電阻的電流增大，則流過電阻箱的電流一定減??；故D錯誤。

故選A。2、C【分析】【詳解】

A．正電荷的電場為向外的輻向電場；電場線不可能是曲線，選項A錯誤；

B．電場線的疏密程度表示電場的強弱；沒有電場線的地方不代表電場強度為零，選項B錯誤；

C．A、B、C三點中B點電場線最密集；則電場強度最大，選項C正確；

D．把一個試探電荷放到B點由靜止釋放；由于電場線不是直線，則它不會沿電場線加速運動，選項D錯誤。

故選C。3、D【分析】【分析】

【詳解】

法拉F是電容的單位，瓦特W是功率的單位，庫侖C是電量的單位，焦耳J是功的單位，故選D。4、C【分析】【詳解】

A．由對稱性可知，圓環(huán)在O處產(chǎn)生的電場強度均為零，所以O(shè)處的合場強為零，帶等量異種電荷，電場線從P指向Q，電場線分布具有軸對稱性，平面上的電場線分布示意圖如圖新示，可知x軸正方向有沿x軸負方向指向O的電場分量，x軸負方向有沿x軸正方向指向O的電場分量，由沿電場線方向電勢降低可知O處電勢小于0；A錯誤；

B．由對稱性可知兩點場強太小相同，方向均指向Q點，即方向相反，兩點電勢相等；B錯誤；

C．從O到c電場有沿y軸正方向的分量，把電子從a處移到O處，再從O處移到c處，電場力一直做負功，電勢能增加，所以電子在c處具有的電勢能大于在a處的；C正確；

D．電子沿x軸從a移動到b；電場力先做負功后做正功，D錯誤。

故選C。

5、B【分析】【分析】

【詳解】

A極板與靜電計相連，所帶電荷量幾乎不變，B板與A板帶等量異種電荷，電荷量也幾乎不變，故電容器的電荷量Q幾乎不變．將極板B稍向上移動一點，極板正對面積減小，電容

減小，由公式

知板間電壓變大，則靜電計指針的偏角θ變大；故D正確，ABC錯誤。

故選D。二、多選題(共8題，共16分)6、A:C【分析】【詳解】

AB．O的場強大小

方向由O指向D；A正確，B錯誤；

C．等量異種電荷，電場線從正電荷出發(fā)到負電荷，沿著電場線，電勢逐漸減小，因此C正確；

D．A點與C點的電勢相等，其電勢差為零，則電荷q從A點運動到C點；電場力做功為零，A點電勢能等于C點的電勢能，D錯誤。

故選AC。7、A:B:D【分析】【分析】

【詳解】

A項：電場線越密集的地方電場強度就越大，從上圖中可以看出a處的電場線比b處的電場線密集，所以a點的場強大于b點的場強；故A項正確；

B項：a點所在的電場線從Q出發(fā)到不帶電的金屬球終止,所以a點的電勢高于金屬球的電勢,而b點所在處的電場線從金屬球發(fā)出到無窮遠,所以金屬球的電勢高于b點的電勢,即a點的電勢比b點的高.故B正確;

C項：電勢越高的地方,負電荷具有的電勢能越小,即負電荷在a點的電勢能較b點小,故C錯誤;

D項：由上知,-q在a點的電勢能較b點小,則把-q電荷從電勢能小的a點移動到電勢能大的b點,電勢能增大,電場力做負功.所以D選項是正確的.

綜上所述：本題答案為：ABD8、A:D【分析】【詳解】

A．C點的電勢

故A正確；

B．將電荷由C點移至B點，電場力做功為可知

則B點的電勢

故B錯誤；

C．A點的電勢

則AC邊中點D的電勢為

由此可知電場強度方向與BD垂直，即與AC邊方向平行。由于

所以電場強度方向沿AC邊斜向下；故C錯誤；

D．電場電場強度大小為

故D正確。

故選AD。9、A:C【分析】【分析】

【詳解】

A．由于。

說明將電子由B點移到A點電勢能增加了3eV；A正確；

B．由于。

由。

得。

又。

得。

故。

B錯誤；

C．由電場強度與電勢差間的關(guān)系得。

場強方向垂直于AO從B到F；所以C正確；

D．由上圖可知，在正六邊形ABCDEF外接圓周上，由電勢沿電場線方向降低可知，電勢最低點是N點。

得。

所以D錯誤.

故選AC。10、A:C【分析】【詳解】

AB．A、C構(gòu)成電容器，由圖可知兩板間的距離不變，液面變化時只有正對面積發(fā)生了變化，由

可知，當液面升高時，電容正對面積增大，電容增大，由于電源電壓不變，因此電容器兩端的電勢差不變，根據(jù)

可知，當電容增大時，電容的電荷量增大，電容器充電，G中有從a到b的電流。同理，當液面下降時，電容器減小，電容的電荷量減少，電容器放電，G中有從b到a的電流。故AC正確；BD錯誤。

故選AC。11、C:D【分析】【詳解】

電容器的電容反映電容器容納電荷的本領(lǐng)大小，由電容器本身決定，與極板間的電壓和所帶電荷量無關(guān)，所以改變電容器的電壓和帶電量不會改變電容器的電容，故AB錯誤．由電容器的決定式可知，要使電容器的電容加倍，可采取的方式是：①將極板間的距離變?yōu)棰趯㈦娊赓|(zhì)換為介電常數(shù)為原來的介電常數(shù)為2的電介質(zhì)；故CD正確.

【點睛】

改變電容器的電壓和帶電量不會改變電容器的電容，由電容器的決定式我們可以知道通過改變正對面積S，介電質(zhì)常數(shù)，極板間的距離d來改變電容．12、B:C【分析】【詳解】

A．在勻強電場中，沿著電場線方向每前進相同的距離，電勢變化相等，故有

解得

A錯誤；

B．a(chǎn)d中點與c點連線為等勢線，d到等勢線的距離為則電場強度大小為

方向與等勢線垂直指向d點；B正確；

C．由上可知，質(zhì)子速度與電場強度方向垂直，做類平拋運動，垂直于電場強度方向做勻速運動，位移大小為

運動時間為

C正確；

D．質(zhì)子做類平拋運動，不可能運動到a點；D錯誤。

故選BC。13、A:C【分析】【詳解】

A．依題意知，粒子在極板間受到豎直向下恒定的電場力作用，粒子做類平拋運動。根據(jù)平拋運動推論可推知該粒子飛出電場時，速度方向的反向延長線一定交于AB線段中點；故A正確；

B．只將變阻器R的滑動觸頭P向上移動，則滑動變阻器接入電路中的阻值變大，根據(jù)閉合電路歐姆定律可知，干路電流減小，內(nèi)電壓及R0兩端電壓減小，所以滑動變阻器兩端電壓增大，由于極板間的電壓等于滑動變阻器兩端電壓，所以極板間電壓變大，電場場強變大，根據(jù)類平拋運動規(guī)律可知，粒子飛出極板的時間保持不變，豎直方向加速度變大，根據(jù)豎直方向上偏轉(zhuǎn)位移

可知，y將增大；故B錯誤；

C．只將上極板Y向上稍微移動，則根據(jù)

可知電容器電容將減小，根據(jù)

由于電容器極板間電壓保持不變，所以Q將減小，即電容器將放電，但由于二極管單向?qū)щ?，所以電容器上的電荷量將保持不變，根?jù)

又

聯(lián)立可得

可知極板間電場強度保持不變，粒子穿過電場過程中受到的電場力保持不變，由于粒子飛出電場的時間不變，則粒子穿過電場過程中，豎直方向位移y不變；電場力做功不變，故C正確；

D．只將熱敏電阻R0升溫，則R0則阻值變小，根據(jù)閉合電路歐姆定律可知，干路電流增大，則滑動變阻器兩端電壓增大，極板間電壓增大，電場強度增大，粒子受到的電場力F變大，由于粒子飛出電場的時間保持不變，根據(jù)動量定理

可知粒子的動量變化量將增大；故D錯誤。

故選AC。三、填空題(共5題，共10分)14、略

【分析】【分析】

由題意分析可知考查波速公式；代入數(shù)值計算可得．

【詳解】

[1]由可得

【點睛】

根據(jù)波速公式變形可求得波長的表達式，代入數(shù)值計算可得．【解析】0.1215、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1]真空中，點電荷Q所產(chǎn)生的電場強度的計算公式是

[2]A、B兩點到點荷Q的距離分別為R和3R，則A、B兩點的電場強度大小之比為【解析】①.②.9：116、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1]將負電荷從A移至B，靜電力做正功，所以所受靜電力方向由A至C，又因為是負電荷，場強方向與負電荷受靜電力方向相反，所以場強方向應(yīng)為C至A方向。

[2]由

得

即

故

[3]電子在A點的電勢能【解析】①.由指向②.③.17、略

【分析】【詳解】

[1]均勻帶電正方形框；根據(jù)對稱性可知，其兩條對角線交點處的電場強度為零，而正點電荷，電場線是擴散狀，根據(jù)沿著電場線方向電勢降低可知，兩條對角線交點處的電勢大于零；

[2]在其一邊中點挖去一個長為r（r＜＜R）的一小段后，則其兩條對角線交點處電場強度等于由r長的電荷在對角線交點處的場強，即【解析】大于18、略

【分析】【詳解】

由于點的電勢所以和兩位置的電勢相等，當時，點的電勢最大為25V，當或時，P點的電勢最小為0V